陜西省寶雞市2019屆高考模擬檢測理科綜合物理試卷(附解析)

#2019年寶雞市高考模擬檢測（二）理綜物理試題第I卷（選擇題）二、選擇題.已知某種金屬的極限頻率為Y0，現(xiàn)用頻率3Y0的光照射此金屬板，所產(chǎn)生光電子的最大初動(dòng)能為（h為普朗克常量）（）A.4hy0 B.3hY0 C.2hy0 D.hy0【答案】C【解析】【分析】根據(jù)“某種金屬的極限頻率為Y”、“現(xiàn)用頻率Y的光照射此金屬板，所產(chǎn)生光電子的最大初動(dòng)能為"可知，本題考查逸出功和光電效應(yīng)方程，根據(jù)光電效應(yīng)方程列式可求逸出功和最大初動(dòng)能?！驹斀狻拷饘俚囊莩龉?Y，改用頻率為Y的光照射同一金屬材料，根據(jù)光電效應(yīng)方程得，則所產(chǎn)生光電子的最大初動(dòng)能Y-Y故正確，錯(cuò)誤。故選：.如圖所示，一條細(xì)繩跨過定滑輪連接物體A、B,A懸掛起來，B穿在一根豎直桿上，兩物體均保持靜止，不計(jì)繩與滑輪、B與豎直桿間的摩擦，已知繩與豎直桿間的夾角為仇則物體A、B的質(zhì)量之比mA：mB等于（）1:cos。 cos。：1 tan。：1 1：sin?！敬鸢浮緼【解析】【分析】根據(jù)“兩物體均保持靜止”可知，本題考查共點(diǎn)力平衡問題，根據(jù)共點(diǎn)力平衡規(guī)律，分別對物體、進(jìn)行受力分析，并運(yùn)用力的平行四邊形定則可得繩子的拉力與各自重力的關(guān)系，從而確定物體、的質(zhì)量之比.【詳解】設(shè)繩子的拉力為，隔離分析有g(shù)…①隔離分析有：g0…②由①②整合得：0,故正確，錯(cuò)誤。故選：.真空中有一帶負(fù)電的電荷q繞固定的點(diǎn)電荷+Q運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)軌跡為橢圓，如圖所示。已知abcd為橢圓的四個(gè)頂點(diǎn)，+Q處在橢圓的一個(gè)焦點(diǎn)上，則下列說法正確的是（）+Q產(chǎn)生的電場中a、c兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同負(fù)電荷q在b點(diǎn)速度大于d點(diǎn)速度負(fù)電荷q在b點(diǎn)電勢能大于d點(diǎn)電勢能負(fù)電荷q在運(yùn)動(dòng)過程中電場力始終不做功【答案】B【解析】【分析】根據(jù)“真空中有一帶負(fù)電的電荷繞固定的點(diǎn)電荷+運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)軌跡為橢圓”、“a、兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同”、“在點(diǎn)電勢能大于點(diǎn)電勢能”可知，本題考查正點(diǎn)電荷的電場分布，帶電粒子在電場中運(yùn)動(dòng)電場力做功情況和電勢能、動(dòng)能的變化，根據(jù)點(diǎn)電荷的電場特點(diǎn)，結(jié)合電場力做功與電勢能、動(dòng)能變化的關(guān)系，分析判斷、兩點(diǎn)動(dòng)能和電勢能的大小。kQ【詳解】 a、為橢圓的兩個(gè)頂點(diǎn)，則a、兩點(diǎn)到的距離相等，由點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式：=可知，兩點(diǎn)r的電場強(qiáng)度大小相等，故錯(cuò)誤；負(fù)電荷由運(yùn)動(dòng)到的過程中，電場力做負(fù)功，電勢能增加，動(dòng)能減小，所以負(fù)電荷在點(diǎn)速度大于點(diǎn)速度，故正確，錯(cuò)誤；負(fù)電荷由a經(jīng)運(yùn)動(dòng)到的過程中，電場力先做負(fù)功再做正功，故錯(cuò)誤。故選：.超強(qiáng)臺風(fēng)山竹于2018年9月16日前后來到我國廣東中部沿海登陸，其風(fēng)力達(dá)到17級超強(qiáng)臺風(fēng)強(qiáng)度，風(fēng)速6。切/、左右，對固定建筑物破壞程度非常巨大。請你根據(jù)所學(xué)物理知識推算固定建筑物所受風(fēng)力（空氣的壓力）與風(fēng)速（空氣流動(dòng)速度）大小關(guān)系，假設(shè)某一建筑物垂直風(fēng)速方向的受力面積為S，風(fēng)速大小為V，空氣吹到建筑物上后速度瞬間減為零，空氣密度為p，風(fēng)力F與風(fēng)速大小v關(guān)系式為（）.=pSv .=pSv2 .= .=pS/【答案】B【解析】【分析】根據(jù)“推算固定建筑物所受風(fēng)力（空氣的壓力）與風(fēng)速（空氣流動(dòng)速度）大小關(guān)系”可知，本題考查動(dòng)量定理，設(shè)t時(shí)間內(nèi)吹到建筑物上的空氣質(zhì)量為m,根據(jù)動(dòng)量定理的公式Ft二△小▽,即可求解?！驹斀狻吭O(shè)t時(shí)間內(nèi)吹到建筑物上的空氣質(zhì)量為m,則m=pvt根據(jù)動(dòng)量定理Ft二 mvpvt,F=pv,故正確，錯(cuò)誤。故選：.如圖所示的機(jī)械裝置可以將圓周運(yùn)動(dòng)轉(zhuǎn)化為直線上的往復(fù)運(yùn)動(dòng)。連桿AB、OB可繞圖中A、B、O三處的轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動(dòng)，連桿OB在豎直面內(nèi)的圓周運(yùn)動(dòng)可通過連桿AB使滑塊在水平橫桿上左右滑動(dòng)。已知OB桿長為L,繞O點(diǎn)做逆時(shí)針方向勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為①，當(dāng)連桿AB與水平方向夾角為a,AB桿與OB桿的夾角為0時(shí)，a）LsinP &）Lcos（3 0）Lcos/3 a）Lsin/3==a ==== =osa ==sa【答案】D【解析】【分析】根據(jù)“連桿在豎直面內(nèi)的圓周運(yùn)動(dòng)可通過連桿使滑塊在水平橫桿上左右滑動(dòng)”、“滑塊的水平速度大小為"可知，本題考查速度的合成與分解問題，根據(jù)兩物體沿桿方向的速度相等，分別將、的速度沿桿和垂直桿分解，列式求解及可?！驹斀狻吭O(shè)滑塊的水平速度大小為V,點(diǎn)的速度的方向沿水平方向，如圖將點(diǎn)的速度分

根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解可知，沿桿方向的分速度：V分;vcosa，點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，實(shí)際速度是圓周運(yùn)動(dòng)的線速度，可以分解為沿桿方向的分速度和垂直于桿方向的分速度，如圖設(shè)的線速度為V’則:V=3v分二V，-cos0:v'cos(90o-B)=v，sinB又二者沿桿方向的分速度是相等的，即：V=3&)&)LsinB聯(lián)立可得：v=…故正確，錯(cuò)誤故選：.醫(yī)用回旋加速器的核心部分是兩個(gè)D形金屬盒，兩金屬盒置于勻強(qiáng)磁場中，并分別與高頻電源相連?，F(xiàn)分別加速氘核(〃)和氦核并通過線束引出加速器。下列說法中正確的是()真二or高頻由保蘭&&+芋D型盒離子源加速兩種粒子的高頻電源的頻率相同兩種粒子獲得的最大動(dòng)能相同兩種粒子在D形盒中運(yùn)動(dòng)的周期相同增大高頻電源的電壓可增大粒子的最大動(dòng)能【答案】AC【解析】【分析】根據(jù)“醫(yī)用回旋加速器”、“分別加速氘核和氦核并通過線束引出加速器”可知，本題考查回旋加速器的原理和帶電粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)周期和半徑，根據(jù)回旋加速器的原理，粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期和交流電的周期相同，結(jié)合帶電粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)周期和半徑公式，即可判斷兩粒子的運(yùn)動(dòng)周期、加速周期和粒子的最大動(dòng)能?！驹斀狻?、回旋加速器加速粒子時(shí)，粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期和交流電的周期相同，否則無法加速。帶電粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期“，兩粒子的比荷相等，所以周期相等，加速兩種粒子的高頻電源的頻率也相同。故正確，正確；

1，兩粒子的比荷 相等，所以最大速度相等。最大動(dòng)能=，兩粒子的質(zhì)1、最大動(dòng)能=1、最大動(dòng)能=町上與加速電壓無關(guān)，增大高頻電源的電壓不能增大粒子的最大動(dòng)能，故錯(cuò)誤。2m故選：.如圖所示，一火箭中固定有一水平放置的壓力傳感器，傳感器上放有一個(gè)質(zhì)量為m的科考儀器?；鸺龔牡孛嬗伸o止開始以三的初始加速度豎直向上加速運(yùn)動(dòng)，火箭通過控制系統(tǒng)使其在上升過程中壓力傳感器的示數(shù)保持乙R不變。當(dāng)火箭上升到距地面5的高度時(shí)（地球的半徑為R，地球表面處的重力加速度為g），以下判斷正確的是RJ1此高度處的重力加速度為F4此高度處的重力加速度為斤95此高度處火箭的加速度為F19此高度處火箭的加速度為7^/lo【答案】BD【解析】【分析】g根據(jù)“火箭從地面由靜止開始以；的初始加速度豎直向上加速運(yùn)動(dòng)”、“上升過程中壓力傳感器的示數(shù)保持不乙R變”可知，本題考查萬有引力定律和牛頓第二定律，根據(jù)萬有引力定律可求距地面：:的高度時(shí)的重力加速度,R根據(jù)牛頓第二定律可求距地面；的高度時(shí)火箭的加速度.GMm【詳解】 由地球表面萬有引力近似等于重力得：加0=康廠，，GMmR mq= TOC\o"1-5"\h\z距地面.的高度時(shí)， .R、,4聯(lián)立可得9=鏟故錯(cuò)誤，正確;，，一一、八一， ，一一一 9由牛頓第二定律可知，在地面，上山3乙R ,距地面5的高度時(shí)，」〃卬19聯(lián)立解得：=9,故錯(cuò)誤，正確。lo故選：.如圖所示，兩根光滑金屬導(dǎo)軌平行放置在傾角為0的斜面上，導(dǎo)軌間距為L,導(dǎo)軌下端接有阻值為R的電阻，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。斜面處在方向豎直向上磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，電阻不計(jì)的金屬棒ab質(zhì)量為m,受到沿斜面向上且與金屬棒垂直的恒力F作用。已知金屬棒從靜止開始沿導(dǎo)軌下滑，它在滑下高度h時(shí)的速度大小為v,重力加速度為g,則在此過程中（）,12金屬棒損失的機(jī)械能為小，m丁m’乙B2L2vh金屬棒克服安培力做的功為丁丁RsinuFl電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為，”—sinBLh電阻R通過的電荷量為77royRtand【答案】AD【解析】【分析】根據(jù)“兩根光滑金屬導(dǎo)軌平行放置在傾角為e的斜面上”、“斜面處在方向豎直向上磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場中”、“金屬棒損失的機(jī)械能”、“電阻上產(chǎn)生的焦耳熱”、“電阻通過的電荷量”等可知，本題考查單金屬棒在磁場中運(yùn)動(dòng)能量轉(zhuǎn)化與守恒問題和平均感應(yīng)電動(dòng)勢問題，根據(jù)金屬棒克服安培力做的功等于系統(tǒng)產(chǎn)生的電能，即等于電阻上產(chǎn)生的焦耳熱；再根據(jù)動(dòng)能定理和電磁感應(yīng)知識研究功能關(guān)系；根據(jù)平均感應(yīng)電動(dòng)勢分析電阻通過的電荷量.【詳解】 金屬棒在滑下高度時(shí)的速度大小為，重力勢能減少 ，動(dòng)能增加;v金屬棒損失的機(jī)械能為加坂故正確；金屬棒從靜止開始速度逐漸增大為，安培力從逐漸增大到手，金屬棒克服安培力做的功小于［惠，故錯(cuò)誤；由能量轉(zhuǎn)化和守恒定律得知，金屬棒損失的機(jī)械能等于金屬棒克服安培力做功和恒力做的功與安培力做 人~ , 1 7Fh的功之和，電阻上產(chǎn)生的焦耳熱等于金屬棒克服安培力做功，所以電阻上產(chǎn)生的焦耳熱為加皿-5nF，2stnu故錯(cuò)誤；A0=E 、，、-△?BLh_ _根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律”—,/7；，q=l4t，聯(lián)立得q二萬=t7r”，故正確。AtR RRtand故選：【點(diǎn)睛】機(jī)械能等于動(dòng)能與重力勢能之和，根據(jù)重力勢能和動(dòng)能的變化確定機(jī)械能的變化；安培力是個(gè)變力；金屬棒克服安培力做的功等于電阻上產(chǎn)生的焦耳熱；利用平均感應(yīng)電動(dòng)勢求電量。第n卷（非選擇題）三、非選擇題：（一）必考題：9.某同學(xué)利用如圖甲所示裝置來驗(yàn)證“機(jī)械能守恒定律”。將長為L輕繩一端固定在O點(diǎn)，另一端拴在一個(gè)質(zhì)量為m的正立方體小鐵塊A上，在小鐵塊A的上表面邊緣放一個(gè)小鐵片。將鐵塊拉起，使繩拉直且偏離豎直方向成0角時(shí)由靜止開始釋放鐵塊，當(dāng)其到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，受到豎直擋板P阻擋而停止運(yùn)動(dòng)，之后鐵片將飛離鐵塊A而做平拋運(yùn)動(dòng)。/〃〈//〃

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代/LTOC\o"1-5"\h\z3Z~ 2 3 4P \ 0 10 20//ZW//ZW〃/7/〃/〃/或〃〃〃圖甲 圖乙（1）用20分度的游標(biāo)卡尺測量正立方體鐵塊厚度d的結(jié)果如圖乙所示，則d= cm；（2）若測得小鐵片從水平拋出到落到地面的水平位移x和豎直位移y,就可求得小鐵片做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度v0= （已知重力加速度為g）。若假設(shè)鐵塊與小鐵片運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)的速度為v,則v與v0的大小關(guān)系為v v0（填“=”、">"或“<”）；（3）該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)，若0角改變，小鐵片平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移x隨之發(fā)生改變。于是他多次實(shí)驗(yàn)，得到了多組（0,x）值，通過計(jì)算分析得出了“鐵塊與小鐵片一起由靜止釋放到運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)過程中機(jī)械能守恒”的結(jié)論，并做出了x2隨cos0變化的x2—cos0圖像，你認(rèn)為他做出的x2—cos0圖像應(yīng)該是圖中的 （實(shí)驗(yàn)中近似認(rèn)為v=v0）。A.C.D.COSHB.【答案】xj2gy(1).2.350 (2).2y(3).> (4).C【解析】【分析】根據(jù)“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”“游標(biāo)卡尺測量正立方體鐵塊厚度”、“平拋運(yùn)動(dòng)的初速度”、A.C.D.COSHB.【答案】xj2gy(1).2.350 (2).2y(3).> (4).C【解析】【分析】根據(jù)“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”“游標(biāo)卡尺測量正立方體鐵塊厚度”、“平拋運(yùn)動(dòng)的初速度”、“x像應(yīng)該是圖中”可知，本題考查游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法、平拋運(yùn)動(dòng)的計(jì)算和圖像處理驗(yàn)證機(jī)械能守恒實(shí)驗(yàn)的數(shù)據(jù)，根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法、平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律和機(jī)械能守恒定律列出機(jī)械能守恒的表達(dá)式，得出xe的表達(dá)式，即可進(jìn)行分析判斷?！驹斀狻浚?【詳解】（1）游標(biāo)卡尺的主尺刻度為mm游標(biāo)尺刻度為10X0.05mm=0.50mm,所以=mm0.50mm= .50mm=；.50m（）根據(jù)鐵片做平拋運(yùn)動(dòng)有:x=0t①1=2②聯(lián)立①②可解得:由于存在阻力作用，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律計(jì)算的速度小于實(shí)際速度；所以v>v0（）重錘下落過程中機(jī)械能守恒，由mx2g-ie -=-4y可得：J ⑺I所以xe圖像應(yīng)該是圖中的。所以xe圖像應(yīng)該是圖中的。10.某同學(xué)想將一毫安表A改裝成歐姆表，先要測量毫安表的內(nèi)阻。在實(shí)驗(yàn)室找到了如下器材：A.待測毫安表A（量程2mA，阻值約為200Q）B.電壓表V（量程3V,阻值約為3KQ）C.定值電阻R1（阻值為1.2KQ）D.定值電阻R2（阻值為500Q）E.滑動(dòng)變阻器R3（阻值為。?500Q）F.滑動(dòng)變阻器R4（阻值為。?20Q）G.電源E（電動(dòng)勢3V,內(nèi)阻約為2Q）H.單刀開關(guān)S一個(gè)，導(dǎo)線若干（1）要求在測量毫安表內(nèi)阻時(shí)電表指針偏轉(zhuǎn)到表盤最大刻度值的一半附近處，則定值電阻選 ，滑動(dòng)變阻器選 （填儀器前表示順序號的字母）；（2）請?jiān)谔摼€框內(nèi)畫出符合實(shí)驗(yàn)要求的電路圖，并標(biāo)上所選儀器代號（3）該同學(xué)測得毫安表內(nèi)阻為（3）該同學(xué)測得毫安表內(nèi)阻為180Q能正常調(diào)零，則圖中定值電阻R0選（4）此歐姆表的紅表筆是圖中的,滑動(dòng)變阻器R選 （填儀器前的表示順序號的字母）；（填“A”或"B”），把毫安表的表盤刻度調(diào)整為歐姆表的表盤刻度時(shí)，刻度盤上0.5mA對應(yīng)的電阻阻值是 Q刻度盤上0.5mA對應(yīng)的電阻阻值是 Q?！窘馕觥?4).C(5).E(6).A(7).4500【分析】根據(jù)“將一毫安表改裝成歐姆表，先要測量毫安表的內(nèi)阻”、“要求在測量毫安表內(nèi)阻時(shí)電表指針偏轉(zhuǎn)到表盤最大刻度值的一半附近處”可知，本題考查毫安表內(nèi)阻的測量和歐姆表的改裝，根據(jù)歐姆定律計(jì)算總電阻的可能值，選擇定值電阻；根據(jù)滑動(dòng)變阻器與待測電阻的阻值關(guān)系選擇控制電路和滑動(dòng)變阻器；根據(jù)歐姆定律計(jì)算電流為 時(shí)的總電路，確定待測電阻的阻值。TOC\o"1-5"\h\z【詳解】（）在測量毫安表內(nèi)阻時(shí)要求電表指針偏轉(zhuǎn)到表盤最大刻度值的一半附近處，根據(jù)歐姆定律 U結(jié)合電源電動(dòng)勢為，定值電阻應(yīng)選擇，即Q；由于滑動(dòng)變阻器的阻值都遠(yuǎn)小于定值電阻與電流表內(nèi)阻的總電阻，應(yīng)采用分壓電路，所以滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用，即阻值為?Q,這樣調(diào)節(jié)方便；（）由于定值電阻阻值已知，應(yīng)采用電流表內(nèi)接法，電路圖如圖所示：\o"CurrentDocument"?y5 ?I II IIE3（）要使歐姆表能正常調(diào)零，總電阻應(yīng)大于內(nèi)==2x10—3。 。，所以定值電阻應(yīng)選擇，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇EE（）歐姆表的紅表筆應(yīng)連接內(nèi)部電源的負(fù)極，此歐姆表的紅表筆是圖中的A根據(jù)歐姆定律『二=m，則H內(nèi)十KxE 3R=——R肉= 1500=4500?！箖?nèi)0—10, ^【點(diǎn)睛】根據(jù)電動(dòng)勢和要求的毫安表偏轉(zhuǎn)角度確定定值電阻，根據(jù)滑動(dòng)變阻器與待測電阻的關(guān)系確定滑動(dòng)變阻器的阻值和電路；根據(jù)歐姆表的原理，即歐姆定律計(jì)算內(nèi)阻的大小，確定待測電阻的大小。.如圖所示，小紅和媽媽利用寒假時(shí)間在滑雪場進(jìn)行滑雪游戲。已知雪橇與水平雪道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為四=0.1,媽媽的質(zhì)量為M=60kg,小紅和雪橇的總質(zhì)量為m=20kg。在游戲過程中媽媽用大小為F=50N,與水平方向成37°角的力斜向上拉雪橇。（q1（），門”\sin37°=0.6,cos37°=0.8）求:（1）小紅的加速度大小和媽媽與雪道間的摩擦力大??；（2）若要使小紅和雪橇從靜止開始運(yùn)動(dòng)并能滑行到前面43m處，求媽媽拉力作用的最短距離。

【答案】⑴切/一,1。5￥(2):'。，門【解析】【分析】根據(jù)“媽媽用大小為=，與水平方向成37°角的力斜向上拉雪橇”、“小紅的加速度大小和媽媽與雪道間的摩擦力大小”、“若要使小紅和雪橇從靜止開始運(yùn)動(dòng)并能滑行到前面3處，求媽媽拉力作用的最短距離”可知，本題考查牛頓第二定律和動(dòng)能定理，根據(jù)牛頓第二定律和動(dòng)能定理得規(guī)律，分別對小紅和媽媽受力分析，列出牛頓第二定律方程和動(dòng)能定理方程，求解即可?！驹斀狻?)對小紅和雪橇受力分析如圖甲所示，對媽媽受力分析如圖乙所示。TOC\o"1-5"\h\z對于小紅和雪橇由牛頓第二定律可得：( ()/E5" 加口 ()聯(lián)立解得：訂11”」 (3)對于媽媽由牛頓第二定律可得：/卜"、"Mq ()解得：/ 1()9,-V ()()由題意可得，當(dāng)小紅和雪橇到達(dá)前面43m剛好停止時(shí)，媽媽拉力作用的距離最短。對小紅和雪橇由動(dòng)能定理可得：()解得：' ?。⑺ (7)【點(diǎn)睛】分別對小紅和媽媽受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列出方程，聯(lián)立求解即可；求媽媽拉力作用的最短距離，則到達(dá)3處時(shí)，速度為零，根據(jù)動(dòng)能定理列方程，求解即可。.靜電噴漆技術(shù)具有效率高、質(zhì)量好、有益于健康等優(yōu)點(diǎn)，其裝置可簡化為如圖甲所示。A、B為水平放置的間距d=1.6m的兩塊足夠大的平行金屬板，兩板間有方向由B指向A的/：=。."7中的勻強(qiáng)電場。在A板的中央放置一個(gè)安全接她的靜電油漆噴槍P,油漆噴槍可向各個(gè)方向均勻地噴出初速度大小均為的油漆微粒，已知油漆微粒的質(zhì)量均為m=1.0x10-5kg,帶負(fù)電且電荷量均為q=1.0x10-3C,不計(jì)油漆微粒間的相互作用以及油漆微粒帶電量對板間電場和磁場的影響，忽略空氣阻力，g取1?！?，、：，已知sin53°=0.8,cos53°=0.6．求（計(jì)算結(jié)果小數(shù)點(diǎn)后保留一位數(shù)字）：圖甲圖乙圖甲圖乙（1）油漆微粒落在B板上的最大面積;（2）若讓A、B（1）油漆微粒落在B板上的最大面積;（2）若讓A、B兩板間的電場反向（如圖乙所示），并在兩板間加垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.06T,調(diào)節(jié)噴槍使油漆微粒只能在紙面內(nèi)沿各個(gè)方向噴出，其他條件不變。①B板被油漆微粒打中的區(qū)域的長度為多少?②打中B板的油漆微粒中，在正交場中運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間為多少?【答案】(1)18.1m2(2)1.6m(3)0.31s【解析】試題分析：（1）油漆微粒的加速度Eq+mg0 ①m根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)②②運(yùn)動(dòng)的半徑落在B板上所形成圓形面積由①②③式并代入數(shù)據(jù)得「⑤運(yùn)動(dòng)的半徑落在B板上所形成圓形面積由①②③式并代入數(shù)據(jù)得「⑤（2）當(dāng)電場反向油漆微粒做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力充當(dāng)向心力""二根，、/R水平向右射出的油漆微粒打在B板的右端，根據(jù)幾何關(guān)系打在板左端的油漆微粒為和板相切的微粒，同理求得油漆微粒打在極板上的長度由⑥⑦⑧⑨⑩11式并代入數(shù)據(jù)得12 1/山12⑶打在B板上的微粒中，以最短的弦長對應(yīng)的時(shí)間最短有幾何關(guān)系d1316133運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間26—「142.7微粒在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期2nm1 1515由7131415式代入數(shù)據(jù)解得考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系；牛頓第二定律.點(diǎn)評：本題是實(shí)際問題，考查理論聯(lián)系實(shí)際的能力，關(guān)鍵在于建立物理模型.（二）選考題.下列關(guān)于分子運(yùn)動(dòng)和熱現(xiàn)象的說法正確的是 氣體如果失去了容器的約束就會散開，這是因?yàn)闅怏w分子無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的緣故一定量100℃的水變成100℃的水蒸氣，其分子之間的勢能增加C.若分子間的距離r增大，則分子間的作用力做負(fù)功，分子勢能增大如果氣體分子總數(shù)不變，而氣體溫度升高，氣體分子的平均動(dòng)能增大，因此壓強(qiáng)必然增大一定量氣體的內(nèi)能等于其所有分子熱運(yùn)動(dòng)動(dòng)能和分子之間勢能的總和【答案】ABE【解析】【分析】根據(jù)“關(guān)于分子運(yùn)動(dòng)和熱現(xiàn)象的說法”可知，本題考查分子動(dòng)理論，根據(jù)溫度是平均動(dòng)能的標(biāo)志，理想氣體狀態(tài)方程和壓強(qiáng)的微觀意義去分析各項(xiàng).【詳解】 氣體分子在永不停息的進(jìn)行著無規(guī)則的熱運(yùn)動(dòng)，所以失去容器后就會散開，故正確；一定量100℃的水變成100℃的水蒸汽，因溫度不變，平均動(dòng)能不變，而內(nèi)能增加，所以其分子之間的勢能增加，故正確；如果分子間距離小于，分子間作用力表現(xiàn)為斥力，則分子間的距離增大，分子間的作用力做正功，分0子勢能減小，故錯(cuò)誤；若氣體的體積增大，分子密度減小，壓強(qiáng)可能減小，故錯(cuò)誤；內(nèi)能等于其所有分子熱運(yùn)動(dòng)動(dòng)能和分子之間勢能的總和，故正確；故選：.如圖所示，內(nèi)壁光滑且長為L=50cm的絕熱氣缸固定在水平面上，氣缸內(nèi)用橫截面積為S=100cm2的絕熱活塞封閉有溫度為t0=27℃的理想氣體，開始時(shí)處于靜止?fàn)顟B(tài)的活塞位于距左側(cè)缸底l=30cm處?，F(xiàn)用電熱絲對封閉的理想氣體加熱，使活塞緩慢向右移動(dòng)。（已知大氣壓強(qiáng)為P0=1.0x105Pa）①試計(jì)算當(dāng)溫度升高到t=377℃時(shí)，缸內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)P；②若氣缸內(nèi)電熱絲的電阻R=100Q,加熱時(shí)電熱絲中的電流為I=0.2A,在此變化過程中共持續(xù)了t'=300s,不計(jì)電熱絲由于溫度升高而吸收熱量，試計(jì)算氣體增加的內(nèi)能AUO【答案】①1,"1。：十口②1。。。/'【解析】【分析】根據(jù)“內(nèi)壁光滑且長為=0的絕熱氣缸固定在水平面上”、“活塞緩慢向右移動(dòng)”、“計(jì)算氣體增加的內(nèi)能”可知，本題考查蓋-呂薩克定律、查理定律和熱力學(xué)第一定律，根據(jù)蓋-呂薩克定律首先求出活塞到達(dá)右端時(shí)的溫度，確定t=377℃時(shí)位置，再根據(jù)查理定律列方程求解即可；根據(jù)熱力學(xué)第一定律列式求解?！驹斀狻竣僭O(shè)封閉氣體剛開始的溫度為，壓強(qiáng)為尸。，當(dāng)活塞恰好移動(dòng)到氣缸口時(shí)，封閉氣體的溫度為，則，? 封閉氣體發(fā)生等壓變化，根據(jù)蓋呂薩克定律可得：IS_LS解得：兒:，00/\' （）由于27/。＜m，所以氣體發(fā)生等壓變化之后再發(fā)生等容變化。設(shè)當(dāng)溫度達(dá)到時(shí)，封閉氣體的壓強(qiáng)為“3,根據(jù)查理定律可得:poP———O代入數(shù)據(jù)解得："（）②根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得："H'IQ（）外界對氣體做的功為："‘P5"/" （）封閉氣體共吸收的熱量為：。凸r （7）解得：1。。0/【點(diǎn)睛】首先求出活塞等壓到達(dá)右端時(shí)的溫度，確定t=377℃時(shí)位置，再根據(jù)查理定律列方程求解；等壓膨脹過程氣體對外做功。.下列說法中正確的是 在光的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，若僅將入射光由綠光改為紅光。則干涉條紋間距變寬水中的氣泡看起來特別明亮，是因?yàn)楣鈴乃猩湎驓馀輹r(shí)在氣泡表面發(fā)生了全反射兩列水波發(fā)生干涉時(shí)，兩列波的波峰相遇點(diǎn)的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)位移始終最大由于超聲波的