2021年北京市懷柔區(qū)高考物理零模試卷

2021年北京市懷柔區(qū)高考物理零模試卷

下列說法中正確的是（）

A.用光導纖維束傳送圖像信息，這其中應用到了光的全反射現(xiàn)象

B.通過兩支夾緊的筆桿間縫隙看發(fā)白光的燈絲能觀察到彩色條紋，這是光的偏振

現(xiàn)象

C.白光經過三棱鏡得到彩色圖樣光的干涉現(xiàn)象

D.白光照射水面油膜呈現(xiàn)彩色圖樣是光的衍射現(xiàn)象

下列說法中正確的是（）

A.天然放射現(xiàn)象說明原子具有復雜的結構

B.太陽輻射的能量主要來自太陽內部的核聚變

C.原子核分成單個核子的過程一定有質量虧損，釋放出能量

D.一群處于n=2能級的氫原子自發(fā)躍遷，可能發(fā)出3種不同頻率的光子

關于熱學中的一些基本概念，下列說法正確的是（）

A.物體是由大量分子組成的，分子是不可再分的最小單元

B.宏觀物體的溫度是物體內大量分子的平均動能的標志

C.分子做永不停息的無規(guī)則熱運動，布朗運動就是分子的熱運動

D.分子間的斥力和引力總是同時存在的，且隨著分子之間的距離增大而增大

如圖所示，一定質量的理想氣體從狀態(tài)A開始，經歷兩個過程，先后到達狀態(tài)B

和C。有關A、8和C三個狀態(tài)溫度=、％和7c的關系，正確的是（）

A.TA=TB,從狀態(tài)A到狀態(tài)8的過程中，氣體的內能不變

B.TA>TB,從狀態(tài)A到狀態(tài)B的過程中，氣體的內能減少

C.TB<TC,從狀態(tài)8到狀態(tài)C的過程中，氣體的內能增加

D.TB>TC,從狀態(tài)B到狀態(tài)C的過程中，氣體的內能減少

5.火星探測任務“天問一號”的標識如圖所示。若火星和地

球繞太陽的運動均可視為勻速圓周運動，火星公轉軌道半

徑與地球公轉軌道半徑之比為3：2,則火星與地球繞太陽

運動的（）

中國行星探測

A.軌道周長之比為2：3Mars

B.線速度大小之比為遮：V2

C.角速度大小之比為2魚：373

D.向心加速度大小之比為9：4

6.一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，周期為T,t=0時的波形如圖所示。1=3時（）

A.質點〃速度方向沿y軸負方向B.質點力沿x軸正方向遷移了\m

C.質點c,的加速度為零D.質點d的位移為-5cm

7.空間P、。兩點處固定電荷量絕對值相等的點電荷，其抬一^、

中。點處為正電荷，P、Q兩點附近電場的等勢線分布

如圖所示，a、，、c、4e為電場中的5個點，設無窮遠'/

處電勢為0,則（）

A.e點的電勢大于0

B.a點和6點的電場強度相同

C.b點的電勢低于4點的電勢

D.負電荷從〃點移動到c點時電勢能增加

8.手機無線充電是比較新穎的充電方式。如圖所示，電磁感應式無線充電的原理與變

壓器類似，通過分別安裝在充電基座和接收能量裝置上的線圈，利用產生的磁場傳

遞能量。當充電基座上的送電線圈通入正弦式交變電流后，就會在鄰近的受電線圈

中感應出電流，最終實現(xiàn)為手機電池充電。在充電過程中（）

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受電線圈

送電線圈

A.送電線圈中電流產生的磁場呈周期性變化

B.受電線圈中感應電流產生的磁場恒定不變

C.送電線圈和受電線圈通過互感現(xiàn)象實現(xiàn)能量傳遞

D.手機和基座無需導線連接，這樣傳遞能量沒有損失

9.圖甲是某燃氣灶點火裝置的原理圖。轉換器將直流電壓轉換為圖乙所示的正弦交流

電壓，并加在一理想變壓器的原線圈上，變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n>n2,

電壓表為理想交流電表。當變壓器副線圈電壓的瞬時值大于5000V時，就會在鋼針

和金屬板間引發(fā)電火花點燃氣體。開關閉合后，下列說法正確的是（）

乙

A.電壓表的示數(shù)為5V

B.若沒有轉換器則變壓器副線圈輸出的是直流電

C.若魯〉就，則可以實現(xiàn)燃氣灶點火

D.穿過原、副線圈的磁通量之比為1：1

10.如圖是“中國天眼”500m口徑球面射電望遠鏡維護

時的照片。為不損傷望遠鏡球面，質量為〃，的工作人

員被懸在空中的氨氣球拉著，當他在離底部有一定高

度的望遠鏡球面上緩慢移動時，氫氣球對其有大小為

方向豎直向上的拉力作用，使其有“人類在月球上行走”的感覺，若將人視

O

為質點，此時工作人員（）

A.受到的重力大小為Jmg

O

B.受到的合力大小為gmg

O

C.對球面的作用力大小為

D.對球面的壓力大小為*mg

O

11.絕緣的水平桌面上放置一金屬圓環(huán)，其圓心的正上方有一個豎直的

條形磁鐵。當條形磁鐵沿水平方向向右移動時，圓環(huán)始終未動。若

圓環(huán)的質量為加，桌面對它的支持力為風，在此過程中（）

A.心小于"⑹圓環(huán)有向右的運動趨勢

B.FN小于mg，圓環(huán)有向左的運動趨勢

C.“大于機g，圓環(huán)有向右的運動趨勢

D.心大于〃?圓環(huán)有向左的運動趨勢

12.“測溫槍”（學名“紅外線輻射測溫儀”）具有響應快、非接觸和操作方便等優(yōu)點。

它是根據黑體輻射規(guī)律設計出來的，能將接收到的人體熱輻射轉換成溫度顯示。若

人體溫度升高，則人體熱輻射強度/及其極大值對應的波長4的變化情況是（）

A./增大，4增大B./增大，，減小C./減小，4增大D./減小，2減小

13.疫情期間“停課不停學”，小明同學在家自主開展實驗探究。用手機拍攝物體自由

下落的視頻，得到分幀圖片，利用圖片中小球的位置來測量當?shù)氐闹亓铀俣?，?/p>

驗裝置如圖1所示。停止攝像，從視頻中截取三幀圖片，圖片中的小球和刻度如圖

2所示。已知所截取的圖片相鄰兩幀之間的時間間隔為卜，刻度尺的分度值是1如〃,

O

由此測得重力加速度約為（）

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A.9.62m/s2B.9.85m/s2C.9.93m/s2D.9.25m/s2

14.2020年2月，中國科學家通過冷凍電鏡捕捉到新冠

病毒表面S蛋白與人體細胞表面ACE2蛋白的結合

過程，首次揭開了新冠病毒入侵人體的神秘面紗。

電子顯微鏡是冷凍電鏡中的關鍵部分，它與光學顯

微鏡相比具有更高的分辨率，其原因是電子的物質

波波長遠小于可見光波長。在電子顯微鏡中，電子

束相當于光束，通過由電場或磁場構成的電子透鏡

實現(xiàn)會聚和發(fā)散作用。其中的一種電子透鏡由兩個

金屬圓環(huán)加、N組成，其結構如圖甲所示，圖乙為

圖甲的截面示意圖。顯微鏡工作時，兩圓環(huán)的電勢9N>9M，圖乙中虛線表示兩圓

環(huán)之間的等勢面（相鄰等勢面間電勢差相等）。現(xiàn)有一束電子經電壓U加速后，沿著

平行于兩金屬圓環(huán)軸線的方向進入金屬圓環(huán)用，根據題目信息和所學知識，下列推

斷正確的是（）

A.電子比可見光的波動性強，衍射更為明顯

B.增大電子的加速電壓U,可提升該顯微鏡的分辨率

C.該電子透鏡對入射的電子束能起到發(fā)散作用

D.電子在穿越電子透鏡的過程中速度不斷減小

15.某同學描繪一種電子元件的/-U關系圖象，采用的實驗電路圖如圖1所示，（J）為

電壓表，色為電流表，E為電源（電動勢約6U）,R為滑動變阻器（最大阻值20。），

&為定值電阻，S為開關。

圖2

圖3

(1)請用筆畫線代替導線，將圖2所示的實物電路連接完整。

(2)調節(jié)滑動變阻器，記錄電壓表和電流表的示數(shù)如表：

電壓U"0.0000.2500.5000.6500.7000.7250.750

電流力0.000.100.250.601.704.307.50

請根據表中的數(shù)據，在方格紙上作出該元件的/-U圖線。

(3)根據作出的一U圖線可知，該元件是(選填“線性”或“非線性”)元件。

(4)在上述測量中，如果用導線代替電路中的定值電阻R。，會導致的兩個后果是

(4)電壓和電流的測量誤差增大

(B)可能因電流過大燒壞待測元件

(C)滑動變阻器允許的調節(jié)范圍變小

(D)待測元件兩端電壓的可調節(jié)范圍變小

16.某同學用如圖所示的實驗裝置驗證動量定理，所用器材包括：氣墊導軌、滑塊(上

方安裝有寬度為d的遮光片)、兩個與計算機相連接的光電門、祛碼盤和祛碼等。

實驗步驟如下：

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遮光片光電門

(1)開動氣泵，調節(jié)氣墊導軌，輕推滑塊，當滑塊上的遮光片經過兩個光電門的遮

光時間時，可認為氣墊導軌水平；

(2)用天平測祛碼與祛碼盤的總質量m1、滑塊(含遮光片，)的質量m2；

(3)用細線跨過輕質定滑輪將滑塊與祛碼盤連接，并讓細線水平拉動滑塊；

(4)令滑塊在祛碼和祛碼盤的拉動下從左邊開始運動，和計算機連接的光電門能測

量出遮光片經過A、8兩處的光電門的遮光時間△￡［、△12及遮光片從A運動到3

所用的時間。2；

(5)在遮光片隨滑塊從A運動到B的過程中，如果將祛碼和祛碼盤所受重力視為滑

塊所受拉力，拉力沖量的大小/=,滑塊動量改變量的大小Ap=

(用題中給出的物理量及重力加速度g表示)；

2

(6)某次測量得到的一組數(shù)據為:d=1.000cm,m1=1.50x10~kg,m2=0.400kg,

-2-22

△ti=3.900x10s.△t2=1.270x10s,t12=1.50s,取g=9.80m/so定

義6=|字|x100%,本次實驗5=%(保留1位有效數(shù)字)。

17.如圖1所示，有一質量m=200kg的物件在電機的牽引下從地面豎直向上經加速、

勻速、勻減速至指定位置。當加速運動到總位移的;時開始計時，測得電機的牽引

4

力隨時間變化的尸-t圖線如圖2所示,t=34s末速度減為0時恰好到達指定位置。

若不計繩索的質量和空氣阻力，求物件

(1)做勻減速運動的加速度大小和方向；

(2)勻速運動的速度大小；

(3)總位移的大小。

2000

1975

18.如圖1所示，足夠長的平行光滑金屬導軌水平放置，寬度為L一端連接阻值為R

的電阻。導軌所在空間存在豎直向下的勻強磁場，磁感應強度為8。電阻為，的導

體棒MN放在導軌上，其長度恰好等于導軌間距，與導軌接觸良好，導體棒沿導軌

向右勻速運動，速度大小為心導軌的電阻可忽略不計。

(1)求回路中的感應電流/和導體棒兩端的電壓U；

(2)通過公式推導證明：導體棒向右勻速運動時間內，拉力做的功W等于電路獲

得的電能W咨

(3)若要使回路中不產生感應電流，在導體棒運動的過程中，磁感應強度8應隨時

間，變化。設t=0時刻磁場的磁感應強度大小為Bo,請在圖2中作出相應的8-t圖

象，并通過推導說明作圖依據。

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19.在一柱形區(qū)域內有勻強電場，柱的橫截面是以。為圓心，尸''、、

/\

半徑為R的圓，AB為圓的直徑，如圖所示。質量為相，:0\

電荷量為q(q>0)的帶電粒子在紙面內自A點先后以不;

同的速度進入電場，速度方向與電場的方向垂直。已知

C'------

剛進入電場時速度為零的粒子，自圓周上的C點以速率

孫穿出電場，AC與43的夾角e=60。.運動中粒子僅受電場力作用。

(1)求電場強度的大??；

(2)為使粒子穿過電場后的動能增量最大，該粒子進入電場時的速度應為多大？

(3)為使粒子穿過電場前后動量變化量的大小為沉氣，該粒子進入電場時的速度應

為多大？

20.生活中經常會看到流體(如空氣、水等)的旋渦現(xiàn)象。例如風由于旗桿的阻礙而產生

旋渦，旋渦又引起空氣、旗幟、旗桿在垂直于風速方向上的振動，風速越大這種振

動就越快。

(1)利用旋渦現(xiàn)象可以測定液體的流速。如圖甲所示(為截面圖)，旋渦發(fā)生體垂直

于管道放置，在特定條件下，由于旋渦現(xiàn)象，液體的振動頻率/與旋渦發(fā)生體的寬

度。、液體的流速v有簡單的正比或反比的關系。請結合物理量的單位關系寫出頻

率/與心。之間的關系式(比例系數(shù)可設為K&是一個沒有單位的常量)；

(2)液體的振動頻率可利用電磁感應進行檢測。如圖乙所示，將橫截面直徑為4的

圓柱形金屬信號電極垂直于流體流動方向固定于管道中，其所在區(qū)域有平行于信號

電極、磁感應強度為3的勻強磁場，圖丙為俯視的截面圖。流體振動時帶動信號電

極在垂直于流速的方向上振動，若信號電極上的感應電動勢e隨時間f的變化規(guī)律

如圖丁所示，圖中的7和T均為已知量。求流體的振動頻率/以及信號電極振動的

最大速率為：

(3)為了探測電極產生的信號，關于檢測元件的設計，有人設想：選用電阻率為p的

某導電材料制成橫截面積為5、半徑為廠的閉合圓環(huán)，某時刻在圓環(huán)內產生一瞬時

電流，由于自感該電流會持續(xù)一段短暫的時間，以便儀器檢測。已知電流在環(huán)內產

生的磁場可視為均勻磁場，磁感應強度的大小與電流成正比，方向垂直于圓環(huán)平面。

若圓環(huán)內的瞬時電流恰好經口感為零(7為流體的振動周期)，且此過程中電流的平均

值與初始時刻的電流成正比。結合(1)問的結果，請推導r與丫、p、。以及S之間

的關系。

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答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：A、用光導纖維束傳送圖象信息是利用光在纖維中不停地發(fā)生全反射而進

行傳遞信息的，故A正確；

8、過兩支夾緊的筆桿間縫隙看發(fā)白光的燈絲能觀察到彩色條紋，這是光的衍射現(xiàn)象，

故B錯誤；

C、白光通過三棱鏡形成彩色光帶，是光的色散現(xiàn)象，不屬于干涉現(xiàn)象，故C錯誤；

。、水面上的油膜呈現(xiàn)彩色是光的干涉現(xiàn)象，屬于薄膜干涉，這是光的干涉現(xiàn)象，故。

錯誤。

故選:Ao

用光導纖維束傳送圖象信息是利用光的全反射；透過狹縫看到的彩色條紋是光的衍射現(xiàn)

象；白光經過三棱鏡得到彩色圖樣是利用光的折射現(xiàn)象；而水面油膜呈現(xiàn)彩色圖樣是由

于光的干涉而形成的。

本題考查了光的干涉、衍射、折射以及全反射的現(xiàn)象，要注意明確各物理現(xiàn)象所對應的

物理規(guī)律，并會解釋相關現(xiàn)象。

2.【答案】B

【解析】解：A、天然放射現(xiàn)象的本質是原子核的衰變，過程中原子核自發(fā)地放出a、￡、

y三種射線，說明原子核里面是由各種粒子組成的復雜結構，故A錯誤。

3、太陽輻射的能量主要來自于內部的核聚變，產生很高的能量，又稱為熱核反應，故

8正確。

C、原子核分成單個核子的過程需要外界提供能量，故它需要吸收能量，而不是放出能

量，吸收的這個能量就叫原子核的結合能，故C錯誤。

。、群處于n=2能級的氫原子自發(fā)躍遷，只能發(fā)出1種不同頻率的光子，故。錯誤。

故選：B。

天然放射現(xiàn)象說明原子核內部有復雜結構；太陽輻射的能量主要來自于內部的核聚變；

原子核分成單個核子的過程要吸收能量，而不是釋放能量；利用公式n=C2來計算氫

n

原子自發(fā)躍遷發(fā)出的光子頻率數(shù)。

本題考查了天然放射現(xiàn)象、聚變反應、質能方程、氫原子能級躍遷等知識點。這種題型

知識點廣，多以基礎為主，只要平時多加積累，難度不大。

3.【答案】B

【解析】解：A、物體是由大量分子組成的，分子可再分為原子。故A錯誤；

8、根據溫度的微觀意義可知，物體的溫度是物體內大量分子的平均動能的標志。故B

正確；

C、布朗運動是懸浮在液體或氣體中固體小顆粒的無規(guī)則運動，反映的是液體分子的永

不停息的無規(guī)則熱運動。故C錯誤；

。、分子間的斥力和引力總是同時存在的，且隨著分子之間的距離增大而減小。故。錯

誤；

故選:Bo

用分子間作用力與距離的關系分析；知道布朗運動反映的是液體分子的無規(guī)則運動；溫

度是平均動能的標志。

該題考查分子動理論以及分子勢能等，明確溫度是分子平均動能的標志，注意是大量分

子的統(tǒng)計規(guī)律。

4.【答案】D

【解析】解:AB、由圖可知,狀態(tài)A到狀態(tài)B是一個等壓過程,根據?=?，因為唳〉匕，

則有：TB>TA,從4到8,溫度升高，內能增加，故A8錯誤；

CD,狀態(tài)B到狀態(tài)C是一個等容過程，根據普=/，因為pCpc，則有：TB>TC,

從B到C,溫度降低，內能減小，故C錯誤，。正確；

故選：Do

從A到B為等壓過程，根據蓋-呂薩克定律把=黑判斷出溫度的變化，從B到C為等容

過程，根據查理定律判斷出溫度的變化，知道溫度是分子平均動能的量度。

考查了理想氣體的蓋-呂薩克定律與查理定律，明確氣體的內能只與溫度有關即可。

5.【答案】C

【解析】解：A、軌道周長5=2兀L故軌道周長之比等于半徑之比為3：2,故A錯誤；

BCD、行星繞太陽做勻速圓周運動所需的向心力由太陽對其的萬有引力提供得：誓=

V22

man=m—=

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見狂=舁線速度大小之比為魚：V3:

3=楞，角速度大小之比為停；序=2或；3a;

。"=等，向心加速度大小之比為22：32=4：9；

故8。錯誤，C正確；

故選：Co

軌道周長S=2nr；根據鋁=man=6亍=m32r得出線速度、角速度及向心加速度

與半徑的關系。

本題的關鍵是根據萬有引力提供向心力得出線速度、角速度及向心加速度與半徑的關系。

6.【答案】C

【解析】解：A、根據圖象可知，經中后質點〃到達平衡位置且向上運動，所以V

時，質點4的速度方向沿著y軸正方向，故A錯誤；

8、在機械波中，各質點不會隨波遷移，只會在平衡位置附近做機械振動，故B錯誤；

C、經過;7后質點c,到達平衡位置且向下運動，所以t=；時，質點c的加速度為零，故

C正確；

D、根據平移法可知，0時刻質點”的振動方向沿著y軸的正方向，所以t=3寸，質點

d在波峰，位移為5c”?，故。錯誤。

故選：Co

由波動圖象，分析各質點的振動情況，從而判斷四分之一個周期后各個質點的振動情況。

解決該題需要掌握用同側法判斷質點的振動狀態(tài)，知道質點不會隨波一起遷移，知道做

簡諧運動的振動特點。

7.【答案】D

【解析】

【分析】

該電場是等量異種電荷的電場，它具有對稱性（上下、左右）。該電場中，一般選取無窮

遠處電勢為0,那么正電荷的區(qū)域電勢為正，負電荷的區(qū)域電勢為負。

該題考查常見電場的特點，解題的關鍵是在兩個電荷連線的中垂線上的電勢和無窮遠處

的電勢相等。而正電荷周圍的電場的電勢都比它高，負電荷周圍的電場的電勢都比它低。

【解答】

A.根據電場等勢面的圖象可以知道，該電場是等量異種電荷的電場，中垂面是等勢面，

電勢為0,故A錯誤；

員等量異種電荷的電場，它具有對稱性（上下、左右），。點和6點的電場強度大小相等，

而方向不同，故B錯誤；

C方點離正電荷的距離更近，所以〃點的電勢較高，高于〃點的電勢，故C錯誤；

點離正電荷近，。點電勢高于c點，根據負電荷在電勢高處電勢能小，知負電荷從。

點移到c點，電勢能增加，故。正確。

故選。。

8.【答案】AC

【解析】

【分析】

根據麥克斯韋電磁場理論分析磁場是否變化；無線充電器是通過線圈進行能量耦合實現(xiàn)

能量的傳遞，無線充電器的優(yōu)點之一是不用傳統(tǒng)的充電線連接到需要充電的終端設備上

的充電器，但充電過程中有電能量損失。

此題考查電磁感應與生活實際相結合，明白電磁感應的原理，然后分析無線充電的技術

原理，能夠根據麥克斯韋電磁場理論進行分析。

【解答】

A、由于送電線圈中通入正弦式交變電流，根據麥克斯韋理論可知送電線圈中電流產生

的磁場呈周期性變化，故A正確；

8、周期性變化的磁場產生周期性變化的電場，所以受電線圈中感應電流仍是正弦交流

電，產生的磁場也是周期性變化的，故8錯誤；

C、無線充電利用的是電磁感應原理，所以送電線圈和受電線圈通過互感現(xiàn)象實現(xiàn)能量

傳遞，故C正確；

。、無線充電器的優(yōu)點之一是不用傳統(tǒng)的充電線連接到需要充電的終端設備上的充電器,

但充電過程中仍有電能量損失，故。錯誤。

故選：AC。

9.【答案】D

【解析】解：A、根據圖（乙）得到原線圈輸入電壓的最大值：/m=5V,根據正弦式交

變電流最大值和有效值的關系可知，原線圈輸入電壓的有效值：。1=贄=2.5夜匕

第14頁，共24頁

則電壓表的示數(shù)為2.5夜V，故A錯誤；

8、若沒有轉換器，原副線圈磁通量恒定，不會發(fā)生電場感應現(xiàn)象，變壓器副線圈無電

流輸出，故8錯誤；

C、瞬時電壓大于5000V即火花放電，即副線圈輸出電壓最大值：U2m=5000K,根據

變壓比可知，浮=手，解得實現(xiàn)點火的條件是：告＜就，故C錯誤；

"2mn2幾21UUU

。、理想變壓器的原負線圈相同，無漏磁現(xiàn)象，原線圈的磁感線全部穿過副線圈，故穿

過原、副線圈的磁通量之比為1:1,故。正確。

故選：Do

根據圖（乙）得到原線圈電壓的最大值，根據有效值與最大值的關系求出電壓表的示數(shù)。

當變壓器副線圈電壓的瞬時值大于5000V時，就會點火，根據電壓與線圈匝數(shù)比的關系

即可求解

此題考查了變壓器的構造和原理，掌握理想變壓器的磁通量、電壓、電流和匝數(shù)之間的

關系，知道電壓表的示數(shù)為有效值。

10.【答案】C

【解析】解：A、工作人員收到的重力不會變化，仍為〃?g,故A錯

誤；

B、工作人員在望遠鏡球面上緩慢移動的過程中，處于平衡狀態(tài)，受

到的合力大小為0,故B錯誤；

CD.工作人員在望遠鏡球面上緩慢移動的過程中，處于平衡狀態(tài)，

受到重力、支持力、和拉力和摩擦力，其合力為零，球面對人的作

mg

用力：支持力和摩擦力的合力尸豎直向上，由平衡條件得F=mg-

T=^mg,由牛頓第三定律得，人對球面的作用力大小為；mg,故C正確，。錯誤。

oO

故選：C。

離底部有一定高度的望遠鏡球面可近似看成小斜面，緩慢移動時可近似看成平衡態(tài)，所

受合力為零，由平衡條件即可分析人對球面的作用力及壓力等。

本題以工作人員維護“中國天眼”的情境為背景，考查受力分析，意在考查考生的分析

綜合能力。

11.【答案】A

【解析】解：當條形磁鐵沿軸線豎直向右移動時，閉合導體環(huán)內的磁通量減小，因此線

圈做出的反應是面積有擴大的趨勢，同時將跟隨磁鐵，金屬圓環(huán)受安培力向右上方，則

圓環(huán)對桌面的壓力小于其自身重力，且圓環(huán)相對桌面有向右的運動趨勢，根據牛頓第三

定律，F(xiàn)N小于mg,故A正確，BC7）錯誤。

故選：A。

根據楞次定律的三種表述分析。由楞次定律知，線圈所做出的所有反應都是阻礙其磁通

量的變化。從感應電流磁場的磁通量、面積、速度、受力等反面的變化分析。

本題從力、運動的角度考查楞次定律，是對楞次定律的全面理解的考查，難度較大。

12.【答案】B

【解析】解：根據黑體輻射實驗的規(guī)律可知，隨著溫度的升高，一方面，各種波長的輻

射強度/都有增強，另一方面，輻射強度的極大值向波長較短的方向移動，故若人體溫

度升高，則人體熱輻射強度/增大，輻射強度極大值對應的波長4減小，故8正確，ACD

錯誤。

故選：Bo

根據黑體輻射實驗的規(guī)律可知，隨著溫度的升高，各種波長的輻射強度/都有增強，輻

射強度的極大值向波長較短的方向移動。

本題以“測溫槍”為背景命制試題，考查了黑體輻射實驗的規(guī)律，要求學生對實驗規(guī)律

要理解并強化記憶。

13.【答案】A

【解析】解：因為所截取的圖片相鄰兩幀之間的時間間隔為卜，故周期r=：s,設三幅

66

圖中小球中心對應的刻度值分別為%1、不、%3，則％1=2.50cm,x2=26.50cm,%3=

77.20cm,由勻變速直線運動的推論△%=。產可得:

[(%3r[(77.20-26.50)-(26.50-2.50)lx10-^m/s2=^^2。故

9=T2

A正確，8C￡＞錯誤。

故選：Ao

由圖2可讀出三幅圖中小球中心對應的刻度值，再根據勻變速直線運動的推論利用逐差

法求解加速度。

本題主要是考查利用落體法測定重力加速度實驗，掌握實驗原理和實驗方法，能夠利用

逐差法進行求解重力加速度。

第16頁，共24頁

14.【答案】B

【解析】解：A、根據波長越長，波動性越強，知電子的物質波波長遠小于可見光波長，

則電子比可見光的波動性弱，衍射不明顯，故4錯誤；

B、增大電子的加速電壓U,可增大電子獲得的速度，電子的動量也增大，根據;1=；知

電子的物質波波長變小，波動性減弱，衍射變得更不明顯，可提升該顯微鏡的分辨率，

故B正確；

C、根據電場線與等勢面垂直，知電子受到的電場力偏向兩金屬圓環(huán)軸線（除沿軸線射入

的電子外），對電子束能起到會聚作用，故C錯誤；

￡?、根據@N>9M，知電子在穿越電子透鏡的過程中，電場力對電子做正功，電子的速

度不斷增大，故。錯誤。

故選:B。

波長越長，波動性越強；增大電子的加速電壓U,可增大電子獲得的速度，根據;1=；分

析電子的物質波波長變化，判斷該顯微鏡分辨率的變化；根據電子所受的電場力情況,

分析電子透鏡的作用。根據電場力做功情況分析電子速度的變化情況。

解決本題的關鍵要讀懂題意，理解電子顯微鏡的工作原理，利用物質波的波長公式和電

場知識進行分析。

0.103040.S060.70N

(3)非線性；(4)BC

【解析】

【分析】

(1)根據圖1所示電路圖連接實物電路圖。

(2)根據表中實驗數(shù)據在坐標系內描出對應點，然后作出圖象。

(3)/-U圖線想直線的是線性原件，圖線不是直線的原件為非線性原件。

(4)分壓電路中接入串聯(lián)電阻儀方面可以保護電表，另一方面可以增大滑動變阻器的調

節(jié)范圍。

本題考查了連接實物電路圖、實驗數(shù)據處理等問題；/-U圖象是直線的原件是線性原

件，/-U圖象是曲線的原件是非線性原件；應用圖象法處理實驗數(shù)據是常用的實驗數(shù)

據處理方法，要掌握描點法作圖的方法。

【解答】

(1)根據圖1所示實驗電路圖連接是電路圖，實物電路圖如圖所示；

(2)根據表中實驗數(shù)據在坐標系內描出對應點，然后根據描出的點作出圖象，如圖所示;

(3)由圖示圖象可知，圖線是一條曲線，該元件是非線性元件。

(4)由圖1所示電路圖可知，定值電阻與待測元件、電流表串聯(lián)，

一方面可以避免應電流過大損壞電流表，另一方面可以增大滑動變阻器的調節(jié)范圍，故

選8C。

第18頁，共24頁

故答案為：（1）實物電路圖如圖所示；（2）圖象如圖所示；（3）非線性；（4）BC。

16.【答案】相等巾2（等一3）4

【解析】解：（1）氣墊導軌水平時，不考慮摩擦力時，滑塊所受的合外力為零，此時滑

塊做勻速直線運動，而兩個光電門的寬度都為d,根據t=3得遮光片經過兩個光電門的

遮光時間相等，故遮光片經過兩個光電門的遮光時間相等；

（5）在遮光片隨滑塊從A運動到B的過程中，拉力的大小等于祛碼和祛碼盤所受重力，

故F=mrg,

而遮光片從A運動到B所用的時間為匕2,故拉力沖量的大小/=Ft12=

由于光電門的寬度d很小，所以我們用經過光電門的平均速度代替滑塊經過A、8兩處

的瞬時速度，

故滑塊經過4時的瞬時速度以=今，滑塊經過B時的瞬時速度如=告，故滑塊動量

改變量的大小△P=團2（。8-%）=m2（E一看）;

(6)拉力沖量的大小/=ggti2=1.50xICT?x9.8x1.50N-s=0.221/V-s；

1X10-21X10

滑塊動量改變量的大小4p=m（4-4）=0.4x（.如,?】

2△C2ACi1.27x10—23.9X103)ms'"

0.212kg-m-s-1；

該題所給物理量6=|皇|X100%=I慧2IX100%=4%；

故答案為：⑴相等；（5）mig“2,卅2七一嵩）；（6）4；

（1）氣墊導軌水平時，不考慮摩擦力時，滑塊所受的合外力為零，此時滑塊做勻速直線

運動，通過光電門的遮光時間相等；

（5）拉力沖量的大小/=Ft12=叫以12；用經過光電門的平均速度代替滑塊經過4、B兩

處的瞬時速度，則以=1~,VB=滑塊動量改變量的大小△「=小2（如一女）；

（6）把數(shù)據代入/=初g2和4P=血2（2一看）即可求出其數(shù)值，把/和△P代入6=

|匕尹|x100%即可。

了解光電門測量瞬時速度的原理，實驗中我們要清楚研究對象和研究過程，對于系統(tǒng)我

們要考慮全面，同時明確實驗原理是解答實驗問題的前提。

17.【答案】解：（1）由圖2可知，物件26s時開始減速，減速過程受牽引力為1975N,

重力G=mg

由牛頓第二定律可得:

mg—FT=ma

詢軍得：a=0.125m/s2；

因牽引力小于重力，故加速度豎直向下；

(2)對減速過程分析可知，減速時間打=8s,逆向分析可將勻減速過程視為初速度為零

的勻加速直線運動，由運動學公式可得：

v=at2=0.125x8m/s=lm/s

(3)勻速向上的位移刈==1x26m=26m

勻減速上升的位移九2==4m

則總位移九=券幺=誓7n=40m

44

答：(1)做勻減速運動的加速度大小為0.125m/s2；方向豎直向下；

(2)勻速運動的速度大小為lm/s；

(3)總位移的大小為40機。

【解析】(1)明確題意根據運動過程分析可知，26s后物體開始減速，根據牛頓第二定律

可求得加速度的大小和方向；

(2)將勻減速過程逆向分析，根據速度公式即可求出勻速運動的速度；

(3)由題意可知，物件在0時刻開始勻速，根據勻速運動的公式可求得勻速向上的位移，

再根據勻變速直線運動公式求得勻減速上升力的位移，兩者相加即可得出總位移。

本題考查牛頓第二定律和運動學公式的應用，解題的關鍵在于明確題意，結合圖象正確

理解物件的運動過程；注意明確從零時刻開始物件一定是勻速運動。

18.【答案】解：(1)MN切割磁感應線產生的感應電動勢為：B?

E=BLV員［

根據閉合電路歐姆定律可得：/=急得/=黑

路端電壓：U=/R得：U二等;0------------....?十

R+rIL

(2)MN做勻速運動，受力平衡，拉力尸等于安培力，則拉

力：9=F安=BIL

△t內MN運動的距離△%=v△t

拉力做功：IV=F?△%=BIL-v△t=BL"-△t

R+r

電路獲得的電能：Wrf,=F/△t=BLv-t=t

電R+rR+r

第20頁，共24頁

可知，At時間內，拉力做的功W等于電路獲得的電能W咨

(3)若要使回路中不產生感應電流，應保持回路中的磁通量不變，磁感應強度8隨時間

/變化的規(guī)律如圖所示。

設《=0時導體棒MN距導軌左端的距離為d,回路中的磁通量/=B0Ld

，時刻磁場的磁感應強度為8,導體棒MN距導軌左端的距離為d+仇，回路中的磁通量

力=BL(d+vt)

回路中的磁通量不變，則。=。0

代入整理得：8="。

d+vt

答：(1)回路中的感應電流為警，導體棒兩端的電壓為普：

KT?*n-TT

(2)證明見解析；

(3)若要使回路中不產生感應電流，回路中磁通量不變，8隨時間的變化情況是B=含9,

圖象見解析。

【解析】(1)求出導體棒切割磁感應線產生的感應電動勢，根據閉合電路歐姆定律求解

電流強度，再根據電路連接情況結合歐姆定律求解導體棒兩端的電壓U；

(2)根據功的計算公式求解拉力做的功，根據電能的計算公式求解電路獲得的電能，由

此分析；

(3)若要使回路中不產生感應電流，應保持回路中的磁通量不變，根據磁通量相等得到

磁感應強度隨時間的變化情況。

對于電磁感應現(xiàn)象中涉及電路問題的分析方法是：確定哪部分相當電源，根據電路連接

情況畫出電路圖，結合法拉第電磁感應定律和閉合電路的歐姆定律、以及電功率的計算

公式列方程求解。

19.【答案】解：(1)粒子初速度為零，由C點射出電場，故電場方向與AC平行，由A

指向C?

由幾何關系和電場強度的定義知：

AC=R...①

F=qE…②

由動能定理得

1

F-AC=-mvQ7...③

聯(lián)立①②③解得后=寰…④

(2)如圖，由幾何關系知AC1BC,故電場中的等勢線與8c平行。作與BC平行的直線

與圓相切于。點，與AC的延長線交于P點，則自。點從圓周上一-「、、

(\

穿出的粒子的動能增量最大。A國一-6一一：%

由幾何關系知

^PAD=30°,AP=1R,DP=-R...@P

設粒子以速度/進入電場時動能增量最大，在電場中運動的時間為h，粒子在AC方向

做加速度為〃的勻加速運動，運動的距離等于AP；在垂直于AC方向上做勻速運動，運

動的距離等于。尸，由牛頓第二定律和運動學公式有：

F—ma⑥

AP=\atl⑦

DP=%匕⑧

聯(lián)立②④⑤⑥⑦⑧式得%=呼處⑨

(3)設粒子以