2023屆廣東省珠海一中等六校物理高三上期中調(diào)研模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和

2、答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一輕彈簧上端固定在天花板上，下端懸掛一個質(zhì)量為m的木塊，木塊處于靜止?fàn)顟B(tài)測得此時彈簧的伸長量為l(彈簧的形變在彈性限度內(nèi))重力加速度為g.此彈簧的勁度系數(shù)為()ABmglCD2、如圖所示，在水平粗糙橫桿上，有一質(zhì)量為m的小圓環(huán)A，用一細(xì)線懸吊一個質(zhì)量為m的球B?，F(xiàn)用一水平力F緩慢地拉起B(yǎng)，在此過程中A一直保持靜止不動，設(shè)圓環(huán)A受到的支持力為FN，摩擦力為f ，此過程中： （ ）AFN增大，f增大 BFN減小，f增大CFN不變，f增大 DFN不變，f減小3、圖甲所

3、示為一對長度為L的平行金屬板，在兩板之間加上圖乙所示的電壓。現(xiàn)沿兩板間的中軸線從左端向右端連續(xù)不斷地射入初速度為v0的相同帶電粒子（重力不計），若所有粒子均能從兩極板間飛出，則粒子飛出時的最小偏轉(zhuǎn)位移與最大偏轉(zhuǎn)位移大小之比是（） 甲 乙A11B12C13D144、下列說法正確的是（）A做勻加速直線運動的物體，初速度越大，時間越長，其位移也一定越大B做勻加速直線運動的物體，任意連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之比均為1：3：5C做勻減速直線運動的物體，其加速度與速度變化量的方向一定相反D做勻減速直線運動的物體，任意時間內(nèi)中間時刻的瞬時速度一定小于中間位置的瞬時速度5、以下說法中符合史實的是（ ）A湯姆孫通過

4、實驗發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子B貝可勒爾通過實驗發(fā)現(xiàn)了中子C盧瑟福通過實驗提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型D查德威克發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象說明原子具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)6、如圖所示，光滑絕緣半球形的碗固定在水平地面上，可視為質(zhì)點的帶電小球1、2的電荷分別為Q1、Q2，其中小球1固定在碗底A點，小球2可以自由運動，平衡時小球2位于碗內(nèi)的B位置處，如圖所示現(xiàn)在改變小球2的帶電量，把它放置在圖中C位置時也恰好能平衡，已知AB弦是AC弦的兩倍，則（）A小球在C位置時的電量是B位置時電量的一半B小球在C位置時的電量是B位置時電量的四分之一C小球2在B點對碗的壓力大小等于小球2在C點時對碗的壓力大小D小球2在B點對碗的壓力大小大于小球2在C

5、點時對碗的壓力大小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、地球靜止軌道衛(wèi)星的軌道面與地球赤道共面，傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的軌道面與地球赤道面有一定的夾角，它的運轉(zhuǎn)周期是24小時2011年12月2日，中國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用“長征三號甲”運載火箭成功發(fā)射的第10顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星就是一顆傾斜地球同步軌道衛(wèi)星2012年l0月25日，中國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用“長征三號丙，運載火箭成功發(fā)射的第16顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星是一顆地球靜止軌道衛(wèi)星，它與先期發(fā)射的15顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星組網(wǎng)運行，北斗導(dǎo)航工

6、程區(qū)域組網(wǎng)順利完成現(xiàn)在已向亞太大部分地區(qū)提供正式服務(wù)關(guān)于這兩顆衛(wèi)旱下列說法正確是（ ）A這兩顆衛(wèi)星離地面的高度一樣，約為16萬千米B第10顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星的運行速度一定比第一宇宙速度小C發(fā)射第10顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星要比發(fā)射同等質(zhì)量的近地衛(wèi)星少消耗能量D第10顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星比第16顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星運行加速度大8、如圖甲所示為某同學(xué)研究物體加速度與力和質(zhì)量關(guān)系的實驗裝置示意圖，圖乙是該裝置的俯視圖。兩個相同的小車，放在水平桌面上，前端各系一條輕細(xì)繩，繩的另一端跨過定滑輪各掛一個小盤，盤里可放砝碼。兩個小車通過細(xì)繩用夾子固定，打開夾子，小盤和砝碼牽引小車同時開始做勻加速直線運動，閉合夾子，兩小車同時停止運動

7、。實驗中平衡摩擦力后，可以通過在小盤中增減砝碼來改變小車所受的合力，也可以通過增減小車中的砝碼來改變小車的總質(zhì)量。該同學(xué)記錄的實驗數(shù)據(jù)如下表所示，則下列說法中正確的是（ ）實驗次數(shù)小車1總質(zhì)量 m1/g小車2總質(zhì)量 m2/g小車1受合力F1/N小車2受合力F2/N小車1位移x1/cm小車2位移x2/cm12502500.100.2020.139.822502500.100.3015.244.532502500.200.30 19.830.842505000.100.1020.039.753004000.100.1020.315.163005000.100.1030.018.0A利用第1、2、3

8、 次實驗數(shù)據(jù)，可以研究小車質(zhì)量相同的情況下，其加速度和合外力的大小關(guān)系B比較第1、2 次實驗數(shù)據(jù)可知，兩次小車運動的時間之比約為2：C利用第5、6 次實驗數(shù)據(jù)，可以研究小車所受合外力一定的情況下，其加速度和總質(zhì)量的大小關(guān)系D通過對表中數(shù)據(jù)的分析，可以判斷出第4次實驗數(shù)據(jù)的記錄中，小車2的位移大小是錯誤的9、如右圖為一列簡諧橫波的波形圖，其中虛線是t1=0.01s時的波形，實線是t2=0.02s時的波形，已知t2t1=T/4。關(guān)于這列波，下列說法中正確的是A該波的傳播速度可能是600m/sB從t1時刻開始，經(jīng)0.1s質(zhì)點P通過的路程為0.8mC若該波波源從0點沿x軸正向運動，則在x=200m處的

9、觀測者接收到的波的頻率將大于25HzD遇到寬約3m的障礙物時，該波能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象10、如圖所示，質(zhì)量M的小球套在固定傾斜的光滑桿上，原長為l0的輕質(zhì)彈簧一端固定于O點，另一端與小球相連，彈簧與桿在同一豎直平面內(nèi)圖中AO水平，BO間連線長度恰好與彈簧原長相等，且與桿垂直， O在O的正下方，C是AO段的中點，30現(xiàn)讓小球從A處由靜止釋放，下列說法正確的有A下滑過程中小球的機(jī)械能守恒B小球滑到B點時的加速度為C小球下滑到B點時速度最大D小球下滑到C點時的速度為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）兩位同學(xué)用如圖所示裝置，通過半徑相同

10、的A、B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律（1）實驗中必須滿足的條件是_A斜槽軌道盡量光滑以減小誤差B斜槽軌道末端的切線必須水平C入射球A每次必須從軌道的同一位置由靜止?jié)L下D兩球的質(zhì)量必須相等（2）測量所得入射球A的質(zhì)量為mA，被碰撞小球B的質(zhì)量為mB，圖中O點是小球拋出點在水平地面上的垂直投影，實驗時，先讓入射球A從斜軌上的起始位置由靜止釋放，找到其平均落點的位置P，測得平拋射程為OP；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與小球B相撞，分別找到球A和球B相撞后的平均落點M、N，測得平拋射程分別為OM和ON當(dāng)所測物理量滿足表達(dá)式_時，即說明兩球碰撞中動量守恒；如果滿足表達(dá)式_時，則說明兩球的碰撞

11、為完全彈性碰撞（1）乙同學(xué)也用上述兩球進(jìn)行實驗，但將實驗裝置進(jìn)行了改裝：如圖12所示，將白紙、復(fù)寫紙固定在豎直放置的木條上，用來記錄實驗中球A、球B與木條的撞擊點實驗時，首先將木條豎直立在軌道末端右側(cè)并與軌道接觸，讓入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，撞擊點為B；然后將木條平移到圖中所示位置，入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，確定其撞擊點P；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與球B相撞，確定球A和球B相撞后的撞擊點分別為M和N測得B與N、P、M各點的高度差分別為h1、h2、h1若所測物理量滿足表達(dá)式_時，則說明球A和球B碰撞中動量守恒12（12分）在“驗證機(jī)械能守恒定律”的實驗中，質(zhì)量

12、m1 kg的重錘自由下落，紙帶上打出一系列的點，如圖所示，相鄰計數(shù)點時間間隔為0.02 s，長度單位為cm，取g9.8 m/s2.(1) 打點計時器打下計數(shù)點B時，重錘的速度vB_(保留兩位有效數(shù)字)(2) 從點O到打下計數(shù)點B的過程中，重錘重力勢能的減小量Ep_，動能的增加量Ek_(保留兩位有效數(shù)字)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）滑板運動是一項驚險而又刺激的極限運動，深受青少年喜愛。現(xiàn)將其一條賽道簡化成如下模型，如圖所示,半圓形光滑軌道固定在水平地面上,半圓的直徑與地面垂直.滑板運動員用小物塊替代，

13、小物塊以速度 v 從軌 道下端滑入軌道,并從軌道上端水平飛出,小物塊落地點到軌道下端的距離與軌道半徑有關(guān),求：軌道半徑 r 為多大 時，此距離有最大值，最大值為多少？(重力加速度大小為 g)14（16分）如圖甲所示，一汽車通過電子不停車收費系統(tǒng)假設(shè)汽車從O點以的速度勻速駛向ETC收費島，在OA路段所受阻力大??；汽車從A處進(jìn)入ETC收費島后，假設(shè)仍保持功率不變完成自動繳費并駛離收費島，并以速度勻速離開B處，汽車的速度時間圖象如圖乙所示已知ETC收費島AB段長度，汽車質(zhì)量，汽車在OA段和AB段所受阻力分別為恒力（1）求汽車在運動過程中發(fā)動機(jī)的輸出功率；（2）當(dāng)汽車加速度大小為時，求此時汽車的速度大

14、小；（3）求汽車在ETC收費島AB段內(nèi)行駛的時間15（12分）木板B放在水平地面上，在木板B上放一重1200N的A物體，物體A與木板B間，木板與地間的摩擦因數(shù)均為0.2，木板B重力不計，當(dāng)水平拉力F將木板B勻速拉出，繩與水平方向成30時，問繩的拉力T多大？水平拉力F多大？(重力加速度g=10m/s2， ，結(jié)果保留一位小數(shù))參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】根據(jù)二力平衡可知：彈簧彈力和重力大小相等，故有：mg=kx=kl，所以勁度系數(shù)為k=，故ABC錯誤，D正確故選D2、C【解析】B緩慢運動可視為受力平衡

15、，則對B受力分析，由共點力的平衡可得出拉力的變化；再對整體受力分析可得出摩擦力及支持力的變化；【詳解】對B受力分析，則B受重力、繩子的拉力及F，三力滿足應(yīng)始終處于平衡狀態(tài)；受力分析如圖所示：在B上升的過程中繩子與豎直方向的夾角增大，而重力不變，F(xiàn)=Gtan，故拉力F應(yīng)增大；以AB為整體受力分析，整體在水平方向受拉力、摩擦力；豎直方向上受重力、支持力；因整體處于平衡狀態(tài),故水平方向f=F，因F增大，故摩擦力f增大；豎直方向重力不變，則壓力FN不變，故C正確，A、B、D錯誤；故選C?！军c睛】關(guān)鍵在于運用整體法和隔離法對整體和小球受力分析，然后根據(jù)共點力平衡條件列式求解，對于研究對象的靈活選擇，有時

16、可以使問題大大簡化，起到事半功倍的效果。3、C【解析】由于v0，粒子在兩板之間的運動時間均為T，在tnT時刻進(jìn)入的粒子的側(cè)移量最大，在豎直方向上前半個周期加速，后半個周期勻速在時刻進(jìn)入的粒子，在前半個周期在水平方向上做勻速直線運動，豎直方向上速度為零，后半個周期在豎直方向上做勻加速運動，側(cè)移量最小故yminymax13故選C4、D【解析】A根據(jù)可知，做勻加速直線運動的物體，初速度越大，時間越長，其位移不一定越大，選項A錯誤；B做初速度為零的勻加速直線運動的物體，從運動開始計時，在任意連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之比均為1：3：5，選項B錯誤；C無論物體做勻加速還是勻減速，其加速度與速度變化量的方向一定

17、是相同的，選項C錯誤；D設(shè)初速度為v0，末速度為v，則中間時刻的瞬時速度中間位置的瞬時速度因為知無論加速還是減速，則總是v1v2，即任意時間內(nèi)中間時刻的瞬時速度一定小于中間位置的瞬時速度，選項D正確。故選D。5、C【解析】A湯姆孫通過實驗發(fā)現(xiàn)了電子，盧瑟福通過實驗發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子，故A錯誤；B查德威克通過實驗發(fā)現(xiàn)了中子，故B錯誤；C盧瑟福通過粒子散射實驗提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，故C正確；D貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象說明原子具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，故D錯誤。6、C【解析】AB對小球2受力分析，如圖所示，小球2受重力、支持力、庫侖力，其中F1為庫侖力F和重力mg的合力，根據(jù)三力平衡原理可知，F(xiàn)1=FN由圖可知，

18、OABBFF1設(shè)半球形碗的半徑為R，AB之間的距離為L，根據(jù)三角形相似可知，即所以FN=mg 當(dāng)小球2處于C位置時，AC距離為，故，根據(jù)庫侖定律有：所以 ，即小球在C位置時的電量是B位置時電量的八分之一，故AB均錯誤；CD由上面的式可知FN=mg，即小球2在B點對碗的壓力大小等于小球2在C點時對碗的壓力大小，故C正確，D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】A、根據(jù)題意可知這兩顆衛(wèi)星運動的周期都是24h，根據(jù)萬有引力提供向心力可知，周期相同則高

19、度相同，故這兩顆衛(wèi)星離地面的高度一樣，約為1.6萬千米，故A正確；B、根據(jù)萬有引力提供向心力得：，則運行高度越大，速度越小，當(dāng)r最小等于地球半徑時，速度最大等于第一宇宙速度，故第10顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星的運行速度一定比第一宇宙速度小，故B正確；C、同等質(zhì)量的衛(wèi)星，發(fā)射高度越高，克服地球引力做功越多，故發(fā)射第10顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星要比發(fā)射同等質(zhì)量的近地衛(wèi)星多消耗能量，故C錯誤；D、根據(jù)萬有引力提供向心力得：所以高度相同，則加速度相同，故第10顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星與第16顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星運行加速度相等，故D錯誤點睛：本題要知道傾斜地球同步軌道衛(wèi)星和地球靜止軌道衛(wèi)星的周期都是24h，要掌握萬有引力提供向心力，要能夠根

20、據(jù)題意正確選擇恰當(dāng)?shù)南蛐牧Φ谋磉_(dá)式8、ABC【解析】A第1、2、3 次實驗數(shù)據(jù)中，小車的質(zhì)量相同，但是所加的外力不同，則可以研究小車質(zhì)量相同的情況下，其加速度和合外力的大小關(guān)系，A正確；B根據(jù)1、2兩組數(shù)據(jù)可知，兩次小車1所加的拉力相同，則加速度相同，兩次位移之比為20.1:15.24:3，根據(jù)可知兩次事件之比約為2：，B正確；C第5、6 次實驗數(shù)據(jù)可知，兩次小車的質(zhì)量不同，所受拉力相同，則可以研究小車所受合外力一定的情況下，其加速度和總質(zhì)量的大小關(guān)系，C正確；D第4次實驗，合外力均為0.1N，質(zhì)量之比為1：2，但位移之比是1:2，即加速度之比等于1：2，正確的是2：1，但是兩小車的位移究竟是

21、哪個錯誤不能判斷，D錯誤。故選ABC。9、CD【解析】由圖讀出這列波的波長為=8m，周期T=（0.02-0.01）4=0.04s，所以波速為：v=T=80.04=200m/s，故A錯誤；由圖讀出這列波的振幅A=10cm，t=0.1s=2.5T，所以P通過的路程為：s=4A2.5=1m，故B錯誤；該波的頻率為f=1T=25Hz若該波波源從0點沿x軸正向運動，則在x=200m處接收到的波的頻率將增大，即頻率大于25Hz故C正確該波的波長為8m，若該波傳播中遇到寬約3m的障礙物能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象故D正確故選CD10、BD【解析】由題中“質(zhì)量M的小球套在固定傾斜的光滑桿上”可知，本題考查物體運動過程

22、中能量、速度和加速度的變化，根據(jù)能量守恒定律和牛頓第二定律可分析本題。【詳解】A、下滑過程中小球的機(jī)械能會和彈簧的彈性勢能相互轉(zhuǎn)化，因此小球的機(jī)械能不守恒，故A錯誤；B、因為在B點，彈簧恢復(fù)原長，因此重力沿桿的分力提供加速度，根據(jù)牛頓第二定律可得解得故B正確；C、到達(dá)B點加速度與速度方向相同，因此小球還會加速，故C錯誤；D、因為C是AO段的中點，30，所以當(dāng)小球到C點時，彈簧的長度與在A點時相同，故在從A到C的過程中彈簧彈性勢能沒變，小球重力做功全部轉(zhuǎn)化為小球的動能，所以得解得故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BC mAOP

23、= mAOM+ mBON OP+OM=ON 【解析】A、“驗證動量守恒定律”的實驗中，是通過平拋運動的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的，只要離開軌道后做平拋運動，對斜槽是否光滑沒有要求，故A錯誤；B、要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必須水平，故B正確；C、要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故C正確；D、為了使小球碰后不被反彈，要求入射小球質(zhì)量大于被碰小球質(zhì)量，故D錯誤；故選BC小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相同，它們在空中的運動時間t相等，它們的水平位移x與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若兩球相碰前后的動量守恒，則mAv0=mAv1+mBv2，又OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t，代入得：mAOP=mAOM+mBON，若碰撞是彈性碰撞，則機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：mAv02=mAv12+mBv22，將OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t代入得：mAOP2=mAOM2+mBON2；小球做平拋運動，在豎直方向上：h=gt2，平拋運動時間：t=，設(shè)軌道末端到木條的水平位置為x，小球做平拋運動的初速度：vA=，vA=，vB=，如果碰撞過程動量守恒，則：mAvA=mAvA+mBvB，將速度代入動量守恒表達(dá)式解得：12、0.97m/s0.48J0.47J【解析】（1）根