2023學(xué)年云南省玉溪市一中物理高二第一學(xué)期期中考試試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示是一個說明示波管工作原理的示意圖，電子經(jīng)電壓U1加速后垂直進入偏轉(zhuǎn)電場，離開電場時的偏轉(zhuǎn)量是h，兩平行板間的距離為d，電勢差為U2，板長為L.為了提高示波管的靈

2、敏度(每單位電壓引起的偏轉(zhuǎn)量為)可采用的方法是()A增大兩板間的電勢差U2B盡可能使板長L短些C使加速電壓U1升高些D盡可能使板間距離d小些2、在雷雨云下沿豎直方向的電場強度為104V/m已知一體積為410-9m1的雨滴在此電場中不會下落，取重力加速度大小為10m/s2,水的密度為101kg/m1這雨滴攜帶的電荷量的最小值為（ ）A2CB4CC6CD8C3、如圖所示，通電豎直長直導(dǎo)線的電流方向向上，初速度為的電子平行于直導(dǎo)線豎直向上射出，不考慮電子的重力，則電子將A向右偏轉(zhuǎn)，速率不變B向左偏轉(zhuǎn)，速率改變C向左偏轉(zhuǎn)，速率不變D向右偏轉(zhuǎn)，速率改變4、在絕緣光滑的水平面上，如圖所示有相隔一定距離的兩

3、個帶同種電荷的小球。讓它們從靜止開始釋放，則兩個球的加速度和速度隨時間的變化情況是（）A速度、加速度都變大B速度、加速度都變小C速度變小、加速度變大D速度變大、加速度變小5、在絕緣粗糙的水平面上相距為6L的A、B兩處分別固定正點電荷,其電量分別為QA、QB，兩點電荷的位置坐標(biāo)如圖甲所示圖乙是A、B連線之間的電勢與位置x之間的關(guān)系圖像，圖中x=L點為圖線的最低點，若將質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電小球（可視為質(zhì)點）在x=2L的C點由靜止釋放，其向左運動，則在接下來的過程中，下列說法正確的是A小球一定能到達x= - 2L點處B小球在x=L處的加速度最小C小球在向左運動過程中動能先增大后減小D電量QAQ

4、B=216、在真空中有一半徑為R、電荷量為+Q的均勻帶電球，球心位置O固定，P為球外一點，M為球內(nèi)一點，如圖所示，以無窮遠(yuǎn)為電勢零點，（已知均勻帶電的球殼在殼內(nèi)任意一點產(chǎn)生的電場強度均為零，在殼外某點產(chǎn)生的電場強度等同于把殼上電量全部集中在球心處的點電荷所產(chǎn)生的電場強度）.關(guān)于P、M兩點的電場強度和電勢，下列說法中正確的是A若Q不變，P點的位置也不變,而令R變小，則P點的場強減小B若Q不變，P點的位置也不變，而令R變大（P點仍在球外），則P點的電勢升高C若Q不變，M點的位置也不變，而令R變小（M點仍在球內(nèi)），則M點的電勢不變D若Q不變，M點的位置也不變，而令R變大，則M點的場強不變二、多項選擇

5、題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，電路中A、B為兩塊豎直放置的金屬板，C是一只靜電計，閉合開關(guān)S后，靜電計指針張開一個角度，下述做法與結(jié)論相符合的是（）A保持開關(guān)S閉合，減小A、B間距離，靜電計張角減小B保持開關(guān)S閉合，減小A、B間正對面積，靜電計張角不變C斷開開關(guān)S后，減小A、B間距離，靜電計張角減小D斷開開關(guān)S后，減小A、B間正對面積，靜電計張角不變8、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面，實線為一帶正電的粒子僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、

6、M為這軌跡上的兩個點，由此可知（）A三個等勢面中，a電勢最低B粒子在P點比在M點時加速度大C粒子在M點比在P點時動能大D粒子在P點比在M點時的電勢能較小9、某靜電場的電場線如圖中實線所示，虛線是某個帶電粒子僅受電場力作用的運動軌跡，以下說法正確的是（ ）A粒子一定帶正電荷B粒子在M點的加速度小于它在N點的加速度C粒子在M點的電勢能小于它在N點的電勢能DM點的電勢小于N點的電勢10、電路中理想電壓表、理想電流表連接如圖所示，現(xiàn)在閉合電鍵S，向上滑動滑動變阻器的滑動觸頭P ，電壓表、電流表示數(shù)都發(fā)生變化并且在量程之內(nèi)，電表的示數(shù)分別用I、U1、U2、U3表示，電表示數(shù)變化量的大小分別用I、U1、U

7、2和U3表示下列比值正確的是（ ） AU1I不變， U1I變小BU2I不變，U2I不變CU3I變小，U3I不變DU2I變小，U2I變小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）有一個額定電壓為18 V，額定功率約為1 W的小燈泡，現(xiàn)要用伏安法描繪這只燈泡的伏安特性圖線，有下列器材可供選用：A電壓表V1（26 V，內(nèi)阻約為5 k）B電壓表V2（215 V，內(nèi)阻約為12 k）C電流表A1（21 A，內(nèi)阻約為21 ）D電流表A2（226 A，內(nèi)阻約為25 ）E滑動變阻器R1（12 ，5 A）F滑動變阻器R2（222 ，25 A）G蓄電池（電動

8、勢6 V，內(nèi)阻不計）H開關(guān)、導(dǎo)線（1）實驗的電路圖應(yīng)選用下列的圖_（填字母代號）（2）實驗中，電壓表選_，電流表選_，滑動變阻器選_（請?zhí)顚戇x項前對應(yīng)的字母）（1）測得該燈泡的伏安特性曲線如圖所示，由圖線可求得此燈泡在正常工作時的電阻為_（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；隨著電壓增大，溫度升高，小燈泡的電阻_（填“增大”，“減小”或“不變”）（4）若將此燈泡與電動勢12 V、內(nèi)阻為1 的電源相連，要使燈泡正常發(fā)光，需串聯(lián)一個阻值為_的電阻（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）12（12分）在測量電源電動勢和內(nèi)電阻的實驗中，有電壓表V(量程為3V，內(nèi)阻約3k)；電流表A（量程為0.6A，內(nèi)阻約為0.70）；滑動變阻器

9、R（10，2A）。為了更準(zhǔn)確地測出電源電動勢和內(nèi)阻設(shè)計了如圖所示的電路圖。 在實驗中測得多組電壓和電流值，得到如圖所示的U-I圖線，由圖可得該電源電動勢E=_ V ，內(nèi)阻r=_ 。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）一位同學(xué)對以上實驗進行了誤差分析其中正確的是_A實驗產(chǎn)生的系統(tǒng)誤差，主要是由于電壓表的分流作用B實驗產(chǎn)生的系統(tǒng)誤差，主要是由于電流表的分壓作用四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）某品牌手機在待機工作狀態(tài)時，通過的電流是4微安，則該手機待機一天時間內(nèi)通過的電荷量是多少？通過的自由電子個數(shù)是多少？14（16分）

10、如圖所示，一帶電荷量為q、質(zhì)量為m的小物塊處于一傾角為的光滑斜面上，當(dāng)整個裝置被置于一水平向右的勻強電場中，小物塊恰好靜止。重力加速度取g，sin0.6，cos0.8。求： (1)水平向右電場的電場強度的大小；(2)若將電場強度減小為原來的，小物塊的加速度是多大；(3)電場強度變化后小物塊下滑距離L時的動能。15（12分）如圖所示，一面積為S的單匝圓形金屬線圈與阻值為R的電阻連接成閉合電路，不計圓形金屬線圈及導(dǎo)線的電阻線圈內(nèi)存在一個方向垂直紙面向里、磁感應(yīng)強度大小均勻增加且變化率為k的磁場B.電阻R兩端并聯(lián)一對平行金屬板M、N，兩板間距為d，N板右側(cè)xOy坐標(biāo)系(坐標(biāo)原點O在N板的下端)的第一

11、象限內(nèi)，有垂直紙面向外的勻強磁場，磁場邊界OA和y軸的夾角AOy45，AOx區(qū)域為無場區(qū)在靠近M板處的P點由靜止釋放一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的粒子(不計重力)，經(jīng)過N板的小孔，從點Q(0，l)垂直y軸進入第一象限，經(jīng)OA上某點離開磁場，最后垂直x軸離開第一象限求：(1)平行金屬板M、N獲得的電壓U；(2)yOA區(qū)域內(nèi)勻強磁場的磁感應(yīng)強度B；(3)粒子從P點射出至到達x軸的時間參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】本題的關(guān)鍵是根據(jù)動能定理和類平拋運動規(guī)律求出示波管靈敏度的表達式，然后討論即可求解?！驹斀狻繋щ?/p>

12、粒子加速時，由動能定理得：qU1=mv2帶電粒子偏轉(zhuǎn)時，由類平拋運動規(guī)律，得：L=vt，h=at2又由牛頓第二定律得：聯(lián)立得由題意，靈敏度為：可見，靈敏度與U2無關(guān)，要提高示波管的靈敏度，可使板長L長些、板間距離d小一些、加速電壓U1降低一些，故A、B、C錯誤，D正確【點睛】本題主要考查帶電粒子在勻強電場中的運動，結(jié)合動能定理和類平拋規(guī)律與電場知識可解。2、B【解析】試題分析：據(jù)題意，該雨滴不會下落，說明該雨滴的重力與電場力至少相等，即：，雨滴的質(zhì)量與水的密度關(guān)系為：，雨滴所帶電荷量最小值經(jīng)過計算得：，故B選項正確故選B考點：平衡問題和電場力3、A【解析】解：由安培定則可知導(dǎo)體右側(cè)磁場方向垂直

13、紙面向里，然后根據(jù)左手定則可知運動電子所受洛倫茲力向右，因此電子將向右偏轉(zhuǎn)，洛倫茲力不做功，故其速率不變，故BCD錯誤，A正確故選A【點評】在解決帶電粒子在磁場中運動問題時安培定則與左手定則經(jīng)常聯(lián)合應(yīng)用，在平時練習(xí)中要加強訓(xùn)練，以提高應(yīng)用它們的解題能力4、D【解析】由于同種電荷間存在相互作用的排斥力，兩球?qū)⑾嗷ミh(yuǎn)離，距離增大，根據(jù)庫侖定律得知，相互作用力減小；由牛頓第二定律得知它們的加速度變小。隨著兩球間距離增大，電場力做功正功，總動能增加，所以速度增加。故D正確，ABC錯誤。故選D。5、C【解析】A若水平面光滑根據(jù)動能定理得qU=0，知U=0，所以小球能運動到電勢與出發(fā)點的電勢相等的位置，由

14、于x=-2L處的電勢高于x=2L，所以不能到達x=-2L點處，根據(jù)能量守恒定律可知，若水平面粗糙，則小球到達最左端的位置會比光滑時的還要近，故A錯誤；BC據(jù)-x圖像切線的斜率等于場強E，則知x=L處場強為零，所以在C處場強向左，小球向左加速運動，由于在運動過程中受到摩擦力，且摩擦力向右，大小不變，故在x=L右側(cè)某位置，合力為零，此時速度最大，加速度最小，所以小球向做加速運動后做減速運動，故動能先增大后減小，故B錯誤，C正確；Dx=L處場強為零，根據(jù)點電荷場強則有解得故D錯誤6、D【解析】A若R變小，但P點的位置不變，P到Q的距離r不變，由可知，P點的場強不變，故A錯誤；B若R變小，由于P點的電

15、場強度不變，所以從一電荷從P點移到無窮遠(yuǎn)處（電勢為零），電場力做功不變，P與無窮遠(yuǎn)處間的電勢差不變，因而P點的電勢不變。故B錯誤；C若R變?。∕點仍在殼內(nèi)），根據(jù)題意可知，M點的電場強度仍為零，不變，因此球殼內(nèi)的電勢處處相等，由于球殼的變小，導(dǎo)致電荷從球殼移到無窮遠(yuǎn)處電場力做功增加，而球殼的電勢比零大，所以球殼處的電勢升高，M點的電勢升高，故C錯誤；D若R變大，根據(jù)題意可知，M點的電場強度仍為零，不變，選項D正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】AB

16、合上開關(guān)，電容器兩端間的電勢差不變，靜電計指針張角不變。故A錯誤B正確；C 斷開S，電容器帶電量保持不變，減小A、B間距離，根據(jù)，d變小，C變大，根據(jù)，U變小，張角變小，故C正確；D 斷開S，電容器帶電量保持不變，減小A、B間正對面積，根據(jù)，S變小，C變小。根據(jù)，U增大，張角增大。故D錯誤。故選BC。8、AD【解析】由軌跡的彎曲情況，電場力應(yīng)指向曲線凹側(cè)，且與等勢面垂直（電場線垂直該處等勢面），由于正電荷的受力方向與場強方向一致，故場強方向垂直等勢面斜向左下方，順著電場線方向電勢降低，a的電勢最低，A錯誤；由于三個等勢面并沒有說明是等差等勢面，所以無法判斷場強的大小，所以無法判斷電荷在P、M點

17、受的電場力的大小，即加速度大小，B錯誤；如果由M到P，速度或位移與力的方向夾角小于90做正功，電勢能減小，動能增大；反之，如果由P到M，速度或位移與力的方向夾角大于90做負(fù)功，電勢能增大，動能減小，即粒子在P點的動能大，M點的電勢能大，故C錯誤D正確9、AB【解析】試題分析：通過合力指向軌跡內(nèi)側(cè)判斷電場力方向，從而判斷粒子正負(fù)；電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，電場力做正功，電勢能減小，粒子僅受電場力作用，所以電場力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，故電荷的受力沿著電場線的切線方向，所以電荷為正電荷，A正確；電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，由圖可知，N點的場強大于M

18、點的場強的大小，在N點的受力大于在M的受力，所以粒子在M點的加速度小于它在N點的加速度，B正確；電場力方向與速度方向夾角為銳角，電場力做正功，電勢能減小，所以粒子在M點的電勢能大于它在N點的電勢能，C錯誤；沿著電場線方向電勢降低，故M點的電勢大于N點的電勢，D錯誤10、BC【解析】R2是定值電阻，根據(jù)歐姆定律得知U2I=U2I=R2則知U2I、U2I均不變。故B正確，D錯誤。向上滑動滑動變阻器的滑動觸頭P，則R1減小，U1I=R1，變小。U1=E-I（R2+r），則得 U1I=R2+r，不變。故A錯誤。U3I=R1+R2，變小。U3=E-Ir，則U3I=r，不變。故C正確。故選BC?！军c睛】要

19、區(qū)分定值電阻還是可變電阻。對于定值電阻，是線性元件有R=UI=UI，對于變化電阻，R=UIUI這兩種元件分析要區(qū)別對待三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B A D E 16 增大 14 【解析】（1）為描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應(yīng)從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，故應(yīng)選項E；燈泡額定電壓為13V，電壓表應(yīng)選擇A，燈泡額定電流為：，電流表選擇D，燈泡正常發(fā)光時的電阻：，電流表內(nèi)阻為：25，電壓表內(nèi)阻為5k，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法，實驗電路應(yīng)選擇圖B所示電路；（2）由（1）分析可知，電壓表選擇A，電流表選

20、擇D，滑動變阻器采用分壓接法，為方便實驗操作，滑動變阻器選擇E；（1）由圖示圖象可知，隨U增大，I增大，實際功率P=UI增大，燈泡溫度升高，電壓與電流表的比值增大，燈泡電阻增大；由圖示圖象可知，電壓：U=13V時，電流I=224A，此時燈泡電阻：；（4）燈泡正常發(fā)光時，串聯(lián)電阻兩端電壓UR=U-UL=12V-13V=32V，串聯(lián)電阻阻值；12、1.5 1.0 A 【解析】12根據(jù)U=E-Ir以及圖象可知，電源的電動勢為：E=1.5V，電源內(nèi)阻為：3由圖示電路圖可知，由于電壓表的分流，電流表的測量值小于流過電源的電流，實驗產(chǎn)生了系統(tǒng)誤差，故A正確，B錯誤；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、0.35C2.161018個【解析】通過的電量為：qIt4106243600C