2023屆貴州省六盤水市盤縣第四中學(xué)高一物理第二學(xué)期期末檢測模擬試題含解析_第1頁
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文檔簡介

2022-2023學(xué)年高一下物理期末模擬試卷注意事項:1.答卷前,考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時,選出每小題答案后,用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑,如需改動,用橡皮擦干凈后,再選涂其它答案標(biāo)號?;卮鸱沁x擇題時,將答案寫在答題卡上,寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束后,將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題(本題共12小題,每小題5分,共60分,在每小題給出的四個選項中,有的小題只有一個選項正確,有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分,選不全的得3分,有選錯的或不答的得0分)1、如圖所示,小球從豎直放置的輕彈簧正上方自由下落,在小球接觸彈簧到彈簧被壓縮到最短的過程中,小球的動能A.一直變大B.一直變小C.先變小后變大D.先變大后變小2、(本題9分)a、b兩燈連接成如圖所示的電路。a燈的規(guī)格為“220V40W”,b燈的規(guī)格為“220V100W”。通電時,a、b燈兩端電壓分別為、,實際功率分別為、,且實際功率都沒有超過額定功率,設(shè)a、b燈電阻不變。下列判斷正確的是A., B.,C., D.,3、(本題9分)已知水星繞太陽的公轉(zhuǎn)周期小于火星繞太陽的公轉(zhuǎn)周期,它們繞太陽的公轉(zhuǎn)均可看成勻速圓周運動,則由此可判定()A.水星的質(zhì)量大于火星的質(zhì)量B.水星的半徑大于火星的半徑C.水星的線速度小于火星的線速度D.水星到太陽的距離小于火星到太陽的距離4、(本題9分)如圖甲所示,為測定物體沖上粗糙斜面能達(dá)到的最大位移x與斜面傾角θ的關(guān)系,將某一物體每次以不變的初速率υ0沿足面向上推出,調(diào)節(jié)斜面與水平方向的夾角θ,實驗測得x與斜面傾角θ的關(guān)系如圖乙所示,g取10m/s2A.物體的初速率υB.物體與斜面間的動摩擦因數(shù)μ=0.5C.取不同的傾角θ,物體在斜面上能達(dá)到的位移x的最小值xD.當(dāng)某次θ=305、(本題9分)如圖所示,在風(fēng)力推動下,風(fēng)葉帶動發(fā)電機發(fā)電,M、N為同一個葉片上的兩點,下列說法中正確的是A.M點的線速度等于N點的線速度B.M點的角速度小于N點的角速度C.M點的向心加速度小于N點的向心加速度D.M點的周期大于N點的周期6、(本題9分)如圖是多級減速裝置的示意圖、每一級減速裝置都是由固定在同一裝動軸上、繞同一轉(zhuǎn)動軸轉(zhuǎn)動的大小兩個輪子組成。各級之間用皮帶相連。如果每級減速裝置中大輪的半徑為R=1m、小輪的半徑為r=0.5m。則當(dāng)?shù)谝患壍拇筝喭饩壘€速度大小為v1=80m/s時,第五級的大輪外緣線速度大小是()A.40m/sB.20m/C.10m/sD.5m/s7、2017年10月24日,在地球觀測組織全會期間舉辦的“中國日”活動上,我國正式向國際社會免費開放共享我國氣象衛(wèi)星“風(fēng)云四號”和二氧化碳監(jiān)測衛(wèi)星“碳衛(wèi)星”的數(shù)據(jù)?!疤夹l(wèi)星”的圓軌道距地球表面700km,“風(fēng)云四號”的圓軌道距地球表面36000km。有關(guān)這兩顆衛(wèi)星的說法正確的是A.“風(fēng)云四號”衛(wèi)星的向心加速度大于“碳衛(wèi)星”的向心加速度B.“風(fēng)云四號”衛(wèi)星的線速度小于“碳衛(wèi)星”的線速度C.“風(fēng)云四號”衛(wèi)星的周期小于“碳衛(wèi)星”的周期D.“風(fēng)云四號”衛(wèi)星的角速度小于“碳衛(wèi)星”的角速度8、(本題9分)一個人用手把一個質(zhì)量為m=1kg的物體由靜止向上提起1m,這時物體的速度為2m/s,則下列說法中正確的是A.手對物體所做的功為12J B.合外力對物體所做的功為2JC.合外力對物體所做的功為12J D.物體克服重力所做的功為10J9、(本題9分)如圖所示,長為L=4m的傳送帶的速度是5m/s,現(xiàn)將m=1kg的小物體輕放在左輪正上方的皮帶上,物體與皮帶間的動摩擦因數(shù)μ=0.2,電動機帶動皮帶將物體從左輪運送到右輪的過程中,(g=10m/s2)下列說法中正確的是()A.摩擦產(chǎn)生的熱量為12JB.小物體獲得的動能為8JC.摩擦產(chǎn)生的熱量為8JD.小物體獲得的動能為12.5J10、(本題9分)如圖所示,長為L的細(xì)繩的一端固定于O點,另一端系一個小球,在O點的正下方L/2釘一個光滑的釘子A,小球開始時θ=60°的位置擺下.則細(xì)繩碰到釘子前后,下列說法正確的是(

)A.繩對小球的拉力之比為2:3 B.小球所受合外力之比為1:2C.小球做圓周運動的線速度之比為2:3 D.小球做圓周運動的角速度之比為1:211、(本題9分)如圖所示,一個質(zhì)量為m的物體以某一速度從A點沖上傾角為30°的斜面,其運動的加速度為3g/4,這物體在斜面上上升的最大高度為h,則在這一過程中()A.重力勢能增加了3/4mgh B.動能損失了mghC.機械能損失了1/2mgh D.所受合外力對物體做功為-3/2mgh12、(本題9分)如圖甲為應(yīng)用于機場和火車站的安全檢查儀,用于對旅客的行李進(jìn)行安全檢查,其傳送裝置可簡化為如圖乙所示的模型,緊繃的傳送帶始終保持v=1m/s的恒定速率運行.旅客把行李無初速度地放在A處,設(shè)行李與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ=0.1,A、B間的距離為2m,g取10m/s2,若乘客把行李放到傳送帶的同時也以v=1m/s的恒定速率平行于傳送帶運動到B處取行李,則()A.乘客與行李同時到達(dá)B處B.乘客提前0.5s到達(dá)B處C.行李提前0.5s到達(dá)B處D.若傳送帶速度足夠大,行李最快也要2s才能到達(dá)B處二.填空題(每小題6分,共18分)13、(本題9分)如圖所示,有一帶電粒子貼著A板沿水平方向射入勻強電場,當(dāng)偏轉(zhuǎn)電壓為U1時,帶電粒子沿①軌跡從兩板正中間飛出;當(dāng)偏轉(zhuǎn)電壓為U2時,帶電粒子沿②軌跡落到B板中間;設(shè)粒子兩次射入電場的水平速度相同,則兩次偏轉(zhuǎn)電壓之比為_____________。14、(本題9分)一橫波某瞬時波形如圖所示,質(zhì)點M此時的運動方向向下,且經(jīng)過0.2s第一次回到平衡位置,則此橫波傳播方向是向__________,從圖示時刻起,經(jīng)過1.2s,質(zhì)點M通過的路程為___________cm。15、(本題9分)如圖所示,某人在山上將一質(zhì)量m=1kg的石塊,以v0=5.0m/s的初速度斜向上方拋出,石塊被拋出時距離水平地面的高度h=10m.不計空氣阻力,取g=10m/s1.求:(1)石塊從拋出到落地的過程中減少的重力勢能________;(1)石塊落地時的速度大小_________.三.計算題(22分)16、(12分)(本題9分)如圖所示,AB為傾角37°的斜面軌道,軌道的AC部分光滑,CB部分粗糙,BP為圓心角等于143°、半徑R=1m的豎直光滑圓弧軌道,兩軌道相切于B點,P、Q兩點在同一豎直線上,輕彈簧一端固定在A點,另一自由端在斜面上C點處,現(xiàn)有一質(zhì)量m=2kg的小物塊在外力作用下降彈簧緩慢壓縮到D點后(不栓接)釋放,物塊經(jīng)過C點后,從C點運動到B點過程中的位移與時間的關(guān)系為(式中x單位為m,t單位是s),假設(shè)物塊第一次經(jīng)過B點后恰能到達(dá)P點,sin37°=0.6,cos37°=0.8,,試求:(1)若CD=1m,試求物塊從D點運動到C點的過程中,彈簧對物塊所做的功;(2)B、C兩點間的距離x;(3)若在P處安裝一個豎直彈性擋板,小物塊與擋板碰撞后速度反向,速度大小不變,小物塊與彈簧相互作用不損失機械能,試通過計算判斷物塊在第一次與擋板碰撞后的運動過程中是否會脫離軌道?17、(10分)(本題9分)如圖甲所示,傾角為θ=37°的傳送帶以恒定速率逆時針運行,現(xiàn)將一質(zhì)量m=2kg的小物體輕輕放在傳送帶的A端,物體相對地面的速度隨時間變化的關(guān)系如圖乙所示,2s末物體到達(dá)B端,取沿傳送帶向下為正方向,g=10m/s2,sin37°=0.6,求:(1)小物體在傳送帶A、B兩端間運動的平均速度v;(2)物體與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ;(3)2s內(nèi)物體機械能的減少量ΔE.

參考答案一、選擇題(本題共12小題,每小題5分,共60分,在每小題給出的四個選項中,有的小題只有一個選項正確,有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分,選不全的得3分,有選錯的或不答的得0分)1、D【解析】

球與彈簧接觸后,受到豎直向下的重力與豎直向上的彈簧彈力作用;開始,小球的重力大于彈力,合力向下,加速度向下,小球向下做加速運動;隨小球向下運動,彈簧的彈力增大,合力減小,加速度減小,小球做加速度減小的加速運動,合力為零時,小球速度最大;以后當(dāng)彈簧的彈力大于小球重力后,合力向上,加速度向上,速度方向與加速度方向相反,小球做減速運動,隨小球向下運動,彈力增大,小球受到的合力增大,加速度增大,小球做加速度增大的減速運動,直到減速到零;由以上分析可知,小球的速度先增大后減小,動能先增大后減小;A.一直變大,與結(jié)論不相符,選項A錯誤;B.一直變小,與結(jié)論不相符,選項B錯誤;C.先變小后變大,與結(jié)論不相符,選項C錯誤;D.先變大后變小,與結(jié)論相符,選項D正確。2、D【解析】

根據(jù)知:a燈的電阻為,b燈的電阻為,所以a燈的電阻大于b燈的電阻,因為兩燈電流相等,根據(jù)U=IR知Ua>Ub,又因為P=UI,所以Pa>Pb;ABC.此三項錯誤;D.此選項正確;3、D【解析】質(zhì)量為m的行星繞質(zhì)量為M的太陽運行,半徑為r,周期為T,線速度為v,那么由萬有引力做向心力可得,解得,,行星的質(zhì)量和半徑并不影響行星繞太陽運行,故無法判斷水星、火星的質(zhì)量、半徑的大小關(guān)系,AB錯誤;根據(jù)可知周期越大,軌道半徑越大,即水星到太陽的距離小于火星到太陽的距離,根據(jù)可知軌道半徑越大,線速度越小,所以水星的線速度大于火星的線速度,C錯誤D正確.4、C【解析】

A、由圖可知,當(dāng)θ=90°時物體做豎直上拋運動,位移為x=1.80m;由豎直上拋運動規(guī)律可知:v02=2gh,代入數(shù)據(jù)解得v0=6m/s,故A錯誤.B、當(dāng)θ=0°時,位移為x=2.40m;由動能定理可得:-μmgx=0-12mC、由動能定理得:-mgxsinθ-μmgcosθ?x=0-12mv02,解得:x=1.8D、若θ=30°時,物體的重力沿斜面向下的分力為mgsin30°=故選C.【點睛】本題綜合考查動能定理、受力分析及豎直上拋運動;并鍵在于先明確圖象的性質(zhì),再通過圖象明確物體的運動過程;結(jié)合受力分析及動能定理等方法求解.5、C【解析】

ABD.由于M、N兩點的轉(zhuǎn)動的角速度相等,則周期相等,M點轉(zhuǎn)動的半徑小,根據(jù)v=rω知,M點的線速度小于N點的線速度,故ABD錯誤.

C.M、N的角速度相等,M點的轉(zhuǎn)動半徑小,根據(jù)a=rω2知,M點的向心加速度小于N點的加速度,故C正確.6、D【解析】

根據(jù)同軸轉(zhuǎn)動角速度相等知,第一級大輪和小輪角速度相等,根據(jù)v=r?ω知,第一級小輪的線速度為;

根據(jù)皮帶傳動邊緣線速度大小相等可知第二級大輪邊緣的線速度大小為v2=v1'=40m/s,所以第二級小輪的線速度為v2'=v2=20m/s,

第三級大輪邊緣的線速度為v3=v2'=20m/s,

第三級小輪邊緣的線速度大小為v3'=v3=10m/s,

第四級大輪邊緣的線速度大小為v4=v3'=10m/s,

第四級小輪邊緣的線速度大小為v4'=v4=5m/s,

第五級大輪邊緣的線速度大小v5=v4'=5m/s;

A.40m/s,與結(jié)論不相符,選項A錯誤;B.20m/,與結(jié)論不相符,選項B錯誤;C.10m/s,與結(jié)論不相符,選項C錯誤;D.5m/s,與結(jié)論相符,選項D正確;7、BD【解析】

根據(jù),可知運行軌道半徑越大向心加速度越小,“風(fēng)云四號”衛(wèi)星的運行軌道半徑大于“碳衛(wèi)星”的軌道半徑,所以“風(fēng)云四號”衛(wèi)星的向心加速度小于“碳衛(wèi)星”的向心加速度,故A錯誤;由,有,“風(fēng)云四號”衛(wèi)星的運行軌道半徑大于“碳衛(wèi)星”的軌道半徑,所以“風(fēng)云四號”衛(wèi)星的線速度小于“碳衛(wèi)星”的線速度,故B正確;由可得可知,風(fēng)云四號衛(wèi)星的周期大于碳衛(wèi)星的周期,選項C錯誤;根據(jù)可知,風(fēng)云四號衛(wèi)星的角速度小于碳衛(wèi)星的角速度,選項D正確;故選BD.8、ABD【解析】

A、由動能定理得:W-mgh=mv2-0,得手對物體所做的功為:W=mv2+mgh=×1×22+1×10×1=12J,故A正確.B、C、由動能定理得:合外力做功為

W合=mv2-0=×1×22=2J,故B正確,C錯誤.D、物體克服重力做功為:W=mgh=1×10×1J=10J,故D正確;本題選錯誤的故選C.【點睛】本題的關(guān)鍵要掌握動能定理的基本運用,知道合外力做功與動能變化的關(guān)系,以及知道合外力做功等于各力做功的代數(shù)和.9、AB【解析】

摩擦產(chǎn)生的熱量Q等于滑動摩擦力大小與物體傳送帶相對位移大小的乘積,由速度公式求出物體加速運動的時間,再根據(jù)運動學(xué)基本公式求出物體和傳送帶的位移,進(jìn)而求出相對位移;根據(jù)動能定理即可求出小物體獲得的動能?!驹斀狻繉π∥矬w由牛頓第二定律得:Ff=μmg=ma;解得:a=μg=2m/s2;假設(shè)物塊與傳送帶能夠相對靜止得:t=va=52s=2.5s;小物塊位移x=12at2=12×2×2.52=6.25m>L;故小物體在傳送帶上一直加速,由vt2-v02=2aL得:最大速度為:vt=2aL=2×2×4=4m/s;小物體獲得的動能為:Ek=10、ABD【解析】

A.在最低點由牛頓第二定律得T?mg=m,則拉力為T=mg+m,和釘子接觸前繩子拉力為T1=mg+m=2mg,接觸釘子后半徑變?yōu)樵瓉淼囊话耄K子對小球的拉力T′=mg+m=3mg,所以接觸釘子前后繩子的拉力之比為2:3,故A正確;B.線速度大小不變,半徑變?yōu)樵瓉淼囊话?,向心力(合力)增大為原來?倍,故B正確;C.小球由初始位置到最低點的過程中,由動能定理得:mgl(1-cos60°)=mv2,則到達(dá)最低點的速度為,和釘子接觸瞬間速度不突變,故C錯誤;D.根據(jù)ω=知,線速度不變,半徑變?yōu)樵瓉淼囊话?,故角速度變?yōu)樵瓉淼膬杀?,所以角速度之比?:2,故D正確;11、CD【解析】

物體在斜面上上升的最大高度為h,克服重力做功為mgh,知重力勢能的變化.根據(jù)牛頓第二定律求出摩擦力大小,根據(jù)物體克服摩擦力做功等于物體機械能的損失,求解機械能的損失.根據(jù)合力做功,求解動能的損失.【詳解】由題,物體在斜面上上升的最大高度為h,克服重力做功為mgh,則重力勢能增加了mgh.故A錯誤.根據(jù)牛頓第二定律得:mgsin30°+f=ma,得到摩擦力大小為f=mg,物體克服摩擦力做功為Wf=f?2h=mgh,所以物體的機械能損失了mgh.故C正確.合力對物體做功為W合=-ma?2h=-mgh,則根據(jù)動能定理得知,物體動能損失mgh.故B錯誤,D正確.故選CD.【點睛】本題考查對幾對功和能的關(guān)系:重力做功與重力勢能的關(guān)系有關(guān),合力做功與動能的變化有關(guān),除重力以外的力做功與機械能的變化有關(guān).12、BD【解析】

行李在傳送帶上先加速運動,然后再和傳送帶一起勻速運動,由牛頓第二定律和運動學(xué)公式求出時間.若行李一直做勻加速運動時,運動時間最短.【詳解】A、B、C、由牛頓第二定律,得μmg=ma得a=1m/s1.設(shè)行李做勻加速運動的時間為t,行李加速運動的末速度為v=1m/s.由v=at1代入數(shù)值,得t1=1s,勻加速運動的位移大小為:x==0.5m,勻速運動的時間為:t1==1.5s,行李從A到B的時間為:t=t1+t1=1+1.5=1.5s.而乘客一直做勻速運動,從A到B的時間為t人==1s.故乘客提前0.5s到達(dá)B.故A、B錯誤C正確;D、若行李一直做勻加速運動時,運動時間最短.由L=,解得最短時間tm=1s.故D正確.故選CD.二.填空題(每小題6分,共18分)13、1:8【解析】

對軌跡①分析

水平方向:L=豎直方向:d2=12a水平方向:L豎直方向:d=12a2t22,a14、左8【解析】

[1].由圖讀出波長λ=6cm.由題,x=5cm的質(zhì)點M此時的運動方向向下,則根據(jù)波形的平移法得知,波向左傳播.[2].根據(jù)波形的平移法得知,當(dāng)波形向左平移△x=1cm時,M點第一次回到平衡位置,經(jīng)過的時間為而由題t=0.2s,則得周期為T=1.2s.可知t=1.2s=1T,則質(zhì)點M通過的路程為S=4A,A=2cm,則得S=8cm.15、100J15m/s【解析】

[1].石塊從拋出到落地的過程中減少的重力勢能[1].根據(jù)動能定理:解得v=15m/s三.計算題(22分)16、(1)156J(2)(3)不會脫離軌道【解析】試題分析:(1)由知,物塊在C點速度為設(shè)物塊從D點運動到C點的過程中,彈簧對物塊所做的功為W,由動能定理有代入數(shù)據(jù)得:(2)由知,物塊從C運動到B過程中的加速度

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