物理高考模擬卷-高三物理試題及答案-常州市田家炳中學(xué)2016高考模擬試卷物理試題(1月份)

江蘇省常州市田家炳中學(xué)2016屆高考物理模擬試卷（1月份）1．方框中a、b接線柱輸入電壓和c接線柱輸出電壓如圖所示，則方框中的電路可能是（）A． B． C． D．2．衛(wèi)星電話在搶險(xiǎn)救災(zāi)中能發(fā)揮重要作用．第一代、第二代海事衛(wèi)星只使用靜止軌道衛(wèi)星，不能覆蓋地球上的高緯度地區(qū)．而第三代海事衛(wèi)星采用同步和中軌道衛(wèi)星結(jié)合的方案，解決了覆蓋全球的問(wèn)題．它由4顆同步衛(wèi)星與12顆中軌道衛(wèi)星構(gòu)成．中軌道衛(wèi)星高度約為地球半徑的2倍，分布在幾個(gè)軌道平面上（與赤道平面有一定的夾角）．地球表面處的重力加速度為g，則中軌道衛(wèi)星處的重力加速度約為（）A． B． C．4g D．9g3．對(duì)下列公式理解不正確的是（）A．由公式a=知，物體的加速度與速度的變化率有關(guān)B．由公式E=知，場(chǎng)強(qiáng)E的大小與試探電荷的電量q無(wú)關(guān)C．由公式I=知，電流強(qiáng)度I與導(dǎo)體兩端電壓U成正比，與導(dǎo)體電阻R成反比D．由公式P=知，機(jī)車的功率與所做功W成正比4．質(zhì)量為m1、m2的小球分別帶同種電荷q1和q2，它們用等長(zhǎng)的細(xì)線吊在同一點(diǎn)O，由于靜電斥力的作用，使m1球靠在豎直光滑墻上，m1的拉線l1呈豎直方向，使m2球的拉線l2與豎直方向成θ角，m1、m2均處于靜止，如圖所示．由于某種原因，m2球的帶電量q2逐漸減少，于是兩球拉線之間夾角θ也逐漸小直到零．在θ角逐漸減小的過(guò)程中，關(guān)于l1、l2中的張力T1、T2的變化是（）A．T1不變，T2不變 B．T1不變，T2變小C．T1變小，T2變小 D．T1變小，T2不變5．如圖所示為一自耦變壓器，保持電阻R′的阻值和輸入電壓不變，以下說(shuō)法正確的是（）A．滑鍵P向b方向移動(dòng)、滑鍵Q不動(dòng)，電流表示數(shù)增大B．滑鍵P不動(dòng)，滑鍵Q上移，電流表示數(shù)不變C．滑鍵P向b方向移動(dòng)、滑鍵Q不動(dòng)，電壓表示數(shù)減小D．滑鍵P不動(dòng)，滑鍵Q上移，電壓表示數(shù)增大6．小球從空中自由下落，與水平地面相碰后彈到空中某一高度，其速度﹣時(shí)間圖象如圖所示，則由圖可知（）A．小球下落的最大速度為5m/sB．小球第一次反彈初速度的大小為3m/sC．小球能彈起的最大高度0.45mD．小球能彈起的最大高度1.25m7．1930年勞倫斯制成了世界上第一臺(tái)回旋加速器，其原理如圖所示．這臺(tái)加速器由兩個(gè)銅質(zhì)D形盒Dl、D2構(gòu)成，其間留有空隙，下列說(shuō)法正確的是（）A．離子由加速器的中心附近進(jìn)人加速器B．離子由加速器的外側(cè)邊緣進(jìn)人加速器C．離子從電場(chǎng)中獲得能量D．要想離子獲得的動(dòng)能越大，則要求加速電壓越大8．在某水平方向的電場(chǎng)線AB上（電場(chǎng)線方向未標(biāo)明），將一受到水平向右恒定拉力的帶電粒子（不計(jì)重力）在A點(diǎn)由靜止釋放，帶電粒子沿AB方向開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速度恰好為零，則下列結(jié)論正確的是（）A．粒子的運(yùn)動(dòng)不可能是勻速運(yùn)動(dòng)，也不可能是勻加速運(yùn)動(dòng)B．可能A點(diǎn)的電勢(shì)高于B點(diǎn)的電勢(shì)，也可能A點(diǎn)的電勢(shì)低于B點(diǎn)的電勢(shì)C．A處的場(chǎng)強(qiáng)可能大于B處的場(chǎng)強(qiáng)D．粒子在A．B兩點(diǎn)間移動(dòng)時(shí)，恒力做功的數(shù)值大于粒子在A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)能之差的絕對(duì)值9．D是一只理想二極管（a正極：電流只能從a流向b，而不能從b流向a）．平行板電容器A、B兩極板間有一電荷在P點(diǎn)處于靜止．以E表示兩極板間電場(chǎng)強(qiáng)度，U表示兩極板間電壓，EP表示電荷在P點(diǎn)電勢(shì)能．若保持極板B不動(dòng)，將極板A稍向上平移則（）A．E變小 B．U變大C．EP不變 D．電荷仍保持靜止10．（1）如圖1所示，螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為mm，圖2所示游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為mm．（2）在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，選出一條紙帶如圖3所示，其中O點(diǎn)為起始點(diǎn)（速度為零），A、B、c為三個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器通以50Hz交流電，用最小刻度為mm的刻度尺，測(cè)得OA=11.13cm，OB：=17.69cm，Oc=25.90Cm．在計(jì)數(shù)點(diǎn)A和B之間、B和C之間還各有一個(gè)點(diǎn)，重錘的質(zhì)量為m，取g=9.8m/s2，根據(jù)以上數(shù)據(jù)當(dāng)打點(diǎn)針打到B點(diǎn)時(shí)，重錘的重力勢(shì)能比開(kāi)始下落時(shí)減小了這時(shí)它的動(dòng)能是，結(jié)論是：在忽略誤差的情況下，重錘的機(jī)械能守恒．為增加該實(shí)驗(yàn)小組實(shí)驗(yàn)結(jié)果的可靠性，你認(rèn)為應(yīng)該．11．某同學(xué)用如圖1所示電路測(cè)量電流表A1的阻值，并將電流表A1改裝成一只電壓表，測(cè)量一段金屬絲的電阻Rx的阻值（阻值約為5Ω），可選用以下器材：電流表A1，量程10mA，內(nèi)阻約200Ω；電流表A2，量程0.6A，內(nèi)阻約5Ω；電阻箱R，阻值999.99Ω；滑動(dòng)變阻器R1，最大阻值10Ω；電源E，電動(dòng)勢(shì)6V，內(nèi)阻不計(jì)；開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干；該同學(xué)進(jìn)行如下操作：（1）將S1閉合，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R1和電阻箱R，測(cè)得電流表A1、A2的示數(shù)分別為5mA和0.40A，電阻箱阻值為2.5Ω，則電流表A1的阻值為Ω；（2）該同學(xué)將電流表A1改裝成一只量程為3V的電壓表，電阻箱R阻值應(yīng)調(diào)為Ω，并與電流表A1聯(lián)．（3）該同學(xué)選用必要的器材測(cè)量金屬絲的電阻Rx的阻值，只移動(dòng)滑動(dòng)變阻器R1，測(cè)得電流表A1、A2的示數(shù)如下表：A1/mA012345678910A2/A00.060.120.180.240.300.360.410.450.500.54請(qǐng)?jiān)谧鴺?biāo)紙上圖3描點(diǎn)作出兩電流表示數(shù)I1與I2的關(guān)系圖線，分析該圖線可知，該金屬絲電阻隨溫度升高而．（填增加、減小或不變）12．下列說(shuō)法中正確的是（）A．多晶體具有確定的幾何形狀B．單晶體的各向異性是由晶體微觀結(jié)構(gòu)決定的C．由于液體可以流動(dòng)，因此液體表面有收縮的趨勢(shì)D．飽和氣壓與液面上飽和汽的體積無(wú)關(guān)13．（一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A（p1、V1）開(kāi)始做等壓膨脹變化到狀態(tài)B（p1、V2），狀態(tài)變化如圖中實(shí)線所示．此過(guò)程中氣體對(duì)外做的功為，氣體分子的平均動(dòng)能（選填“增大”“減小”或“不變”），氣體（選填“吸收”或“放出”）熱量．14．在常溫常壓下，估算2m3的空氣中有多少個(gè)氣體分子？（結(jié)果保留一位有效數(shù)字）15．下列說(shuō)法中正確的是（）A．坐在高速離開(kāi)地球的火箭里的人認(rèn)為地球上的人新陳代謝變慢了B．雷達(dá)利用超聲波來(lái)測(cè)定物體的距離和方位C．普通光源發(fā)出的光通過(guò)雙縫會(huì)產(chǎn)生干涉現(xiàn)象D．電子表的液晶顯示應(yīng)用了光的偏振原理16．如圖甲所示，真空中一束波長(zhǎng)為λ的單色光射向某一透明介質(zhì)，若入射角i=45°，折射角r=30°，則該單色光在介質(zhì)中的波長(zhǎng)λ′=；一聲波由介質(zhì)1進(jìn)入介質(zhì)2，其波線如圖乙所示，入射角i′=30°，若該聲波在介質(zhì)1中波速為340m/s，在介質(zhì)2中的波速為m/s，則折射角r′為．17．如圖所示，一彈簧振子在MN間沿光滑水平桿做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，O為平衡位置，C為ON中點(diǎn)，振幅A=4cm．從小球經(jīng)過(guò)圖中N點(diǎn)時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，到第一次經(jīng)過(guò)C點(diǎn)的時(shí)間為0.2s，則小球的振動(dòng)周期為s，振動(dòng)方程的表達(dá)式為cm．18．下列說(shuō)法中正確的是（）A．黑體熱輻射強(qiáng)度的極大值隨溫度的升高向波長(zhǎng)較大的方向移動(dòng)B．物質(zhì)波和光波都是概率波C．原子核越大，它的結(jié)合能越高，原子核中核子結(jié)合得越牢固D．β衰變的實(shí)質(zhì)是放射性原子核內(nèi)的一個(gè)中子轉(zhuǎn)化成了一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子19．一個(gè)靜止的質(zhì)量為M的放射性原子核發(fā)生衰變，放出一個(gè)質(zhì)量為m、速度大小為v的α粒子，則衰變后新原子核速度大小為；設(shè)衰變過(guò)程中釋放的核能全部轉(zhuǎn)化為新原子核和α粒子的動(dòng)能，真空中光速為c，則衰變過(guò)程中質(zhì)量虧損為．20．用不同頻率的光照射某金屬均產(chǎn)生光電效應(yīng)，測(cè)量金屬遏止電壓UC與入射光頻率ν，得到UC﹣ν圖象，根據(jù)圖象求出該金屬的截止頻率νC=Hz，普朗克恒量h=J?s．21．如圖所示，從光滑的圓弧槽的最高點(diǎn)滑下的小球，滑出槽口時(shí)速度為水平方向，槽口與一個(gè)半球頂點(diǎn)相切，半球底面為水平，已知圓弧槽的半徑為R1，半球的半徑為R2．求：（1）小球運(yùn)動(dòng)到圓弧槽的底部對(duì)圓弧槽的底部壓力為多少？（2）若要使小球滑出槽口后不沿半球面下滑，則R1與R2應(yīng)滿足什么關(guān)系？（3）若小球剛好不沿半球面下滑，則小球落地時(shí)的動(dòng)能為多少？22．如圖所示，足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ豎直放置，一勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直穿過(guò)導(dǎo)軌平面，導(dǎo)軌的上端M與P間連接阻值為R=0.40Ω的電阻，質(zhì)量為m=0.01kg、電阻為r=0.30Ω的金屬棒ab緊貼在導(dǎo)軌上．現(xiàn)使金屬棒ab由靜止開(kāi)始下滑，其下滑距離與時(shí)間的關(guān)系如下表所示，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加速度g取l0m/s2．試求時(shí)間t（s）00.10.20.30.40.50.60.7下滑距離s（m）00.10.30.71.42.12.83.5（1）當(dāng)t=0.7s時(shí)，重力對(duì)金屬棒ab做功的功率；（2）金屬棒ab在開(kāi)始運(yùn)動(dòng)的0.7s內(nèi)，電阻R上產(chǎn)生的熱量；（3）從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到t=0.4s的時(shí)間內(nèi)，通過(guò)金屬棒ab的電量．23．如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、足夠大的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有兩塊長(zhǎng)為2L，間距為d的豎直放置的平行帶電金屬板，從CD板的正中央O點(diǎn)由靜止釋放一個(gè)初速為零的電子，電子恰好從AB板的邊緣A端平行于AB板射出，且能回到O點(diǎn)．已知電子的電荷量為e，質(zhì)量為m，重力可忽略不計(jì)，電場(chǎng)只局限于平行板之間，且L＞d．試求：（1）電子從板間射出時(shí)的速度大小．（2）兩板間所加電壓．（3）電子在復(fù)合場(chǎng)區(qū)域運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)的加速度大?。?/p>

答案1.【考點(diǎn)】簡(jiǎn)單的邏輯電路．【專題】恒定電流專題．【分析】根據(jù)圖可知，當(dāng)a、b輸入只要有一個(gè)不為零，則輸出為零；當(dāng)a、b同時(shí)為零時(shí)，輸出不為零，那么該邏輯關(guān)系為或非門邏輯關(guān)系．【解答】解：由題意可知，當(dāng)a、b輸入11，01，10時(shí)，輸出為0；當(dāng)a、b輸入00時(shí)，輸出為1；那么該邏輯關(guān)系為或非邏輯關(guān)系，為或非門，符號(hào)，故B正確．故選B【點(diǎn)評(píng)】由圖分析邏輯關(guān)系，確定門電路及其功能．2.【考點(diǎn)】萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用；人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系．【專題】人造衛(wèi)星問(wèn)題．【分析】中軌道衛(wèi)星高度約為地球半徑的2倍，所以中軌道衛(wèi)星的軌道半徑是地球半徑的3倍，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力公式即可求解．【解答】解：由題意可知中軌道衛(wèi)星的軌道半徑是地球半徑的3倍，設(shè)地球半徑為R，則中軌道衛(wèi)星的軌道半徑為3R，在地球表面有：對(duì)中軌道衛(wèi)星有：解得：故選B．【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵抓住萬(wàn)有引力提供向心力，根據(jù)公式進(jìn)行求解，注意中軌道衛(wèi)星高度約為地球半徑的2倍，不是軌道半徑是地球半徑的2倍，而是3倍．3.【考點(diǎn)】電場(chǎng)強(qiáng)度；功率、平均功率和瞬時(shí)功率．【專題】定性思想；推理法；電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．【分析】公式a=，是比值定義法，加速度大小與速度的變化量及對(duì)應(yīng)的時(shí)間無(wú)關(guān)；E=利用的是比值定義法，電場(chǎng)強(qiáng)度E與試探電荷的電量無(wú)關(guān)，由電場(chǎng)本身的性質(zhì)決定；公式I=，是利用的比值定義法，與電壓、電流無(wú)關(guān)，但根據(jù)I=，電流強(qiáng)度I與導(dǎo)體兩端電壓U成正比，與導(dǎo)體電阻R成反比；公式P=，利用的是比值定義法，功率P與所做的功無(wú)關(guān)．【解答】解：A、加速度大小與速度的變化量及對(duì)應(yīng)的時(shí)間無(wú)關(guān)，即與速度的變化率有關(guān)．故A正確．B、場(chǎng)強(qiáng)E的大小與試探電荷的電量q無(wú)關(guān)．故B正確．C、根據(jù)歐姆定律I=，電流強(qiáng)度I與導(dǎo)體兩端電壓U成正比，與導(dǎo)體電阻R成反比，而I=，是利用的比值定義法，與電壓、電流無(wú)關(guān)，故C正確．D、根據(jù)比值定義法，則機(jī)車的功率與所做的功無(wú)關(guān)．故D錯(cuò)誤．本題選錯(cuò)誤的，故選：D．【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道比值定義法，就是用兩個(gè)基本的物理量的“比”來(lái)定義一個(gè)新的物理量的方法．它不隨定義所用的物理量的大小取舍而改變．4.【考點(diǎn)】庫(kù)侖定律；力的合成與分解的運(yùn)用；共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用．【專題】電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．【分析】對(duì)小球A的受力情況進(jìn)行分析，運(yùn)用三角形相似法，根據(jù)平衡條件得到懸線中的張力大小與OA、OB的關(guān)系，即可求解．【解答】解：小球A的受力情況如圖所示，重力mg、懸線張力T、庫(kù)侖斥力F，這三個(gè)力的合力為0．因此這三個(gè)力構(gòu)成封閉的力的三角形，且正好與幾何三角形OAB相似，有：因?yàn)镺A=OB，所以T2=mg．即T2與θ無(wú)關(guān)，由于庫(kù)侖力的減小，導(dǎo)致B球受到A球的庫(kù)侖力大小減小，且方向趨于水平，則有T1變?。虼薉正確，ABC錯(cuò)誤；故選D．【點(diǎn)評(píng)】本題從小球的受力分析出發(fā)尋求正確的答案，采用三角形相似法處理，比較簡(jiǎn)單，也可以運(yùn)用函數(shù)法研究．5.【考點(diǎn)】變壓器的構(gòu)造和原理．【專題】定量思想；推理法；交流電專題．【分析】變壓器與電路動(dòng)態(tài)分析相結(jié)合，與閉合電路中的動(dòng)態(tài)分析類似，可以根據(jù)Q的變化，確定出總電路的電阻的變化，進(jìn)而可以確定總電路的電流的變化的情況，再根據(jù)電壓不變，來(lái)分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況．從局部到整體，再到局部分析的思路．【解答】解：A、當(dāng)滑鍵Q不動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器的阻值不變，當(dāng)滑鍵P向上移動(dòng)時(shí)，自耦變壓器的輸出的電壓減少，副線圈的電流減小，所以電流表示數(shù)減小，A說(shuō)法錯(cuò)誤．B、滑鍵P不動(dòng)，輸出電壓不變，滑鍵Q上移，電阻變化，電流表示數(shù)變化，B說(shuō)法錯(cuò)誤．C、滑鍵P向b方向移動(dòng)，輸出電壓減小，滑鍵Q不動(dòng)，電阻不變，電壓表示數(shù)將減小，C說(shuō)法正確．D、當(dāng)滑鍵P不動(dòng)時(shí)，自耦變壓器的輸出的電壓不變，電壓表測(cè)的是輸出電壓，示數(shù)不變，D說(shuō)法錯(cuò)誤．故選：C【點(diǎn)評(píng)】從Q的移動(dòng)分析電阻的變化，這是分析局部，再到對(duì)整個(gè)電路總電阻、電流的變化，這是分析整體，最后再分析局部電流表與電壓表示數(shù)的變化．這是電路動(dòng)態(tài)分析得一般解題思路，注意總結(jié)．6.【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像；自由落體運(yùn)動(dòng)；豎直上拋運(yùn)動(dòng)．【分析】解決本題的關(guān)鍵是根據(jù)物體的初速度為0，判定速度增加的過(guò)程是下落的過(guò)程，速度減小的過(guò)程是反彈的過(guò)程．速度圖象與時(shí)間軸圍成的面積等于物體通過(guò)的位移．【解答】解：由圖可知物體下落時(shí)速度越來(lái)越大，其最大的速度為5m/s．故A正確．當(dāng)小球的速度為負(fù)數(shù)時(shí)表示物體反彈，故反彈的初速度大小為3m/s．故B正確．當(dāng)小球的速度再次為0時(shí)，小球反彈到最高點(diǎn)，故小球反彈的最大高度為h==0.45m故C正確D錯(cuò)誤．故選A、B、C．【點(diǎn)評(píng)】無(wú)論物體的下落過(guò)程還是從地面反彈的過(guò)程，物體的加速度都是g，位移、速度都是矢量．下落末速度最大，反彈初速度最大．7.【考點(diǎn)】質(zhì)譜儀和回旋加速器的工作原理．【專題】定性思想；推理法；帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題．【分析】回旋加速器靠電場(chǎng)加速和磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)來(lái)加速粒子．加速粒子時(shí)，由加速器的中心附近進(jìn)入加速器，最后根據(jù)洛倫茲力提供向心力求出粒子射出時(shí)的速度，從而得出動(dòng)能的表達(dá)式，看動(dòng)能與什么因素有關(guān)．【解答】解：A、離子由加速器的中心附近進(jìn)入加速器，從而實(shí)現(xiàn)在電場(chǎng)中加速，在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)．故A正確，B錯(cuò)誤．C、回旋加速器是利用電場(chǎng)加速，磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)來(lái)加速粒子．故C正確；D、根據(jù)qvB=m得，粒子出D形盒時(shí)的速度vm=，則粒子出D形盒時(shí)的動(dòng)能Ekm=，故D錯(cuò)誤．故選：AC．【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道回旋加速器的工作原理，以及知道回旋加速器中交變電場(chǎng)的周期與粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期相等．8.【考點(diǎn)】電場(chǎng)線；電場(chǎng)強(qiáng)度．【專題】定性思想；推理法；電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．【分析】由題意可知，帶電微粒受兩個(gè)力，拉力和電場(chǎng)力．由靜止向上運(yùn)動(dòng)，可判斷出電場(chǎng)力的方向，根據(jù)電場(chǎng)力做的功，判斷電勢(shì)能的變化．通過(guò)帶電微粒初末速度為零可比較出兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度．沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低．【解答】解：A、由題意可知，帶電微粒受兩個(gè)力：拉力和電場(chǎng)力．開(kāi)始由靜止向右運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力小于拉力，且方向向右．因?yàn)樵谝桓妶?chǎng)線上，所以在a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)力方向不變，粒子到達(dá)B點(diǎn)的速度為0，說(shuō)明電場(chǎng)力的方向向左，粒子先加速后還要經(jīng)過(guò)減速的過(guò)程，所以粒子不可能是勻速運(yùn)動(dòng)，也不可能是勻加速運(yùn)動(dòng)．故A正確；B、電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，所以帶電微粒在A點(diǎn)的電勢(shì)能比在B點(diǎn)的電勢(shì)能小，由于不知道粒子的電性，所以不能判斷出A、B兩點(diǎn)電勢(shì)的高低關(guān)系，故B正確；C、由題可知，粒子粒子先加速后還要經(jīng)過(guò)減速，所以開(kāi)始時(shí)的電場(chǎng)力小于后來(lái)時(shí)的電場(chǎng)力，可知粒子在B點(diǎn)受到的電場(chǎng)力大．故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)動(dòng)能定理可知，拉力F做的功與電場(chǎng)力做的功大小相等，一正一負(fù)，所以恒力做功的數(shù)值等于粒子在A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)能之差的絕對(duì)值．故D錯(cuò)誤．故選：AB【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵通過(guò)a、b兩點(diǎn)的速度為0，知道受拉力和電場(chǎng)力兩個(gè)力，且知道電場(chǎng)力的方向．通過(guò)電場(chǎng)力與拉力的大小關(guān)系，比較電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。约爸离妶?chǎng)力做功與電勢(shì)能的關(guān)系和沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低．9.【考點(diǎn)】電容器的動(dòng)態(tài)分析；電勢(shì)；閉合電路的歐姆定律．【專題】電容器專題．【分析】將極板A稍向上平移，引起電容器的電容變化，電容器的電壓不變，根據(jù)電容的決定式和定義式分析電容和電容器所帶電量如何變化，若電容器電量增加，電源可以充電，若電容器電量減小，要根據(jù)二極管單向?qū)щ娦苑治瞿芊穹烹姡鶕?jù)電荷所受電場(chǎng)力有無(wú)變化，判斷電荷的狀態(tài)．【解答】解：將極板A稍向上平移，板間距離增大，根據(jù)電容的決定式C=得知，電容C減小，而電容器的電壓不變，則電容器所帶電量將要減小，由于二極管具有單向?qū)щ娦?，電容器上電荷放不掉，電荷不能流回電源，所以電容器的電量保持不變，根?jù)推論可知，板間場(chǎng)強(qiáng)E不變，電荷所受的電場(chǎng)力不變，仍保持靜止?fàn)顟B(tài)．P與B板間電勢(shì)差UPB=Ed，E、d都不變，UPB保持不變，P點(diǎn)的電勢(shì)保持不變，則電荷在P點(diǎn)電勢(shì)能EP不變．故選BCD【點(diǎn)評(píng)】本題分析電容器的電容如何變化是常規(guī)思路，要抓住二極管單向?qū)щ娦耘袛嚯娙萜鞯碾娏磕芊癜l(fā)生變化，要防止思維定勢(shì)的影響，注意條件的變化．10.【考點(diǎn)】驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律；刻度尺、游標(biāo)卡尺的使用；螺旋測(cè)微器的使用．【專題】定量思想；推理法；估算法；機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題．【分析】（1）游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀；（2）根據(jù)下降的高度求出重力勢(shì)能的減小量，通過(guò)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度求出B點(diǎn)的瞬時(shí)速度，從而求出動(dòng)能的增加量．【解答】解：（1）螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為0.5mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×40.0mm=0.400mm，所以最終讀數(shù)為：0.5mm+0.400=0.900mm；游標(biāo)卡尺的固定刻度讀數(shù)為3.3cm=33mm，游標(biāo)尺上第4個(gè)刻度與主尺上某一刻度對(duì)齊，因此游標(biāo)讀數(shù)為0.05×2mm=0.10mm，所以最終讀數(shù)為：33mm+0.10mm=33.10mm；（2）重錘重力勢(shì)能的減小量為△Ep=mgh=m×9.8×0.1769≈1.734m，B點(diǎn)的速度vB==m/s=1.83m/s，則B點(diǎn)的動(dòng)能EkB=mvB2=×m×1.832≈1.704m．在誤差允許的范圍內(nèi)，重錘的機(jī)械能守恒．為增加該實(shí)驗(yàn)小組實(shí)驗(yàn)結(jié)果的可靠性可以重復(fù)進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)或一次下落過(guò)程中測(cè)出多個(gè)位置的速度，比較重物在這些位置上動(dòng)能和勢(shì)能之和．故答案為：（1）0.900，33.10；（2）1.734m，1.704m，可以重復(fù)進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)或一次下落過(guò)程中測(cè)出多個(gè)位置的速度，比較重物在這些位置上動(dòng)能和勢(shì)能之和．【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀；解決本題的關(guān)鍵知道實(shí)驗(yàn)的原理，以及掌握紙帶的處理方法，會(huì)通過(guò)紙帶求解加速度和瞬時(shí)速度．11.【考點(diǎn)】描繪小電珠的伏安特性曲線．【專題】定性思想；實(shí)驗(yàn)分析法；恒定電流專題．【分析】（1）根據(jù)電路的串并聯(lián)，求出A1兩端的電壓，即可求出其電阻阻值；（2）電表的改裝實(shí)際上就是電路的串并聯(lián)，將電流表改裝成電壓表時(shí)串聯(lián)一個(gè)分壓電阻；（3）根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)，利用描點(diǎn)法可以正確畫出兩電流表示數(shù)I1與I2的關(guān)系圖線．【解答】解：（1）根據(jù)電路的串并聯(lián)知識(shí)可知：流過(guò)電阻箱的電流為：I=I2﹣I1=0.40﹣0.005=0.395A；根據(jù)電路并聯(lián)特點(diǎn)電流表A1兩端電壓為：U=IR=0.395×2.5=0.9875V由歐姆定律解得：R1=197.5Ω（2）將電流表改裝為電壓表時(shí)，需要串聯(lián)一個(gè)電阻，設(shè)串聯(lián)的電阻為Rx，根據(jù)電路的串并聯(lián)有：（3）圖線過(guò)原點(diǎn)，前一部分是直線，后部分為平滑曲線，具體圖線如下所示；由圖可知，燈泡電阻隨溫度的增大而增大；故答案為：（1）197.5；（2）102.5；（3）如圖所示；增加；【點(diǎn)評(píng)】在電學(xué)實(shí)驗(yàn)中，應(yīng)將電阻值一定的電流表進(jìn)行改裝，若需改為電壓表則應(yīng)串聯(lián)一電阻，若需改為電流表則應(yīng)串聯(lián)一電阻，本題是考查基礎(chǔ)知識(shí)和作圖能力的好題．12.【考點(diǎn)】液體的表面張力現(xiàn)象和毛細(xì)現(xiàn)象；*晶體和非晶體．【分析】解決本題需掌握：1、與液體處于動(dòng)態(tài)平衡的蒸氣叫飽和蒸氣；反之，稱為不飽和蒸氣．飽和蒸氣壓強(qiáng)與飽和蒸氣體積無(wú)關(guān)！在一定溫度下，飽和蒸氣的分子數(shù)密度是一定的，因而其壓強(qiáng)也是一定的，這個(gè)壓強(qiáng)叫做飽和蒸氣壓強(qiáng)．同溫下未飽和蒸氣壓力小于飽和蒸氣壓強(qiáng)．2、凡作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力．它產(chǎn)生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個(gè)薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力．3、自然界中的固體物質(zhì)可以分為晶體和非晶體兩大類．其中，晶體是指那些內(nèi)部質(zhì)點(diǎn)（原子、離子或分子）在三維空間周期性地重復(fù)排列構(gòu)成的固體物質(zhì)；與此相反，內(nèi)部質(zhì)點(diǎn)在三維空間無(wú)規(guī)律地排列的固體物質(zhì)為非晶體或非晶態(tài)．【解答】解：A、整個(gè)物體是由許多雜亂無(wú)章的排列著的小晶體組成的，這樣的物體叫多晶體，多晶體有確定熔點(diǎn)但沒(méi)有規(guī)則外形，故A錯(cuò)誤；B、單晶體內(nèi)部原子在三維空間周期性地重復(fù)排列，故表現(xiàn)各向異性，故B正確；C、凡作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力，故C錯(cuò)誤；D、飽和氣壓與液面上飽和汽的體積無(wú)關(guān)，與分子數(shù)密度和分子平均動(dòng)能有關(guān)，故D正確；故選BD．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了飽和蒸汽壓強(qiáng)、液體表面張力、晶體與非晶體，知識(shí)點(diǎn)多，難度不大，關(guān)鍵多看書(shū)．13.【考點(diǎn)】理想氣體的狀態(tài)方程．【專題】應(yīng)用題；定性思想；圖析法；理想氣體狀態(tài)方程專題．【分析】氣體狀態(tài)由A到B，發(fā)生了等壓變化，根據(jù)功的計(jì)算公式求氣體對(duì)外做的功．溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度升高，分子平均動(dòng)能增大．根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析熱量．【解答】解：由圖示圖象可知，從A到B過(guò)程氣體的體積增大，氣體對(duì)外做功，W=Fl=p1Sl=p1△V=p1（V2﹣V1）．氣體壓強(qiáng)不變而體積增大，由蓋呂薩克定律可知，氣體的溫度T升高，溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，則氣體分子平均動(dòng)能增大．氣體對(duì)外做功，W＜0，氣體溫度升高，氣體內(nèi)阻增大，△U＞0，由熱力學(xué)第一定律：△U=Q+W可知：Q=△U﹣W＞0，氣體吸收熱量；故答案為：p1（V2﹣V1）；增大；吸收．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了求氣體做功、判斷分子平均動(dòng)能如何變化、氣體吸熱與放熱情況，分析清楚圖示圖象、判斷出氣體各狀態(tài)參量如何變化是解題的關(guān)鍵，應(yīng)用功的計(jì)算公式、掌握基礎(chǔ)知識(shí)即可解題，平時(shí)要注意基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)與掌握．14.【考點(diǎn)】阿伏加德羅常數(shù)．【專題】阿伏伽德羅常數(shù)的應(yīng)用專題．【分析】標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下，1mol任何氣體的體積為22.4L；標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)是指0°C，1atm情況．【解答】解：在常溫常壓下，2m3的空氣的摩爾數(shù)約為對(duì)應(yīng)的分子數(shù)答：2m3的空氣中的氣體分子數(shù)目為5×1025（個(gè)）．【點(diǎn)評(píng)】本題是阿伏加德羅常數(shù)的簡(jiǎn)單運(yùn)用，同時(shí)要記住標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下，1mol任何氣體的體積為22.4L，不難．15.【考點(diǎn)】光的干涉；狹義相對(duì)論．【專題】光的干涉專題．【分析】根據(jù)空間的相對(duì)性判斷時(shí)間間隔的變化；雷達(dá)利用電磁波來(lái)測(cè)定物體額定距離和方位；發(fā)生干涉的條件是兩列光的頻率相等；電子表的液晶顯示應(yīng)用了光的偏振原理．【解答】解：A、根據(jù)知，坐在高速離開(kāi)地球的火箭里的人認(rèn)為地球上的時(shí)間間隔變長(zhǎng)，人的新陳代謝變慢了．故A正確．B、雷達(dá)利用電磁波來(lái)測(cè)定物體額定距離和方位．故B錯(cuò)誤．C、發(fā)生干涉的兩列波頻率需相同，普通光源發(fā)出的光的頻率不同，不能產(chǎn)生干涉現(xiàn)象．故C錯(cuò)誤．D、電子表的液晶顯示應(yīng)用了光的偏振原理．故D正確．故選AD．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了相對(duì)論、電磁波、光的干涉、偏振等知識(shí)點(diǎn)，難度不大，關(guān)鍵熟悉教材，理解并牢記這些基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)．16.【考點(diǎn)】光的折射定律．【專題】光的折射專題．【分析】根據(jù)光的折射定律求出折射率的大小，抓住光的頻率不變，通過(guò)波速求出波長(zhǎng)的關(guān)系．根據(jù)折射定律求出折射角r′的大?。窘獯稹拷猓焊鶕?jù)折射定律得，n=．則光在介質(zhì)中的速度v=，因?yàn)楣鈴恼婵者M(jìn)入介質(zhì)，頻率不變，有，解得．根據(jù)解得r′=60°．故答案為：，60°【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握折射定律，以及知道光從一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)，頻率不變．17.【考點(diǎn)】簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅、周期和頻率．【專題】簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)專題．【分析】對(duì)于簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，從正向最大位移處開(kāi)始計(jì)時(shí)，其位移時(shí)間關(guān)系公式為：x=Acosωt；第一次經(jīng)過(guò)C點(diǎn)的時(shí)間為0.2s，代入公式計(jì)算出角頻率和周期．【解答】解：簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，從正向最大位移處開(kāi)始計(jì)時(shí)，其位移時(shí)間關(guān)系公式為：x=Acosωt；A=4cm；0.2s時(shí)，x=2cm，代入公式，得到：2=4cos（ω×0.2）故ω=π，T==1.2s；故位移時(shí)間表達(dá)式為：x=4cos；故答案為：1.2，x=4cos．【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵記住簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間關(guān)系表達(dá)式，要能結(jié)合位移時(shí)間關(guān)系表達(dá)式求解周期，較難．18.【考點(diǎn)】原子核衰變及半衰期、衰變速度；物質(zhì)波．【專題】衰變和半衰期專題．【分析】黑體熱輻射強(qiáng)度的極大值隨溫度的升高向波長(zhǎng)較短的方向移動(dòng)；比結(jié)合能越大，原子核中的核子結(jié)合得越牢固．【解答】解：A、黑體熱輻射強(qiáng)度的極大值隨溫度的升高向波長(zhǎng)較短的方向移動(dòng)．故A錯(cuò)誤．B、物質(zhì)波和光波都是概率波．故B正確．C、原子核的比結(jié)合能越大，原子核中的核子結(jié)合得越牢固．故C錯(cuò)誤．D、β衰變的實(shí)質(zhì)是放射性原子核內(nèi)的一個(gè)中子轉(zhuǎn)化成了一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子，不是來(lái)自核外電子．故D正確．故選BD【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道黑體輻射的規(guī)律以及β衰變的實(shí)質(zhì)．19.【考點(diǎn)】愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程；原子核衰變及半衰期、衰變速度．【專題】愛(ài)因斯坦的質(zhì)能方程應(yīng)用專題．【分析】根據(jù)動(dòng)量守恒定律求出衰變后新原子核的速度大?。桓鶕?jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程求出衰變過(guò)程中的質(zhì)量虧損．【解答】解：根據(jù)動(dòng)量守恒定律得，0=mv﹣（M﹣m）v′，解得．=根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程得，．故答案為：【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道在衰變的過(guò)程中動(dòng)量守恒，以及掌握愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程．20.【考點(diǎn)】光電效應(yīng)．【專題】光電效應(yīng)專題．【分析】根據(jù)光電效應(yīng)方程得出遏止電壓與入射光頻率的關(guān)系，通過(guò)圖線的斜率求出普朗克常量．遏止電壓為零時(shí)，入射光的頻率等于截止頻率．【解答】解：根據(jù)光電效應(yīng)方程得，Ekm=hv﹣W0=hv﹣hv0又Ekm=eUC解得=．知圖線的斜率，解得h=6.4×10﹣34J．s當(dāng)Uc=0，v=．故答案為：5.0×1014，6.4×10﹣34【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程以及最大初動(dòng)能與遏止電壓的關(guān)系．21.【考點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律；牛頓第三定律；平拋運(yùn)動(dòng)．【專題】機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題．【分析】（1）根據(jù)機(jī)械能守恒定律求出小球滑出槽口時(shí)速度，在槽口根據(jù)向心力公式列式即可求解；（2）若要使小球滑出槽口后不沿半球面下滑，可知重力恰好或不足以提供向心力而作平拋運(yùn)動(dòng)；（3）根據(jù)機(jī)械能守恒定律即可求解．【解答】解：（1）小球滑出槽口時(shí)速度為v，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：①在槽口時(shí)：N﹣mg=②由①②式解得：N=3mg由牛頓第三定律得：N′=N=3mg方向：豎直向下（2）若要使小球滑出槽口后不沿半球面下滑，可知重力恰好或不足以提供向心力而作平拋運(yùn)動(dòng)．即mg③由①③兩式聯(lián)立解得R1與R2應(yīng)