2019年浙江省新高考選考物理模擬試卷

-.z.2019年省新高考選考物理模擬試卷一、單項選擇題〔此題共8小題，每題2分，共16分．每題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多項選擇、錯選均不得分〕1．〔2分〕以下說法錯誤的選項是〔〕A．英國科學(xué)家胡克發(fā)現(xiàn)了胡克定律，提出了關(guān)于“太陽對行星的吸引力與行星到太陽的距離的平方成反比〞的猜測B．英國劍橋大學(xué)學(xué)生亞當(dāng)斯和法國天文學(xué)家勒維耶應(yīng)用萬有引力定律，計算發(fā)現(xiàn)了海王星C．牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，并利用扭秤裝置測得萬有引力常量，“稱量了地球的重量〞D．美國物理學(xué)家密立根通過油滴實(shí)驗比擬準(zhǔn)確地測定了電子的電荷量，獲得諾貝爾獎2．〔2分〕我國“北斗〞衛(wèi)星導(dǎo)航定位系統(tǒng)將由5顆靜止軌道衛(wèi)星〔同步衛(wèi)星〕和30顆非靜止軌道衛(wèi)星組成，30顆非靜止軌道衛(wèi)星中有27顆是中軌道衛(wèi)星，中軌道衛(wèi)星軌道高度約為2.15×104km，靜止軌道衛(wèi)星的高度約為3.60×104km．以下說確的是〔〕A．中軌道衛(wèi)星的線速度大于7.9km/sB．靜止軌道衛(wèi)星的線速度大于中軌道衛(wèi)星的線速度C．靜止軌道衛(wèi)星的運(yùn)行周期大于中軌道衛(wèi)星的運(yùn)行周期D．靜止軌道衛(wèi)星的向心加速度大于中軌道衛(wèi)星的向心加速度3．〔2分〕如下圖為一臺非鐵性物質(zhì)制成的天平，天平左盤中的A是螺線管，B是鐵塊，螺線管未通電時天平平衡，現(xiàn)使螺線管通電，調(diào)節(jié)螺線管中電流的大小，使鐵塊B向上加速運(yùn)動，在B向上運(yùn)動的過程中，以下判斷正確的選項是〔〕A．天平仍保持平衡B．天平右盤下降C．天平左盤下降D．不知道電磁鐵的磁極，所以無法確定天平的升降4．〔2分〕如下圖，為質(zhì)量均可忽略的輕繩與輕桿組成系統(tǒng)，輕桿A端用鉸鏈固定，滑輪在A點(diǎn)正上方〔滑輪大小及摩擦力均可不計〕，輕桿B端吊一重物G現(xiàn)將繩的一端拴在桿的B端，用拉力F將B端緩慢釋放〔均未斷〕到AB桿轉(zhuǎn)到水平位置前，以下說確的是〔〕A．繩子受到的拉力越來越大B．繩子受到的拉力越來越小C．AB桿受到的壓力越來越大D．AB桿受到的壓力越來越小5．〔2分〕如下圖，真空中有兩個點(diǎn)電荷Q1＝4×10﹣8C和Q2＝1×10﹣8C分別固定在*坐標(biāo)軸的*＝0cm和*＝6cm的位置上。關(guān)于*軸上各點(diǎn)，以下說確的是〔〕A．*＝4cm處的電場強(qiáng)度為零B．*＝2cm處電勢低于*＝3cm處C．*＝3cm處電場強(qiáng)度大于*＝5cm處D．負(fù)電荷在*＝7cm處的電勢能大于*＝8cm處6．〔2分〕高大建筑上都有一豎立的避雷針，用以把聚集在云層中的電荷導(dǎo)入．在赤道*地兩建筑上空，有一團(tuán)帶負(fù)電的烏云經(jīng)過其正上方時，發(fā)生放電現(xiàn)象，如下圖．則此過程中地磁場對避雷針的作用力的方向是〔〕A．向東B．向南C．向西D．向北7．〔2分〕在*集裝箱碼頭上，一架起重機(jī)將放在地面上的一個箱子吊起．箱子在起重機(jī)鋼繩的作用下由靜止開場豎直向上運(yùn)動，運(yùn)動過程中箱子的機(jī)械能E與其位移*關(guān)系的圖象如下圖，其中0～*1過程的圖線為曲線，*1～*2過程的圖線為直線．根據(jù)圖象可知〔〕A．0～*1過程中鋼繩的拉力逐漸增大B．0～*1過程中箱子的動能一直增加C．*1～*2過程中鋼繩的拉力一直不變D．*1～*2過程中起重機(jī)的輸出功率一直增大8．〔2分〕市面上出現(xiàn)“充電五分鐘通話兩小時〞的手機(jī)電源，源于其使用VOOC閃充新技術(shù)。VOOC閃充標(biāo)配的microUSB充電線接口為7針，而常規(guī)的microUSB充電線接口為5針，它標(biāo)配的電池為8個金屬觸點(diǎn)，而常規(guī)電池通常為4﹣5個觸點(diǎn)，與常規(guī)的microUSB充電線、電池相比，增加觸點(diǎn)的作用是為了〔〕A．增大充電電壓B．增大電池的容量C．增大充電電流D．增大充電電阻二、不定項選擇題〔此題共8小題，每題3分，共24分．每題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的．全部選對的得3分，選對但不全的得1分，有選錯的得0分〕9．〔3分〕關(guān)于生活中的實(shí)際情形，以下說確的是〔〕A．電容器外殼上標(biāo)的電壓是額定電壓，這個數(shù)值比擊穿電壓低B．汽車在通過水庫泄洪閘下游的凹形橋的最低點(diǎn)時，駕駛員處于失重狀態(tài)C．為了便于行車，高大的橋通常要造很長的引橋，以減小汽車重力垂直橋面的分力D．電動機(jī)等大功率設(shè)備部含有多匝線圈，在開關(guān)斷開時，因線圈自感產(chǎn)生電火花10．〔3分〕如下圖是一個用折射率n＝2.4的透明介質(zhì)做成的四棱柱的橫截面圖，其中∠A＝∠C＝90°，∠B＝60°．現(xiàn)有一條垂直入射到棱鏡的AB面上。以下說確的是〔〕A．AB邊可能無光線射出B．AD邊一定無光線射出C．DC邊一定無光線射出D．BC邊一定無光線射出11．〔3分〕圖甲是一臺小型發(fā)電機(jī)的構(gòu)造示意圖，線圈逆時針轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的電動勢e隨時間t變化的正弦規(guī)律圖象如圖乙所示。發(fā)電機(jī)線圈的電阻不計，外接燈泡的電阻為12Ω．則〔〕A．在t＝0.01s時刻，穿過線圈的磁通量為零B．電壓表的示數(shù)為6VC．燈泡消耗的電功率為3WD．假設(shè)其他條件不變，僅將線圈的轉(zhuǎn)速提高一倍，則線圈電動勢的表達(dá)式e＝12sin100πtV12．〔3分〕如下圖，固定的傾斜光滑桿上套有一個質(zhì)量為m的圓環(huán)，圓環(huán)與一彈性橡皮繩相連，橡皮繩的另一端固定在地面上的A點(diǎn)，橡皮繩豎直時處于原長h。讓圓環(huán)沿桿滑下，滑到桿的底端時速度為零。則在圓環(huán)下滑過程中〔整個過程中橡皮繩始終處于彈性限度〕〔〕A．橡皮繩的彈性勢能一直增大B．圓環(huán)的機(jī)械能先不變后減小C．橡皮繩的彈性勢能增加了mghD．橡皮繩再次到達(dá)原長時圓環(huán)動能最大13．〔3分〕如下圖，一光束包含兩種不同頻率的單色光，從空氣射向兩面平行玻璃磚的上外表，玻璃磚下外表有反射層，光束經(jīng)兩次折射和一次反射后，從玻璃磚上外表分為a、b兩束單色光射出。以下說確的是〔〕A．a(chǎn)光的頻率大于b光的頻率B．光束a在空氣中的波長較大C．出射光束a、b一定相互平行D．a(chǎn)、b兩色光都是偏振光14．〔3分〕如下圖，E為電源，R為電阻，D為理想二極管，P和Q構(gòu)成一理想電容囂，M、N為輸出端。讓薄金屬片P以圖示位置為中心在虛線圍左右做周期性往復(fù)運(yùn)動，而Q固定不動。以下說確的是〔〕A．P每次向右運(yùn)動時電容器的電容就會增大B．P每次向左運(yùn)動時電容器的電壓就會增大C．隨著P的左右運(yùn)動，兩板間電場強(qiáng)度最終會保持不變D．隨著P的左右運(yùn)動，輸出端會有周期性脈沖電壓輸出15．〔3分〕如圖甲所示，輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，一質(zhì)量為m的小球，從離彈簧上端高h(yuǎn)處由靜止釋放。*同學(xué)在研究小球落到彈簧上后繼續(xù)向下運(yùn)動到最低點(diǎn)的過程，他以小球開場下落的位置為原點(diǎn)，沿豎直向下方向建立坐標(biāo)軸O*，做出小球所受彈力F大小隨小球下落的位置坐標(biāo)*的變化關(guān)系如圖乙所示，不計空氣阻力，重力加速度為g。以下判斷正確的選項是〔〕A．當(dāng)*＝h+*0，小球的重力勢能與彈簧的彈性勢能之和最小B．小球落到彈簧上向下運(yùn)動到最低點(diǎn)的過程中，速度先減小后增大C．小球落到彈簧上向下運(yùn)動到最低點(diǎn)的過程中，加速度先減小后增大D．小球動能的最大值為mgh+16．〔3分〕如下圖，正方形abcd區(qū)域分布著垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，O點(diǎn)是cd邊的中點(diǎn)．一個帶正電的粒子僅在磁場力的作用下，從O點(diǎn)沿紙面以垂直于cd邊的速度射入磁場，經(jīng)過時間t0剛好從c點(diǎn)射出磁場．現(xiàn)讓該粒子從O點(diǎn)沿紙面以與Od成30°角的方向，分別以大小不同的速率射入磁場，則關(guān)于該粒子在磁場中運(yùn)動的時間t和離開正方形區(qū)域位置，分析正確的選項是〔〕A．假設(shè)t＝t0，則它一定從dc邊射出磁場B．假設(shè)t＝t0，則它一定從cb邊射出磁場C．假設(shè)t＝t0，則它一定從ba邊射出磁場D．假設(shè)t＝t0，則它一定從da邊射出磁場三、實(shí)驗探究題〔此題共4小題，共14分〕17．〔2分〕〔1〕在“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系〞的實(shí)驗中，以下器材在實(shí)驗中不必用到有?！?〕假設(shè)在實(shí)驗中用匝數(shù)N1＝400匝和N2＝800匝的變壓器，對應(yīng)的電壓測量數(shù)據(jù)如表所示。根據(jù)測量數(shù)據(jù)，以下說確的是A．N1一定是原線圈B．N2一定是原線圈C．N1可能是副線圈D．N2可能是副線圈實(shí)驗次數(shù)1234U1/V0.901.401.902.40U2/V2.003.014.025.0218．〔2分〕〔1〕實(shí)驗室有一梯形玻璃磚，*同學(xué)想用“插針法〞測定玻璃的折射率。玻璃磚有4個光學(xué)面A、B、C、D，如圖1所示，其中A、C兩面相互平行，實(shí)驗中該同學(xué)對入射面和出射面的認(rèn)識正確的選項是A．只能選用A、C兩面B．可以選用A、B兩面C．不能選用B、D兩面〔2〕該同學(xué)在選用A、C兩面進(jìn)展實(shí)驗時，正確操作后，做出的光路圖及測出的相關(guān)角度如圖2所示。此玻璃的折射率計算式為n＝〔用圖中的θ1、θ2表示〕。19．〔3分〕如圖甲所示，在“探究功與速度變化的關(guān)系〞的實(shí)驗中，主要過程如下：A．設(shè)法讓橡皮筋對小車做的功分別為W、2W、3W、…；B．分析紙帶，求出橡皮筋做功使小車獲得的速度v1、v2、v3、…；C．作出W﹣v圖象；D．分析W﹣v圖象．如果W﹣v圖象是一條直線，說明W∝v；如果不是直線，可考慮是否存在W∝v2、W∝v3、W∝等關(guān)系．〔1〕實(shí)驗中得到的一條如圖乙所示的紙帶，求小車獲得的速度應(yīng)選〔選填“AB〞或“CD〞〕段來計算．〔2〕關(guān)于該實(shí)驗，以下說確的有A．通過增加橡皮筋的條數(shù)可以使橡皮筋對小車做的功成整數(shù)倍增加B．通過改變小車質(zhì)量可以改變橡皮筋對小車做的功C．每次實(shí)驗中，橡皮筋拉伸的長度必需保持一致D．先接通電源，再讓小車在橡皮筋的作用下彈出〔3〕在該實(shí)驗中，打點(diǎn)計時器正常工作，紙帶足夠長，點(diǎn)跡清晰的紙帶上并沒有出現(xiàn)一段等間距的點(diǎn)，造成這種情況的原因可能是．〔寫出一條即可〕20．〔7分〕為測量一根金屬絲〔電阻約5Ω〕的電阻率ρ，選用的電學(xué)器材：電壓表〔量程3V，阻約3kΩ〕、電流表〔量程0.6A，阻約0.2Ω〕，滑動變阻器〔0～15Ω〕，學(xué)生電源〔穩(wěn)壓輸出3V〕、開關(guān)、導(dǎo)線假設(shè)干?！?〕如圖甲所示，用螺旋測微器測量金屬絲的直徑時，為了防止金屬絲發(fā)生明顯形變，同時防止損壞螺旋測微器，轉(zhuǎn)動旋鈕C至測砧、測微螺桿與金屬絲將要接觸時，應(yīng)調(diào)節(jié)旋鈕〔選填“A〞、“B〞或“D〞〕發(fā)出“喀喀〞聲時停頓；*次的測量結(jié)果如圖乙所示，其讀數(shù)為mm。〔2〕請在答題卡上用筆畫線代替導(dǎo)線將圖丙的電路補(bǔ)充完整?！?〕如圖丁所示，實(shí)驗數(shù)據(jù)已描在坐標(biāo)紙上，作出U﹣I圖線并求出該金屬絲的電阻值為Ω〔結(jié)果保存兩位有效數(shù)字〕。〔4〕有人認(rèn)為用圖象法求金屬絲的電阻是為了減小系統(tǒng)誤差，他的觀點(diǎn)是否正確？請說明理由。。四、解答題〔此題共4小題，共46分．要求寫出必要的解題過程，否則不得分〕21．〔10分〕如下圖，在傾角為θ的光滑斜面上有兩個用輕質(zhì)彈簧相連接的物塊A、B，它們的質(zhì)量分別為mA、mB，彈簧的勁度系數(shù)為k，C為一固定擋板．系統(tǒng)處一靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)開場用一恒力F沿斜面方向拉物塊A使之向上運(yùn)動，求物塊B剛要離開C時物塊A的加速度a和從開場到此時物塊A的位移d，重力加速度為g．22．〔12分〕如下圖是*游樂場新建的水上娛樂工程。在運(yùn)營前需要通過真實(shí)場景模擬來確定其平安性。質(zhì)量為120kg的皮劃艇載著質(zhì)量為60kg的乘客模型，以一定速度沖上傾角為θ＝37°，長度LAB＝8m的長直軌道AB；皮劃艇恰好能到達(dá)B點(diǎn)。設(shè)皮劃艇能保持速率不變通過B點(diǎn)到達(dá)下滑軌道BC上。皮劃艇到達(dá)C點(diǎn)后，進(jìn)入半徑R＝5m的圓弧涉水軌道CDE，其中C與E等高，D為最低點(diǎn)。軌道AB、BC的動摩擦因數(shù)μ＝0.5，涉水軌道因為阻力減小，可以視為光滑軌道，不計其他阻力，皮劃艇和乘客模型可看做質(zhì)點(diǎn)。求：〔1〕求皮劃艇在A點(diǎn)的動能大小?！?〕求劃水艇經(jīng)過CDE軌道最低點(diǎn)D時，軌道收到的壓力?！?〕涉水軌道能承受的最大壓力為13140N．求劃水艇沖上A點(diǎn)的速度大小圍。23．〔12分〕如下圖，有一傾斜的光滑平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌平面與水平面的夾角θ＝30°，導(dǎo)軌間距為L＝0.5m，在導(dǎo)軌的中間矩形區(qū)域存在垂直斜面向上的勻強(qiáng)磁場。一質(zhì)量m＝0.05kg、有效電阻r＝2Ω的導(dǎo)體棒從距磁場上邊緣d處靜止釋放，當(dāng)它進(jìn)入磁場時剛好勻速運(yùn)動，整個運(yùn)動過程中，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸良好，且始終保持與導(dǎo)軌垂直，d＝0.4m，接在兩導(dǎo)軌間的電阻R＝6Ω，不計導(dǎo)軌的電阻，取g＝10m/s2．求：〔1〕導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場時的速度v?！?〕導(dǎo)體棒通過磁場過程中，電阻R上產(chǎn)生的熱量QR?！?〕導(dǎo)體棒通過磁場過程中，通過電阻R的電荷量q。24．〔12分〕如圖甲所示，M、N是相距為d＝0.1m豎直放置的平行金屬板，板間有垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B1＝0.1T．P、Q為水平放置的兩平行金屬板，用導(dǎo)線將P與M、Q與N分別連接；A為絕緣擋板；C為平行于P和Q的熒光屏；A、P、Q、C的中間各有一個小孔，所有小孔在同一豎直中軸線上。熒光屏C的上方有垂直于紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B2＝0.01T的勻強(qiáng)磁場?，F(xiàn)有大量的正負(fù)離子混合物，以*一一樣的速度垂直于磁場豎直向上射入金屬板MN之間，離子的比荷的絕對值均為||＝107C/kg。僅能在P與Q、M與N之間形成電場，極板間形成的電場均可視為勻強(qiáng)電場，且忽略電場的邊緣效應(yīng)，不計離子重力。〔1〕判斷金屬板M的帶電性質(zhì)，并求出在N、M兩板之間電場穩(wěn)定后，電勢差UNM與離子入射速度v之間的關(guān)系；〔2〕假設(shè)離子以v1＝3.0×105m/s的速度射入磁場，在熒光屏上將出現(xiàn)由正、負(fù)離子形成的兩個亮點(diǎn)，求兩亮點(diǎn)到熒光屏小孔的距離之比；〔3〕假設(shè)離子以v2＝1.0×105m/s的速度射入磁場，因*種原因，實(shí)際上離子通過C板上的小孔時會在豎直平面形成一個發(fā)散角2θ〔如圖乙〕，所有離子速率仍一樣。求熒光屏上亮點(diǎn)的長度△*及同一時刻通過小孔的離子打到熒光屏上的最長時間差△t．〔θ＝0.1415弧度，cosθ＝0.99〕2019年省新高考選考物理模擬試卷參考答案與試題解析一、單項選擇題〔此題共8小題，每題2分，共16分．每題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多項選擇、錯選均不得分〕1．〔2分〕以下說法錯誤的選項是〔〕A．英國科學(xué)家胡克發(fā)現(xiàn)了胡克定律，提出了關(guān)于“太陽對行星的吸引力與行星到太陽的距離的平方成反比〞的猜測B．英國劍橋大學(xué)學(xué)生亞當(dāng)斯和法國天文學(xué)家勒維耶應(yīng)用萬有引力定律，計算發(fā)現(xiàn)了海王星C．牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，并利用扭秤裝置測得萬有引力常量，“稱量了地球的重量〞D．美國物理學(xué)家密立根通過油滴實(shí)驗比擬準(zhǔn)確地測定了電子的電荷量，獲得諾貝爾獎【考點(diǎn)】1U：物理學(xué)史．【專題】31：定性思想；43：推理法；511：直線運(yùn)動規(guī)律專題．【分析】根據(jù)物理學(xué)史的知識，結(jié)合哥白尼、牛頓、開普勒等人的奉獻(xiàn)即可正確解答?！窘獯稹拷猓篈、英國科學(xué)家胡克發(fā)現(xiàn)了胡克定律，提出了關(guān)于“太陽對行星的吸引力與行星到太陽的距離的平方成反比〞的猜測。故A正確；B、發(fā)現(xiàn)萬有引力定律后，英國劍橋大學(xué)學(xué)生亞當(dāng)斯和法國天文學(xué)家勒維耶應(yīng)用萬有引力定律，計算并觀測到海王星，故B正確；C、牛頓于1687年正式發(fā)表萬有引力定律，測出引力常量的科學(xué)家是卡文迪許，卡文迪許倍成為“稱量了地球的重量〞故C錯誤；D、美國物理學(xué)家密立根通過油滴實(shí)驗比擬準(zhǔn)確地測定了電子的電荷量，故D正確。此題選擇錯誤的，應(yīng)選：C?！军c(diǎn)評】此題考察有關(guān)天體運(yùn)動的物理學(xué)史；對于物理學(xué)家所作的科學(xué)奉獻(xiàn)，要加強(qiáng)記憶，這也是高考考察的容之一。2．〔2分〕我國“北斗〞衛(wèi)星導(dǎo)航定位系統(tǒng)將由5顆靜止軌道衛(wèi)星〔同步衛(wèi)星〕和30顆非靜止軌道衛(wèi)星組成，30顆非靜止軌道衛(wèi)星中有27顆是中軌道衛(wèi)星，中軌道衛(wèi)星軌道高度約為2.15×104km，靜止軌道衛(wèi)星的高度約為3.60×104km．以下說確的是〔〕A．中軌道衛(wèi)星的線速度大于7.9km/sB．靜止軌道衛(wèi)星的線速度大于中軌道衛(wèi)星的線速度C．靜止軌道衛(wèi)星的運(yùn)行周期大于中軌道衛(wèi)星的運(yùn)行周期D．靜止軌道衛(wèi)星的向心加速度大于中軌道衛(wèi)星的向心加速度【考點(diǎn)】4F：萬有引力定律及其應(yīng)用；4H：人造衛(wèi)星．【專題】52A：人造衛(wèi)星問題．【分析】根據(jù)衛(wèi)星受到地球的萬有引力提供向心力知G＝m＝mω2r＝m〔〕2r＝ma列式求解相關(guān)量然后根據(jù)半徑比擬大小．【解答】解：據(jù)萬有引力提供向心力有：G＝m＝mω2r＝m〔〕2r＝ma解得：v＝…①T＝＝2π…②ω＝…③a＝…④A、據(jù)v＝，由于中軌道衛(wèi)星的半徑大于地球半徑，故中軌道衛(wèi)星的線速度小于7.9km/s，故A錯誤；B、據(jù)v＝得，靜止軌道衛(wèi)星的線速度小于中軌道衛(wèi)星的線速度，故B錯誤；C、據(jù)T＝2π，因為靜止軌道衛(wèi)星軌道半徑大于中軌道衛(wèi)星軌道半徑，靜止軌道衛(wèi)星的運(yùn)行周期大于中軌道衛(wèi)星的運(yùn)行周期，故C正確；D、據(jù)a＝，可知靜止軌道衛(wèi)星的向心加速度小于中軌道衛(wèi)星的向心加速度，故D錯誤。應(yīng)選：C?！军c(diǎn)評】結(jié)實(shí)掌握萬有引力提供衛(wèi)星圓周運(yùn)動的向心力G＝m＝mω2r＝m〔〕2r＝ma是解決問題的關(guān)鍵．3．〔2分〕如下圖為一臺非鐵性物質(zhì)制成的天平，天平左盤中的A是螺線管，B是鐵塊，螺線管未通電時天平平衡，現(xiàn)使螺線管通電，調(diào)節(jié)螺線管中電流的大小，使鐵塊B向上加速運(yùn)動，在B向上運(yùn)動的過程中，以下判斷正確的選項是〔〕A．天平仍保持平衡B．天平右盤下降C．天平左盤下降D．不知道電磁鐵的磁極，所以無法確定天平的升降【考點(diǎn)】2K：力矩的平衡條件；3E：牛頓運(yùn)動定律的應(yīng)用﹣超重和失重．【專題】31：定性思想；43：推理法；522：牛頓運(yùn)動定律綜合專題．【分析】當(dāng)鐵塊B向上加速運(yùn)動的過程中，鐵塊處于超重狀態(tài)，根據(jù)超重與失重的特點(diǎn)分析天平的那一端下降。【解答】解：當(dāng)鐵塊B向上加速運(yùn)動的過程中，鐵塊處于超重狀態(tài)，可知左側(cè)的物體整體對天平的壓力增大，天平左盤下降。故C正確，ABD錯誤。應(yīng)選：C?！军c(diǎn)評】該題考察安培定則以及超重與失重，解答的關(guān)鍵是能關(guān)鍵物體的加速度的方向判斷物體是處于超重狀態(tài)，還是失重狀態(tài)。4．〔2分〕如下圖，為質(zhì)量均可忽略的輕繩與輕桿組成系統(tǒng)，輕桿A端用鉸鏈固定，滑輪在A點(diǎn)正上方〔滑輪大小及摩擦力均可不計〕，輕桿B端吊一重物G現(xiàn)將繩的一端拴在桿的B端，用拉力F將B端緩慢釋放〔均未斷〕到AB桿轉(zhuǎn)到水平位置前，以下說確的是〔〕A．繩子受到的拉力越來越大B．繩子受到的拉力越來越小C．AB桿受到的壓力越來越大D．AB桿受到的壓力越來越小【考點(diǎn)】29：物體的彈性和彈力；2G：力的合成與分解的運(yùn)用；3C：共點(diǎn)力的平衡．【專題】31：定性思想；4B：圖析法；527：共點(diǎn)力作用下物體平衡專題．【分析】以B點(diǎn)為研究對象，分析其受力情況，作出受力圖，利用三角形相似法，得出各力與三角形ABO三邊邊長的關(guān)系，再分析其變化．【解答】解：以B點(diǎn)為研究對象，分析受力情況：重物的拉力T〔等于重物的重力G〕、輕桿的支持力N和繩子的拉力F，設(shè)滑輪處為O點(diǎn)，作出力圖如圖：由平衡條件得知，N和F的合力與T大小相等，方向相反，根據(jù)三角形相似可得：＝＝又T＝G，解得：N＝?G，F(xiàn)＝?G；將B端緩慢釋放〔均未斷〕到AB桿轉(zhuǎn)到水平位置前，∠BAO緩慢變大時，AB、AO保持不變，BO變大，則AB桿受到的壓力N保持不變，繩子受到的拉力F變大。故A正確，BCD錯誤。應(yīng)選：A?！军c(diǎn)評】此題涉及非直角三角形的力平衡問題，采用三角形相似，得到力與三角形邊長的關(guān)系，再分析力的變化，是常用的方法．5．〔2分〕如下圖，真空中有兩個點(diǎn)電荷Q1＝4×10﹣8C和Q2＝1×10﹣8C分別固定在*坐標(biāo)軸的*＝0cm和*＝6cm的位置上。關(guān)于*軸上各點(diǎn)，以下說確的是〔〕A．*＝4cm處的電場強(qiáng)度為零B．*＝2cm處電勢低于*＝3cm處C．*＝3cm處電場強(qiáng)度大于*＝5cm處D．負(fù)電荷在*＝7cm處的電勢能大于*＝8cm處【考點(diǎn)】A8：點(diǎn)電荷的電場；AE：電勢能與電場力做功．【專題】32：定量思想；49：合成分解法；532：電場力與電勢的性質(zhì)專題．【分析】空間*點(diǎn)的電場強(qiáng)度是正電荷Q1和負(fù)電荷Q2在該處產(chǎn)生的電場的疊加，是合場強(qiáng)。運(yùn)用電場的疊加原理進(jìn)展分析；負(fù)電荷在電勢越高的地方電勢能越低；【解答】解：A、設(shè)距Q1為*1處的場強(qiáng)為0，根據(jù)電場的疊加原理知：＝，解得：*1＝4cm，故A正確；B、電場在*＝2cm到*＝4cm處指向*軸正方向，由沿場強(qiáng)方向電勢降低知*＝2cm處電勢高于*＝3cm處，故B錯誤；C、通過計算得*＝3cm處電場強(qiáng)度：E3＝﹣＝，*＝5cm處電場強(qiáng)度：E5＝﹣＝，則*＝3cm處電場強(qiáng)度小于*＝5cm處，故C錯誤；D、*＝7cm處的電勢大于*＝8cm處，所以負(fù)電荷在*＝7cm處的電勢能小于*＝8cm處，故D錯誤；應(yīng)選：A?！军c(diǎn)評】解決此題時要知道空間中*一點(diǎn)的電場，是空間所有電荷產(chǎn)生的電場的疊加，場強(qiáng)是矢量，其合成遵守平行四邊形定則。6．〔2分〕高大建筑上都有一豎立的避雷針，用以把聚集在云層中的電荷導(dǎo)入．在赤道*地兩建筑上空，有一團(tuán)帶負(fù)電的烏云經(jīng)過其正上方時，發(fā)生放電現(xiàn)象，如下圖．則此過程中地磁場對避雷針的作用力的方向是〔〕A．向東B．向南C．向西D．向北【考點(diǎn)】CC：安培力．【專題】31：定性思想；43：推理法；53C：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合．【分析】根據(jù)負(fù)電荷的移動方向可明確電流的方向，再根據(jù)左手定則進(jìn)展分析，從而明確磁場對電流的作用．【解答】解：當(dāng)帶有負(fù)電的烏云經(jīng)過避雷針上方時，避雷針開場放電形成瞬間電流，負(fù)電電荷從上而下通過避雷針，所以電流的方向為從下而上，磁場的方向從南向北，根據(jù)左手定則，安培力的方向向西。應(yīng)選：C?！军c(diǎn)評】左手定則的容是：伸開左手，使大拇指與其余四個手指垂直，并且都與手掌在同一個平面；讓磁感線從掌心進(jìn)入，并使四指指向電流的方向，這時拇指所指的方向就是通電導(dǎo)線在磁場中所受安培力的方向7．〔2分〕在*集裝箱碼頭上，一架起重機(jī)將放在地面上的一個箱子吊起．箱子在起重機(jī)鋼繩的作用下由靜止開場豎直向上運(yùn)動，運(yùn)動過程中箱子的機(jī)械能E與其位移*關(guān)系的圖象如下圖，其中0～*1過程的圖線為曲線，*1～*2過程的圖線為直線．根據(jù)圖象可知〔〕A．0～*1過程中鋼繩的拉力逐漸增大B．0～*1過程中箱子的動能一直增加C．*1～*2過程中鋼繩的拉力一直不變D．*1～*2過程中起重機(jī)的輸出功率一直增大【考點(diǎn)】63：功率、平均功率和瞬時功率．【分析】除重力和彈簧的彈力之外的其它力做多少功物體的機(jī)械能就改變多少，所以E﹣*圖象的斜率的絕對值等于物體所受的拉力的大??；如果拉力等于物體所受的重力，則物體做勻速直線運(yùn)動；如果拉力大于物體的重力，則物體做加速向上運(yùn)動．【解答】解：A、B、由于除重力和彈簧的彈力之外的其它力做多少功物體的機(jī)械能就改變多少，所以E﹣*圖象的斜率的絕對值等于物體所受拉力的大小，由圖可知在0～*1斜率的絕對值逐漸減小，故在0～*1物體所受的拉力逐漸減小。如果拉力一直大于重力，則物體的動能一直增大。如果拉力小于重力，則物體的動能可能減小。故AB錯誤。C、由于*1～*2過程的圖線為直線，則物體在*1～*2所受的合力保持不變，所以物體受到的拉力不變，故C正確。D、由于物體在*1～*2E﹣*圖象的斜率的絕對值不變，故物體所受的拉力保持不變。如果拉力等于物體所受的重力，故物體做勻速直線運(yùn)動，所以起重機(jī)的輸出功率不變，故D錯誤。應(yīng)選：C?！军c(diǎn)評】1．除重力和彈簧的彈力之外的其它力做多少負(fù)功物體的機(jī)械能就減少多少；2．E﹣*圖象的斜率的絕對值等于物體所受拉力的大?。陨蟽牲c(diǎn)是解決這類題目的突破口．8．〔2分〕市面上出現(xiàn)“充電五分鐘通話兩小時〞的手機(jī)電源，源于其使用VOOC閃充新技術(shù)。VOOC閃充標(biāo)配的microUSB充電線接口為7針，而常規(guī)的microUSB充電線接口為5針，它標(biāo)配的電池為8個金屬觸點(diǎn)，而常規(guī)電池通常為4﹣5個觸點(diǎn)，與常規(guī)的microUSB充電線、電池相比，增加觸點(diǎn)的作用是為了〔〕A．增大充電電壓B．增大電池的容量C．增大充電電流D．增大充電電阻【考點(diǎn)】B2：歐姆定律；B7：電阻定律．【專題】31：定性思想；43：推理法；535：恒定電流專題．【分析】根據(jù)題目的信息：閃充新技術(shù)，且8個金屬觸點(diǎn)，而常規(guī)電池通常為4﹣5個觸點(diǎn)，進(jìn)而可判定，增加觸點(diǎn)的作用?！窘獯稹拷猓河深}目：閃充新技術(shù)，標(biāo)配的電池為8個金屬觸點(diǎn)，而常規(guī)電池通常為4﹣5個觸點(diǎn)，可知，與常規(guī)的microUSB充電線、電池相比，觸點(diǎn)增加；電池不變，則不可能增加充電電壓，也沒有改變電池的容量，及電阻，只可能增大充電的電流，使其快速充滿電，故C正確，ABD錯誤；應(yīng)選：C。【點(diǎn)評】考察閃充新技術(shù)的原理，掌握解決信息題的方法，注意只增加觸點(diǎn)，沒改變電池，是解題的關(guān)鍵點(diǎn)。二、不定項選擇題〔此題共8小題，每題3分，共24分．每題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的．全部選對的得3分，選對但不全的得1分，有選錯的得0分〕9．〔3分〕關(guān)于生活中的實(shí)際情形，以下說確的是〔〕A．電容器外殼上標(biāo)的電壓是額定電壓，這個數(shù)值比擊穿電壓低B．汽車在通過水庫泄洪閘下游的凹形橋的最低點(diǎn)時，駕駛員處于失重狀態(tài)C．為了便于行車，高大的橋通常要造很長的引橋，以減小汽車重力垂直橋面的分力D．電動機(jī)等大功率設(shè)備部含有多匝線圈，在開關(guān)斷開時，因線圈自感產(chǎn)生電火花【考點(diǎn)】AN：電容器與電容；DE：自感現(xiàn)象和自感系數(shù)．【分析】電容器外殼上標(biāo)的電壓是工作電壓．當(dāng)物體對接觸面的壓力大于物體的真實(shí)重力時，就說物體處于超重狀態(tài)，此時有向上的加速度；當(dāng)物體對接觸面的壓力小于物體的真實(shí)重力時，就說物體處于失重狀態(tài)，此時有向下的加速度；電動機(jī)等大功率設(shè)備部含有多匝線圈，在開關(guān)斷開時，因線圈自感產(chǎn)生電火花．【解答】解：A、電容器外殼上標(biāo)的電壓是工作電壓，又叫額定電壓，這個數(shù)值比擊穿電壓低。故A正確。B、當(dāng)汽車在通過水庫泄洪閘下游的凹形橋的最低點(diǎn)時，此時有向上的加速度，汽車對接觸面的壓力大于物體的真實(shí)重力，汽車處于超重狀態(tài)；故B錯誤；C、比擬高大的橋的上面是向上凸起的圓弧線，汽車沿圓弧線運(yùn)動的過程中需要向心力，為了便于行車，高大的橋通常要造很長的引橋是為了增大圓弧的半徑，減小向心力對運(yùn)動的汽車的影響，增大汽車重力垂直橋面的分力。故C錯誤；D、電動機(jī)等大功率設(shè)備部含有多匝線圈，在開關(guān)斷開時，因線圈自感產(chǎn)生反電動勢，容易產(chǎn)生電火花。故D正確。應(yīng)選：AD?！军c(diǎn)評】該題考察電容器的擊穿電壓、超重與失重、以及線圈的自感現(xiàn)象，都是一些記憶性的知識點(diǎn)的容，在平時的學(xué)習(xí)過程中要多加積累．10．〔3分〕如下圖是一個用折射率n＝2.4的透明介質(zhì)做成的四棱柱的橫截面圖，其中∠A＝∠C＝90°，∠B＝60°．現(xiàn)有一條垂直入射到棱鏡的AB面上。以下說確的是〔〕A．AB邊可能無光線射出B．AD邊一定無光線射出C．DC邊一定無光線射出D．BC邊一定無光線射出【考點(diǎn)】H3：光的折射定律．【專題】34：比擬思想；43：推理法；54D：光的折射專題．【分析】光垂直射入棱鏡時方向不變。光從棱鏡射入空氣，假設(shè)入射角大于臨界角會產(chǎn)生全反射。光在透明介質(zhì)的分界面上，一定有反射。結(jié)合這些知識分析。【解答】解：光線從左側(cè)垂直AB射入棱鏡時，有反射也有透射，透射方向不變。光線射到CD時，由幾何知識得：入射角為i＝30°。設(shè)棱鏡的臨界角為C，則sinC＝＝＜，故有C＜30°，所以光線在DC面上發(fā)生了全反射。由幾何知識分析得到，光線射到AB面上時入射角為i′＝30°，發(fā)生全反射，反射光線與BC面垂直，所以既有光線垂直射出BC面，又有光線從BC反射，根據(jù)光路的可逆性可知，這個反射光線沿原路返回，光路圖如下圖。故AD錯誤，BC正確。應(yīng)選：BC?！军c(diǎn)評】此題的關(guān)鍵要掌握全反射的條件，并能結(jié)合幾何知識判斷能否發(fā)生全反射。11．〔3分〕圖甲是一臺小型發(fā)電機(jī)的構(gòu)造示意圖，線圈逆時針轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的電動勢e隨時間t變化的正弦規(guī)律圖象如圖乙所示。發(fā)電機(jī)線圈的電阻不計，外接燈泡的電阻為12Ω．則〔〕A．在t＝0.01s時刻，穿過線圈的磁通量為零B．電壓表的示數(shù)為6VC．燈泡消耗的電功率為3WD．假設(shè)其他條件不變，僅將線圈的轉(zhuǎn)速提高一倍，則線圈電動勢的表達(dá)式e＝12sin100πtV【考點(diǎn)】E3：正弦式電流的圖象和三角函數(shù)表達(dá)式．【專題】53A：交流電專題．【分析】在中性面感應(yīng)電動勢最小，磁通量最大；根據(jù)圖象可知交流電的最大值以及周期等物理量，然后進(jìn)一步可求出其瞬時值的表達(dá)式以及有效值等。求解電功率要用有效值?！窘獯稹拷猓篈在t＝0.01s的時刻，電動勢為0，則為中性面，穿過線圈磁通量最大。故A錯誤；B電動勢的最大值為Em＝，電壓表測量的為有效值，又發(fā)電機(jī)線圈的電阻不計，故示數(shù)為U＝＝6V；故B正確；C、燈泡消耗的功率P＝；故C正確；D、周期為0.02s，則瞬時電動勢的表達(dá)式為＝．轉(zhuǎn)速提高一倍后，ω＝2πn，故角速度變?yōu)樵瓉淼?倍，最大值Em＝NBSω，則最大值也增大一倍，變成，表達(dá)式應(yīng)為：；故D錯誤；應(yīng)選：BC?！军c(diǎn)評】此題考察了有關(guān)交流電描述的根底知識，要根據(jù)交流電圖象正確求解最大值、有效值、周期、頻率、角速度等物理量，同時正確書寫交流電的表達(dá)式。12．〔3分〕如下圖，固定的傾斜光滑桿上套有一個質(zhì)量為m的圓環(huán)，圓環(huán)與一彈性橡皮繩相連，橡皮繩的另一端固定在地面上的A點(diǎn)，橡皮繩豎直時處于原長h。讓圓環(huán)沿桿滑下，滑到桿的底端時速度為零。則在圓環(huán)下滑過程中〔整個過程中橡皮繩始終處于彈性限度〕〔〕A．橡皮繩的彈性勢能一直增大B．圓環(huán)的機(jī)械能先不變后減小C．橡皮繩的彈性勢能增加了mghD．橡皮繩再次到達(dá)原長時圓環(huán)動能最大【考點(diǎn)】6A：動能和勢能的相互轉(zhuǎn)化；6B：功能關(guān)系．【分析】分析圓環(huán)沿桿下滑的過程的受力和做功情況，只有重力橡皮繩的拉力做功，所以圓環(huán)機(jī)械能不守恒，但是系統(tǒng)的機(jī)械能守恒；沿桿方向合力為零的時刻，圓環(huán)的速度最大。【解答】解：A、橡皮繩的彈性勢能隨橡皮繩的形變量的變化而變化，由圖知橡皮繩先縮短后再伸長，故橡皮繩的彈性勢能先不變再增大。故A錯誤；B、圓環(huán)沿桿滑下，滑到桿的底端的過程中有兩個力對圓環(huán)做功，即環(huán)的重力和橡皮繩的拉力；所以圓環(huán)的機(jī)械能不守恒，如果把圓環(huán)和橡皮繩組成的系統(tǒng)作為研究對象，則系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，因為橡皮繩的彈性勢能先不變再增大，所以圓環(huán)的機(jī)械能先不變后減小，故B正確；C、根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，圓環(huán)的機(jī)械能減少了mgh，則橡皮繩的機(jī)械能的減小量等于彈性勢能增大量，為mgh。故C正確；D、在圓環(huán)下滑過程中，橡皮繩再次到達(dá)原長時，該過程中動能一直增大，但不是最大，沿桿方向合力為零的時刻，圓環(huán)的速度最大。故D錯誤。應(yīng)選：BC?！军c(diǎn)評】對物理過程進(jìn)展受力、運(yùn)動、做功分析，是解決問題的根本方法。這是一道考察系統(tǒng)機(jī)械能守恒的根底好題。13．〔3分〕如下圖，一光束包含兩種不同頻率的單色光，從空氣射向兩面平行玻璃磚的上外表，玻璃磚下外表有反射層，光束經(jīng)兩次折射和一次反射后，從玻璃磚上外表分為a、b兩束單色光射出。以下說確的是〔〕A．a(chǎn)光的頻率大于b光的頻率B．光束a在空氣中的波長較大C．出射光束a、b一定相互平行D．a(chǎn)、b兩色光都是偏振光【考點(diǎn)】H3：光的折射定律；HB：光的偏振．【專題】34：比擬思想；43：推理法；54D：光的折射專題．【分析】作出光路圖，根據(jù)光線的偏折程度比擬兩色光的折射率大小，從而比擬出頻率和波長的大小，結(jié)合幾何關(guān)系分析出射光線是否平行?！窘獯稹拷猓篈、光路圖如下圖，光束進(jìn)入玻璃磚時，a光的偏折程度較大，則a光的折射率較大，頻率較大。故A正確。B、光束a的頻率較大，由c＝λf知光束a在空氣中的波長較小，故B錯誤。C、因為a、b兩光在上外表的折射角與反射后在上外表的入射角分別相等，根據(jù)幾何知識可知出射光束一定相互平行。故C正確。D、光斜射到玻璃外表時，反射光和折射光都是偏振光。則知a、b兩色光都是偏振光。故D正確。應(yīng)選：ACD。【點(diǎn)評】解決此題的關(guān)鍵是作出光路圖，通過光線的偏折程度比擬出光的折射率大小，并掌握折射率與波長、頻率等之間的關(guān)系。14．〔3分〕如下圖，E為電源，R為電阻，D為理想二極管，P和Q構(gòu)成一理想電容囂，M、N為輸出端。讓薄金屬片P以圖示位置為中心在虛線圍左右做周期性往復(fù)運(yùn)動，而Q固定不動。以下說確的是〔〕A．P每次向右運(yùn)動時電容器的電容就會增大B．P每次向左運(yùn)動時電容器的電壓就會增大C．隨著P的左右運(yùn)動，兩板間電場強(qiáng)度最終會保持不變D．隨著P的左右運(yùn)動，輸出端會有周期性脈沖電壓輸出【考點(diǎn)】AS：電容器的動態(tài)分析．【專題】31：定性思想；43：推理法；533：電容器專題．【分析】依據(jù)電容的決定式C＝，即可判定電容變化情況；根據(jù)電容器總是與電源相連接，即可判定電壓的變化情況；根據(jù)E＝，即可判定電場強(qiáng)度的變化；依據(jù)電容的定義式C＝，結(jié)合電容C，即可判定電量變化情況?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)電容的決定式C＝，當(dāng)極板間距d減小時，則電容C增大，故A正確；B、P每次向左運(yùn)動時，導(dǎo)致極板間距增大，則電容C減小，因二極管的影響，電容器不能放電，即電量Q不變，根據(jù)公式U＝，得電壓增大，故B正確；C、根據(jù)E＝，隨著P的左右運(yùn)動，則兩板間電場強(qiáng)度會變化，故C錯誤；D、隨著P的左右運(yùn)動，電容C會改變，因二極管的作用，電量只能增大，不會減小，則當(dāng)給電容器充電時，電阻中有電流通過，因此輸出端會有周期性脈沖電壓輸出，故D正確；應(yīng)選：ABD?！军c(diǎn)評】考察電容器的定義式與決定式的容，及兩者的區(qū)別，掌握電容器的電量與電壓不變的條件，理解公式E＝的應(yīng)用。15．〔3分〕如圖甲所示，輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，一質(zhì)量為m的小球，從離彈簧上端高h(yuǎn)處由靜止釋放。*同學(xué)在研究小球落到彈簧上后繼續(xù)向下運(yùn)動到最低點(diǎn)的過程，他以小球開場下落的位置為原點(diǎn)，沿豎直向下方向建立坐標(biāo)軸O*，做出小球所受彈力F大小隨小球下落的位置坐標(biāo)*的變化關(guān)系如圖乙所示，不計空氣阻力，重力加速度為g。以下判斷正確的選項是〔〕A．當(dāng)*＝h+*0，小球的重力勢能與彈簧的彈性勢能之和最小B．小球落到彈簧上向下運(yùn)動到最低點(diǎn)的過程中，速度先減小后增大C．小球落到彈簧上向下運(yùn)動到最低點(diǎn)的過程中，加速度先減小后增大D．小球動能的最大值為mgh+【考點(diǎn)】37：牛頓第二定律；65：動能定理；6B：功能關(guān)系．【專題】31：定性思想；43：推理法；52Q：功能關(guān)系能量守恒定律．【分析】小球下降過程，先自由落體運(yùn)動，與彈簧接觸后，先加速下降，到達(dá)平衡位置后開場減速下降，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件求出平衡位置的坐標(biāo)，結(jié)合整個下降過程中小球和彈簧機(jī)械能守恒進(jìn)展分析?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)乙圖可知，當(dāng)*＝h+*0，小球的重力等于彈簧的彈力，此時小球具有最大速度，以彈簧和小球組成的系統(tǒng)，機(jī)械能守恒可知，重力勢能與彈性勢能之和最小，故A正確；BC、小球剛落到彈簧上時，彈力小于重力，小球加速度向下，速度增大，隨彈力的增加，加速度減小，當(dāng)彈力等于重力時加速度為零，此時速度最大；然后向下運(yùn)動時彈力大于重力，小球的加速度向上且逐漸變大，小球做減速運(yùn)動直到最低點(diǎn)，則小球落到彈簧上向下運(yùn)動到最低點(diǎn)的過程中，速度先增大后減小，加速度先減小后增大，故B錯誤，C正確；D、小球到達(dá)最大速度的過程中，根據(jù)動能定理可知mg〔h+*0〕﹣mg?*0＝mv2，故小球動能的最大值為mgh+mg*0，故D正確；應(yīng)選：ACD?！军c(diǎn)評】此題關(guān)鍵是將物體的運(yùn)動分為自由落體、加速下降和減速下降三個階段，同時物體的動能和重力勢能以及彈簧彈性勢能總量守恒。16．〔3分〕如下圖，正方形abcd區(qū)域分布著垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，O點(diǎn)是cd邊的中點(diǎn)．一個帶正電的粒子僅在磁場力的作用下，從O點(diǎn)沿紙面以垂直于cd邊的速度射入磁場，經(jīng)過時間t0剛好從c點(diǎn)射出磁場．現(xiàn)讓該粒子從O點(diǎn)沿紙面以與Od成30°角的方向，分別以大小不同的速率射入磁場，則關(guān)于該粒子在磁場中運(yùn)動的時間t和離開正方形區(qū)域位置，分析正確的選項是〔〕A．假設(shè)t＝t0，則它一定從dc邊射出磁場B．假設(shè)t＝t0，則它一定從cb邊射出磁場C．假設(shè)t＝t0，則它一定從ba邊射出磁場D．假設(shè)t＝t0，則它一定從da邊射出磁場【考點(diǎn)】CI：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動．【專題】536：帶電粒子在磁場中的運(yùn)動專題．【分析】根據(jù)幾何關(guān)系確定帶電粒子在磁場中的運(yùn)動軌跡并確定其圓心角，根據(jù)其從各邊穿出時的角度及時間確定能否從各邊穿出．【解答】解：由題，帶電粒子以垂直于cd邊的速度射入正方形，經(jīng)過時間t0剛好從c點(diǎn)射出磁場，則知帶電粒子的運(yùn)動周期為T＝2t0。A、假設(shè)該帶電粒子在磁場中經(jīng)歷的時間是，則粒子軌跡的圓心角為θ＝，速度的偏向角也為，根據(jù)幾何知識得知，粒子射出磁場時與磁場邊界的夾角為30°，必定從cd射出磁場。故A正確。B、假設(shè)該帶電粒子在磁場中經(jīng)歷的時間是＝，則得到軌跡的圓心角為，由于，則它一定從bc邊射出磁場，故B正確。C、假設(shè)該帶電粒子在磁場中經(jīng)歷的時間是t0＝，則得到軌跡的圓心角為π，而粒子從ab邊射出磁場時最大的偏向角等于60°+90°＝150°＝，故不一定從ab邊射出磁場。故C錯誤。D、當(dāng)帶電粒子的軌跡與ad邊相切時，軌跡的圓心角為60°，粒子運(yùn)動的時間為t＝，在所有從ad邊射出的粒子中最長時間為，故假設(shè)該帶電粒子在磁場中經(jīng)歷的時間是，一定不是從ad邊射出磁場。故D錯誤。應(yīng)選：AB?！军c(diǎn)評】此題是帶電粒子在磁場中圓周運(yùn)動類型，抓住粒子的周期一定，根據(jù)速度的偏向角等于軌跡的圓心角，由圓心角確定粒子在磁場中的運(yùn)動時間．三、實(shí)驗探究題〔此題共4小題，共14分〕17．〔2分〕〔1〕在“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系〞的實(shí)驗中，以下器材在實(shí)驗中不必用到有AC。〔2〕假設(shè)在實(shí)驗中用匝數(shù)N1＝400匝和N2＝800匝的變壓器，對應(yīng)的電壓測量數(shù)據(jù)如表所示。根據(jù)測量數(shù)據(jù)，以下說確的是AA．N1一定是原線圈B．N2一定是原線圈C．N1可能是副線圈D．N2可能是副線圈實(shí)驗次數(shù)1234U1/V0.901.401.902.40U2/V2.003.014.025.02【考點(diǎn)】NE：探究變壓器電壓與匝數(shù)的關(guān)系．【專題】32：定量思想；43：推理法；53A：交流電專題．【分析】依據(jù)“探究變壓器的電壓與匝數(shù)的關(guān)系〞的實(shí)驗原理，結(jié)合各儀器的作用，即可判定選??；根據(jù)表格數(shù)據(jù)，通過比擬，即可尋找原副線圈的匝數(shù)與電壓的關(guān)系?！窘獯稹拷猓骸?〕“探究變壓器的電壓與匝數(shù)的關(guān)系〞要用低壓交流電源和交流電表，所以不需要干電池和滑動變阻器，應(yīng)選：AC；〔2〕表格中每組數(shù)據(jù)都可以看出匝數(shù)之比近似等于電壓之比，N1＝400匝和N2＝800匝，≈，N1一定是原線圈，N2為副線圈，故A正確，應(yīng)選：A；故答案為：〔1〕AC〔2〕A【點(diǎn)評】考察“探究變壓器的電壓與匝數(shù)的關(guān)系〞的實(shí)驗原理，掌握原、副線圈電壓與匝數(shù)成正比的成立條件，理解理想變壓器的含義。18．〔2分〕〔1〕實(shí)驗室有一梯形玻璃磚，*同學(xué)想用“插針法〞測定玻璃的折射率。玻璃磚有4個光學(xué)面A、B、C、D，如圖1所示，其中A、C兩面相互平行，實(shí)驗中該同學(xué)對入射面和出射面的認(rèn)識正確的選項是BA．只能選用A、C兩面B．可以選用A、B兩面C．不能選用B、D兩面〔2〕該同學(xué)在選用A、C兩面進(jìn)展實(shí)驗時，正確操作后，做出的光路圖及測出的相關(guān)角度如圖2所示。此玻璃的折射率計算式為n＝〔用圖中的θ1、θ2表示〕?！究键c(diǎn)】O3：測定玻璃的折射率．【專題】13：實(shí)驗題；32：定量思想；46：實(shí)驗分析法；54D：光的折射專題．【分析】〔1〕應(yīng)用插針法測玻璃的折射率實(shí)驗，在玻璃磚的一側(cè)插上兩根大頭針，在玻璃磚的另一側(cè)插上兩根大頭針，插針的時候，后一根大頭針應(yīng)該擋住前面一根大頭針的像。〔2〕根據(jù)圖示應(yīng)用折射定律求出玻璃的電阻率?！窘獯稹拷猓骸?〕應(yīng)用插針法測玻璃的折射率實(shí)驗時，在玻璃磚的一側(cè)豎直插上兩枚大頭針P1、P2，透過玻璃磚觀察大頭針P1、P2的像，調(diào)整視線方向，直到P2檔住P1的像；再在觀察的這一側(cè)插兩枚大頭針P3、P4，使P3擋住P1、P2的像，P4擋住P3及P1、P2的像，記下P3、P4的位置，由圖1所示玻璃磚可知，實(shí)驗時可以用A、C兩面、或用A、B兩面、或用A、C兩面、或用B、D兩面進(jìn)展實(shí)驗，故B正確，AC錯誤；應(yīng)選：B。〔2〕由圖2所示可知，玻璃的折射率：n＝＝；故答案為：〔1〕B；〔2〕?！军c(diǎn)評】折射率等于光從真空〔空氣〕射入介質(zhì)時入射角的正弦值與折射角的正弦值之比，根據(jù)圖示情景應(yīng)用折射率的定義式可以求出玻璃的折射率。19．〔3分〕如圖甲所示，在“探究功與速度變化的關(guān)系〞的實(shí)驗中，主要過程如下：A．設(shè)法讓橡皮筋對小車做的功分別為W、2W、3W、…；B．分析紙帶，求出橡皮筋做功使小車獲得的速度v1、v2、v3、…；C．作出W﹣v圖象；D．分析W﹣v圖象．如果W﹣v圖象是一條直線，說明W∝v；如果不是直線，可考慮是否存在W∝v2、W∝v3、W∝等關(guān)系．〔1〕實(shí)驗中得到的一條如圖乙所示的紙帶，求小車獲得的速度應(yīng)選CD〔選填“AB〞或“CD〞〕段來計算．〔2〕關(guān)于該實(shí)驗，以下說確的有ACDA．通過增加橡皮筋的條數(shù)可以使橡皮筋對小車做的功成整數(shù)倍增加B．通過改變小車質(zhì)量可以改變橡皮筋對小車做的功C．每次實(shí)驗中，橡皮筋拉伸的長度必需保持一致D．先接通電源，再讓小車在橡皮筋的作用下彈出〔3〕在該實(shí)驗中，打點(diǎn)計時器正常工作，紙帶足夠長，點(diǎn)跡清晰的紙帶上并沒有出現(xiàn)一段等間距的點(diǎn)，造成這種情況的原因可能是沒有平衡摩擦力或木板的傾角過大或過?。矊懗鲆粭l即可〕【考點(diǎn)】MJ：探究功與速度變化的關(guān)系．【專題】13：實(shí)驗題；23：實(shí)驗探究題；31：定性思想；46：實(shí)驗分析法；52D：動能定理的應(yīng)用專題．【分析】〔1〕打點(diǎn)計時器每隔0.02s打一個點(diǎn)，根據(jù)相鄰計數(shù)點(diǎn)間距離的變化，分析小車的運(yùn)動情況．小車離開橡皮筋后做勻速運(yùn)動，由CD段紙帶，求出速度．〔2〕在探究橡皮筋的拉力對小車所做的功與小車速度變化的關(guān)系的實(shí)驗中應(yīng)注意：n根一樣橡皮筋對小車做的功就等于系一根橡皮筋時對小車做的功的n倍，這個設(shè)計很巧妙地解決了直接去測量力和計算功的困難；該實(shí)驗需要平衡摩擦力以保證動能的增量是只有橡皮筋做功而來；小車最大速度即為后來勻速運(yùn)動的速度．【解答】解：〔1〕由圖知：在AB之間，由于相鄰計數(shù)間的距離不斷增大，而打點(diǎn)計時器每隔0.02s打一個點(diǎn)，所以小車做加速運(yùn)動．在CD之間相鄰計數(shù)間距相等，說明小車做勻速運(yùn)動．小車離開橡皮筋后做勻速運(yùn)動，應(yīng)選用CD段紙帶來計算小車的速度v．求小車獲得的速度應(yīng)選CD段來計算；〔2〕AB、該實(shí)驗中利用一樣橡皮筋形變量一樣時對小車做功一樣，通過增加橡皮筋的條數(shù)可以使橡皮筋對小車做的功成整數(shù)倍增加．故A正確，B錯誤；C．為保證每根橡皮條對小車做功一樣多每次實(shí)驗中，橡皮筋拉伸的長度必需保持一致，故C正確；D、在中學(xué)階段，用打點(diǎn)計時器測量時間時，為有效利用紙帶，總是先接通電源后釋放紙帶，故D正確；應(yīng)選：ACD〔3〕在該實(shí)驗中，打點(diǎn)計時器正常工作，紙帶足夠長，點(diǎn)跡清晰的紙帶上并沒有出現(xiàn)一段等間距的點(diǎn)，造成這種情況的原因可能是沒有平衡摩擦力或木板的傾角過大或過小故答案為：〔1〕CD〔2〕ACD〔3〕沒有平衡摩擦力或木板的傾角過大或過小【點(diǎn)評】明確了該實(shí)驗的實(shí)驗原理以及實(shí)驗?zāi)康模纯闪私饩唧w操作的含義，以及如何進(jìn)展數(shù)據(jù)處理；數(shù)據(jù)處理時注意數(shù)學(xué)知識的應(yīng)用，此題是考察實(shí)驗操作及數(shù)據(jù)處理的方法等問題，好題．20．〔7分〕為測量一根金屬絲〔電阻約5Ω〕的電阻率ρ，選用的電學(xué)器材：電壓表〔量程3V，阻約3kΩ〕、電流表〔量程0.6A，阻約0.2Ω〕，滑動變阻器〔0～15Ω〕，學(xué)生電源〔穩(wěn)壓輸出3V〕、開關(guān)、導(dǎo)線假設(shè)干?！?〕如圖甲所示，用螺旋測微器測量金屬絲的直徑時，為了防止金屬絲發(fā)生明顯形變，同時防止損壞螺旋測微器，轉(zhuǎn)動旋鈕C至測砧、測微螺桿與金屬絲將要接觸時，應(yīng)調(diào)節(jié)旋鈕D〔選填“A〞、“B〞或“D〞〕發(fā)出“喀喀〞聲時停頓；*次的測量結(jié)果如圖乙所示，其讀數(shù)為0.540mm?！?〕請在答題卡上用筆畫線代替導(dǎo)線將圖丙的電路補(bǔ)充完整?！?〕如圖丁所示，實(shí)驗數(shù)據(jù)已描在坐標(biāo)紙上，作出U﹣I圖線并求出該金屬絲的電阻值為4.5Ω〔結(jié)果保存兩位有效數(shù)字〕。〔4〕有人認(rèn)為用圖象法求金屬絲的電阻是為了減小系統(tǒng)誤差，他的觀點(diǎn)是否正確？請說明理由。不正確；圖象法效果與屢次測量取平均值一致，只能減小偶然誤差，不能減小系統(tǒng)誤差?！究键c(diǎn)】N6：伏安法測電阻．【專題】13：實(shí)驗題；28：設(shè)計與制作題；32：定量思想；43：推理法；535：恒定電流專題．【分析】〔1〕根據(jù)螺旋測微器構(gòu)造明確進(jìn)展微調(diào)的部位；然后分別讀出主尺和分度尺的讀數(shù)，即可相加得到螺旋測微器的測量讀數(shù)；〔2〕根據(jù)實(shí)驗要求判斷滑動變阻器接法，由待測電阻阻值確定電流表接法，從而得到電路圖；〔3〕去掉錯誤的點(diǎn)，然后根據(jù)最小二乘法求得曲線，即可求得斜率，即電阻；〔4〕根據(jù)系統(tǒng)誤差和偶然誤差的分類及減小誤差的方法判斷?！窘獯稹拷猓骸?〕測微螺桿與金屬絲將要接觸時，要通過D進(jìn)展微調(diào)；圖乙所示，主尺讀數(shù)為0.5mm，分度尺讀數(shù)為0.040mm，故螺旋測微器讀數(shù)為0.5mm+0.040m＝0.540mm；〔2〕沒有特別要求，且電壓表量程大于電源電動勢，故滑動變阻器采用限流式接法；待測電阻阻值較小，故電流表采用外接法；故電路連接如下圖：；〔3〕去掉離正比例直線最遠(yuǎn)的點(diǎn)，根據(jù)最小二乘法得到U﹣I曲線如下圖：；故由圖可得：斜率；〔4〕根據(jù)圖象法求電阻和屢次測量求平均值的效果一樣，減小偶然誤差；系統(tǒng)誤差是由實(shí)驗設(shè)計決定的，故在不改變實(shí)驗設(shè)計的情況下，系統(tǒng)誤差不會減??；故答案為：〔1〕D；0.540；〔3〕4.5；〔4〕不正確；屢次測量取平均值只能減小偶然誤差，不能減小系統(tǒng)誤差?！军c(diǎn)評】伏安法測電阻實(shí)驗中，假設(shè)最大電流大于電流表量程則采用分壓式接法，一般采用限流式接法；被測電阻較大，電流表采用接法；被測電阻較小，電流表采用外接法。四、解答題〔此題共4小題，共46分．要求寫出必要的解題過程，否則不得分〕21．〔10分〕如下圖，在傾角為θ的光滑斜面上有兩個用輕質(zhì)彈簧相連接的物塊A、B，它們的質(zhì)量分別為mA、mB，彈簧的勁度系數(shù)為k，C為一固定擋板．系統(tǒng)處一靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)開場用一恒力F沿斜面方向拉物塊A使之向上運(yùn)動，求物塊B剛要離開C時物塊A的加速度a和從開場到此時物塊A的位移d，重力加速度為g．【考點(diǎn)】2G：力的合成與分解的運(yùn)用；2S：胡克定律；37：牛頓第二定律．【專題】11：計算題；16：壓軸題．【分析】先對木塊A受力分析，受重力，斜面的支持力和彈簧的彈力，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件求出彈簧的彈力后，再得到彈簧的壓縮量；物塊B剛要離開C時，先對物塊B受力分析，受重力、支持力和彈簧的拉力，根據(jù)平衡條件求出彈簧彈力后進(jìn)一步得到彈簧的伸長量，從而得到物體A的位移；最后再對物體A受力分析，受到拉力F、重力、支持力和彈簧的彈力，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度．【解答】解：令*1表示未加F時彈簧的壓縮量，由胡克定律和共點(diǎn)力平衡條件可知mAgsinθ＝k*1①令*2表示B剛要離開C時彈簧的伸長量，a表示此時A的加速度，由胡克定律和牛頓定律可知k*2＝mBgsinθ②F﹣mAgsinθ﹣k*2＝mAa③由②③式可得a＝④由題意d＝*1+*2⑤由①②⑤式可得d＝即塊B剛要離開C時物塊A的加速度為，從開場到此時物塊A的位移d為．【點(diǎn)評】此題關(guān)鍵要屢次對物體A和B受力分析，求出彈簧的彈力，最后再根據(jù)牛頓第二定律求解加速度．22．〔12分〕如下圖是*游樂場新建的水上娛樂工程。在運(yùn)營前需要通過真實(shí)場景模擬來確定其平安性。質(zhì)量為120kg的皮劃艇載著質(zhì)量為60kg的乘客模型，以一定速度沖上傾角為θ＝37°，長度LAB＝8m的長直軌道AB；皮劃艇恰好能到達(dá)B點(diǎn)。設(shè)皮劃艇能保持速率不變通過B點(diǎn)到達(dá)下滑軌道BC上。皮劃艇到達(dá)C點(diǎn)后，進(jìn)入半徑R＝5m的圓弧涉水軌道CDE，其中C與E等高，D為最低點(diǎn)。軌道AB、BC的動摩擦因數(shù)μ＝0.5，涉水軌道因為阻力減小，可以視為光滑軌道，不計其他阻力，皮劃艇和乘客模型可看做質(zhì)點(diǎn)。求：〔1〕求皮劃艇在A點(diǎn)的動能大小?！?〕求劃水艇經(jīng)過CDE軌道最低點(diǎn)D時，軌道收到的壓力?！?〕涉水軌道能承受的最大壓力為13140N．求劃水艇沖上A點(diǎn)的速度大小圍?！究键c(diǎn)】4A：向心力；65：動能定理．【專題】32：定量思想；43：推理法；521：牛頓第二定律在圓周運(yùn)動中的應(yīng)用．【分析】〔1〕由幾何關(guān)系劃水艇上升高度，對AB過程，由動能定理即可求出動能大小〔2〕根據(jù)豎直平面圓周運(yùn)動知識可求軌道壓力；〔3〕根據(jù)劃水艇到達(dá)B點(diǎn)的速度要大于零，D點(diǎn)能承受的最大壓力可求速度圍。【解答】解：〔1〕由幾何關(guān)系劃水艇上升高度H＝4.8m對AB過程，由動能定理：得VA＝m/s，故皮劃艇的動能為＝＝4800J〔2〕由幾何關(guān)系得BC長度*＝3.5m，B到D的高度差為H＝4.8m對BD過程，由動能定理：得：VD2＝75m2/s2在D點(diǎn)對劃水艇受力分析得：得此時壓力為：N＝4500N〔3〕由于劃水艇到達(dá)B點(diǎn)的速度要大于零，所以V′A＞4m/s由于D點(diǎn)能承受的最大壓力為：Nma*＝13140N對D點(diǎn)受力分析：m＝Nma*﹣mg得：V′D2＝315m2/s2對AD整個過程，由動能定理有：mv′mv″＝﹣μmgLcosθ﹣μmg*sinθ得V″A＝20m/s所以V′A＜20m/s所以m/s＜V′A＜20m/s答：〔1〕皮劃艇在A點(diǎn)的動能大小為4800J?！?〕劃水艇經(jīng)過CDE軌道最低點(diǎn)D時，軌道收到的壓力為4500N?！?〕劃水艇沖上A點(diǎn)的速度大小圍為m/s＜V′A＜20m/s。【點(diǎn)評】此題考察了動能定理解決問題，動能定理解決問題，豎直平面圓周運(yùn)動。23．〔12分〕如下圖，有一傾斜的光滑平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌平面與水平面的夾角θ＝30°，導(dǎo)軌間距為L＝0.5m，在導(dǎo)軌的中間矩形區(qū)域存在垂直斜面向上的勻強(qiáng)磁場。一質(zhì)量m＝0.05kg、有效電阻r＝2Ω的導(dǎo)體棒從距磁場上邊緣d處靜止釋放，當(dāng)它進(jìn)入磁場時剛好勻速運(yùn)動，整個運(yùn)動過程中，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸良好，且