河南省鄭州市河南實驗中學2023學年物理高二上期中達標檢測模擬試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題

2、目要求的。1、如圖所示，豎直放置的平行板電容器中存在水平方向的勻強電場，兩個質量相同的帶電微粒1和2從勻強電場中的O點以相同的初速度豎直向下進入電場，分別達到極板B、C兩點，若AB=BC，不計粒子的重力，則它們帶電荷量之比q1：q2等于A1：4 B4：1 C1：2 D2：12、如圖所示，在勻強磁場中有1和2兩個質子在同一平面內沿逆時針方向做勻速圓周運動，軌道半徑并相切于P點，設、，、，、，、分別表示1、2兩個質子的周期，線速度，向心加速度以及各自從經(jīng)過P點算起到第一次通過圖中虛線MN所經(jīng)歷的時間。下列說法中錯誤的是( )ABCD3、關于點電荷下列說法正確的是（ ）A只有體積很小的帶電體，才能作

3、為點電荷B體積很大的帶電體一定不能看做點電荷C點電荷一定是電荷量很小的電荷D兩個帶電的金屬小球，不一定能將他們作為電荷集中在球心的點電荷處理4、如圖所示，某小球以速度v向放置于光滑水平面的輕質彈簧運動，在小球從接觸彈簧到將彈簧壓縮到最短的過程中（）A彈力對小球做正功，彈簧的彈性勢能減少B彈力對小球做負功，彈簧的彈性勢能減少C彈力對小球做正功，彈簧的彈性勢能增加D彈力對小球做負功，彈簧的彈性勢能增加5、測定壓力變化的電容式傳感器如圖所示，為固定電極，為可動電極，組成一個電容大小可變的電容器可動電極兩端固定，當待測壓力施加在可動電極上時，可動電極發(fā)生形變，從而改變了電容器的電容現(xiàn)將此電容式傳感器連

4、接到如圖所示的電路中，當待測壓力增大時（ ） A電容器的電容將減小B電阻中沒有電流C電阻中有從流向的電流D電阻中有從流向的電流6、對于歐姆定律，理解正確的是（）A從I=可知，導體中的電流跟加在它兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比B從R=可知，導體的電阻跟導體兩端的電壓成正比，跟導體中的電流成反比C從U=IR可知，導體兩端的電壓隨電阻的增大而增高D從R=可知，導體兩端的電壓為零時，導體的電阻也為零二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，電源電動勢E3V，小燈泡L標

5、有“2V，0.4W”，開關S接1，當變阻器調到R4時，小燈泡L正常發(fā)光；現(xiàn)將開關S接2，小燈泡L和電動機M均正常工作則 ( )A電源內阻為1B電動機的內阻為4C電動機的正常工作電壓為1VD電源效率約為93.3%8、如圖所示，表面粗糙的斜面固定于地面上，并處于方向垂直于紙面向外、磁感應強度為B的勻強磁場中；質量為m、帶電量為+Q的小滑塊從斜面頂端由靜止下滑在滑塊下滑的過程中，下列判斷正確的是（ ）A滑塊受到的摩擦力不變B滑塊到地面時的動能與B的大小無關C滑塊受到的洛倫茲力方向垂直斜面向下DB很大時，滑塊可能靜止于斜面上9、以速度vo水平拋出一小球，如果從拋出到某時刻小球的豎直分位移與水平分位移大

6、小相等，以下判斷正確的是A此時小球的豎直分速度大小等于水平分速度大小B此時小球的速度大小為C此時小球速度的方向與位移的方向相同D小球運動的時間為2vo/g10、如圖所示，A、B是平行板電容器的兩金屬板，其中B板接地，現(xiàn)在閉合開關S，穩(wěn)定后，一帶電液滴恰好靜止于AB板間的P點。下列說法正確的是A若保持開關S閉合，將A板向左邊移動一段距離，液滴將向下運動.B若保持開關S閉合，將A板向上移動一小段距離，P點的電勢升高C若斷開開關S，將A板向上移動一段距離，液滴仍保持靜止D若斷開開關S，將A板向左移動一小段距離，P點電勢升高三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出

7、演算過程。11（6分）在做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，（1）某同學畫出了如圖所示的小燈泡的伏安特性曲線。根據(jù)此圖給出的信息可知，隨著小燈泡兩端電壓的升高，小燈泡的電阻_。（填“變大”、“變小”或“不變”）（2）如果將這個小燈泡接到電動勢為1.5 V，內阻為5 的電源兩端，小燈泡消耗的功率是_W.（保留兩位有效數(shù)字）12（12分）某實驗小組用游標卡尺測量某物體的長度L，測量結果如圖甲所示，則L=_mm； 用螺旋測微器測量某物體的直徑d，測量結果如圖乙所示，則d=_mm。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（1

8、0分）如圖所示，勻強電場的場強方向水平向右一根絕緣絲線一端固定在O點，另一端連接一質量為m、電荷量為q的小球小球靜止在電場中，絲線與豎直方向成37已知重力加速度為g，sin37=0.6，cos37=0.1求：（1）小球帶電的種類；（2）小球受到的電場力大小F；（3）電場強度的大小E14（16分）如圖所示，勻強電場中有一直角三角形ABC，ACB=90，ABC=30，BC=20cm，已知電場線的方向平行于ABC所在平面，將電荷量q=2.010-5C的正電荷從A移到B點電場力做功為零，從B移到C點克服電場力做功1.010-3J，試求：(1)該電場的電場強度大小和方向；(2)若將C點的電勢規(guī)定為零時，

9、B點的電勢。15（12分）如圖所示，在絕緣光滑水平面上，有一個邊長為L的單匝正方形線框abcd，在外力作用下以恒定的速率v向右運動進入磁感應強度為B的有界勻強磁場區(qū)域；線框被全部拉入磁場的過程中線框平面保持與磁場方向垂直，線框的ab邊始終平行于磁場的邊界已知線框的四個邊的電阻值相等，均為R求：（1）在ab邊剛進入磁場區(qū)域時，線框內的電流大??；（2）在ab邊剛進入磁場區(qū)域時，ab邊兩端的電壓；（3）在線框被拉入磁場的整個過程中，線框中電流產(chǎn)生的熱量參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】粒子在豎直方向上做勻速直

10、線運動，初速度相等，因為AB=BC，則粒子的運動時間之比為1：2，在水平方向上做勻加速直線運動，根據(jù)xat2知，水平位移相等，則加速度之比為4：1，根據(jù)a=，質量相同，電場強度相同，則電荷量之比為4：1故B正確，ACD錯誤故選B點睛：解決本題的關鍵掌握處理類平拋運動的方法，將粒子分解為水平方向和豎直方向，抓住等時性，結合牛頓第二定律和運動學公式進行求解2、D【解析】A、對于質子，其比荷相同，又質子在磁場中做圓周運動的周期為：在同一勻強磁場中，則，故A正確；B、質子在磁場中做圓周運動的半徑為：且，則，故B正確；C、由，得：由于，則，故C正確；D、兩質子的周期相同，由圖知質子1從經(jīng)過P點算起到第一

11、次通過圖中虛線MN所轉過的圓心角比質子2小，則，故D錯誤。3、D【解析】AB. 當體積很小的帶電體相距很近，以至于帶電體的大小和形狀對帶電體間作用力影響不能忽略時，此帶電體不能看成點電荷，而體積很大的帶電體，如果帶電體間的距離遠大于帶電體本身的尺寸，以至于帶電體本身的大小和形狀對帶電體間的作用力影響可忽略不計時，帶電體也可以看成點電荷。故A錯誤，B錯誤；C. 當一個帶電體的形狀及大小對它們間相互作用力的影響可忽略時，這個帶電體可看作點電荷，點電荷是一種理想化的模型，并不是說所帶的電荷量一定非常小，故C錯誤；D. 兩個帶電的金屬小球，當它們相距較近時，由于靜電力作用，電荷分布在相互靠近或遠離的一

12、側，不能將他們作為電荷集中在球心的點電荷處理，故D正確；故選：D.4、D【解析】在小球從接觸彈簧到將彈簧壓縮到最短的過程中，彈簧對小球的彈力方向向右，與位移方向相反，則彈力對小球做負功，彈簧的彈性勢能增加，故ABC錯誤，D正確故選D.5、D【解析】A、當待測壓力增大時，電容器板間距離減小，根據(jù)電容的決定式得知，電容C增大故A錯誤B、C、D、電容板間電壓U不變，電容器所帶電量為Q=CU，C增大，則Q增大，電容器處于充電狀態(tài)，而A板帶正電，則電路中形成逆時針方向的充電電流，電阻R中有從b流向a的電流故B、C錯誤，D正確故選AD【點睛】本題考查對傳感器基本原理的理解，實質是電容器動態(tài)變化分析問題，電

13、容的決定式和定義式結合進行分析6、A【解析】A. 由歐姆定律可得，即導體中的電流跟導體兩端的電壓成正比，跟導體的電阻成反比，故A正確B. 導體電阻由導體材料、長度、橫截面積決定，與導體兩端的電壓和通過導體的電流無關，導體電阻在數(shù)值上等于它兩端的電壓與通過它的電流之比，對于一個確定的導體來說，所加的電壓跟通過的電流的比值是一確定值；故B錯誤C.導體的電阻變化時，電流也會發(fā)生變化，不控制變量的話，不能說明導體兩端的電壓隨電阻的增大而增高；故C錯誤D.導體電阻由導體材料、長度、橫截面積決定，與導體兩端的電壓和通過導體的電流無關；導體兩端的電壓為零時，導體的電阻不為零；故D錯誤二、多項選擇題：本題共4

14、小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】小燈泡的額定電流為電阻為A當接1時E=I(RL+R+r)代入數(shù)據(jù)解得電源的內阻r=1故A正確；BC當接2時燈泡正常發(fā)光，流過的電流為I=0.2A電源內阻分的電壓為U=Ir=0.21V=0.2V故電動機分的電壓為U動=E-UL-U=(3-2-0.2)V=0.8V則電動機的內阻為故B、C均錯誤；D電源的效率為故D項正確8、CD【解析】AC小滑塊向下運動的過程中受到重力，支持力，垂直斜面向下的洛倫茲力，摩擦力，向下運動的過程中，速度增大，洛倫茲力增大

15、，支持力增大，滑動摩擦力增大故A錯誤， C正確；BB的大小不同，洛倫茲力大小不同，導致滑動摩擦力大小不同，根據(jù)動能定理，摩擦力功不同，到達底端的動能不同，B錯誤；D滑塊之所以開始能動，是因為重力的沿斜面的分力大于摩擦力，B很大時，一旦運動，不會停止，最終重力的沿斜面的分力等于摩擦力，小滑塊勻速直線運動，故D錯誤【點睛】解決本題的關鍵知道洛倫茲力的方向和洛倫茲力的大小以及能夠正確的受力分析，理清物體的運動狀況9、BD【解析】試題分析：A、豎直分位移與水平分位移大小相等，有v1t=，t=，豎直方向上的分速度vy=gt=2v1故A錯誤，D正確；B、此時小球的速度，故B正確；C、速度方向為運動軌跡的切

16、線方向，位移方向為初位置指向末位置的方向，兩方向不同，故C錯誤；故選BD10、CD【解析】A當保持開關S閉合，則兩極板間的電壓不變；若將A板左移板間距不變，據(jù)知場強不變，所以電場力仍與重力平衡，液滴靜止不動；故A錯誤。B當保持開關S閉合，則兩極板間的電壓不變，若將A板上移，電容器的板間距d增大，據(jù)知場強變小，據(jù)P=UPB=EdPB知P點的電勢降低；故B錯誤。C當斷開開關S，則兩極板間的電量Q不變；若將A板上移，電容器的板間距d增大，根據(jù)可得板間場強知板間場強E不變，小球所受的電場力不變，液滴保持靜止；故C正確。D當斷開開關S，則兩極板間的電量Q不變；若將A板左移，電容器的極板正對面積S減小，根

17、據(jù)可得板間場強知板間場強E變大，據(jù)P=UPB=EdPB知P點的電勢升高；故D正確。故選CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 (1) 變大 (2) 0.10W【解析】（1）由于坐標原點與圖象上某點連線的斜率倒數(shù)等于電阻，此圖給出的信息可知，隨著小燈泡兩端電壓的升高，小燈泡的電阻變大；（2）電源的電動勢為1.5V，電流與路段電壓的關系式為：U=E-Ir=1.5-5I,在圖中作出電流與路段電壓的圖線，如圖交點坐標即為小燈泡的實際電壓和電流，故功率為P=UI=10.1w=0.1w12、50.15 3.203 【解析】1游標卡尺讀數(shù)方法：主

18、尺讀數(shù)加游標尺的讀數(shù)，即2螺旋測微器讀數(shù)方法：固定刻度讀數(shù)加可動刻度讀數(shù)，即四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）小球帶正電 （2）mg （3）【解析】試題分析：根據(jù)小球所受的電場力方向和電場線方向的關系即可判斷帶電種類；對小球受力分析，再根據(jù)平衡條件即可求出電場力的大小；再根據(jù)電場強度的定義，即可求出電場強度的大?。?）由題意可知，小球的受力方向與電場線方向一致，所以小球帶正電（2）小球在電場中靜止時，受力分析如圖所示：根據(jù)平衡條件得：Fmgtan37mg （3）根據(jù)電場強度的定義：解得電場強度：E點睛：本題主要考查了小球在電場力作用下的平衡問題，先對小球受力分析，再根據(jù)平衡條件即可求解14、（1）500V/m；方向由C垂直指向AB；（2）-50V?！窘馕觥浚?）A到B過程：UABWABq0B到C過程：UBCWBCq=-1.010-32.010-550VEUCBBCsin30=500V/m，方向由C垂直指向AB.（2）C為零電勢點，故C=0則有：B-C=UBC=-50V解得：B=-