四川成都市2020屆高中畢業(yè)班第一次診斷性檢測(cè)物理試題及答案word

1、試卷第 頁(yè)，總9頁(yè)成都市2020屆高中畢業(yè)班第一次診斷性檢測(cè)物理試卷二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。圖示情境中，小球相對(duì)于光滑水平桌面向后運(yùn)動(dòng)的原因是（）小球突然失去慣性動(dòng)車突然向前加速動(dòng)車突然向前減速動(dòng)車做勻速直線運(yùn)動(dòng)的速度很大如圖，小物塊P在沿斜面向上的拉力F作用下沿固定光滑斜面勻速上滑?，F(xiàn)將力F的方向變?yōu)樗较蛴?，仍使P保持原來的速度沿斜面勻速上滑。則變化后與變化前比較（A斜面對(duì)物塊的支持力不變力F變大冬殲力F變小D力F的功率變

2、大大量的氫原子處于n=4能級(jí)，該能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)能向外輻射不同頻率的光子，從n=3能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)時(shí)輻射的光子頻率為v0。若某種金屬的極限頻率略大于v0,下列說法中正確的是（）從n=4能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)時(shí)輻射光子的波長(zhǎng)最長(zhǎng)氫原子躍遷時(shí)，向外輻射的光子中有4種能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象用輻射出的光子照射該金屬時(shí)，光子的頻率越大，該金屬的逸出功越大當(dāng)該金屬發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，入射光的強(qiáng)度越大，光電子的最大初動(dòng)能越大如圖甲，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的O點(diǎn)先后無初速度釋放兩個(gè)正點(diǎn)電荷I和II,電荷僅在電場(chǎng)力的作用下沿直線向A運(yùn)動(dòng)，兩電荷的動(dòng)能Ek隨位移x變化的關(guān)系如圖乙。若I的電荷量為q,則可知（）圉

3、甲圖乙E勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E=fqX0E電荷II受到的電場(chǎng)力大小為Ft=1X0c.電荷ii的電荷量為qED.選O點(diǎn)為電勢(shì)零點(diǎn)，A的電勢(shì)為烏=三Aq人造地球衛(wèi)星的軌道可能是圓，也可能是橢圓。關(guān)于在軌正常運(yùn)行的這些衛(wèi)星，說法正確的是；）所有衛(wèi)星的運(yùn)行周期都小于1天所有衛(wèi)星在任何位置的速率都小于7.9km/s部分衛(wèi)星在某些位置的向心加速度大于地球表面的重力加速度所有衛(wèi)星的軌道半長(zhǎng)軸（或軌道半徑）的三次方與運(yùn)行周期的二次方的比值是一個(gè)常量圖甲所示的無人機(jī)在飛行的某1min內(nèi)，前0.5min沿正東方向做水平直線運(yùn)動(dòng)，后0.5min沿正北方向做水平直線運(yùn)動(dòng)，其速率v隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖乙。下列判斷正確

4、的是（sin37=0.6）（）無人機(jī)在10s末、40s末的加速度大小之比為2:3無人機(jī)在前、后0.5min內(nèi)的平均速率之比為4:31min內(nèi)，無人機(jī)飛行的路程為500m1min內(nèi)，無人機(jī)的位移大小為500m、方向東偏北5320.如圖所示，在垂直紙面向里的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的左側(cè)，一正方形線框由位置I以3.0m/s的初速度沿垂直于磁場(chǎng)邊界水平向右運(yùn)動(dòng)，線框經(jīng)過位置II,當(dāng)運(yùn)動(dòng)到位置III時(shí)速度恰為零，此時(shí)線框剛好有一半離開磁場(chǎng)區(qū)域。線框的邊長(zhǎng)小于磁場(chǎng)區(qū)域的寬度。若線框進(jìn)、出磁場(chǎng)的過程中通過線框橫截面的電荷量分別為qq2,線框經(jīng)過位置II時(shí)的速度為v。則下列說法正確的是（）口4穴血III*i.k3E

5、鸞疋”19：A.纟1=纟2B.纟1=2纟2C.v=l.0m/sD.v=l.5m/s21.如圖，一絕緣且粗糙程度相同的豎直細(xì)桿與兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷4Q.-Q連線的垂直平分線重合，細(xì)桿和+Q、一Q均固定，A、O、B為細(xì)桿上的三點(diǎn)，O為+Q、一Q連線的中點(diǎn)，AO=BO?，F(xiàn)有電荷量為q、質(zhì)量為m的小球套在桿上，從A點(diǎn)以初速度v0向B滑動(dòng)，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度恰好為零。則可知（從A到B,小球的電勢(shì)能始終不變，受到的電場(chǎng)力先增大后減小從A到B,小球的加速度先減小后增大2小球運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)的速度大小為v0小球從A到O與從O到B,重力的沖量相等三、非選擇題：共62分。第2225題為必考題。每個(gè)試題考生都必須作答。第3

6、334題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共47分。22.（6分）圖甲是某小組探究“加速度與合外力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置。在他們的方案中，長(zhǎng)木板平放在水平桌面上，利用穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器且連在小車后端的紙帶測(cè)小車的加速度a,利用固定在小車前端的力傳感器測(cè)小車受到的水平拉力F。定滑輪/力件感器紙帶打點(diǎn)計(jì)時(shí)器鉤碼（1）按該方案做實(shí)驗(yàn)，是否要求鉤碼質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量？（填“是”或“否”）。（2）從實(shí)驗(yàn)中挑選一條點(diǎn)跡清晰的紙帶，每5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，用刻度尺測(cè)量計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖乙所示。已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器每間隔0.02s打一個(gè)點(diǎn)。由該紙帶可求得小車的加速度a=m/s2（保留兩位有效數(shù)字）。（3）改變鉤碼的

7、個(gè)數(shù)，測(cè)得多組數(shù)據(jù)。若以a為縱軸，F(xiàn)為橫軸，利用測(cè)得的數(shù)據(jù)作出圖象，則最符合該實(shí)驗(yàn)實(shí)際情況的是圖丙中的。圖丙（9分）某同學(xué)欲將內(nèi)阻為1000、量程為300yA的電流計(jì)G改裝成歐姆表，要求改裝后歐姆表的0刻度正好對(duì)準(zhǔn)電流計(jì)表盤的300yA刻度?？蛇x用的器材還有：定值電阻R（阻值250）；定值電阻R2（阻值1000）；滑動(dòng)變阻器R（最大阻值15000）；干電池（E=1.5V,r=20）；紅、黑表筆和若干導(dǎo)線。改裝電路如圖甲所示。（1）定值電阻應(yīng)選擇（填元件符號(hào)），改裝后的歐姆表的中值電阻為0。（2）該同學(xué)用改裝后尚未標(biāo)示對(duì)應(yīng)刻度的歐姆表測(cè)量一內(nèi)阻和量程均未知的電壓表V的內(nèi)阻。步驟如下：先將歐姆表的

8、紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)（填圖甲中對(duì)應(yīng)元件符號(hào)），使電流計(jì)G指針指到y(tǒng)A；再將（填“紅”或“黑”）表筆與電壓表的“+”接線柱相連，另一表筆與電壓表的“一”接線柱相連。若兩表的指針位置分別如圖乙和圖丙所示，則電壓表的內(nèi)阻為0,量程為V。（12分）如圖，AB是豎直面內(nèi)、圓心在O點(diǎn)、半徑為R的四分之一光滑絕緣軌道，其B端切線水平且距水平地面的高度也為R，OB連線右側(cè)的空間存在方向豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)。將一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球從軌道A端無初速度釋放，小球從B端飛出后，在地面上第一次的落點(diǎn)C距B的水平距離為V2R。若小球可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度大小為g。求：（1）進(jìn)入電場(chǎng)前，小球在B端的速度大小及對(duì)

9、軌道的壓力大??；（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小。25.（20分）如圖，小滑塊A與木板B均靜止于粗糙水平地面上，A與B左端的距離為x0=4.5m,小滑塊C靜止于木板B的右端，A、B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為旳=0.1,C與B間的動(dòng)摩擦因數(shù)“2=0.2?，F(xiàn)給A一個(gè)方向水平向右、大小v0=5m/s的初速度。已知A、B、C的質(zhì)量分別為mA=1kg、mB=3kg、mC=1kg,A、B間的碰撞為彈性碰撞且碰撞時(shí)間極短，滑塊C始終未離開木板B,最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g=10m/s2,A、C均可視為質(zhì)點(diǎn)。求：（1）碰前瞬間A的速度大小和碰后瞬間B的速度大?。唬?）碰后瞬間B、C的加速度大?。唬?）從碰

10、后瞬間到木板B最終停止，B與地面間因摩擦而產(chǎn)生的熱量。（二）選考題：共15分。請(qǐng)考生從給出的2道物理題中，任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。33.物理一一選修3-3（15分）（1）（5分）下列說法正確的是。（填正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分。每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分）將一塊晶體敲碎后，得到的小顆粒仍然是晶體質(zhì)量、溫度均相同的碳粉和碳?jí)K，其內(nèi)能不同懸浮在水中的花粉微粒的布朗運(yùn)動(dòng)反映了花粉分子的熱運(yùn)動(dòng)定質(zhì)量的理想氣體，放熱的同時(shí)對(duì)外界做功，其內(nèi)能一定減少氣體向真空的自由膨脹是不可逆的（2）（10分）如圖甲，絕熱氣缸置于水平地面上，其A、B兩部分的橫

11、截面積分別是耳=4cm2、S2=8cm2,a、b是質(zhì)量均為m=4kg且厚度不計(jì)的絕熱活塞，初態(tài)a與b之間封閉著總高度為h（由h和h的兩段組成）的理想氣體I,b與缸底封閉著高度為h的理想氣體II,氣體I、II的溫度均為T0=300K。已知大氣壓強(qiáng)p0=1x105Pa,重力加速度大小g=10m/s2，活塞與氣缸接觸處光滑且不漏氣，氣缸壁厚度不計(jì)，活塞a以上部分足夠長(zhǎng)。（i）求氣體II的壓強(qiáng)；（ii）若啟動(dòng)B中的加熱電阻絲（圖中未畫出）對(duì)氣體II緩慢加熱，某時(shí)刻活塞b到達(dá)B的上端且剛好與上端接觸而無壓力（如圖乙），求此時(shí)氣體II的溫度。34.物理選修34（15分）（1）（5分）下列說法正確的是。（填

12、正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分。每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分）單擺做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期跟擺長(zhǎng)和擺球質(zhì)量均有關(guān)在機(jī)械波的傳播過程中，介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向可能和波的傳播方向平行兩列波發(fā)生干涉現(xiàn)象，在振動(dòng)加強(qiáng)的區(qū)域，質(zhì)點(diǎn)的位移總是最大機(jī)械波的頻率、波長(zhǎng)和波速三者滿足的關(guān)系，對(duì)電磁波也適用分別照射同一雙縫干涉裝置，黃光的干涉條紋間距大于藍(lán)光的干涉條紋間距（2）（10分）如圖，矩形MNPQ是某均勻材料制成的透明體的橫截面，MNPQ所在平面內(nèi)，一單色細(xì)光束以入射角i=30。射到MN邊的O點(diǎn)。光束進(jìn)入透明體后恰好不從NP邊射出，接著光束到達(dá)PQ邊且部分射出。已知NP邊的長(zhǎng)度L=

13、0.24m,空氣中的光速c=3x10sm/s。求：（i）該材料對(duì)該單色光的折射率n；（ii）光束從O點(diǎn)射入至到達(dá)PQ邊經(jīng)歷的時(shí)間t。1tP.試卷第 頁(yè)，總9頁(yè)成都市2020屆高中畢業(yè)班第一次診斷性檢測(cè)參考答案B解析：慣性是小球的固有屬性，與運(yùn)動(dòng)狀態(tài)元關(guān)，A項(xiàng)錯(cuò)；動(dòng)車突然向前加速，小球在水平方向不受外力，保持原有的速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)，動(dòng)車速度大于小球速度，小球相對(duì)動(dòng)車向后運(yùn)動(dòng),B正確；動(dòng)車突然向前減速，則動(dòng)車速度小于小球速度，小球相對(duì)動(dòng)車向前運(yùn)動(dòng)，C項(xiàng)錯(cuò)；動(dòng)車做速度很大的勻速運(yùn)動(dòng)，與小球速度相同，小球相對(duì)動(dòng)車靜止，D項(xiàng)錯(cuò)。B解析：設(shè)斜面的傾角為0,拉力沿斜面向上時(shí)，對(duì)小物塊由平衡條件有F=mgs

14、in0,FN=mgcos0,拉力的功率P=mgvsinO，拉力水平時(shí)，對(duì)小物塊由平衡條件有F=mgtanO，F(xiàn)N=，拉力的功率P=mgtan0vcos0=mgvsin0，故FNFN，F(xiàn)F，P=P，B項(xiàng)正確，A、C、D項(xiàng)錯(cuò)。B解析：根據(jù)hu=EE知,從n=4能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)時(shí)輻射出光子的頻率最大，根據(jù)c=Xu知,mn頻率最大，波長(zhǎng)最短，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；大量的氫原子處于n=4能級(jí)，躍遷時(shí)，向外輻射的光子有6種，但由于該金屬的極限頻率略大于u0,所以從n=3能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)時(shí)輻射出的光子以及從n=4能級(jí)躍遷到n=3能級(jí)時(shí)輻射出的光子都不能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，即只有4種能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)

15、現(xiàn)象，選項(xiàng)B正確；金屬的逸出功由金屬本身決定，與入射光的頻率無關(guān)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程Ek=huW0知,光電子的最大初動(dòng)能與入射光的強(qiáng)度無關(guān)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。A解析：由動(dòng)能定理可知，電荷的動(dòng)能Ek隨位移x變化圖線的斜率表示該電荷所受的電場(chǎng)力，故電荷E2EFE迪，A1、11所受的電場(chǎng)力分別為Ft=,Fr=2Ek0,B項(xiàng)錯(cuò)；由F=E可知，勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小E=1=E-1X011X0qqqX0項(xiàng)正確；又Fh=2Ft，所以電荷II的電荷量為2q,C項(xiàng)錯(cuò)；電荷T由O到A的過程中，有qUOA=Ek0，解得UA=爭(zhēng)選O點(diǎn)為電勢(shì)零點(diǎn)，A點(diǎn)的電勢(shì)（pA=-冷,D項(xiàng)錯(cuò)。D解析：同步衛(wèi)星的周期為1天，軌

16、道半徑比同步衛(wèi)星大的衛(wèi)星的周期均大于1天，A項(xiàng)錯(cuò)；地球近地衛(wèi)星運(yùn)行速率為7.9km/s,當(dāng)其在變軌到更高軌道上時(shí)，在近地點(diǎn)加速沿橢圓軌道運(yùn)動(dòng),此時(shí)速率大于7.9km/s,MmMmB項(xiàng)錯(cuò)；由萬(wàn)有引力定律有GR2=mg，G（人+力）2=肌“可知avg,C項(xiàng)錯(cuò)。由開普勒第三定律可知，所有人造地球衛(wèi)星的軌道半長(zhǎng)軸（或軌道半徑）的三次方與運(yùn)行周期的平方的比值均相等，D項(xiàng)正確。219.AD解析：由速率一時(shí)間圖象可知，在030s內(nèi)，無人機(jī)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小a1=3m/s2,3050s內(nèi)，無人機(jī)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小a2=1m/s2，所以無人機(jī)在10s末和40s末的加速度大小之20 x30比為

17、2:3,A項(xiàng)正確；由速率一時(shí)間圖象可知，無人機(jī)在前0.5min的位移大小為x1=2m=300m,方向向東，后0.5min的位移大小為%2=2（丫+孔）m=400m,方向向北，則無人機(jī)在前、后0.5min內(nèi)的平均速率之比為3:4,B項(xiàng)錯(cuò)；1min內(nèi)無人機(jī)飛行的路程為700m,C項(xiàng)錯(cuò)；由位移的定義可知，1min內(nèi)，無人機(jī)的位移大小為500m,方向東偏北53,D項(xiàng)正確。20.BC解析：設(shè)線框電阻為R,面積為S,線框進(jìn)入磁場(chǎng)過程中磁通量的變化量為AO=BS，設(shè)進(jìn)入磁場(chǎng).、卜過程的時(shí)間為A“，由法拉第電磁感應(yīng)定律，進(jìn)入磁場(chǎng)過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)平均值為E=h，根據(jù)閉合電EBS路歐姆定律，感應(yīng)電流的平均值

18、I1=ER1，通過線框橫截面的電荷量為尙二人仏“，聯(lián)立解得q=BR。線框出磁場(chǎng)過程中磁通量的變化量為A2=|BS，設(shè)出磁場(chǎng)過程的時(shí)間為At2，由法拉第電磁感應(yīng)定律，出磁場(chǎng)過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)平均值為E2=h，根據(jù)閉合電路歐姆定律，感應(yīng)電流的平均值I2=R通過線框橫截面的電荷量為q2=I2t2,聯(lián)立解得q2=2R。因此可得q1=2q2，選項(xiàng)B正確，A錯(cuò)誤。設(shè)線框質(zhì)量為m,邊長(zhǎng)為L(zhǎng)線框進(jìn)入磁場(chǎng)過程的時(shí)間內(nèi)，線框的速度變化量為Av,由動(dòng)量定理有BL（I1At1）=BLq1=mAv=m（vv0）。同理可得出磁場(chǎng)過程，一BL（I2At2）=BLq2=mv,聯(lián)立解得v=1.0m/s,選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。

19、21AC解析：在等量異種點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)中，兩電荷連線的垂直平分線為等勢(shì)線，越靠近連線中點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)越大，所以小球由A到B運(yùn)動(dòng)過程中電勢(shì)能保持不變，受到的電場(chǎng)力先增大后減小，A項(xiàng)正確；小球到B點(diǎn)時(shí)速度恰好減到零，說明小球由A到B所受重力一直小于球與桿間的滑動(dòng)摩擦力，對(duì)小球受力分析，在垂直桿方向上，小球所受桿的彈力與電場(chǎng)力平衡，在豎直方向上，重力保持不變，小球所受摩擦力先增大后減小，由牛頓第二定律可知，小球的加速度大小a=mg，由A到B過程中，小球的加速度先增大后減小，B項(xiàng)錯(cuò)；對(duì)小球由A到B的過程，由動(dòng)能定理有mghABW=0一2mv2，由A到O過程與由O到B過程，小球克服摩擦力做的功相同，故對(duì)由A到

20、O過程，有mghAO2Wf=|mv22mvo，解得小球運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)的速度大小v=乎卩0，C項(xiàng)正確；小球從A到B一直做減速運(yùn)動(dòng)，從A到O過程與從O到B過程，位移相同，但平均速度不同，所以時(shí)間不同，因此兩過程中重力的沖量一定不等，D項(xiàng)錯(cuò)。22答案：（1）否（2分）（2）0.72（2分）（3）B（2分）解析：（1）本題中小車所受拉力由力傳感器直接測(cè)得，不用要求鉤碼質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量。（2）由逐差法可（7.44+8.16）（6.72+6.00）x102知，小車的加速度a=022m/s2=0.72m/s2。（3）由于實(shí)驗(yàn)未平衡摩擦力，所以當(dāng)拉力F達(dá)到一定數(shù)值肘，小車才開始運(yùn)動(dòng)，A、C項(xiàng)錯(cuò)；小車所受拉力

21、由力傳感器測(cè)得，與小車的加速度呈線性關(guān)系，D項(xiàng)錯(cuò)誤，B項(xiàng)正確。23答案：（1）否（1分）1000（1分）（2）R（1分）300（1分）黑（1分）500（2分）1（2分）解析：（1）由題意，改裝后歐姆表調(diào)零時(shí)，電流計(jì)滿偏，若定值電阻選用R2，由并聯(lián)電路分流規(guī)律可知，電E流計(jì)滿偏時(shí)，干路電流為600yA,則歐姆表內(nèi)阻為亍=2500。，而滑動(dòng)變阻器最大值為15000,不滿足條件；IgE若定值電阻選用R1，由并聯(lián)電路分流規(guī)律可知，電流計(jì)滿偏時(shí)，干路電流為1.5mA,則歐姆表內(nèi)阻為話=1000Ig。，滑動(dòng)變阻器最大值為1500。，符合條件，故應(yīng)選中值電阻為10000。（2）改裝后的歐姆表測(cè)電阻前，需先調(diào)

22、零，紅、黑表筆短接后，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R使電流計(jì)滿偏，即指針指向300yA；應(yīng)使電流由電壓表“+”接線柱流入，所以測(cè)電壓表內(nèi)阻時(shí)，需將黑色表筆與電壓表“+”接線柱相連；電流計(jì)示數(shù)為200yA時(shí)，通過電壓表的電流為1.0mA,此時(shí)電路總電阻R占=1mA=15000，而歐姆表內(nèi)阻為1k0,所以電壓表內(nèi)阻測(cè)量值為RV=5000,電壓表示數(shù)即電壓表兩端的電壓U=IRV=1.0mAx5000=0.5V,而電壓表恰好半偏，所以此電壓表量程為1V。解：（1）設(shè)小球在B端的速度大小為v,受到軌道的支持力大小為F。從A至B,由機(jī)械能守恒定律有mgR=gmv2（2分）解得v=：2gR（1分）v2在B端，由牛頓第二定

23、律有Fmg=mR（2分）解得F=3mg（1分）由牛頓第三定律可解得小球?qū)壍赖膲毫Υ笮=F=3mg（1分）（2）設(shè)場(chǎng)強(qiáng)大小為E,小球在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a。由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有2R=vt（1分）R=*at2（1分）解得a=2g（1分）由牛頓第二定律有qE+mg=ma（1分）解得已=葺（1分）q解：（1）設(shè)碰前瞬間A的速度為v,碰后瞬間A、B的速度分別為vA、vB，以水平向右的方向?yàn)檎较?則對(duì)A滑向B的過程，由動(dòng)能定理有1_1mAgX0=2mAV2_2mAv2（2分）代入數(shù)據(jù)解得v=4m/s（1分）碰撞過程，由動(dòng)量守恒定律有mAv=mAvA+mBvB（2分）由機(jī)械能守恒定律有2mAv

24、2=mAvA+|mBvB（2分）代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得vA=2m/s,vB=2m/s（1分）即碰后A的速度向左，B的速度向右（2）設(shè)碰后瞬間B、C的加速度大小分別為aB、aC對(duì)B由牛頓第二定律有1（mB+mC）g+2mCg=mBaB（1分）代入數(shù)據(jù)解得aB=2m/s2,方向向左（1分）對(duì)C由牛頓第二定律有2mCg=mCaC（1分）代入數(shù)據(jù)解得aC=2m/s2,方向向右（1分）（3）設(shè)經(jīng)過時(shí)間t,B、C達(dá)到共同速度v共，由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有v共=act（1分）v共=VBaBt（1分）代入數(shù)據(jù)得t=0.5s,v共=1m/s共在時(shí)間t內(nèi)木板B的位移X=2（vB+v共）t（1分）代入數(shù)據(jù)得x1=0.75m假設(shè)B、

25、C共速后一起以加速度a做勻減速運(yùn)動(dòng)對(duì)B、C組成的整體由牛頓第二定律有1（mB+mC）g=（mB+mC）a（1分）代入數(shù)據(jù)得a=1m/s2對(duì)C由牛頓第二定律可得受到的靜摩擦力大小f=mCa=1N因fm（g=2N,所以假設(shè)成立（1分）設(shè)木板B再發(fā)生位移x2停止運(yùn)動(dòng)，則由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有v共=2ax2（1分）代入數(shù)據(jù)得x2=0.5mB與地面間因摩擦而產(chǎn)生的熱量Q=w1（mB+mC）g（x1+x2）（1分）代入數(shù)據(jù)解得Q=5J（1分）（1）ADE（5分）解析：晶體與非晶體的區(qū)別在于晶體具有固定的熔點(diǎn)，所以晶體敲碎后的小顆粒仍是晶體，A項(xiàng)正確；質(zhì)量、溫度均相同的碳粉和碳?jí)K，分子平均動(dòng)能相同，分子數(shù)相同，分子間距離不變，分子勢(shì)能不變，所以內(nèi)能相同，B項(xiàng)錯(cuò)；花粉的布朗運(yùn)動(dòng)反映了液體分子的熱運(yùn)動(dòng)，并非花粉分子的熱運(yùn)動(dòng)，C項(xiàng)錯(cuò)；由熱力學(xué)第一定律知，一定質(zhì)量的理想氣體，