物理-遼寧省六校2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期開(kāi)學(xué)考試物理答案

答案第=page11頁(yè)，共=sectionpages22頁(yè)答案第=page11頁(yè)，共=sectionpages22頁(yè)遼寧省六校2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期開(kāi)學(xué)考試物理參考答案：1．C【詳解】A．法拉第提出了用電場(chǎng)線描述電場(chǎng)的方法。A錯(cuò)誤；B．牛頓利用月一地檢驗(yàn)驗(yàn)證了萬(wàn)有引力定律，卡文迪許測(cè)量了萬(wàn)有引力常量。B錯(cuò)誤；C．重心、運(yùn)動(dòng)的合成與分解等概念的建立都體現(xiàn)了等效替代的思想。C正確；D．比值法定義的物理概念在物理學(xué)中占有相當(dāng)大的比例，如電阻是采用比值法定義的，加速度不是用比值法定義的。D錯(cuò)誤。故選C。2．B【詳解】將重物的速度分解為沿繩子方向的速度和垂直繩子方向的速度，則解得故選B。3．B【詳解】AB．粒子所受電場(chǎng)力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，斜向左下方，與電場(chǎng)方向一致，粒子帶正電，根據(jù)順著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低，可知過(guò)M點(diǎn)的等勢(shì)面的電勢(shì)高于過(guò)N點(diǎn)的等勢(shì)面的電勢(shì)，則M點(diǎn)的電勢(shì)高于N點(diǎn)的電勢(shì)，故B正確，A錯(cuò)誤；C．由電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，可知，M點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比N點(diǎn)的小。由F=qE知，粒子在M點(diǎn)受到的電場(chǎng)力小于在N點(diǎn)受到的電場(chǎng)力，故C錯(cuò)誤；D．從M到N，粒子的所受電場(chǎng)力斜向左下方，則電場(chǎng)力對(duì)粒子做正功，電勢(shì)能減少，所以粒子在M點(diǎn)的電勢(shì)能大于在N點(diǎn)的電勢(shì)能，故D錯(cuò)誤；故選B?！军c(diǎn)評(píng)】本題的關(guān)鍵是根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡來(lái)判定電場(chǎng)力方向，由曲線運(yùn)動(dòng)條件可知合力偏向曲線內(nèi)側(cè)。根據(jù)電場(chǎng)力來(lái)確定電場(chǎng)力做功的正負(fù)，從而判定電勢(shì)能增加與否。4．C【詳解】AB．根據(jù)題意，由公式可知，由于在彼此繞行的周期逐漸減小，則每顆星球的角速度都在逐漸變大，設(shè)雙星轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為，雙星間距離為，星球的質(zhì)量分別為、，由萬(wàn)有引力提供向心力有解得可知，距離逐漸的變小，故AB錯(cuò)誤；C．根據(jù)題意，由萬(wàn)有引力提供向心力有解得由于星球質(zhì)量不變，則兩顆星球的軌道半徑之比保持不變，故C正確；D．由萬(wàn)有引力公式提供向心力有可知，由于距離逐漸的變小，每顆星球的加速度都在變大，故D錯(cuò)誤。故選C。5．A【詳解】電子做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，故其在水平方向和豎直方向滿足L=v0t而兩板間的場(chǎng)強(qiáng)為聯(lián)立，可得若入射速度變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，則兩板間距應(yīng)變?yōu)樵瓉?lái)的0.5倍。故選A。6．C【詳解】A.根據(jù)圖像可知：前5s內(nèi)的加速度：，所以根據(jù)牛頓第二定律：，聯(lián)立解得：，A錯(cuò)誤B.5秒末達(dá)到額定功率，根據(jù)功率方程：，B錯(cuò)誤C.當(dāng)汽車(chē)速度25m/s時(shí)，牽引力：，根據(jù)牛頓第二定律得：，代入數(shù)據(jù)解得：，C正確D.當(dāng)牽引力等于阻力時(shí)，速度最大：，D錯(cuò)誤7．D【詳解】A．由圖可知上極板帶正電，帶電液滴能靜止，故帶電液滴帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；B．由可知將一塊有機(jī)玻璃插到兩極板之間時(shí)電容器的電容將變大，故B錯(cuò)誤；C．保持開(kāi)關(guān)S閉合，將A極板向左移動(dòng)一小段距離，由可知極板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變，所以液滴將仍將保持靜止，故C錯(cuò)誤；D．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)S，電容器帶電量不變，由，，可得可知上下移動(dòng)極板時(shí)電場(chǎng)強(qiáng)度不變，將B極板向下移動(dòng)一小段距離，P點(diǎn)與下極板的距離變大，由可知P與下極板之間的電勢(shì)差變大，下極板電勢(shì)為零，電場(chǎng)方向豎直向下，所以P點(diǎn)的電勢(shì)將升高。故D正確。故選D。8．BD【詳解】AB．若自由釋放鏈條，以桌面為零重力勢(shì)能參考平面，根據(jù)機(jī)械能守恒可得解得鏈條剛離開(kāi)桌面時(shí)的速度為B正確，A錯(cuò)誤；CD．若要把鏈條全部拉回桌面上，至少要對(duì)鏈條做的功等于垂于桌外鏈條增加的重力勢(shì)能，則有D正確，C錯(cuò)誤。故選BD。9．AC【詳解】AB．D為的中點(diǎn)，則有解得所以B點(diǎn)和C點(diǎn)位于同一等勢(shì)面中，勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向?yàn)橛葾指向C，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；C．由幾何關(guān)系可知得根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系可得勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度選項(xiàng)C正確；D．將一電子由C點(diǎn)移至A點(diǎn)，由于電子帶負(fù)電，電勢(shì)升高，因此電子的電勢(shì)能減少，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選AC。10．BD【詳解】A．小球在半圓槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的全過(guò)程中，小球與半圓槽構(gòu)成的系統(tǒng)水平方向受力為零，所以水平方向動(dòng)量守恒，故A錯(cuò)誤；B．小球在半圓槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的全過(guò)程中，小球與半圓槽構(gòu)成的系統(tǒng)只有重力做功，所以系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故B正確；C．球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí),根據(jù)系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，可得由系統(tǒng)機(jī)械能守恒，可得聯(lián)立，可得故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)人船模型結(jié)論，可得又解得故D正確。故選BD。11．2.40.5760.600【詳解】（1）[1]每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為在紙帶上打下計(jì)數(shù)點(diǎn)5時(shí)的速度（2）[2]兩物體的初速度為零，所以在打點(diǎn)0~5過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)能的增加量為[3]系統(tǒng)勢(shì)能的減少量包括m1增加的重力勢(shì)能和m2減少的重力勢(shì)能，為12．【詳解】（1）[1]小球、的質(zhì)量之間的關(guān)系是；（2）[2]由動(dòng)量守恒定律可得而速度可以用平拋運(yùn)動(dòng)相應(yīng)的水平位移代替，所以動(dòng)量守恒表達(dá)式可表示為（3）[3]若碰撞是彈性碰撞，碰撞前后動(dòng)能相等，有而速度可以用相應(yīng)的水平位移代替，所以碰撞前后動(dòng)能相等的表達(dá)式可表示為13．（1）；（2）750N【詳解】（1）人做自由落體運(yùn)動(dòng)，下落20m高度時(shí)，根據(jù)v2=2gh解得v=30m/s所以此時(shí)人的動(dòng)量大?。?）人從下落到橡皮繩正好拉直的時(shí)間設(shè)為t1，則橡皮繩作用時(shí)間t2=t總-t1=6s由動(dòng)量定理得橡皮繩對(duì)人的平均作用力大小為F=750N14．（1）336J；（2）vA=2m/s，vB=16m/s【詳解】（1）當(dāng)彈簧壓縮到最短時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能最大，由動(dòng)量守恒定律得解得v=8m/s由能量守恒定律解得Ep=336J（2）當(dāng)A、B分離時(shí)，由動(dòng)量守恒定律得由能量守恒定律得解得vA=2m/svB=16m/s15．（1）；（2）；（3）不能【詳解】（1）小球在A點(diǎn)時(shí)，由于重力與電場(chǎng)力的合力方向恰好指向圓心，又由于重力與電場(chǎng)力均為恒力，二者的合力大小為小球做圓周運(yùn)動(dòng)，則其等效最高點(diǎn)為A點(diǎn)，則有解得（2）等效最低點(diǎn)為A點(diǎn)關(guān)于圓心的對(duì)稱點(diǎn)，小球從等效最高點(diǎn)至等效最低點(diǎn)過(guò)程中，由動(dòng)能定理得在等效最低點(diǎn)小球?qū)A環(huán)壓力最