上海高中物理公式大全等級(jí)考閔行七寶補(bǔ)習(xí)班

1、. z.*七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案表示等級(jí)考高考要求；*表示超出要求；直線運(yùn)動(dòng)： 1、 質(zhì)點(diǎn)：相對(duì)??；路程與位移：標(biāo)量與矢量，矢量有大小與方向；3、 平均速度與瞬時(shí)速度：分別對(duì)應(yīng)時(shí)間與時(shí)刻；表達(dá)等效替代思想；表達(dá)無限逼近思想；4、 DIS組成局部：傳感器、數(shù)據(jù)采集器、計(jì)算機(jī)。位移傳感器測位移，同步時(shí)間，經(jīng)計(jì)算機(jī)處理可得速度、加速度等；光電門傳感器測擋光時(shí)間，經(jīng)處理可得平均速度，可近似為瞬時(shí)速度； 5、 七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案6、 勻速直線運(yùn)動(dòng)不變： 7、 勻變速直線

2、運(yùn)動(dòng)不變1根本公式：*初速可不為零初速為零自由落體*豎直上拋運(yùn)動(dòng)以向上為正vt=v0+atvt=atvt=gtvt=v0gts=v0t+at2s=at2 h=gt2h=v0tgt2vt2v02=2asvt2=2asvt2=2ghvt2v02=2gh 2初速為零，時(shí)間等分: nT時(shí)的即時(shí)速度: v1：v2：v3=1：2：3nT時(shí)的總位移:s1：s2：s3=1：4：9第nT的位移:s第1：s第2：s第3=1：3：5 加速度求法:, 即s2s1=aT2，或3初速為零，位移等分:運(yùn)動(dòng)ns時(shí)的時(shí)刻: t1：t2：t3=1：運(yùn)動(dòng)ns時(shí)的即時(shí)速度: v1：v2：v3=1：通過第n個(gè)s的時(shí)間: 4平均速度:

3、5*中間位置的瞬時(shí)速度: 8、 *豎直上拋運(yùn)動(dòng)以向上為正方向 上升時(shí)間，飛行時(shí)間：t上t下，上升最大高度： 9、 伽利略研究落體運(yùn)動(dòng)：通過改變斜面傾角，得出，從而推測出豎直下落也是勻變速直線運(yùn)動(dòng)；10、典型題：有一物體置于光滑水平面上,用恒力使物體以加速度開場作勻加速直線運(yùn)動(dòng),經(jīng)過一段時(shí)間后去掉力,此時(shí)相對(duì)于出發(fā)點(diǎn)的位移為s。同時(shí)加一與運(yùn)動(dòng)方向相反的恒力,使物體以加速度作勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過一樣時(shí)間之后，物體回到出發(fā)點(diǎn)。求a1與a2大小之比. 七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案解：，大小之比就是1：3，這道題可以畫個(gè)圖找找感覺，總位移為零，

4、也就是正的三角形面積與負(fù)的抵消。力和力的平衡： 1、重力： G=mg方向豎直向下 2、彈力：彈性形變 3、力的合成：平行四邊形法則，力的分解是合成的逆運(yùn)算；4、物體受共點(diǎn)力平衡條件： 合力為零， 5、*滑動(dòng)摩擦力阻礙相對(duì)運(yùn)動(dòng)： *靜摩擦力阻礙相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢： 6、兩個(gè)力的合力： * 7、*共點(diǎn)力平衡的技巧：正交分解法、三角形相似法動(dòng)態(tài)平衡、輔助圓法 8、整體法與隔離法：整體法將幾個(gè)物體看成整體分析外力；9、典型題：如下列圖，人通過定滑輪用繩拉住平臺(tái)而處于靜止?fàn)顟B(tài)，人重600N，平臺(tái)重300N，則人對(duì)繩的拉力為_， 人對(duì)平臺(tái)的壓力為_。解：將平臺(tái)與人看作一個(gè)整體，進(jìn)展受力分析，重力為900N，與之

5、平衡的為兩根繩上的拉力，兩根繩其實(shí)就是一根繩，通過光滑的滑輪，兩力相等，故每個(gè)拉力為450N，根據(jù)牛頓第三定律，人拉繩的力等于繩拉人的力，第一問答案為450N；再將人隔離，進(jìn)展受力分析，重力為600N，繩子拉力450N，與兩力平衡的第三力為平臺(tái)對(duì)人的彈力，可得150N；再根據(jù)牛頓第三定律，平臺(tái)對(duì)人的彈力與人對(duì)平臺(tái)的彈力相等，第二問答案為150N；作為驗(yàn)算，可以對(duì)平臺(tái)進(jìn)展隔離，驗(yàn)證平臺(tái)是否受力平衡。七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案三、牛頓運(yùn)動(dòng)定律：1、牛頓第一定律：靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)的物體所受合力為零。物體保持靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)不變的性質(zhì)稱

6、為慣性。 2、牛頓第二定律：動(dòng)力-阻力=ma 慣性由質(zhì)量決定。 實(shí)驗(yàn)：控制變量法研究不變，研究；不變，研究；整體法整體有一樣的加速度： 動(dòng)力-阻力=總質(zhì)量加速度 3、牛頓第三定律： 4、國際單位制：根本單位：米、秒、千克、開爾文、摩爾、安培、*坎德拉； 5、牛頓的成就：經(jīng)典力學(xué)、自然哲學(xué)的數(shù)學(xué)原理、反射望遠(yuǎn)鏡、微積分； 6、經(jīng)典力學(xué)適用于宏觀、低速相對(duì)光速而言；愛因斯坦的相對(duì)論還可以研究微觀、高速情境； 7、超重： 向上， ，加速向上或減速向下； 失重： 向下， ，加速向下或減速向上 ，完全失重；8、典型題：2014高考如圖，水平地面上的矩形箱子有一傾角為的固定斜面，斜面上放一質(zhì)量為m的光滑球

7、，靜止時(shí)，箱子頂部與球接觸但無壓力。箱子由靜止開場向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，然后改做加速度大小為a的勻減速運(yùn)動(dòng)直到靜止，經(jīng)過的總路程為s，運(yùn)動(dòng)過程中的最大速度為v。1求箱子加速階段的加速度大小a。2假設(shè)agtan，求減速階段球受到箱子左壁和頂部的作用力。解：1設(shè)加速過程中加速度為a，由勻變速運(yùn)動(dòng)公式s1 EQ F(v2,2a)s2 EQ F(v2,2a)ss1s2 EQ F(v2,2a) EQ F(v2,2a)七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案解得：a EQ F(av2,2asv2) 2設(shè)球不受車廂作用，應(yīng)滿足QNmgNsinma，NcosQNmg

8、解得：agtan減速時(shí)加速度向左，此加速度由斜面支持力N與左壁支持力P共同決定，當(dāng)agtan時(shí)P0球受力圖如圖。由牛頓定律NsinmaNcosQmg解得Qmacotg四、勻速圓周運(yùn)動(dòng)： 1、v,T,n， 2、*向心加速度公式： 3、*向心力公式： 4、萬有引力定律F=G G=6.671011 5、*涉及引力的計(jì)算模式： 萬有引力=向心力 6、*人造衛(wèi)星的線速度和周期： ， 7、*繩模型通過圓周最高點(diǎn)的條件無法提供支持力，只能提供拉力：0.21.01.8t1t2t(s)I圖(b)t30圖(a)0.21.01.8t1t2t(s)I圖(b)t30圖(a)激光器傳感器1利用圖b中的數(shù)據(jù)求1s時(shí)圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)

9、的角速度；2說明激光器和傳感器沿半徑移動(dòng)的方向；3求圖b中第三個(gè)激光信號(hào)的寬度t3解：1由圖線讀得，轉(zhuǎn)盤的轉(zhuǎn)動(dòng)周期T =0.8s角速度rad/s2激光器和探測器沿半徑由中心向邊緣移動(dòng)理由為：由于脈沖寬度在逐漸變窄，說明光信號(hào)能通過狹縫的時(shí)間逐漸減少，即圓盤上對(duì)應(yīng)探測器所在位置的線速度逐漸增加，因此激光器和探測器沿半徑由中心向邊緣移動(dòng)3設(shè)狹縫寬度為d，探測器接收到第i個(gè)脈沖時(shí)距轉(zhuǎn)軸的距離為ri，第i個(gè)脈沖的寬度為ti，激光器和探測器沿半徑的運(yùn)動(dòng)速度為v由、式解得五、振動(dòng)和波： 1、*簡諧振動(dòng)的回復(fù)力： F=k* 2、*單擺振動(dòng)周期單擺模型：擺角5，擺線不伸長，七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中

10、補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案擺球視為質(zhì)點(diǎn)： 3、機(jī)械振動(dòng)是周期運(yùn)動(dòng)，需要始終指向平衡位置的回復(fù)力；振幅：A 標(biāo)量單位m； 周期：T 單位s； 頻率：f 單位Hz；4、機(jī)械波的形成：波源；介質(zhì)； 波長： 波速： 橫波圖像：反響各質(zhì)點(diǎn)同一時(shí)刻下的位移情況；*振動(dòng)圖像：反響一個(gè)質(zhì)點(diǎn)不同時(shí)刻的位移情況； 5、*橫波振動(dòng)方向與傳播方向垂直振動(dòng)方向與傳播方向的關(guān)系：微位移法/概念法/口訣法上坡下，下坡上/雙箭頭法 *縱波振動(dòng)方向與傳播方向平行 6、*波的干預(yù)：波的獨(dú)立傳播原理；波的疊加；干預(yù)條件：兩個(gè)或以上頻率一樣的相干波源；干預(yù)現(xiàn)象：振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)域與振動(dòng)減弱區(qū)域間隔分布，穩(wěn)定存在；

11、 *波的衍射：條件：障礙物或孔的尺寸等于或小于波長； *干預(yù)、衍射都是波的特有性質(zhì)；7、典型題：如下列圖，有四列簡諧波同時(shí)沿*軸正方向傳播，波速分別是 v、2 v、3 v和 4 v，a、b是*軸上所給定的兩點(diǎn)，且abL。在t時(shí)刻a、b兩點(diǎn)間四列波的波形分別如下列圖，則由該時(shí)刻起a點(diǎn)出現(xiàn)波峰的先后順序依次是圖；頻率由高到低的先后順序依次是圖。A B C D解：由，得，故第一問答案為BDCA；又由，得，故第二問答案為DBCA；七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案六、機(jī)械能1、功恒力功 W=Fscos2、平均功率只考F、v共線 3、瞬時(shí)功率 ，力與

12、速度同向時(shí) Pt=FtVt只考F、v共線4、動(dòng)能: Ek=mv2重力勢能:Ep=mgh，機(jī)械能: 動(dòng)能+彈性勢能+重力勢能5、功是能量變化的量度*動(dòng)能定理: W外= mv22mv126、機(jī)械能守恒定律: 條件: 只有重力*和系統(tǒng)彈力做功 mgh1+mv12=mgh2+mv22h1hh1h2BCA 8、典型題：穿在光滑曲桿上的質(zhì)量為m的小環(huán)從A點(diǎn)以初速度v0釋放，沿曲桿運(yùn)動(dòng)最終落地，B點(diǎn)離地高度為h1C點(diǎn)離地高度為h2h1h2，為使得小環(huán)落地動(dòng)能最小，則在A處重力勢能為多少？以地面為零勢能面，重力加速度為g解：臨界條件為小環(huán)剛好能通過B點(diǎn)，因?yàn)槿讨挥兄亓ψ龉?，機(jī)械能守恒，因此所求為這道題如果左

13、邊斜面改成有摩擦，則難度就會(huì)陡然上升聯(lián)系動(dòng)能定理才能解答；七、氣體與能 1、油膜法測量分子直徑： 2、分子的質(zhì)量： 3、摩爾體積： 4、分子所占的體積： 對(duì)氣體而言，分子所七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案占體積遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于分子本身的體積 5、*分子的直徑，固液分子距離： 6、分子速率的統(tǒng)計(jì)分布規(guī)律： 7、 玻意耳定律等T變化： 8、查理定律 等V變化： 熱力學(xué)溫度：9、能的轉(zhuǎn)化和能量守恒定律：能量轉(zhuǎn)化的方向性；能源分類；功是能量轉(zhuǎn)化的量度；10、典型題：如下列圖，一端封閉、粗細(xì)均勻的薄壁玻璃管開口向下堅(jiān)直插在裝有水銀的水銀槽，管封閉有一定質(zhì)量

14、的空氣，水銀槽的截面積上下一樣，是玻璃管截面積的5倍。開場時(shí)管空氣長度為6cm，管外水銀面高度差為50cm。將玻璃管沿豎直方向緩慢上移(管口末離開槽中水銀)，使管外水銀面高度差變成60cm。(大氣壓相當(dāng)于75cmHg)，求：(1) 此時(shí)管空氣柱的長度；(2) 水銀槽水銀面下降的高度。解：1玻璃管的空氣作等溫變化，據(jù)玻意耳定律，可得 2設(shè)水銀槽水銀面下降，水銀體積不變七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案八、靜電場： 1、*庫侖定律：， 2、元電荷： 由密立根通過油滴實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)；3、電場強(qiáng)度：定義式*點(diǎn)電荷電場場強(qiáng)*勻強(qiáng)電場場強(qiáng) 4、電場線：正電荷

15、或無窮遠(yuǎn)出發(fā)，負(fù)電荷或無窮遠(yuǎn)終止的不閉合曲線；順著電場線方向電勢降低；5、*電勢，電勢能: ， 6、*電場力的功:Wab=qUab*電勢差： 等勢線：與電場線垂直；等勢線密集則電場線密集EAEAB 7、典型題：如圖，用兩根絕緣細(xì)線將A、B兩小球連接后掛在天花板上。A球帶負(fù)電，電荷量為2q；B球帶正電，質(zhì)量為m，電荷量為q。在小球所處空間，外加一個(gè)方向向下的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為E。假設(shè)兩細(xì)線均被拉直，AB間距離為l，則細(xì)線對(duì)B的拉力大小為_。假設(shè)突然撤去外加電場，之后B球的電勢能的變化情況是_。重力加速度為g，靜電力恒量為k。解：對(duì)B受力分析，可得第一問答案為：mgqEEQ F(2kq2,l

16、2)，電勢能的改變量的相反數(shù)等于電場力做的功，通過分析可知B球可能上移或者不動(dòng)，故可得第二問答案為：可能不變或可能減?。贿@道題的電場方向可改為水平，受力分析的整體法與隔離法判斷靜止時(shí)的形狀也很經(jīng)典；七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案九、穩(wěn)恒電流 1、歐姆定律:2、電功率:P=UI 純電阻3、電功:W=Pt=UIt 純電阻 4、*焦耳定律: 5、串聯(lián)電路總電阻 R=R1+R2+R3電壓分配 ， 功率分配 ， 6、并聯(lián)電路總電阻: 并聯(lián)電路電流分配: ，I1= 并聯(lián)電路功率分配: ，7、*全電路歐姆定律:，*電動(dòng)勢：其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的能力

17、8、*路端電壓:U=EIr 10、*電源的效率: 11、*電源總功率: P總=IE*電源輸出功率: *電源電路消耗功率: P=I2r*電源輸出功率最大的條件: R=r時(shí) 12、*串聯(lián)電池組： ，13、典型題：在如下列圖電路中，電源電動(dòng)勢為6V，阻為1，電阻R1=5，R2=6，滑動(dòng)變阻器的阻值0-30閉合電鍵K，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P由a端向b端滑動(dòng)時(shí)，理想電流表和理想電壓表示數(shù)變化量的大小分別用I、七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案U表示則=_R1消耗的最小電功率為_W解：的絕對(duì)值等于，也就是說，第一問答案為，也就是說可以把看成阻即可；第

18、二問由，總電流最小則電阻最大，可知時(shí)電阻最大，計(jì)算可得答案為0.8W；磁場 1、奧斯特發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場，可以用右手螺旋定則判斷磁場方向； 2、左手定則：電流在外界磁場中可能受到力的作用； 磁感應(yīng)強(qiáng)度： 磁感線是閉合曲線*安培力 磁場方向與電流方向垂直時(shí) F=BIL 直流電動(dòng)機(jī)把電能通過磁場轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，實(shí)驗(yàn)： 3、磁通量=BS有效垂直于磁場方向的投影是有效面積 4、典型題：如下列圖，兩根平行放置的長直導(dǎo)線和載有大小一樣方向相反的電流，受到的磁場力大小為，當(dāng)參加一與導(dǎo)線所在平面垂直的勻強(qiáng)磁場后，受到的磁場力大小變?yōu)?，則此時(shí)受到的磁場力大小變?yōu)?；如果其他條件不變，改兩導(dǎo)線電流同向，則答案應(yīng)為；

19、解：兩導(dǎo)線電流相反，互相排斥，據(jù)牛頓第三定律，兩個(gè)斥力大小相等；參加磁場后，據(jù)左手定則，兩導(dǎo)線因此所受的外界磁場力仍舊方向相反，兩導(dǎo)線電流大小一樣，則根據(jù)F=BIL，兩力仍等大，求合力，可得第一問答案仍為；通過作圖，分類討論以及方向的異七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案同，通過四次討論，可得答案為或或；這個(gè)圖很常見，還有討論它們周圍磁場方向的，注意矢量迭加；十一、電磁感應(yīng) 1、*直導(dǎo)線切割磁力線產(chǎn)生的電動(dòng)勢： 2、產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：閉合回路其中的磁通量發(fā)生變化法拉第發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象；右手定則：判斷感應(yīng)電流的方向；只能判斷動(dòng)生感應(yīng)電動(dòng)勢；*

20、楞次定律：還可以判斷感生感應(yīng)電動(dòng)勢；楞次定律可以從能量守恒的角度來理解，來拒去留，機(jī)械能通過磁場轉(zhuǎn)化為電能，最后由焦耳定律變成能； 3、*直桿平動(dòng)垂直切割磁場時(shí)的安培力： 4、*法拉第電磁感應(yīng)定律：，電量5、典型題：如圖，兩根足夠長、間距L1m的光滑平行導(dǎo)軌豎直固定。在垂直導(dǎo)軌的虛線a1a2下方有方向如圖、磁感應(yīng)強(qiáng)度B00.5T的勻強(qiáng)磁場，垂直導(dǎo)軌的虛線b1b2上方有垂直紙面、磁感應(yīng)強(qiáng)度B EQ F(20,R(410*) T*為離b1b2的距離、沿水平方向均勻分布的磁場?，F(xiàn)用豎直向上的力F拉質(zhì)量m50g的細(xì)金屬桿c從b1b2以初速度v0開場向上運(yùn)動(dòng)，c桿保持與導(dǎo)軌垂直。同時(shí)，釋放垂直導(dǎo)軌置于a

21、1a2下質(zhì)量也為m50g、電阻R20的細(xì)金屬桿d，d桿恰好靜止。其余電阻不計(jì)，兩桿與導(dǎo)軌接觸良好，g取10m/s2。1求通過桿d的電流大小及b1b2以上區(qū)域磁場的方向；2通過分析和計(jì)算，說明桿c做什么性質(zhì)的運(yùn)動(dòng)；3以桿c從b1b2出發(fā)開場計(jì)時(shí)，求其所受作用力F的大小與時(shí)間t的關(guān)系式。解：1桿d受重力、安培力作用而平衡：得：由桿d受到的安培力向上，用左手定則得到桿d中電流向左，由桿c電流方向向右，用右手定則得到磁場垂直紙面向外。2設(shè)桿c上升到離b1b2距離為*處、切割磁感線的速率為v，由切割磁感線電動(dòng)勢公式和歐姆定律有：故符合公式，所以桿c勻加速直線上升，且初速度v0和加速度a的大小分別為：v02m/sa5m/s23桿c此時(shí)受拉力F、重力、安培力作用，由牛頓第二定律有：桿c從b1b2出發(fā)到此時(shí)位置的位移聯(lián)列得：F0.75EQ F(20,R(420t25t2)N 作為壓軸題，電磁感應(yīng)常常聯(lián)系直線運(yùn)動(dòng)、牛頓運(yùn)動(dòng)定律、動(dòng)能定理或能量與能量守恒、電路、電磁感應(yīng)；并需要運(yùn)用一些數(shù)形結(jié)合思想；十二、光的本性 1、麥克斯韋建立了電磁場理論，赫茲