2022年黑龍江省哈爾濱市五常第一中學(xué)高二物理下學(xué)期期末試卷含解析

2022年黑龍江省哈爾濱市五常第一中學(xué)高二物理下學(xué)期期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.原來靜止的物體受合外力作用時間為2t0，作用力隨時間的變化情況如圖所示，則（）A．0～t0時間內(nèi)物體的動量變化與t0～2t0內(nèi)動量變化相等B．t=2t0時物體的速度為零，外力在2t0時間內(nèi)對物體的沖量為零C．0～t0時間內(nèi)物體的平均速率與t0～2t0內(nèi)平均速率不等D．2t0時間內(nèi)物體的位移為零，外力對物體做功為零參考答案：B解：A、合外力的沖量等于物體動量的改變量，故F﹣t圖象與時間軸圍成的面積等于物體動量的改變量．面積在時間軸的上方代表動量增加，面積在時間軸下方代表動量減小，由于面積相同；而動量變化大小相等，方向相反；故A錯誤．B、由于0～t0時間內(nèi)的沖量與t0～2t0時間內(nèi)的沖量大小相同，方向相反，即F0t0+（﹣F0）t0=0．故B正確；C、由以上的分析，2t0時刻的速度等于0時刻物體的速度等于0，所以0～t0內(nèi)的平均速度等于t0～2t0內(nèi)的平均速度．故C錯誤；D、由以上的分析可知，0～t0的位移x1等于t0～2t0的位移x2，且方向相同；由于0～t0的位移x1等于t0～2t0的位移x2，所以在0～t0時間內(nèi)合外力所做的功W1=F0x1，t0～2t0時間內(nèi)合外力所做的功W2=﹣F0x2，故W1=﹣W2，故D錯誤．故選：B2.（單選）如圖所示，三根細(xì)線長度相同（質(zhì)量不計），用一根細(xì)線與A、B兩小球連接，另兩根把A、B兩小球懸掛在天花板上的同一點O，A小球帶負(fù)電，B小球不帶電，天花板下方存在勻強(qiáng)電場E，三根細(xì)線均處于直線狀態(tài)，且OB細(xì)線恰好沿豎直方向，（不計AB間的靜電作用）兩小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)．則該電場E可能為圖中的（）A．E1B．E2C．E3D．E4參考答案：B由于B球靜止不動，故B球受力平衡；因BC豎直，故小球只能受重力及BC的拉力，AB沒有彈力；

對A球受力分析可知，A受重力，AC的拉力及電場力而處于平衡狀態(tài)，因此三力應(yīng)合力為零，由力的合成知識可知，電場力只能沿E4的方向，因粒子帶負(fù)電，故電場E的方向應(yīng)沿E2的方向3.我國載人飛船“神舟七號”的順利飛天，極大地振奮了民族精神.“神七”在軌道飛行過程中，宇航員翟志鋼跨出飛船，實現(xiàn)了“太空行走”，當(dāng)他出艙后相對于飛船靜止不動時，以下說法正確的是（

）A．他處于平衡狀態(tài)

B．他不受任何力的作用C．他的加速度不為零

D．他的加速度恒定不變參考答案：C4.（單選）平行板電容器充電后斷開電源，現(xiàn)將其中一塊金屬板遠(yuǎn)離另一板平移一小段距離。此過程中電容器的電容C、兩極板帶電量Q、兩板間電場強(qiáng)度E、兩板間電壓U隨兩板間距離d的關(guān)系，表示正確的是

參考答案：C5.（單選）如圖所示，勻強(qiáng)電場中三點A、B、C是三角形的三個頂點，∠ABC＝∠CAB＝30°，BC＝m．已知電場線平行于△ABC所在的平面，一個帶電荷量q＝－2×10－6C的點電荷由A移到B的過程中，電勢能增加1.2×10－5J，由B移到C的過程中，電場力做功6×10－6J．下列說法正確的是()A．B、C兩點的電勢差UBC＝3V

B．A點的電勢低于B點的電勢C．負(fù)電荷由C移動到A的過程中，電勢能增加

D．該電場的場強(qiáng)為1V/m參考答案：D二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.使平行板電容器帶電下列圖中的操作，能使靜電計指針的偏角變大，說明電容器兩板間的電勢差U變大．參考答案：考點：電容器的動態(tài)分析．版權(quán)所有專題：電容器專題．分析：根據(jù)電容的決定式，分析電容的變化，再根據(jù)電容的定義式，分析板間電壓的變化，即可判斷靜電計指針張角的變化．解答：解：減小正對面積，據(jù)電容的決定式C=，知電容減小，而電容器的電量不變，由電容的定義式C=，分析可知板間電壓增大，所以靜電計指針偏角增大．故答案為：大，大點評：此題關(guān)鍵掌握電容的決定式C=和電容的定義式C=，結(jié)合電容器的電量不變進(jìn)行分析．7.A、B兩個物體的質(zhì)量之比為,它們以相同的初動能始終沿同一水平面滑動,設(shè)它們與水平面間的摩擦力大小相等，則：A、B兩物體的初動量大小之比：

，A、B兩個物體滑行時間之比：

；A、B兩個物體滑行的距離之比：

。參考答案：，，1：18.如圖所示，絕緣金屬平行板電容器充電后，靜電計

的指針偏轉(zhuǎn)一定角度，若不改變兩極板帶的電量而減小兩極板間的距離，同時在兩極板間插入電介質(zhì)，則電容器的電容將

▲

，靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角度將

▲

。（填增大或者減?。﹨⒖即鸢福海?）增大

（2）減小9.已知水分子直徑為4×10-10m，由此估算阿伏伽德羅常數(shù)為__________。參考答案：10.如圖所示在豎直平面xOy內(nèi)存在著豎直向下的勻強(qiáng)電場，帶電小球以初速度v0，從O點沿Ox軸水平射入，恰好通過平面中的A點，OA連線與Ox軸夾角為60°，已知小球的質(zhì)量為m，則帶電小球通過A點時的動能為

。參考答案：水平方向

豎直方向由題意聯(lián)立求解得全程由動能定理得得11.一定質(zhì)量的理想氣體按圖示過程變化，其中bc與V軸平行，cd與T軸平行，則b→c過程中氣體的內(nèi)能

（填“增加”“減小”或“不變”），氣體的壓強(qiáng)

（填“增加”“減小”或“不變”），表示等壓變化過程的是

（選填“a→b”、“b→c”或“c→d”）．參考答案：不變；增加；a→b．【考點】理想氣體的狀態(tài)方程．【分析】由圖象可知氣體的變化過程，可知氣體做等溫變化，由理想氣體的內(nèi)能特點得出內(nèi)能的變化；再由理想氣體狀態(tài)方程可得壓強(qiáng)的變化．【解答】解：由圖可知，b→c的過程中，氣體的溫度不變；而理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，故氣體的內(nèi)能不變；由=C可知，溫度不變，體積減小，故壓強(qiáng)應(yīng)增大；由=C可知，壓強(qiáng)不變的時候，VT成正比，即為過原點的直線，所以等壓變化過程的是a→b；故答案為：不變；增加；a→b．12.右圖為穿過某線圈的磁通量隨時間變化的一t圖象，已知線圈匝數(shù)為l0匝，則0～2s線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小為

V，2～6s線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小為

V，6～8s線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小為

V。參考答案：_10_______

____0__________

____20____13.本題共兩小題，請按要求完成（1）有一個在光滑水平面內(nèi)的彈簧振子，第一次用力把彈簧壓縮x后釋放讓它振動，第二次把彈簧壓縮2x后釋放讓它振動，則先后兩次振動的周期之比為______，振幅之比為________。（2）圖（a）為一列簡諧橫波在t=0.10s時刻的波形圖，P是平衡位置在x=1.0m處的質(zhì)點，Q是平衡位置在x=4.0m處的質(zhì)點；圖（b）為質(zhì)點Q的振動圖象，則在t=0.10s時，質(zhì)點Q向_______方向運動，在t=0.25s時，質(zhì)點P的加速度方向與y軸正方向_________，從t=0.10s到t=0.25s，該波沿x軸負(fù)方向傳播了________m參考答案：

(1).1∶1

(2).1∶2

(3).y軸負(fù)

(4).相反

(5).6【詳解】（1）彈簧振子的周期由振動系統(tǒng)本身的特性決定，與振幅無關(guān)。所以兩次振動的周期之比為1:1。第一次振幅為x，第二次振幅為2x，則兩次振幅之比為1:2。（2）由振動圖像可知，在t=0.10s時，質(zhì)點Q向y軸負(fù)方向運動，波沿x軸負(fù)向傳播；因T=0.2s，則在t=0.25s=1T時，質(zhì)點P的加速度方向與y軸正方向相反；波速，則從t=0.10s到t=0.25s，該波沿x軸負(fù)方向傳播了.三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.在研究感應(yīng)電流方向規(guī)律的實驗中，老師演示了下列實驗，要求學(xué)生根據(jù)觀察填寫下列表格：（靈敏電流表中電流向下，指針向右偏轉(zhuǎn)）

操作方法

填寫內(nèi)容原磁場方向

原磁場的磁通量變

化

感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場方向

通過對實驗現(xiàn)象的分析得出：感應(yīng)電流的磁場____________________。參考答案：原來磁場方向向下向下向上向上原來磁場磁通量變化增大減小增大減小感應(yīng)電流磁場方向向上向下向下向上

感應(yīng)電流的磁場總要阻礙原磁場磁通量的變化。15.用伏安法測量電阻R的阻值，并求出其電阻率ρ.實驗器材：電壓表V(內(nèi)阻約為40kΩ)、電流表A(內(nèi)阻約為30Ω)、滑動變阻器R0、電源E、開關(guān)S、待測電阻R(約為50Ω)及導(dǎo)線若干．(1)在下面的虛線框內(nèi)畫出測量R的電路圖．

圖甲(2)如圖甲所示的坐標(biāo)中的7個點表示實驗中測得的7組電流I、電壓U的值，試作出U—I圖線并通過圖線求出電阻值R=________Ω.(保留三位有效數(shù)字)(3)待測電阻是一均勻材料制成的電阻絲，用游標(biāo)為50分度的游標(biāo)卡尺測量其長度，用螺旋測微器測量其直徑，結(jié)果分別如下圖甲、乙所示，由圖可知其長度為____cm，直徑為____mm.(4)由以上數(shù)據(jù)可求出ρ＝________Ω·m(保留三位有效數(shù)字)．參考答案：四、計算題：本題共3小題，共計47分16.（10分）如圖所示的電路中，R1=9Ω，R2=30Ω，S閉合時，電壓表V的示數(shù)為11.4V，電流表A的示數(shù)為0.2A，S斷開時，電流表A的示數(shù)為0.3A，求：（1）電阻R3的值；（2）電源電動勢E和內(nèi)阻r的值。參考答案：

E=12V；r=1Ω（1）兩端電壓：；所以兩端電壓為：；得流過的電流：；又因，故有；得（2）S閉合時，；從而V表讀數(shù)為：，S斷開時，A表讀數(shù)為：，即由（1）、（2）兩式，解得：E=12V；r=1Ω17.如圖，在光滑水平面上有A、B兩個小球，質(zhì)量分別為mA=2m、mB=m，A、B之間用一輕彈簧相連．開始時A、B處于靜止?fàn)顟B(tài)，彈簧處于原長．現(xiàn)給滑塊C一個水平向右的初速度v，質(zhì)量mC=3m，某時刻C與A發(fā)生彈性正碰，求：（i）碰撞后瞬間A和C的速度大小與方向；（ii）碰撞后彈簧所具有的最大彈性勢能Epm．參考答案：解：（i）滑塊C與A彈性碰撞后，速度分別為v1和v2，以水平向右方向為正方向，由動量守恒定律得：3mv=3mv1+2mv2，由機(jī)械能守恒定律得：（3m）v2=（3m）v12+（2m）v22，解得：v1=v，v2=v，方向水平向右；（ii）當(dāng)A、B速度相等時，彈簧具有最大彈性勢能，A、B系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：2mv2=3mv3，由機(jī)械能守恒定律得：（2m）v22=（3m）v32+EPm，解得：EPm=mv2；答：（i）碰撞后瞬間A和C的速度大小分別為：v、v，方向：水平向右；（ii）碰撞后彈簧所具有的最大彈性勢能Epm為mv2．【考點】動量守恒定律；機(jī)械能守恒定律．【分析】（i）A、C碰撞過程系統(tǒng)動量守恒、機(jī)械能守恒，應(yīng)用動量守恒定律與機(jī)械能守恒定律可以求出碰撞后的