福建省莆田市仙游縣郊尾中學(xué)2022-2023學(xué)年高三物理第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)水平測(cè)試模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無(wú)效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，一傾斜木板上放一質(zhì)量為m物體，當(dāng)板的傾角逐漸增大時(shí)，物體始終保持靜止?fàn)顟B(tài)，則物體所受（ ）A重力變大B支持力變大C摩擦力變大D合外力變大2、一質(zhì)量為m的鐵球在水平

2、推力F的作用下，靜止在傾角為的斜面和豎直墻壁之間，鐵球與斜面的接觸點(diǎn)為A，推力F的作用線通過(guò)球心O，如圖所示，假設(shè)斜面、墻壁均光滑.若水平推力緩慢增大，則在此過(guò)程中( )A墻對(duì)鐵球的作用力大小始終等于推力FB墻對(duì)鐵球的作用力大小始終大于推力FC斜面對(duì)鐵球的作用力緩慢增大D斜面對(duì)鐵球的支持力大小始終等于mgcos3、一質(zhì)量為的物塊能在傾角為的足夠長(zhǎng)斜面上勻減速下滑在初始狀態(tài)相同及其他條件不變時(shí)，只對(duì)物塊施加一個(gè)豎直向下的恒力，如圖所示，則物塊減速到零的時(shí)間與不加恒力兩種情況相比較將（ ）A變長(zhǎng)B變短C不變D不能確定4、在輕繩的兩端各拴一個(gè)小球，一人用手拿著上端的小球站在三樓的陽(yáng)臺(tái)上，放手讓小球自

3、由下落，兩小球相繼落地的時(shí)間差為t1如果站在四樓的陽(yáng)臺(tái)上，放手讓小球自由下落，則兩小球相繼落地的時(shí)間差將（ ）A不變B變大C變小D無(wú)法判斷5、圖甲中理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比n1:n2=5:1，電阻R=20 ，L1、L2為規(guī)格相同的兩只小燈泡，S1為單刀雙擲開(kāi)關(guān)原線圈接正弦交變電源，輸入電壓u隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖乙所示現(xiàn)將S1接l、S2閉合，此時(shí)L2正常發(fā)光下列說(shuō)法正確的A輸入電壓u的表達(dá)式是B只斷開(kāi)S2后，L1、L1均正常發(fā)光C只斷開(kāi)S2后，原線圈的輸入功率增大D若S1換接到2后，R消耗的電功率為0.8 W6、如圖所示,C為平行板電容器,和為其兩極板,板接地；P和Q為兩豎直放置的平行金

4、屬板,在兩板間用絕緣線懸掛一帶電小球；P板與板用導(dǎo)線相連,Q板接地開(kāi)始時(shí)懸線靜止在豎直方向,在板帶電后,懸線偏轉(zhuǎn)了角度在以下方法中,能使懸線的偏角變大的是A縮小間的距離B在兩板間插入電介質(zhì)C板向上平移DQ板向右平移二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、已知甲、乙兩行星的半徑之比為2：1，環(huán)繞甲、乙兩行星表面運(yùn)行的兩衛(wèi)星周期之比力4：1，則下列結(jié)論中正確的是（）A甲、乙兩行星表面衛(wèi)星的動(dòng)能之比為1：4B甲、乙兩行星表面衛(wèi)星的角速度之比為1：4C甲、乙兩行星的質(zhì)量之比為1：

5、2D甲、乙兩行星的第一宇宙速度之比為2：18、如圖，兩質(zhì)量均為m的小球，通過(guò)長(zhǎng)為L(zhǎng)的不可伸長(zhǎng)輕繩水平相連，從某一高處自由下落，下落過(guò)程中繩處于水平伸直狀態(tài)在下落h高度時(shí)，繩的中點(diǎn)碰到水平放置的光滑釘子O.重力加速度為g，空氣阻力不計(jì)，則 （ ）A小球從開(kāi)始下落到剛到達(dá)最低點(diǎn)的過(guò)程中機(jī)械能守恒B從輕繩與釘子相碰到小球剛到達(dá)最低點(diǎn)的過(guò)程，重力的瞬時(shí)功率先增大后減小C小球剛到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)速度大小為2g(h+L)D小球剛到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)的加速度大小為(4hL+2)g9、北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)空間段由35顆衛(wèi)星組成，包括5顆同步衛(wèi)星、27顆中地球軌道衛(wèi)星、3顆傾斜同步軌道衛(wèi)星，關(guān)于這些衛(wèi)星，下列說(shuō)法正確的是A5顆同

6、步衛(wèi)星所受到的向心力一定相同B5顆同步衛(wèi)星的運(yùn)行軌道一定在同一平面內(nèi)C導(dǎo)航系統(tǒng)中所有的衛(wèi)星的運(yùn)行速度都大于第一宇宙速度D導(dǎo)航系統(tǒng)所有衛(wèi)星中，運(yùn)行軌道的半徑越大，運(yùn)轉(zhuǎn)周期越長(zhǎng)10、如圖所示，平行板電容器與直流電源（內(nèi)阻不計(jì)）連接，下極板接地，靜電計(jì)所帶電量很少，可被忽略。一帶負(fù)電油滴被固定于電容器中的P點(diǎn)，現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，上極板不動(dòng)，則（）A平行板電容器的電容值將變大B靜電計(jì)指針張角變小C帶電油滴的電勢(shì)能將減少D若先將上極板與電源正極的導(dǎo)線斷開(kāi)再將下極板向下移動(dòng)一小段距離，則帶電油滴所受電場(chǎng)力不變?nèi)?、?shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，

7、不要求寫出演算過(guò)程。11（6分）在做“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，某同學(xué)得到一條用打點(diǎn)計(jì)時(shí)打下的紙如圖所示，并在其上取了A、B、C、D、E、F、G等7個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)，圖中沒(méi)有畫出，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接周期為T112s的交流電源，經(jīng)過(guò)測(cè)量得：d1=3.62cm，d2=8.11cm，d3=13.21cm，d4=19.19cm，d5=25.99cm，d6=33.61cm(1)計(jì)算vB_m/s；（結(jié)果保留兩位小數(shù)）(2)物體的加速度a_m/s2：（結(jié)果保留兩位小數(shù)）(3)如果當(dāng)時(shí)電網(wǎng)中交變電流的頻率是f51Hz，而做實(shí)驗(yàn)的同學(xué)并不知道，那么加速度的測(cè)量值與實(shí)際值相比_（選填：偏大、

8、偏小或不變）12（12分）在“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)中，下列敘述中正確的是（_）A實(shí)驗(yàn)中，彈簧測(cè)力計(jì)必須保持與木板平行，讀數(shù)時(shí)視線要正對(duì)彈簧測(cè)力計(jì)刻度B橡皮筋的拉力是合力，兩彈簧測(cè)力計(jì)的拉力是分力C兩次拉橡皮筋時(shí)需將橡皮筋結(jié)點(diǎn)拉到同一位罝這樣做的目的是保證兩次彈簧測(cè)力計(jì)拉力的效果相同D若只增大某一只彈簧測(cè)力計(jì)的拉力大小而要保證橡皮筋結(jié)點(diǎn)位置不變，只需調(diào)整另一只彈簧測(cè)力計(jì)拉力的大小即可四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）在一條平直的公路上有一輛長(zhǎng)L0=1.5m的電動(dòng)自行車正以v=3m/s的速度向前行駛

9、，在其車尾后方s0=16.5m遠(yuǎn)處的另一條車道上有一輛長(zhǎng)L=6.5m的公共汽車正以v0=10m/s的速度同向駛來(lái)，由于公共汽車要在前方距車頭50m處的站點(diǎn)停車上下旅客，便在此時(shí)開(kāi)始剎車使之做勻減速運(yùn)動(dòng)，結(jié)果車頭恰好停在站點(diǎn)處，不考慮公共汽車的再次啟動(dòng)，求:(1)公共汽車剎車的加速度大小 (2)從汽車開(kāi)始剎車計(jì)時(shí)，公共汽車(車頭)從后方追至自行車車尾所需的時(shí)間:(3)兩車第一次錯(cuò)車的時(shí)間14（16分）民航客機(jī)一般都有緊急出口，發(fā)生意外情況的飛機(jī)緊急著陸后，打開(kāi)緊急出口，狹長(zhǎng)的氣囊會(huì)自動(dòng)充氣，形成一條連接出口與地面的斜面，人員可沿著斜面滑行到地上，如圖甲所示，圖乙是其簡(jiǎn)化模型。若緊急出口下沿距地面

10、的高度h=3.0m，氣囊所構(gòu)成的斜面長(zhǎng)度L=5.0m。質(zhì)量m=60kg的某旅客從斜面頂端由靜止開(kāi)始滑到斜面底端。已知旅客與斜面間摩擦因數(shù)=0.55，不計(jì)空氣阻力及斜面的形變，旅客下滑過(guò)程中可視為質(zhì)點(diǎn)，取重力加速度g=10m/s2。求：(1)旅客沿斜面下滑時(shí)的加速度大?。?2)旅客滑到斜面底端時(shí)的速度大??；(3)旅客從斜面頂端滑到斜面底端的過(guò)程中，斜面對(duì)旅客所施加的支持力的沖量的大小和方向。15（12分）如圖所示,粗細(xì)均勻U型細(xì)玻璃管豎直放置,各部分水銀柱的長(zhǎng)度分別為L(zhǎng)2=25cm， L3=25cm， L4=10cm，A端被封空氣柱的常見(jiàn)為=60cm，BC在水平面上,整個(gè)裝置處在恒溫環(huán)境中,外界

11、氣壓=75cmHg將玻璃管繞B點(diǎn)在紙面內(nèi)沿逆時(shí)針?lè)较蚓徛D(zhuǎn)90至AB管水平,求此時(shí)被封空氣柱的長(zhǎng)度. 參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】解：設(shè)物體的重力恒為G，由平衡條件得：物體所受的支持力N=Gcos，摩擦力為f=Gsin，當(dāng)增大時(shí)，cos減小，sin增大，所以N減小，f增大由于物體始終保持靜止?fàn)顟B(tài)，所以由平衡條件可知，物體所受的合外力恒為零故選C【點(diǎn)評(píng)】本題是簡(jiǎn)單的動(dòng)態(tài)平衡問(wèn)題，運(yùn)用函數(shù)法分析各力的變化，也可以通過(guò)作圖法分析2、D【解析】以小球?yàn)閷?duì)象，對(duì)它進(jìn)行受力分析，受推力F、重力G、墻壁的支持

12、力N、斜面的支持力N，如圖根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有：F-Nsin-N=0Ncos=mg，解得：N=mgcos，N=F-mgtan，故D正確點(diǎn)晴：本題考查受力分析和共點(diǎn)力平衡3、B【解析】物塊能在斜面上勻減速下滑， 分析物體受力，由牛頓第二定律得加速度大小;只對(duì)物塊施加一個(gè)豎直向下的恒力F時(shí)，分析物體受力，由牛頓第二定律得加速度大??；由以上兩式可得；在初始狀態(tài)相同及其他條件不變時(shí)，只對(duì)物塊施加一個(gè)豎直向下的恒力F時(shí)速度減小得快些，故有時(shí)間變短，正確答案選B4、C【解析】設(shè)細(xì)線的長(zhǎng)度為，第一個(gè)小球著地后，另一個(gè)小球再運(yùn)動(dòng)的位移為才落地，在內(nèi)運(yùn)行的時(shí)間，即為兩球落地的時(shí)間差，第一個(gè)球著地的速度為另一個(gè)

13、小球在位移內(nèi)的初速度，高度越高，落地的速度越大，可知高度越高，另一個(gè)小球在位移內(nèi)的初速度越大，根據(jù)，初速度越大，時(shí)間越短，即落地的時(shí)間差變小，故選項(xiàng)C正確，ABD錯(cuò)誤5、D【解析】試題分析：電壓最大值為，周期是0.02s，則，所以輸入電壓u的表達(dá)式應(yīng)為u=20sin（100t）V，A錯(cuò)誤；原先L1短路，只有L2工作，只斷開(kāi)S2后，負(fù)載電阻變大為原來(lái)的2倍，電壓不變，副線圈電流變小為原來(lái)的一半，L1、L2的功率均變?yōu)轭~定功率的四分之一，均無(wú)法正常發(fā)光，原線圈的輸入功率等于副線圈的功率都減小，BC錯(cuò)誤；副線圈兩端的電壓有效值為，若S1換接到2后， R消耗的電功率為，D正確6、C【解析】題中電容器a

14、b與平行金屬板PQ并聯(lián)，電勢(shì)差相等，根據(jù)左邊電容器的電容的變化得出平行金屬板兩端的電勢(shì)差變化，從而得出電場(chǎng)強(qiáng)度的變化，判斷懸線偏轉(zhuǎn)角度的變化【詳解】A、縮小a、b間的距離，根據(jù)，則電容增大，Q不變，ab端的電勢(shì)差，知電勢(shì)差減小，所以PQ兩端的電勢(shì)差減小，電場(chǎng)強(qiáng)度減小，則電場(chǎng)力變小，變?。还蔄錯(cuò)誤.B、ab間插入電介質(zhì)，則電容增大，Q不變，ab端的電勢(shì)差，知電勢(shì)差減小，所以PQ兩端的電勢(shì)差減小，電場(chǎng)強(qiáng)度減小，則電場(chǎng)力變小，變?。还蔅錯(cuò)誤.C、a板向上移動(dòng)，正對(duì)面積減小，電容減小，而Q不變，則ab端的電勢(shì)差增大，即PQ兩端的電勢(shì)差增大，電場(chǎng)強(qiáng)度增大，則電場(chǎng)力變大，變大；故C正確.D、Q板向右移動(dòng)，

15、PQ間的距離增大，故電容器的電容C變小，而Q不變，則PQ兩端的電勢(shì)差增大，而電場(chǎng)強(qiáng)度不變，則電場(chǎng)力不變，不變；故D錯(cuò)誤.故選C.【點(diǎn)睛】本題綜合了電路、電容的知識(shí)，綜合性較強(qiáng)；是通過(guò)平衡條件的考查轉(zhuǎn)移到電容器動(dòng)態(tài)分析的一個(gè)考查，需要認(rèn)真推敲一下二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】由于不知道衛(wèi)星的質(zhì)量，所以無(wú)法比較二者的動(dòng)能關(guān)系，故A錯(cuò)誤；據(jù)=2T可知角速度之比等于周期的倒數(shù)比，故為1：4，故B正確；研究衛(wèi)星繞行星表面勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，列

16、出等式：GMmR2=mR42T2，所以行星質(zhì)量M=42R3GT2，所以甲乙兩行星的質(zhì)量之比為：M1M2=(R1R2)3(T1T2)2=2342=12，故C正確；忽略行星自轉(zhuǎn)的影響，根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力列出等式GMmR2=mR42T2=mg可得行星表面的重力加速度g=42RT2，所以兩行星表面重力加速度之比為：a1a2=R1R2(T1T2)2=242=18，故D錯(cuò)誤故選BC.點(diǎn)睛：研究衛(wèi)星繞行星勻速圓周運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，關(guān)鍵是根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，列出等式求解忽略行星自轉(zhuǎn)的影響，根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力列出等式.8、AD【解析】A. 小球從開(kāi)始下落到剛到達(dá)最低點(diǎn)的過(guò)程中只有重力做功，機(jī)械能守恒，故A正確；

17、B、以向下為正方向，豎直方向合力為F=mg-Tsin，開(kāi)始時(shí)很小，mgTsin，F(xiàn)0，豎直方向加速度向下，vy增大，到快要相碰時(shí)，Tsinmg,F0，豎直方向加速度向上，vy減小，根據(jù)PG=mgvy可知重力的瞬時(shí)功率先增大后減小，故B錯(cuò)誤；C. 從最高點(diǎn)到小球剛到達(dá)最低點(diǎn)的過(guò)程中運(yùn)用動(dòng)能定理得：12mv2=mg(L2+h)，解得v=2g(L2+h)，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)向心加速度公式有：a=v2r=2g(L2+h)L2=(4hL+2)g，故D正確故選AD?！军c(diǎn)睛】小球從開(kāi)始下落到剛到達(dá)最低點(diǎn)的過(guò)程中只有重力做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒；重力的瞬時(shí)功率根據(jù)PG=mgvy求解；小球剛到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)速度可根據(jù)動(dòng)

18、能定理求解；根據(jù)向心加速度公式即可求解向心加速度。9、BD【解析】A同步衛(wèi)星的質(zhì)量不一定相同，故所受向心力不一定相同，故A錯(cuò)誤；B同步衛(wèi)星的運(yùn)行軌道一定在赤道平面內(nèi)，故B正確；C第一宇宙速度是最大的運(yùn)行速度，故導(dǎo)航系統(tǒng)中所有的衛(wèi)星的運(yùn)行速度都小于第一宇宙速度，故C錯(cuò)誤；D根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力解得周期運(yùn)行軌道的半徑越大，運(yùn)轉(zhuǎn)周期越長(zhǎng)，故D正確。10、CD【解析】A根據(jù)可知，d增大，則電容減小，故A錯(cuò)誤；B靜電計(jì)測(cè)量的是電容器兩端的電勢(shì)差，因?yàn)殡娙萜魇冀K與電源相連，則電勢(shì)差不變，所以靜電計(jì)指針張角不變。故B錯(cuò)誤；C電勢(shì)差不變，d增大，則電場(chǎng)強(qiáng)度減小，P點(diǎn)與上極板的電勢(shì)差減小，則P點(diǎn)的電勢(shì)增大，因

19、為該電荷為負(fù)電荷，則電勢(shì)能減小。故C正確；D電容器與電源斷開(kāi)，則電荷量不變，d改變，根據(jù)知電場(chǎng)強(qiáng)度不變，則油滴所受電場(chǎng)力不變。故D正確。故選CD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、1.41 1.81 偏小 【解析】(1)每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接周期為T112s的交流電源，則計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打B點(diǎn)時(shí)，物體的速度(2)物體的加速度(3)如果當(dāng)時(shí)電網(wǎng)中交變電流的頻率是f51Hz，而做實(shí)驗(yàn)的同學(xué)并不知道，那么實(shí)際打點(diǎn)周期小于測(cè)量的打點(diǎn)周期；據(jù)得，真實(shí)的加速度大于測(cè)量的加速度，即加速度的測(cè)量值與實(shí)際值相比偏小12

20、、AC【解析】解：A、本實(shí)驗(yàn)是通過(guò)在白紙上作力的圖示來(lái)驗(yàn)證平行四邊定則，為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，彈簧秤、細(xì)繩、橡皮條都應(yīng)與木板平行，否則，作出的是拉力在紙面上的分力，誤差較大讀數(shù)時(shí)視線必須與刻度尺垂直，防止視覺(jué)誤差故A正確；B、兩彈簧測(cè)力計(jì)的拉力是分力，但橡皮筋的拉力不是合力，橡皮筋的拉力與合力大小相等，方向相反，故B錯(cuò)誤；C、兩次拉橡皮筋時(shí)需將橡皮筋結(jié)點(diǎn)拉到同一位罝這樣做的目的是保證兩次彈簧測(cè)力計(jì)拉力的效果相同故C正確；D、結(jié)點(diǎn)位置不變，合力不變，當(dāng)一只彈簧測(cè)力計(jì)的拉力大小改變時(shí)，另一彈簧測(cè)力計(jì)的拉力的大小和方向必須都改變，故D錯(cuò)誤故選：AC四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）【解析】（1）由汽車的剎車距離求得其加速度（2）由加速度與二者的初速度確定汽車相對(duì)自行車的相對(duì)運(yùn)動(dòng)進(jìn)行求解即可；【詳解】（1）由汽車剎車處的站點(diǎn)停車，則根據(jù)可知汽車剎車加速度為：，即汽車剎車加速度的大小為；（1）汽車相對(duì)自行車做初速度為：、加速度大小為的勻減速運(yùn)動(dòng)則車頭到達(dá)自行車尾歷時(shí)為，則有：代入數(shù)據(jù)得：代入數(shù)據(jù)解得：；（3）車尾到達(dá)自行