2023學(xué)年北京西城8中物理高二上期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測模擬試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、一帶電油滴在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，電場方向豎直向下若不計(jì)空氣阻力，則此帶電油滴從a運(yùn)動(dòng)到b的過程中，能量變化情況為A此帶電油滴帶正電B動(dòng)能減小，電勢能增加C動(dòng)能和電勢能總

2、和增加D動(dòng)能和重力勢能之和增加2、下列哪項(xiàng)科技的應(yīng)用與電磁感應(yīng)原理相關(guān)（ ）A速度選擇器B位移傳感器C回旋加速器D電視顯像管3、作用在一個(gè)物體上的兩個(gè)共點(diǎn)力，大小分別是30N和40N，如果它們的夾角是90，則這兩個(gè)力的合力大小為（）A10NB35NC50ND70N4、鉛蓄電池的電動(dòng)勢為2 V，這表示（ ）A蓄電池兩極間的電壓為2 VB蓄電池能在1 s內(nèi)將2 J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變成電能C電路中每通過1 C電量，電源把2 J的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能D電路中通過相同的電荷量時(shí)，蓄電池比1節(jié)干電池非靜電力做的功少5、如圖所示為空腔球形導(dǎo)體（不帶電），現(xiàn)將一個(gè)帶正電的小金屬球放入腔內(nèi)，靜電平衡時(shí)，圖中A、B、C三點(diǎn)

3、的電場強(qiáng)度E和電勢的關(guān)系是ABCD6、真空中A、B 兩點(diǎn)與點(diǎn)電荷Q 的距離分別為r 和3r,則A、B 兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小之比為A3 :1B1 :3C9 :1D1 :9二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為m、帶電荷量為q的粒子(不計(jì)重力)，從兩平行板左側(cè)中點(diǎn)沿垂直場強(qiáng)方向射入，當(dāng)入射速度為v時(shí)，恰好穿過電場而不碰金屬板要使粒子的入射速度變?yōu)椋阅芮『么┻^電場，則必須再使()A粒子的電荷量變?yōu)樵瓉淼腂兩板間電壓減為原來的C兩板間距離增為原來的4倍D兩板

4、間距離增為原來的2倍8、如圖所示，一質(zhì)量為m、帶電荷量為q（q0）的物體在外力作用下靜止于豎直絕緣墻壁上，當(dāng)施加的變化電場，E0、k均為大于零的常數(shù)，取水平向左為正方向，物體所受的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，物體與墻壁間動(dòng)摩擦因數(shù)為，電場空間和墻面均足夠大。t=0時(shí)釋放帶電物體，下列說法正確的是A物體開始運(yùn)動(dòng)后加速度增大B物體開始運(yùn)動(dòng)后電勢能一直增大C經(jīng)過時(shí)間，物體運(yùn)動(dòng)速度達(dá)最大值D經(jīng)過時(shí)間，物體在豎直墻壁上的位移達(dá)最大值9、如圖，在豎直面內(nèi)有一勻強(qiáng)電場，一帶負(fù)電的小球（重力不計(jì)）在恒力F的作用下沿圖中虛線由A至B勻速運(yùn)動(dòng)已知F和AB間夾角為，AB間距離為d，小球電量為q則 A勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)

5、度大小為E = F/qBA、B兩點(diǎn)的電勢差為Fdcos/qC帶電小球由A運(yùn)動(dòng)至B過程中電勢能增加了FdsinD若帶電小球由B向A做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則F必須反向10、一交流電流的圖象如圖所示，由圖可知 （ ） A用電流表測該電流其示數(shù)為10AB該交流電流的頻率為100HzC該交流電流通過10電阻時(shí)，電阻消耗的電功率為2000 WD該交流電流瞬時(shí)值表達(dá)式為i10sin628t A三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學(xué)要測量一個(gè)由均勻新材料制成的圓柱體的電阻率步驟如下：用20分度的游標(biāo)卡尺測量其長度如圖所示，其長度是_mm.用多用電表

6、的電阻“10”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤示數(shù)如圖所示，則該電阻的阻值約為_為了更精確地測量其電阻，現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下： 待測圓柱體電阻R；電流表A1（量程03mA,內(nèi)阻約50 ）；電流表A2（量程015mA, 內(nèi)阻約30 ）；電壓表V(量程03 V，內(nèi)阻約10 K)； 滑動(dòng)變阻器R1，（阻值范圍015 ）；滑動(dòng)變阻器R2，（阻值范圍02 K；）直流電源E（電動(dòng)勢4V，內(nèi)阻不計(jì)）；開關(guān)S，導(dǎo)線若干為使實(shí)驗(yàn)誤差較小，要求測得多組數(shù)據(jù)進(jìn)行分析，電流表應(yīng)選_，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_（選填代號）請?jiān)趫D中補(bǔ)充連線并完成實(shí)驗(yàn)（_）12（12分）有一個(gè)小燈泡上標(biāo)有“4 V2 W”的字樣，現(xiàn)

7、在要用伏安法描繪這個(gè)小燈泡的IU圖線現(xiàn)有下列器材供選用：A電壓表(05 V，內(nèi)阻約10 k) B電壓表(015 V，內(nèi)阻約20 k)C電流表(03 A，內(nèi)阻約1 ) D電流表(00.6 A，內(nèi)阻約0.4 )E滑動(dòng)變阻器(10 ，2 A) F滑動(dòng)變阻器(500 ，1 A)G學(xué)生電源(直流6 V)、開關(guān)、導(dǎo)線若干(1)實(shí)驗(yàn)中所用電壓表應(yīng)選用_，電流表應(yīng)選用_，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用_(2)實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)采用電流表_(填“內(nèi)”或“外”)接法(3)在虛線框內(nèi)畫出實(shí)驗(yàn)電路圖 ，并根據(jù)所畫電路圖進(jìn)行實(shí)物圖連接 四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步

8、驟。13（10分）如圖所示，質(zhì)量為m的小球自由下落d后，沿豎直面內(nèi)的固定軌道ABC運(yùn)動(dòng)，AB是半徑為d的光滑圓弧，BC是直徑為d的粗糙半圓?。˙是軌道的最低點(diǎn)）小球恰好能運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，重力加速度為g求：（1）小球運(yùn)動(dòng)到B處時(shí)對軌道的壓力大?。?）小球在BC上運(yùn)動(dòng)過程中，摩擦力對小球做的功14（16分）一直流電動(dòng)機(jī)線圈內(nèi)阻一定，用手握住轉(zhuǎn)軸使其不能轉(zhuǎn)動(dòng)，在線圈兩端加電壓為0.3V，電流為0.3A。松開轉(zhuǎn)軸，在線圈兩端加電壓為2 V時(shí)，電流為0.8 A，電動(dòng)機(jī)正常工作。求該電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，輸入的電功率是多少?電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率是多少?15（12分）水平放置的圓盤繞豎直軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，盤轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)邊緣擋光片從

9、光電數(shù)字計(jì)時(shí)器的光電門的狹縫中經(jīng)過，如圖1，圖2所示。A光源射出的光可照射到B的接收器上，若A、B間的光路被遮斷，顯示器C上可顯示出光線被遮住的時(shí)間。圓盤直徑，距轉(zhuǎn)軸處有一質(zhì)量為的零件隨盤一起運(yùn)動(dòng)，已知擋光片的寬度，光電數(shù)字計(jì)時(shí)器所顯示的時(shí)間為（），求：(1)圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度；(2)零件受到的摩擦力。參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】A、由圖可知帶電油滴的運(yùn)動(dòng)軌跡向上偏轉(zhuǎn)，則其合力方向向上，油滴受到豎直向下的重力和豎直方向的電場力，則知電場力必定豎直向上，與場強(qiáng)方向相反，油滴應(yīng)帶負(fù)電，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B、

10、由題意可知，帶電油滴所受重力小于電場力，故從到的運(yùn)動(dòng)過程中合外力做正功，動(dòng)能增加，電場力做正功，電勢能減小，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C、根據(jù)功能關(guān)系可知，在從到的運(yùn)動(dòng)過程中只有重力、電場力做功，因此重力勢能、電勢能、動(dòng)能三者之和保持不變，從到的運(yùn)動(dòng)過程中重力做負(fù)功，重力勢能增加，因此動(dòng)能和電勢能之和減?。粡牡降倪\(yùn)動(dòng)過程中電場力做正功，電勢能減小，因此動(dòng)能和重力勢能之和增加，故選項(xiàng)D正確，C錯(cuò)誤2、B【解析】A.速度選擇器是利用了電場加速和電場偏轉(zhuǎn)的原理，故A錯(cuò)誤；B. 位移傳感器是利用改變磁通量來改變電流的原理，是電磁感應(yīng)原理，故B正確；C.回旋加速器利用磁場使帶電粒子旋轉(zhuǎn)，電場使粒子加速。故C錯(cuò)誤；D

11、. 電視顯像管利用了電場加速和電場偏轉(zhuǎn)的原理。故D錯(cuò)誤；3、C【解析】兩個(gè)分力的夾角是90，根據(jù)勾股定理可以直接求得合力的大小【詳解】分力的大小分別是30N和40N，合力的大小為，所以C正確。故選C。4、C【解析】電動(dòng)勢是一個(gè)表征電源特征的物理量電源的電動(dòng)勢是電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)，在數(shù)值上，等于非靜電力將單位正電荷從電源的負(fù)極通過電源內(nèi)部移送到正極時(shí)所做的功當(dāng)電池不接入外電路時(shí)，蓄電池兩極間的電壓等于電動(dòng)勢；當(dāng)蓄電池接入電路時(shí)，兩極間的電壓小于電動(dòng)勢?！驹斀狻緼. 當(dāng)電池不接入外電路時(shí)，蓄電池兩極間的電壓為2V；當(dāng)電池接入電路時(shí)，兩極間的電壓小于2V.故A錯(cuò)誤；B. 鉛蓄電池的電

12、動(dòng)勢為2V，表示非靜電力將單位正電荷從電源的負(fù)極通過電源內(nèi)部移送到正極時(shí)所做的功為2J，即電能增加2J，與時(shí)間無關(guān)，故B錯(cuò)誤；C. 電路中每通過1C電荷量，鉛蓄電池將1C的正電荷從負(fù)極移至正極的過程中，非靜電力做功w=qU=1C2V=2J，故電勢能增加2J，即2J化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能，故C正確； D. 電動(dòng)勢表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱，電動(dòng)勢大，轉(zhuǎn)化本領(lǐng)大。干電池的電動(dòng)勢為1.5V，則蓄電池將化學(xué)能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔艿谋绢I(lǐng)比一節(jié)干電池(電動(dòng)勢為1.5V)的大。電路中通過相同的電荷量時(shí)，蓄電池轉(zhuǎn)化的能量比1節(jié)干電池多，非靜電力做的功多，故D錯(cuò)誤。故選：C.5、D【解析】當(dāng)靜電平衡時(shí)，空腔球形導(dǎo)

13、體內(nèi)壁感應(yīng)出負(fù)電荷，外表面感應(yīng)出正電荷，畫出電場線的分布如圖由于A處電場線較密，B處電場線較疏，C處場強(qiáng)為零，則根據(jù)順著電場線方向電勢降低，整個(gè)空腔球形導(dǎo)體是一個(gè)等勢體，表面是一個(gè)等勢面，分析可知電勢關(guān)系是，D正確【點(diǎn)睛】本題抓住處于靜電平衡導(dǎo)體的特點(diǎn)：導(dǎo)體是等勢體，內(nèi)部場強(qiáng)為零比較場強(qiáng)大小和電勢高低常常畫電場線，形象直觀地判斷6、C【解析】試題分析：直接根據(jù)庫倫定律公式計(jì)算出試探電荷q所受電場力，然后利用電場強(qiáng)度的定義式即可求出在M所在處的場強(qiáng)的大小解：引入一個(gè)試探電荷q，分別計(jì)算它在AB兩點(diǎn)受的電場力，得：F1=9F2根據(jù)電場強(qiáng)度的定義式：，得：故選C【點(diǎn)評】本題很簡單直接考查了庫倫定律和

14、電場強(qiáng)度定義式的應(yīng)用，對于這些公式一定要明確其適用條件和公式中各個(gè)物理量的含義二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】設(shè)平行板長度為，寬度為，板間電壓為，恰能穿過一電場區(qū)域而不碰到金屬板上，則沿初速度方向做勻速運(yùn)動(dòng)：，垂直初速度方向做勻加速運(yùn)動(dòng)：，則偏轉(zhuǎn)位移為：欲使質(zhì)量為m、入射速度為的粒子也能恰好穿過這一電場區(qū)域而不碰到金屬板，則沿初速度方向距離仍是l，垂直初速度方向距離仍為A使粒子的帶電量減少為原來的，則故A符合題意B使兩板間所接電源的電壓減小到原來的一半

15、故B不符合題意CD板的電壓不變，距離變化，根據(jù)，有Uql2=md2v2，速度減小為，則距離應(yīng)該增加為2倍故C不符合題意，D符合題意8、AD【解析】A電場改變方向之前，物體沿豎直墻運(yùn)動(dòng)，由于水平方向支持力與電場力相等，電場強(qiáng)度減弱，所以支持力減小，故摩擦力減小，所以物體受到的重力和摩擦力的合力增大；電場改為水平向右時(shí)，物體受互相垂直的重力和電場力，而電場力隨電場強(qiáng)度的增大而增大，所以合力增大。因此整個(gè)過程中，物體運(yùn)動(dòng)的加速度不斷增大，且速度不斷增大，故A正確；B根據(jù)t=0時(shí)，物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，則qE0mg，且電場的方向水平向左，故電荷帶正電，當(dāng)物體與墻面脫離時(shí)電場強(qiáng)度為零，所以E=E0-kt=0

16、，解得時(shí)間，隨后物體在電場力的作用下向右運(yùn)動(dòng)，電場力做正功，電勢能減小。故B錯(cuò)誤；C根據(jù)A選項(xiàng)分析，物體運(yùn)動(dòng)的加速度不斷增大，且速度不斷增大，即速度不存在最大值，故C錯(cuò)誤；D當(dāng)物體與墻面脫離時(shí)電場強(qiáng)度為零，所以E=E0-kt=0，解得時(shí)間，此時(shí)，物體在豎直墻壁上的位移達(dá)最大值，故D正確；9、AB【解析】由題意可知，小球只受到恒力F與電場力，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以它受到的合力為0，恒力F與電場力是一對平衡力。所以電場力的大小也是F，方向與恒力F的方向相反。即有qE=F，則得E=F/q故A正確。從A到B的過程，電場力做功的大?。篧=Fdcos則AB兩點(diǎn)的電勢差為U=Wq=Fdcosq，故B正確；從A

17、到B的過程，電場力做負(fù)功，電勢能增加，大小為Fdcos，故C錯(cuò)誤；要使帶電小球由B向A做勻速直線運(yùn)動(dòng)，仍然是合力為0，故F的大小和方向都不變。故D錯(cuò)誤。故選AB?！军c(diǎn)睛】對小球進(jìn)行正確的受力分析，得出拉力與電場力是一對平衡力是解決該題的關(guān)鍵；電場力的方向與運(yùn)動(dòng)方向無關(guān).10、ABD【解析】由圖讀出電流的最大值和周期，求出角速度，寫出交流電流即時(shí)值表達(dá)式頻率與周期互為倒數(shù)求出該交流電流的有效值，再求解電阻消耗的電功率交流電流表測量電流的有效值【詳解】電流表顯示的是有效值，故I=A=10A，故A正確；由圖象知周期為0.01s，頻率為周期的倒數(shù)故f=1/T=100Hz，故B正確；電阻消耗的功率P=I

18、2R=（10）210=1000W，故C錯(cuò)誤；角速度=2f=200=628，所以瞬時(shí)值表達(dá)式i=10sin628tA，故D正確；三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、100.45 2.2102 A2 R1 【解析】解：游標(biāo)卡尺的固定刻度讀數(shù)為100mm，游標(biāo)尺上第9個(gè)刻度與主尺對齊，讀數(shù)為，所以最終讀數(shù)為：； 用歐姆表測電阻的讀數(shù)方法為指針示數(shù)乘以倍率，當(dāng)指針指在中央附近時(shí)測量值較準(zhǔn)確，所以該電阻的阻值約為；由電動(dòng)勢和電阻的阻值知電流最大為，所以用電流表，滑動(dòng)變阻器用小阻值的，便于調(diào)節(jié)，所以用滑動(dòng)變阻器；本實(shí)驗(yàn)中，因待測電阻值遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，電流表應(yīng)選外接法；又滑動(dòng)變阻器最大阻值遠(yuǎn)小于待測電阻值，故變阻器應(yīng)用分壓式接法，電路圖如圖所示12、ADE 外