廣東省汕頭市潮陽金玉中學2022-2023學年高三物理聯(lián)考試卷含解析

廣東省汕頭市潮陽金玉中學2022-2023學年高三物理聯(lián)考試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，電阻率均勻的矩形線框在勻強磁場內運動，(1)(3)(4）三個圖中線框在圖示平面內平動，(2）圖中線框繞轉軸轉動，以下說法正確的是A．(1）圖中，流過ab邊的電流為零，ab兩點間電勢差為零B．(2）圖中圖示位置處，流過ab邊的電流不為零，ab兩點電勢差不為零C．(3）圖中，流過ab邊的電流為零，ab兩點電勢差不為零D．(4）圖中，流過ab邊的電流為零，ab兩點電勢差也為零參考答案：D2.（單選題）下列說法中正確的是（）A．在電場中某點的電勢為零，則該點的電場強度一定為零B．做勻變速直線運動的物體，同一時間內通過的路程與位移的大小一定相等C．速度不變的運動就是勻速直線運動，加速度不變的運動可以是曲線運動D．在地面上發(fā)射飛行器，如果發(fā)射速度大于7.9km/s，而小于11.2km/s，則它將掙脫地球的束縛繞太陽運動參考答案：C解：A：電勢和電場強度是分別描述電場的力的性質和能的性質的物理量，它們的大小沒有直接的關系，故A錯誤；B：做勻變速直線運動的物體，同一時間內通過的位移的大小還與初末的速度的大小即方向都有關，只有方向相同時，同一時間內通過的路程與位移的大小才相等，故B錯誤．C：速度是矢量，速度不變指的是大小和方向都不變的運動，它就是勻速直線運動；加速度不變的運動要看它的速度方向與加速度的方向是否一致，一致時做直線運動，否則，物體就做曲線運動，故C正確；D：第一宇宙速度是7.9km/s，第二宇宙速度是飛行器掙脫地球的束縛繞太陽運動的速度，大小是11.2km/s，速度大于7.9km/s，而小于11.2km/s，則它將在繞地球的橢圓軌道上運動，故D錯誤．故選：C3.（單選）用正弦交流電通過理想變壓器對一負載供電。若變壓器原、副線圈的匝數(shù)比，，變壓器輸出電壓的瞬時值表達式是V，負載消耗功率為4.4×103W，則A．s時，負載兩端的瞬時電壓是V

B．變壓器輸入電壓的有效值是VC．變壓器輸入電流的頻率是100Hz D．變壓器輸入電流的最大值是A參考答案：D4.(多選)如圖所示，長為L的長木板水平放置，在木板的A端放置一個質量為m的小物塊?，F(xiàn)緩慢地抬高A端，使木板以左端為軸轉動，當木板轉到與水平面的夾角為α時小物塊開始滑動，此時停止轉動木板，小物塊滑到底端的速度為v，重力加速度為g。下列判斷正確的是A．整個過程物塊受的支持力垂直于木板，所以不做功B．物塊所受支持力做功為mgLsinαC．發(fā)生滑動前摩擦力逐漸增大D．整個過程木板對物塊做的功等于物塊機械能的增大參考答案：BCD5.(多選)汽車由靜止開始從A點沿直線ABC作勻變速直線運動，第4s末通過B點時關閉發(fā)動機，再經6s到達C點時停止。已知AC的長度為30m，則下列說法正確的是A.通過B點時速度的3m/s

B.通過B點時速度是6m/s C.AB的長度為12m

D.汽車在AB段和BC段的平均速度相同參考答案：BCD二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.要利用軌道、滑塊(其前端固定有擋光窄片K)、托盤、砝碼、輕滑輪、輕繩、光電計時器、米尺等器材測定滑塊和軌道間的動摩擦因數(shù)μ，某同學設計了如圖甲所示的裝置，滑塊和托盤上分別放有若干砝碼，滑塊質量為M，滑塊上砝碼總質量為m′，托盤和盤中砝碼的總質量為m.軌道上A、B兩點處放置有光電門(圖中未畫出)．實驗中，重力加速度g取10m/s2.圖甲圖乙(1)用游標卡尺測量窄片K的寬度d，如圖乙所示，則d＝__________mm，用米尺測量軌道上A、B兩點間的距離x，滑塊在水平軌道上做勻加速直線運動，擋光窄光通過A、B兩處光電門的擋光時間分別為tA、tB，根據(jù)運動學公式，可得計算滑塊在軌道上加速運動的加速度的表達式為a＝____________；(2)該同學通過改變托盤中的砝碼數(shù)量，進行了多次實驗，得到的多組數(shù)據(jù)如下：實驗次數(shù)托盤和盤中砝碼的總質量m/(kg)滑塊的加速度a/(m/s2)10.100020.150030.2000.3940.2500.9150.3001.4060.3501.9270.4002.38圖丙請根據(jù)表中數(shù)據(jù)在圖丙中作出am圖象．從數(shù)據(jù)或圖象可知，a是m的一次函數(shù)，這是由于采取了下列哪一項措施________．A.每次實驗的M＋m′都相等

B.每次實驗都保證M＋m′遠大于mC.每次實驗都保證M＋m′遠小于m

D.每次實驗的m′＋m都相等(3)根據(jù)am圖象，可知μ＝________(請保留兩位有效數(shù)字)．參考答案：(1)2.20或2.25(2分)(2分)(2)注意：應為直線，標度的選取要合適(2分)D(2分)(3)0.16(2分)7.如圖，豎直絕緣墻上固定一帶電小球A，將帶電小球B用輕質絕緣絲線懸掛在A的正上方C處，圖中AC=h。當B靜止在與豎直方向夾角300方向時，A對B的靜電力為B所受重力的倍，則絲線BC長度為

。若A對B的靜電力為B所受重力的0.5倍，改變絲線長度，使B仍能在300處平衡。以后由于A漏電，B在豎直平面內緩慢運動，到00處A的電荷尚未漏完，在整個漏電過程中，絲線上拉力大小的變化情況是

。參考答案：；；先不變后增大對小球B進行受力分析，根據(jù)相似三角形有：，再根據(jù)余弦定則求出BC的長度：；若兩者間的庫侖力變?yōu)锽的重力的0.5倍，根據(jù)幾何關系可知AB與BC垂直，即拉力與庫侖力垂直；隨著電量的減小，細繩的拉力不變，庫侖力減小。當細繩變?yōu)樨Q直方向時，庫侖力和拉力的合力等于重力，庫侖力減小，拉力增大，所以拉力先不變后減小?！究键c】力的合成和分解

共點力的平衡8.將一個力傳感器連接到計算機上，我們就可以測量快速變化的力。圖中所示就是用這種方法測得的小滑塊在半球形碗內在豎直平面內來回滑動時，對碗的壓力大小隨時間變化的曲線。從這條曲線提供的信息，可以判斷滑塊約每隔

秒經過碗底一次，隨著時間的變化滑塊對碗底的壓力

（填“增大”、“減小”、“不變”或“無法確定”）。參考答案：1.0

減小9.一小球從樓頂邊沿處自由下落，在到達地面前最后1s內通過的位移是樓高的，則樓高是

.參考答案：10.平拋運動可以分解為水平方向的

運動和豎直方向的

運動。平拋物體在空中運動的時間與物體拋出的初速度大小

，與拋出點離水平地面的高度

．（后兩空選填“有關”或“無關”）參考答案：勻速直線自由落體無關有關平拋運動水平方向沒有外力，豎直方向受一重力作用，可以分解為水平方向的勻速直線運動和豎直方向的自由落體運動，由豎直方向，水平方向可知空中運動的時間與物體拋出的初速度大小無關，只由拋出點離水平地面的高度決定【解析】11.木塊在水平恒定拉力F的作用下，在水平路面上由靜止出發(fā)前進了距離S，隨即撤去F，木塊沿原方向前進了2S而停止．設木塊在全過程中受到的摩擦阻力大小不變，則木塊在上述運動全過程中最大的動能等于

。參考答案：

答案：2FS/312.如右圖所示是利用閃光照相研究平拋運動的示意圖。小球A由斜槽滾下，從桌邊緣水平拋出，當它恰好離開桌[邊緣時，小球B也同時下落，用閃光相機拍攝的照片中B球有四個像，相鄰兩像間實際下落距離已在圖中標出，單位cm，如圖所示。兩球恰在位置4相碰。則兩球經過

s時間相碰，A球離開桌面時的速度

m/s。(g取10m/s2)參考答案：0.3

1.5平拋運動水平方向為勻速運動，豎直方向為自由落體運動，由于在位置4相碰，所以有：h=gt2，x=v0t，將h=5cm+15cm+25cm=45cm，帶入解得：t=0.3s，v0=1.5m/s．13.一輛汽車從靜止開始勻加速開出，然后保持勻速運動，最后勻減速運動直到停止。從汽車開始運動起計時，下表給出了某些時刻汽車的瞬時速度。根據(jù)表中的數(shù)據(jù)通過分析、計算可以得出，汽車加速運動經歷的時間為

s，汽車全程通過的位移為

m。

時刻（s）1.02.03.05.07.09.510.5速度（m/s）3.06.09.012129.03.0

參考答案：4；96三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（2014?宿遷三模）學?？萍脊?jié)上，同學發(fā)明了一個用彈簧槍擊打目標的裝置，原理如圖甲，AC段是水平放置的同一木板；CD段是豎直放置的光滑半圓弧軌道，圓心為O，半徑R=0.2m；MN是與O點處在同一水平面的平臺；彈簧的左端固定，右端放一可視為質點、質量m=0.05kg的彈珠P，它緊貼在彈簧的原長處B點；對彈珠P施加一水平外力F，緩慢壓縮彈簧，在這一過程中，所用外力F與彈簧壓縮量x的關系如圖乙所示．已知BC段長L=1.2m，EO間的距離s=0.8m．計算時g取10m/s2，滑動摩擦力等于最大靜摩擦力．壓縮彈簧釋放彈珠P后，求：（1）彈珠P通過D點時的最小速度vD；（2）彈珠P能準確擊中平臺MN上的目標E點，它通過C點時的速度vc；（3）當緩慢壓縮彈簧到壓縮量為x0時所用的外力為8.3N，釋放后彈珠P能準確擊中平臺MN上的目標E點，求壓縮量x0．參考答案：（1）彈珠P通過D點時的最小速度為；（2）通過C點時的速度為m/s；（3）壓縮量為0.18m．考點： 動能定理的應用；機械能守恒定律．專題： 動能定理的應用專題．分析： （1）根據(jù)D點所受彈力為零，通過牛頓第二定律求出D點的最小速度；（2）根據(jù)平拋運動的規(guī)律求出D點的速度，通過機械能守恒定律求出通過C點的速度．（3）當外力為0.1N時，壓縮量為零，知摩擦力大小為0.1N，對B的壓縮位置到C點的過程運用動能定理求出彈簧的壓縮量．解答： 解：（1）當彈珠做圓周運動到D點且只受重力時速度最小，根據(jù)牛頓第二定律有：mg=解得．v==m/s（2）彈珠從D點到E點做平拋運動，設此時它通過D點的速度為v，則s=vtR=gt從C點到D點，彈珠機械能守恒，有：聯(lián)立解得v=代入數(shù)據(jù)得，V=2m/s（3）由圖乙知彈珠受到的摩擦力f=0.1N，根據(jù)動能定理得，且F1=0.1N，F(xiàn)2=8.3N．得x=代入數(shù)據(jù)解得x0=0.18m．答：（1）彈珠P通過D點時的最小速度為；（2）通過C點時的速度為m/s；（3）壓縮量為0.18m．點評： 本題考查了動能定理、機械能守恒定律、牛頓第二定律的綜合，涉及到圓周運動和平拋運動，知道圓周運動向心力的來源，以及平拋運動在豎直方向和水平方向上的運動規(guī)律是解決本題的關鍵．15.（選修3—3（含2—2））（7分）如圖所示是一定質量的氣體從狀態(tài)A經狀態(tài)B到狀態(tài)C的p－T圖象，已知氣體在狀態(tài)B時的體積是8L，求氣體在狀態(tài)A和狀態(tài)C的體積分別是多大？并判斷氣體從狀態(tài)B到狀態(tài)C過程是吸熱還是放熱？參考答案：解析：由圖可知：從A到B是一個等溫過程，根據(jù)玻意耳定律可得：……(2分)

代入數(shù)據(jù)解得：……………(1分)

從B到C是一個等容過程，

……………(1分)

【或由，代入數(shù)據(jù)解得：】

由圖可知氣體從B到C過程為等容變化、溫度升高，……(1分)故氣體內能增大，……(1分)由熱力學第一定律可得該過程氣體吸熱。……………(1分)四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖，水平地面上，質量為4m的凹槽左端緊靠墻壁但不粘連；凹槽內質量為m的木塊壓縮輕質彈簧后用細線固定，整個裝置處于靜止狀態(tài)．現(xiàn)燒斷細線，木塊被彈簧彈出后與凹槽碰撞并粘在一起向右運動，此時彈簧恰好恢復原長．測得凹槽在地面上移動的距離為s．設凹槽內表面光滑，凹槽與地面的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g，求：（1）木塊與凹槽碰撞后瞬間的共同速度大小v；（2）彈簧對木塊做的功W．參考答案：解：（1）設木塊與凹槽碰撞后共同速度為v，由動能定理：

………..①

可得：……..②（2）設木塊與凹槽碰撞前瞬間的速度為v0，由動量守恒：

……..….③

由②③可得：………….④彈簧做的功：………………..⑤…….⑥17.如圖所示，一絕緣輕質三角框架OAB可在豎直面內繞O點自由轉動，∠OAB為直角，OA邊長1m，OB邊長2m。A、B兩端分別固定質量為0.4kg和1.0kg的兩個小球，其中B球帶正電，電荷量1×10-6C，圖中正方形虛線框內存在水平向右的勻強電場，虛線框邊長為2m，上邊界和O點齊平。起初，AB邊在外力作用下處于水平位置且保持靜止。設圖中O點處電勢能和重力勢能均為零。若場強為2×106N/C，求圖示位置A、B兩球的重力勢能和電勢能之和；若場強為2×106N/C，求撤去外力后桿OA轉過30°時A球的速度大??；撤去外力后，要使B球不離開電場區(qū)域，則場強大小須滿足什么條件？參考答案：（1）設圖中O點處電勢能和重力勢能均為零A球僅有重力勢能：EPA=—mAgLOA=—0.4×10×1=—4J……（1分）B球既有重力勢能又有電勢能：EPB=—mBgLOA=—1×10×1=—10J……（1分）

EPB’=—qELAB=—1×10-6×2×106×=—2J……（1分）A、B球的總勢能：EP=EPA+EPB+EPB’=—4+（—10）+（—2）=（—14—2）J=—17.46J（近似值）……（1分）（2）對A、B球用動能定理：……（1分）……（1分）

將數(shù)據(jù)代入上述兩式后解得vA=1.56m/s（近似值）……（2分）情況①：B球恰運動至電場左側邊界時，場強最小……（1分）……（1分）代入數(shù)據(jù)得：Emin=4.62×106N/C……（1分）情況②：B球恰運動至電場上側邊界時，場強最大……（1分）……（1分）代入數(shù)據(jù)得：Emax=3.93×107N/C……（1分）即場強滿足4.62×106N/C≤E≤3.93×107N/C時，B球在電場中運動。1