2024年九省聯(lián)考（江西?。└呖嘉锢磉m應(yīng)性試卷（1月份）

2024年九省聯(lián)考（江西省）高考物理適應(yīng)性試卷（1月份）一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1～7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8～10題有多項符合題目要求，每小題4分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1．（4分）在恒星演化末期會發(fā)生俗稱“燒石頭”的核聚變反應(yīng)，其核反應(yīng)方程為，下列選項正確的是（）A．Z＝26，A＝52 B．Z＝26，A＝28 C．Z＝14，A＝52 D．Z＝14，A＝282．（4分）某興趣小組做發(fā)射水火箭實驗。假設(shè)水火箭豎直上升至最高點開始勻加速豎直下落，一段時間后，其降落傘打開，再勻減速豎直下降。若從最高點開始計時，下列關(guān)于水火箭v﹣t圖像可能正確的是（）A． B． C． D．3．（4分）“天問一號”是我國首次自主研制發(fā)射的火星探測器。如圖所示，探測器從地球擇機發(fā)射，經(jīng)橢圓軌道向火星轉(zhuǎn)移。探測器在橢圓軌道的近日點P和遠(yuǎn)日點Q的速度大小分別為v1、v2，質(zhì)量為m的探測器從P運動到Q的時間為t。忽略其它天體的影響，下列說法正確的是（）A．v1＞v2，t與m有關(guān) B．v1＞v2，t與m無關(guān) C．v1＜v2，t與m有關(guān) D．v1＜v2，t與m無關(guān)4．（4分）為縮短固定翼飛行器著陸后的滑行距離，有人構(gòu)想在機身和跑道上安裝設(shè)備，使飛行器在安培力作用下短距著陸。如圖所示，在機身上安裝長為10m、匝數(shù)為60匝的矩形線圈，線圈通以100A的電流，跑道上有大小為0.2T的磁場，通過傳感器控制磁場區(qū)域隨飛機移動，使矩形線圈始終處于圖示磁場中。忽略電磁感應(yīng)的影響，線圈所受安培力的大小和方向是（）A．24000N，向左 B．24000N，向右 C．12000N，向左 D．12000N，向右5．（4分）如圖（a）所示，一列簡諧橫波以速度u沿x軸正方向傳播，在波的傳播方向上有P、Q兩點，PQ＝2.4m且小于波長。P、Q兩處質(zhì)點的振動圖像分別如圖（b）中實線和虛線所示。波速u和Q處質(zhì)點在0～2s內(nèi)的位移大小d是（）A．u＝0.8m/s，d＝1.0cm B．u＝0.8m/s，d＝0 C．u＝2.4m/s，d＝1.0cm D．u＝2.4m/s，d＝06．（4分）柔性可穿戴設(shè)備導(dǎo)電復(fù)合材料電阻率的測量需要使用一種非接觸式傳感器。如圖（a）所示，傳感器探頭線圈置于被測材料上方，給線圈通正弦交變電流如圖（b）所示，電路中箭頭為電流正方向。在時間內(nèi)關(guān)于渦旋電流的大小和方向（俯視），下列說法正確的是（）A．不斷增大，逆時針 B．不斷增大，順時針 C．不斷減小，逆時針 D．不斷減小，順時針7．（4分）用圖（a）裝置測量玻璃的折射率時，俯視圖如圖（b）所示。在水平木板上插大頭針P、Q，透過玻璃磚觀察，使Q把P擋住，再插大頭針M和N，使N擋住M同時擋住玻璃磚中的P和Q，這樣就可以確定玻璃磚的入射光線及其出射光線，從而可以測量玻璃的折射率。下列關(guān)于該實驗時眼睛所看到大頭針的情形，可能正確的是（）A． B． C． D．（多選）8．（6分）陶瓷是中華瑰寶，是中華文明的重要名片。在陶瓷制作過程中有一道工序叫利坯，如圖（a）所示，將陶瓷粗坯固定在繞豎直軸轉(zhuǎn)動的水平轉(zhuǎn)臺上，用刀旋削，使坯體厚度適當(dāng)，表里光潔。對應(yīng)的簡化模型如圖（b）所示，粗坯的對稱軸與轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)軸OO′重合。當(dāng)轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)速恒定時，關(guān)于粗坯上P、Q兩質(zhì)點，下列說法正確的是（）A．P的角速度大小比Q的大 B．P的線速度大小比Q的大 C．P的向心加速度大小比Q的大 D．同一時刻P所受合力的方向與Q的相同（多選）9．（6分）如圖（a）所示，有一電荷均勻分布的固定絕緣細(xì)圓環(huán)，圓心為O，軸線上的電場強度和電勢分布如圖（b）（c）所示?，F(xiàn)有一帶負(fù)電的粒子（重力不計）以初速度v0沿軸線由P運動到Q，OP＝OQ＝L。關(guān)于粒子由P運動到Q的過程分析，下列說法正確的是（）A．粒子先加速后一直減速 B．靜電力對粒子做功不為0 C．粒子所受靜電力先增大后一直減小 D．粒子的電勢能先減小后一直增大（多選）10．（6分）兒童玩具彈射裝置模型如圖所示。可伸縮輕質(zhì)彈簧和輕質(zhì)桿的一端分別用鉸鏈連接在固定豎直板的P、Q處，另一端連接在質(zhì)量為m的小球上，初始時刻在豎直向上力F的作用下桿處于水平位置，彈簧的原長和桿的長度均為l，PQ間距為?，F(xiàn)保持力F的方向不變緩慢提升小球，直到彈簧呈水平狀態(tài)。在這個過程中（彈簧在彈性限度內(nèi)）（）A．F先變大后一直變小 B．小球可能受三個力作用 C．彈簧在末態(tài)時的彈力比初態(tài)時的大 D．輕質(zhì)桿所受的彈力先變小后變大二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11．（8分）某小組探究氣體在等溫變化時壓強隨體積變化的規(guī)律。實驗方案如下：在帶刻度的注射器內(nèi)密封一段摻入酒精蒸汽的空氣，然后將注射器與氣體壓強傳感器連接管相連接。氣體壓強p由傳感器測量，氣體體積V等于注射器讀數(shù)與連接管的容積（1cm3）之和。（1）實驗時手不要握注射器筒，且應(yīng)緩慢推動注射器活塞，其目的是。（2）表格是小組采集的一組數(shù)據(jù)，數(shù)據(jù)真實可靠，請在圖中補充描出第6至9個數(shù)據(jù)點，并畫出p﹣圖線。序號123456789p/kPa99.0110.0120.9135.4154.7181.2223.3291.1330.0V/cm321.019.017.015.013.011.09.07.05.00.0480.0530.0590.0670.0770.0910.1110.1430.200（3）由p﹣圖可知，前8個數(shù)據(jù)點的分布情況說明：在等溫變化時，氣體的壓強與體積關(guān)系為；第9個數(shù)據(jù)點顯著偏離上述規(guī)律，小組猜想是因為氣體的質(zhì)量減小了，下列哪個選項支持該猜想。A．部分酒精蒸汽進(jìn)入氣體壓強傳感器連接管B．在測量第9個數(shù)據(jù)點時發(fā)現(xiàn)注射器筒壁出現(xiàn)模糊，部分酒精蒸汽液化12．（7分）電動勢和內(nèi)阻是電源的重要參數(shù)，為了研究新舊干電池電動勢和內(nèi)阻的差異，實驗室提供以下器材：電流表（量程：0.6A或3A）、電壓表（量程：3V或15V）、滑動變阻器A（最大阻值20Ω）、滑動變阻器B（最大阻值1000Ω）、開關(guān)、導(dǎo)線和某品牌一節(jié)全新干電池。（1）應(yīng)選擇滑動變阻器（填“A”或“B”）。（2）請在圖（a）中畫線完成電路實物連接。（3）通過實驗測得干電池的兩條U﹣I圖線，如圖（b）所示，甲為全新干電池實驗圖線，乙為該電池使用一段時間后的實驗圖線，回答以下問題：①乙圖線中，該電池的電動勢為V（保留3位有效數(shù)字），內(nèi)阻為Ω（保留2位有效數(shù)字）；②該電池在使用后電動勢（填“變大”或“變小”），內(nèi)阻（填“變大”或“變小”）。13．（10分）如圖所示，一質(zhì)量為M的平板車靜止放在斜坡的底端?；鍚酆谜邚拈L為l、傾角為θ的斜坡頂端靜止下滑，滑到平板車上后制動，最終與平板車達(dá)到共同速度。忽略滑板與斜面以及平板車與水平地面之間的摩擦，假設(shè)斜坡底端與平板車平滑相接，平板車足夠長，滑板及滑板愛好者總質(zhì)量為m，可視為質(zhì)點，重力加速度為g。求：（1）滑板愛好者剛滑到平板車上時的速度大小；（2）滑板愛好者與平板車最后達(dá)到的共同速度大小。14．（11分）無人快遞車在水平路面上從靜止開始做直線運動，經(jīng)過160s到達(dá)目的地停止運動，快遞車在整個運送過程中牽引力F隨時間t的變化關(guān)系如圖所示，圖中F1和t1未知。假設(shè)快遞車與貨物總質(zhì)量m＝100kg，運行時所受阻力為自身重力的0.05倍，重力加速度取g＝10m/s2，0～t1時間內(nèi)位移大小s1＝10m。求：（1）快遞車在加速和減速過程中的加速度大??；（2）快遞車在整個運動過程中牽引力所做的功。15．（18分）磁控濺射儀是制備金屬薄膜的重要設(shè)備。為了研究磁控濺射儀中離子在電場和磁場中的運動過程，建立如下模型。如圖所示，xOy平面內(nèi)（﹣x0，0）的位置有一離子源發(fā)射大量質(zhì)量為m、電荷量為q（q＞0）的離子，離子的初始速度大小均為v0，方向在xOy平面內(nèi)并與x軸正方向的夾角在﹣60°至60°范圍內(nèi)。在x＜0的區(qū)域內(nèi)有一沿x軸正方向的勻強電場，在x＞0的區(qū)域內(nèi)有一垂直xOy平面向里的勻強磁場，磁場沿y軸方向的寬度為，且關(guān)于x軸對稱。在x＝0的位置放一沿軸y方向的無限長絕緣薄平板，所有離子經(jīng)電場加速后到達(dá)絕緣薄平板時速度大小均為。忽略離子的重力以及離子間的相互作用。（1）求x＜0的區(qū)域內(nèi)電場強度的大??；（2）為使所有離子均能進(jìn)入右邊的磁場區(qū)域，需要在絕緣薄平板上開一狹縫，請問狹縫的最小寬度為多少？（3）狹縫寬度值取第（2）問的結(jié)果，要使所有離子進(jìn)入磁場后不再通過狹縫返回電場，求磁感應(yīng)強度的最大值，及此條件下在磁場中運動時間最長的離子在磁場中所經(jīng)歷的時間。（假定離子與絕緣薄平板發(fā)生的碰撞為彈性碰撞，即碰撞前后沿平板方向的速度分量不變，垂直于平板方向的速度分量反向）。2024年九省聯(lián)考（江西省）高考物理適應(yīng)性試卷（1月份）參考答案與試題解析一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1～7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8～10題有多項符合題目要求，每小題4分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1．（4分）在恒星演化末期會發(fā)生俗稱“燒石頭”的核聚變反應(yīng)，其核反應(yīng)方程為，下列選項正確的是（）A．Z＝26，A＝52 B．Z＝26，A＝28 C．Z＝14，A＝52 D．Z＝14，A＝28【分析】根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒與電荷數(shù)守恒判斷反應(yīng)物的質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)即可。【解答】解：由核電荷數(shù)守恒得Z+7×2＝28由質(zhì)量數(shù)守恒得A+7×4＝56解得Z＝14，A＝28故ABC錯誤，D正確。故選：D?！军c評】該題考查核反應(yīng)，知道質(zhì)量數(shù)守恒與電荷數(shù)守恒即可正確解答。2．（4分）某興趣小組做發(fā)射水火箭實驗。假設(shè)水火箭豎直上升至最高點開始勻加速豎直下落，一段時間后，其降落傘打開，再勻減速豎直下降。若從最高點開始計時，下列關(guān)于水火箭v﹣t圖像可能正確的是（）A． B． C． D．【分析】水火箭開始時做勻加速直線運動，后做勻減速直線運動，結(jié)合v﹣t圖的特點分析?！窘獯稹拷猓簭乃鸺竭_(dá)最高點開始計時，開始勻加速豎直下落，加速度不變，一段時間后，速度達(dá)到最大，此時降落傘打開，再勻減速豎直下降，加速度不變。v﹣t圖像的斜率表示加速度，結(jié)合加速度的特點可得圖B可能正確。故ACD錯誤，B正確。故選：B?！军c評】解答本題時，要正確結(jié)合運動的情況判斷分析水火箭的速度變化情況。3．（4分）“天問一號”是我國首次自主研制發(fā)射的火星探測器。如圖所示，探測器從地球擇機發(fā)射，經(jīng)橢圓軌道向火星轉(zhuǎn)移。探測器在橢圓軌道的近日點P和遠(yuǎn)日點Q的速度大小分別為v1、v2，質(zhì)量為m的探測器從P運動到Q的時間為t。忽略其它天體的影響，下列說法正確的是（）A．v1＞v2，t與m有關(guān) B．v1＞v2，t與m無關(guān) C．v1＜v2，t與m有關(guān) D．v1＜v2，t與m無關(guān)【分析】由開普勒第二定律判斷速度的關(guān)系；結(jié)合萬有引力提供向心力，判斷探測器的時間?！窘獯稹拷猓禾綔y器在橢圓軌道上的運動類似于行星的運動，由開普勒第二定律可知，近日點的速率大于遠(yuǎn)日點的速率，所以v1＞v2設(shè)半長軸為a，由萬有引力提供向心力可得探測器繞太陽運動的周期為與探測器的質(zhì)量m無關(guān)，所以探測器從P運動到Q的時間為與探測器的質(zhì)量m無關(guān)。故ACD錯誤，B正確。故選：B?！军c評】該題考查開普勒第二定律和萬有引力定律的應(yīng)用，解答的關(guān)鍵是知道相應(yīng)的公式。4．（4分）為縮短固定翼飛行器著陸后的滑行距離，有人構(gòu)想在機身和跑道上安裝設(shè)備，使飛行器在安培力作用下短距著陸。如圖所示，在機身上安裝長為10m、匝數(shù)為60匝的矩形線圈，線圈通以100A的電流，跑道上有大小為0.2T的磁場，通過傳感器控制磁場區(qū)域隨飛機移動，使矩形線圈始終處于圖示磁場中。忽略電磁感應(yīng)的影響，線圈所受安培力的大小和方向是（）A．24000N，向左 B．24000N，向右 C．12000N，向左 D．12000N，向右【分析】根據(jù)左手定則判斷受到的安培力的方向，根據(jù)F＝BIL求出安培力的大小?！窘獯稹拷猓河勺笫侄▌t可知，各處的安培力方向如圖所示可知線圈所受安培力的方向為水平向左。線圈所受安培力的大小為F安＝F1+F2＝2nBIL＝2×60×0.2×100×10N＝24000N，故A正確，BCD錯誤。故選：A?！军c評】該題考查安培力的計算與左手定則，熟記公式即可。5．（4分）如圖（a）所示，一列簡諧橫波以速度u沿x軸正方向傳播，在波的傳播方向上有P、Q兩點，PQ＝2.4m且小于波長。P、Q兩處質(zhì)點的振動圖像分別如圖（b）中實線和虛線所示。波速u和Q處質(zhì)點在0～2s內(nèi)的位移大小d是（）A．u＝0.8m/s，d＝1.0cm B．u＝0.8m/s，d＝0 C．u＝2.4m/s，d＝1.0cm D．u＝2.4m/s，d＝0【分析】諧橫波沿x軸正方向傳播，則P點先振動，由已知結(jié)合圖b判斷P與Q之間的距離與波長的關(guān)系，由圖b讀出周期，由周期與波長、波速的關(guān)系求出波速；由圖b讀出t＝0時刻與t＝2s時刻Q點的位置，然后求出位移?！窘獯稹拷猓阂驗楹喼C橫波沿x軸正方向傳播，且P、Q兩點距離小于波長，結(jié)合圖b可知P的振動早Q個周期，可得所以λ＝3.2m由圖（b）可知，周期為T＝4s所以這列簡諧橫波的速度為由圖（b）可知Q處質(zhì)點在0～2s內(nèi)的位移大小為d＝0.5cm+0.5cm＝1.0cm，故A正確，BCD錯誤。故選：A?！军c評】本題考查橫波的圖像認(rèn)識，解題關(guān)鍵掌握波速的計算公式。6．（4分）柔性可穿戴設(shè)備導(dǎo)電復(fù)合材料電阻率的測量需要使用一種非接觸式傳感器。如圖（a）所示，傳感器探頭線圈置于被測材料上方，給線圈通正弦交變電流如圖（b）所示，電路中箭頭為電流正方向。在時間內(nèi)關(guān)于渦旋電流的大小和方向（俯視），下列說法正確的是（）A．不斷增大，逆時針 B．不斷增大，順時針 C．不斷減小，逆時針 D．不斷減小，順時針【分析】根據(jù)安培定則判定穿過螺線管的磁場的方向以及穿過圓環(huán)的磁通量變化，再依據(jù)楞次定律，確定渦流的方向。【解答】解：由題圖可知，在時間內(nèi)電路中的電流與圖中電流方向相反，被測材料區(qū)域原磁場方向豎直向上，電流不斷增大，則磁場不斷增大，根據(jù)楞次定律可知，被測材料的感應(yīng)磁場方向豎直向下，由安培定則可知，在被測材料上的渦流方向為順時針（俯視）；又因為時間內(nèi)i﹣t圖像的斜率不斷減小，則感應(yīng)磁場變化率不斷減小，由法拉第電磁感應(yīng)定律及歐姆定律可知，被測材料上的渦流大小不斷減小。故ABC錯誤，D正確。故選：D?！军c評】解決本題的關(guān)鍵是理解并掌握楞次定律：增反減同或來拒去留，來分析環(huán)所受的安培力方向。7．（4分）用圖（a）裝置測量玻璃的折射率時，俯視圖如圖（b）所示。在水平木板上插大頭針P、Q，透過玻璃磚觀察，使Q把P擋住，再插大頭針M和N，使N擋住M同時擋住玻璃磚中的P和Q，這樣就可以確定玻璃磚的入射光線及其出射光線，從而可以測量玻璃的折射率。下列關(guān)于該實驗時眼睛所看到大頭針的情形，可能正確的是（）A． B． C． D．【分析】根據(jù)光的折射現(xiàn)象結(jié)合實驗原理分析解答?！窘獯稹拷猓翰ＡУ恼凵渎蚀笥诳諝獾恼凵渎剩援?dāng)光從空氣進(jìn)入玻璃時，折射角會小于入射角；大頭針P、Q和M、N的位置符合光的折射定律，即光從空氣進(jìn)入玻璃時，折射角小于入射角；光從玻璃進(jìn)入空氣時，折射角大于入射角。對圖（b）進(jìn)行分析：因為MN為實線且重疊，所以眼睛是從下側(cè)觀察大頭針。故ABD錯誤，C正確；故選：C?！军c評】本題考查玻璃的折射率的測定，解題關(guān)鍵掌握光的折射現(xiàn)象。（多選）8．（6分）陶瓷是中華瑰寶，是中華文明的重要名片。在陶瓷制作過程中有一道工序叫利坯，如圖（a）所示，將陶瓷粗坯固定在繞豎直軸轉(zhuǎn)動的水平轉(zhuǎn)臺上，用刀旋削，使坯體厚度適當(dāng)，表里光潔。對應(yīng)的簡化模型如圖（b）所示，粗坯的對稱軸與轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)軸OO′重合。當(dāng)轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)速恒定時，關(guān)于粗坯上P、Q兩質(zhì)點，下列說法正確的是（）A．P的角速度大小比Q的大 B．P的線速度大小比Q的大 C．P的向心加速度大小比Q的大 D．同一時刻P所受合力的方向與Q的相同【分析】同一圓環(huán)以直徑為軸做勻速轉(zhuǎn)動時，環(huán)上的點的角速度相同，根據(jù)幾何關(guān)系可以判斷Q、P兩點各自做圓周運動的半徑，根據(jù)v＝ωr即可求解線速度，根據(jù)a＝ω2r求得向心加速度。【解答】解：A．由題意可知，粗坯上P、Q兩質(zhì)點屬于同軸轉(zhuǎn)動，它們的角速度相等，即ωP＝ωQ，故A錯誤；B．由圖可知P點繞轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動的半徑大，根據(jù)v＝rω，所以vP＞vQ，即P的線速度大小比Q的大，故B正確；C．根據(jù)a＝rω2，且rP＞rQ，ωP＝ωQ所以aP＞aQ即P的向心加速度大小比Q的大，故C正確；D．因為當(dāng)轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)速恒定，所以同一時刻P所受合力的方向與Q的所受的合力方向均指向中心軸，故合力方向不相同，故D錯誤。故選：BC?！军c評】該題主要考查了圓周運動基本公式的直接應(yīng)用，注意同軸轉(zhuǎn)動時角速度相同。（多選）9．（6分）如圖（a）所示，有一電荷均勻分布的固定絕緣細(xì)圓環(huán)，圓心為O，軸線上的電場強度和電勢分布如圖（b）（c）所示。現(xiàn)有一帶負(fù)電的粒子（重力不計）以初速度v0沿軸線由P運動到Q，OP＝OQ＝L。關(guān)于粒子由P運動到Q的過程分析，下列說法正確的是（）A．粒子先加速后一直減速 B．靜電力對粒子做功不為0 C．粒子所受靜電力先增大后一直減小 D．粒子的電勢能先減小后一直增大【分析】帶有正電荷圓環(huán)的電場電場線從圓環(huán)出發(fā)到無窮遠(yuǎn)終止，分析粒子q所受的電場力方向，即可判斷其運動情況；根據(jù)電場力做功正負(fù)，判斷電勢能的變化；由圖可知場強先增大后減小，再增大，再減?。桓鶕?jù)能量守恒分析動能與電勢能之和?！窘獯稹拷猓篈D．帶負(fù)電的粒子受到的電場力的方向與電場強度的方向相反，所以由P運動到Q的過程中受到的電場力的方向先向右，后向左，則從P到Q電場力先做正功，后一直做負(fù)功，動能先增大后一直減?。桓鶕?jù)電場力做功與電勢能的關(guān)系W＝﹣ΔEp可得，電勢能先減小后一直增大，故AD正確；B．根據(jù)圖（c）可知UOP＝UOQ，根據(jù)W＝qU可知，粒子由P運動到Q的過程靜電力對粒子做功的代數(shù)和為0，故B錯誤；C．根據(jù)圖（b）可知，粒子由P運動到Q的過程，場強先增大后減小，再增大最后再減小，故粒子所受靜電力先增大后減小，再增大最后再減小，故C錯誤。故選：AD?！军c評】本題采用極限法分析場強的變化，來分析加速度的變化是關(guān)鍵；對于電場強度方向，可根據(jù)電場的疊加原理理解。（多選）10．（6分）兒童玩具彈射裝置模型如圖所示?？缮炜s輕質(zhì)彈簧和輕質(zhì)桿的一端分別用鉸鏈連接在固定豎直板的P、Q處，另一端連接在質(zhì)量為m的小球上，初始時刻在豎直向上力F的作用下桿處于水平位置，彈簧的原長和桿的長度均為l，PQ間距為?，F(xiàn)保持力F的方向不變緩慢提升小球，直到彈簧呈水平狀態(tài)。在這個過程中（彈簧在彈性限度內(nèi)）（）A．F先變大后一直變小 B．小球可能受三個力作用 C．彈簧在末態(tài)時的彈力比初態(tài)時的大 D．輕質(zhì)桿所受的彈力先變小后變大【分析】有幾何關(guān)系求出不同位置彈簧的長度；對小球受力分析，結(jié)合共點力平衡求出不同位置彈簧的彈力、桿的彈力以及向上的拉力的大小，然后比較。【解答】解：初始時刻對小球受力分析如圖此時彈簧的長度為此時彈簧的彈力為Fk＝k（l1﹣l）＝根據(jù)共點力平衡，沿水平方向＝＝沿豎直方向則F＝當(dāng)彈簧處于原長時，如圖所示此時小球受到2個力，F(xiàn)＝mg；當(dāng)彈簧呈水平狀態(tài)時，對小球受力分析如圖所示此時彈簧的長度為此時彈簧的彈力為Fk′＝k（l2﹣l）＝根據(jù)共點力平衡可知沿水平方向Fk′＝N′cosφ＝可得：＝豎直方向有A．由圖可知，從初始狀態(tài)到彈簧恢復(fù)原長的過程中，F(xiàn)從逐漸增大到mg，然后從原長位置到彈簧呈水平狀態(tài)位置，F(xiàn)從mg增大到，故F一直在增大，故A錯誤；B．綜上所述，小球在運動過程中不可能受到3個力的作用，可能受到2個力作用或者4個力的作用，故B錯誤；C．因為Fk＝，F(xiàn)k′＝所以Fk′＞Fk故彈簧在末態(tài)時的彈力比初態(tài)時的大，故C正確；D．初始狀態(tài)時，輕質(zhì)桿所受彈力為N＝當(dāng)彈簧恢復(fù)到原長位置為，輕質(zhì)桿所受的彈力為0；當(dāng)彈簧處于水平狀態(tài)時，輕質(zhì)桿所受的彈力為N′＝又因為N′＞N所以輕質(zhì)桿所受的彈力先變小后變大，故D正確。故選：CD?！军c評】該題考查動態(tài)平衡，解答的關(guān)鍵是抓住幾個特殊點分析。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11．（8分）某小組探究氣體在等溫變化時壓強隨體積變化的規(guī)律。實驗方案如下：在帶刻度的注射器內(nèi)密封一段摻入酒精蒸汽的空氣，然后將注射器與氣體壓強傳感器連接管相連接。氣體壓強p由傳感器測量，氣體體積V等于注射器讀數(shù)與連接管的容積（1cm3）之和。（1）實驗時手不要握注射器筒，且應(yīng)緩慢推動注射器活塞，其目的是減小熱傳遞和做功對氣體溫度的影響。（2）表格是小組采集的一組數(shù)據(jù)，數(shù)據(jù)真實可靠，請在圖中補充描出第6至9個數(shù)據(jù)點，并畫出p﹣圖線。序號123456789p/kPa99.0110.0120.9135.4154.7181.2223.3291.1330.0V/cm321.019.017.015.013.011.09.07.05.00.0480.0530.0590.0670.0770.0910.1110.1430.200（3）由p﹣圖可知，前8個數(shù)據(jù)點的分布情況說明：在等溫變化時，氣體的壓強與體積關(guān)系為成反比；第9個數(shù)據(jù)點顯著偏離上述規(guī)律，小組猜想是因為氣體的質(zhì)量減小了，下列哪個選項支持該猜想B。A．部分酒精蒸汽進(jìn)入氣體壓強傳感器連接管B．在測量第9個數(shù)據(jù)點時發(fā)現(xiàn)注射器筒壁出現(xiàn)模糊，部分酒精蒸汽液化【分析】（1）根據(jù)減小誤差的注意事項分析；（2）根據(jù)描點法作圖的要求作圖；（3）根據(jù)實驗原理判斷；根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程分析判斷?！窘獯稹拷猓海?）實驗時手不要握注射器筒，且應(yīng)緩慢推動注射器活塞，其目的是減小熱傳遞和做功對氣體溫度的影響。（2）描點如圖所示（3）由圖可知，前8個數(shù)據(jù)點的分布情況說明：在等溫變化時，氣體的壓強與體積成反比；由圖可知，第9個數(shù)據(jù)點顯著偏離上述規(guī)律，可能是在測量第9個數(shù)據(jù)點時部分酒精蒸汽遇冷液化使注射器筒壁出現(xiàn)模糊。故選：B。故答案為：（1）減小熱傳遞和做功對氣體溫度的影響；（2）；（3）成反比；B?！军c評】本題考查用氣體壓強傳感器探究氣體等溫變化規(guī)律實驗，要求掌握實驗原理。12．（7分）電動勢和內(nèi)阻是電源的重要參數(shù)，為了研究新舊干電池電動勢和內(nèi)阻的差異，實驗室提供以下器材：電流表（量程：0.6A或3A）、電壓表（量程：3V或15V）、滑動變阻器A（最大阻值20Ω）、滑動變阻器B（最大阻值1000Ω）、開關(guān)、導(dǎo)線和某品牌一節(jié)全新干電池。（1）應(yīng)選擇滑動變阻器A（填“A”或“B”）。（2）請在圖（a）中畫線完成電路實物連接。（3）通過實驗測得干電池的兩條U﹣I圖線，如圖（b）所示，甲為全新干電池實驗圖線，乙為該電池使用一段時間后的實驗圖線，回答以下問題：①乙圖線中，該電池的電動勢為1.28V（保留3位有效數(shù)字），內(nèi)阻為1.5Ω（保留2位有效數(shù)字）；②該電池在使用后電動勢變?。ㄌ睢白兇蟆被颉白冃　保?，內(nèi)阻變大（填“變大”或“變小”）?！痉治觥浚?）電池的電動勢為1.5V，電壓表選3V；電路中電流較小，電流表選0.6A；電池的內(nèi)阻較小，為了方便調(diào)節(jié)，滑動變阻器選20Ω，由此選擇；（2）滑動變阻器應(yīng)采用限流式接法，電流表應(yīng)內(nèi)接；（3）寫出原理式，變形為圖像的數(shù)學(xué)表達(dá)式，根據(jù)U﹣I圖線的斜率和截距求解電動勢和內(nèi)阻；引入系統(tǒng)誤差的原因是電壓表的分流作用，由此分析?！窘獯稹拷猓海?）本實驗測量干電池的內(nèi)阻，由于干電池的內(nèi)阻較小，為了調(diào)節(jié)滑動變阻器使電流表、電壓表示數(shù)變化明顯，所以滑動變阻器的阻值與電池內(nèi)阻相差不大，選20Ω阻值的滑動變阻器。故選A。（2）由于電池內(nèi)阻較小，故電流表相對于電源采用外接法，一節(jié)干電池電動勢約為1.5V，故電壓表采用3V量程，正確實物圖接法如圖（3）①由閉合電路歐姆定律E＝U+Ir化簡可得U＝﹣r?I+E由圖可知，縱截距為b＝E＝1.28V斜率為故該電池的電動勢為1.28V，內(nèi)阻為1.5Ω。②對比圖（b）中的甲、乙圖線可知，電池在使用后，縱截距變小，斜率變大，在U﹣I圖像中，縱截距表示電池的電動勢，斜率的絕對值表示內(nèi)阻，故該電池在使用后電動勢變小，內(nèi)阻變大。故答案為：（1）A；（2）；（3）①1.28，1.5；②變小，變大?！军c評】本題考查了測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻的實驗，要求學(xué)生熟練掌握實驗原理、電路圖、實驗器材、實驗步驟、數(shù)據(jù)處理和誤差分析。13．（10分）如圖所示，一質(zhì)量為M的平板車靜止放在斜坡的底端?；鍚酆谜邚拈L為l、傾角為θ的斜坡頂端靜止下滑，滑到平板車上后制動，最終與平板車達(dá)到共同速度。忽略滑板與斜面以及平板車與水平地面之間的摩擦，假設(shè)斜坡底端與平板車平滑相接，平板車足夠長，滑板及滑板愛好者總質(zhì)量為m，可視為質(zhì)點，重力加速度為g。求：（1）滑板愛好者剛滑到平板車上時的速度大小；（2）滑板愛好者與平板車最后達(dá)到的共同速度大小?！痉治觥浚?）滑板愛好者下滑過程機械能守恒，由機械能守恒定律求出滑板愛好者滑到圓弧軌道底端時的速度；（2）滑板愛好者滑到平板車上的過程系統(tǒng)動量守恒，由動量守恒定律求出碰撞后的速度。【解答】解：（1）對滑板愛好者，在斜坡上下滑過程機械能守恒，設(shè)滑板愛好者剛滑到平板車上時的速度大小為v，由機械能守恒定律得可得（2）板愛好者滑到平板車上的過程系統(tǒng)動量守恒，選取向左為正方向，由動量守恒定律得mv＝（m+M）v共最后達(dá)到的共同速度大小為答：（1）滑板愛好者剛滑到平板車上時的速度大小為；（2）滑板愛好者與平板車最后達(dá)到的共同速度大小為。【點評】本題是一道力學(xué)綜合題，根據(jù)題意分析清楚物體運動過程是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用機械能守恒定律、動量守恒定律的計算公式可以解題。14．（11分）無人快遞車在水平路面上從靜止開始做直線運動，經(jīng)過160s到達(dá)目的地停止運動，快遞車在整個運送過程中牽引力F隨時間t的變化關(guān)系如圖所示，圖中F1和t1未知。假設(shè)快遞車與貨物總質(zhì)量m＝100kg，運行時所受阻力為自身重力的0.05倍，重力加速度取g＝10m/s2，0～t1時間內(nèi)位移大小s1＝10m。求：（1）快遞車在加速和減速過程中的加速度大??；（2）快遞車在整個運動過程中牽引力所做的功?！痉治觥浚?）根據(jù)受力分析，由牛頓第二定律求出加速度，結(jié)合速度—時間公式求出；（2）全程對快遞車由動能定理求出牽引力所做的功。【解答】解：（1）由題意可知，快遞車運行時所受阻力為f＝0.05mg，代入數(shù)據(jù)得f＝50N快遞車在減速過程中，由牛頓第二定律f﹣F2＝ma2其中F2＝40N解得設(shè)加速時間為t1，減速時間為t2，車做勻速運動的速度為v，由圖可得t2＝160s﹣140s＝20s由運動學(xué)公式v＝a1t1＝a2t2可得：v＝2m/s由題意聯(lián)立解得，t1＝10s（2）全程對快遞車由動能定理WF﹣f（s1+s2+s3）＝0其中s2＝vΔt＝2×（140﹣10）m＝260m；＝m＝20m代入解得，快遞車在整個運動過程中牽引力所做的功為WF＝14500J答：（1）快遞車在加速和減速過程中的加速度大小分別為0.2m/s2和0.1m/s2；（2）快遞車在整個運動過程中牽引力所做的功是14500J。【點評】考查了牛頓第二定律以及動能定理和求功公式在實際問題中的應(yīng)用，把握運動的三個階段的特點是解答的關(guān)鍵。15．（18分）磁控濺射儀是制備金屬薄膜的重要設(shè)備。為了研究磁控濺射儀中離子在電場和磁場中的運動過程，建立如下模型。如圖所示，xOy平面內(nèi)（﹣x0，0）的位置有一離子源發(fā)射大量質(zhì)量為m、電荷量為q（q＞0）的離子，離子的初始速度大小均為v0，方向在xOy平