湖南省益陽市沅江蓮子塘中學(xué)2022-2023學(xué)年高三物理聯(lián)考試卷含解析

湖南省益陽市沅江蓮子塘中學(xué)2022-2023學(xué)年高三物理聯(lián)考試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖16，兩個相同的小球A和B，質(zhì)量均為m，用長度相同的兩根細線把兩球懸掛在水平的天花板上的同一點O上，并用相同長度的細線連接AB，現(xiàn)用水平的力F在小球A上，此時三根細線均拉直，OB恰好豎直，體系處于靜止狀態(tài)時，力F的大小是

（

）A、

0

B、

mg

C、

D

參考答案：C2.（單選）在第16屆廣州亞運會體操男子單杠決賽中，中國選手張成龍以16.225分的成績獲得冠軍．如圖所示，他雙手握住單杠，雙臂平行使身體懸空，當他兩手之間的距離增大、身體懸空并處于靜止時，單杠對手臂的力T及它們的合力F的大小變化情況為（）A．T增大，F(xiàn)增大B．T減小，F(xiàn)不變C．T增大，F(xiàn)減小D．T增大，F(xiàn)不變參考答案：考點：力的合成．.分析：兩手間距增大時，增大了手臂之間的夾角，兩只手臂所受的力T的合力F與運動員重力平衡，由此可知合力F大小不變，由于夾角的增大，合力保持不變，只每只手臂所受力T是增大的．解答：解：運動員所受T的合力F與運動員重力大小相等方向相反，故夾角增大時合力大小不變；手臂間距增大時，相當于在力圖中兩力T之間的夾角θ增大，若力T大小不變，則其合力F隨夾角的增大而減小，現(xiàn)要保持合力F大小不變，當夾角增大時，則T增大．故選D．點評：兩個力合成時，分力大小不變，合力隨分力間夾角的增大而減小，能反推出：若保持合力不變，分力則隨夾角的增大而增大．3.(單選題)如圖所示，建筑工人要將建筑材料送到高處，常在樓頂裝置一個定滑輪（圖中未畫出）．用繩AC通過滑輪將建筑材料提到某一高處，為了防止建筑材料與墻壁相碰，站在地面上的工人還另外用繩CB拉住材料，使它與豎直墻面保持一定的距離L．若不計兩根繩的重力，在建筑材料緩慢提起的過程中，繩AC與CB的拉力F1和F2的大小變化情況是（）A．F1增大，F(xiàn)2增大B．F1增大，F(xiàn)2不變C．F1不變，F(xiàn)2增大D．F1減小，F(xiàn)2減小參考答案：A解：在建筑材料緩慢提起的過程中，其合力保持為零．因物體與墻壁的距離始終保持不變，先明確兩點：（1）根據(jù)平衡條件得知兩繩拉力的合力與物體的重力大小相等、方向相反，保持不變；（2）在題型設(shè)條件下圖中標明的兩角度一個增大，另一個減?。缓缶陀闷叫兴倪呅味▌t作出圖（2），由圖知，兩根繩子上的拉力F1和F2均增大．故A正確．故選A4.（單選）利用傳感器和計算機可以測量快速變化的力的瞬時值．右圖是用這種方法獲得的彈性繩中拉力F隨時間的變化圖線．實驗時，把小球舉高到繩子的懸點O處，然后放手讓小球自由下落．由此圖線所提供的信息，以下判斷正確的是（）A．t2時刻小球速度最大B．t1～t2期間小球速度先增大后減小C．t3時刻小球動能最小D．t1與t4時刻小球速度一定相同參考答案：考點：牛頓第二定律；機械能守恒定律．專題：牛頓運動定律綜合專題．分析：把小球舉高到繩子的懸點O處，讓小球自由下落，t1與t4時刻繩子剛好繃緊，分析小球的運動情況，判斷什么時刻小球的速度最大．當繩子的拉力最大時，小球運動到最低點，繩子也最長．解答：解：A、把小球舉高到繩子的懸點O處，讓小球自由下落，t1時刻繩子剛好繃緊，此時小球所受的重力大于繩子的拉力，小球向下做加速運動，當繩子的拉力大于重力時，小球才開始做減速運動，t2時刻繩子的拉力最大，小球運動到最低點，速度為零，所以t2時刻小球速度不是最大．故A錯誤；B、t1﹣t2時間內(nèi)小球先做加速度減小的加速運動，當繩子的拉力大于重力時，小球才開始做減速運動，t2時刻繩子的拉力最大，小球運動到最低點，速度為零，故B正確；C、t3時刻與t1時刻小球的速度大小相等，方向相反，而t1～t2期間小球速率先增大后減小，t2時刻速度最小為零，所以動能最小為零，故C錯誤；D、由圖象可看出最大彈力越來越小，說明空氣阻力做功，根據(jù)能量守恒，t1時刻速度比t3時刻大，t4時刻速度比t3速度小，所以t1時刻速度比t4時刻大，故D錯誤；故選B．點評：本題考查運用牛頓定律分析小球運動情況的能力，要注意繩子拉力的變化與彈簧的彈力類似．5.電動機的線圈電阻阻值為R，電動機正常工作時，兩端的電壓為U，通過的電流為I，工作時間為t，下列說法中正確的是：A.動機消耗的電能為UIt

B.機消耗的電能為C.動機線圈產(chǎn)生的熱量為

D.動機線圈產(chǎn)生的熱量為

參考答案：答案：AC二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示，傾角為θ的斜面上只有AB段粗糙，其余部分都光滑，AB段長為3L。有若干個相同的小方塊（每個小方塊視為質(zhì)點）沿斜面靠在一起，但不粘接，總長為L。將它們由靜止釋放，釋放時下端距A為2L。當下端運動到A下面距A為L/2時小方塊運動的速度達到最大。則小方塊與粗糙斜面的動摩擦因數(shù)為____________，小方塊停止時下端與A的距離是____________。參考答案：；3L7.雪在外力擠壓下可形成冰，表明雪的密度

冰的密度（選填“大于”“等于”或“小于”）。小麗利用冰的密度，使用如下方法來估測積雪的密度：在平整地面的積雪上，腳向下用力踩在雪上，形成一個下凹的腳印，然后測量腳印的深度和

，根據(jù)冰的密度就可以估測雪的密度。參考答案：小于

積雪的深度8.如圖所示的單擺，擺球a向右擺動到最低點時，恰好與一沿水平方向向左運動的粘性小球b發(fā)生碰撞，并粘接在一起，且擺動平面不變。已知碰撞前a球擺動的最高點與最低點的高度差為h，偏角θ較小，擺動的周期為T，a球質(zhì)量是b球質(zhì)量的4倍，碰撞前a球在最低點的速度是b球速度的一半。則碰撞后，擺動的周期為________T，擺球的最高點與最低點的高度差為_______h。參考答案：A.1

0.16

B.

9.13．在平直的公路上，自行車與同方向行駛的汽車同時經(jīng)過A點。自行車做勻速運動，速度為6m/s．汽車做初速度為10m/s(此即為汽車過A點的速度)、加速度大小為0.5m/s2的勻減速運動．則自行車追上汽車所需時間為

s，自行車追上汽車時，汽車的速度大小為

m/s，自行車追上汽車前，它們的最大距離是

m。參考答案：16；2；1610.一個帶電小球，帶有5.0×10-9C的負電荷；當把它放在電場中某點時，受到方向豎直向下、大小為2.0×10-8N的電場力，則該處的場強大小為_____，方向__

_；如果在該處放上一個電量為3.2×10-12C帶正電的小球，所受到的電場力大小為__

__，方向__

__；參考答案：4N/C

豎直向上

1.28×10-11N

豎直向上

場強大小為，方向與負電荷所受的電場力方向相反，即豎直向上；如果在該處放上一個電量為帶正電的小球，所受到的電場力大小為，方向豎直向上；11.如圖所示，勻強磁場豎直向上穿過水平放置的金屬框架，框架寬L，足夠長且電阻不計，右端接有電阻R。磁場的磁感強度為B。一根質(zhì)量為m，電阻不計的金屬棒以v0的初速沿框架向左運動。棒與框架間的動摩擦因數(shù)為μ。測得棒在整個運動過程中，通過電阻的電量為q，則棒能運動的距離為______________，電阻R上消耗的電能為______________。

參考答案：，12.如圖所示，質(zhì)量為m帶電量為+q的小滑塊以大小為v0的初速度從A點進入寬度為d的AB絕緣水平面。當滑塊運動至中點C時，速度大小為，從此刻起在AB區(qū)域內(nèi)加上一個水平向左的強度不變的有界勻強電場（區(qū)域外不存在電場）。若小滑塊受到的電場力與滑動摩擦力大小相等，則滑塊離開AB區(qū)域時的速度

，要使小滑塊在AB區(qū)域內(nèi)運動的時間達到最長，電場強度應(yīng)為

。（設(shè)最大靜摩擦力大小等于滑動摩擦力）參考答案：，13.(5分)如圖所示為A．B兩質(zhì)點運動的v-t圖像。由圖像可知，B追上A之前，兩質(zhì)點相距的最大距離smax=

m。參考答案：

答案：3三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.如圖所示，熒光屏MN與x軸垂直放置，熒光屏所在位置橫坐標x0＝40cm，在第一象限y軸和MN之間存在沿y軸負方向的勻強電場，在第二象限有半徑R＝10cm的圓形磁場，磁感應(yīng)強度大小B＝0.4T，方向垂直xOy平面向外。磁場的邊界和x軸相切于P點。在P點有一個粒子源，平行于坐標平面，向x軸上方各個方向發(fā)射比荷為1.0×108C./kg的帶正電的粒子，已知粒子的發(fā)射速率v0＝4.0×106m/s。不考慮粒子的重力粒子間的相互作用。求(1)帶電粒子在磁場中運動的軌跡半徑;(2)若所有帶電粒子均打在x軸下方的熒光屏上，求電場強度的最小值參考答案：（1）（2）【詳解】（1）粒子在磁場中做圓周運動，其向心力由洛倫茲力提供，即：，則；（2）由于r＝R，所以所有粒子從右半圓中平行x軸方向進入電場進入電場后，最上面的粒子剛好從Q點射出電場時，電場強度最小，粒子進入電場做類平拋運動，水平方向上豎直方向，聯(lián)立解得最小強度為：；15.（8分）為確定愛因斯坦的質(zhì)能方程的正確性，設(shè)計了如下實驗：用動能為MeV的質(zhì)子轟擊靜止的鋰核Li，生成兩個粒子，測得兩個粒子的動能之和為MeV。寫出該反應(yīng)方程，并通過計算說明正確。（已知質(zhì)子、粒子、鋰核的質(zhì)量分別取、、）參考答案：核反應(yīng)方程為核反應(yīng)的質(zhì)量虧損，由質(zhì)能方程可得，質(zhì)量虧損相當?shù)哪芰縈eV而系統(tǒng)增加的能量MeV，這些能量來自核反應(yīng)中，在誤差允許的范圍內(nèi)可認為相等，所以正確。四、計算題：本題共3小題，共計47分16.小物塊A的質(zhì)量為m,物塊與坡道間的動摩擦因數(shù)為μ,水平面光滑；坡道頂端距水平面高度為h，傾角為θ;物塊從坡道進入水平滑道時，在底端O點處無機械能損失，重力加速度為g.將輕彈簧的一端連接在水平滑道M處并固定在墻上，另一自由端恰位于坡道的底端O點，如圖所示.物塊A從坡頂由靜止滑下，求：（1）物塊滑到O點時的速度大小；（2）彈簧為最大壓縮量d時的彈性勢能；（3）物塊A被彈回到坡道上升的最大高度.參考答案：(1)由動能定理得[來源:

]mgh-μmghcotθ=，①得.

（4分）(2)在水平滑道上由能量守恒定律得=Ep，②解得Ep=mgh-μmghcotθ.（4分）（3）設(shè)物塊A能夠上升的最大高度為h1,物塊A被彈回過程中由能量守恒定律得Ep=μmgh1cotθ+mgh1，③解得h1=.（4分）17.（18分）在絕緣水平面上，放一質(zhì)量為m=2.0×10-3kg的帶正電滑塊Ａ，所帶電量為q=1.0×10-7C，在滑塊Ａ的左邊處放置一個不帶電、質(zhì)量Ｍ=4.0×10-3kg的絕緣滑塊Ｂ，Ｂ的左端接觸（不連接）于固定在豎直墻壁的輕彈簧上，輕彈簧處于自然狀態(tài)，彈簧原長s=0.05m，如圖所示。在水平方向加一水平向左的勻強電場，電場強度的大小為Ｅ=4.0×105N/C，滑塊Ａ由靜止釋放后向左滑動并與滑塊Ｂ發(fā)生碰撞，設(shè)碰撞時間極短，碰撞后結(jié)合在一起共同運動的速度為v=1m/s，兩物體一起壓縮彈簧至最短處（彈性限度內(nèi)）時，彈簧的彈性勢能Ｅ0=3.2×10-3J。設(shè)兩滑塊體積大小不計，與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ=0.50，摩擦不起電，碰撞不失電，g取10m/s2。求：⑴兩滑塊在碰撞前的瞬時，滑塊Ａ的速度；⑵滑塊Ａ起始運動位置與滑塊Ｂ的距離；⑶Ｂ滑塊被彈簧彈開后距豎起墻的最大距離sm.參考答案：解析：

（1）設(shè)Ａ與Ｂ碰撞前Ａ的速度為v1，碰撞過程動量守恒，有：

mv1＝（Ｍ＋m）v

……………（2分）

代入數(shù)據(jù)解得：v１＝3m/s

……………（2分）

（2）對Ａ，從開始運動至碰撞Ｂ之前，根據(jù)動能定理，有：

qＥ－μmg＝－０……………（2分）

代入數(shù)據(jù)解得：＝0.3m…………………（2分）

（3）設(shè)彈簧被壓縮至最短時的壓縮量為s1，對ＡＢ整體，從碰后至彈簧壓縮最短過程中，根據(jù)能量守恒定律，有：qＥs1＋＝μmgs1＋Ｅ０………（2分）

代入數(shù)據(jù)解得：s1＝0.02m……………………（1分）

設(shè)彈簧第一次恢復(fù)到原長時，ＡＢ共同動能為Ｅk，根據(jù)能量守恒定律，有：

Ｅ０＝qＥs1＋μ(Ｍ+m）gs1＋Ｅk-----------------------------------①（2分）

在彈簧把ＢＡ往右推出的過程中，由于Ｂ受到向左的摩擦力小于Ａ受到的向左的摩擦力和電場力之和。故至他們停止之前，兩者沒有分開。

……（1分）

彈簧第一次將ＡＢ彈出至兩者同時同處停止時，Ｂ距離豎直墻壁最遠，設(shè)此時距離彈簧原長處為s2，根據(jù)動能定理，有：－qＥs2－μ(Ｍ+m）gs2＝０－Ｅk-----------------------------------②（2分）

①②聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得：s2＝0.03m……（１分）

故Ｂ離墻壁的最大距離sm＝s＋s2＝0.08m

……（１分）18.如圖所示，直角坐標系xoy位于豎直平面內(nèi)，在?m≤x≤0的區(qū)域內(nèi)有磁感應(yīng)強度大小B=4.0×10-4T、方向垂直于紙面向里的條形勻強磁場，其左邊界與x軸交于P點；在x＞0的區(qū)域內(nèi)有電場強度大小E=4N/C、方向沿y軸正方向的條形勻強電場，其寬度d=2m。一質(zhì)量m=6.4×10-27kg、電荷量q=3.2×10?19C的帶負電粒子從P點以速度v=4×104m/s，沿與x軸正方向成α=60°角射入磁場，經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)最終通過x軸上的Q