北京市匯文中學高二上學期期末物理試卷（補考）

學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精2015-2016學年北京市匯文中學高二（上）期末物理試卷（補考）一.單項選擇題（共45分,每題3分）1．對于機械波的以下說法中，正確的是（）A．質(zhì)點的振動方向總是垂直于波的傳播方向B．簡諧波沿繩傳播,繩上相距半個波長的兩質(zhì)點振動位移的大小相等C．任一振動質(zhì)點，每經(jīng)過一個周期沿波的傳播方向移動一個波長D．相隔一個周期的兩時刻，簡諧波圖象相同2．如圖所示是一列簡寫橫波在t=0時刻的圖象，波速為0.2m/s，以下所給的結論中不正確的是（）A．波源振動的頻率為0.4HzB．若質(zhì)點a比質(zhì)點b先回到平衡位置，則波沿x軸負方向傳播C．圖示時刻質(zhì)點a，b，c所受的回復力大小之比為2:1：3D．經(jīng)過0.5s，質(zhì)點c通過的路程為75cm,質(zhì)點a和b通過的路程均不等于75cm3．關于電源電動勢，下列說法正確的是（）A．同一電源接入不同的電路中，其電動勢會發(fā)生改變B．電源電動勢就是電源兩極間的電壓C．電源電動勢與是否接入外電路無關D．電源電動勢與外電路電阻有關4．有關磁場的物理概念,下列說法中正確的是（）A．磁感應強度是描述磁場強弱的物理量，是標量B．磁感應強度的方向跟產(chǎn)生磁場的電流方向無關C．磁感應強度的方向跟放入磁場中的受磁場力作用的電流有關D．磁場中某個位置的磁感應強度方向就是放置于此處的小磁針北極的受力方向5．如圖所示,實線為t時刻的波動圖線，虛線為t+△t時刻的波形圖線,若波沿x軸負方向傳播，則波的振動周期可能是（）A． B． C． D．6．如圖為某勻強電場的等勢面分布圖，每兩個相鄰等勢面相距2cm,則該勻強電場的場強大小和方向分別為(）A．E=200V/m，水平向左 B．E=200V/m，水平向右C．E=100V/m，水平向左 D．E=100V/m，水平向右7．如圖所示,M、N兩點分別放置兩個等量異種電荷，A為它們連線的中點,B為連線上靠近N的一點，C為連線的中垂線上處于A點上方的一點,在A、B、C三點中（）A．場強最小的點是A點，電勢最高的點是B點B．場強最小的點是A點，電勢最高的點是C點C．場強最小的點是C點,電勢最高的點是B點D．場強最小的點是C點，電勢最高的點是A點8．如圖所示的實驗裝置中，平行板電容器的極板A與一靈敏靜電計相連，極板B接地．若極板B稍向上移動一點，由觀察到的靜電計指針變化作出平行板電容器電容變小的結論的依據(jù)是（)A．兩極板間的電壓不變,極板上的電荷量變大B．兩極板間的電壓不變，極板上的電荷量變小C．極板上的電荷量幾乎不變,兩極板間電壓變小D．極板上的電荷量幾乎不變，兩極板間電壓變大9．如圖所示，一個絕緣光滑軌道放在豎直向下的勻強電場中,場強為E，在其上端與圓心等高處有一個質(zhì)量為m,帶電荷為+q的小球由靜止開始下滑，則（）A．小球運動過程中機械能守恒B．小球經(jīng)過最低點時速度不一定最大C．小球在最低點對環(huán)的壓力大小為mg+EqD．小球在最低點對環(huán)的壓力大小為3（mg+Eq）10．有兩只電壓表v1和v2是由完全相同的電流表改裝而成的，v2的量程是5V，v1的量程是15V,將兩只電壓表串聯(lián)接入電路，在這種情況下()A．v1和v2讀數(shù)相等B．v1和v2兩表指針偏轉(zhuǎn)角相等C．v1和v2兩表的讀數(shù)與兩個電壓表的內(nèi)阻無關D．v1和v2兩表指針偏轉(zhuǎn)角之比等于兩個電壓表的內(nèi)阻之比11．如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內(nèi)電阻r恒定不變,電燈L恰能正常發(fā)光,如果變阻器的滑片向a端滑動,則（）A．電燈L更亮，安培表的示數(shù)減小B．電燈L更亮,安培表的示數(shù)增大C．電燈L變暗，安培表的示數(shù)減小D．電燈L變暗，安培表的示數(shù)增大12．兩只額定電壓均為110V的燈泡A和B，額定功率分別為100W和40W，為了使它們接到220V電源上能正常發(fā)光,同時電路消耗的電功率最小,如圖所示的四個電路中最合理的是圖（）A． B． C． D．13．如圖所示，兩平行金屬導軌CD、EF間距為L,與電動勢為E的電源相連，質(zhì)量為m、電阻為R的金屬棒ab垂直于導軌放置構成閉合回路，回路平面與水平面成θ角，回路其余電阻不計．為使ab棒靜止，需在空間施加的勻強磁場磁感強度的最小值及其方向分別為（）A．，水平向右B．,垂直于回路平面向上C．,豎直向下D．，垂直于回路平面向下14．如圖所示,空間存在水平向左的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場，電場和磁場相互垂直．在電磁場區(qū)域中，有一個豎直放置的光滑絕緣圓環(huán)，環(huán)上套有一個帶正電的小球．O點為圓環(huán)的圓心，a、b、c為圓環(huán)上的三個點，a點為最高點,c點為最低點,Ob沿水平方向．已知小球所受電場力與重力大小相等．現(xiàn)將小球從環(huán)的頂端a點由靜止釋放．下列判斷正確的是（)A．當小球運動的弧長為圓周長的時，洛侖茲力最大B．當小球運動的弧長為圓周長的時,洛侖茲力最大C．小球從a點到b點,重力勢能減小，電勢能增大D．小球從b點運動到c點，電勢能增大，動能先增大后減小15．一束帶電粒子從靜止開始經(jīng)同一電場加速后垂直進入同一勻強磁場中．若它們在磁場中做圓周運動的半徑相同，則它們在磁場中具有相同的（）A．速率 B．動能 C．周期 D．動量大小二.多項選擇題(共12分，每題3分）16．如圖所示，帶電量相等、質(zhì)量不同的帶電粒子a和b從帶電平行板M的邊緣沿平行于極板的方向進入M、N兩極板間的勻強電場中,都恰好能從N板的右邊緣飛出，不計重力作用，則（）A．兩粒子進入電場時的動能一定不相等B．兩粒子進入電場時的初速度的大小一定相等C．兩粒子飛出電場時的動能一定相等D．兩粒子飛出電場時的速度大小一定相等17．一個T型電路如圖所示，電路中的電R1=10Ω，R2=120Ω，R3=40Ω．另有一測試電源，電動勢為100V,內(nèi)阻忽略不計．則（）A．當cd端短路時，ab之間的等效電阻是40ΩB．當ab端短路時,cd之間的等效電阻是40ΩC．當ab兩端接通測試電源時，cd兩端的電壓為80VD．當cd兩端接通測試電源時，ab兩端的電壓為80V18．在如圖所示電路中，閉合電鍵S，當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，四個理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化,電表的示數(shù)分別用I、U1、U2和U3表示，電表示數(shù)變化量的大小分別用△I、△U1、△U2和△U3表示，下列比值錯誤的是（）A．不變，不變 B．變大，變大C．變大,不變 D．變大，不變19．質(zhì)量為m,電量為q的帶正電小物塊在磁感強度為B，方向垂直紙面向里的勻強磁場中，沿動摩擦因數(shù)為μ的絕緣水平面以初速度v0開始向左運動，如圖所示．物塊經(jīng)時間t移動距離S后停了下來，設此過程中，q不變，則(）A．S＞ B．S＜C．t＞ D．t＜三.填空題（共18分，每空2分）20．一塊多用電表的電阻擋有三個倍率,分別是×1、×10、×100．用×10擋測量某電阻時，操作步驟正確,發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很大,如圖中虛線位置．為了較準確地進行測量，應換到擋，換擋后需要先進行的操作，再進行測量．若正確操作后進行測量時表盤的示數(shù)如圖，則該電阻的阻值是Ω．21．測定電源的電動勢和內(nèi)電阻的實驗電路和U﹣I圖象如下，請回答下列問題（1)如圖所示在閉合開關之前移為防止電表過載而滑動變阻器的滑動頭P應放在處（2)現(xiàn)備有以下器材：A．干電池1個B．滑動變阻器（0～50Ω，）C．滑動變阻器（0～1750Ω）D．電壓表（0～3V)E．電壓表（0～15V)F．電流表（0～0.6A)G．電流表（0~3A）其中滑動變阻器應選，電壓表應選電流表應選．（填字母代號）（3)乙圖是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出的U﹣I圖象．由此可知這個干電池的電動勢E=V，內(nèi)電阻r=0.75Ω．四。計算題（共25分，22題6分，23題6分，24題6分和25題7分)22．如圖所示為兩組平行板金屬板，一組豎直放置，一組水平放置，今有一質(zhì)量為m的電量為e的電子靜止在豎直放置的平行金屬板的A點，經(jīng)電壓U0加速后通過B點進入兩板間距為d、電壓為U的水平放置的平行金屬板間,若電子從兩塊水平平行板的正中間射入,且最后電子剛好能從右側(cè)的兩塊平行金屬板穿出,A、B分別為兩塊豎直板的中點,求：（1）電子通過B點時的速度大??；（2)右側(cè)平行金屬板的長度；(3）電子穿出右側(cè)平行金屬板時的動能和速度方向．23．圖中電源電動勢E=12V，內(nèi)電阻r=0。5Ω．將一盞額定電壓為8V，額定功率為16W的燈泡與一只線圈電阻為0.5Ω的直流電動機并聯(lián)后和電源相連，燈泡剛好正常發(fā)光，通電100min．問：（1）電源提供的能量是多少？（2）電流對燈泡和電動機所做的功各是多少？(3)燈絲和電動機線圈產(chǎn)生的熱量各是多少？(4）電動機的效率為多少？24．質(zhì)譜儀是一種測定帶電粒子質(zhì)量和分析同位素的重要工具．它的構造原理如圖所示,離子源S產(chǎn)生帶電量為q的某種正離子，離子射出時的速度很小，可以看作是靜止的，離子經(jīng)過電壓U加速后形成離子束流，然后垂直于磁場方向進入磁感應強度為B的勻強磁場,沿著半圓周運動而到達記錄它的照相底片P上．實驗測得：它在P上的位置到入口處S1的距離為a，離子束流的電流為I．請回答下列問題:（1）在時間t內(nèi)射到照相底片P上的離子的數(shù)目為多少?（2）單位時間穿過入口處S1離子束流的能量為多少？（3）試證明這種離子的質(zhì)量為．25．如圖所示,兩塊水平放置、相距為d的長金屬板接在電壓可調(diào)的電源上．兩板之間的右側(cè)區(qū)域存在方向垂直紙面向里的勻強磁場．將噴墨打印機的噴口靠近上板下表面，從噴口連續(xù)不斷噴出質(zhì)量均為m、水平速度均為v0、帶相等電荷量的墨滴．調(diào)節(jié)電源電壓至U,墨滴在電場區(qū)域恰能沿水平向右做勻速直線運動；進入電場、磁場共存區(qū)域后，最終垂直打在下板的M點．(1）判斷墨滴所帶電荷的種類，并求其電荷量；（2)求磁感應強度B的值；（3）現(xiàn)保持噴口方向不變,使其豎直下移到兩板中間的位置．為了使墨滴仍能到達下板M點，應將磁感應強度調(diào)至B′，則B′的大小為多少？

2015-2016學年北京市匯文中學高二（上）期末物理試卷（補考)參考答案與試題解析一。單項選擇題（共45分，每題3分）1．對于機械波的以下說法中，正確的是（）A．質(zhì)點的振動方向總是垂直于波的傳播方向B．簡諧波沿繩傳播，繩上相距半個波長的兩質(zhì)點振動位移的大小相等C．任一振動質(zhì)點，每經(jīng)過一個周期沿波的傳播方向移動一個波長D．相隔一個周期的兩時刻，簡諧波圖象相同【考點】波長、頻率和波速的關系;橫波的圖象．【分析】波動過程是傳播波源的振動形式和能量的過程,振動質(zhì)點并不隨波一起傳播，只是在自己平衡位置附近振動，因此明確波的形成，抓住波的周期性是解本題關鍵．【解答】解:A、對于橫波，質(zhì)點的振動方向總是垂直于波的傳播方向；而在縱波中質(zhì)點的振動方向和波的傳播方向相同或相反，并不垂直,故A錯誤；B、簡諧波沿繩傳播，繩上相距半個波長的兩質(zhì)點，振動情況總是相反，位移的大小總是相等，故B正確．C、任一振動質(zhì)點，只是在自己平衡位置附近振動,沿波的傳播方向不移動．故C錯誤．D、相隔一個周期的兩時刻，各質(zhì)點的位置相同，則簡諧波圖象相同，故D正確．故選BD2．如圖所示是一列簡寫橫波在t=0時刻的圖象，波速為0。2m/s，以下所給的結論中不正確的是（）A．波源振動的頻率為0.4HzB．若質(zhì)點a比質(zhì)點b先回到平衡位置,則波沿x軸負方向傳播C．圖示時刻質(zhì)點a,b，c所受的回復力大小之比為2:1：3D．經(jīng)過0.5s,質(zhì)點c通過的路程為75cm，質(zhì)點a和b通過的路程均不等于75cm【考點】橫波的圖象;波長、頻率和波速的關系．【分析】由圖讀出波長，求出波速．根據(jù)b點的速度方向判斷出波的傳播方向．根據(jù)簡諧運動的特征:a=﹣,求解a、b、c的加速度之比．根據(jù)時間與周期的關系求解質(zhì)點通過的路程．【解答】解:A、由圖讀出波長為λ=8m，波速為v=,則T=，則頻率f=2。5Hz,故A不正確；B、質(zhì)點a比質(zhì)點b先回到平衡位置，則質(zhì)點a和b均向下運動,由上下坡法知波沿x軸負方向傳播，故B正確；C、圖示時刻質(zhì)點a、b、c的位移大小之比為10：5：15=2:1：3，三點都做簡諧運動,由簡諧運動的特征：a=﹣,得知，加速度大小與位移大小成正比，則三點加速度大小之比為2：1:3．故C正確．D、時間t=0。5s=T+,只有在平衡位置和最大位移處的質(zhì)點在．通過的路程是A=15cm，0。5s內(nèi)質(zhì)點C通過的路程是4A+A=5A=75cm，質(zhì)點a、b通過的路程不等于75cm,故D正確；本題選不正確的，故選:A3．關于電源電動勢，下列說法正確的是（)A．同一電源接入不同的電路中，其電動勢會發(fā)生改變B．電源電動勢就是電源兩極間的電壓C．電源電動勢與是否接入外電路無關D．電源電動勢與外電路電阻有關【考點】電源的電動勢和內(nèi)阻．【分析】電源沒有接入電路時兩極間的電壓在數(shù)值上等于電源的電動勢．電動勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領強弱,與外電路的結構無關．電源的電動勢在數(shù)值上等于內(nèi)、外電壓之和．【解答】解：A、電動勢反映本身的特性，與外電路的結構無關,同一電源接入不同電路中，電動勢不變，故AD錯誤,C正確；B、電壓表是由內(nèi)阻的，跟電源連接后構成一個通路，測量的是電壓表內(nèi)阻的電壓，所以電壓表測得的電源兩極間電壓值略小于電動勢．故B錯誤．故選：C4．有關磁場的物理概念，下列說法中正確的是（)A．磁感應強度是描述磁場強弱的物理量，是標量B．磁感應強度的方向跟產(chǎn)生磁場的電流方向無關C．磁感應強度的方向跟放入磁場中的受磁場力作用的電流有關D．磁場中某個位置的磁感應強度方向就是放置于此處的小磁針北極的受力方向【考點】磁感應強度；磁現(xiàn)象和磁場．【分析】磁場是由磁體本身的性質(zhì)決定的，與放入磁場中的磁體及電流無關．根據(jù)這一點進行分析即可解答．【解答】解：A、磁感應強度為矢量，反應磁場強弱的物理量；故A錯誤；C、根據(jù)安培定則可知，磁感應強度的方向跟產(chǎn)生磁場的電流方向有關;故B錯誤；C、電流的磁場的方向跟產(chǎn)生磁場的電流方向有關，與放入磁場中的受磁場力作用的電流方向無關；故C錯誤;D、根據(jù)磁場的方向的規(guī)定可知，磁場中某個位置的磁感應強度方向就是放置于此處的小磁針北極的受力方向；故D正確;故選：D．5．如圖所示,實線為t時刻的波動圖線，虛線為t+△t時刻的波形圖線，若波沿x軸負方向傳播,則波的振動周期可能是（）A． B． C． D．【考點】橫波的圖象；波長、頻率和波速的關系．【分析】利用波傳播的周期性，結合波形利用周期把時間間隔表示出來，從而求周期．【解答】解：波沿x軸負方向傳播，根據(jù)時間周期性，有解得：,故B正確，ACD錯誤；故選：B6．如圖為某勻強電場的等勢面分布圖,每兩個相鄰等勢面相距2cm，則該勻強電場的場強大小和方向分別為（）A．E=200V/m，水平向左 B．E=200V/m，水平向右C．E=100V/m，水平向左 D．E=100V/m，水平向右【考點】勻強電場中電勢差和電場強度的關系;等勢面．【分析】電場線總是與等勢面垂直，而且由高電勢指向低電勢．根據(jù)勻強電場場強與電勢差的關系U=Ed求出電場強度的大小．【解答】解:根據(jù)電場線總是與等勢面垂直，而且由高電勢指向低電勢，可知，電場強度方向水平向左．兩個相鄰等勢面相距d=2cm，電勢差U=2V，則電場強度E===100V/m；故選：C7．如圖所示,M、N兩點分別放置兩個等量異種電荷,A為它們連線的中點，B為連線上靠近N的一點,C為連線的中垂線上處于A點上方的一點，在A、B、C三點中（)A．場強最小的點是A點,電勢最高的點是B點B．場強最小的點是A點,電勢最高的點是C點C．場強最小的點是C點，電勢最高的點是B點D．場強最小的點是C點,電勢最高的點是A點【考點】電勢；電場強度．【分析】根據(jù)等量異種電荷電場線的分布去比較場強的大小，以及電勢的高低．沿著電場線方向電勢降低．【解答】解:根據(jù)等量異種電荷電場線的分布，知道EB＞EA＞EC，場強最小的是C點．等量異種電荷連線的垂直平分線是一條等勢線，知ΦA=ΦC，沿著電場線方向電勢逐漸降低，異種電荷間的電場線由正電荷指向負電荷,知ΦB＞ΦA，所以電勢最高點是B點．故A、B、D錯誤，C正確．故選C．8．如圖所示的實驗裝置中，平行板電容器的極板A與一靈敏靜電計相連，極板B接地．若極板B稍向上移動一點，由觀察到的靜電計指針變化作出平行板電容器電容變小的結論的依據(jù)是（）A．兩極板間的電壓不變，極板上的電荷量變大B．兩極板間的電壓不變，極板上的電荷量變小C．極板上的電荷量幾乎不變，兩極板間電壓變小D．極板上的電荷量幾乎不變，兩極板間電壓變大【考點】電容器的動態(tài)分析．【分析】電容器的電荷量幾乎不變．將極板B稍向上移動一點，極板正對面積減小，電容減小,由公式C=分析板間電壓變化．【解答】解：由圖分析可知電容器極板上的電荷量幾乎不變，將極板B稍向上移動一點，極板正對面積減小，根據(jù)公式C=，電容減小，由公式C=可判斷出電容器極板間電壓變大，靜電計張角增大，故D正確，ABC錯誤．故選：D．9．如圖所示,一個絕緣光滑軌道放在豎直向下的勻強電場中，場強為E，在其上端與圓心等高處有一個質(zhì)量為m，帶電荷為+q的小球由靜止開始下滑，則（）A．小球運動過程中機械能守恒B．小球經(jīng)過最低點時速度不一定最大C．小球在最低點對環(huán)的壓力大小為mg+EqD．小球在最低點對環(huán)的壓力大小為3（mg+Eq）【考點】勻強電場中電勢差和電場強度的關系;向心力；功能關系．【分析】判斷機械能的依據(jù)是除重力或彈力外，其它力做正功,機械能增加，其它力做負功，機械能減小;根據(jù)總能量守恒判斷小球經(jīng)過最低點時動能與電勢能之和;根據(jù)牛頓第二定律判斷小球在最低點對軌道的壓力．【解答】解：A、小球在下滑過程中，除重力外，電場力做正功，機械能增加，最低點時機械能最大，故A錯誤．B、小球在下滑過程中，重力和電場力均做正功，故到達最低點時速度最大，故B錯誤．C、根據(jù)動能定理可知：mgR+EqR=mv2；小球在最低點時，小球具有速度v，小球受豎直向下的重力G,電場力qE，豎直向上的支持力F,由牛頓第二定律得：F﹣mg﹣qE=，所以小球在最低點對環(huán)的壓力F=3（mg+qE），故C錯誤,D正確．故選：D10．有兩只電壓表v1和v2是由完全相同的電流表改裝而成的，v2的量程是5V，v1的量程是15V，將兩只電壓表串聯(lián)接入電路，在這種情況下（）A．v1和v2讀數(shù)相等B．v1和v2兩表指針偏轉(zhuǎn)角相等C．v1和v2兩表的讀數(shù)與兩個電壓表的內(nèi)阻無關D．v1和v2兩表指針偏轉(zhuǎn)角之比等于兩個電壓表的內(nèi)阻之比【考點】把電流表改裝成電壓表．【分析】改裝電壓表是與表頭串聯(lián)分壓電阻，由于表頭相同，故兩個表頭電流相等,偏轉(zhuǎn)角度相等；又由于表頭滿偏電流相等，電壓比為5:1，故電壓表內(nèi)阻為5：1．【解答】解：AC、兩個電表內(nèi)阻不同,電流相等,但電壓表量程不同,則讀數(shù)不同,根據(jù)歐姆定律，電壓之比等于內(nèi)阻之比,故A錯誤，C錯誤;BD、由于串聯(lián)電流相等,故表頭偏轉(zhuǎn)角度相同,故B正確，C錯誤；故選：B11．如圖所示的電路中,電源的電動勢E和內(nèi)電阻r恒定不變，電燈L恰能正常發(fā)光,如果變阻器的滑片向a端滑動，則(）A．電燈L更亮，安培表的示數(shù)減小B．電燈L更亮，安培表的示數(shù)增大C．電燈L變暗，安培表的示數(shù)減小D．電燈L變暗,安培表的示數(shù)增大【考點】閉合電路的歐姆定律．【分析】滑動變阻器的滑片向b端滑動過程，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，由歐姆定律分析總電流的變化和路端電壓的變化，來判斷電燈亮度和電流表示數(shù)的變化．【解答】解：滑動變阻器的滑片向a端滑動過程，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，由歐姆定律得知總電流I增大,電流表的示數(shù)增大;路端電壓U=E﹣Ir減?。疅襞軱兩端的電壓等于路端電壓，所以電燈L變暗，故選D12．兩只額定電壓均為110V的燈泡A和B，額定功率分別為100W和40W,為了使它們接到220V電源上能正常發(fā)光,同時電路消耗的電功率最小，如圖所示的四個電路中最合理的是圖（)A． B． C． D．【考點】串聯(lián)電路和并聯(lián)電路．【分析】由題可知,燈泡的電壓相等，但是燈泡的功率不同，由此可以知道兩種燈泡的電阻的大小不同，再由電路的串并聯(lián)的知識先逐個分析燈泡能否正常的發(fā)光，再判斷消耗的功率最小的電路．【解答】解：A、燈泡的額定電壓為110V,圖中，A燈泡的電壓等于220V，大于額定電壓，燒壞了,故A錯誤；B、由于額定電壓都是110V，額定功率PA=100W、PB=40W，由此可知RB＞RA，把燈泡A與電阻并聯(lián)的話,會使并聯(lián)的部分的電阻更小，所以AB的電壓不會平分，AB不會同時正常發(fā)光,故B錯誤；C、由于額定電壓都是110V，額定功率PA=100W、PB=40W，由此可知RB＞RA,把燈泡B與電阻并聯(lián)的話，可以使并聯(lián)部分的電阻減小，可能使A與并聯(lián)部分的電阻相同，所以AB能同時正常發(fā)光,并且電路消耗的功率與A燈泡的功率相同，所以總功率的大小為200W；D、把AB并聯(lián)之后與電阻串連接入電路的話，當電阻的阻值與AB并聯(lián)的總的電阻相等時，AB就可以正常發(fā)光，此時電阻消耗的功率為AB燈泡功率的和，所以電路消耗的總的功率的大小為280W；由CD的分析可知，正常發(fā)光并且消耗的功率最小的為C，故C正確．故選C．13．如圖所示，兩平行金屬導軌CD、EF間距為L，與電動勢為E的電源相連,質(zhì)量為m、電阻為R的金屬棒ab垂直于導軌放置構成閉合回路，回路平面與水平面成θ角,回路其余電阻不計．為使ab棒靜止,需在空間施加的勻強磁場磁感強度的最小值及其方向分別為（）A．，水平向右B．，垂直于回路平面向上C．，豎直向下D．，垂直于回路平面向下【考點】共點力平衡的條件及其應用；力的合成與分解的運用;安培力；左手定則．【分析】導體棒受重力、支持力和安培力，三力平衡，當安培力沿斜面向上時,安培力最小，此時根據(jù)安培力公式計算出的磁感應強度即為最小值．【解答】解:對導體棒受力分析，受重力、支持力和安培力，如圖從圖象可以看出,當安培力沿斜面向上時，安培力最?。还拾才嗔Φ淖钚≈禐?FA=mgsinθ，故磁感應強度的最小值為B=根據(jù)歐姆定律，有E=IR故B=故選D．14．如圖所示，空間存在水平向左的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場,電場和磁場相互垂直．在電磁場區(qū)域中,有一個豎直放置的光滑絕緣圓環(huán)，環(huán)上套有一個帶正電的小球．O點為圓環(huán)的圓心，a、b、c為圓環(huán)上的三個點，a點為最高點，c點為最低點，Ob沿水平方向．已知小球所受電場力與重力大小相等．現(xiàn)將小球從環(huán)的頂端a點由靜止釋放．下列判斷正確的是（)A．當小球運動的弧長為圓周長的時,洛侖茲力最大B．當小球運動的弧長為圓周長的時,洛侖茲力最大C．小球從a點到b點,重力勢能減小，電勢能增大D．小球從b點運動到c點，電勢能增大，動能先增大后減小【考點】帶電粒子在混合場中的運動．【分析】電場力與重力大小相等，則二者的合力指向左下方45°，由于合力是恒力，故類似于新的重力,所以bc弧的中點相當于平時豎直平面圓環(huán)的“最低點"．關于圓心對稱的位置就是“最高點";在“最低點”時速度最大．再根據(jù)豎直平面內(nèi)的圓周運動的相關知識解題即可．【解答】解：A：小球受到水平向左的電場力和豎直向下的重力，二力大小相等，故二力的合力方向于水平方向成45°向左下，如圖，故小球運動到圓弧bc的中點時，速度最大,此時的洛倫茲力最大，選項A錯誤．B：經(jīng)對選項A的分析可知，選項B錯誤．C：小球由a到b的過場中，電場力和重力均做正功,重力勢能和電勢能都減小．選項C錯誤．D：小球從b點運動到c點,電場力做負功,電勢能增加；因力的合力方向?qū)⒂谒椒较虺?5°向左下，當小球運動到圓弧bc的中點時速度最大，所以小球從b點運動到c點過程中，動能先增大,后減?。x項D正確．故選：D．15．一束帶電粒子從靜止開始經(jīng)同一電場加速后垂直進入同一勻強磁場中．若它們在磁場中做圓周運動的半徑相同，則它們在磁場中具有相同的（）A．速率 B．動能 C．周期 D．動量大小【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動．【分析】根據(jù)動能定理得出粒子的速度，通過帶電粒子在磁場中的半徑公式和周期公式進行分析判斷．【解答】解：根據(jù)動能定理得，，得:v=，根據(jù)qvB=，得：r=,根據(jù)半徑相同,U相同，知粒子的比荷相同．根據(jù)v=知，粒子在磁場中的速率相同．根據(jù)T=知,粒子在磁場中的周期相同，故A、C正確,B、D錯誤．故選：AC．二。多項選擇題（共12分，每題3分）16．如圖所示,帶電量相等、質(zhì)量不同的帶電粒子a和b從帶電平行板M的邊緣沿平行于極板的方向進入M、N兩極板間的勻強電場中，都恰好能從N板的右邊緣飛出，不計重力作用，則（)A．兩粒子進入電場時的動能一定不相等B．兩粒子進入電場時的初速度的大小一定相等C．兩粒子飛出電場時的動能一定相等D．兩粒子飛出電場時的速度大小一定相等【考點】帶電粒子在勻強電場中的運動．【分析】帶電粒子在電場中做類平拋運動，根據(jù)類平拋運動的知識列方程，即可正確解題．【解答】解：A、設極板的長度是L,板間距離是d,設粒子的初速度為v0；帶電粒子在極板間做類平拋運動；在水平方向：L=v0t；豎直方向:d=at2=t2；則粒子的初動能：Ek0=mv02=，由于q、E、L、d相同,所以兩粒子的初動能相等，故A錯誤；B、由于兩粒子進入電磁時的初動能相等而粒子質(zhì)量不相等,則粒子的初速度大小一定不相等，故B錯誤；C、兩粒子電荷量相等，進入與離開電場時的位置相同,則電場力做功相同，粒子的初動能相同,由動能定理可得,粒子離開電場時的動能相等，故C正確；D、粒子離開電場時的動能相等，粒子質(zhì)量不同，則粒子離開電場時的速度不等,故D錯誤；故選:C．17．一個T型電路如圖所示，電路中的電R1=10Ω,R2=120Ω，R3=40Ω．另有一測試電源,電動勢為100V，內(nèi)阻忽略不計．則(）A．當cd端短路時，ab之間的等效電阻是40ΩB．當ab端短路時，cd之間的等效電阻是40ΩC．當ab兩端接通測試電源時，cd兩端的電壓為80VD．當cd兩端接通測試電源時,ab兩端的電壓為80V【考點】串聯(lián)電路和并聯(lián)電路．【分析】當cd端短路時，ab間電路的結構是：電阻R2、R3并聯(lián)后與R1串聯(lián)．當ab端短路時，cd之間電路結構是：電阻R1、R3并聯(lián)后與R2串聯(lián)．當ab兩端接通測試電源時,cd兩端的電壓等于電阻R3兩端的電壓．當cd兩端接通測試電源時,ab兩端的電壓等于電阻R3兩端的電壓．根據(jù)歐姆定律求解電壓．【解答】解：A、當cd端短路時，ab間電路的結構是：電阻R2、R3并聯(lián)后與R1串聯(lián)，等效電阻為R=+R1=40Ω，故A正確；B、當ab端短路時，cd之間電路結構是：電阻R1、R3并聯(lián)后與R2串聯(lián),等效電阻為R=+R2=128Ω，故B錯誤；C、當ab兩端接通測試電源時，cd兩端的電壓等于電阻R3兩端的電壓，為U3=E=80V,故C正確;D、當cd兩端接通測試電源時，ab兩端的電壓為U′3=E=25V，故D錯誤;故選:AC．18．在如圖所示電路中，閉合電鍵S，當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時,四個理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、U1、U2和U3表示，電表示數(shù)變化量的大小分別用△I、△U1、△U2和△U3表示,下列比值錯誤的是()A．不變,不變 B．變大，變大C．變大,不變 D．變大，不變【考點】閉合電路的歐姆定律．【分析】由題意知：R1是定值電阻，根據(jù)歐姆定律得知==R1．變阻器是可變電阻，根據(jù)閉合電路歐姆定律研究、與電源內(nèi)阻的關系，再分析選擇．【解答】解：A、根據(jù)歐姆定律得知：==R1．故當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，、均不變．故A正確．B、C,=R2，變大．根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U2=E﹣I（R1+r）,則有=R1+r，不變．故B錯誤，C正確．D、=R1+R2，變大．根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U3=E﹣Ir，則有=r，不變．故D正確．本題選錯誤的,故選B19．質(zhì)量為m,電量為q的帶正電小物塊在磁感強度為B,方向垂直紙面向里的勻強磁場中，沿動摩擦因數(shù)為μ的絕緣水平面以初速度v0開始向左運動，如圖所示．物塊經(jīng)時間t移動距離S后停了下來，設此過程中,q不變,則（)A．S＞ B．S＜C．t＞ D．t＜【考點】洛侖茲力．【分析】物塊向左運動的過程中，受到重力、洛倫茲力、水平面的支持力和滑動摩擦力,向左做減速運動．采用假設法分析：假設不受洛倫茲力，根據(jù)動能定理求出滑行距離;假設洛倫茲力是恒力大小為qv0B，根據(jù)動量定理求出運動時間，最后進行選擇．【解答】解：A、B假設物塊不受洛倫茲力．根據(jù)動能定理,得﹣μmgs=﹣m，得到s=因為物塊帶正電,受到向下的洛倫茲力，摩擦力增大,滑行的距離減小則s＜，故A錯誤，B正確．C、D假設洛倫茲力是恒力，大小為qv0B保持不變則由動量定理,得﹣μ（mg+qv0B）t=0﹣mv0得t=因為物塊向左做減速運動,洛倫茲力減小,加速度減小，滑行時間變長則有t＞，故C正確,D錯誤．故選：BC．三.填空題（共18分,每空2分）20．一塊多用電表的電阻擋有三個倍率，分別是×1、×10、×100．用×10擋測量某電阻時,操作步驟正確,發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很大,如圖中虛線位置．為了較準確地進行測量，應換到×1擋，換擋后需要先進行歐姆調(diào)零的操作,再進行測量．若正確操作后進行測量時表盤的示數(shù)如圖，則該電阻的阻值是18Ω．【考點】用多用電表測電阻．【分析】偏角大說明電阻小,要換用小倍率擋，重新調(diào)零后測量，讀數(shù)為示數(shù)乘以倍率．【解答】解：歐姆表的零刻度在右邊,偏角大，說明帶測電阻阻值小，應換小倍率×1擋，重新歐姆調(diào)零后測量；歐姆表的讀數(shù)為：示數(shù)×倍率=18×1=18Ω．答案為：×1,歐姆調(diào)零,1821．測定電源的電動勢和內(nèi)電阻的實驗電路和U﹣I圖象如下，請回答下列問題（1）如圖所示在閉合開關之前移為防止電表過載而滑動變阻器的滑動頭P應放在a處（2)現(xiàn)備有以下器材:A．干電池1個B．滑動變阻器(0～50Ω，）C．滑動變阻器（0～1750Ω）D．電壓表（0～3V)E．電壓表(0～15V）F．電流表（0～0.6A)G．電流表（0～3A）其中滑動變阻器應選B，電壓表應選D電流表應選F．(填字母代號）（3)乙圖是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出的U﹣I圖象．由此可知這個干電池的電動勢E=1。5V，內(nèi)電阻r=0。75Ω．【考點】測定電源的電動勢和內(nèi)阻．【分析】(1）閉合開關之前滑動變阻器的滑動頭P應放在最大值位置處．（2）在選擇電壓表和電流表時要求在不超過量程的前提下偏轉(zhuǎn)角度盡量大些，在滿量程的左右偏轉(zhuǎn)最好．（3）在U﹣I圖象中縱坐標的截距代表的是電源的電動勢，直線的斜率代表的是電源的內(nèi)阻的大?。窘獯稹拷猓海?）閉合開關之前滑動變阻器的滑動頭P應放在最大值位置處，即a處．（2）滑動變阻器起控制電流的作用,而電源電動勢大約1。5V，電路中電流較小,故為了便用調(diào)節(jié)，滑動變阻器選取B．電源電動勢大約1。5V，因此電壓表選擇量程為3V的比較合適,故電壓表選擇D，電路中的電流較小，因此電流表選擇F．（3）在U﹣I圖象中圖象與縱坐標的交點等于電源的電動勢，所以由圖可以讀出電源的電動勢為1。5V，圖象中的斜率表示電源的內(nèi)阻，所以電源的內(nèi)阻為r=Ω=0。75Ω．故答案為:（1）a（2）B,D，F(xiàn)．（3）1。5，0。75．四.計算題(共25分，22題6分，23題6分,24題6分和25題7分）22．如圖所示為兩組平行板金屬板,一組豎直放置，一組水平放置，今有一質(zhì)量為m的電量為e的電子靜止在豎直放置的平行金屬板的A點,經(jīng)電壓U0加速后通過B點進入兩板間距為d、電壓為U的水平放置的平行金屬板間,若電子從兩塊水平平行板的正中間射入，且最后電子剛好能從右側(cè)的兩塊平行金屬板穿出,A、B分別為兩塊豎直板的中點，求：（1）電子通過B點時的速度大小;(2）右側(cè)平行金屬板的長度；（3）電子穿出右側(cè)平行金屬板時的動能和速度方向．【考點】帶電粒子在勻強電場中的運動；動能定理．【分析】（1)電子在AB之間做加速運動，電場力的功等于電子動能的變化,根據(jù)動能定理即可解答；（2）電子剛好能從右側(cè)的兩塊平行金屬板穿出,則電子的沿電場線方向的位移為，根據(jù)平拋運動的方法，結合牛頓第二定律即可解答；(3）電子穿出右側(cè)平行金屬板時的速度方向根據(jù)計算，粒子的動能可以根據(jù)計算．【解答】解:(1)電子通過B點時的速度大小為VB,則由動能定理得，VB=；(2）右側(cè)平行金屬板的長度為L，由題意得:①,L=VBt②,③，聯(lián)立①②③解得L=d（3）電子穿出右側(cè)平行金屬板時與VB成θ角,如答圖所示,則：，，整理得：答:（1）電子通過B點時的速度大小為；（2）右側(cè)平行金屬板的長度為；（3）電子穿出右側(cè)平行金屬板時的動能為，速度方向如圖,與水平方向的夾角：．23．圖中電源電動勢E=12V，內(nèi)電阻r=0.5Ω．將一盞額定電壓為8V，額定功率為16W的燈泡與一只線圈電阻為0.5Ω的直流電動機并聯(lián)后和電源相連，燈泡剛好正常發(fā)光，通電100min．問：（1)電源提供的能量是多少？（2）電流對燈泡和電動機所做的功各是多少？(3）燈絲和電動機線圈產(chǎn)生的熱量各是多少？(4）電動機的效率為多少？【考點】閉合電路的歐姆定律；電功、電功率；焦耳定律．【分析】（1）由題意可知電路中的路端電壓，則由閉合電路歐姆定律可求得電路中的電流，由W=UIt可求得電源提供的能量;（2）由W=Pt可求得電流對燈泡所做的功；由W=UIt可求得電流對電動機所做的功；(3）由Q=I2Rt可求得燈絲與電動機線圈產(chǎn)生的熱量;（4）由η=×100%可求得電動機的效率．【解答】解：（1）由題意可知，電路的路端電壓U=8V，則內(nèi)電壓U內(nèi)=E﹣U=12V﹣8V=4V；電路中電流I===8A；故電源提供的能量W=UIt=8×8×100×60J=3.84×105J;（2）電流對燈絲做功W燈=Pt=16×100×60J=9.6×104J；燈泡中的電流I燈==2A;由并聯(lián)電路的規(guī)律可知，通過電動機的電流I機=I﹣I燈=8A﹣2A=6A；