2023屆湖南省岳陽市高三下學(xué)期信息卷（三）物理試題（解析版）

高中物理名校試卷PAGEPAGE1岳陽市2023屆高三物理信息試卷（三）一、選擇題：本題共6小題。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.核潛艇以核反應(yīng)堆作動力源，其中一種核反應(yīng)方程是，生成物X、的比結(jié)合能分別為8.7MeV、8.4MeV，下列說法正確的是（）A.該反應(yīng)是核聚變反應(yīng) B.X比更穩(wěn)定C.X的質(zhì)子數(shù)與中子數(shù)相等 D.X的結(jié)合能比的結(jié)合能大〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，可知該核反應(yīng)方程為該反應(yīng)屬于核裂變，A錯(cuò)誤；B．因?yàn)樯晌颴比的比結(jié)合能大，所以X比更穩(wěn)定，B正確；C．X的質(zhì)子數(shù)為54，其中子數(shù)為132-54＝78，所以中子數(shù)和質(zhì)子數(shù)不相等，C錯(cuò)誤；D．X的核子數(shù)比少，兩者的比結(jié)合能接近，因此X的結(jié)合能比的結(jié)合能小，D錯(cuò)誤。故選B。2.如圖所示，在正六邊形的三個(gè)頂點(diǎn)A、C、E分別固定電荷量為+q、-q、-q的點(diǎn)電荷，O點(diǎn)為正六邊形的中心，下列說法正確的是（）A.D點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零B.O點(diǎn)與D點(diǎn)電勢相等C.沿OD連線，從O點(diǎn)到D點(diǎn)電勢先降低再升高D.將一正點(diǎn)電荷沿OD連線，從O點(diǎn)移到D點(diǎn)的過程中，電勢能一直減小〖答案〗C〖解析〗A．設(shè)正六邊形邊長為，A點(diǎn)的點(diǎn)電荷在D點(diǎn)的電場強(qiáng)度為C、E點(diǎn)的點(diǎn)電荷分別在D點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小為D點(diǎn)的電場強(qiáng)度為D點(diǎn)場強(qiáng)大小不為零，A錯(cuò)誤；B．由等量同種電荷電勢分布特點(diǎn)，C、E點(diǎn)的點(diǎn)電荷在O點(diǎn)與D點(diǎn)產(chǎn)生的電勢相等，又由于O點(diǎn)更靠近A點(diǎn)的點(diǎn)電荷，故O點(diǎn)的電勢比D點(diǎn)產(chǎn)生的電勢更大，B錯(cuò)誤；CD．在O點(diǎn)，3個(gè)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場方向水平向右，故正電荷在O點(diǎn)的電場力水平向右，同理3個(gè)點(diǎn)電荷在D點(diǎn)產(chǎn)生的電場水平向左，故正電荷在D點(diǎn)的電場力水平向左，正電荷沿OD連線，從O點(diǎn)到D點(diǎn)過程，電場力先做正功后做負(fù)功，電勢能先降低再升高，電勢先降低再升高，C正確，D錯(cuò)誤；故選C。3.工人用如圖所示的裝置勻速吊起石球，裝置底部為圓形繩套，、、、是圓上四等分點(diǎn)，側(cè)面、、、是四條完全相同、不可伸長的輕繩。點(diǎn)在石球球心正上方0.5m處，石球半徑為0.3m，石球表面光滑、重力大小為。下列說法正確的是（）A.繩的張力大小為B.若側(cè)面繩長不變，減小繩套的半徑，繩的張力減小C.若繩套不變，將側(cè)面四根繩子各增加相同的長度，繩的張力增大D.若加速向上提升石球，繩的張力大于〖答案〗D〖解析〗A．對石球受力分析，繩與石球相切于點(diǎn)，設(shè)繩與豎直方向夾角為，如下圖所以對結(jié)點(diǎn)O受力分析，由平衡條件得解得，繩的張力大小為A錯(cuò)誤；B．由題意可知若側(cè)面繩長不變，減小繩套的半徑，則變大，變小，則繩的張力增大，B錯(cuò)誤；C．若繩套不變，將側(cè)面四根繩子各增加相同的長度，變小，變大，由可得，繩張力減小，C錯(cuò)誤；D．當(dāng)石球平衡時(shí)，繩子拉力為所以，若加速向上提升石球，加速度向上，由牛頓第二定律可得，繩的張力D正確。故選D。4.某載人宇宙飛繞地球做圓周運(yùn)動的周期為T，由于地球遮擋，宇航員發(fā)現(xiàn)有T時(shí)間會經(jīng)歷“日全食”過程，如圖所示，已知地球的半徑為R，引力常量為G，地球自轉(zhuǎn)周期為T0，太陽光可看作平行光，則下列說法正確的是（）A.宇宙飛船離地球表面的高度為2RB.一天內(nèi)飛船經(jīng)歷“日全食”的次數(shù)為C.宇航員觀察地球的最大張角為120D.地球的平均密度為〖答案〗D〖解析〗A．由幾何關(guān)系，飛船每次“日全食”過程的時(shí)間內(nèi)飛船轉(zhuǎn)過α角，所需的時(shí)間為由于宇航員發(fā)現(xiàn)有T時(shí)間會經(jīng)歷“日全食”過程，則所以設(shè)宇宙飛船離地球表面的高度h，由幾何關(guān)系可得==sin=可得h=R故A錯(cuò)誤；B．地球自轉(zhuǎn)一圈時(shí)間為T0，飛船繞地球一圈時(shí)間為T，飛船繞一圈會有一次日全食，所以每過時(shí)間T就有一次日全食，得一天內(nèi)飛船經(jīng)歷“日全食”的次數(shù)為，故B錯(cuò)誤；C．設(shè)宇航員觀察地球的最大張角為θ，則由幾何關(guān)系可得=可得θ=60°故C錯(cuò)誤；D．萬有引力提供向心力，所以解得其中r=R＋h=2R又聯(lián)立可得故D正確。故選D。5.一位同學(xué)用底面半徑為r的圓桶形塑料瓶制作了一種電容式傳感器，用來測定瓶內(nèi)溶液深度的變化，如圖所示，瓶的外壁涂有一層導(dǎo)電涂層和瓶內(nèi)導(dǎo)電溶液構(gòu)成電容器的兩極，它們通過探針和導(dǎo)線與電源、電流計(jì)、開關(guān)相連，中間層的塑料為絕緣電介質(zhì)，其厚度為d，介電常數(shù)為εr。若發(fā)現(xiàn)在某一小段時(shí)間t內(nèi)有大小為I的電流從下向上流過電流計(jì)，設(shè)電源電壓恒定為U，則下列說法中正確的是（）A.瓶內(nèi)液面降低了B.瓶內(nèi)液面升高了C.瓶內(nèi)液面升高了D.瓶內(nèi)液面降低了〖答案〗A〖解析〗由題可知，導(dǎo)電溶液與導(dǎo)電涂層相當(dāng)于平行板電容器的兩極板，且兩板間距離不變，液面高度變化時(shí)，正對面積發(fā)生變化，則由可知，當(dāng)液面升高時(shí)，正對面積S增大，則電容增大；當(dāng)液面降低時(shí)，正對面積S減小，則電容減小。由于電流從下向上流過電流計(jì)，可知該段時(shí)間內(nèi)電容器上的電荷量減小，由于電容器兩極電勢差不變，則電容器的電容減小，則瓶內(nèi)液面降低。t時(shí)間內(nèi)通過電流計(jì)的電量為It，依題有液面的高度變化時(shí)的正對面積、電容分別變化為聯(lián)立得故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。6.如圖所示，一輕繩繞過無摩擦的兩個(gè)輕質(zhì)小定滑輪、，一端和質(zhì)量為的小球連接，另一端與套在光滑固定直桿上質(zhì)量也為的小物塊連接，直桿與兩定滑輪在同一豎直面內(nèi)，與水平面的夾角，直桿上點(diǎn)與兩定滑輪均在同一高度，點(diǎn)到定滑輪的距離為，直桿上點(diǎn)到點(diǎn)的距離也為，重力加速度為，直桿足夠長，小球運(yùn)動過程中不會與其他物體相碰?，F(xiàn)將小物塊從點(diǎn)由靜止釋放，下列說法錯(cuò)誤的是（）A.小物塊剛釋放時(shí)，輕繩中的張力大小為B.小球運(yùn)動到最低點(diǎn)時(shí)，小物塊加速度的大小為C.小物塊下滑至點(diǎn)時(shí)，小物塊與小球的速度大小之比為D.小物塊下滑至點(diǎn)時(shí)，小物塊的速度大小為〖答案〗A〖解析〗A．小物塊剛釋放時(shí)，小物塊將加速下滑，加速度向下，小球處于失重狀態(tài)，則輕繩對小球的拉力小于球的重力，故A錯(cuò)誤，符合題意；B．當(dāng)拉物塊的繩子與直桿垂直時(shí)，小球下降的距離最大，對小物塊受力分析，由牛頓第二定律解得，此時(shí)小物塊加速度的大小為故B正確，不符合題意；C．將小物塊的速度分解為沿繩子方向和垂直繩子方向，如圖所示沿繩子方向的分速度等于小球的速度，即所以小物塊在處的速度與小球的速度之比為故C正確，不符合題意；D．設(shè)小物塊下滑距離為時(shí)的速度大小為，此時(shí)小球的速度大小為，對小物塊和小球組成的系統(tǒng)根據(jù)機(jī)械能守恒定律，有其中解得，此時(shí)小物塊的速度大小為故D正確，不符合題意。故選A。二、選擇題：本題共5小題。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。7.波源O在t=0時(shí)刻開始振動，產(chǎn)生一列簡諧橫波。以波源O為坐標(biāo)原點(diǎn)，波的傳播方向沿x軸正方向，某時(shí)刻的部分波形圖如圖甲所示，P點(diǎn)是平衡位置為x=2m處的質(zhì)點(diǎn)，圖乙為x軸上某質(zhì)點(diǎn)Q的振動圖像，下列說法正確的是（）A.波源的起振方向沿y軸負(fù)方向 B.質(zhì)點(diǎn)Q的平衡位置與O點(diǎn)相距1mC.在0~4s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P經(jīng)過的路程為8cmD.t=6s時(shí)，x=5m處的質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)波峰〖答案〗BD〖解析〗A．波的傳播方向沿x軸正方向，由乙圖知Q點(diǎn)起振方向沿y軸正方向，則波源的起振方向沿y軸正方向，故A錯(cuò)誤；B．由甲圖可知波長，由乙圖可知周期，則波速為由乙圖可知Q點(diǎn)比波源滯后1s開始振動，1s波傳播的距離為則質(zhì)點(diǎn)Q的平衡位置與O點(diǎn)相距1m，故B正確；C．質(zhì)點(diǎn)P的平衡位置與O點(diǎn)相距2m，波傳播到質(zhì)點(diǎn)P位置時(shí)間為2s，P振動的時(shí)間為2s，在0~4s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P經(jīng)過的路程為故C錯(cuò)誤；D．波從波源位置傳播到x=5m位置時(shí)間為5s，則x=5m處的質(zhì)點(diǎn)振動時(shí)間為1s，所以t=6s時(shí)，x=5m處的質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)波峰，故D正確。故選BD。8.如圖所示，水族館訓(xùn)練員在訓(xùn)練海豚時(shí)，將一發(fā)光小球高舉在水面上方的A位置，海豚的眼睛在B位置，A位置和B位置的水平距離為3m，A位置離水面的高度為2m。訓(xùn)練員將小球向左水平拋出，不計(jì)空氣阻力，入水點(diǎn)在B位置的正上方，入水前瞬間速度方向與水面夾角為θ。小球在A位置發(fā)出的一束光線經(jīng)水面折射后到達(dá)B位置，折射光線與水平方向的夾角也為θ。已知水的折射率，；則（）A.tanθ的值為B.tanθ的值為C.B位置到水面的距離為D.B位置到水面的距離為〖答案〗AD〖解析〗AB．由平拋運(yùn)動的規(guī)律可知解得故A正確，B錯(cuò)誤；CD．由可知從A點(diǎn)射到水面的光線的入射角為α，折射角為則由折射定律可知解得由幾何關(guān)系可知解得故C錯(cuò)誤，D正確故選AD。9.a、b兩種單色光均是由氫原子躍遷產(chǎn)生，其中a是氫原子從能級4向能級2直接躍遷發(fā)出的光，b是氫原子從能級3向能級2躍遷發(fā)出的光，則下列說法正確的是（）A.在水中a光的速度更大B.用同一裝置分別進(jìn)行雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時(shí)，b光的條紋間距更大C.若光線a、b照射同一光電管產(chǎn)生光電效應(yīng)，光線a的遏止電壓高D.以同一入射角從某種介質(zhì)射入真空，若a光發(fā)生了全反射，則b光也一定發(fā)生了全反射〖答案〗BC〖解析〗根據(jù)氫原子的能級圖可知從能級4向能級2直接躍遷發(fā)出的a光能量比從能級3向能級2躍遷發(fā)出的b光能量高。根據(jù)可知能量越高的光，頻率越高，即。A．光在介質(zhì)中的傳播速度頻率高的光，折射率更大，則傳播速度小，即在水中a光的速度更小，故A錯(cuò)誤；B．雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，根據(jù)

波長越長，條紋間距越大，根據(jù)可知，，則b光的條紋間距更大，故B正確；C．根據(jù)光電效應(yīng)方程可知，解得遏止電壓根據(jù)可判斷光線a的遏止電壓高，故C正確；D．根據(jù)全反射臨界角光折射率大，則光的臨界角更小，更容易發(fā)生全反射。所以若a光發(fā)生了全反射，b光不一定發(fā)生全反射，故D錯(cuò)誤。故選BC。10.為發(fā)展新能源，某科研小組制作了一個(gè)小型波浪發(fā)電機(jī)，磁鐵固定在水中，S極上套有一個(gè)浮筒，浮筒上繞有線圈，其截面示意圖如圖甲所示。浮筒可隨波浪上下往復(fù)運(yùn)動切割磁感線而產(chǎn)生電動勢，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢隨時(shí)間按正弦規(guī)律變化，如圖乙所示，線圈電阻，匝數(shù)為100匝，線圈處磁感應(yīng)強(qiáng)度，線圈的直徑，把線圈與阻值的小燈泡串聯(lián)，小燈泡恰好正常發(fā)光。下列說法正確的是（）A.小燈泡的額定電壓為3VB.發(fā)電機(jī)的輸出功率為1.28WC.浮筒在豎直方向上下振動的頻率為2.5HzD.浮筒在豎直方向上下運(yùn)動的最大速度為〖答案〗BCD〖解析〗A．由乙圖可知，感應(yīng)電動勢有效值為根據(jù)閉合電路的歐姆定律，線圈中的電流由此時(shí)小燈泡正好正常發(fā)光，小燈泡的額定電壓故A錯(cuò)誤；B．發(fā)電機(jī)輸出功率為故B正確；C．由圖可知交變電流的頻率浮筒在豎直方向上下振動的頻率與交變電流的頻率相同，故C正確；D．由，解得浮筒在豎直方向上下運(yùn)動的最大速度為故D正確。故選BCD。11.如圖，長度為a的豎直薄擋板MN處在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場中（磁場空間足夠大、圖中未畫出），磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。擋板左側(cè)O點(diǎn)有一粒子源在紙面內(nèi)向各方向均勻發(fā)射電荷量為+q、質(zhì)量為m的帶電粒子，所有粒子的初速度大小相同。已知圖中初速度與ON夾角為60°發(fā)射的粒子恰好經(jīng)過N點(diǎn)，。不計(jì)粒子重力，不考慮粒子的反彈和粒子間的相互作用。則（）A.粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑為aB.擋板左側(cè)能被粒子擊中的豎直長度為aC.粒子能擊中擋板右側(cè)的粒子數(shù)占粒子總數(shù)的D.擋板的右側(cè)被粒子擊中的豎直長度為a〖答案〗CD〖解析〗A．粒子軌跡如圖1所示由幾何關(guān)系可知可得故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)軌跡剛好與MN相切時(shí)，粒子能打到板上最大長度，如圖軌跡2，設(shè)速度方向與ON夾角為，由幾何關(guān)系可得可得則擋板左側(cè)能被粒子擊中的豎直長度為故B錯(cuò)誤；C．要使粒子打在右側(cè)，有兩個(gè)臨界條件，如圖中的軌跡1、3，由幾何關(guān)系可知1、3的初速度夾角為則粒子能擊中擋板右側(cè)的粒子數(shù)占粒子總數(shù)的故C正確；D．如上圖粒子1打在MN上的點(diǎn)與O1N組成頂角為60°的等腰三角形，所以由幾何關(guān)系可知板的右側(cè)被粒子擊中的豎直長度為故D正確。故選CD。三、非選擇題：本題共5小題。12.小晗同學(xué)利用圖1所示裝置研究平拋運(yùn)動的規(guī)律。實(shí)驗(yàn)時(shí)該同學(xué)使用手機(jī)連拍功能對做平拋運(yùn)動的小球進(jìn)行拍攝，手機(jī)每秒拍攝7張照片并能自動將拍攝到圖片進(jìn)行疊加處理在一張照片中，圖中的背景是放在豎直平面內(nèi)的帶有方格的紙板，紙板與小球軌跡所在平面平行，其上每個(gè)方格的邊長為10cm。（1）下列說法正確的是___________。A．實(shí)驗(yàn)所用斜槽應(yīng)盡量光滑B．斜槽末端必須保持水平C．必須無初速度釋放小球（2）圖3是實(shí)驗(yàn)中小球從斜槽上不同位置由靜止釋放獲得的兩條軌跡，圖線①所對應(yīng)的小球在斜槽上釋放的位置___________（選填“較低”或“較高”）。（3）某次拍攝后得到的照片如圖2所示，小球做平拋運(yùn)動的初速度大小___________。（4）該小組利用實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪制“”圖線，發(fā)現(xiàn)是一條過原點(diǎn)的直線，由此判斷小球下落的軌跡是拋物線，并求得斜率k，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣缺磉_(dá)式為___________（用斜率k和初速度表示）?！即鸢浮剑?）B（2）較高（3）2.8（4）〖解析〗（1）[1]A．實(shí)驗(yàn)所用斜槽不需要盡量光滑，A錯(cuò)誤；B．斜槽末端必須保持水平，使物體做平拋運(yùn)動，B正確；C．本實(shí)驗(yàn)使用手機(jī)連拍功能對做平拋運(yùn)動的小球進(jìn)行拍攝，故無須靜止釋放小球，C錯(cuò)誤。故選B。（2）[2]由圖像可知兩小球做平拋運(yùn)動下落相同高度時(shí)，圖線①水平位移更大，故圖線①所對應(yīng)的小球初速度較大，在斜槽上釋放的位置較高；（3）[3]由頻閃照片可得，小球在豎直方向相鄰位移之差根據(jù)勻變速直線運(yùn)動特點(diǎn)可得由水平分運(yùn)動，可得（4）[4]根據(jù)平拋運(yùn)動規(guī)律可得，聯(lián)立可得可知圖像的斜率為當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣缺磉_(dá)式為13.在“測量金屬絲的電阻率”實(shí)驗(yàn)中：（1）測量一段電阻約為幾歐姆金屬絲的電阻時(shí)所用器材和部分電路連線如圖1所示，若電流表內(nèi)阻約為幾十歐姆，量程為0-0.6A或0-3A，電壓表內(nèi)阻約為幾千歐姆，量程為0-3V或，用筆畫代替導(dǎo)線完成電路連線___________。（2）合上開關(guān)之前，圖1中滑動變阻器滑片應(yīng)置于最___________（選填“左”或“右”）端。（3）連好電路之后，合上開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻器，得到多組U和I數(shù)據(jù)。甲同學(xué)由每組U、I數(shù)據(jù)計(jì)算電阻，然后求電阻平均值，乙同學(xué)通過U-I圖像求電阻。則兩種求電阻的方法更合理的是___________（選填“甲”或“乙”）（4）兩同學(xué)進(jìn)一步探究用鎳鉻絲將滿偏電流的表頭G改裝成電流表。如圖2所示，表頭G兩端并聯(lián)長為L的鎳鉻絲，調(diào)節(jié)滑動變阻器使表頭G滿偏，毫安表示數(shù)為I，改變L，重復(fù)上述步驟，獲得多組I、L數(shù)據(jù)，作出I-圖像如圖3所示。則I-圖像斜率k=___________mAm。若要把該表頭G改裝成量程為6mA的電流表，需要把長為___________m的鎳鉻絲并聯(lián)在表頭G兩端。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）〖答案〗（4）見〖解析〗（2）左（3）乙（4）2.30.40〖解析〗（1）[1]由題中條件可知?jiǎng)t電流表應(yīng)采用外接法，電路中最大電流為故電流表應(yīng)選量程0-0.6A，實(shí)物圖連線如圖所示（2）[2]合上開關(guān)之前，為保護(hù)電路，測量電路中的電流應(yīng)最小，故圖1中滑動變阻器滑片應(yīng)置于最左端；（3）[3]利用圖像處理數(shù)據(jù)，誤差更小，兩種求電阻的方法更合理的是乙；（4）[4]根據(jù)圖像可知，斜率為由圖像可知6mA電流對應(yīng)的橫軸坐標(biāo)為解得14.如圖所示，內(nèi)壁光滑的圓筒固定在水平地面上，用橫截面積的活塞A、B封閉一定質(zhì)量的理想氣體，其中活塞B與一端固定在豎直墻上、勁度系數(shù)k＝1000N/m的輕質(zhì)彈簧相連，平衡時(shí)兩活塞相距。已知外界大氣壓強(qiáng)，圓筒內(nèi)氣體溫度為。（1）若將兩活塞鎖定，然后將圓筒內(nèi)氣體溫度升到，求此時(shí)圓筒內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)；（2）若保持圓筒內(nèi)氣體溫度不變，然后對A施加一水平推力F＝500N，使其緩慢向左移動一段距離后再次平衡，求此過程中封閉氣體的壓強(qiáng)及活塞A移動的距離。（假設(shè)活塞B左端的圓筒足夠長，彈簧始終在彈性限度內(nèi)）〖答案〗（1）1.67×105Pa；（2），0.7m〖解析〗（1）設(shè)此時(shí)氣體壓強(qiáng)為p，由查理定律可得初態(tài)壓強(qiáng)為p0，溫度為T0=（273+t0）K=300K末態(tài)壓強(qiáng)為p，溫度為T=（273+t）K=500K代入數(shù)據(jù)可得p=1.67×105Pa（2）設(shè)再次平衡時(shí)封閉氣體壓強(qiáng)為p′，活塞A、B向左移動的距離分別為x、x′，由于氣體溫度始終不變，由玻意耳定律可得由平衡條件可知，對活塞A有對活塞B有聯(lián)立解得x=0.7m15.磁懸浮列車是一種高速低能耗的新型交通工具。它的驅(qū)動系統(tǒng)可簡化為如下模型，固定在列車下端的動力繞組可視為一個(gè)單匝閉合矩形純電阻金屬框，電阻為R金屬框置于xOy平面內(nèi)，長邊MN長為l平行于y軸，寬度為d的短邊NP平行于x軸（x軸水平），如圖1所示。列車軌道沿Ox方向，軌道區(qū)域內(nèi)存在垂直于金屬框平面的磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B沿Ox方向按正弦規(guī)律分布，其空間周期為λ，取z軸正方向?yàn)榇艌稣较?，最大值為，如圖2所示，金屬框的同一條長邊上各處的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同，整個(gè)磁場以速度v0沿Ox方向勻速平移。設(shè)在短暫時(shí)間內(nèi)，MN、PO邊所在位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化可以忽略，列車在驅(qū)動系統(tǒng)作用下沿Ox方向加速行駛。則：（1）若，某時(shí)刻列車速度為0，且MN所在位置磁感應(yīng)強(qiáng)度恰好為最大值。求此時(shí)回路中的感應(yīng)電流大?。唬?）列車速度為時(shí)，要使列車所獲得的驅(qū)動力最大，求d與應(yīng)滿足的關(guān)系；及此時(shí)列車受到驅(qū)動力的大小?！即鸢浮剑?）；（2）或，〖解析〗（1）由法拉第電磁感應(yīng)定律可得E=B0lv由閉合電路的歐姆定律可得解得（2）為使列車得最大驅(qū)動力，MN、PQ應(yīng)位于磁場中磁感應(yīng)強(qiáng)度同為最大值且反向的地方，這會使得磁通量變化率最大，導(dǎo)致框中電流最強(qiáng)，也會使得金屬框長邊中電流受到的安培力最大。因此，d應(yīng)為的奇數(shù)倍，即或由于法拉第電磁感應(yīng)定律E=Blv當(dāng)列車速度v＜v0時(shí)E=2B0l(v0-v)根據(jù)閉合電路歐姆定律有根據(jù)安培力公式，MN邊所受的安培力FMN=B0IlPQ邊所受的安培力FPQ=B0Il根據(jù)左手定則，MN、PQ邊所受的安培力方向相同，此時(shí)列車驅(qū)動力的大小F=FMN＋FPQ=2B0Il聯(lián)立解得16.如圖所示，一水平傳送帶以的速度順時(shí)針轉(zhuǎn)動，其左端A點(diǎn)和右端B點(diǎn)分別與兩個(gè)光滑水平臺面平滑對接，A、B兩點(diǎn)間的距離。左邊水平臺面上有一被壓縮的彈簧，彈簧的左端固定，右端與一質(zhì)量為的物塊甲相連（物塊甲與彈簧不拴接，滑上傳送帶前已經(jīng)脫離彈簧），物塊甲與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)。右邊水平臺面上有一個(gè)傾角為，高為的固定光滑斜面（水平臺面與斜面由平滑圓弧連接），斜面的右側(cè)固定一上表面光滑的水平桌面，桌面與水平臺面的高度差為。桌面左端依次疊放著質(zhì)量為的木板（厚度不計(jì)）和質(zhì)量為的物塊乙，物塊乙與木板之間的動摩擦因數(shù)為，桌面上固定一彈性豎直擋板，擋板與木板右端相距，木板與擋板碰撞會原速率返回。現(xiàn)將物塊甲從壓縮彈簧的右端由靜止釋放，物塊甲離開斜面后恰好在它運(yùn)動的最高點(diǎn)與物塊乙發(fā)生彈性碰撞（碰撞時(shí)間極短），物塊乙始終未滑離木板。物塊甲、乙均可視為質(zhì)點(diǎn)，已知，。求：（1）物塊甲運(yùn)動到最高點(diǎn)時(shí)的速度大??；（2）彈簧最初儲存的彈性勢能；（3）木板運(yùn)動的總路程；（4）若木板的質(zhì)量為，木板與擋板僅能發(fā)生兩次碰撞，求擋板與木板距離的范圍為多少。〖答案〗（1）；（2）；（3）；（4）〖解析〗（1）由題意可知，物塊甲從斜面頂端到最高點(diǎn)做逆向平拋運(yùn)動，水平方向?yàn)閯蛩龠\(yùn)動，設(shè)物塊甲剛離開斜面時(shí)速度為，則有聯(lián)立解得可知物塊甲運(yùn)動到最高點(diǎn)時(shí)的速度大小為（2）設(shè)物塊甲在B點(diǎn)時(shí)速度為，對物塊甲從B點(diǎn)到斜面頂端由動能定理有解得因?yàn)椋晕飰K甲在傳送帶上一直做減速運(yùn)動。對物塊甲從靜止開始到B點(diǎn)，設(shè)彈簧彈力做功，由動能定理有解得根據(jù)功能關(guān)系可知彈簧最初儲存的彈性勢能（3）物塊甲與物塊乙在碰撞過程中，由動量守恒定律得v0=v甲x由機(jī)械能守恒定律得解得，以物塊乙和木板為系統(tǒng)，由動量守恒定律得若木板向右加速至共速后再與擋板碰撞，由動能定理得解得可知木板與物塊乙共速后再與擋板相碰。由動量守恒定律得木板向左減速過程中，由動能定理得解得同理可得以此類推木板的總路程為解得（4）以木板為對象，由牛頓第二定律得木板與擋板碰前做勻加速直線運(yùn)動，有木板與擋板碰后每次都返回到同一位置，物塊一直做勻減速直線運(yùn)動。①當(dāng)木板第一次返回到初始位置時(shí)，物塊乙速度恰好減為0時(shí)，木板與擋板僅能發(fā)生一次碰撞。即解得②當(dāng)木板第二次返回到初始位置時(shí)，木板與物塊乙速度恰好減到0時(shí)，木板與擋板僅能發(fā)生二次碰撞。即解得可知木板與擋板若發(fā)生兩次碰撞，擋板與木板距離的范圍為。岳陽市2023屆高三物理信息試卷（三）一、選擇題：本題共6小題。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.核潛艇以核反應(yīng)堆作動力源，其中一種核反應(yīng)方程是，生成物X、的比結(jié)合能分別為8.7MeV、8.4MeV，下列說法正確的是（）A.該反應(yīng)是核聚變反應(yīng) B.X比更穩(wěn)定C.X的質(zhì)子數(shù)與中子數(shù)相等 D.X的結(jié)合能比的結(jié)合能大〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，可知該核反應(yīng)方程為該反應(yīng)屬于核裂變，A錯(cuò)誤；B．因?yàn)樯晌颴比的比結(jié)合能大，所以X比更穩(wěn)定，B正確；C．X的質(zhì)子數(shù)為54，其中子數(shù)為132-54＝78，所以中子數(shù)和質(zhì)子數(shù)不相等，C錯(cuò)誤；D．X的核子數(shù)比少，兩者的比結(jié)合能接近，因此X的結(jié)合能比的結(jié)合能小，D錯(cuò)誤。故選B。2.如圖所示，在正六邊形的三個(gè)頂點(diǎn)A、C、E分別固定電荷量為+q、-q、-q的點(diǎn)電荷，O點(diǎn)為正六邊形的中心，下列說法正確的是（）A.D點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零B.O點(diǎn)與D點(diǎn)電勢相等C.沿OD連線，從O點(diǎn)到D點(diǎn)電勢先降低再升高D.將一正點(diǎn)電荷沿OD連線，從O點(diǎn)移到D點(diǎn)的過程中，電勢能一直減小〖答案〗C〖解析〗A．設(shè)正六邊形邊長為，A點(diǎn)的點(diǎn)電荷在D點(diǎn)的電場強(qiáng)度為C、E點(diǎn)的點(diǎn)電荷分別在D點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小為D點(diǎn)的電場強(qiáng)度為D點(diǎn)場強(qiáng)大小不為零，A錯(cuò)誤；B．由等量同種電荷電勢分布特點(diǎn)，C、E點(diǎn)的點(diǎn)電荷在O點(diǎn)與D點(diǎn)產(chǎn)生的電勢相等，又由于O點(diǎn)更靠近A點(diǎn)的點(diǎn)電荷，故O點(diǎn)的電勢比D點(diǎn)產(chǎn)生的電勢更大，B錯(cuò)誤；CD．在O點(diǎn)，3個(gè)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場方向水平向右，故正電荷在O點(diǎn)的電場力水平向右，同理3個(gè)點(diǎn)電荷在D點(diǎn)產(chǎn)生的電場水平向左，故正電荷在D點(diǎn)的電場力水平向左，正電荷沿OD連線，從O點(diǎn)到D點(diǎn)過程，電場力先做正功后做負(fù)功，電勢能先降低再升高，電勢先降低再升高，C正確，D錯(cuò)誤；故選C。3.工人用如圖所示的裝置勻速吊起石球，裝置底部為圓形繩套，、、、是圓上四等分點(diǎn)，側(cè)面、、、是四條完全相同、不可伸長的輕繩。點(diǎn)在石球球心正上方0.5m處，石球半徑為0.3m，石球表面光滑、重力大小為。下列說法正確的是（）A.繩的張力大小為B.若側(cè)面繩長不變，減小繩套的半徑，繩的張力減小C.若繩套不變，將側(cè)面四根繩子各增加相同的長度，繩的張力增大D.若加速向上提升石球，繩的張力大于〖答案〗D〖解析〗A．對石球受力分析，繩與石球相切于點(diǎn)，設(shè)繩與豎直方向夾角為，如下圖所以對結(jié)點(diǎn)O受力分析，由平衡條件得解得，繩的張力大小為A錯(cuò)誤；B．由題意可知若側(cè)面繩長不變，減小繩套的半徑，則變大，變小，則繩的張力增大，B錯(cuò)誤；C．若繩套不變，將側(cè)面四根繩子各增加相同的長度，變小，變大，由可得，繩張力減小，C錯(cuò)誤；D．當(dāng)石球平衡時(shí)，繩子拉力為所以，若加速向上提升石球，加速度向上，由牛頓第二定律可得，繩的張力D正確。故選D。4.某載人宇宙飛繞地球做圓周運(yùn)動的周期為T，由于地球遮擋，宇航員發(fā)現(xiàn)有T時(shí)間會經(jīng)歷“日全食”過程，如圖所示，已知地球的半徑為R，引力常量為G，地球自轉(zhuǎn)周期為T0，太陽光可看作平行光，則下列說法正確的是（）A.宇宙飛船離地球表面的高度為2RB.一天內(nèi)飛船經(jīng)歷“日全食”的次數(shù)為C.宇航員觀察地球的最大張角為120D.地球的平均密度為〖答案〗D〖解析〗A．由幾何關(guān)系，飛船每次“日全食”過程的時(shí)間內(nèi)飛船轉(zhuǎn)過α角，所需的時(shí)間為由于宇航員發(fā)現(xiàn)有T時(shí)間會經(jīng)歷“日全食”過程，則所以設(shè)宇宙飛船離地球表面的高度h，由幾何關(guān)系可得==sin=可得h=R故A錯(cuò)誤；B．地球自轉(zhuǎn)一圈時(shí)間為T0，飛船繞地球一圈時(shí)間為T，飛船繞一圈會有一次日全食，所以每過時(shí)間T就有一次日全食，得一天內(nèi)飛船經(jīng)歷“日全食”的次數(shù)為，故B錯(cuò)誤；C．設(shè)宇航員觀察地球的最大張角為θ，則由幾何關(guān)系可得=可得θ=60°故C錯(cuò)誤；D．萬有引力提供向心力，所以解得其中r=R＋h=2R又聯(lián)立可得故D正確。故選D。5.一位同學(xué)用底面半徑為r的圓桶形塑料瓶制作了一種電容式傳感器，用來測定瓶內(nèi)溶液深度的變化，如圖所示，瓶的外壁涂有一層導(dǎo)電涂層和瓶內(nèi)導(dǎo)電溶液構(gòu)成電容器的兩極，它們通過探針和導(dǎo)線與電源、電流計(jì)、開關(guān)相連，中間層的塑料為絕緣電介質(zhì)，其厚度為d，介電常數(shù)為εr。若發(fā)現(xiàn)在某一小段時(shí)間t內(nèi)有大小為I的電流從下向上流過電流計(jì)，設(shè)電源電壓恒定為U，則下列說法中正確的是（）A.瓶內(nèi)液面降低了B.瓶內(nèi)液面升高了C.瓶內(nèi)液面升高了D.瓶內(nèi)液面降低了〖答案〗A〖解析〗由題可知，導(dǎo)電溶液與導(dǎo)電涂層相當(dāng)于平行板電容器的兩極板，且兩板間距離不變，液面高度變化時(shí)，正對面積發(fā)生變化，則由可知，當(dāng)液面升高時(shí)，正對面積S增大，則電容增大；當(dāng)液面降低時(shí)，正對面積S減小，則電容減小。由于電流從下向上流過電流計(jì)，可知該段時(shí)間內(nèi)電容器上的電荷量減小，由于電容器兩極電勢差不變，則電容器的電容減小，則瓶內(nèi)液面降低。t時(shí)間內(nèi)通過電流計(jì)的電量為It，依題有液面的高度變化時(shí)的正對面積、電容分別變化為聯(lián)立得故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。6.如圖所示，一輕繩繞過無摩擦的兩個(gè)輕質(zhì)小定滑輪、，一端和質(zhì)量為的小球連接，另一端與套在光滑固定直桿上質(zhì)量也為的小物塊連接，直桿與兩定滑輪在同一豎直面內(nèi)，與水平面的夾角，直桿上點(diǎn)與兩定滑輪均在同一高度，點(diǎn)到定滑輪的距離為，直桿上點(diǎn)到點(diǎn)的距離也為，重力加速度為，直桿足夠長，小球運(yùn)動過程中不會與其他物體相碰?，F(xiàn)將小物塊從點(diǎn)由靜止釋放，下列說法錯(cuò)誤的是（）A.小物塊剛釋放時(shí)，輕繩中的張力大小為B.小球運(yùn)動到最低點(diǎn)時(shí)，小物塊加速度的大小為C.小物塊下滑至點(diǎn)時(shí)，小物塊與小球的速度大小之比為D.小物塊下滑至點(diǎn)時(shí)，小物塊的速度大小為〖答案〗A〖解析〗A．小物塊剛釋放時(shí)，小物塊將加速下滑，加速度向下，小球處于失重狀態(tài)，則輕繩對小球的拉力小于球的重力，故A錯(cuò)誤，符合題意；B．當(dāng)拉物塊的繩子與直桿垂直時(shí)，小球下降的距離最大，對小物塊受力分析，由牛頓第二定律解得，此時(shí)小物塊加速度的大小為故B正確，不符合題意；C．將小物塊的速度分解為沿繩子方向和垂直繩子方向，如圖所示沿繩子方向的分速度等于小球的速度，即所以小物塊在處的速度與小球的速度之比為故C正確，不符合題意；D．設(shè)小物塊下滑距離為時(shí)的速度大小為，此時(shí)小球的速度大小為，對小物塊和小球組成的系統(tǒng)根據(jù)機(jī)械能守恒定律，有其中解得，此時(shí)小物塊的速度大小為故D正確，不符合題意。故選A。二、選擇題：本題共5小題。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。7.波源O在t=0時(shí)刻開始振動，產(chǎn)生一列簡諧橫波。以波源O為坐標(biāo)原點(diǎn)，波的傳播方向沿x軸正方向，某時(shí)刻的部分波形圖如圖甲所示，P點(diǎn)是平衡位置為x=2m處的質(zhì)點(diǎn)，圖乙為x軸上某質(zhì)點(diǎn)Q的振動圖像，下列說法正確的是（）A.波源的起振方向沿y軸負(fù)方向 B.質(zhì)點(diǎn)Q的平衡位置與O點(diǎn)相距1mC.在0~4s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P經(jīng)過的路程為8cmD.t=6s時(shí)，x=5m處的質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)波峰〖答案〗BD〖解析〗A．波的傳播方向沿x軸正方向，由乙圖知Q點(diǎn)起振方向沿y軸正方向，則波源的起振方向沿y軸正方向，故A錯(cuò)誤；B．由甲圖可知波長，由乙圖可知周期，則波速為由乙圖可知Q點(diǎn)比波源滯后1s開始振動，1s波傳播的距離為則質(zhì)點(diǎn)Q的平衡位置與O點(diǎn)相距1m，故B正確；C．質(zhì)點(diǎn)P的平衡位置與O點(diǎn)相距2m，波傳播到質(zhì)點(diǎn)P位置時(shí)間為2s，P振動的時(shí)間為2s，在0~4s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P經(jīng)過的路程為故C錯(cuò)誤；D．波從波源位置傳播到x=5m位置時(shí)間為5s，則x=5m處的質(zhì)點(diǎn)振動時(shí)間為1s，所以t=6s時(shí)，x=5m處的質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)波峰，故D正確。故選BD。8.如圖所示，水族館訓(xùn)練員在訓(xùn)練海豚時(shí)，將一發(fā)光小球高舉在水面上方的A位置，海豚的眼睛在B位置，A位置和B位置的水平距離為3m，A位置離水面的高度為2m。訓(xùn)練員將小球向左水平拋出，不計(jì)空氣阻力，入水點(diǎn)在B位置的正上方，入水前瞬間速度方向與水面夾角為θ。小球在A位置發(fā)出的一束光線經(jīng)水面折射后到達(dá)B位置，折射光線與水平方向的夾角也為θ。已知水的折射率，；則（）A.tanθ的值為B.tanθ的值為C.B位置到水面的距離為D.B位置到水面的距離為〖答案〗AD〖解析〗AB．由平拋運(yùn)動的規(guī)律可知解得故A正確，B錯(cuò)誤；CD．由可知從A點(diǎn)射到水面的光線的入射角為α，折射角為則由折射定律可知解得由幾何關(guān)系可知解得故C錯(cuò)誤，D正確故選AD。9.a、b兩種單色光均是由氫原子躍遷產(chǎn)生，其中a是氫原子從能級4向能級2直接躍遷發(fā)出的光，b是氫原子從能級3向能級2躍遷發(fā)出的光，則下列說法正確的是（）A.在水中a光的速度更大B.用同一裝置分別進(jìn)行雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時(shí)，b光的條紋間距更大C.若光線a、b照射同一光電管產(chǎn)生光電效應(yīng)，光線a的遏止電壓高D.以同一入射角從某種介質(zhì)射入真空，若a光發(fā)生了全反射，則b光也一定發(fā)生了全反射〖答案〗BC〖解析〗根據(jù)氫原子的能級圖可知從能級4向能級2直接躍遷發(fā)出的a光能量比從能級3向能級2躍遷發(fā)出的b光能量高。根據(jù)可知能量越高的光，頻率越高，即。A．光在介質(zhì)中的傳播速度頻率高的光，折射率更大，則傳播速度小，即在水中a光的速度更小，故A錯(cuò)誤；B．雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，根據(jù)

波長越長，條紋間距越大，根據(jù)可知，，則b光的條紋間距更大，故B正確；C．根據(jù)光電效應(yīng)方程可知，解得遏止電壓根據(jù)可判斷光線a的遏止電壓高，故C正確；D．根據(jù)全反射臨界角光折射率大，則光的臨界角更小，更容易發(fā)生全反射。所以若a光發(fā)生了全反射，b光不一定發(fā)生全反射，故D錯(cuò)誤。故選BC。10.為發(fā)展新能源，某科研小組制作了一個(gè)小型波浪發(fā)電機(jī)，磁鐵固定在水中，S極上套有一個(gè)浮筒，浮筒上繞有線圈，其截面示意圖如圖甲所示。浮筒可隨波浪上下往復(fù)運(yùn)動切割磁感線而產(chǎn)生電動勢，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢隨時(shí)間按正弦規(guī)律變化，如圖乙所示，線圈電阻，匝數(shù)為100匝，線圈處磁感應(yīng)強(qiáng)度，線圈的直徑，把線圈與阻值的小燈泡串聯(lián)，小燈泡恰好正常發(fā)光。下列說法正確的是（）A.小燈泡的額定電壓為3VB.發(fā)電機(jī)的輸出功率為1.28WC.浮筒在豎直方向上下振動的頻率為2.5HzD.浮筒在豎直方向上下運(yùn)動的最大速度為〖答案〗BCD〖解析〗A．由乙圖可知，感應(yīng)電動勢有效值為根據(jù)閉合電路的歐姆定律，線圈中的電流由此時(shí)小燈泡正好正常發(fā)光，小燈泡的額定電壓故A錯(cuò)誤；B．發(fā)電機(jī)輸出功率為故B正確；C．由圖可知交變電流的頻率浮筒在豎直方向上下振動的頻率與交變電流的頻率相同，故C正確；D．由，解得浮筒在豎直方向上下運(yùn)動的最大速度為故D正確。故選BCD。11.如圖，長度為a的豎直薄擋板MN處在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場中（磁場空間足夠大、圖中未畫出），磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。擋板左側(cè)O點(diǎn)有一粒子源在紙面內(nèi)向各方向均勻發(fā)射電荷量為+q、質(zhì)量為m的帶電粒子，所有粒子的初速度大小相同。已知圖中初速度與ON夾角為60°發(fā)射的粒子恰好經(jīng)過N點(diǎn)，。不計(jì)粒子重力，不考慮粒子的反彈和粒子間的相互作用。則（）A.粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑為aB.擋板左側(cè)能被粒子擊中的豎直長度為aC.粒子能擊中擋板右側(cè)的粒子數(shù)占粒子總數(shù)的D.擋板的右側(cè)被粒子擊中的豎直長度為a〖答案〗CD〖解析〗A．粒子軌跡如圖1所示由幾何關(guān)系可知可得故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)軌跡剛好與MN相切時(shí)，粒子能打到板上最大長度，如圖軌跡2，設(shè)速度方向與ON夾角為，由幾何關(guān)系可得可得則擋板左側(cè)能被粒子擊中的豎直長度為故B錯(cuò)誤；C．要使粒子打在右側(cè)，有兩個(gè)臨界條件，如圖中的軌跡1、3，由幾何關(guān)系可知1、3的初速度夾角為則粒子能擊中擋板右側(cè)的粒子數(shù)占粒子總數(shù)的故C正確；D．如上圖粒子1打在MN上的點(diǎn)與O1N組成頂角為60°的等腰三角形，所以由幾何關(guān)系可知板的右側(cè)被粒子擊中的豎直長度為故D正確。故選CD。三、非選擇題：本題共5小題。12.小晗同學(xué)利用圖1所示裝置研究平拋運(yùn)動的規(guī)律。實(shí)驗(yàn)時(shí)該同學(xué)使用手機(jī)連拍功能對做平拋運(yùn)動的小球進(jìn)行拍攝，手機(jī)每秒拍攝7張照片并能自動將拍攝到圖片進(jìn)行疊加處理在一張照片中，圖中的背景是放在豎直平面內(nèi)的帶有方格的紙板，紙板與小球軌跡所在平面平行，其上每個(gè)方格的邊長為10cm。（1）下列說法正確的是___________。A．實(shí)驗(yàn)所用斜槽應(yīng)盡量光滑B．斜槽末端必須保持水平C．必須無初速度釋放小球（2）圖3是實(shí)驗(yàn)中小球從斜槽上不同位置由靜止釋放獲得的兩條軌跡，圖線①所對應(yīng)的小球在斜槽上釋放的位置___________（選填“較低”或“較高”）。（3）某次拍攝后得到的照片如圖2所示，小球做平拋運(yùn)動的初速度大小___________。（4）該小組利用實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪制“”圖線，發(fā)現(xiàn)是一條過原點(diǎn)的直線，由此判斷小球下落的軌跡是拋物線，并求得斜率k，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣缺磉_(dá)式為___________（用斜率k和初速度表示）?！即鸢浮剑?）B（2）較高（3）2.8（4）〖解析〗（1）[1]A．實(shí)驗(yàn)所用斜槽不需要盡量光滑，A錯(cuò)誤；B．斜槽末端必須保持水平，使物體做平拋運(yùn)動，B正確；C．本實(shí)驗(yàn)使用手機(jī)連拍功能對做平拋運(yùn)動的小球進(jìn)行拍攝，故無須靜止釋放小球，C錯(cuò)誤。故選B。（2）[2]由圖像可知兩小球做平拋運(yùn)動下落相同高度時(shí)，圖線①水平位移更大，故圖線①所對應(yīng)的小球初速度較大，在斜槽上釋放的位置較高；（3）[3]由頻閃照片可得，小球在豎直方向相鄰位移之差根據(jù)勻變速直線運(yùn)動特點(diǎn)可得由水平分運(yùn)動，可得（4）[4]根據(jù)平拋運(yùn)動規(guī)律可得，聯(lián)立可得可知圖像的斜率為當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣缺磉_(dá)式為13.在“測量金屬絲的電阻率”實(shí)驗(yàn)中：（1）測量一段電阻約為幾歐姆金屬絲的電阻時(shí)所用器材和部分電路連線如圖1所示，若電流表內(nèi)阻約為幾十歐姆，量程為0-0.6A或0-3A，電壓表內(nèi)阻約為幾千歐姆，量程為0-3V或，用筆畫代替導(dǎo)線完成電路連線___________。（2）合上開關(guān)之前，圖1中滑動變阻器滑片應(yīng)置于最___________（選填“左”或“右”）端。（3）連好電路之后，合上開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻器，得到多組U和I數(shù)據(jù)。甲同學(xué)由每組U、I數(shù)據(jù)計(jì)算電阻，然后求電阻平均值，乙同學(xué)通過U-I圖像求電阻。則兩種求電阻的方法更合理的是___________（選填“甲”或“乙”）（4）兩同學(xué)進(jìn)一步探究用鎳鉻絲將滿偏電流的表頭G改裝成電流表。如圖2所示，表頭G兩端并聯(lián)長為L的鎳鉻絲，調(diào)節(jié)滑動變阻器使表頭G滿偏，毫安表示數(shù)為I，改變L，重復(fù)上述步驟，獲得多組I、L數(shù)據(jù)，作出I-圖像如圖3所示。則I-圖像斜率k=___________mAm。若要把該表頭G改裝成量程為6mA的電流表，需要把長為___________m的鎳鉻絲并聯(lián)在表頭G兩端。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）〖答案〗（4）見〖解析〗（2）左（3）乙（4）2.30.40〖解析〗（1）[1]由題中條件可知?jiǎng)t電流表應(yīng)采用外接法，電路中最大電流為故電流表應(yīng)選量程0-0.6A，實(shí)物圖連線如圖所示（2）[2]合上開關(guān)之前，為保護(hù)電路，測量電路中的電流應(yīng)最小，故圖1中滑動變阻器滑片應(yīng)置于最左端；（3）[3]利用圖像處理數(shù)據(jù)，誤差更小，兩種求電阻的方法更合理的是乙；（4）[4]根據(jù)圖像可知，斜率為由圖像可知6mA電流對應(yīng)的橫軸坐標(biāo)為解得14.如圖所示，內(nèi)壁光滑的圓筒固定在水平地面上，用橫截面積的活塞A、B封閉一定質(zhì)量的理想氣體，其中活塞B與一端固定在豎直墻上、勁度系數(shù)k＝1000N/m的輕質(zhì)彈簧相連，平衡時(shí)兩活塞相距。已知外界大氣壓強(qiáng)，圓筒內(nèi)氣體溫度為。（1）若將兩活塞鎖定，然后將圓筒內(nèi)氣體溫度升到，求此時(shí)圓筒內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)；（2）若保持圓筒內(nèi)氣體溫度不變，然后對A施加一水平推力F＝500N，使其緩慢向左移動一段距離后再次平衡，求此過程中封閉氣體的壓強(qiáng)及活塞A移動的距離。（假設(shè)活塞B左端的圓筒足夠長，彈簧始終在彈性限度內(nèi)）〖答案〗（1）1.67×105Pa；（2），0.7m〖解析〗（1）設(shè)此時(shí)氣體壓強(qiáng)為p，由查理定律可得初態(tài)壓強(qiáng)為p0，溫度為T0=（273+t0）K=300K末態(tài)壓強(qiáng)為p，溫度為T=（273+t）K=500K代入數(shù)據(jù)可得p=1.67×105Pa（2）設(shè)再次平衡時(shí)封閉氣體壓強(qiáng)為p′，活塞A、B向左移動的距離分別為x、x′，由于氣體溫度始終不變，由玻意耳定律可得由平衡條件可知，對活塞A有對活塞B有聯(lián)立解得x=0.7m15.磁懸浮列