北京市北京一零一中學(xué)2024年高考適應(yīng)性考試物理試卷含解析_第1頁
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文檔簡介

北京市北京一零一中學(xué)2024年高考適應(yīng)性考試物理試卷請考生注意:1.請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上,請用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2.答題前,認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》,按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、一物體在豎直方向運(yùn)動(dòng)的v—t圖象如圖所示。以下判斷正確的是(規(guī)定向上方向?yàn)檎ǎ〢.第5s內(nèi)與第6s內(nèi)的加速度方向不同B.第4s末~第6s末物體處于失重狀態(tài)C.前2s內(nèi)物體克服重力做功的平均功率大于第6s內(nèi)物體重力做功的平均功率D.第2s末~第4s末的過程中,該物體的機(jī)械能守恒2、家電待機(jī)耗電問題常常被市民所忽略。北京市電力公司曾舉辦“計(jì)量日進(jìn)您家”活動(dòng),免費(fèi)上門為市民做家庭用電耗能診斷分析。在上門實(shí)測過程中,技術(shù)人員發(fā)現(xiàn)電視機(jī)待機(jī)一天的耗電量在0.2度左右,小小機(jī)頂盒一天的待機(jī)耗電量更是高達(dá)0.4度。據(jù)最新統(tǒng)計(jì)溫州市的常住人口約1000萬人,參考下表數(shù)據(jù),估算每年溫州市家庭用電器待機(jī)耗電量約為()家庭常用電器電視機(jī)洗衣機(jī)空調(diào)電腦戶均數(shù)量(臺)2121電器待機(jī)功耗(W/臺)10204040A.4×105度 B.4×107度 C.4×109度 D.4×1011度3、關(guān)于盧瑟福的α粒子散射實(shí)驗(yàn)和原子的核式結(jié)構(gòu)模型,下列說法中不正確的是()A.絕大多數(shù)α粒子穿過金箔后,基本上仍沿原來的方向前進(jìn)B.只有少數(shù)α粒子發(fā)生大角度散射的原因是原子的全部正電荷和幾乎全部質(zhì)量集中在一個(gè)很小的核上C.盧瑟福依據(jù)α粒子散射實(shí)驗(yàn)的現(xiàn)象提出了原子的“核式結(jié)構(gòu)”理論D.盧瑟福的“核式結(jié)構(gòu)模型”很好地解釋了氧原子光譜的實(shí)驗(yàn)4、如圖所示,邊長為L的正六邊形ABCDEF的5條邊上分別放置5根長度也為L的相同絕緣細(xì)棒。每根細(xì)棒均勻帶上正電?,F(xiàn)將電荷量為+Q的點(diǎn)電荷置于BC中點(diǎn),此時(shí)正六邊形幾何中心O點(diǎn)的場強(qiáng)為零。若移走+Q及AB邊上的細(xì)棒,則O點(diǎn)強(qiáng)度大小為(k為靜電力常量)(不考慮絕緣棒及+Q之間的相互影響)A.B.C.D.5、建筑工人常常徒手向上拋磚塊,當(dāng)磚塊上升到最高點(diǎn)時(shí)被樓上的師傅接住。在一次拋磚的過程中,磚塊運(yùn)動(dòng)3s到達(dá)最高點(diǎn),將磚塊的運(yùn)動(dòng)勻變速直線運(yùn)動(dòng),磚塊通過第2s內(nèi)位移的后用時(shí)為t1,通過第1s內(nèi)位移的前用時(shí)為t2,則滿足()A. B. C. D.6、下列說法正確的是()A.單擺的擺球在通過最低點(diǎn)時(shí)合外力等于零B.有些昆蟲薄而透明的翅翼上出現(xiàn)彩色光帶是薄膜干涉現(xiàn)象C.變化的電場一定產(chǎn)生變化的磁場,變化的磁場一定產(chǎn)生變化的電場D.一條沿自身長度方向運(yùn)動(dòng)的桿,其長度總比桿靜止時(shí)的長度大二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示,間距為L=、長為5.0m的光滑導(dǎo)軌固定在水平面上,一電容為C=0.1F的平行板電容器接在導(dǎo)軌的左端.垂直于水平面的磁場沿x軸方向上按(其中,)分布,垂直x軸方向的磁場均勻分布.現(xiàn)有一導(dǎo)體棒橫跨在導(dǎo)體框上,在沿x軸方向的水平拉力F作用下,以v=的速度從處沿x軸方向勻速運(yùn)動(dòng),不計(jì)所有電阻,下面說法中正確的是A.電容器中的電場隨時(shí)間均勻增大B.電路中的電流隨時(shí)間均勻增大C.拉力F的功率隨時(shí)間均勻增大D.導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)至m處時(shí),所受安培力為0.02N8、如圖所示,用粗細(xì)均勻、總電阻為的導(dǎo)線圍成一個(gè)邊長為的等邊三角形閉合線框,線框以速度勻速穿過一個(gè)水平方向?qū)挾葹椋Q直方向足夠長的磁場區(qū)域,該磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為。線框在勻速穿過磁場區(qū)域過程中邊始終與磁場邊界(圖中虛線所示)平行,則下列說法正確的是()A.導(dǎo)線框從剛進(jìn)入磁場到完全進(jìn)入磁場過程中產(chǎn)生的平均電動(dòng)勢為B.導(dǎo)線框從剛進(jìn)入磁場到導(dǎo)線框完全離開磁場過程中,導(dǎo)線框不受安培力作用的時(shí)間為C.導(dǎo)線框邊剛進(jìn)入和剛離開磁場時(shí)兩間的電勢差相等D.導(dǎo)線框從邊進(jìn)入磁場的水平距離為時(shí)刻開始到導(dǎo)線框完全離開磁場過程中通過線框的電荷量為9、如圖所示,擦亮的鋅板與驗(yàn)電器上的金屬球相連,驗(yàn)電器上的鋁箔原來是不張開的.現(xiàn)讓紫外線照射到鋅板,觀察到驗(yàn)電器的鋁箔張開.下列說法正確的是()A.驗(yàn)電器的鋁箔帶負(fù)電B.此實(shí)驗(yàn)可以說明光具有粒子性C.若改用X射線照射鋅板,則觀察到驗(yàn)電器的鋁箔會(huì)張開D.若改用激光器發(fā)出高亮度的紅光照射鋅板,則觀察到驗(yàn)電器的鋁箔也有可能會(huì)張開E.若增大紫外線的照射強(qiáng)度,則逸出電子的最大初動(dòng)能變大10、在圖示電路中,理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為2∶1,電阻R1、R2、R3、R4的阻值均為4Ω。已知通過R4的電流i4=2sin100πtA,下列說法正確的是()A.a(chǎn)、b兩端電壓的頻率可能為100HzB.a(chǎn)、b兩端電壓的有效值為56VC.若a、b兩端電壓保持不變,儀減小R2的阻值,則R1消耗的電功率減小D.若a、b兩端電壓保持不變,儀減小R1的阻值,則R2兩端電壓增大三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)某實(shí)驗(yàn)小組在“探究彈力和彈簧伸長量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中,設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置圖。(1)安裝時(shí)一定要讓刻度尺跟彈簧都處于同一______面內(nèi)。(2)如果需要測量彈簧的原長,則正確的操作是_____。(填序號)A.先測量原長,后豎直懸掛B.先豎直懸掛,后測量原長(3)在測量過程中每增加一個(gè)鉤碼記錄一個(gè)長度,然后在坐標(biāo)系(橫軸代表彈簧的長度,縱軸代表彈力大小)中畫出了如圖乙所示的兩條圖線,_____(填彈簧序號)彈簧的勁度系數(shù)大,_____(填彈簧序號)彈簧的原長較長。12.(12分)實(shí)驗(yàn)小組采用如圖甲所示實(shí)驗(yàn)裝置測量木塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)μ,提供的器材有:帶定滑輪的長木板,有凹槽的木塊,質(zhì)量為m0的鉤碼若干,打點(diǎn)計(jì)時(shí)器,電源,紙帶,細(xì)線等.實(shí)驗(yàn)中將部分鉤碼懸掛在細(xì)線下,剩余的鉤碼放在木塊的凹槽中,保持長木板水平,利用打出的紙帶測量木塊的加速度.(1)正確進(jìn)行實(shí)驗(yàn)操作,得到一條紙帶。紙帶的一部分如左圖所示,紙帶上兩相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為T=0.10s。該同學(xué)將紙帶從每個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)處截?cái)?,得?條短紙帶,再把6條短紙帶的下端對齊貼在紙上,以紙帶下端為橫軸建立直角坐標(biāo)系,并將刻度尺邊緣緊靠縱軸,其示數(shù)如右圖所示。則打下計(jì)數(shù)點(diǎn)“2”時(shí)小車的速度大小為____________m/s;小車的加速度大小為___________m/s2(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)(2)將木塊凹槽中的鉤碼逐個(gè)添加到細(xì)線下端,改變懸掛鉤碼的總質(zhì)量m,測得相應(yīng)的加速度a,作出a-m圖象如圖所示.已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭=9.8m/s2,則木塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=________(保留兩位有效數(shù)字);μ的測量值________(選填“大于”“小于”或“等于”)真實(shí)值。(3)實(shí)驗(yàn)中________(選填“需要”或“不需要”)滿足懸掛鉤碼總質(zhì)量遠(yuǎn)小于木塊和槽中鉤碼總質(zhì)量.四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖甲所示,一質(zhì)量為M的長木板靜置于光滑的斜面上,其上放置一質(zhì)量為m的小滑塊,斜面傾角θ=,木板受到沿斜面向上拉力F作用時(shí),用傳感器測出長木板的加速度a與力F的關(guān)系如圖乙所示,重力加速度取g=10m/s2,sin=0.6,cos=0.8。求:(1)小滑塊與木板的動(dòng)摩擦因數(shù)為多少?(2)當(dāng)拉力F=20N時(shí),長木板的加速度大小為多大?14.(16分)如圖甲所示,半徑R=0.45m的光滑圓弧軌道固定在豎直平面內(nèi),B為軌道的最低點(diǎn),B點(diǎn)右側(cè)的光滑水平面上緊挨B點(diǎn)有一靜止的小平板車,平板車質(zhì)量M=1kg,長度l=1m,小車的上表面與B點(diǎn)等高,距地面高度h=0.2m.質(zhì)量m=1kg的物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))從圓弧最高點(diǎn)A由靜止釋放.取g=10m/s2.試求:(1)物塊滑到軌道上的B點(diǎn)時(shí)對軌道的壓力大小;(2)若鎖定平板車并在上表面鋪上一種特殊材料,其動(dòng)摩擦因數(shù)從左向右隨距離均勻變化,如圖乙所示,求物塊滑離平板車時(shí)的速率;(3)若解除平板車的鎖定并撤去上表面鋪的材料后,物塊與平板車上表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2,物塊仍從圓弧最高點(diǎn)A由靜止釋放,求物塊落地時(shí)距平板車右端的水平距離.15.(12分)如圖所示,MN為光滑的水平面,NO是一長度s=1.25m、傾角為θ=37°的光滑斜面(斜面體固定不動(dòng)),OP為一粗糙的水平面。MN、NO間及NO、OP間用一小段光滑圓弧軌道相連。一條質(zhì)量為m=2kg,總長L=0.8m的均勻柔軟鏈條開始時(shí)靜止的放在MNO面上,其AB段長度為L1=0.4m。鏈條與OP面的摩擦系數(shù)μ=0.5。(g=10m/s2,sin37°=0.1.cos37°=0.8)現(xiàn)自由釋放鏈條,求:(1)鏈條的A端滑到O點(diǎn)時(shí),鏈條的速率為多大?(2)鏈條在水平面OP停下時(shí),其C端離O點(diǎn)的距離為多大?

參考答案一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】

A.v—t圖象圖線的斜率表示運(yùn)動(dòng)的加速度,第5s內(nèi)與第6s內(nèi)的斜率相同,則加速度方向相同,故A錯(cuò)誤;B.第4s末~第6s末圖線斜率為負(fù),則加速度為負(fù)值,即加速度的方向向下,物體處于失重狀態(tài),故B正確;C.v—t圖象圖線與坐標(biāo)軸所圍面積表示物體的位移,由圖線可知,前2s內(nèi)物體物體的位移大小為第6s內(nèi)物體的位移大小為則前2s內(nèi)克服重力做功的平均功率為第6s內(nèi)物體重力做功的平均功率為所以前2s內(nèi)克服重力做功的平均功率等于第6s內(nèi)物體重力做功的平均功率,故C錯(cuò)誤;D.第2s末~第4s末的過程中,物體勻速運(yùn)動(dòng),動(dòng)能不變,但物體升高,所以該物體的機(jī)械能增加,故D錯(cuò)誤。故選B。2、C【解析】

溫州市的常住人口約1000萬人,平均每戶的人口按3人計(jì)算,溫州大約330萬戶家庭,一個(gè)家庭電器的待機(jī)功率:2×10W+1×20W+2×40W+1×40W=160W;所有用電器待機(jī)的總功為:W=NPt=330×104×0.16kW×(360×24h)=456192×104KW?h≈4.6×109度;故選C。3、D【解析】

A.粒子散射實(shí)驗(yàn)的內(nèi)容是:絕大多數(shù)粒子幾乎不發(fā)生偏轉(zhuǎn);少數(shù)粒子發(fā)生了較大的角度偏轉(zhuǎn);極少數(shù)粒子發(fā)生了大角度偏轉(zhuǎn)(偏轉(zhuǎn)角度超過,有的甚至幾乎達(dá)到,被反彈回來),故A正確;B.粒子散射實(shí)驗(yàn)中,只有少數(shù)粒子發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)說明三點(diǎn):一是原子內(nèi)有一質(zhì)量很大的粒子存在;二是這一粒子帶有較大的正電荷;三是這一粒子的體積很小,但不能說明原子中正電荷是均勻分布的,故B正確;C.盧瑟福依據(jù)粒子散射實(shí)驗(yàn)的現(xiàn)象提出了原子的“核式結(jié)構(gòu)”理論,故C正確;D.玻爾的原子模型與原子的核式結(jié)構(gòu)模型本質(zhì)上是不同的,玻爾的原子模型很好地解釋了氫原子光譜的實(shí)驗(yàn),故D錯(cuò)誤;不正確的故選D。4、D【解析】

根據(jù)對稱性,AF與CD上的細(xì)棒在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度疊加為零,AB與ED上的細(xì)棒在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度疊加為零.BC中點(diǎn)的點(diǎn)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度為,因EF上的細(xì)棒與BC中點(diǎn)的點(diǎn)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度疊加為零,EF上的細(xì)棒在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度為,故每根細(xì)棒在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度為,移走+Q及AB邊上的細(xì)棒,O點(diǎn)的電場強(qiáng)度為EF與ED上的細(xì)棒在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度疊加,這兩個(gè)場強(qiáng)夾角為60°,所以疊加后電場強(qiáng)度為;故選D。A.,與結(jié)論不相符,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;B.,與結(jié)論不相符,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;C.,與結(jié)論不相符,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;D.,與結(jié)論相符,選項(xiàng)D正確;5、C【解析】

豎直向上拋磚是勻變速直線運(yùn)動(dòng),經(jīng)過3s減為0,可以從最高點(diǎn)開始逆向思維,把上升過程反過來看作自由落體運(yùn)動(dòng)。根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的公式,得第1s內(nèi),第2s內(nèi),第3s內(nèi)的位移之比為從最高點(diǎn)開始,設(shè)第1s內(nèi)位移為x,則第2s內(nèi)為3x,第3s內(nèi)為5x。所以從最高點(diǎn)開始,磚塊通過上拋第2s位移的后的位移為第2個(gè)x,通過第1s內(nèi)位移的前的位移即為第9個(gè)x,按照自由落體公式可得所以所以ABD錯(cuò)誤,C正確。故選C。6、B【解析】

A.單擺的擺球在通過最低點(diǎn)時(shí),回復(fù)力等于零,而合外力一定不等于零,故A錯(cuò)誤;B.薄而透明的羽翼上出現(xiàn)彩色光帶,是由于羽翼前后表面反射,進(jìn)行相互疊加,是薄膜干涉現(xiàn)象,故B正確;C.均勻變化的電場產(chǎn)生穩(wěn)定磁場,非均勻變化的電場產(chǎn)生非均勻變化的磁場,故C錯(cuò)誤;D.根據(jù)相對論,則有沿自身長度方向運(yùn)動(dòng)的桿,其長度總比桿靜止時(shí)的長度短,故D錯(cuò)誤。故選:B。二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】根據(jù)導(dǎo)體切割磁感應(yīng)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢計(jì)算公式可得E=BLv,所以△E=△BLv,由于磁場隨位移均勻變化,所以感應(yīng)電動(dòng)勢隨位移均勻增大,電容器兩端的電壓均勻變化,電場強(qiáng)度也是均勻變化的,A正確;電容器的電容,解得:I=LCv,由于導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng),且磁感應(yīng)強(qiáng)度隨位移均勻變化,而x=v?△t,所以電流強(qiáng)度不變,B錯(cuò)誤;

導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng),根據(jù)平衡條件可得F=BIL,而B均勻增大,所以安培力均勻增大,拉力F均勻增大,拉力做功功率等于克服安培力做功功率,即P=Fv可知,外力的功率均勻增大,C正確;導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)至x=3m處時(shí),磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=(0.4+0.2×3)T=1T,電流強(qiáng)度:I=LCv=LCv2=0.2×1×0.1×4A=0.08A,所以導(dǎo)體棒所受安培力為FA=BIL=1×0.08×1N=0.08N,故D錯(cuò)誤.故選AC.8、BD【解析】

A.根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律,線框從剛進(jìn)入磁場到完全進(jìn)入磁場過程中產(chǎn)生的平均電動(dòng)勢:,而:,,解得,故A錯(cuò)誤;B.導(dǎo)線框完全在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)磁通量不變,沒有感應(yīng)電流,不受安培力作用的時(shí)間為:,故B正確;C.線框BC邊剛進(jìn)入磁場時(shí)兩端的電勢差為:,線框邊剛離開時(shí),兩端的電勢差為:,故C錯(cuò)誤;D.導(dǎo)線框邊進(jìn)入磁場的水平距離為時(shí)線框已經(jīng)完全進(jìn)入磁場,由:,故D正確。故選:BD。9、BC【解析】

A.紫外線照射鋅板發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象,電子從鋅板上飛出,鋅板帶正電,鋁箔張角變大,說明其原來帶正電,故A錯(cuò)誤;B.光電效應(yīng)說明光具有粒子性,故B正確;C.若改用X光(其頻率高于紫外線的頻率)照射鋅板時(shí),依據(jù)光電效應(yīng)發(fā)生條件,一定能使鋅板發(fā)生光電效應(yīng),故其夾角一定會(huì)變得更大,故C正確;D.若改用激光器發(fā)出高亮度的紅光(其頻率低于紫外線的頻率)照射鋅板,依據(jù)光電效應(yīng)發(fā)生條件,則觀察到驗(yàn)電器的鋁箔可能不會(huì)張開,故D錯(cuò)誤;E.由愛因斯坦光電效應(yīng)方程可知,光電子的最大初動(dòng)能與入射光的強(qiáng)度無關(guān),由入射光的頻率有關(guān),故E錯(cuò)誤。故選BC。10、BD【解析】

A.通過的電流,則角速度頻率為變壓器不會(huì)改變交流電的頻率,故、兩端電壓的頻率為50Hz,故A錯(cuò)誤;B.通過的電流最大值為,則有效值為根據(jù)并聯(lián)電路的規(guī)律可知,通過的電流有效值為2A,副線圈的輸出電流:根據(jù)變流比可知,原線圈的輸入電流兩端電壓為副線圈兩端電壓根據(jù)變壓比可知,原線圈的輸入電壓則、兩端電壓故B正確;C.若、兩端電壓保持不變,僅減小的阻值,根據(jù)閉合電路歐姆定律可知,副線圈的輸出電流增大,根據(jù)變流比可知,原線圈的輸入電流增大,則消耗的電功率增大,故C錯(cuò)誤;D.若、兩端電壓保持不變,僅減小的阻值,則原線圈輸入電壓增大,根據(jù)變壓比可知,副線圈輸出電壓增大,則兩端的電壓增大,故D正確;故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、豎直B【解析】

(1)[1].安裝時(shí)一定要讓刻度尺跟彈簧都處于同一豎直面內(nèi)。(2)[2].為了減小由彈簧自重而產(chǎn)生的彈簧伸長對實(shí)驗(yàn)造成的誤差,實(shí)驗(yàn)中應(yīng)該先將彈簧安裝好,豎直懸掛后再測量原長。故選B。(3)[3][4].題圖乙中斜率表示彈簧的勁度系數(shù),所以彈簧的勁度系數(shù)大;橫軸上的截距表示彈簧的原長,所以彈簧的原長長。12、0.47;0.70;0.33;大于;不需要;【解析】

(1)依據(jù)中時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于這段時(shí)間內(nèi)的平均速度,那么計(jì)數(shù)點(diǎn)“2”時(shí)小車的速度大小為:;根據(jù)?x=aT2結(jié)合逐差法可得:。(2)根據(jù)牛頓第二定律可知mg-μ(M-m)g=Ma,解得,由圖可知,-μg=-3.3,解得μ=0.33;

μ的測量值大于真實(shí)值,原因是滑輪與軸承、細(xì)線間有摩擦,紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器間有摩擦等;

(3)在此實(shí)驗(yàn)中,由于把小車和砝碼的質(zhì)量作為了整體,結(jié)合第二問可知,不需要滿足懸掛鉤碼質(zhì)量遠(yuǎn)小于木塊和槽中的鉤碼總質(zhì)量;【點(diǎn)睛】此題在求解加速度時(shí)還可這樣做:紙帶的長度之比等于此段紙帶的平均速度之比,還等于各段紙帶中間時(shí)刻的速度之比,即紙帶的高度之比等于中間時(shí)刻速度之比,這種等效替代的方法減小了解題難度,要提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)問題的能力,在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識的理解與應(yīng)用。四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)0.75(2)2m/s2【解析】

(1)當(dāng)F等于18N時(shí),加速度為a=0。對整體由平衡條件:F=(M+m)gsinθ代入數(shù)據(jù)解得M+m=3kg當(dāng)F大于18N時(shí),根據(jù)牛頓第二定律得F-Mgsinθ-μmgcosθ=Ma長木板的加速度a=F-gsinθ-知圖線的斜率k==1截距b=-gsinθ-=-18解得M=1kg,m=2kg,μ=0.75(2)當(dāng)拉力F=20N時(shí),代入長木板的加速度a=F-gsinθ-解得長木板的加速度為a1=2m/s214、(1)30N.(2)1m/s.(3)0.2m.【解析】

(1)物體從圓弧軌道頂端滑到B點(diǎn)的過程中,機(jī)械能守恒,則mgR=mvB2,解得vB=3m/s.

在B點(diǎn)由牛頓第二定律得,N-mg=m,解得N=mg+m=30N

即物塊滑到軌道上B點(diǎn)時(shí)

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