2022年浙江省杭二中物理高一第一學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)試題含解析

2022-2023 學(xué)年高一上物理期末模擬試卷注意事項(xiàng):1答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效；在草稿紙、試卷上答題無(wú)效。作圖可先使用鉛筆畫(huà)出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯(cuò)選和不選得零分）1、如圖所示，水平光滑長(zhǎng)桿上套有一物塊Q，跨過(guò)懸掛于O點(diǎn)的輕小光滑圓環(huán)的細(xì)線一端連接Q，另一端懸掛一物塊P．設(shè)細(xì)線的左邊部分與水平方向的夾角為，初始時(shí)很?。F(xiàn)將PQ由靜止同時(shí)釋放．關(guān)于P、Q下列說(shuō)法正確的是（）當(dāng)θ=60時(shí)，P、Q的速度之比是 3θ=90Q的速度最大θ=90Q的速度為零90Q的合力一直增大2、如圖所示為一豎直放置的棋盤(pán)，該棋盤(pán)具有磁性，每個(gè)棋子均可視為能被棋盤(pán)吸引的相同質(zhì)量的小磁體．對(duì)于靜在棋盤(pán)上的某顆棋子，下列說(shuō)法正確的( )受三個(gè)力作用所受的摩擦力是個(gè)定值棋盤(pán)對(duì)棋子的作用力大于棋子對(duì)棋盤(pán)的作用力只要磁力足夠大，即使棋盤(pán)光滑，棋子也能靜止在棋盤(pán)上3、物體A、B分別靜止在傾角為θ1、θ2的光滑斜面上，它們的質(zhì)量分別為mA、mB，用沿斜面方向向上的拉力F拉物體A、B，所得加速度a與拉力F的關(guān)系圖線如圖中A、B所示，則（）θ θθ θm 1 2 A Bθ θθ θm 1 2 A Bθ θθ θm 1 2 A Bθ θθ θm 1 2 A B04、如圖所示，足夠長(zhǎng)的水平傳送帶v2m/s的速度逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，一個(gè)物體以v 4m/s的初速度從左端A水平滑上傳送帶，物體與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.2，那么物塊再次返回到A處所用的時(shí)間為（）04SC.4.5S

2SD.3S5BBF的大小從零隨時(shí)間均勻增大，斜劈A一直處于靜止?fàn)顟B(tài)。設(shè)A、Bf1，A與地面之間的摩擦大?。ǎ〢. B.C. D.6F13m/s2F25m/s2F1、F2同時(shí)作用于該物體，不可能產(chǎn)生的加速度大小為A.2m/s2C.7m/s2

B.4m/s2D.10m/s27、三段不可伸長(zhǎng)的細(xì)繩、、OC共同懸掛一重物，如圖所示，B端固定，OB始終保持水平，A端水平向左動(dòng)一小段距離的過(guò)程中，下面說(shuō)法正確的是（ ）A.OA繩拉力減少C.OC

B.OAD.OB8F作用下做直線運(yùn)動(dòng)，接觸下列說(shuō)法正確的是()A.物塊接觸彈簧后立即做減速運(yùn)動(dòng)B.物塊接觸彈簧后先加速再減速C.物塊接觸彈簧后物塊的加速度先減小再增大D.當(dāng)物塊的速度最大時(shí)，它所受的合力為零9、如圖所示，質(zhì)量為m的物體在與斜面平行向上的拉力F作用下，沿著水平地面上質(zhì)量為M的粗糙斜面勻速上滑在此過(guò)程中斜面保持靜止，則地面對(duì)斜面（ ）無(wú)摩擦力支持力等于（m＋M）g支持力為（M＋m）g－Fsinθ有水平向左的摩擦力，大小為10、下列說(shuō)法正確的是（ ）質(zhì)量越大的物體慣性也越大、、sC.物體只有受到力的作用才會(huì)運(yùn)動(dòng)D.幾個(gè)共點(diǎn)力的合力大小可能比這幾個(gè)共點(diǎn)力都要小11、某人游珠江，他以一定的速度面部始終垂直河岸向?qū)Π队稳ァ＝懈魈幩魉俣认嗟?，他游過(guò)的路程，過(guò)河所的時(shí)間與水速的關(guān)系不正確的是（ ）A.水速大時(shí)，路程長(zhǎng)，時(shí)間長(zhǎng)B.水速大時(shí)，路程長(zhǎng)，時(shí)間短C.D.路程、時(shí)間與水速無(wú)關(guān)12、物體 水平面上做直線運(yùn)動(dòng)，其速度時(shí)間圖像如圖所示，則：2s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為2m/s27s12s內(nèi)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)12s0.75m12s15m二、實(shí)驗(yàn)題（本題共16分，答案寫(xiě)在題中橫線上）13（6）我們?cè)趯?shí)驗(yàn)室用如圖所示的裝置做了驗(yàn)證牛頓第二定律的實(shí)驗(yàn)，請(qǐng)完成下面兩小題FmaMmF與加速度a之間是否滿(mǎn)足正比關(guān)系。其中Mm是砂桶的質(zhì)量，把砂桶的重力mgF，則該實(shí)驗(yàn)中 必要保證砂桶質(zhì)量mM（填“有”、“沒(méi)有”）下列關(guān)于該實(shí)驗(yàn)的注意事項(xiàng)，不必要的或者錯(cuò)誤的是（ ）A.在實(shí)驗(yàn)前必須先抬高木板以平衡摩擦力B.拉小車(chē)的細(xì)線必須和木板平面平行C.改變砂桶質(zhì)量后，在做實(shí)驗(yàn)之前必須再次平衡摩擦力D.做這個(gè)實(shí)驗(yàn)的時(shí)候應(yīng)該先打開(kāi)電源再釋放小車(chē)14（10）用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置，探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實(shí)驗(yàn)中，將一端帶定滑輪的長(zhǎng)木板放在水平實(shí)驗(yàn)桌面上，實(shí)驗(yàn)小車(chē)通過(guò)輕細(xì)繩跨過(guò)定滑輪與砂桶相連，小車(chē)與紙帶相連，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用交流電的頻率為Hz.a改變砂桶中沙子的質(zhì)量，重復(fù)實(shí)驗(yàn)三次在驗(yàn)證“質(zhì)量一定，加速a與合外力F的關(guān)系”時(shí)，某學(xué)生根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出了如圖乙所示的aF圖象，中圖線不過(guò)原點(diǎn)并在末端發(fā)生了彎曲現(xiàn)象，產(chǎn)生這兩種現(xiàn)象的原因可能A．木板右端墊起的高度過(guò)?。雌胶饽Σ亮Σ蛔悖〣．木板右端墊起的高度過(guò)大（即平衡摩擦力過(guò)度）C．砂桶和沙子的總質(zhì)量mM（mMD．砂桶和沙子的總質(zhì)量mM實(shí)驗(yàn)過(guò)程中打出的一條理想紙帶如圖丙所示，圖O、A、B、C、D、E、F為相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰兩計(jì)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出，則小車(chē)運(yùn)動(dòng)的加速度a＝ ms2.（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）M一定，改變砂桶中沙子的質(zhì)量，砂桶和沙子的總質(zhì)量為m，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描繪出的小車(chē)加速度a與砂桶和沙子的總質(zhì)量m

1 1關(guān)系圖象如圖丁所示，則小車(chē)的質(zhì)量MKg.（g=10m/s2）a m三、計(jì)算題要求解題步驟，和必要的文字說(shuō)明（本題共36分）15（12）如圖所示，固定在水平地面上的斜面傾角為30°A與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為

34，輕繩一端通過(guò)兩A相連，另一端固定于天花板上，不計(jì)輕繩與滑輪的摩擦及滑輪的質(zhì)量。已知物塊AmAB90°Bg1 3 2 2定最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，已知：sin30°=

2，cos30°= 2，sin45°= 2，cos45°= 2。BA2

的大?。焕瑽的質(zhì)量為3

m，求物塊A受到的摩擦力的大小和方向；AB的質(zhì)量范圍。16（12）CAB，由BCx2＝60mvm＝38m/s，求：A點(diǎn)時(shí)的速度；C點(diǎn)后還能加速的距離17（12）如圖所示，有兩根輕桿、OB，A、B100N的重物，OB桿水平且與OA桿成夾角30°，求OA桿、OB桿在O點(diǎn)受到的力的大小參考答案（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯(cuò)選和不選得零分1、B【解析】、Q用同一根繩連接，則Q沿繩子方向的速度與P的速度相等，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分析分析PQθ=90°時(shí)，P的機(jī)械能最小，Q的動(dòng)能最大，速度最大，當(dāng)θQ的合力逐漸減小【詳解】A項(xiàng)：P、Q用同一根繩連接，則Q沿繩子方向的速度與P的速度相等，vθ=60°時(shí)，QvQcos60°=vPvPQ

12A錯(cuò)誤；B、C項(xiàng)：P的機(jī)械能最小時(shí)，即為Q到達(dá)O點(diǎn)正下方時(shí)，此時(shí)Q的速度最大，即當(dāng)θ=90°時(shí)，Q的速度最大，故B正確，C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：當(dāng)θ向90°增大的過(guò)程中Q的合力逐漸減小，當(dāng)θ=90°時(shí)，Q的速度最大，加速度最小，合力最小，故D錯(cuò)誤故選B【點(diǎn)睛】考查運(yùn)動(dòng)的合成與分解，掌握能量守恒定律，注意當(dāng)Q的速度最大時(shí)，P的速度為零，是解題的關(guān)鍵2、B【解析】A、小棋子受到重力、棋盤(pán)面的吸引力Nf，則棋子受到四個(gè)力的作用，故A錯(cuò)誤；B正確；C、棋盤(pán)對(duì)棋子的作用力與棋子對(duì)棋盤(pán)的作用力，是一對(duì)相互作用力，大小總是相等，故C錯(cuò)誤；D、當(dāng)Gf NF時(shí)，棋子將下滑；因此當(dāng)棋盤(pán)光滑，棋子不受摩擦力作用，故會(huì)下滑，故D錯(cuò)誤；m故選B【點(diǎn)睛】關(guān)鍵是對(duì)棋子進(jìn)行受力分析，根據(jù)棋子的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，結(jié)合平衡的條件分析棋盤(pán)面應(yīng)選取的材料，并利用相互作用力，大小總是相等，從而即可求解3、B【解析】對(duì)質(zhì)量為m的物體受力分析，假定動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，根據(jù)牛頓第二定律，有F-mgsinθ=ma解得：aFm故a與F關(guān)系圖象的斜率表示質(zhì)量的倒數(shù)，故mA＜mB；從圖象可以看出縱軸截距用表示-gsinθ表示，故θ1＞θ2故選B。4、C【解析】物體在傳送帶上先向右做減速運(yùn)動(dòng)，速度減為零后反向運(yùn)動(dòng)，先加速后勻速回到出發(fā)點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度，結(jié)合運(yùn)動(dòng)公式求解.【詳解】物體在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的加速度為ag2m/s2；則物塊向左運(yùn)動(dòng)速度減為零的時(shí)間為t1

02s，通過(guò)vavv2 42v的距離：x 0

4m

；物塊速度減為零后反向加速，加速到與傳送帶共速時(shí)的時(shí)間為：t2

va

；位移2a 22xv2 22 ，物體勻速運(yùn)動(dòng)回到原出發(fā)點(diǎn)的時(shí)間為

xx

411.5s，則物塊再次返回到A處所用1 2a 22

3 v 2的時(shí)間為t=t1+t2+t3=4.5s；故選C.【點(diǎn)睛】此題關(guān)鍵是知道物體在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的特征：先向右做減速運(yùn)動(dòng)，速度減為零后反向運(yùn)動(dòng)，先加速后勻速回到出發(fā)點(diǎn)，分階段進(jìn)行討論.5、B【解析】AB．對(duì)B受力分析可知，當(dāng)F小于重力沿斜面向下的分力時(shí)，根據(jù)平衡條件可知，當(dāng)F隨時(shí)間均勻增大時(shí)摩擦力f1隨時(shí)間均勻減小，當(dāng)F等于重力沿斜面向下的分力時(shí)摩擦力f1為0，當(dāng)F大于重力沿斜面向下的分力時(shí)，根據(jù)平衡條件可知，當(dāng)F隨時(shí)間均勻增大時(shí)摩擦力f1隨時(shí)間均勻增大，一直達(dá)到最大靜摩擦力之后，B物體將沿斜面向上滑動(dòng)，摩擦力將保持不變，且大于剛開(kāi)始靜止時(shí)的摩擦力，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．當(dāng)AB都靜止時(shí)，對(duì)AB整體受力分析可，A與地面之間的摩擦大小f 與F在水平方向的分力大小相等，當(dāng)F2隨時(shí)間均勻增大時(shí)摩擦力f 也隨時(shí)間均勻增大，當(dāng)B相對(duì)A滑動(dòng)時(shí)，AB不能當(dāng)成一個(gè)整體，AB間的摩擦力為滑動(dòng)2摩擦力f保持不變，此時(shí)F隨時(shí)間均勻增大，對(duì)摩擦力f 沒(méi)有影響，故此時(shí)摩擦力f 保持不變，故CD錯(cuò)誤。1 2 2故選B。6、D【解析】F1、F2同時(shí)作用于物體，產(chǎn)生的加速度是兩力單獨(dú)作用于物體產(chǎn)生加速度的矢量和，據(jù)平行四邊形定則可求物體加速度的范圍【詳解】F1、F2同時(shí)作用于物體，產(chǎn)生的加速度是兩力單獨(dú)作用于物體產(chǎn)生加速度的矢量和，據(jù)平行四邊形定則可得aa1

aa1

a2m/s2a8m/s210m/s2D項(xiàng)27、BCD【解析】以結(jié)點(diǎn)0為研究對(duì)象受力分析，然后將OC的拉力進(jìn)行分解，A左移則OA逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，根據(jù)圖解法判斷大小的變化.【詳解】OC繩拉力等于重力，不變；將OC的拉力進(jìn)行分解，如圖所示：A左移則OA逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，由圖可以看出OA和OB繩子拉力都是一直變大．故選BCD8、BCD【解析】F和彈簧水平向左的彈力，彈簧的彈力先小于恒力F恒力F，木塊所受的合力方向先向右后向左，則木塊先做加速運(yùn)動(dòng)，后做減速運(yùn)動(dòng)，合力大小先減小后增大，所以加F時(shí)即合力為零，木塊的速度為最大值。故選BCD。9、CD由于m沿著斜面勻速上滑，可把m面的支持力為(Mm)gFsinFcosABCD正確。故選CD。10、ABD【解析】A．慣性是物體的固有屬性，僅與質(zhì)量有關(guān)，質(zhì)量是物體慣性大小的唯一量度，所以質(zhì)量越大的物體慣性也越大，故A正確；B．在國(guó)際單位制中m、kg、s都是基本單位，故B正確；C．根據(jù)牛頓第一定律可知力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，當(dāng)物體不受力時(shí)可以做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．合力和分力之間沒(méi)有大小關(guān)系，幾個(gè)共點(diǎn)力的合力大小可能比這幾個(gè)共點(diǎn)力都要小，故D正確。ABD11、ABD【解析】游泳者相對(duì)于岸的速度為他相對(duì)于水的速度和水流速度的合速度，水流速度越大，其合速度與岸的夾角越小，路程越長(zhǎng)，但過(guò)河時(shí)間tABD12、BD

dv ABD錯(cuò)誤符合題意，C正確不符合題意。人A2sa

2m2 s2

1ms2

，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：v-t圖象表示加速度，物體在第7s到第12s內(nèi)圖象斜率不變，即做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故B正確；m2mC項(xiàng)：物體在第7s到第12s內(nèi)的加速度大小為a

0.5m

1第10到12s的位移為 at

1 1 22m，4 s2 s21 1

2 2 21011s故C錯(cuò)誤；

12m0.25m12s-0.75m，2 2D10s4102m14m1012s12s2D正確二、實(shí)驗(yàn)題（本題共16分，答案寫(xiě)在題中橫線上13、 ①.沒(méi)有 ②.C【解析】（1）[1]設(shè)輕繩的拉力為T(mén)，加速度為a，根據(jù)牛頓第二定律,對(duì)砂桶分析有：mgTma對(duì)小車(chē)分析有：TMa聯(lián)立解得：mgmMamgF，控制總質(zhì)量MmFa之間是否滿(mǎn)足正比關(guān)系時(shí)，沒(méi)有必要保證砂桶質(zhì)量mM；（2）[2]A．為保證整體的合外力是砂桶的重力mgB正確，不符合題意；C錯(cuò)誤，符合題意；D正確，不符合題意。故選C。14、 ①.BD ②.2.00 ③.0.4【解析】(1)圖線不過(guò)原點(diǎn)且力為零時(shí)小車(chē)加速度不為零；所以木板右端墊起的高度過(guò)大（即平衡摩擦力過(guò)度）圖線末端發(fā)生了彎曲現(xiàn)象，是因?yàn)楫?dāng)砂桶和沙子的總質(zhì)量mM和沙子的總重力故答案為BD4個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出，則兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間時(shí)間間隔T小車(chē)運(yùn)動(dòng)的加速度x

11.9910.017.986.023.962.00102a CF OC

m/s22.00m/s2)2 0.302設(shè)繩子拉力為T(mén)mgTma對(duì)小車(chē)和砝碼受力分析，由牛頓第二定律可得：TMa1聯(lián)立解得：a mg1

，整理得：

1M11

mM1 M關(guān)系圖象可得：

a g g m0.50.1M0.40kga m g 100三、計(jì)算題要求解題步驟，和必要的文字說(shuō)明（本題共36分）15(1)F

1mg；(2)f

1mg，沿斜面向上；(3) mm

m。27 2拉 2 6 8 B 827 2【解析】(1)由滑輪相連輕繩的拉力處處相等，對(duì)物塊A受力分析，A恰好不受摩擦力作用有：沿斜面方向：，F(xiàn) mgsin300，拉解得：F mgsin30拉

1mg；2B受力分析如圖：豎直方向：cos45

g0，Bm=B

23 m，解得：1T3mg，在對(duì)物塊A進(jìn)行受力分析如圖：1因?yàn)門(mén)3mgmgsin30，AAf沿斜面向上。沿斜面方向：Tfmgsin300，解得A受到的靜摩擦力大小為1f6mg；ABA、B進(jìn)行受力分析如圖：沿斜面向上：Tmgsin30f0垂直斜面方向：Nmgcos300，fN，聯(lián)立解得1 3 3 7Tmgsin30mgcos30此時(shí)B豎直方向：2Tcos45M1g0，

2mg 4mg 2 8mg代入數(shù)據(jù)解得27mg 2M cos45 8 2 7 2m；1 g g 8設(shè)物塊A剛好要沿斜面向下滑動(dòng)時(shí)，物塊B的質(zhì)量最小為M2，此時(shí)對(duì)物塊A、B進(jìn)