2023年高考物理一輪復(fù)習(xí)：拋體運動與圓周運動（附答案解析）

1、第 貞共32員第 貞共32員2023年髙考物理一輪復(fù)習(xí)：拋體運動與圓周運動.選擇題（共21小題）1-（2021-攀枝花一模）做曲線運動的質(zhì)點，所受合外力方向和速度方向的關(guān)系，正確的是 （ ）定相同B.可能相反C.可能垂直D- 一定垂直2. （2020-新課標II）如圖，在摩托車越野賽途中的水平路段前方有一個坑，該坑沿摩托車 前進方向的水平寬度力3h，其左邊緣a點比右邊緣b點卨0.5h。若摩托車經(jīng)過a點時的 動能為E!，它會落到坑內(nèi)c點，c與a的水平距離和高度差均為h:若經(jīng)過a點吋的動能力E2,該摩托車恰能越過坑到達b點。一i等于（）E1C.下落時間為B.下落時間為2t4. （2021-宣化區(qū)校

2、級模擬）如圖所示，小球B在A的正下方兩球相距h.將A球以速率3. （2020-浙江）如圖所示，鋼球從斜槽軌道末端以vo的水平速度飛出，經(jīng)過吋間t落在斜靠的擋板AB屮點。若鋼球以2v0的速度水平飛出，則（）D.落在擋板底端B點v!沿水平向右拋出，同吋將小球B以速率v2沿豎直向上拋出，不考慮兩球的大小及空氣阻力，則兩球在落地前球A與B之間的最短距離為（）h2 1-2 2V I VhB.h（2021-寶雞模擬）如圖所示，一跳臺滑雪運動員以6m/s的初速度從傾角為30的斜坡頂端水平滑出。不計空氣阻力，重力加速度g=10m/s2o則運動員再次落到斜面上吋，其落點與坡頂?shù)腟度差為（）（2021-杭州二模）

3、如圖所示，從水平地面A、B兩點分別斜拋出兩小球，兩小球均能垂 直擊中前方豎直墻面上的同一位置點P。己知點P距地面的卨度h=0.8m，A, B兩點墻的水平距離分別力0.8m和0.4m。不汁空氣阻力，則從A、B兩點拋出的兩小球（）擊中墻面的速率之比為1: 1拋出吋的速率之比為25拋出時速度方向與地面夾角的正切值之比力1: 2（2021-虹口區(qū)二模）某人站在6樓陽臺上，同時以不同的速率拋出兩個小球，其中一球豎直上拋，另一球豎直下拋。在相同的時間At內(nèi)（兩球均未落地），兩球速度的變化大小、方向均相同大小相同、方向不同大小、方向均不同D.大小不同、方向相同（2018-江蘇）某彈射管每次彈出的小球速度相等

4、。在沿光滑豎直軌道自由下落過程中，該彈射管保持水平，先后彈出兩只小球。忽略空氣阻力，兩只小球落到水平地面的（）時刻相同，地點相同B.時刻相同，地點不同C.時刻不同，地點相同D.時刻不同，地點不同（2021*中衛(wèi)三模）如圖所示，輕質(zhì)不可伸長的細繩繞過光滑定滑輪C與質(zhì)量為m的物體A連接，A放在傾角為e的光滑斜面上，繩的另一端和套在固定豎直桿卜.的物體B連接.現(xiàn)此后的運動過程中，下列說法正確的是（C. Ft可能小于mgsinQBC迮線恰沿水平方向，從當(dāng)前位置開始B以速度vo勻速下滑.設(shè)繩子的張力為FT，在物體A做勻速運動Ft -定大于 mgsinO（2020-上海模擬）以下關(guān)于勻速圓周運動的說法中正

5、確的是（）勻速圓周運動是變加速運動勻速圓周運動是速度不變的運動勻速圓周運動的加速度不一定指向圓心勻速圓周運動是角速度變化的運動（2020-閔行區(qū)二模）如圖所示，一個菱形框架繞著過對角線的豎直軸勻速轉(zhuǎn)動，在兩條邊上各套有一個質(zhì)量相等的小球A、B.整個轉(zhuǎn)動過程小球相對框架沒有發(fā)生滑動，A與 B到軸的距離相等。則有（）A、B兩球所受的合力大小不等A、B兩球所受的合力大小相等框架對A球的彈力方向一定垂直球A所在的邊斜向上框架對B球的彈力方向一定垂直球B所在的邊斜向下（2021-廣東）由于島度眼制，車庫出入口采用如圖所示的曲桿道閘。道閘由轉(zhuǎn)動桿OP與橫桿PQ鏈接而成，P、Q力橫桿的兩個端點。在道閘抬起過

6、程中，桿PQ始終保持水平。桿OP繞O點從與水平方向成30勻速轉(zhuǎn)動到60的過程中，下列說法正確的是P點的加速度方向不變Q點在豎直方向做勻速運動Q點在水平方向做勻速運動（2018*浙江）A、B兩艘快艇在湖面上做勻速圓周運動（如圖），在相同的時間內(nèi)，它們通過的路程之比是4: 3,運動方向改變的角度之比是3: 2,則它們（）A.線速度大小之比為4: 3第 貞共32員第 貞共32員第S貞共32貞角速度大小之比力3: 4圓周運動的半徑之比為2: 1向心加速度大小之比為1: 2（2021-浙江模擬）兩級皮帶傳動裝置如圖所示，輪1和輪2的半徑相同，輪2和輪3兩個同心輪固定在一起，輪3和輪4的半徑相同，且為輪1

7、和輪2半徑的一半，轉(zhuǎn)動時皮帶和輪子之間均不打滑，則輪1邊緣的a點和輪4邊緣的c點相比（）線速度大小之比力1: 4向心加速度大小之比為8: 1周期之比為4: 1角速度大小之比為1: 8（2021呂梁一模）中學(xué)生常用的學(xué)習(xí)用具修正帶的結(jié)構(gòu)如圖所示，包括上下蓋座、大小 齒輪、壓嘴座等部件。大小齒輪分別嵌合于大小軸孔中，大小齒輪相互吻合，a, b點分 別位于大小齒輪的邊緣。c點在大齒輪的半徑中點，當(dāng)修正帶被勻速拉動進行字跡修改時大小齒輪的轉(zhuǎn)向相同B. a點的線速度比b點大b、c兩點的角速度相同D. b點的向心加速度最大（2021-甲卷）“旋轉(zhuǎn)紐扣”是一種傳統(tǒng)游戲。如圖，先將紐扣繞幾圈，使穿過紐扣的兩

8、股細繩擰在一起，然后用力反復(fù)拉繩的兩端，紐扣正轉(zhuǎn)和反轉(zhuǎn)會交替出現(xiàn)。拉動多次后，紐扣繞其中心的轉(zhuǎn)速可達50r/s，此時紐扣上距離中心1cm處的點向心加速度大小約力3A. 10m/s2B. lOOm/s2外力C. 1000m/s2D. lOOOOm/s2（2021-山東）如圖所示，粗糙程度處處相同的水平桌面上有一長為L的輕質(zhì)細桿，一端可繞豎直光滑軸O轉(zhuǎn)動，另端與質(zhì)量為m的小木塊相連。木塊以水平初速度v0出發(fā)，恰好能完成一個完整的圓周運動。在運動過程中，木塊所受摩擦力的大小為（）LM2KLmvl4KL1.1VIS2 OVmD-16KL（2021-武侯區(qū)校級模擬）跳繩過程中，甲、乙兩位同學(xué)握住繩子兩端

9、A、B近似不動，繩-戶繞AB連線在空中轉(zhuǎn)到圖示位置時，對繩子上的兩個質(zhì)點P和Q的說法正確的是P和Q的線速度相等P和Q都處于失重狀態(tài)P和Q的加速度相等P、Q的合外力方向指向AB的中點O（2021-江西模擬）如閣甲所示，質(zhì)量m=4kg的小球（可視為質(zhì)點以v0=4m/s的速度從A點沖上豎直光滑半圓軌道。當(dāng)半圓軌道的半徑R發(fā)生改變時，小球?qū)點的伍力與半徑R的關(guān)系圖像如圖乙所示，重力加速度取g=10m/s2,下列說法中正確的有B. y=40閣乙C.若小球能通過軌道上的C點，則其落地點距A點的最大水平距離為0.80m當(dāng)小球恰能通過軌道上的C點時，半圓軌道的半徑R=64cm（2021-金山區(qū)二模）如圖，同

10、一條過山車軌道上，一輛小車與多輛相同小車連接在一起分別以初速度vo進入圓軌道，若滑行到重心最高時速度分別為VI和v2。不計軌道和空氣阻力，則VHV2的大小關(guān)系是（V|0）,則與以0）勻速轉(zhuǎn)動時相比，以0）勻速轉(zhuǎn)動時（）小球的高度一定降低彈簧彈力的大小一定不變小球?qū)U壓力的大小一定變大小球所受合外力的大小一定變大三.解答題（共丨小題）（2020-III東）單板滑雪U形池比賽是冬奧會比賽項目，其場地可以簡化為如圖甲所示 的模型：U形滑道由兩個半徑相同的四分之一圓柱面軌道和一個中央的平面直軌道連接而成，軌道傾角為17.2。某次練習(xí)過程屮，運動員以vM=10m/s的速度從軌道邊緣上的M點沿軌道的豎直切

11、面ABCD滑出軌道，速度方向與軌道邊緣線AD的夾角=72.8，第8頁共32頁騰空后沿軌道邊緣的N點進入軌道。圖乙力騰空過程左視圖。該運動員可視力質(zhì)點，不計空氣阻力，取重力加速度的大小g=10m/s2, sin72.8 =0.96，cos72.8 =0.30。求：運動員騰空過程中離開AD的距離的最大值山M、N之間的距離L。2023年髙考物理一輪復(fù)習(xí)：拋體運動與圓周運動參考答案與試題解析.選擇題（共21小題）（2021-攀枝花一模）做曲線運動的質(zhì)點，所受合外力方向和速度方向的關(guān)系，正確的是 （ ）一定相同B.可能相反C.可能垂直D- 一定垂直【考點】曲線運動；物體做曲線運動的條件.【專題】定性思想

12、：推理法；物體做曲線運動條件專題：理解能力.【分析】物體做曲線運動的條件是合外力方向與速度方向不在同一條直線上，速度方向 與合外力方向不一定垂直。【解答】解：AB、做曲線運動的物體，合外力方向與速度方向不在同一條直線上，不可 能方向相同或方向相反，故AB錯誤；CD、做曲線運動的物體，合外力方向與速度方向不在同一條直線上，二者可能垂直，也 可能不垂直，故C正確，D錯誤。故選：C。【點評】本題關(guān)鍵是要知道物體做曲線運動的條件，要知道速度的方向與該點曲線的切 線方向相同，合外力方向與速度方向不在同一條直線上.（2020-新課標II）如圖，在摩托車越野賽途中的水平路段前方有一個坑，該坑沿摩托車 前進方

13、向的水平寬度為3h,其左邊緣a點比右邊緣b點高0.5h。若摩托車經(jīng)過a點時的 動能為E!，它會落到坑內(nèi)c點，c與a的水平距離和高度差均為h:若經(jīng)過a點吋的動能為E2,該摩托車恰能越過坑到達b點。一?等于（）20B. 18C. 9.0D. 3.0【考點】平拋運動；動能定理.【專題】定量思想；方程法；平拋運動專題：推理能力.【分析】根據(jù)豎直方向的運動規(guī)律求出落到坑內(nèi)c點時和到達b點時豎直方向的速度，第 貞共32員第 貞共32員再根據(jù)根據(jù)平拋運動的規(guī)律求解水平方向的速度，由此求解動能之比。 【解答】解：設(shè)落到坑內(nèi)C點吋豎直方向的速度為Vyl，則有：Vyi=2ghVyl=V2gh：根據(jù)平拋運動的規(guī)律可

14、得：V0it=h解得:v（n=ZzL2則有:同理，設(shè)摩托車恰能越過坑到達b點吋豎直方向的速度vy2,則有： Vy2=2gX0. 5h=ghVy2 = Vgh：根據(jù)平拋運動的規(guī)律可得：vo2t* =3h=0.5h2解得：V02 = 3Vy2則有:E9所以_2_=18,故B正確、ACD錯誤。El故選：B。【點評】本題主要是考査平拋運動的規(guī)律和動能的計算公式，知道平拋運動可以分解為 水平方向的勻速直線運動和豎直方向的自由落體運動。（2020-浙江）如圖所示，鋼球從斜槽軌道末端以vo的水平速度飛出，經(jīng)過吋間t落在斜 韻的擋板AB中點。若鋼球以2v0的速度水平飛出，則（）下落時間為A【考點】平拋運動.B

15、.下落時間為2tD.落在擋板底端B點【專題】應(yīng)用題；定量思想：推理法：T拋運動專題；推理能力.【分析】鋼球做平拋運動，可能落到斜擋板上，也可能落到地面上。通過假設(shè)確定鋼球落點，求解下落時間。【解答】解：鋼球做平拋運動，落到斜擋板上時，斜擋板的傾角表示位移與水平方向的 1 +2夾角，tane= vot 2v0解得下落時間為：t=2votane，g假設(shè)初速度為2vo吋，鋼球仍落到斜擋板上，則下落吋間f=2t,豎直方向上下落高度h=lgtz 2=仙，其中h為以vo的水平速度飛出時下落的高度，故鋼球落到了地面上，假設(shè)不成立。鋼球落到地面上，下落高度為2h，其中t=2h,則有：tl=2X2h=y/2l,

16、故C正確，ABD錯誤。故選：C。【點評】木題考査了平拋運動的規(guī)律，解題的關(guān)鍵是鋼球平拋運動落點的確定。（202P宣化區(qū)校級模擬）如圖所示，小球B在A的正下方兩球相距h，將A球以速率v!沿水平向右拋出，同吋將小球B以速率v2沿豎直向上拋出，不考慮兩球的大小及空氣阻力，則兩球在落地前球A與B之間的最短距離為（）【考點】豎直上拋運動；平拋運動.【專題】應(yīng)用題：定量思想；方程法：平拋運動專題：分析綜合能力.【分析】小球甲做平拋運動，小球乙做豎直上拋運動，設(shè)經(jīng)過時間t位移最短，根據(jù)運 動學(xué)基本規(guī)律求出兩球之間的距離的表達式，結(jié)合數(shù)學(xué)知識即可求解。【解答】解：設(shè)經(jīng)過時間t，A在豎直方向的距地面的高度為hA

17、=hAgt2A在水平方向的位移為x=Vlt, B在水平方向的位移始終為0乙在豎直方向做豎直上拋運動，距地面的高度為hB=V2t_Agt22兩球在豎直方向的距離為y=hA - hB=h - v2t胃 # IBJ 巨胃 h=扣-v2t）2 + （Vlt）2 =V（vf+v|）t2-2hv2t+h2hv9hvi根據(jù)數(shù)學(xué)知識可知當(dāng)t=.2 （二次函數(shù)求極值）時，s取最小值,1，所以CVI+V2Vvl+v2正確，ABD錯誤。故選：C。【點評】木題主要考査了豎直上拋運動和做平拋運動的基本規(guī)律，求某個量的極值時可 以先把這個量的表達式求出來，再結(jié)合數(shù)學(xué)知識求解，難度適中。（2021-寶雞模擬）如圖所示，一跳

18、臺滑雪運動員以6m/s的初速度從傾角力30的斜坡 頂端水平滑出。不計空氣阻力，重力加速度g=10m/s2。則運動員再次落到斜面上吋，其 落點與坡頂?shù)亩炔顬椋ǎ究键c】平拋運動.【專題】定量思想；推理法；平拋運動專題；推理能力.【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，抓住 豎直位移和水平位移的關(guān)系，結(jié)合落點與坡頂?shù)腶度差。【解答】解：根據(jù)平拋運動的規(guī)律得：落點與坡頂?shù)母叨炔頷=lgt2,水平位移x=vot, 1 .2 yst由題意得：tan二 聯(lián)立解得h=2.4m,故A正確，BCD錯誤。vot 2v0故選:Ao【點評】解決木題的關(guān)鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向

19、上的運動規(guī)律，結(jié)合運動 學(xué)公式靈活求解，基礎(chǔ)題。（2021-杭州二模）如圖所示，從水平地面A、B兩點分別斜拋出兩小球，兩小球均能垂 直擊中前方豎直墻面上的同一位置點P。已知點P距地面的島度h=0.8m，A, B兩點距 墻的水平距離分別為0.8m和0.4m。不計空氣阻力，則從A、B兩點拋出的兩小球（）從拋出到擊中墻壁的時間之比力2: 1擊中墻面的速率之比為1: I拋出吋的速率之比為a/T?: 25拋出時速度方向與地面夾角的正切值之比力1: 2【考點】拋體運動.【專題】定量思想；推理法；平拋運動專題：分析綜合能力.【分析】利用逆向思維法，兩小球運動的逆過程即為平拋運動：平拋運動可分解為水平 方向的

20、勻速的直線運動和豎直方向的自由落體運動；做平拋運動的物體，其速度偏轉(zhuǎn)角 的正切值是其位移偏轉(zhuǎn)角正切值的2倍。據(jù)此分析?！窘獯稹拷猓篈、兩小球分別從A到P、B到P的運動可分別看成從P到A、P到B的平 拋運動，因二者高度相同，故從拋出到擊中墻壁的時間之比為1: 1,故A錯誤；B、因兩小球運動時間相同，根據(jù)x=vt可知，兩小球的水平速度之比為vA: vb=xa： xe=0.8m： 0.4m=2： 1，故 B 錯誤；C、拋出時兩球的豎直分速度均為vy=V2gh=V2X 10X 0. 3n/s=4m/s,兩球飛行時間 均為t=Zy=_l=0.4s,則兩球拋出吋的水平分速度分別為VxA=in/s=2m/s

21、，g 10t 0.4vXB=Hm/s=lm/s，兩球拋出時的速率分別為 va=iJv2A+v2 = 22 + 4/8 = 2V5m/s, vB=v2B+y2=Vl7m/s,故拋出時兩球的速率之比為2:Vn*故c錯誤：D、逆向思維看，拋出時速度方向與地面夾角即為速度偏轉(zhuǎn)角，則其正切值為其位移偏轉(zhuǎn) 角正切值的2倍，由已知條件可知，兩球位移偏轉(zhuǎn)角的正切之比為1: 2,故拋出時速度 方向與地面夾角的正切值之比為1: 2,故D正確。故選：D?！军c評】解答本題的關(guān)鍵是能利用逆向思維法，結(jié)合平拋運動的基本處理方法（運動的 分解）及其推論分析；注意速度偏轉(zhuǎn)角的正切值是其位移偏轉(zhuǎn)角正切值的2倍，但速度 偏轉(zhuǎn)角不

22、是位移偏轉(zhuǎn)角的2倍。（2021-虹口區(qū)二模）某人站在6樓陽臺上，同時以不同的速率拋出兩個小球，其中一球 豎直上拋，另一球豎直下拋。在相同的時間At內(nèi)（兩球均未落地），兩球速度的變化 （ ）大小、方向均相同B.大小相同、方向不同C.大小、方向均不同D.大小不同、方向相同【考點】豎直上拋運動；拋體運動.【專題】定性思想；推理法；平拋運動專題；推理能力.【分析】該題屬于勻變速直線運動，分析速度的變化由v=aAt分析即可。 第15員共32員第 貞共32員第 貞共32員【解答】解：同時以不同的速率拋出兩個小球，其中一球豎直上拋，另一球豎直下拋，落地前兩小球只受重力作用，加速度都是重力加速度，由八v=aA

23、t知，兩小球在相同的 時間At內(nèi)速度變化量的大小相等，方向相同。故A止確，BCD錯誤。故選：A。【點評】本題考查了對速度變化的理解，注意式中a與Av都是矢量，Av的方向與加速 度方向相同。（2018-江蘇）某彈射管每次彈出的小球速度相等。在沿光滑豎直軌道自由下落過程中，該彈射管保持水平，先后彈出兩只小球。忽略空氣阻力，兩只小球落到水平地面的（）時刻相同，地點相同B.時刻相同，地點不同C.時刻不同，地點相同D.時刻不同，地點不同【考點】運動的合成和分解.【專題】應(yīng)用題：定性思想：推理法：運動的合成和分解專題.【分析】先后彈出的兩只小球在豎直方向運動時間相等，在水平方向運動時間不同，由 此進行分析

24、?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)題意可知，彈射器沿光滑豎直軌道在豎直方向自由下落且管口水平， 不同時刻彈射出的小球在水平方向具有相同的初速度，在豎直方向的運動情況與槍管的 運動情況相同，故先后彈出兩只小球同時落地：水平方向速度相同，而小球水平方向運動的時間不同，所以落地點不同，運動情況如圖所示。故ACD錯誤、B正確。故選：B。彈射器彈射器【點評】對于運動的合成與分解問題，要知道分運動和合運動的運動特點，知道二者具 有等時性和獨立性，能夠?qū)⒑线\動分解為兩個分運動，然后根據(jù)兒何關(guān)系求解速度或加速度之間的關(guān)系。（2021-中衛(wèi)三模）如圖所示，輕質(zhì)不可伸長的細繩繞過光滑定滑輪C與質(zhì)量力m的物體 A連接，A放在傾角為

25、9的光滑斜面上，繩的另一端和套在固定豎直桿上的物體B連接.現(xiàn)BC迮線恰沿水平方向，從當(dāng)前位置開始B以速度vo勻速下滑.設(shè)繩子的張力為FT，在C. Ft可能小于mgsinQ此后的運動過程中，下列說法正確的是（）物體A做勻速運動Ft 定大于 mgsinO【考點】力的合成與分解的運用；牛頓第二定律：共點力的平衡；運動的合成和分解.【專題】定量思想：方程法；平行四邊形法則圖解法專題：推理能力.【分析】根據(jù)運動的合成與分解，將B的豎直向下的運動分解成沿養(yǎng)繩子方向與垂直繩子方向的兩個分運動，結(jié)合矢量運算法則，即可求解?！窘獯稹拷猓篈B、由題意可知，將B的實際運動分解成兩個分運動，如圖所示，報據(jù)矢 量運算法

26、則，可有：vBsina = vw=VA因B以速度vo勻速下滑，又a在增大，所以繩子速度在增大，則A處于加速運動，故AB錯誤：CD、報據(jù)受力分析，結(jié)合牛頓第二定律，則有：Tmgsin6,故D正確，C錯誤：故選：D?！军c評】木題考查運動的合成與分解，掌握如何將實際運動分解成兩個分運動是解題的 關(guān)鍵，同時運用三角函數(shù)關(guān)系。（2020-上海模擬）以下關(guān)于勻速圓周運動的說法中正確的是（）勻速圓周運動是變加速運動勻速圓周運動是速度不變的運動勻速圓周運動的加速度不一定指向圓心勻速圓周運動是角速度變化的運動【考點】勻速圓周運動；向心加速度.【專題】定性思想；推理法；勻速圓周運動專題：推理能力.【分析】勻速圓周

27、運動是勻速率圓周運動的簡稱，速度大小不變，方向不斷變化：與速 度方向平行的力改變速度大小，與速度垂直的力改變速度方向：v=a）r【解答】解：B、勻速圓周運動是勻速率圓周運動的簡稱，其速度大小不變，但速度方向 在不斷地變化，是變速運動，故B錯誤；AC、因為勻速圓周運動的速度大小不變，所以切線方向的加速度為零，實際加速度方向 始終與速度垂直，指向圓心，在不斷地變化，所以勻速圓周運動是變加速運動，故A正 確，C錯誤；D、由0=1 知，勻速圓周運動是角速度不變的運動，故D錯誤。 r故選：Ao【點評】本題考查了對勻速圓周運動的理解，需要注意的是勻速圓周運動不是勻速運動， 是勻速率圓周運動的簡稱，是變速運

28、動。11-（2020-閔行區(qū)二模）如圖所示，一個菱形框架繞著過對角線的豎直軸勻速轉(zhuǎn)動，在兩條 邊上各套有一個質(zhì)量相等的小球A、B-整個轉(zhuǎn)動過程小球相對框架沒有發(fā)生滑動，A與 B到軸的距離相等。則有（）A、B兩球所受的合力大小不等A、B兩球所受的合力大小相等框架對A球的彈力方向一定垂直球A所在的邊斜向上架對B球的彈力方向一定垂fi球B所在的邊斜向下【考點】牛頓第二定律；勻速圓周運動.第18貞共32貞第 貞共32員第 貞共32員【專題】ii算題：定量思想；勻速圓周運動專題：分析綜合能力. 【分析】小球隨菱形樞架一起繞著過對角線的豎盥軸勻速轉(zhuǎn)動，合外力提供向心力，對 AB兩個小球進行受力分析，根據(jù)合

29、力提供向心力即可分析求解?！窘獯稹拷猓篈B、A、B兩球所受的合力提供向心力，轉(zhuǎn)動的角速度相等，半徑也相等， 根據(jù)F=mu）2r,可知，合力大小相等，故A錯誤，B正確；C、A球在水平面做勻速圓周運動，合外力指向圓心，對A進行受力分析可知，A受重 力、靜摩擦力和彈力，當(dāng)靜摩擦力方向沿斜邊向上時，框架對A的彈力方向可能垂直A 所在的邊斜向下，故C錯誤；D、B球在水平面做勻速圓周運動，合外力指向圓心，對B進行受力分析可知，B受車力， 要使合力水平向右，椐架對B的彈力方向只能是垂fi:B所在的邊斜向上，故D錯誤： 故選：B。【點評】解本題關(guān)鍵要把圓周運動的知識和牛頓第二定律結(jié)合求解，關(guān)鍵是正確對AB 兩

30、個小球進行受力分析，合力提供向心力，知道共軸轉(zhuǎn)動時，角速度相等。（2021*廣東）由于高度限制，車庫出入口采用如圖所示的曲桿道閘。道閘由轉(zhuǎn)動桿OP 與橫桿PQ鏈接而成，P、Q為橫桿的兩個端點。在道閘抬起過程中，桿PQ始終保持水 平。桿OP繞O點從與水平方向成30勻速轉(zhuǎn)動到60的過程中，下列說法正確的是P點的加速度方向不變Q點在豎直方向做勻速運動Q點在水平方向做勻速運動【考點】運動的合成和分解；線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速：向心加速度.【專題】定性思想；圖析法：運動的合成和分解專題；理解能力.【分析】桿勻速轉(zhuǎn)動，即角速度不變，據(jù)此分析P點的線速度大小變化；向心加速度始終指向圓心，所以加速度方向時刻

31、改變； 對兩位置的P點速度分解，從判斷Q點在豎直方向、水平方向分別做什么運動。【解答】解：A、桿OP繞0點從與水平方向成30勻速轉(zhuǎn)動到60的過程中，可認為轉(zhuǎn)動的角速度0）不變，由v=a）r, P點轉(zhuǎn)動半徑r不變，所以P點的線速度大小不變，故A正確：B、向心加速度始終指向圓心O點，所以P點的加速度方向時刻改變，故B錯誤；CD、對兩位置的速度沿豎直方向和水平方向分解，如圖所示，由圖可知，豎直方向的分速度在逐漸變小，水平方向的分速度在逐漸增大，所以在P點的帶動下，Q點在豎直方向做做減速運動，在水平方向做做加速運動，故CD錯誤?！军c評】考查了圓周運動的基本規(guī)律以及運動的合成與分解，本題的難點在于利用圖

32、像分析Q點在豎直方向、水平方向的運動情況。（2018-浙江）A、B兩艘快艇在湖面上做勻速圓周運動（如圖），在相同的時間內(nèi)，它們通過的路程之比是4: 3,運動方向改變的角度之比是3: 2,則它們（）線速度大小之比力4: 3角速度大小之比為3: 4圓周運動的半徑之比為2: 1向心加速度大小之比為1: 2第 頁共32頁第 頁共32頁【考點】線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速.【專題】定量思想；推理法；人造衛(wèi)星問題.【分析】線速度等于單位時間內(nèi)走過的路程，結(jié)合路程之比求出線速度大小之比；角速 度等于單位時間內(nèi)轉(zhuǎn)過的角度，結(jié)合角度之比求出角速度之比；根據(jù)線速度與角速度的 關(guān)系，求出半徑之比：抓住向心加速度等于線

33、速度與角速度的乘積，結(jié)合線速度和角速 度之比求出向心加速度之比。【解答】解：A、線速度v=l A、B通過的路程之比為4: 3,時間相等，則線速度之 t比為4: 3，故A正確。B、角速度W=A，運動方向改變的角度等于圓周運動轉(zhuǎn)過的角度，A、B轉(zhuǎn)過的角度之t比為3: 2,時間相等，則角速度大小之比為3: 2,故B錯誤。C、根據(jù)v=ra）得，圓周運動的半徑r=-Z_，線速度之比為4: 3,角速度之比為3: 2,（0則圓周運動的半徑之比為8: 9,故C錯誤。D、根據(jù)a=v（o得，線速度之比為4: 3,角速度之比為3: 2,則向心加速度之比為2: 1, 故D錯誤。故選:Ao【點評】本題考查了描述圓周運動

34、的一些物理量，知道各個物理量之間的關(guān)系，并能靈 活運用。（2021-浙江模擬）兩級皮帶傳動裝置如圖所示，輪1和輪2的半徑相同，輪2和輪3 兩個同心輪固定在一起，輪3和輪4的半徑相同，且為輪I和輪2半徑的一半，轉(zhuǎn)動時 皮帶和輪子之間均不打滑，則輪1邊緣的a點和輪4邊緣的c點相比（）線速度大小之比為1: 4向心加速度大小之比為8: 1周期之比為4: 1角速度大小之比為1: 8【考點】線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速：向心加速度.【專題】定量思想；推理法；勻速圓周運動專題：推理能力.【分析】根據(jù)皮帶連接的線速度相同，共軸轉(zhuǎn)動的角速度相同，再根據(jù)線速度和半徑的 2關(guān)系式，向心加速度的公式及線速度與周期的關(guān)系

35、，周期與角速度的關(guān)系解題?！窘獯稹拷猓篈、輪1和輪3線速度相同，輪2和輪4線速度相同，輪2和輪3角速度相同，根據(jù)vm v2=2v3,所以Vl+4故A錯誤;2B、根據(jù)向心加速度的定義式：a=y_2解得故B錯誤；2 8c、根據(jù)線速度與周期的關(guān)系式 V2TTriTL_ V1T2r2v2解得：c正確；t2 iD、根據(jù)角速度與周期的關(guān)系式：（0= T故D錯誤。2 丁1 4故選：Co【點評】解題的關(guān)鍵是理解什么情況線速度相等，什么情況角速度相等，根據(jù)向心加速 度的公式，線速度和周期的關(guān)系式，角速度和周期的關(guān)系式推到可得。（2021呂梁一模）中學(xué)生常用的學(xué)習(xí)用具修正帶的結(jié)構(gòu)如圖所示，包括上下蓋座、大小 齒輪

36、、壓嘴座等部件。大小齒輪分別嵌合于大小軸孔中，大小齒輪相互吻合，a, b點分 別位于大小齒輪的邊緣。c點在大齒輪的半徑中點，當(dāng)修正帶被勻速拉動進行字跡修改時第23貞共32員第23貞共32員大小齒輪的轉(zhuǎn)向相同B. a點的線速度比b點大b、c兩點的角速度相同D. b點的向心加速度最大【考點】線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速；向心加速度.【專題】定性思想：推理法；交流電專題；推理能力.【分析】同緣傳動時，邊緣點的線速度大小相等：同軸傳動時，角速度相等：然后結(jié)合v 2 = o)r 和 a=o)2r=*ij 式求解。 r【解答】解：AB、同緣傳動時，邊緣點的線速度大小相等，轉(zhuǎn)動方向一個是逆時針，一 個是順吋針

37、，va： vb=l： 1，故AB錯誤：C、根據(jù)v=cor知角速度與半徑成反比即為o)a: cob=rb： ra,因rbo)c,所以b與c點的角速度不相同， 故C錯誤：D、根據(jù)a=,故AB錯誤; 64 42CD、怡能通過最高點，在最高點，根據(jù)牛頓第二定律可得：mg=R從最低點到最高點，根據(jù)動能定理可得:解得 R=0.32m，從最高點做平拋運動，則2R=lgt2X = vct聯(lián)立解得x=0.8m故C正確，D錯誤:故選：Co【點評】木題考查的是牛頓第二定律、運動學(xué)公式、平拋運動、動能定理、圓周運動相 結(jié)合的綜合應(yīng)用試題，屬于較難的試題，要求學(xué)生的分析綜合能力及應(yīng)用數(shù)學(xué)知識解決物理問題的能力是比較島的

38、。（2021-金山區(qū)二模）如圖，同一條過山車軌道上，一輛小車與多輛相同小車連接在一起分別以初速度vo進入圓軌道，若滑行到重心最高吋速度分別為Vi和2。不計軌道和空氣阻力，則VBV2的大小關(guān)系是（VlV2V1=V2與小車數(shù)量有關(guān)，無法判斷【考點】向心力：生活中的圓周運動：動能和勢能的相互轉(zhuǎn)化.【專題】定性思想；歸納法；機械能守恒定律應(yīng)用專題；理解能力.【分析】根據(jù)機械能守恒定律，動能轉(zhuǎn)化為力勢能，區(qū)分兩次心位置不同。 【解答】解：小車在運動過程中，只有重力做功，機械能守恒，動能轉(zhuǎn)化力重力勢能： 但一輛小車其重心位置在圓的最高點，多輛小車其重心位置比圓的最島點低，根據(jù) mgh+lmv2=丄得，h小，最高點的速度大，所以via）, 則與以0）勻速轉(zhuǎn)動時相比，以0）勻速轉(zhuǎn)動時（）I 屮I彈簧彈力的大小一定不變小球?qū)U壓力的大小一定變大小球所受合外力的大小一定變大【考點】牛頓第二定律；向心力.【專題】比較思想：模型法；牛頓第二定律在圓周運動中的應(yīng)用：分析綜合能力.【分析】小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，由合外力提供向心力，根據(jù)小球在豎直方向 受力平衡，分析小球的度和彈簧的彈力如何變化，由向心力公式列式分析桿對小球的 作用力如何變化，即可由中頓第三定律分析小球?qū)U的壓力變化情況。由向心力公式Fn= mu)2r分析