潮州市重點(diǎn)中學(xué)2024年物理高二上期末質(zhì)量檢測(cè)試題含解析

潮州市重點(diǎn)中學(xué)2024年物理高二上期末質(zhì)量檢測(cè)試題請(qǐng)考生注意：1．請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請(qǐng)用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖某導(dǎo)體中的電流與它兩端電壓的關(guān)系如圖所示，下列分析正確的是（）A.當(dāng)導(dǎo)體兩端的電壓為0時(shí)，電阻為0B.該導(dǎo)體的電阻隨電壓的增大而減小C.當(dāng)導(dǎo)體兩端的電壓為0時(shí)，電流為0D.當(dāng)導(dǎo)體兩端的電壓為2V時(shí)，電流為0.6A2、在下列研究中，可以把物體看成質(zhì)點(diǎn)是（）A.分析乒乓球的“弧旋球” B.研究地球自轉(zhuǎn)時(shí)的地球C.研究車輪旋轉(zhuǎn)情況時(shí)的車輪 D.研究某同學(xué)騎自行車回校的速度3、如圖所示，一通電直線導(dǎo)線與勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向垂直，導(dǎo)線所受安培力的方向()A.向上 B.向下C.垂直紙面向外 D.垂直紙面向里4、平面內(nèi)有一邊長(zhǎng)為a的正方形線圈，內(nèi)部與其相切的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其它區(qū)域無磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．則穿過該線圈磁通量為A. B.Ba2CB（π-1）a2 D.B（2π-1）a25、某交流發(fā)電機(jī)給燈泡供電，產(chǎn)生正弦式交變電流的圖象如圖所示，下列說法中正確的是（）A.交變電流的頻率為B.交變電流的瞬時(shí)表達(dá)式為

C.在時(shí)，穿過交流發(fā)電機(jī)線圈的磁通量最大D.若發(fā)電機(jī)線圈電阻為，則其產(chǎn)生的熱功率為5W6、如圖所示，在通電直導(dǎo)線下方，有一電子沿平行導(dǎo)線方向以速度v開始運(yùn)動(dòng)，則()A.將沿軌跡Ⅰ運(yùn)動(dòng)，半徑越來越小B.將沿軌跡Ⅰ運(yùn)動(dòng)，半徑越來越大C.將沿軌跡Ⅱ運(yùn)動(dòng)，半徑越來越小D.將沿軌跡Ⅱ運(yùn)動(dòng)，半徑越來越大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，質(zhì)量為m、帶電荷量為+qP環(huán)套在固定不光滑的水平長(zhǎng)直絕緣桿上，整個(gè)裝置處在垂直于桿的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．現(xiàn)給環(huán)一向右的初速度（），則A.環(huán)將向右減速，最后勻速B.環(huán)將向右減速，最后停止運(yùn)動(dòng)C.從環(huán)開始運(yùn)動(dòng)到最后達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)，損失的機(jī)械能是D.從環(huán)開始運(yùn)動(dòng)到最后達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)，損失的機(jī)械能是8、如圖在空間分布有x軸平行勻強(qiáng)電場(chǎng)（方向未知），一質(zhì)量為m、電荷量為q>0的帶電小球在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡為拋物線ABC,A、C為與x軸的兩交點(diǎn)，B為與y軸的交點(diǎn)，直線BD為拋物線的對(duì)稱軸。,重力加速度為g，則下列選項(xiàng)正確的是A.帶電小球在運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒B.勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為C.帶電小球在A、C兩點(diǎn)的動(dòng)能大小有D.帶電小球在A點(diǎn)加速度為9、如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r一定，R1、R2是定值電阻，R3是光敏電阻(光敏電阻阻值隨光照強(qiáng)度的增加而變小)．閉合開關(guān)，當(dāng)照射到R3的光照強(qiáng)度增加時(shí)，以下判斷正確的是（）A.電流表示數(shù)一定變小 B.電壓表示數(shù)一定變小C.R2的功率一定變大 D.R1的功率一定變大10、如圖所示，已知一帶電小球在光滑絕緣的水平面上從靜止開始經(jīng)電壓U加速后，水平進(jìn)入互相垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)E和勻強(qiáng)磁場(chǎng)B的復(fù)合場(chǎng)中（E、g和B已知），小球在此空間的豎直面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則下列說法正確的是（）A.小球帶負(fù)電B.小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能保持不變C.小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)過程中周期D.若電壓U增大，則小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期變大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）利用如圖所示裝置，通過半徑相同的兩小球的碰撞來驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律．圖中AB是斜槽,BC是水平槽，斜槽與水平槽之間平滑連接．圖中O點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在水平地面上的垂直投影．實(shí)驗(yàn)時(shí)，先讓球1從斜槽軌道上的某位置由靜止開始滾下，落到位于水平地面的一記錄紙上，留下痕跡，多次重復(fù)上述操作，找到其平均落點(diǎn)的位置P，測(cè)得平拋射程為OP．再把球2放在水平槽末端的位置，讓球1仍從原位置由靜止開始滾下，與球2碰撞后，兩球分別在記錄紙上留下落點(diǎn)痕跡，多次重復(fù)上述操作，分別找到球1和球2相撞后的平均落點(diǎn)M、N，測(cè)得平拋射程分別為OM和ON．測(cè)得球1的質(zhì)量為m1，球2的質(zhì)量為m2.(1)實(shí)驗(yàn)中必須滿足的條件是____________A.斜槽軌道盡量光滑以減小誤差B.斜槽軌道末端的切線水平C.球1每次從軌道的同一位置由靜止?jié)L下D.兩小球的質(zhì)量相等(2)若所測(cè)物理量滿足表達(dá)式________時(shí)，可以說明兩球在碰撞過程中動(dòng)量守恒(3)若所測(cè)物理量滿足表達(dá)式________時(shí)，可以說明兩球的碰撞為彈性碰撞(4)實(shí)驗(yàn)時(shí)盡管沒有測(cè)量?jī)尚∏蚺鲎睬昂笏俣龋餐瑯涌梢则?yàn)證動(dòng)量是否守恒，其原因是:____________________12．（12分）某同學(xué)測(cè)量一個(gè)圓柱體的電阻率，需要測(cè)量圓柱體的尺寸和電阻。①分別使用游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器測(cè)量圓柱體的長(zhǎng)度和直徑，某次測(cè)量的示數(shù)如圖（a）和圖（b）所示，長(zhǎng)度為_____cm，直徑為_____mm。②按圖（c）鏈接電路后，實(shí)驗(yàn)操作如下：（a）將滑動(dòng)變阻器R1的阻值置于最_____處（填“大”或“小”）；將S2撥向接點(diǎn)1，閉合S1，調(diào)節(jié)R1，使電流表示數(shù)為I0；（b）將電阻箱R2的阻值調(diào)至最______（填“大”或“小”）；將S2撥向接點(diǎn)2；保持R1不變，調(diào)節(jié)R2，使電流表示數(shù)仍為I0，此時(shí)R2阻值為1280Ω；③由此可知，圓柱體的電阻為_____Ω。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L(zhǎng)＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動(dòng)勢(shì)E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）ABC表示豎直放在電場(chǎng)強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長(zhǎng)直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場(chǎng)強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng).今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計(jì)重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解題分析】A.由圖象上看出，當(dāng)導(dǎo)體兩端的電壓為0時(shí)，電流為0，但是電阻不為零，因?yàn)殡娮枋菍?dǎo)體本身的一種性質(zhì)，與材料、長(zhǎng)度、橫截面積以及溫度有關(guān)，與電壓和電流沒有關(guān)系，故A錯(cuò)誤；B.由圖象可求得導(dǎo)體的電阻為，并且不隨電壓的改變而改變，故B錯(cuò)誤；C.由歐姆定律可知，當(dāng)導(dǎo)體兩端的電壓為零時(shí)，電流也為零，故C正確；D.當(dāng)導(dǎo)體電壓為2V時(shí)，由圖象可以找到此時(shí)對(duì)應(yīng)的電流0.4A，故D錯(cuò)誤；故選：C；2、D【解題分析】當(dāng)物體的形狀，大小對(duì)我們所研究的問題影響不大時(shí)這個(gè)物體就可以看成質(zhì)點(diǎn)，所以研究某同學(xué)騎自行車回校的速度時(shí)可以將這個(gè)同學(xué)看成質(zhì)點(diǎn)，而分析乒乓球的“弧旋球”，研究地球自轉(zhuǎn)時(shí)的地球，研究車輪旋轉(zhuǎn)情況時(shí)的車輪，都不能看成質(zhì)點(diǎn)，否則無法進(jìn)行研究，故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D。3、D【解題分析】根據(jù)左手定則，讓磁感線穿過手心，即手心向上，四指指向電流方向，即指向右側(cè)，大拇指垂直于紙面指向里，故安培力方向垂直紙面向里，故ABC錯(cuò)誤，D正確．故選D4、A【解題分析】磁場(chǎng)的有效面積為，根據(jù)磁通量的定義，穿過該線圈磁通量為：。A.。與上述結(jié)論相符，故A正確；B.Ba2。與上述結(jié)論不符，故B錯(cuò)誤；C.B（π-1）a2。與上述結(jié)論不符，故C錯(cuò)誤；D.B（2π-1）a2。與上述結(jié)論不符，故D錯(cuò)誤。故選：A5、D【解題分析】A．由圖象可知，交流電的周期為2.0×10-2s，所以交流電的頻率為f==50Hz，所以A錯(cuò)誤；B．根據(jù)圖象可得，交變電流的瞬時(shí)表達(dá)式為i=Acosωt=5cos100πt（A），所以B錯(cuò)誤；C．在t=0.01s時(shí)，感應(yīng)電流最大，所以此時(shí)穿過交流發(fā)電機(jī)線圈的磁通量的變化率最大，穿過交流發(fā)電機(jī)線圈的磁通量最小，所以C錯(cuò)誤；D．交流電的有效值為I=A，所以發(fā)電機(jī)的發(fā)熱功率為P=I2r=（）2×0.4W=5W，所以D正確6、A【解題分析】CD．由安培定則可知，通電直導(dǎo)線在其下方的磁場(chǎng)垂直紙面向里，如圖所示，根據(jù)左手定則可知，電子所受洛倫茲力的方向向上，所以沿軌跡Ⅰ運(yùn)動(dòng)，故CD錯(cuò)誤；AB．因離導(dǎo)線越近，磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，根據(jù)Bqv＝m可知，軌跡半徑越來越小，所以A正確，B錯(cuò)誤。故選A。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解題分析】環(huán)受重力、支持力、洛倫茲力以及摩擦力作用做減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)洛倫茲力等于重力時(shí)，支持力為零，摩擦力等于零，環(huán)做勻速直線運(yùn)動(dòng)．根據(jù)能量守恒求出損失的機(jī)械能【題目詳解】AB．當(dāng)環(huán)受到重力、支持力、摩擦力和洛倫茲力，由于，支持力的方向向下；物體先向右做減速運(yùn)動(dòng)，速度減小，洛倫茲力減小，當(dāng)洛倫茲力等于重力時(shí)，支持力為零，摩擦力為零，環(huán)將做勻速直線運(yùn)動(dòng)，A正確B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)能量守恒知，損失的機(jī)械能等于環(huán)動(dòng)能的減小量，勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)有，解得，損失的機(jī)械能，C錯(cuò)誤D正確8、BC【解題分析】A.帶電小球運(yùn)動(dòng)過程中，重力、電場(chǎng)力做功，電勢(shì)能和機(jī)械能之和守恒，機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤；B.根據(jù)拋物線軌跡的對(duì)稱性，重力和電場(chǎng)力的合力沿BD方向，則：得：故B正確；C.帶電小球從A到B的過程中，重力、電場(chǎng)力的合力做負(fù)功，帶電小球從B到C的過程中，重力、電場(chǎng)力的合力做正功。根據(jù)合力的方向可知，從A到B的過程合力做的負(fù)功小于從B到C的過程合力做的正功。根據(jù)動(dòng)能定理，帶電小球在A、C兩點(diǎn)的動(dòng)能大小有，故C正確；D.合力大小為：根據(jù)牛頓第二定律F=ma，得故D錯(cuò)誤。故選：BC9、BC【解題分析】由光敏電阻的性質(zhì)可知光照強(qiáng)度的變化，則由閉合電路歐姆定律可得出電路中電流的變化，由歐姆定律可得出電壓表示數(shù)的變化；同時(shí)還可得出路端電壓的變化；由串聯(lián)電路的規(guī)律可得出并聯(lián)部分電壓的變化，再由并聯(lián)電路的規(guī)律可得出通過R2的電流的變化，由功率公式即可得R3的功率的變化【題目詳解】當(dāng)照射到R3的光照強(qiáng)度增加時(shí)，R3的電阻減小，根據(jù)“串反并同”知，與R3串聯(lián)的用電器的電流，電壓，電功率都與R3的變化相反，與R3并聯(lián)的用電器的電流，電壓，電功率都與R3的變化相同，所以電流表的示數(shù)增大，電壓表示數(shù)減小，R2的功率增大，R1的功率減小，故B、C正確故選BC【題目點(diǎn)撥】閉合電路的動(dòng)態(tài)分析問題一般按外電路、內(nèi)電路再外電路的分析思路進(jìn)行；分析內(nèi)電路主要根據(jù)總電流及內(nèi)阻分析內(nèi)壓，而外電路較為復(fù)雜，要注意靈活應(yīng)用電路的性質(zhì)10、AC【解題分析】小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，重力與電場(chǎng)力平衡，則知小球所受的電場(chǎng)力豎直向上，與電場(chǎng)方向相反，因此小球帶負(fù)電，故A正確．小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能不變，重力勢(shì)能不斷變化，兩者之和即機(jī)械能在變化，故B錯(cuò)誤．小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力，則有qvB=mr，又qE=mg，聯(lián)立得，故C正確．在加速電場(chǎng)中，根據(jù)動(dòng)能定理得qU=mv2，得，知若電壓U增大，小球獲得的速度v增大，小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑增大，根據(jù)知小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期不變．故D錯(cuò)誤．故選AC三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.BC②.m1·OP=m1·OM+m2·ON③.OP+OM=ON④.兩小球碰撞前后均做平拋運(yùn)動(dòng)，下落高度相同，運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，水平射程與平拋初速度成正比，可以用水平射程替代水平速度【解題分析】(1)[1].A、“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，是通過平拋運(yùn)動(dòng)的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的，只要離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，對(duì)斜槽是否光滑沒有要求，故A錯(cuò)誤；要保證每次小球都做平拋運(yùn)動(dòng)，則軌道的末端必須水平，故B正確；要保證碰撞前的速度相同，所以入射球1每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故C正確；為了使小球碰后不被反彈，要求入射小球1的質(zhì)量大于被碰小球2的質(zhì)量，故D錯(cuò)誤；故選BC(2)[2].小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，由于小球拋出點(diǎn)的高度相同，它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，它們的水平位移x與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若兩球相碰前后的動(dòng)量守恒，則m1v0=m1v1+m2v2，又OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t，代入得：m1?OP=m1?OM+m2?ON(3)[3].若碰撞是彈性碰撞，則機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：將OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t代入得：m1OP2=m1OM2+m2ON2；與m1OP=m1OM+m2ON聯(lián)立可得：OP+OM=ON(4)[4].由于兩球從同一高度下落，故下落時(shí)間相同，所以水平向速度之比等于兩物體水平方向位移之比，可以用球的水平位移代替其水平速度12、(1).5.01(2).5.315(3).大(4).大(5).1280【解題分析】①[1]根據(jù)游標(biāo)卡尺讀數(shù)規(guī)則，主尺讀數(shù)為5cm，游標(biāo)尺讀數(shù)為0.1×1mm，長(zhǎng)度為5.01cm；[2]根據(jù)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)規(guī)則，主尺讀數(shù)為5mm，可動(dòng)刻度為31.5×0.01mm，所以直徑為5.315mm。②（a）[3]為了保護(hù)電路，因此閉合電鍵前，滑動(dòng)變阻器一定調(diào)到阻值最大；（b）[4]將S2撥向接點(diǎn)2時(shí)，為了保護(hù)電路安全，一定將電阻箱調(diào)到最大；③[5]此題采用等效替代法