江蘇省無錫市普通高中2018-2019學(xué)年高二第二學(xué)期期末物理試題-76b9f14ea889464089716de3008aa34a

1、絕密啟用前江蘇省無錫市普通高中2018 2019學(xué)年高二第二學(xué)期期末物理試題試卷副標(biāo)題題號一一三四總分得分考試范圍：xxx;考試時間：100分鐘；命題人：xxx注意事項：1 .答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息2 .請將答案正確填寫在答題卡上第I卷（選擇題）請點擊修改第I卷的文字說明評卷人得分、單選題1 .如圖所示，有一正方形閉合線圈，在足夠大的勻強磁場中運動.下列四個圖中能產(chǎn)生感應(yīng)電流的是一 .X X X XABA .矩形線圈平行于磁場向右平移C.矩形線圈繞水平軸 OO勻速轉(zhuǎn)動qB.矩形線圈垂直于磁場向右平移D.矩形線圈繞豎直軸 OO勻速轉(zhuǎn)動2.如圖所示，一個繞圓心軸 MN勻速轉(zhuǎn)動的金

2、屬圓盤，勻強磁場垂直于圓盤平面，磁感應(yīng)強度為B,圓盤中心C和圓盤邊緣D通過電刷與螺線管相連， 圓盤轉(zhuǎn)動方向如圖所示，則下述結(jié)論中正確的是A.圓盤上的電流由圓心流向邊緣B.圓盤上的 C點電勢高于 D點電勢C.金屬圓盤上各處電勢相等試卷第14頁，總8頁D .螺線管產(chǎn)生的磁場，F(xiàn)端為N極3. “二分頻”音箱內(nèi)有兩個不同口徑的揚聲器，它們的固有頻率分別處于高音低音頻段，分別稱為高音揚聲器和低音揚聲器音箱要將擴音機送來的含有不同頻率的混合音頻電流按高、低頻段分離出來，送往相應(yīng)的揚聲器，以便使電流所攜帶的音頻信息按原比例還原成高、低頻的機械振動右圖為音箱的電路圖，高、低頻混合電流由a、b端輸入,下列說法正

3、確的是A.甲揚聲器是高音揚聲器B. C2的作用是阻礙低頻電流通過乙揚聲器C. Li的作用是阻礙低頻電流通過甲揚聲器D. L2的作用是減弱乙揚聲器的高頻電流4 .根據(jù)玻爾理論，某原子從能量為E的軌道躍遷到能量為 E的軌道，輻射出波長為入的光.以h表示普朗克常量，c表示真空中的光速,A.hE-cC.hcE-5. 一理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10:1，原線圈輸入電壓的變化規(guī)律如圖甲所示副線圈所接電路如圖乙所示P為滑動變阻器的觸頭.下列說法正確的是甲乙A.副線圈輸出電壓的頻率為原來的一半B.副線圈輸出電壓的有效值為31VC. P向右移動時，原副線圈的電流比減小D. P向右移動時，變壓器的輸入功率增

4、加6.如圖所示，在豎直方向的磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，金屬框架 ABCD （框架電阻忽略不計）固定在水平面內(nèi)，AB與CD平行且足夠長，BC與CD夾角0 （體90）,光滑均勻?qū)w棒 EF （垂直于CD）緊貼框架，在外力作用下以垂直于自身的速度v向右題答內(nèi)線訂裝在要不請派 rkr 八 夕 一勻速運動，經(jīng)過 C點作為計時起點，下列關(guān)于電路中電流大小I與時間t、消耗的電功率P與導(dǎo)體棒水平移動的距離X變化規(guī)律的圖象中正確的是（）7.關(guān)于下列四幅圖說法錯誤的是（）3汽電丹應(yīng)買并C電子束港中猾令D-郎子公子尹沱A.原子中的電子繞原子核高速運轉(zhuǎn)時，運行軌道的半徑可以是任意的B.光電效應(yīng)實驗說明了光具有粒子性

5、C .電子束通過鋁箔時的衍射圖樣證實了運動電子具有波動性D.發(fā)現(xiàn)少數(shù)“粒子發(fā)生了較大偏轉(zhuǎn)，說明原子的質(zhì)量絕大部分集中在很小空間范圍評卷人得分、多選題8.在如圖所示的電路中， Ai和A2是完全相同的燈泡，線圈 L的電阻可忽略，下列說法正確的是L A,Vvwng)(gj*1|) 上一工。 ) ,、 打】 】 】 C - - - - 韭 - - - - C 】 】 】 八夕評卷人得分四、解答題電子電量e=1.6x10-19C用游標(biāo)卡尺測量遮光條的寬度d示數(shù)如圖乙所示；安裝好氣墊導(dǎo)軌調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌底座螺母，觀察導(dǎo)軌上的氣泡儀，使；向氣墊導(dǎo)軌通入壓縮空氣把滑塊2放在氣墊導(dǎo)軌上白光電門之間；然后讓滑塊1擠壓

6、導(dǎo)軌左端彈射架上的橡皮筋；釋放滑塊1滑塊1通過光電門1的時間為0.008s滑塊1與靜止的滑塊2碰撞后粘合在一起，通過光電門2的時間為0.014s;用天平測得滑塊 1的質(zhì)量310g,滑塊2(包括橡皮泥)的質(zhì)量為200g。(1)遮光條的寬度 d=mm(2)請完善實驗步驟中的內(nèi)容；(3)計算可知兩滑塊相互作用以前系統(tǒng)的總動量 kg m/s；兩滑塊相互作用以后系統(tǒng)的總動量為 kg m/s(保留二位有效數(shù)字)；(4)試說明中兩結(jié)果不完全相等的主要原因是 。15.如圖為通過某光電管的光電流與兩極間電壓的關(guān)系當(dāng)用光子能量為4.5V的藍光照射光電管的陰極 K時對應(yīng)圖線與橫軸的交點 U1=-2.37V(普朗克常

7、量h=6.63x 1034J . s(1)求陰極K發(fā)生光電效應(yīng)的極限頻率；(該小題計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)(2)當(dāng)用光子能量為7.0e v的紫外線持續(xù)照射光電管的陰極K時，求光電子逸出的最大初動能(3)當(dāng)某種頻率的紫外線持續(xù)照射光電管的陰極K時，測得飽和光電流為0.32科筮陰極K在1秒內(nèi)發(fā)射出的光電子數(shù)16 .光滑水平軌道上有三個木塊 A、B、C質(zhì)量分別為 mA=3m、mB=mC=m,開始時B、C 均靜止,A以初速度v向右運動，A與B相撞后分開,B又與C發(fā)生碰撞并粘在一起，此后A 與B間的距離保持不變求一回回.(1)碰撞后A的速度大小 (2)若B與C碰撞時相互作用時間為 t,則碰撞時B對C的

8、平均作用力大小(3)A和B碰撞中機械能的變化17 .如圖所示，水平的平行虛線間距為d=50cm,其間有B=1T的勻強磁場.一個正方形線圈邊長為l=10cm,線圈質(zhì)量m=0.1kg,電阻為R=0.02 。開始時，線圈的下邊緣到磁場上邊緣 的距離為h=80cm將線圈由靜止釋放，其下邊緣剛進入磁場和剛穿出磁場時的速度相等 取 g=10m/s2,求(1)線圈下邊緣剛進入磁場時線圈中感應(yīng)電流的大小和方向(2)線圈上邊緣剛要進入磁場時線圈加速度的大小和方向(3)線圈穿過磁場的整個過程中產(chǎn)生的焦耳熱Q18.如圖所示，兩根等高光滑的。圓弧軌道，半徑l=0.4m、間距L=1m,軌道電阻不計。在 4軌道頂端連有一

9、阻值為R=3的電阻，整個裝置處在一豎直向上的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度為B=0.5T,現(xiàn)將一根長度也為 L質(zhì)量m=0.5kg、電阻r=2的金屬棒從軌道頂端ab處由靜止開始下滑，到達軌道底端cd時對軌道的壓力大小為重力的2倍。整個過程中金屬棒與導(dǎo)軌接觸良好.(g=10m/s2)求題答內(nèi)線訂裝在要不請派(1)金屬棒滑至最低點日所受的安培力F；(2)金屬棒從ab下滑到cd過程中流過金屬棒 ab的電量q;金屬棒從ab下滑到cd過程中電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱 Q;(4)若對金屬棒施加一外力，使金屬棒以4m/s的勻速率從軌道底端cd運動到頂端ab,這一 rkr 八 夕 一過程中外力至少要做多少功？本卷由系統(tǒng)自動生

10、成，請仔細(xì)校對后使用，答案僅供參考參考答案1. . D【解析】【詳解】A圖中線框平行于磁場感應(yīng)線運動，穿過線框的磁通量沒有變化，不會產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A錯誤；B圖中線框垂直于磁感線運動，雖然切割磁感線，但穿過的磁通量沒有變化，因此也 不會產(chǎn)生感應(yīng)電流，故 B錯誤；C圖中線框繞軸轉(zhuǎn)動，但線框平行于磁場感應(yīng)線，穿過的磁 通量沒有變化，因此也不會產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C錯誤；D圖中線框繞軸轉(zhuǎn)動， 導(dǎo)致磁通量發(fā)生變化，因此線框產(chǎn)生感應(yīng)電流，故 D正確；2. A【解析】【詳解】將金屬圓盤看成由無數(shù)金屬幅條組成，根據(jù)右手定則判斷可知： 圓盤上的感應(yīng)電流由圓心流向邊緣。故A正確。金屬圓盤切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，相

11、當(dāng)于電源，可知圓盤邊緣相當(dāng)于電源的正極，圓心相當(dāng)于負(fù)極，所以圓盤邊緣電勢高于圓心的電勢，即D點電勢高于C點電勢，故BC錯誤。感應(yīng)電流從下往上通過螺線管，根據(jù)安培定則可知，螺線管產(chǎn)生的磁場E端為N極。故D錯誤。3. B【解析】【詳解】高頻和低頻交流電通入該電路，由于線圈通低頻，阻高頻，電容通高頻，阻低頻，所以低頻交流電通過甲揚聲器， 高頻交流電通過乙揚聲器。所以甲揚聲器是低音揚聲器； 故A錯誤；電容器是通高頻、阻低頻，故 C2的作用是阻礙低頻電流通過乙揚聲器，故 B正確；Li的作用是高頻扼流圈，阻礙高頻電流通過甲揚聲器，故C錯誤；L2的作用是讓低頻交流電通過，減弱乙揚聲器的低頻電流，故 D錯誤。

12、4. C【解析】釋放的光子能量為 h V =旭，所以E = E- hv =E-hc . 九九5. D【解析】由圖象可知，交流電的周期為0.02s,所以交流電的頻率為 50Hz,變壓器不會改變交流電的頻率，故A錯誤。根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知，原線圈的電壓的最大值為310V,所以副線圈的電壓的最大值為 31V,所以電壓的有效值為 U=_31V,故B錯誤。P右移，R變小，副 .2線圈的電壓不變，則副線圈的電流變大， 原線圈的電流也隨之變大，但電流之比仍然等于匝數(shù)的反比，恒定不變，故 C錯誤。P向右移動時，滑動變阻器的電阻較小，副線圈的電壓不變，所以電路消耗的功率將變大，變壓器的輸出功率增加，故 D正

13、確。6. D【解析】【詳解】設(shè)金屬棒的速度為 v,則運動過程中有效切割長度為：L=vtxtan；。設(shè)金屬棒橫截面積為 S,vt tan. BLv BvS電阻率為p,則回路中電阻為：R = P。所以回路中的電流為：I= =,SR為定值。故AB錯誤。設(shè)導(dǎo)體棒在到達 B之前運動的距離為x,則有：電動勢為：E=BLv=Bxtan V,電阻為:上士， c E2功率為：P = RB2v2Stan ?x,故開始功率隨著距離增大而均勻增大,當(dāng)通過B點之后，感應(yīng)電動勢不變，回路中電阻不變，故功率不變，故D正確，C錯誤。7. A由玻爾理論可知,電子繞原子核高速運轉(zhuǎn)軌道的半徑是特定的；盧瑟福通過分析a粒子散答案第1

14、1頁，總8頁說明電子具有A錯誤。光電效射實驗結(jié)果，得出原子的核式結(jié)構(gòu)模型；根據(jù)電子束通過鋁箔后的衍射圖樣, 波動性；光電效應(yīng)說明光具有粒子性；從而即可求解.根據(jù)玻爾理論，原子中的電子繞原子核高速運轉(zhuǎn)軌道的半徑是特定的。故應(yīng)實驗證明了光具有粒子性。故B錯誤。電子束通過鋁箔時的衍射圖樣證實了電子具有波動性。故C正確。“粒子散射實驗發(fā)現(xiàn)少數(shù) a粒子發(fā)生了較大偏轉(zhuǎn)，說明原子的質(zhì)量絕大部分集中在很小空間范圍。故D正確。本題選擇不正確的，故選 AB.8. AC【解析】【分析】當(dāng)電鍵K閉合時，通過線圈 L的電流增大，穿過線圈的磁通量增大，產(chǎn)生自感現(xiàn)象，根據(jù)楞次定律判斷自感電動勢的方向和作用，分析哪個燈先亮.

15、斷開瞬間也可以按照同樣的思路分析.【詳解】當(dāng)開關(guān)S閉合時，燈L2立即發(fā)光。通過線圈 L的電流增大，穿過線圈的磁通量增大，產(chǎn)生自感電動勢，根據(jù)楞次定律線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢與原來電流方向相反，阻礙電流的增大，所以電路的電流只能逐漸增大，Li逐漸亮起來。所以 L2先亮，Li后亮。由于線圈直流電阻忽略不計，當(dāng)電流逐漸穩(wěn)定時，線圈不產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，兩燈電流相等，亮度相同。最終兩燈一樣亮，故 A正確，B錯誤；穩(wěn)定后當(dāng)電鍵 K斷開后，線圈產(chǎn)生自感電動勢，相當(dāng)于電源，與兩燈構(gòu)成閉合回路， 根據(jù)楞次定律線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢與原來電流方向相同，所以回路中的電流只能慢慢減小，兩燈都過一會兒熄滅，故 CD錯誤；故選A

16、。9. BC【解析】A、話筒是一種常用的聲傳感器，其作用是將聲信號轉(zhuǎn)換為電信號，故 A正確；B、電熨斗溫度自動控制裝置能控制電源的通斷，常溫時，上、下觸點應(yīng)是接觸的，當(dāng)雙金屬片溫度升高時，上下層形變不同，上層形變大，雙金屬片發(fā)生彎曲，使電路斷開，所以電熨斗能夠自動控制溫度的原因是它裝有雙金屬片溫度傳感器，這種傳感器作用是控制電路的通斷，故B正確；C、電子秤所使用的測力裝置是力傳感器，力傳感器由金屬梁和應(yīng)變片組成，故C正確；D、熱敏電阻能把溫度這個熱學(xué)量轉(zhuǎn)換為電阻這個電學(xué)量，屬于熱傳感器，溫度越高，電阻值越小，故D錯誤；故選ABC。10. AC【解析】【詳解】放射性元素的半衰期不隨外界溫度的變化

17、而變化，選項A正確；比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，選項B錯誤；核反應(yīng)方程應(yīng)遵循質(zhì)子數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒，選項 C正確；丫射線是原子核躍遷產(chǎn)生的，選項 D錯誤.11. CD【解析】試題分析：由于發(fā)電廠的輸出電壓不變，升壓變壓器的匝數(shù)不變， 所以升壓變壓器的輸出電壓不變，故A錯誤.B、由于發(fā)電廠的輸出功率增大，則升壓變壓器的輸出功率增大，又升壓變壓器的輸出電壓U2不變，根據(jù)P=UI可輸電線上的電流I線增大，導(dǎo)線上的電壓損失變大，則降壓變壓器的初級電壓減小，則降壓變壓器的輸出電壓減小，故 B錯誤.根據(jù)P損=1線2R,又輸電線上的 電流增大，電阻不變，所以輸電線上的功率損失增大， 故C正確.根據(jù) 損 - ，則

18、有: =;發(fā)電廠的輸出電壓不變，輸電線上的電阻不變，所以輸電線上損耗的功率占總功率的比例隨著發(fā)電廠輸出功率的增大而增大.故D正確.故選CD?？键c：遠(yuǎn)距離輸電12. ABD【解析】【詳解】 B212v 金屬桿ab在運動過程中受到的安培力為：Fa=bil=b、；根據(jù)牛頓第二定律得：F-FA=maRB2L2v倚：F-=ma可知，桿的速度 v增大，安培力增大，合外力減小，加速度減小,R做加速度變小的變加速運動，則v-t圖象的斜率逐漸減小，故AB正確，C錯誤。故桿R上消耗的(BLv)2總能量e =(BLv) t ,若導(dǎo)體桿勻速運動，對應(yīng)的圖象是一次函數(shù)，但是開始一段時間內(nèi) R13.； AD;D正確。導(dǎo)體

19、桿的速度是逐漸增加的，所以圖象的斜率是變大的,【詳解】(1)電路連接如圖:(2)閉合開關(guān)，穿過副線圈的磁通量增大，靈敏電流表的指針向右偏；將原線圈迅速插入副線圈時，磁場方向不變，穿過副線圈的磁通量增大，電流計指針會向右偏一下，選項 A正 確；將原線圈插入副線圈后，磁通量不再變化，則無感應(yīng)電流，電流計指針指在零點，選項B錯誤；原線圈插入副線圈后，將滑動變阻器觸頭迅速向左移動時，滑動變阻器接入電路的阻值變大，原線圈電流變小，穿過副線圈的磁場方向不變，但磁通量變小，靈敏電流計指針將左偏轉(zhuǎn)，選項C錯誤，D正確；(3)試觸時，若電流計紅接線柱與干電池+連接，黑接線柱與-試觸，電流計指針向左偏轉(zhuǎn)，說明電流

20、從哪一側(cè)接線柱流入時指針就向哪一方偏轉(zhuǎn)；當(dāng)圖中強磁鐵向下靠近螺線管時，此時電流計指針向右偏轉(zhuǎn)，說明電流從黑接線柱一側(cè)流入電流表，則螺線管中產(chǎn)生的感應(yīng)電流是從a到b,根據(jù)楞次定律可知，則該強磁鐵下端為N極.14. 使氣墊導(dǎo)軌水平；2.30mm；0.089;0.084;氣墊導(dǎo)軌沒有水平，存在阻力【解析】【詳解】(1)調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌底座螺母，當(dāng)氣墊導(dǎo)軌水平時，滑塊受到的摩擦力幾乎為零；(2)由圖知，游標(biāo)卡尺主尺讀數(shù)為0.2cm=2mm,游標(biāo)尺第6條刻度線和主尺對應(yīng)最齊，故游標(biāo)尺讀數(shù)為 6X0.05=0.30mm ,故遮光條寬度 d=2mm+0.30mm=2.30mm ；(3)由可知，滑塊1通過光電門1

21、的時間為ti=0.008s此時滑塊1的速度為 =故碰前總動量為 P=m1V1=- m1t1t1代入數(shù)據(jù)，得 P=0.089kg?m/s由知，滑塊1與靜止白滑塊2碰撞后粘合在一起，通過光電門 2的時間t2=0.014sd此時滑塊1和滑塊2的速度為V2 = 一t2d故碰后總動量為 P= (m+m2)V2= (m1+m2)t2代入數(shù)據(jù)，得P=0.084kg?m/s(4)對(3)中結(jié)果分析可知，碰撞前后總動量不相等，主要原因是氣墊導(dǎo)軌沒有水平，存 在阻力。141215. (1) Vo=5.1H0 Hz； (2) Eg =4.87eV； (3) n=2.0x10【解析】【詳解】(1)光電子的最大初動能為

22、Ekmax =eU =2.37eV根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程知陰極K的逸出功W =hv Ekmax =2.13eV19所以陰極K的極限頻率V W = 2.13 1.6 130=5.1M1014Hz ;h 6.63 10(2)光電子逸出的最大初動能Ekm =hvW =7.02.13 = 4.87eV ；(3)陰極K 一秒內(nèi)發(fā)射的光電子數(shù) n=LS1 = 0.32/1019 =2011012。e 1.6 103mv0216. (1) v = 0.6vO； (2) F =0； (3) AEk =0.24mv05t【解析】【詳解】(1)根據(jù)題意，木塊 A、B、C最終的速度應(yīng)該相等，設(shè)最終速度為v3mv0 二(3m m m)v解得：v=0.6v(3)以C為研究對象，由動量定理：Ft =mv - 03mv0解得F 0 ；5t(3) AB碰撞過程由動量守恒定律：3mv0=3mv + mvB解得：vB =1.2v01212122A 和 B 碰撞中機械能的變化：AEk =-x3mvo - x3mv 一一mvB =