上海汾陽中學2022-2023學年高三物理上學期摸底試題含解析

上海汾陽中學2022-2023學年高三物理上學期摸底試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（2010?黑龍江校級模擬）一輕質彈簧在彈性限度內伸長了1cm時產生了2N的彈力，則這根彈簧的勁度系數是（）A． 2N/m B． 200N/m C． 20N/m D． 0.2N/m參考答案：B胡克定律解：由題，F=2N，x=1cm=1×10﹣2m，根據胡克定律F=kx得

彈簧的勁度系數k==故選B2.物體在光滑水平面上，在外力F作用下的v—t圖象如圖所示，從圖中可以判斷物體在0～t4的運動狀態(tài)A．物體一直在做曲線運動B．在t1～t3時間內，合外力先增大后減小C．在t1、t3時刻，外力F的功率最大D．在t1～t3時間內，外力F做的總功為零參考答案：ABD3.一個小球從4m高處落下，被地面彈回，在1m高處被接住，則小球在整個過程中(

)A．位移是5m

B．路程是3m

C．位移大小是3m

D．以上均不對參考答案：C4.如圖所示，光滑半球形容器固定在水平面上，O為球心，一質量為m的小滑塊，在水平力F的作用下靜止P點。設滑塊所受支持力為FN。OF與水平方向的夾角為0。下列關系正確的是A．

B．F＝mgtan0C．

D．FN=mgtan0參考答案：A5.已知質量分布均勻的球殼對內物體的萬有引力為零。假設地球是半徑為R、質量分布均勻的球體。若地球某處的一礦井深度為d，則礦井底部和地球表面處的重力加速度大小之比為A.

B. C.

D.參考答案：B本題主要考查了向心力公式的直接應用，關鍵是應用礦井底部和地面處的角速度相等，難度不大，屬于基礎題．礦井底部和地面處的角速度相等，根據a=ω2r得礦井底部和地面處的重力加速度大小之比為，故選B。二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.斜拋運動可看成是水平方向的

運動和豎直方向的

運動的合運動參考答案：勻速直線運動，勻減速直線運動7.圖為某同學設計了一個探究小車的加速度a與小車所受拉力F及質量m關系的實驗裝置簡圖．小車的質量為m1，砂和砂桶質量的為m2。（1）下列說法正確的是

A．每次改變小車質量時，應重新平衡摩擦力B．實驗時應先釋放小車后接通電源C．在探究加速度與質量關系時，應作a-圖象(2)實驗中要進行質量m1和m2的選取，以下最合理的一組是

A.

m1=200,m2=20、40、60、80、100、120B.

m1=400,m2=10、15、20、25、30、40C.

m1=200,m2=50、60、70、80、90、100D.

m1=20,

m2=100、150、200、250、300、400（3）實驗時，某同學由于疏忽，遺漏了平衡摩擦力這一步驟，他測量得到的a-F圖像，可能是圖中的圖線

（選填“甲”、“乙”、“丙”）參考答案：（1）C

（2）B

（3）丙（1）假設木板傾角為θ，則有：f=mgsinθ=μmgcosθ，m約掉了，故不需要重新平衡摩擦力，A錯誤．實驗時應先接通電源后釋放小車，故B錯誤．F=ma，所以：a=

F，當F一定時，a與成正比，故C正確。（2）沙和沙桶加速下滑，處于失重狀態(tài)，其對細線的拉力小于重力，設拉力為T，根據牛頓第二定律，有

對沙和沙桶，有mg-T=ma

對小車，有T=Ma

解得故當M＞＞m時，有T≈mg。

應該是，即本實驗要求小車的質量遠遠大于小桶（及砝碼）的質量。B最合理。（3）遺漏了平衡摩擦力這一步驟，就會出現當有拉力時，物體不動的情況．故圖線為丙．8.在真空中兩個帶等量異種的點電荷，電量均為2×10-8C，相距20cm，則它們之間的相互作用力為_________________N。在兩者連線的中點處，電場強度大小為_________________N/C。參考答案：F，

F/C

9.如圖甲所示為測量電動機勻速轉動角速度的實驗裝置，半徑不大的圓形卡紙固定在電動機轉軸上，在電動機的帶動下勻速轉動．在圓形卡紙的旁邊垂直安裝了一個改裝了的電火花計時器．(1)請將下列實驗步驟按先后排序：________A．使電火花計時器與圓形卡紙保持良好接觸B．接通電火花計時器的電源，使它工作起來C．啟動電動機，使圓形卡紙轉動起來D．關閉電動機，拆除電火花計時器；研究卡紙上留下的一段痕跡(如圖乙所示)，寫出角速度ω的表達式，代入數據，得出ω的測量值。(2)要得到ω的測量值，還缺少一種必要的測量工具，它是________．A．秒表

B．毫米刻度尺

C．圓規(guī)

D．量角器(3)寫出角速度ω的表達式，并指出表達式中各個物理量的意義。參考答案：(1)ACBD

(2)D

(3)θ為n個點對應的圓心角，T為時間間隔10.已知一小量程電流表的內阻Rg為200歐姆，滿偏電流Ig為2mA．現在用如圖電路將其改裝為量程為0.1A和1A的雙量程電流表．（1）當用哪兩個接線柱時為0.1A的量程？答：a、c（2）當用哪兩個接線柱時為1A的量程？答：a、b（3）定值電阻R1=0.41，R2=3.7（保留兩位有效數字）．參考答案：考點：把電流表改裝成電壓表．專題：實驗題．分析：把電流計改裝成電流表需要并聯一個分流電阻，分析圖示電路結構、應用并聯電路特點與歐姆定律答題．解答：解：（1）電流表量程越小，并聯電阻阻值越大，由圖示可知，電流表量程為0.1A時，接a、c兩個接線柱．（2）電流表量程越大，并聯的分流電阻越小，由圖示可知，電流表量程為1A時，接a、b兩個接線柱．（3）由圖示電路圖可知，R1+R2=，R1=，代入數據解得：R1=0.41Ω，R2=3.7Ω故答案為：（1）a、c；（2）a、b；（3）0.41；3.7．點評：本題考查了電流表的改裝，知道電流表的改裝原理、分析清楚電路結構，應用串并聯電路特點、歐姆定律即可正確解題．11.（選修3-4模塊）(5分)做簡諧運動的質點，在不同時刻通過同一確定位置（非平衡位置和最大位移處）時必定相同的物理量是下列的哪些

；在通過平衡位置時具有最大值的物理量是下列的哪些

。（填代號）a.加速度；b．速度；c．位移；d．回復力；e．動能；f．勢能；g．動量。參考答案：答案：a、c、d、e、f；b、e、g。（答對第１空得3分，答對第2空得2分,共5分；漏選每空得１分，錯選或不選得0分）12.如圖為教材封面蘋果下落的頻閃照片，紫珠同學根據照片測量的數據如圖所示，已知實際蘋果大?。ㄖ睆剑┘s為照片6倍左右，重力加速度g為9.8m/s2，則可以估算出頻閃照相的頻率約為

Hz．（結果保留兩位有效數字）參考答案：9.6【考點】勻變速直線運動規(guī)律的綜合運用．【分析】首先，按照比例求出兩段的實際位移，這是連續(xù)相等時間內通過的位移，根據勻變速直線運動的推論：任意兩個連續(xù)相等的時間T內的位移之差為恒量S2﹣S1=S3﹣S2=…=SN+1﹣SN=aT2進行求解，頻率的倒數就是每段位移的時間．【解答】解：實際蘋果大?。ㄖ睆剑┘s為照片6倍左右則實際的兩段位移為x1=6×0.0310m=0.186mx2=6×0.0490m=0.294mx2﹣x1=gt20.294﹣0.186=9.8t2t=s=9.6Hz故本題答案：9.613.（4分）質子、中子和氘核的質量分別為m1、m2、m3，質子和中子結合成氘核時，發(fā)出r射線，已知普朗克恒量為h，真空中光速為c，則這個核反應的質量虧損△m= ，r射線的頻率v=

．參考答案：m1+m2﹣m3，解：一個質子和一個中子結合成氘核：H+n→H+γ這個核反應的質量虧損為：△m=m1+m2﹣m3根據愛因斯坦質能方程：E=△mc2此核反應放出的能量：E=（m1+m2﹣m3）c2以γ射線形式放出，由E=hυ得光子的頻率為：υ=

三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（2013?黃岡模擬）某種材料的三棱鏡截面ABC如圖所示，底邊BC水平且鍍銀，其中∠A=90°，∠B=60°，一束豎直向下的光束從AB邊上的M點入射，經過BC面反射后，從AC邊上的N點平行于BC邊射出，且MN連線平行于BC．求：（Ⅰ）光線在M點的折射角；（Ⅱ）三棱鏡的折射率．（可用根式表示）參考答案：（Ⅰ）光線在M點的折射角是15°；（Ⅱ）三棱鏡的折射率是．考點： 光的折射定律．專題： 光的折射專題．分析： （Ⅰ）由幾何知識求出光線在M點的入射角和折射角．（Ⅱ）運用折射定律求解三棱鏡的折射率．解答： 解：（Ⅰ）如圖，∠A=90°，∠B=60°，∠C=30°．由題意可得∠1=∠2=60°，∠NMQ=30°，∠MNQ=60°．根據折射定律，可得：∠PMQ=∠PNQ．根據反射定律，可得：∠PMN=∠PNM．即為：∠NMQ+∠PMQ=∠MNQ﹣∠PNQ．故折射角∠PMQ=15°（Ⅱ）折射率n==答：（Ⅰ）光線在M點的折射角是15°；（Ⅱ）三棱鏡的折射率是．點評： 本題是幾何光學問題，作出光路圖，運用幾何知識求出入射角和折射角是解題的關鍵之處，即能很容易解決此類問題．15.如圖所示，在滑雪運動中一滑雪運動員，從傾角θ為37°的斜坡頂端平臺上以某一水平初速度垂直于平臺邊飛出平臺，從飛出到落至斜坡上的時間為1.5s，斜坡足夠長，不計空氣阻力，若g取10m/s2，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：(1)運動員在斜坡上的落點到斜坡頂點(即飛出點)間的距離；(2)運動員從斜坡頂端水平飛出時的初速度v0大小.參考答案：18.75m

試題分析：（1）根據位移時間公式求出下落的高度，結合平行四邊形定則求出落點和斜坡頂點間的距離。（2）根據水平位移和時間求出初速度的大小。（1）平拋運動下落的高度為：則落點與斜坡頂點間的距離為：（2）平拋運動的初速度為：【點睛】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結合運動學公式和數學公式進行求解，并且要知道斜面的傾角是與位移有關，還是與速度有關。四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖，半徑R=0.4m的圓盤水平放置，繞豎直軸OO′勻速轉動，在圓心O正上方h=0.8m高處固定一水平軌道PQ，轉軸和水平軌道交于O′點。一質量m=1kg的小車（可視為質點），在F=4N的水平恒力作用下，從O′左側x0=2m處由靜止開始沿軌道向右運動，當小車運動到O′點時，從小車上自由釋放一小球，此時圓盤邊緣與x軸交于A點（未標出）。規(guī)定經過O點水平向右為x軸正方向。小車與軌道間的動摩擦因數μ=0.2，g取10m/s2。⑴若小球剛好落到A點，求小車運動到O′點的速度；⑵為使小球剛好落在A點，圓盤轉動的角速度應為多大？⑶為使小球能落到圓盤上，求水平拉力F作用的距離范圍。參考答案：（1）小球離開小車后，由于慣性，將以離開小車時的速度作平拋運動，落到盤面上所用時間s……（2分）則小車運動到點的速度m/s……（2分）（2）為使小球剛好落在A點，則小球下落的時間為圓盤轉動周期的整數倍，有：，其中k=1,2,3………（2分）即(rad/s)，其中k=1,2,3…（2分）（3）小球若能落到圓盤上，其在O′點的速度范圍是：0<v≤1m/s

……………（1分）設水平拉力作用的最小距離與最大距離分別為s1、s2。由動能定理得：

代入數據解得：m……（2分）由動能定理得：

代入數據解得：m……（2分）則水平拉力F作用的距離范圍是：1m<s′≤1.125m……（1分）17.在同時存在勻強電場和勻強磁場空間中取正交坐標系（z軸正方向豎直向上），如圖所示，已知電場方向沿z軸正方向，場強大小為E；磁場方向沿y軸正方向，磁感應強度的大小為B；重力加速度為g，一質量為m、帶電量為的質點，從原點O出發(fā)能在坐標軸上以速度大小v做勻速直線運動，求：質點在坐標軸上做勻速直線運動時，電場力與重力的大小之比。

參考答案：解：情形一：，由平衡條件知洛倫茲力沿z軸正向，粒子以v沿x軸正向運動，由勻速直線運動的條件得：（4分）/mg（2分）情形二：，則f沿z軸負方向，粒子以v沿x軸負向運動，由勻速直線運動的條件得：（4分）/mg（2分）情形三：質點沿y軸運動，由于粒子v方向平行于磁場方向，所以洛倫茲力，由勻速直線運動的條件得：（4分）（2分）18.如圖所示，為真空室內的豎直平面坐標系xOy，在0<y<L的條