2020年高三上學期期末考試物理試卷含解析

1、注意事項:2019屆浙江省嘉興市第一中學高三上學期期末考試物理試題物理1 .答題前，先將自己的姓名、準考證號填寫在試題卷和答題卡上，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.選擇題的作答：每小題選出答案后，用黑，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。C.D.4.A.B.手握瓶子，握得越緊越不容易滑落，因為靜摩擦力越大同一接觸面上可能同時存在靜摩擦力與滑動摩擦力物體沿直線以恒定加速度運動，它的位移與時間的關系是它的初速度為2s末的速度為02B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂C.D.3.非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對應的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題

2、區(qū)域均無效。4.考試結(jié)束后，請將本試題卷和答題卡一并上交。第I卷（選擇題）5.、單選題1.動力學的奠基人是英國物理學家（），他于1687年出版了名著自然哲學的數(shù)學原理這部著作中，他提出了三條運動定律，是整個動力學的基礎A.伽利略 B .愛因斯坦 C .牛頓 D .阿基米德2.近年來，一些高級轎車的設計師在關注轎車的加速性能的同時,提出了 “加速度的變化率”的概念，用這一新的概念來描述轎車加速度隨時間變化的快慢，轎車的加速度變化率越小，乘坐轎車的人感覺越舒適.圖示是一輛汽車在水平公路上行駛時加速度隨時間變化的關系圖象，取速度方向為正方向，則關于加速度變化率以及汽車的運動，下列說法正確的是（A.B

3、.C.D.3.A.B.依據(jù)運動學定義方法，“加速度的變化率”的單位是在2秒內(nèi)，汽車做勻減速直線運動在2秒內(nèi)，汽車的速度減小了3m/st=0時m/s2若汽車在t=0時速度為5m/s ,則汽車在2秒末速度的大小為 8m/s關于摩擦力，下列說法正確的是（運動的物體不可能受靜摩擦力作用物體受摩擦力作用時，一定受到彈力作用2s末的速度為48E/54s 末的速度為0火車轉(zhuǎn)彎可近似看成是做勻速圓周運動，當火車速度提高時會使軌道的外軌受損.為解決火車高速轉(zhuǎn)彎時外軌受損這一難題,你認為以下措施可行的是（A.減小內(nèi)外軌的高度差B .增加內(nèi)外軌的高度差C.減小彎道半徑增大火車質(zhì)量6.如圖所示的電路中，閉合開關 S后

4、，燈Li、L2都能發(fā)光。后來由于某種故障使燈L2突然變亮（未燒壞），電壓表的讀數(shù)增大，由此可推斷，這故障可能是（口盧A.C.7.電阻R斷路 B .電阻R短路燈L1兩接線柱間短路D .電阻R2斷路一質(zhì)量為0.8 kg的球固定在支桿AB的上端，支桿繩子水平拉球，使桿發(fā)生彎曲，如圖所示，已知繩的拉力為AB桿對球的作用力大小為B.若升降機是靜止狀態(tài)，則AB桿對球的作用力大小為AB的下端固定在升降機上，今用一段26 N,重力加速度g取10 m/s ,則以下C.若升降機是加速上升,加速度大小5 m/s 2,則AB桿對球的作用力大小為D.若升降機是減速上升,2加速度大小5 m/s ,則AB桿對球的作用力大小

5、為8.假設月球半徑為R,月球表面的重力加速度為g0,如圖所示，“嫦娥三號”飛船沿距月球表面高度為3R的圓形軌道I運動，到達軌道的A點，點火變軌進入橢圓軌道n ,到達軌道n的近月AA.點B再次點火進入近月軌道出繞月球做圓周運動。關于“嫦娥三號”飛船的運動，下列說法正確的若帶電小球仍處在 A點處不移動，小球所受靜電力增加是（）B.驗電器指針偏角變大nu 打 f了.臺匕 目匕A.軌道I的半長軸大于軌道n的半長軸,因此飛船在軌道I的動能小于軌道n過A點時的動B.飛船沿軌道n到近月點 B時，需要點火加速后才能進入軌道m(xù)C.飛船沿近月軌道ID繞月球做圓周運動時，軌道速度為C.D.11帶電小球的電勢能減小帶

6、電小球?qū)⑾蛴乙苿?如圖所示，。為斜面的底端，在 。點正上方的 A B兩點分別以初速度 Va、Vb正對斜面拋出兩個小球，結(jié)果兩個小球都垂直擊中斜面，擊中的位置分別為P、Q （圖中未標出）。 OB=AB空氣阻力忽略不計，則（A. OP=2OQ B .OP=4OQ C . Va=5vb D . Va=VbD.由v= r可知，飛船在軌道出運行的速度是軌道I的12.如圖所示，空間中存水平方向的勻強電場和勻強磁場，且電場方向和磁場方向相互垂直,9.如圖所示，一物塊置于水平地面上。當用與水平方向成_ , 0匚60角的力:拉物塊時，物塊做勻在正交的電磁場空間中有一足夠長的固定粗糙絕緣桿，與電場方向成60

7、76;夾角且處于豎直平面內(nèi),一質(zhì)量為m帶電量為q （q>0）的小球套在絕緣桿上，當小球沿桿向下的初速度為V0時，小球恰好速直線運動；當改用與水平方向成、推物塊時，物塊仍做勻速直線運動。若F F二和Z的大小,'3 mg相等，則物塊與地面之間的動摩擦因數(shù)為（做勻速直線運動，已知重力加速度大小為g,磁感應強度大小為 B,電場強度大小為E= ，小球電荷量保持不變，則以下說法正確的是A.10.兩塊豎直放置的平行正對的金屬板構成一個平行板電容器。電容器左板接地，右板與靜電計相連，在距離兩板等距離的 A點處有一個帶電小球在靜電力與細繩牽引下處于靜止狀態(tài)。若將A.小球的初速度M =0 2qB左極

8、板向右移動靠近 A點后系統(tǒng)再次平衡，下列說法中正確的是（）B.若小球沿桿向下的初速度為qB,則小球?qū)⒀貤U做加速度不斷增大的減速運動,最后停止C.若小球沿桿向下的初速度為qB ,則小球?qū)⒀貤U做加速度不斷減小的減速運動，最后停止4mgD.若小球沿桿向下的初速度為|qB ,則小球從開始運動到穩(wěn)定過程中，克服摩擦力做功為.22 4m gq B13.如圖所示，A B兩小球用輕桿連接， A球只能沿內(nèi)壁光滑的豎直滑槽運動，B球處于光滑水平面內(nèi)，不計球的體積.開始時，在外力作用下A B兩球均靜止且桿豎直.現(xiàn)撤去外力，B開始沿水平面向右運動.已知A、B兩球質(zhì)量均為 m,桿長為L,則下列說法中不正確的是（）A.

9、A球下滑到地面時，B球速度為零B. A球下滑到地面過程中輕桿一直對 B球做正功C. A球機械能最小時，B球?qū)Φ氐膲毫Φ扔谒闹亓.兩球和桿組成的系統(tǒng)機械能守恒，A球著地時的速度為何0/A.遏止電壓與入射光的頻率無關B.該金屬的逸出功等于hvoC.圖象的斜率表示普朗克常量hD.入射光的頻率為 3v0時，產(chǎn)生的光電子的最大初動能為2hv016.以下說法中正確的是（）甲乙丙丁A.如甲圖是“粒子散射實驗示意圖，當顯微鏡在A B、C、D中的A位置時熒光屏上接收到、多選題14.如圖所示，實線與虛線分別表示振幅（A）、頻率（f）均相同的兩列波的波峰和波谷。此刻，M是波峰與波峰相遇點，下列說法中正確的是（）

10、的a粒子數(shù)最多.B.如乙圖是氫原子的能級示意圖，氫原子從n=3能級躍遷到n=1能級時吸收了一定頻率的光子能量.C.如丙圖是光電效應實驗示意圖，當光照射鋅板時驗電器的指針發(fā)生了偏轉(zhuǎn)，則此時驗電器 的金屬桿帶的是正電荷.D.如丁圖是電子束穿過鋁箔后的衍射圖樣，該實驗現(xiàn)象說明實物粒子也具有波動性.A. P、N兩質(zhì)點始終處在平衡位置B.隨著時間的推移，質(zhì)點 M將向。點處移動C.從該時刻起，經(jīng)過四分之一周期，質(zhì)點M到達平衡位置，此時位移為零D. OM連線中點是振動加強的點，其振幅為2A15.如圖所示。是某金屬在光的照射下產(chǎn)生光電效應，其遏止電壓Uc與入射光頻率v的關系圖象。則由圖象可知（）第II卷（非選

11、擇題）三、實驗題17.用如圖1裝置“驗證機械能守恒定律”。在高處固定電磁鐵，通電時吸住小鐵球（圖中 未畫出電磁鐵），斷電后小鐵球由靜止開始下落，通過正下方的光電門。光電門可上下移動但始終 位于鐵球球心的正下方。請按實驗要求完成題中空白內(nèi)容。110（1）安裝并調(diào)整好器材。用游標卡尺測量鐵球的三個互相垂直的直徑，取平均值為測量值 do其中某次測量的示數(shù)如圖 2,該讀數(shù)為 cm。（2）讓電磁鐵通電吸住小鐵球，測量并記錄球心到光電門的距離H.釋放小鐵球，記錄它通過光電門的時間to（3）改變光電門位置，重復步驟（2）多次，得到多組 H、t數(shù)據(jù)，在坐標圖中描點連線，得 如圖3直線，算出斜率ko若在實驗誤差

12、范圍內(nèi)，k= （用當?shù)刂亓铀俣?g、鐵球直徑d表示），則實驗成功。（4）若第（3）問算出的k值大于理論值的百分比超出實驗誤差允許范圍，則原因可能是（1）實驗中所用的電流表、A.%、A工、電壓表和滑動變阻器分別選擇A1、（填選項前的字母）.（2）若采用如圖1所示的電路描繪小燈泡的伏安特性曲線,點相連（選填" a”或" b”）（3）開關閉合之前，圖 1中滑動變阻器的滑片應該置于電壓表的右端應與電路中的端（選填" c”、" d”或"cd中間”）A.空氣阻力太大B.鐵球通過光電門時，球心偏離光電門C.鐵球通過光電門時，用平均速度替代了瞬時速度D.測H

13、時，上端不是球心而是電磁鐵底部18.某實驗小組描繪規(guī)格為“ 2.5V, 0.6W'的小燈泡的I-U特性曲線，實驗室提供下列器材:A.電流表 Ai （量程為025mA內(nèi)阻約20）B.電流表 A （量程為 0300mA內(nèi)阻約 0.2 Q）C.電壓表 Vi （量程為03V,內(nèi)阻約3k Q）D.電壓表 V2 （量程為015V,內(nèi)阻約15k ）E.滑動變阻器 Ri （0-10Q,額定電流1.5A）F.滑動變阻器 R2 （0-1000Q,額定電流 0.5A）G.直流電源（電動勢 6V,內(nèi)阻忽略不計）H.電鍵一個、導線若干（4）測量后，該小組根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，利用Excel擬合出小燈泡的I-U特性曲線如

14、圖2所示.結(jié)合所畫出的I-U特性曲線，現(xiàn)將一個電動勢為3.6V,內(nèi)阻為12的電源只與該小燈泡組成電路，則該小燈泡的實際功率約為W （結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）19.某同學利用單擺測定當?shù)氐闹亓铀俣?。?）實驗室已經(jīng)提供的器材有：鐵架臺、夾子、秒表、游標卡尺。除此之外，還需要的器材A.長度約為B.長度約為C.直徑約為D.直徑約為1 m的細線30 cm的細線2 cm的鋼球2 cm的木球E.最小刻度為1 cm的直尺F.最小刻度為1 mm的直尺（2）該同學在測量單擺的周期時，他用秒表記下了單擺做50次全振動的時間，如圖甲所示,秒表的讀數(shù)為s。物塊P接觸但不連接。AB是長度為51的水平軌道，B端與半徑為l

15、的光滑半圓軌道 BCDK切，半圓的直徑BD豎直，如圖所示。物塊 P與AB間的動摩擦因數(shù)=0.5。用外力推動物塊 P,將彈簧壓縮圖甲(3)該同學經(jīng)測量得到6組擺長L和對應的周期T,畫出L-下圖線，然后在圖線上選取g。B兩個點，坐標如圖乙所示。則當?shù)刂亓铀俣鹊谋磉_式g=O處理完數(shù)據(jù)后，該同學發(fā)現(xiàn)(1)若P的質(zhì)量為mj求P到達C點時對軌道的作用力;在計算擺長時用的是擺線長度而未計入小球的半徑，這樣(選填“影響”或“不影響”)(2)它離開圓軌道后落回到 AB上的位置與 A點之間的距離;重力加速度的計算。(3)若P能滑上圓軌道，且不脫離圓軌道，求P的質(zhì)量的取值范圍。22.如圖所示，在空間有兩個磁感應強

16、度大小均為B的勻強磁場區(qū)域I和H,區(qū)域I磁場邊界AA'與DD'的間距為H,磁場方向垂直紙面向里；區(qū)域H磁場足夠?qū)?，其上邊界為CC ,磁場方向垂直紙面向外，CC與DD的間距為L.現(xiàn)有一質(zhì)量為 n邊長為L (LVH)、電阻值為R的正方形線框abcd由AA'上方某處自由落下，恰能勻速進入?yún)^(qū)域I磁場，當線框時，區(qū)域I內(nèi)磁場就開始均勻增加，經(jīng)時間 t2B且此后保持不變。線框 cd邊剛要進入邊界四、解答題剛要進入邊界 CC前瞬間線框白電功率為P,20.如圖為高山滑雪賽道，賽道分為斜面與水平面兩部分，其中斜面部分傾角為37° ,斜面與水平面間可視為光滑連接。某滑雪愛好者連滑

17、雪板總質(zhì)量為75kg (可視為質(zhì)點)從賽道頂端靜止開始沿直線下滑，到達斜面底端通過測速儀測得其速度為30m/s。然后在水平賽道上沿直線繼續(xù)前進180m靜止。假定滑雪者與斜面及水平賽道間動摩擦因數(shù)相同,滑雪者通過斜面與水平面連接處速ab邊剛進入?yún)^(qū)域I磁場,線框cd邊剛要離開區(qū)域I磁場時，區(qū)域I內(nèi)磁場為CC前瞬間線框的速度大小為1.2mgR重力加速度為g,空氣阻力不計，求:,線框ab邊度大小不變，重力加速度為g=10m/s2, sin37=0.6 , cos37 ° =0.8 .求:C *.B(1)滑雪者與賽道間的動摩擦因數(shù);(1)線框的cd(2)滑雪者在斜面賽道上受到的合外力;(2)線

18、框的cd(3)滑雪者在斜面滑雪賽道上運動的時間及斜面賽道的長度。(3)線框從cd21.輕質(zhì)彈簧原長為 2l ,將彈簧豎直放置在地面上，在其頂端將一質(zhì)量為5m的物體由靜止I)L邊剛要進入邊界CC前瞬間線框的加速度;邊從AA'運動到CC過程中線框產(chǎn)生的熱量;邊到達AA'運動到ab邊到達CC所經(jīng)歷的時間23.水平折疊式串列加速器是用來產(chǎn)生高能離子的裝置，如圖是其主體原理側(cè)視圖。圖中釋放，當彈簧被壓縮到最短時，彈簧長度為 1。現(xiàn)將該彈簧水平放置，一端固定在A點，另一端與aa1、cc1兩端口均有電極接地(電勢aa1bbicG為一級真空加速管，中部bb1處有很高的正電勢為零）；cg、dd1

19、左邊為方向垂直紙面向里的勻強磁場；dd1eei ff1為二級真空加速管，其中eq處有很低的負電勢，dd1、ff1兩端口均有電極接地（電勢為零）。有一離子源持續(xù)不斷地向 aa1端口釋放質(zhì)量為 m電荷量為e的負一價離子，離子初速度為零，均勻分布在aa1端口圓面上。離子從靜止開始加速到達bbi處時可被設在該處的特殊裝置將其電子剝離，成為正二價離子（電子被剝離過程中離子速度大小不變）；這些正二價離子從 cc1端口垂直磁場方向進入勻強磁場，全部返回dd1端口繼續(xù)加速到達eei處時可被設在該處的特殊裝置對其添加電子，成為負一價離子（電子添加過程中離子速度大小不變），接著繼續(xù)加速獲得更高能量的離子。已知aa

20、1端口、cc1端口、dd1端口、 ff1端口直徑均為L, Ci與di相距為2L,不考慮離子運動過程中受到的重力，不考慮離子在剝離電子和添加電子過程中質(zhì)量的變化,sin37 0.6, cos37 0.8,求： C XXXXX工13 B XXXXXx<XXXXXXXXXXX2IXXXXXxjjXXXXXx：ri LXXKXXX_d（1）離子到達ffi端口的速度大小 v;（2）磁感應強度度大小 B; 2（3）在保證（2）問中的 B不變的情況下，若aai端口有兩種質(zhì)量分別為n - m >5 2 i4m2一 m,電何量均為e的的負一價離子，離子從靜止開始加速，求從ff1端口射出時含有 m、i

21、5m2混合離子束的截面積為多少。2019屆浙江省嘉興市第一中學高三上學期期末考試物理試題物理答案1. C【解析】偉大的英國科學家牛頓，曾在力學、光學、天文學、數(shù)學等方面作出卓越的貢獻，奠定了經(jīng) 典物理學的基礎。故選 Q【點睛】這類題要求學生對課本的內(nèi)容很熟悉，同時要了解科學家們的一些故事，學習他們的科學精 神.2. D【解析】 a加速度的變化率為 &t, a的單位是m/s2,所以，“加速度的變化率”的單位應該是m/s3,故A錯誤.在2秒內(nèi)，汽車的加速度在減小，但2s內(nèi)加速度一直為正，加速度與速度同向，則汽車作加速運動，所以汽車做加速度減小的變加速直線運動，故 B錯誤.由 v=a4t,知

22、在a-t圖象中， 圖象與時間軸所圍圖形的面積表示物體速度的變化量v,則得：在2秒內(nèi)，汽車的速度增加4v= m m/s=3m/s.故C錯誤.若汽車在t=0時速度為5m/s,在2秒內(nèi)，汽車的速度增加 3m/s ,則汽 車在2秒末速度的大小為 8m/s ,故D正確.故選 D.考點：運動圖像【名師點睛】本題主要考查物體運動時加速度的定義，知道在 a-t圖象中圖象與時間軸所圍圖形的面積表 示物體速度的變化量，能理解加速運動與減速運動由加速度與速度方向決定，而不是由加速度的大 小變化決定。3. B【解析】摩擦力分為靜摩擦力和滑動摩擦力；明確兩種摩擦力的定義從而得出摩擦力的決定因素，及 根據(jù)摩擦力的方向與接

23、觸面垂直，而彈力與接觸面平行，即可求解。A、運動的物體也能受靜摩擦力作用，例如傾斜傳送帶運送貨物的過程中，貨物相對于皮帶靜止，受靜摩擦力，但貨物是運動的，A錯誤；日 根據(jù)摩擦力產(chǎn)生的條件可知，受彈力的物體不一定受摩擦力，但受摩擦力的物體必然受彈力，B正確；C握在手中的瓶子握得越緊越不容易滑落下來，是因為握得越緊，最大靜摩擦力越大，瓶子的靜摩擦力不變；故 C錯誤；D同一接觸面上只能產(chǎn)生一種類型的摩擦力，主要看接觸面上發(fā)生的是行對運動，還是只有相對運動的趨勢，D錯誤。故選B?！军c睛】本題目考查了摩擦力的定義以及性質(zhì)，重點考查了影響摩擦力大小的因素，增大摩擦力大小 的方法，需要學生將所學知識掌握扎實

24、靈活應用。4. B【解析】 r_ 2d x = vAt + -atA.物體的位移時間關系是其=24卜6t與 葉2對比可知物體的初速度為v。= 24Ms，加速度為a =- 12m/J ,故a錯誤；B.依據(jù)速度公式，則有：2s末的速度為飛7nfid。；故b正確，c錯誤;D.同理，4s末的速度為。7戶 如47叫，故口錯誤。故選：B?！军c睛】由于該物體做的是勻變速直線運動，可根據(jù)物體的位移與時間的關系公式與題目中的位移時 間關系對比，從物理量的系數(shù)中能夠求得物體的初速度和加速度，從而即可求解。要注意其中加速 度的方向，負值代表與規(guī)定正方向相反。5. B【解析】火車轉(zhuǎn)彎時為減小外軌所受壓力，可使外軌略離

25、于內(nèi)軌，使軌道形成斜面，若火車速度合適，內(nèi)外軌均不受擠壓。此時，重力與支持力的合力提供向心力，如圖所示：rngtdiu - m 根據(jù)牛頓第二定律可知：解得：故當火車速度增大時，應適當增加轉(zhuǎn)彎半徑或增加內(nèi)外軌道的高度差。 故選B。【點睛】火車轉(zhuǎn)彎是向心力的實際應用之一，應掌握火車向心力的來源，以及如何減小內(nèi)外軌道的壓 力。6. D 【解析】因為電壓表的讀數(shù)增大，所以路端電壓增大，電源內(nèi)阻上的電壓減小，說明總電流減小，電 路總電阻增大.若電阻 R斷路，會導致總電阻增大，總電流減小，而此時燈 L2兩端電壓會減小，致 使燈L2變暗，故A錯誤；若電阻R2短路，燈L2將不亮，故B錯誤；若燈Li兩接線柱間短

26、路，電路的 總電阻減小，總電流增大，電壓表的讀數(shù)減小，不符合題意，故 C錯誤；若電阻R2斷路，電路的總 電阻增大，總電流減小，電壓表的讀數(shù)增大，符合題意，而總電流減小，導致內(nèi)電壓和燈Li、Ri并聯(lián)部分電壓減小，燈 L2兩端電壓增大，燈 L2變亮，故D正確. 7. C 【解析】A、B若升降機是靜止的，球靜止，處于平衡狀態(tài)，由平衡條件可知，桿的作用力大?。篊、若升降機加速上升，對球，在豎直方向，由牛頓第二定律得：后即丁也，解得：FyT2N , 在水平方向，由平衡條件得：輪子Y"桿對球的作用力大?。菏?出4=6君”，故 C正確；H若升降機減速上升，對球，在豎直方向，由牛頓第二定律得：產(chǎn)性司

27、，解得：FN ,在水平方向，由平衡條件得：F/F里子亦，桿對球的作用力大小：/=國+ M = 2位' ,故 D錯誤；故選：Co考點：牛頓第二定律；物體的彈性和彈力。【名師點睛】本題考查了求桿的作用力大小，根據(jù)球的運動狀態(tài)， 應用平衡條件與牛頓第二定律可以解題；解題時注意力的合成與分解的應用。球受到重力、繩子拉力與桿的作用力，球靜止時處于平衡狀態(tài)， 應用平衡條件求出桿的作用力；球做勻變速直線運動時，應用牛頓第二定律與力的合成方法求出桿 的作用力。8. CA、由于飛船從軌道I上的 A點減速后做近心運動進入軌道n ,所以當飛船在軌道n上運動,再次經(jīng)過A點的瞬間，動能必然小于它在軌道I上的動能

28、，A錯誤;B、從高軌道向低軌道變軌，需要點火減速才能完成,C、飛船沿近月軌道運動時，萬有引力提供向心力,B錯誤；.2Mm vG二 mR, R ,又因為在月球表面處滿足Mm <一叫J-ZjR,其中m是飛船的質(zhì)量，m為地球表面上某物體質(zhì)量。聯(lián)立解得：瓦,C正確;Mm y EiviN3= = misv 三1H根據(jù)萬有引力提供向心力，即 '，得 J，因飛船在軌道出和軌道I上飛行r =R/4R = 1 34、 7 7 = 2" 1的半徑之比為產(chǎn)】心-，,故3，D錯誤。、62(0.81O)2=1?x故AB錯誤;掌握變軌模型，環(huán)繞模型的基本原理，即可解決本題。9. B對兩種情況下的物

29、體分別受力分析，如圖平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)速度的方向，通過平行四邊形定則求出小球打在斜面上時的速度大小以及豎直方向上的分速度，從而求出飛行的將Fl正交分解為F3和F4, F2正交分解為F5和F6,則有：F ?t=F3mg=F+FN；F 滑=F5mg+F=F，而F滑二科Fn; F滑'=科Fn'則有 Ficos60 ° =（ mg-Fisin60 ° ） F2cos30 ° =（i （ mg+Fsin30 ° ）又根據(jù)題意Fl=F2聯(lián)立解得：科=2-中耳故選B考點：物體的平衡10. C【解析】eS

30、 C = J 將左板向右平移，板間距離減小，由電容的決定式4就d,得知電容增大，而電容器的電量QI U4nkQC = E = E =1不變，由 4可知，板間電壓減小，則靜電計指針張角減小，根據(jù)曹 聯(lián)立可得：-即場強不變，電場力F = qE不變，帶電小王不動，故 ABD音誤；由上可知場強不變，將左板向右平移，小球與負極板間的電勢差變小，故小球所在位置的電勢減小，由圖可知小球帶正電，根據(jù)電勢能公式Ep=q（）,可知電勢能減小，故 C正確。 所以C正確，ABD昔誤。11. C【解析】時間。設任一小球初速度為%,拋出點的高度為H,運動時間為H,斜面的傾角為0根據(jù)題意，小球垂直擊中斜面，速度與斜面垂直，

31、由速度分解可知：%L .t =又v巴 可得：gtanG0Qvb 1一 ，一 r OP- 2根據(jù)幾何關系可得：所以 ：故本題選C【點睛】解決本題的關鍵要靈活運用幾何關系，分析水平位移與高度的關系，要掌握平拋運動水平方 向和豎直方向上的運動規(guī)律，并能靈活運用。12. B【解析】分析小球的受力情況：小球受重力、摩擦力（可能有）、彈力（可能有）、向右上方的洛倫茲力、向左的電場力，當受到的合外力等于。時，小球做勻速直線運動。當小球受到的合外力不為。時，要判斷出支持力的方向，明確支持力的大小隨洛倫茲力的變化關系，然后做出判定。A、對小球進行受力分析如圖故本題選ACD電場力的大?。篎 = qE = F3rn

32、g,由于重力的方向豎直向下，電場力的方向水平向右， 二者垂直，故重力和電場力的合力：F自二/ m甲由幾何關系可知，重力和電場力的合力與桿的方向垂直所以重力和電場力的合力不會對小球做功，而洛倫茲力的方向與速度的方向垂直，所以也不會對小球做功，所以，當小球做勻速直線運動時，不可能存在摩擦力，沒有摩擦力，說明小球與桿之間就沒有支持力的作用，則洛倫茲力的大小與重力、電場力的合力相等，方向相反，所以9%曰=2.8,2mgV -所以門qB ,故A錯誤；mg V =LB、若小球沿桿向下的初速度“ 口口，則洛倫茲力：仁叫B = e&<F合一mg,則存在摩擦力,小球?qū)⒀貤U做加速度不斷增大的減速運動

33、，最后停止運動，故 B正確；3mgV = -C若小球沿桿向下運動的初速度為口 qB,則洛倫茲力：= 則存2mg在摩擦力，"1小球?qū)⒀貤U做加速度不斷增大的減速運動，最后當速度減小到qB時，小球開始做勻速直線運動，故 C錯誤；4mg% =1口若小球沿桿向下運動的初速度為qB ,同理，小球也受摩擦力，小球?qū)⒀貤U做加速度2mg不斷減小的減速運動，最后當速度減小到qB時，小球開始做勻速直線運動，故小球克服摩擦力做功：3 21rE印1戶加6e g2 qB/L屋，故d錯誤;故本題選B?！军c睛】本題考查小球在混合場中的運動，解答的關鍵明確小球的受力情況，并能夠結(jié)合受力的情況分析小球的運動情況，要知道

34、小球何時做加速度減小的減速運動，何時做加速度增大的減速運動， 當加速度減為零時，做勻速運動。13. B【解析】只有重力或只有彈力做功，系統(tǒng)機械能守恒，分析清楚兩球的運動過程，應用機械能守恒定律分析答題。A A球下滑到地面時，A球速度豎直，沿桿的速度為零，即B球速度為零，故 A正確；B、開始時，B球靜止，B的速度為零，當 A落地時，B的速度也為零，因此在 A下滑到地面的整個過程中，B先做加速運動，后做減速運動，因此，輕桿先對B做正功，后做負功，故 B錯誤；C、A球機械能最小時，B球動能最大，即加速度等于零，輕桿作用力為零，B球?qū)Φ氐膲毫Φ扔谒闹亓?。?C正確；D A球落地時，B的速度為零，在整

35、個過程中，系統(tǒng)機械能守恒，由機械能守恒定律得： 1 21m.gL = -mAvA I it-2,解得。通 D正確。故本題不正確的選 B?！军c睛】本題考查了機械能守恒定律的應用，知道A、B組成的系統(tǒng)在運動的過程中機械能守恒，A球落地時，B的速度為零是正確解題的關鍵。14. ACD【解析】由圖知P、N是振動減弱的點， M。都處于振動加強的點，MO1線上各點的振動也加強.在波的傳播過程中，質(zhì)點不會向前移動，振幅為質(zhì)點離開平衡的位置的最大位移。A、P、N兩點是波谷和波峰疊加，由于兩列波的振幅相等，P、N的位移始終為零，即始終處于平衡位置，故A正確；B、振動的質(zhì)點只是在各自的平衡位置附近振動，不會“隨波

36、逐流”，則質(zhì)點 M不會向。點處移動，故B錯誤；C、該日刻M點位于波峰，從該時刻起，經(jīng)過四分之一周期，質(zhì)點M到達平衡位置，此時位移為零，故C正確；D> OM連線中點，也是振動加弓II的點，其振幅與。或M點一樣，為2A,故D正確；【點睛】介質(zhì)中同時存在幾列波時，每列波能保持各自的傳播規(guī)律而不互相干擾.在波的重疊區(qū)域里 各點的振動的物理量等于各列波在該點引起的物理量的矢量和。15. BD【解析】根據(jù)光電效應方程 Rm=hv-W和eU=EKmf導出遏止電壓 U與入射光頻率v的關系式，從而進行判 斷A、根據(jù)光電效應方程 Rm=hV-W,對照圖象可知，該金屬的逸出功W=ho,由于eU=E<m,

37、所以遏止電壓 U=- e ,當入射光的頻率大于極限頻率 輕時，遏止電壓與入射光的頻率成線性關系，故A錯誤，B正確。C因為U=w- e ,知圖線的斜率等于e,故C錯誤。D從圖上可知，逸出功 W=h0,根據(jù)光電效應方程，Ekm=hv-h廿0可知，入射光的頻率為 3V0時,產(chǎn)生的光電子的最大初動能為2hv。，故D正確。故選：B D16. ACD【解析】(1)放射源放出一束射線轟擊金箔，運用顯微鏡前熒光屏去觀察射線的位置，了解“粒子散射實驗的實驗現(xiàn)象即可正確解答；(2)用紫外線照射鋅板時，發(fā)生光電效應，有電子從鋅板逸出，鋅板失去電子帶正電核；(3)當光子的頻率大于極限頻率時，發(fā)生光電效應，金屬板將帶正

38、電；(4)衍射是波特有的性質(zhì)。A、圖示是a粒子散射實驗示意圖，當顯微鏡在A B C、D中的A位置時熒光屏上接收到的a粒子數(shù)最多。故 A正確；B、圖示是氫原子的能級示意圖，結(jié)合氫光譜可知，氫原子從n=3能級躍遷到n=1能級時輻射了一定頻率的光子能量。故 B錯誤；C當光照射鋅板時，金屬板失去電子，將帶正電，所以與之相連的驗電器的指針將發(fā)生偏轉(zhuǎn)，此時驗電器的金屬桿帶的是正電荷。故C正確；D圖示是電子束穿過鋁箔后的衍射圖樣，由于衍射是波特有的性質(zhì)，所以該實驗現(xiàn)象說明實物粒子也具有波動性。故 D正確；【點睛】(1)由a粒子的散射實驗可知，原子內(nèi)部的結(jié)構：中心有一個很小的核，全部正電荷及幾乎全部的質(zhì)量都集

39、中在里面，外面自由電子繞核高速旋轉(zhuǎn)，知道a粒子的散射實驗的結(jié)果；(2)解決本題的關鍵知道發(fā)生光電效應時有光電子從金屬中飛出，理解光電效應的產(chǎn)生；(3)理解光電效應產(chǎn)生的條件，以及光電流大小的決定因素，并能在具體問題中正確應用.17. ( 1) 1.020cm(3) 2g/d2(4) B【解析】(1)游標卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀。(3)依據(jù)運動學位移與速度公式，結(jié)合平均速度接近瞬時速度，及圖象的斜率，即可求解；(4)根據(jù)上問的斜率的表達式，即可分析求解?！驹斀狻?1)游標卡尺的讀數(shù)為 10mm+0.05X 4mm=10.20mm=1.020cmIjgpJ VH ='(

40、3)根據(jù)運動學位移與速度公式，則有：1 2g=H即為：12gk- -若圖像的效率為k,則有 J(4)若第(3)問算出的k值大于理論值的百分比超出實驗誤差允許范圍，則原因可能是重力加速度偏大，或測量的球直徑偏小，與其它的因素無關，故ACD昔誤，B正確；【點睛】考查游標卡尺的讀數(shù)，掌握運動學公式，及理解圖象斜率的含義，同時會分析誤差的來源18. ( 1) B (2) a (3) c (4) 0.24【解析】(1)根據(jù)小燈泡的規(guī)格可知，加在小燈泡上的電壓不能超過2.5V,流過的電流不能超過0.6I =A = 240mA工5,故電流表用A2,電壓表用V1；滑動變阻器選用分壓接法，宜選阻值較小的R1可以

41、便捷調(diào)節(jié)，故選Bo(2)小燈泡屬于小電阻，應使用電流表外接法，故電壓表的右端應與電路中的a點相連；故本題選ACD泡中無電流通過，比較安全;(3)開關閉合之前，圖1中滑動變阻器的滑片應該置于c端，此時燈泡和一段導線并聯(lián)，燈(4)設燈泡與電動勢為 3.6V,內(nèi)阻為12 的電源組成電路后，小燈泡電壓為U,流過小燈泡電流為I ,根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，U = 3-6-121,在I-U圖像中描點連線，即得到小燈泡此時的工作點電壓和電流分別為1.2V, 0.20A,故小燈泡的實際功率約為0.24W。估讀.(3)根據(jù)實驗注意事項與實驗原理分析實驗誤差.由單擺周期公式變形，得到V 與L的關系式分析圖象斜率的

42、意義，求解go20. ( 1) 0.25(2) 300N (3)7.5s,112.5m(3)根據(jù)牛頓第二定律得在斜面滑道上的加速度F2a. = = 4T0m/sm根據(jù)勻變速直線運動的速度位移公式求出勻減速直線運動的加速度大小，根據(jù)牛頓第二定律 求出滑雪者與賽道間的動摩擦因數(shù)；根據(jù)滑雪者的受力求出在斜面滑道上所受的合外力；根據(jù)牛頓 第二定律求出在斜面滑道上的加速度，結(jié)合速度時間公式求出運動的時間，根據(jù)速度位移公式求出 斜面賽道的長度。(1)水平面勻減速 v2=2a2s得a2=2.5m/s 2由牛頓第二定律：mg=ma導：w =0.25(2)滑雪者在斜面賽道上受到的合外力F=mgsin37

43、76; - mgcos37 ° =300NEpW即 5mgl12一 mvB2mg 4lVb6gl.酉加3到區(qū)二19. (1) ACF(2) 95.1(3)；不影響【解析】I n另zL4n(1)由單擺周期公式 T=2兀4可得，g=T'L,實驗需要測量擺長，擺長等于擺線的長度加上擺球的半徑，所以需要毫米刻度尺，實驗需要測量周期，則需要秒表，擺線的長度大約1 m左右。為減小空氣阻力的影響，擺球需要密度較大的擺球，因此擺球應選C,故選用的器材為 ACF(2)秒表表示讀數(shù)：內(nèi)圈讀數(shù)： 60 s,外圈讀數(shù)35.1 s,總讀數(shù)為：t=60 s+35.1 s=95.1 s； rn _ej(3)由T=2兀4可得:L=4.+,Bg d % - LI /_- g =.工4 2 A T-T2 _ E則L-T2圖象的斜率等于4n ,由數(shù)學知識得：4只AT 廠房，解得： 電“，根據(jù)數(shù)學知識，在