高安二中聯(lián)考高二物理上學(xué)期期中試卷（含解析）-人教版高二物理試題

-學(xué)年江西省樟樹(shù)中學(xué)、高安二中聯(lián)考高二（上）期中物理試卷一．選擇題（40分，其中1-7小題為單選題，每小題4分，8-10題為多選題全部選對(duì)的得4分，選不全的得2分，有選錯(cuò)或不答的得0分.）1．關(guān)于點(diǎn)電荷的說(shuō)法，正確的是（）A．點(diǎn)電荷的帶電量一定是1.6×10﹣19CB．大的帶電體一定不能看成點(diǎn)電荷C．點(diǎn)電荷是一種理想化的物理模型D．實(shí)際存在的電荷都是點(diǎn)電荷2．下列關(guān)于電源電動(dòng)勢(shì)的說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A．電動(dòng)勢(shì)是用來(lái)比較電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量B．外電路斷開(kāi)時(shí)的路端電壓等于電源的電動(dòng)勢(shì)C．用內(nèi)阻較大的電壓表直接測(cè)量電源正負(fù)極之間的電壓值約等于電源的電動(dòng)勢(shì)D．外電路的總電阻越小，則路端電壓越接近電源的電動(dòng)勢(shì)3．如圖所示的電場(chǎng)線，可判定（）A．該電場(chǎng)一定是勻強(qiáng)電場(chǎng)B．負(fù)電荷放在B點(diǎn)所受電場(chǎng)力方向向右C．A點(diǎn)的電勢(shì)一定低于B點(diǎn)電勢(shì)D．負(fù)電荷放在B點(diǎn)的電勢(shì)能比放在A點(diǎn)的電勢(shì)能大4．如圖所示，甲帶正電，乙是不帶電的絕緣物塊，甲、乙疊放在一起，置于粗糙的水平地板上，地板上方空間有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，現(xiàn)用一水平恒力F拉乙物塊，使甲、乙無(wú)相對(duì)滑動(dòng)一起向左加速運(yùn)動(dòng)，在加速運(yùn)動(dòng)階段（）A．甲、乙兩物塊間的摩擦力不斷減小B．甲、乙兩物塊間的摩擦力不斷增大C．甲、乙兩物塊間的摩擦力保持不變D．乙物塊與地面之間的摩擦力不斷減小5．如圖所示，兩段等長(zhǎng)細(xì)線串接著兩個(gè)質(zhì)量、電量相等的帶電小球a、b，a帶正電、b帶負(fù)電，懸掛于O點(diǎn)．現(xiàn)在空間加上水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，則此裝置平衡時(shí)的位置可能是下列哪幅圖（）A． B． C． D．6．如圖所示，在虛線所包圍的圓形區(qū)域內(nèi)，有方向垂直于圓面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，從磁場(chǎng)邊緣的A點(diǎn)沿半徑方向射入一束速率不同的質(zhì)子，這些粒子在磁場(chǎng)里運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，下列結(jié)論中正確的是（）A．運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長(zhǎng)的，其軌跡越長(zhǎng)B．運(yùn)動(dòng)時(shí)間越短的，射出磁場(chǎng)的速率越小C．在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)越小的，運(yùn)動(dòng)時(shí)間越短D．所有質(zhì)子在磁場(chǎng)里運(yùn)動(dòng)時(shí)間均相等7．如圖甲所示，在圓形線框的區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，開(kāi)始時(shí)磁場(chǎng)垂直于紙面向里．若磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B按照?qǐng)D乙所示規(guī)律變化，則線框中的感應(yīng)電流I（取逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)檎较颍╇S時(shí)間t的變化圖線是（）A． B． C． D．8．如圖，空間有垂直于xoy平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．t=0的時(shí)刻，一電子以速度v0經(jīng)過(guò)x軸上的A點(diǎn)，方向沿x軸正方向．A點(diǎn)坐標(biāo)為（﹣0.5R，0），其中R為電子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑．不計(jì)重力影響，則（）A．電子經(jīng)過(guò)y軸時(shí)，速度大小仍為v0B．電子在t=時(shí)，第一次經(jīng)過(guò)y軸C．電子第一次經(jīng)過(guò)y軸的坐標(biāo)為（0，R）D．電子第一次經(jīng)過(guò)y軸的坐標(biāo)為（0，﹣R）9．如圖所示，水平放置的平行金屬板充電后在板間形成勻強(qiáng)電場(chǎng)，板間距離為d，一個(gè)帶負(fù)電的液滴帶電荷量大小為q，質(zhì)量為m，從下板邊緣射入電場(chǎng)，沿直線從上板邊緣射出，則下列說(shuō)法正確的是（）A．液滴做的是勻減速直線運(yùn)動(dòng) B．液滴做的是勻速直線運(yùn)動(dòng)C．兩板間的電勢(shì)差為 D．液滴的電勢(shì)能減少了mgd10．小燈泡通電后其電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示，P為圖線上一點(diǎn)，PN為圖線的切線，PQ為U軸的垂線，PM為I軸的垂線．則下列說(shuō)法中正確是（）A．隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大B．對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的電阻為R=C．對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的電阻為R=D．對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡電阻為圖中矩形PQOM所圍的面積二．填空題（共2小題，共15分，第11小題5分，第12小題10分）11．在研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)中所用的器材如圖所示．它們是：①電流計(jì)、②直流電源、③帶鐵芯的線圈A、④線圈B、⑤電鍵、⑥滑動(dòng)變阻器（用來(lái)控制電流以改變磁場(chǎng)強(qiáng)弱）．（1）試按實(shí)驗(yàn)的要求在實(shí)物圖上連線（圖中已連好一根導(dǎo)線）．（2）若連接滑動(dòng)變阻器的兩根導(dǎo)線接在接線柱C和D上，而在電鍵剛閉合時(shí)電流表指針右偏，則電鍵閉合后滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向接線柱C移動(dòng)時(shí)，電流計(jì)指針將（填“左偏”、“右偏”、“不偏”）．12．有一個(gè)電阻Rx，其阻值大約在40Ω～50Ω之間，現(xiàn)要進(jìn)一步準(zhǔn)確地測(cè)量其電阻，需測(cè)量多組數(shù)據(jù)，手邊現(xiàn)有器材如下：電源E（電動(dòng)勢(shì)12V，內(nèi)阻為0.5Ω）；電壓表（0～3～15V，內(nèi)阻約為10kΩ）；電流表（0～0.6～3A，內(nèi)阻約為1Ω）；滑動(dòng)變阻器R1（阻值0～10Ω，額定電流2A）；滑動(dòng)變阻器R2（阻值0～1750Ω，額定電流0.3A）；開(kāi)關(guān)S和導(dǎo)線若干．（1）電壓表的量程應(yīng)選，電流表的量程應(yīng)選，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用．（2）在虛線方框內(nèi)畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖．（3）在實(shí)物圖1中完成其余連線使之成為完整的實(shí)驗(yàn)電路．三、計(jì)算題（共45分要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟，只寫(xiě)出最后答案的不能給分）13．在圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E=6V，內(nèi)阻r=1Ω．D為直流電動(dòng)機(jī)，其電樞線圈電阻R=2Ω，限流電阻R′=3Ω．當(dāng)電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，電壓表示數(shù)為0.3V．求：（1）通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流是多大？（2）電動(dòng)機(jī)輸入的電功率、轉(zhuǎn)變?yōu)闊崃康墓β屎洼敵鰴C(jī)械功率各是多少？14．有一帶電量q=﹣3×10﹣6C的點(diǎn)電荷，從電場(chǎng)中的A點(diǎn)移到B點(diǎn)時(shí)，克服電場(chǎng)力做功6×10﹣4J．從B點(diǎn)移到C點(diǎn)時(shí)電場(chǎng)力做功9×10﹣4J．問(wèn)：（1）AB、BC、CA間電勢(shì)差各為多少？（2）如以B點(diǎn)電勢(shì)為零，則A、C兩點(diǎn)的電勢(shì)各為多少？電荷在A、C兩點(diǎn)的電勢(shì)能各為多少？15．如圖所示，在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一個(gè)質(zhì)量為m帶負(fù)電的小球從斜軌道上的A點(diǎn)由靜止滑下，小球通過(guò)半徑為R的圓軌道頂端的B點(diǎn)時(shí)恰好不落下來(lái)．已知軌道是光滑而又絕緣的，且小球的重力是它所受的電場(chǎng)力2倍．求：（1）A點(diǎn)在斜軌道上的高度h為多少？（2）小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)的對(duì)軌道壓力為多少．16．如圖，在x軸上方存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面向外；在x軸下方存在勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)方向與xOy平面平行，且與x軸成45°夾角．一質(zhì)量為m、電荷量為q（q＞0）的粒子以速度v0從y軸上P點(diǎn)沿y軸正方向射出，一段時(shí)間后進(jìn)入電場(chǎng)，進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)的速度方向與電場(chǎng)方向相反；又經(jīng)過(guò)一段時(shí)間T0，磁場(chǎng)方向變?yōu)榇怪奔埫嫦蚶?，大小不變，不?jì)重力．（1）求粒子從P點(diǎn)出發(fā)至第一次到達(dá)x軸時(shí)所需的時(shí)間；（2）若要使粒子能夠回到P點(diǎn)，求電場(chǎng)強(qiáng)度的最大值．

-學(xué)年江西省樟樹(shù)中學(xué)、高安二中聯(lián)考高二（上）期中物理試卷參考答案與試題解析一．選擇題（40分，其中1-7小題為單選題，每小題4分，8-10題為多選題全部選對(duì)的得4分，選不全的得2分，有選錯(cuò)或不答的得0分.）1．關(guān)于點(diǎn)電荷的說(shuō)法，正確的是（）A．點(diǎn)電荷的帶電量一定是1.6×10﹣19CB．大的帶電體一定不能看成點(diǎn)電荷C．點(diǎn)電荷是一種理想化的物理模型D．實(shí)際存在的電荷都是點(diǎn)電荷【考點(diǎn)】元電荷、點(diǎn)電荷．【專題】定性思想；推理法；電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．【分析】點(diǎn)電荷是不考慮其尺寸、形狀和電荷分布情況的帶電體，是實(shí)際帶電體的理想化模型．在研究帶電體間的相互作用時(shí)，若帶電體的尺寸遠(yuǎn)小于它們之間的距離時(shí)，就可把帶電體看成點(diǎn)電荷．點(diǎn)電荷是沒(méi)有大小的帶電體，是一種理想模型，實(shí)際的帶電體（包括電子、質(zhì)子等）都有一定大小，都不一定能看成點(diǎn)電荷．當(dāng)電荷間距離大到可認(rèn)為電荷大小、形狀不起什么作用時(shí)，可把電荷看成點(diǎn)電荷．【解答】解：A、點(diǎn)電荷是將帶電物體簡(jiǎn)化為一個(gè)帶電的點(diǎn)，元電荷是電量的最小值，點(diǎn)電荷的值可以等于元電荷，也可以是元電荷的整數(shù)倍，即點(diǎn)電荷的電荷量可多可少，故A錯(cuò)誤．B、點(diǎn)電荷是將帶電物體簡(jiǎn)化為一個(gè)帶電的點(diǎn)，物體能不能簡(jiǎn)化為點(diǎn)，不是看物體的絕對(duì)大小，而是看物體的大小對(duì)于兩個(gè)電荷的間距能不能忽略不計(jì)，故大的帶電體有時(shí)也可以看成點(diǎn)電荷，故B錯(cuò)誤．C、點(diǎn)電荷是將帶電物體簡(jiǎn)化為一個(gè)帶電的點(diǎn)，點(diǎn)是沒(méi)有大小的，而實(shí)際物體總有大小，故點(diǎn)電荷是理想模型，故C正確；D、只有電荷滿足物體的大小對(duì)于兩個(gè)電荷的間距能不能忽略不計(jì)時(shí)才能看作點(diǎn)電荷；故D錯(cuò)誤；故選：C．【點(diǎn)評(píng)】帶電體看作點(diǎn)電荷的條件，當(dāng)一個(gè)帶電體的形狀及大小對(duì)它們間相互作用力的影響可忽略時(shí)，這個(gè)帶電體可看作點(diǎn)電荷，是由研究問(wèn)題的性質(zhì)決定，與自身大小形狀無(wú)具體關(guān)系．2．下列關(guān)于電源電動(dòng)勢(shì)的說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A．電動(dòng)勢(shì)是用來(lái)比較電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量B．外電路斷開(kāi)時(shí)的路端電壓等于電源的電動(dòng)勢(shì)C．用內(nèi)阻較大的電壓表直接測(cè)量電源正負(fù)極之間的電壓值約等于電源的電動(dòng)勢(shì)D．外電路的總電阻越小，則路端電壓越接近電源的電動(dòng)勢(shì)【考點(diǎn)】電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻．【專題】電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．【分析】電源沒(méi)有接入電路時(shí)兩極間的電壓在數(shù)值上等于電源的電動(dòng)勢(shì)．電動(dòng)勢(shì)的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱，與外電路的結(jié)構(gòu)無(wú)關(guān)．電源的電動(dòng)勢(shì)在數(shù)值上等于內(nèi)、外電壓之和．【解答】解：A、電動(dòng)勢(shì)是用來(lái)比較電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量，定義公式為：E=，故A正確；B、根據(jù)閉合電路歐姆定律公式U=E﹣Ir，外電路斷開(kāi)時(shí)的路端電壓等于電源的電動(dòng)勢(shì)，故B正確；C、根據(jù)閉合電路歐姆定律公式U=，用內(nèi)阻較大的電壓表直接測(cè)量電源正負(fù)極之間的電壓，電壓值約等于電源的電動(dòng)勢(shì)，故C正確；D、根據(jù)閉合電路歐姆定律公式U=，外電路的總電阻越大，則路端電壓越接近電源的電動(dòng)勢(shì)，故D錯(cuò)誤；本題選錯(cuò)誤的故選：D．【點(diǎn)評(píng)】電源沒(méi)有接入電路時(shí)兩極間的電壓在數(shù)值上等于電源的電動(dòng)勢(shì)．電動(dòng)勢(shì)的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱，與外電路的結(jié)構(gòu)無(wú)關(guān)．電源的電動(dòng)勢(shì)在數(shù)值上等于內(nèi)、外電壓之和．3．如圖所示的電場(chǎng)線，可判定（）A．該電場(chǎng)一定是勻強(qiáng)電場(chǎng)B．負(fù)電荷放在B點(diǎn)所受電場(chǎng)力方向向右C．A點(diǎn)的電勢(shì)一定低于B點(diǎn)電勢(shì)D．負(fù)電荷放在B點(diǎn)的電勢(shì)能比放在A點(diǎn)的電勢(shì)能大【考點(diǎn)】電場(chǎng)線；電勢(shì)；電勢(shì)能．【專題】電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．【分析】勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線為等間距的平行直線，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，負(fù)電荷所受電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反，根據(jù)電場(chǎng)力做功判斷電勢(shì)能的變化．【解答】解：A、由于一根電場(chǎng)線無(wú)法知道電場(chǎng)線的疏密，故不能判定是勻強(qiáng)電場(chǎng)．故A錯(cuò)誤．B、負(fù)電荷在B點(diǎn)所受電場(chǎng)力方向水平向左．故B錯(cuò)誤．C、沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，則A點(diǎn)的電勢(shì)高于B點(diǎn)的電勢(shì)．故C錯(cuò)誤．D、負(fù)電荷從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，所以負(fù)電荷放在B點(diǎn)的電勢(shì)能比A點(diǎn)的電勢(shì)能大．故D正確．故選：D．【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道正電荷所受電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同，負(fù)電荷所受電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反．以及知道電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的強(qiáng)弱，沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低．4．如圖所示，甲帶正電，乙是不帶電的絕緣物塊，甲、乙疊放在一起，置于粗糙的水平地板上，地板上方空間有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，現(xiàn)用一水平恒力F拉乙物塊，使甲、乙無(wú)相對(duì)滑動(dòng)一起向左加速運(yùn)動(dòng)，在加速運(yùn)動(dòng)階段（）A．甲、乙兩物塊間的摩擦力不斷減小B．甲、乙兩物塊間的摩擦力不斷增大C．甲、乙兩物塊間的摩擦力保持不變D．乙物塊與地面之間的摩擦力不斷減小【考點(diǎn)】力的合成與分解的運(yùn)用；洛侖茲力．【分析】甲帶正電，在向左運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，要受到洛倫茲力的作用，根據(jù)左手定則可以判斷洛倫茲力的方向，根據(jù)受力再判斷摩擦力的變化．【解答】解：A、甲、乙兩物塊間沒(méi)有相對(duì)的滑動(dòng)，是靜摩擦力，由于乙與地面之間的滑動(dòng)摩擦力的增大，整體的加速度減小，所以對(duì)于甲來(lái)說(shuō)，靜摩擦力作為合力產(chǎn)生加速度，由于整體的加速度減小，所以甲、乙兩物塊間的摩擦力減小，所以A正確，BC錯(cuò)誤；D、甲帶正電，在向左運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，受到的洛倫茲力的方向向下，所以對(duì)乙的壓力變大，乙與地面之間的為滑動(dòng)摩擦力，壓力變大，所以滑動(dòng)摩擦力也變大，所以D錯(cuò)誤；故選：A．【點(diǎn)評(píng)】甲運(yùn)動(dòng)要受到洛倫茲力的作用，從而使物體與地面間的壓力變大，摩擦力變大，加速度減小，根據(jù)牛頓第二定律分析甲受到的靜摩擦力即可．5．如圖所示，兩段等長(zhǎng)細(xì)線串接著兩個(gè)質(zhì)量、電量相等的帶電小球a、b，a帶正電、b帶負(fù)電，懸掛于O點(diǎn)．現(xiàn)在空間加上水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，則此裝置平衡時(shí)的位置可能是下列哪幅圖（）A． B． C． D．【考點(diǎn)】勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系．【專題】電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．【分析】以整體為研究對(duì)象，分析受力情況，確定上面繩子oa的方向，再以下面的小球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力，根據(jù)平衡條件確定下面繩子的方向．【解答】解：以兩個(gè)小球組成的整體為研究對(duì)象，水平方向受到兩個(gè)電場(chǎng)力，矢量和為零．豎直方向受到總重力，根據(jù)平衡條件得知，細(xì)線oa的拉力必定在豎直方向，所以細(xì)線oa的方向必須是豎直的．再以小球b為研究對(duì)象，由于帶負(fù)電，該小球受到的電場(chǎng)力方向水平向左，則細(xì)線ab向左偏離豎直方向，故A正確，BCD錯(cuò)誤．故選：A．【點(diǎn)評(píng)】本題一要靈活選擇研究對(duì)象，二要分析受力．采用整體法和隔離法相結(jié)合的方法研究往往可以簡(jiǎn)便求解．6．如圖所示，在虛線所包圍的圓形區(qū)域內(nèi)，有方向垂直于圓面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，從磁場(chǎng)邊緣的A點(diǎn)沿半徑方向射入一束速率不同的質(zhì)子，這些粒子在磁場(chǎng)里運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，下列結(jié)論中正確的是（）A．運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長(zhǎng)的，其軌跡越長(zhǎng)B．運(yùn)動(dòng)時(shí)間越短的，射出磁場(chǎng)的速率越小C．在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)越小的，運(yùn)動(dòng)時(shí)間越短D．所有質(zhì)子在磁場(chǎng)里運(yùn)動(dòng)時(shí)間均相等【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；牛頓第二定律；向心力．【專題】帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題．【分析】設(shè)磁場(chǎng)區(qū)域半徑為R，軌跡的圓心角為α，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t=，圓心角α越大，時(shí)間越長(zhǎng)．根據(jù)幾何知識(shí)得到軌跡半徑r與R的關(guān)系，就能得到軌跡長(zhǎng)度與時(shí)間的關(guān)系．帶電粒子在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)角等于軌跡的圓心角．【解答】解：設(shè)磁場(chǎng)區(qū)域半徑為R，軌跡的圓心角為α．A、粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡為S=rα=Rcot?α．粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長(zhǎng)，α越大，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可以證明孤長(zhǎng)S越短．故A錯(cuò)誤．B、粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t=，而軌跡半徑r=Rcot，當(dāng)粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間越短時(shí)，α越小，則知r越大，而r=，則速度v越大．故B錯(cuò)誤．C、根據(jù)推論得知，帶電粒子在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)角等于軌跡的圓心角α，則在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)越小的，軌跡的圓心角α，由t=知，運(yùn)動(dòng)時(shí)間越短．故C正確．D、由上分析知道，速度越大，軌跡半徑r越大，而tan=，α越小，通過(guò)磁場(chǎng)的時(shí)間越短．故D錯(cuò)誤．故選C【點(diǎn)評(píng)】本題要根據(jù)幾何知識(shí)研究粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑與磁場(chǎng)區(qū)域半徑的關(guān)系，也可以通過(guò)作軌跡對(duì)比，得到軌跡的圓心角與運(yùn)動(dòng)時(shí)間、軌跡長(zhǎng)度的關(guān)系．7．如圖甲所示，在圓形線框的區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，開(kāi)始時(shí)磁場(chǎng)垂直于紙面向里．若磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B按照?qǐng)D乙所示規(guī)律變化，則線框中的感應(yīng)電流I（取逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)檎较颍╇S時(shí)間t的變化圖線是（）A． B． C． D．【考點(diǎn)】法拉第電磁感應(yīng)定律；閉合電路的歐姆定律．【專題】電磁感應(yīng)與電路結(jié)合．【分析】當(dāng)線圈的磁通量發(fā)生變化時(shí)，線圈中才會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，從而形成感應(yīng)電流；當(dāng)線圈的磁通量不變時(shí)，則線圈中沒(méi)有感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，所以不會(huì)有感應(yīng)電流產(chǎn)生．【解答】解：磁感應(yīng)強(qiáng)度在0到t1內(nèi)，由法拉第電磁感應(yīng)定律可得，隨著磁場(chǎng)的均勻變大，由于磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化率不變，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小不變，感應(yīng)電流的大小也不變；由于磁感線是向里在減小，向外在增大．所以由楞次定律可得線圈感應(yīng)電流是順時(shí)針，由于環(huán)中感應(yīng)電流沿逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)檎较颍瑒t感應(yīng)電流為負(fù)的．同理，磁感應(yīng)強(qiáng)度在t1到t2內(nèi)，感應(yīng)電流不變，且電流方向?yàn)檎灾挥蠥選項(xiàng)正確，BCD均錯(cuò)誤．故選：A【點(diǎn)評(píng)】感應(yīng)電流的方向由楞次定律來(lái)確定，而其大小是由法拉第電磁感應(yīng)定律結(jié)合閉合電路毆姆定律來(lái)算得的．8．如圖，空間有垂直于xoy平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．t=0的時(shí)刻，一電子以速度v0經(jīng)過(guò)x軸上的A點(diǎn)，方向沿x軸正方向．A點(diǎn)坐標(biāo)為（﹣0.5R，0），其中R為電子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑．不計(jì)重力影響，則（）A．電子經(jīng)過(guò)y軸時(shí)，速度大小仍為v0B．電子在t=時(shí)，第一次經(jīng)過(guò)y軸C．電子第一次經(jīng)過(guò)y軸的坐標(biāo)為（0，R）D．電子第一次經(jīng)過(guò)y軸的坐標(biāo)為（0，﹣R）【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)．【專題】帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題．【分析】由于電子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故其過(guò)y軸的速度大小是不變的．由此知道A正確；又由數(shù)學(xué)幾何知識(shí)，可以得到經(jīng)過(guò)y軸上對(duì)應(yīng)的坐標(biāo)．可判定BC；由數(shù)學(xué)幾何知識(shí)可以得到達(dá)到y(tǒng)軸這段的圓心角，由此可以求得運(yùn)動(dòng)時(shí)間，可判定D．【解答】解：A、由于電子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，自始至終速度都不變，故其過(guò)y軸的速度大小是不變的．速度大小仍為v0故A正確B、由幾何知識(shí)可知，AB段的圓心角為：sinθ==，知θ=，故其運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：t=T=×=，故B正確；C、由左手定則可以知道，電子往下偏做圓周運(yùn)動(dòng)，電子在磁場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖：由數(shù)學(xué)幾何知識(shí)可知：AC=O′A﹣O′C=R﹣=R，故電子第一次經(jīng)過(guò)y軸的坐標(biāo)為（0，﹣R），故C錯(cuò)誤D正確；故選：ABD．【點(diǎn)評(píng)】本題重點(diǎn)是要畫(huà)出運(yùn)動(dòng)軌跡圖，其余就是以幾何關(guān)系來(lái)分析坐標(biāo)，圓心角，等問(wèn)題了，帶點(diǎn)例子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)很多時(shí)候都是數(shù)學(xué)的幾何問(wèn)題占重要地位，能不能畫(huà)出軌跡，找到圓心，是這類題成敗關(guān)鍵．9．如圖所示，水平放置的平行金屬板充電后在板間形成勻強(qiáng)電場(chǎng)，板間距離為d，一個(gè)帶負(fù)電的液滴帶電荷量大小為q，質(zhì)量為m，從下板邊緣射入電場(chǎng)，沿直線從上板邊緣射出，則下列說(shuō)法正確的是（）A．液滴做的是勻減速直線運(yùn)動(dòng) B．液滴做的是勻速直線運(yùn)動(dòng)C．兩板間的電勢(shì)差為 D．液滴的電勢(shì)能減少了mgd【考點(diǎn)】帶電粒子在混合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)．【專題】定性思想；推理法；帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題．【分析】液滴沿直線運(yùn)動(dòng)，則其所受的合力方向與速度方向在同一直線上或合力為零，即可判斷出電場(chǎng)力方向豎直向上，而且電場(chǎng)力與重力相平衡，由平衡條件和U=Ed求解電勢(shì)差．【解答】解：A、液滴進(jìn)入豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，所受的電場(chǎng)力方向豎直向上或豎直向下，因?yàn)槲⒘Ｗ鲋本€運(yùn)動(dòng)，可知，電場(chǎng)力方向必定豎直向上，而且電場(chǎng)力與重力平衡，液滴做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，B正確；C、液滴從下極板運(yùn)動(dòng)到上極板的過(guò)程中，由動(dòng)能定理有qU﹣mgd=0，所以：U=，故C正確；D、液滴進(jìn)入豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，重力做功﹣mgd，微粒的重力勢(shì)能增加，動(dòng)能不變，根據(jù)能量守恒定律得知，微粒的電勢(shì)能減小了mgd．故D正確；故選：BCD．【點(diǎn)評(píng)】本題是帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的問(wèn)題，關(guān)鍵是分析受力情況，能判斷出粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)是解題的關(guān)鍵．10．小燈泡通電后其電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示，P為圖線上一點(diǎn)，PN為圖線的切線，PQ為U軸的垂線，PM為I軸的垂線．則下列說(shuō)法中正確是（）A．隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大B．對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的電阻為R=C．對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的電阻為R=D．對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡電阻為圖中矩形PQOM所圍的面積【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律；電阻率與溫度的關(guān)系．【專題】恒定電流專題．【分析】小燈泡的伏安特性曲線上的各點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率表示電阻，斜率增大，燈泡的電阻增大．任一狀態(tài)燈泡的電阻R=．【解答】解：A、I﹣U圖線各點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率表示電阻，由題，此斜率減小，說(shuō)明隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大．故A正確．B、C、D根據(jù)電阻的定義得到，對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的電阻為R=，R不等于切線斜率，R也不等于“面積”．故B正確，CD錯(cuò)誤．故選AB【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于線性元件，歐姆定律成立，即R==，對(duì)于非線性元件，歐姆定律不成立，R=≠．二．填空題（共2小題，共15分，第11小題5分，第12小題10分）11．在研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)中所用的器材如圖所示．它們是：①電流計(jì)、②直流電源、③帶鐵芯的線圈A、④線圈B、⑤電鍵、⑥滑動(dòng)變阻器（用來(lái)控制電流以改變磁場(chǎng)強(qiáng)弱）．（1）試按實(shí)驗(yàn)的要求在實(shí)物圖上連線（圖中已連好一根導(dǎo)線）．（2）若連接滑動(dòng)變阻器的兩根導(dǎo)線接在接線柱C和D上，而在電鍵剛閉合時(shí)電流表指針右偏，則電鍵閉合后滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向接線柱C移動(dòng)時(shí)，電流計(jì)指針將左偏（填“左偏”、“右偏”、“不偏”）．【考點(diǎn)】研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象．【專題】實(shí)驗(yàn)題．【分析】（1）注意該實(shí)驗(yàn)中有兩個(gè)回路，一是電源、電鍵、變阻器、小螺線管串聯(lián)成的回路，二是電流計(jì)與大螺線管串聯(lián)成的回路，據(jù)此可正確解答．（2）磁場(chǎng)方向不變，磁通量的變化不變時(shí)電流方向不變，電流表指針偏轉(zhuǎn)方向相同，磁通量的變化相反時(shí)，電流表指針?lè)较蛳喾矗窘獯稹拷猓海?）將電源、電鍵、變阻器、線圈A串聯(lián)成一個(gè)回路，注意滑動(dòng)變阻器接一上一下兩個(gè)接線柱，再將電流計(jì)與線圈B串聯(lián)成另一個(gè)回路，電路圖如圖所示．（2）閉合開(kāi)關(guān)，穿過(guò)副線圈的磁通量增大，靈敏電流表的指針向右偏；由電路圖可知，電鍵閉合后滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向接線柱C移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值變大，通過(guò)線圈A的電流變小，磁場(chǎng)變?nèi)?，穿過(guò)線圈B的磁場(chǎng)方向不變，磁通量變小，則電流表指針向左偏．故答案為：（1）實(shí)物連接如圖所示；（2）左偏．【點(diǎn)評(píng)】本題考查研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象及驗(yàn)證楞次定律的實(shí)驗(yàn)，對(duì)于該實(shí)驗(yàn)注意兩個(gè)回路的不同．知道磁場(chǎng)方向或磁通量變化情況相反時(shí)，感應(yīng)電流反向是判斷電流表指針偏轉(zhuǎn)方向的關(guān)鍵．12．有一個(gè)電阻Rx，其阻值大約在40Ω～50Ω之間，現(xiàn)要進(jìn)一步準(zhǔn)確地測(cè)量其電阻，需測(cè)量多組數(shù)據(jù)，手邊現(xiàn)有器材如下：電源E（電動(dòng)勢(shì)12V，內(nèi)阻為0.5Ω）；電壓表（0～3～15V，內(nèi)阻約為10kΩ）；電流表（0～0.6～3A，內(nèi)阻約為1Ω）；滑動(dòng)變阻器R1（阻值0～10Ω，額定電流2A）；滑動(dòng)變阻器R2（阻值0～1750Ω，額定電流0.3A）；開(kāi)關(guān)S和導(dǎo)線若干．（1）電壓表的量程應(yīng)選0～15V，電流表的量程應(yīng)選0～0.6A，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用R1．（2）在虛線方框內(nèi)畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖．（3）在實(shí)物圖1中完成其余連線使之成為完整的實(shí)驗(yàn)電路．【考點(diǎn)】伏安法測(cè)電阻．【專題】實(shí)驗(yàn)題．【分析】本題的關(guān)鍵是首先根據(jù)電源電動(dòng)勢(shì)的大小選擇電壓表的量程，然后根據(jù)歐姆定律求出通過(guò)待測(cè)電阻的最大電流來(lái)選擇電流表的量程；題（2）的關(guān)鍵是根據(jù)與RvRA大小關(guān)系說(shuō)明電流表應(yīng)采用外接法，根據(jù)電流表能讀數(shù)的最小電流和閉合電路歐姆定律求出電路中的最大電阻，說(shuō)明滑動(dòng)變阻器可以采用限流式或分壓式．【解答】解：（1）由于電源的電動(dòng)勢(shì)為12V，所以電壓表應(yīng)選15V量程；根據(jù)I=可得，通過(guò)待測(cè)電阻的最大電流為：=0.3A，所以電流表應(yīng)選0.6A的量程；根據(jù)閉合電路歐姆定律電路和電流表最小讀數(shù)，可求出電路中需要的最大電阻為：R==Ω=60Ω，由于待測(cè)電阻電阻為40～50，所以滑動(dòng)變阻器應(yīng)用R1（2）由上面分析可知滑動(dòng)變阻器可以采用限流式接法，也可以采用分壓式接法，由于滿足＜RvRA，所以電流表應(yīng)用外接法，電路圖如圖所示：故答案為：（1）0～15V0～0.6AR1【點(diǎn)評(píng)】要通過(guò)電路的估算來(lái)選擇電表的量程；注意伏安法測(cè)電阻時(shí)電流表內(nèi)外接法的選擇方法，以及變阻器采用分壓式接法和限流式接法的選擇原則．三、計(jì)算題（共45分要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟，只寫(xiě)出最后答案的不能給分）13．在圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E=6V，內(nèi)阻r=1Ω．D為直流電動(dòng)機(jī)，其電樞線圈電阻R=2Ω，限流電阻R′=3Ω．當(dāng)電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，電壓表示數(shù)為0.3V．求：（1）通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流是多大？（2）電動(dòng)機(jī)輸入的電功率、轉(zhuǎn)變?yōu)闊崃康墓β屎洼敵鰴C(jī)械功率各是多少？【考點(diǎn)】電功、電功率；閉合電路的歐姆定律．【專題】恒定電流專題．【分析】電動(dòng)機(jī)與電阻串聯(lián)，根據(jù)歐姆定律求解電流；根據(jù)P=UI求解輸入到電動(dòng)機(jī)的電功率；根據(jù)P出=UI﹣I2r求解輸出功率．【解答】解：（1）通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流I與流過(guò)限流電阻R′的電流相同，由I=得：I===0.1A（2）由E=Ir+U+UD可得電動(dòng)機(jī)兩端電壓：UD=E﹣Ir﹣U=6V﹣0.1×1V﹣0.3V=5.6V所以電動(dòng)機(jī)輸入的電功率：P入=UDI=0.56W電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率：P熱=I2R=0.02W電動(dòng)機(jī)的輸出功率：P出=P入﹣P熱=0.54W答：（1）通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流是0.1A；（2）電動(dòng)機(jī)輸入的電功率為0.56W、轉(zhuǎn)變?yōu)闊崃康墓β蕿?.02W和輸出機(jī)械功率是0.54W．【點(diǎn)評(píng)】在計(jì)算電功率的公式中，總功率用P=IU來(lái)計(jì)算，發(fā)熱的功率用P=I2R來(lái)計(jì)算，如果是計(jì)算純電阻的功率，這兩個(gè)公式的計(jì)算結(jié)果是一樣的，但對(duì)于電動(dòng)機(jī)等非純電阻，第一個(gè)計(jì)算的是總功率，第二個(gè)只是計(jì)算發(fā)熱的功率，這兩個(gè)的計(jì)算結(jié)果是不一樣的．14．有一帶電量q=﹣3×10﹣6C的點(diǎn)電荷，從電場(chǎng)中的A點(diǎn)移到B點(diǎn)時(shí)，克服電場(chǎng)力做功6×10﹣4J．從B點(diǎn)移到C點(diǎn)時(shí)電場(chǎng)力做功9×10﹣4J．問(wèn)：（1）AB、BC、CA間電勢(shì)差各為多少？（2）如以B點(diǎn)電勢(shì)為零，則A、C兩點(diǎn)的電勢(shì)各為多少？電荷在A、C兩點(diǎn)的電勢(shì)能各為多少？【考點(diǎn)】電勢(shì)能；電勢(shì)．【專題】電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．【分析】負(fù)電荷從A移到B點(diǎn)的過(guò)程，電荷克服電場(chǎng)力做功，A點(diǎn)的電勢(shì)高于B點(diǎn)的電勢(shì)．從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力對(duì)電荷做正功，B點(diǎn)的電勢(shì)低于C點(diǎn)的電勢(shì)．根據(jù)電勢(shì)差公式U=，分別求出A、B間與B、C間的電勢(shì)差，再求出A、C間的電勢(shì)差，并分析A、C兩點(diǎn)電勢(shì)的高低．【解答】解：（1）負(fù)電荷從A移到B點(diǎn)的過(guò)程，電荷克服電場(chǎng)力做功，可見(jiàn)負(fù)電荷從電勢(shì)高處移至電勢(shì)低處．即φA＞φB電勢(shì)差UAB=V負(fù)電荷從B移至C，電場(chǎng)力做正功，可見(jiàn)負(fù)電荷從電勢(shì)低處移至電勢(shì)高處，即φC＞φB電勢(shì)差UBC=﹣=﹣300V而電勢(shì)差UAC=φA﹣φC=φA﹣φB+φB﹣φC=UAB+UBC=﹣100V故CA間電勢(shì)差UCA=﹣UAC=100V（2）因B點(diǎn)為0電勢(shì)點(diǎn)，則φA=UAB=200V，φC=UCB=﹣UBC=300V答：（1）AB、BC、CA間電勢(shì)差各分別為200VV，﹣300V和100V．（2）A、C兩點(diǎn)的電勢(shì)各為φA=200V和φC=300V．電荷在A、C兩點(diǎn)的電勢(shì)能各為，．【點(diǎn)評(píng)】求解電勢(shì)差時(shí)，公式U中U、W、q三個(gè)量可都代入符號(hào)，根據(jù)求出的電勢(shì)差U的正負(fù)，判斷兩點(diǎn)間電勢(shì)的高低15．如圖所示，在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一個(gè)質(zhì)量為m帶負(fù)電的小球從斜軌道上的A點(diǎn)由靜止滑下，小球通過(guò)半徑為R的圓軌道頂端的B點(diǎn)時(shí)恰好不落下