浙江省G12名校協(xié)作體2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期開(kāi)學(xué)物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024學(xué)年第一學(xué)期浙江省名校協(xié)作體試題高三年級(jí)物理學(xué)科考生須知：1.本卷滿分100分，考試時(shí)間90分鐘；2.答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫(xiě)學(xué)校、班級(jí)、姓名、試場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)及準(zhǔn)考證號(hào)；3.所有〖答案〗必須寫(xiě)在答題卷上，寫(xiě)在試卷上無(wú)效；4.考試結(jié)束后，只需上交答題卷；5.本卷中無(wú)特殊說(shuō)明，重力加速度g均取10m/s2。第I卷（選擇題共45分）一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分。）1.下列物理量屬于矢量且單位正確的是（）A.功率（W） B.磁感應(yīng)強(qiáng)度（T）C.電勢(shì)差（V） D.溫度（K）〖答案〗B〖解析〗功率屬于標(biāo)量，單位（W）。磁感應(yīng)強(qiáng)度屬于矢量，單位（T）。電勢(shì)差屬于標(biāo)量，單位（V）。溫度是標(biāo)量，單位（K）。故選B。2.奧體中心游泳館一遍遍奏響國(guó)歌。浙江游泳健兒是中國(guó)游泳隊(duì)的中流砥柱以下說(shuō)法正確的是（）A.研究汪順入水動(dòng)作時(shí)，可將其視為質(zhì)點(diǎn)B.研究葉詩(shī)文觸壁動(dòng)作時(shí)，可將其視為質(zhì)點(diǎn)C.知曉徐嘉余50m仰泳成績(jī)，可估算其平均速度D.費(fèi)立緯在1500m自由泳奪冠，1500m指的是位移〖答案〗C〖解析〗A．研究汪順入水動(dòng)作時(shí)，運(yùn)動(dòng)員的形狀和體積對(duì)所研究問(wèn)題的影響不能夠忽略，不能夠?qū)⑵湟暈橘|(zhì)點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；B．研究葉詩(shī)文觸壁動(dòng)作時(shí)，運(yùn)動(dòng)員的形狀和體積對(duì)所研究問(wèn)題的影響不能夠忽略，不能夠?qū)⑵湟暈橘|(zhì)點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)可知，若曉徐嘉余50m仰泳成績(jī)，可估算其平均速度，故C正確；D．費(fèi)立緯在1500m自由泳奪冠，1500m指的是路程，故D錯(cuò)誤。故選C。3.如圖所示，通過(guò)計(jì)算可知：一個(gè)半徑為的均勻帶電體（或球殼）在球的外部產(chǎn)生的電場(chǎng)，與一個(gè)位于球心、電荷量相等的點(diǎn)電荷在同一點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)相同，在相關(guān)應(yīng)用中可用點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式進(jìn)行計(jì)算。這里所采用最核心的物理方法與下列哪個(gè)相同（）A.瞬時(shí)速度概念的建立 B.“重心”模型的建立C.彈簧振子模型的建立 D.探究向心力大小的表達(dá)式〖答案〗B〖解析〗A．一個(gè)半徑為的均勻帶電體（或球殼）在球的外部產(chǎn)生的電場(chǎng)，與一個(gè)位于球心、電荷量相等的點(diǎn)電荷在同一點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)相同，這里采用最核心的物理方法為等效替代，瞬時(shí)速度概念的建立采用了極限法，故A錯(cuò)誤；B．“重心”模型的建立采用了等效替代，故B正確；C．彈簧振子模型的建立采用了理想模型法，故C錯(cuò)誤；D．探究向心力大小的表達(dá)式采用了控制變量法，故D錯(cuò)誤。故選B。4.扯白糖是浙江傳統(tǒng)的地方小吃。將冷卻少許的糖漿糅合成稠軟狀，再將其拋上固定的木柱，用手上的小木棍幾番甩、扯之后，最終冷卻形成直徑約1厘米的長(zhǎng)圓條，用剪刀截下寸許，就成了食用的“扯白糖”。下列說(shuō)法正確的是（）A.小木棍對(duì)糖漿的彈力是糖漿發(fā)生形變引起的B.糖漿變長(zhǎng)，說(shuō)明小木棍對(duì)糖漿的拉力大于糖漿對(duì)小木棍的拉力C.整個(gè)下扯過(guò)程中，小木棍始終處于失重狀態(tài)D.整個(gè)下扯過(guò)程中，地面對(duì)固定的木柱的支持力大于木柱和糖漿的總重力〖答案〗D〖解析〗A．小木棍對(duì)糖漿的彈力是小木棍發(fā)生形變引起的，A錯(cuò)誤；B．根據(jù)牛頓第三定律，小木棍對(duì)糖漿的拉力等于糖漿對(duì)小木棍的拉力，B錯(cuò)誤；C．整個(gè)下扯過(guò)程中，小木棍不是一直向下加速運(yùn)動(dòng)，所以不是始終處于失重狀態(tài)，C錯(cuò)誤；D．整個(gè)下扯過(guò)程中，人對(duì)糖漿有向下的拉力，所以地面對(duì)固定的木柱的支持力大于木柱和糖漿的總重力，D正確。故選D5.我國(guó)自主研發(fā)的“玲瓏一號(hào)”是全球首個(gè)陸上商用小型核反應(yīng)堆。未來(lái)或?qū)?yīng)用于我國(guó)的核動(dòng)力航母?！傲岘囈惶?hào)”中有一種核反應(yīng)方程是，則（）A.比的比結(jié)合能小B.核反應(yīng)方程中的X等于88C.γ射線是核由高能級(jí)向低能級(jí)躍遷放出的D.γ射線的頻率比X射線的頻率低〖答案〗A〖解析〗A．生成物更穩(wěn)定，比的比結(jié)合能小，A正確；B．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒得解得B錯(cuò)誤；C．γ射線是核反應(yīng)產(chǎn)生的新核由高能級(jí)向低能級(jí)躍遷放出的，C錯(cuò)誤；D．γ射線的頻率比X射線的頻率高，D錯(cuò)誤。故選A。6.神舟十八號(hào)載人飛船入軌后，于北京時(shí)間2024年4月26日3時(shí)32分，成功對(duì)接于空間站天和核心艙徑向端口。空間站距離地表約，載人飛船首先到達(dá)距離空間站下方約的停泊點(diǎn)（飛船相對(duì)于空間站靜止）位置，然后通過(guò)徑向?qū)影l(fā)動(dòng)機(jī)實(shí)現(xiàn)與核心艙的成功對(duì)接。下列說(shuō)法正確的是（）A.載人飛船在停泊點(diǎn)”位置的動(dòng)能大于空間站的動(dòng)能B.與地球赤道上隨地球自轉(zhuǎn)的物體相比，組合體的向心加速度更大C.對(duì)接過(guò)程中，飛船與空間站繞地球的線速度大小相等D.對(duì)接結(jié)束后，飛船與核心艙的對(duì)接口對(duì)飛船的作用力做正功〖答案〗B〖解析〗A．載人飛船與空間站的質(zhì)量關(guān)系未知，無(wú)法比較動(dòng)能大小，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有解得可知組合體向心加速度大于地球同步衛(wèi)星的向心加速度，根據(jù)可知地球同步衛(wèi)星的向心加速度大于與地球赤道上隨地球自轉(zhuǎn)的物體，可知與地球赤道上隨地球自轉(zhuǎn)的物體相比，組合體的向心加速度更大，故B正確；C．姿態(tài)調(diào)整完成后，飛船沿徑向接近空間站過(guò)程中，需要控制飛船繞地球運(yùn)行的角速度等于空間站的角速度，根據(jù)，飛船繞地球運(yùn)行的線速度小于空間站的線速度，故C錯(cuò)誤；D．飛船與核心艙的對(duì)接口對(duì)飛船的作用力與速度方向垂直，不做功，故D錯(cuò)誤；故選B。7.高水平的足球運(yùn)動(dòng)員可以指哪打哪。如圖所示是某次訓(xùn)練中分別將質(zhì)量為的相同足球射入兩扇高度為處的窗戶，出腳處到窗戶的水平距離為，兩次均恰好將球垂直射入窗戶。假設(shè)兩次出球速度大小均為與水平方向夾角分別為，空中飛行時(shí)間分別為。足球可視為質(zhì)點(diǎn)，兩運(yùn)動(dòng)軌跡在同一豎直面內(nèi)，且不計(jì)空氣阻力，重力加速度為。則下列說(shuō)法正確的是（）A.球在空中過(guò)程動(dòng)能變化量之比B.球在空中過(guò)程重力沖量之比C.踢中窗戶的那腳球，運(yùn)動(dòng)員對(duì)球多做功D.水平距離與足球飛行時(shí)間滿足〖答案〗A〖解析〗A．球在空中過(guò)程動(dòng)能變化量大小可知球在空中過(guò)程動(dòng)能變化量之比，選項(xiàng)A正確；B．球在空中過(guò)程運(yùn)動(dòng)的時(shí)間重力沖量可知球在空中過(guò)程重力沖量之比，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．兩次運(yùn)動(dòng)員對(duì)球做功相等，均為選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．水平距離可得即豎直方向與聯(lián)立可知水平距離與足球飛行時(shí)間滿足選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A。8.汽車(chē)裝有加速度傳感器，以測(cè)量汽車(chē)行駛時(shí)的縱向加速度。如圖所示，加速度傳感器有一個(gè)彈性梁，一端夾緊，另一端固定著霍爾元件，處在上下正對(duì)的兩個(gè)磁體中央位置，霍爾元件中通入從左往右的電流。如果傳感器有向上的縱向加速度，則傳感器的彈簧質(zhì)量系統(tǒng)離開(kāi)它的靜止位置而向下偏移。偏移程度與加速度大小有關(guān)。以下說(shuō)法正確的是（）A.若霍爾元件材料為金屬導(dǎo)體，則前表面比后表面的電勢(shì)高B.若將N、S磁極對(duì)調(diào)，則前后表面電勢(shì)的高低情況相反C.若汽車(chē)縱向加速度為0，增大電流，則監(jiān)測(cè)到的霍爾電壓也會(huì)增大D.若汽車(chē)速度增大，則控制電路監(jiān)測(cè)到的霍爾電壓也增大〖答案〗B〖解析〗A．傳感器的彈簧質(zhì)量系統(tǒng)離開(kāi)它的靜止位置而向下偏移，則霍爾元件所處位置的磁場(chǎng)方向向上，根據(jù)左手定則可知，金屬導(dǎo)體中的自由電子在洛倫茲力的作用下，向前表面運(yùn)動(dòng)，所以前表面比后表面的電勢(shì)低，故A錯(cuò)誤；B．若將N、S磁極對(duì)調(diào)，根據(jù)左手定則可知，金屬導(dǎo)體中的自由電子所受洛倫茲力的方向反向，所以前后表面電勢(shì)的高低情況相反，故B正確；C．若汽車(chē)縱向加速度為0，則霍爾元件所處位置的磁場(chǎng)為0，則監(jiān)測(cè)不到霍爾電壓，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)導(dǎo)電粒子所受洛倫茲力等于電場(chǎng)力可知解得其中是自由電荷定向移動(dòng)速率，不是汽車(chē)的速度，所以汽車(chē)速度增大，控制電路監(jiān)測(cè)到的霍爾電壓不會(huì)隨著增大，故D錯(cuò)誤。故選B。9.一群處于第3能級(jí)的氫原子躍遷發(fā)出多種不同頻率的光，將這些光分別照射到圖甲的陰極上，測(cè)得3條圖線，如圖乙所示，丙為氫原子的能級(jí)圖。則下列說(shuō)法正確的是（）A.圖甲中陰極金屬的逸出功可能為B.用圖乙中的光工作的光學(xué)顯微鏡分辨率最高C.能量為的光子能使處于第3能級(jí)的氫原子發(fā)生電離D.圖乙點(diǎn)對(duì)應(yīng)圖甲實(shí)驗(yàn)中滑片位于的右側(cè)〖答案〗C〖解析〗A．第3能級(jí)向下躍遷的三種光子中，能量最小的為故圖甲中陰極金屬的逸出功要小于或等于，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)結(jié)合乙圖可知c光的頻率最低，其波長(zhǎng)最長(zhǎng)，衍射最明顯，用c光工作的光學(xué)顯微鏡分辨率最低，故B錯(cuò)誤；C．由圖丙可知，第3能級(jí)的能量值為－1.51eV，電離能為1.51eV，由玻爾理論可知，能量為的光子能使處于第3能級(jí)的氫原子發(fā)生電離，故C正確；D．由圖甲可知，滑片位于的右側(cè)時(shí)，光電管加的是正向電壓，圖乙點(diǎn)對(duì)應(yīng)加的是反向電壓，故D錯(cuò)誤。故選C。10.如圖所示，面積為S、匝數(shù)為N、內(nèi)阻不計(jì)的矩形線圈處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，從圖示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，繞水平軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。矩形線圈通過(guò)滑環(huán)連接理想變壓器。理想變壓器原線圈上的滑動(dòng)觸頭P上下移動(dòng)可改變副線圈的輸出電壓，副線圈接有可變電阻，電表均為理想交流電表，電容器均能正常工作。下列判斷正確的是（）A.矩形線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為B.當(dāng)P位置不變，阻值不變，增大矩形線圈轉(zhuǎn)動(dòng)角速度時(shí)，電壓表示數(shù)變大，電流表示數(shù)變小C.當(dāng)P位置不變，線圈轉(zhuǎn)動(dòng)角速度不變，向上移動(dòng)的滑片，燈泡變亮D.當(dāng)線圈轉(zhuǎn)動(dòng)角速度不變，阻值不變，若向上移動(dòng)原線圈的P，電容器所能儲(chǔ)存的最大電荷量增加〖答案〗D〖解析〗A．圖示位置與中性面垂直，則矩形線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為故A錯(cuò)誤；B．電壓表示數(shù)為有效值，可知可知，當(dāng)P位置不變，阻值不變，增大矩形線圈轉(zhuǎn)動(dòng)角速度時(shí)，電壓表示數(shù)變大，根據(jù)電壓匝數(shù)關(guān)系，變壓器副線圈電壓增大，通過(guò)副線圈的電流增大，根據(jù)電流匝數(shù)關(guān)系可知，通過(guò)原線圈的電流增大，電流表示數(shù)變大，故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)P位置不變，線圈轉(zhuǎn)動(dòng)角速度不變，變壓器原副線圈兩端電壓均不變，向上移動(dòng)的滑片，滑動(dòng)變阻器接入電阻增大，則通過(guò)燈泡的電流減小，即燈泡變暗，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)線圈轉(zhuǎn)動(dòng)角速度不變，原線圈兩端電壓不變，根據(jù)電壓匝數(shù)關(guān)系有若向上移動(dòng)原線圈的P，原線圈匝數(shù)減小，則副線圈兩端電壓增大，根據(jù)可知電容器所能儲(chǔ)存的最大電荷量增加，故D正確。故選D。11.如圖所示，長(zhǎng)為的輕繩上端固定在點(diǎn)，下端系一帶電量為的小球，置于水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，與豎直方向的夾角一半處的點(diǎn)有一小釘子。現(xiàn)將小球拉至點(diǎn)，使輕繩與夾角很小，然后由靜止釋放小球，小球在豎直平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)。點(diǎn)（圖中未標(biāo)出）是小球能夠到達(dá)左側(cè)最遠(yuǎn)位置，重力加速度為，不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（）A.小球在點(diǎn)時(shí)所受合力為零B.小球在A點(diǎn)時(shí)繩子拉力等于C.小球擺動(dòng)到點(diǎn)時(shí)具有的機(jī)械能等于在點(diǎn)具有的機(jī)械能D.小球擺動(dòng)的周期為〖答案〗D〖解析〗A．小球在點(diǎn)時(shí)速度為零，即將返回，具有沿切線方向的加速度，故此時(shí)合外力不為零，故A錯(cuò)誤；B．小球擺動(dòng)時(shí)的等效重力大小為設(shè)輕繩與豎直方向的夾角為，則有故A點(diǎn)是等效重力場(chǎng)的最低點(diǎn)，小球經(jīng)過(guò)A點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律有可得故B錯(cuò)誤；C．小球由B到C，電場(chǎng)力做負(fù)功，故機(jī)械能減少，故C錯(cuò)誤；D．小球擺動(dòng)時(shí)的等效重力加速度為小球擺動(dòng)的周期為故D正確。故選D。12.如圖a所示，公園里的裝飾燈在晚上通電后會(huì)發(fā)出非常漂亮的光。該裝飾燈可簡(jiǎn)化為圖b所示模型，該裝飾燈為對(duì)紅光折射率的透明材料制成的棱長(zhǎng)為的立方體，中心有一個(gè)發(fā)紅光點(diǎn)光源，不考慮光的二次反射，光速為，則（）A.立方體某一面有光射出部分的圖形是橢圓B.若不考慮多次反射，光線從玻璃磚射出的最長(zhǎng)時(shí)間為C.若點(diǎn)光源發(fā)出的光由紅光變?yōu)樗{(lán)光，表面有光射出的區(qū)域面積將增大D.從外面看玻璃磚被照亮的總面積為〖答案〗B〖解析〗A．當(dāng)從O點(diǎn)射出的光線射到側(cè)面上的入射角等于臨界角時(shí)發(fā)生全反射，可知立方體某一面有光射出部分的圖形是圓形，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．考慮射到側(cè)面上一條發(fā)生全反射的光線，臨界角則聯(lián)立解得光線從玻璃磚射出的最長(zhǎng)時(shí)間為選項(xiàng)B正確；C．若點(diǎn)光源發(fā)出的光由紅光變?yōu)樗{(lán)光，因藍(lán)光折射率大于紅光，可知藍(lán)光臨界角小于紅光，根據(jù)表面有光射出的區(qū)域半徑減小，即面積將減小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．每一側(cè)面被照亮的半徑面積為從外面看玻璃磚被照亮的總面積為選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。13.如圖是射線精準(zhǔn)測(cè)距原理簡(jiǎn)圖。裝置輻射源發(fā)出的射線與地表土壤層發(fā)生反射，一部分粒子重新被該裝置探測(cè)器接收，根據(jù)接收強(qiáng)度可以測(cè)定該裝置離地高度。若發(fā)射器輻射的強(qiáng)度為，接收器的有效接收面積為，接收裝置的接收效率為。在地面處，有占比為的光子數(shù)被均勻向地面上方各方向反射。若接收器接收到的射線強(qiáng)度為，射線強(qiáng)度可視作射線全部光子的能量之和，則接收器離地高度為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗設(shè)接收器離地的高度為，則光子被地面反射后輻射的面積為球面積的一半，有根據(jù)能量守恒定律可知解得故選A。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有一個(gè)或一個(gè)以上〖答案〗符合題意，全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得2分，選錯(cuò)或不選的得0分。）14.下列說(shuō)法正確的是（）A.調(diào)制是指在電磁波發(fā)射技術(shù)中，使載波隨各種信號(hào)而改變的技術(shù)B.非晶體的物理性質(zhì)沿各個(gè)方向是不同的C.全息照片用激光來(lái)拍攝，主要是利用了激光的干涉現(xiàn)象D.在振蕩電路中，電容器放電完畢的瞬間，磁場(chǎng)能全部轉(zhuǎn)化為電場(chǎng)能〖答案〗AC〖解析〗A．調(diào)制是指在電磁波發(fā)射技術(shù)中，使載波隨各種信號(hào)而改變的技術(shù)，故A正確；B．非晶體的物理性質(zhì)沿各個(gè)方向是相同的，故B錯(cuò)誤；C．全息照片用激光來(lái)拍攝，主要是利用了激光的干涉現(xiàn)象，故C正確；D．在振蕩電路中，電容器放電完畢的瞬間，電場(chǎng)能全部轉(zhuǎn)化為磁場(chǎng)能，故D錯(cuò)誤。故選AC。15.一列簡(jiǎn)諧橫波沿軸正方向傳播，此波在某時(shí)刻的波形圖如圖甲所示。質(zhì)點(diǎn)的平衡位置在處，質(zhì)點(diǎn)的平衡位置是處。質(zhì)點(diǎn)從時(shí)刻開(kāi)始振動(dòng)，其振動(dòng)圖像如圖乙所示。此波傳播到達(dá)平衡位置為處的質(zhì)點(diǎn)時(shí)，遇到一障礙物（未畫(huà)出）之后立刻傳播方向反向，反射波與原入射波在相遇區(qū)域發(fā)生干涉，某時(shí)刻兩列波部分波形如圖丙所示。則下列說(shuō)法中正確的是（）A.時(shí)刻點(diǎn)向下振動(dòng)，波速為B.從到，質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程大于C.時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的位移為0D.足夠長(zhǎng)時(shí)間后，之間有5個(gè)振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)（不包括兩點(diǎn)）〖答案〗BD〖解析〗A．質(zhì)點(diǎn)N從時(shí)刻開(kāi)始振動(dòng)，由振動(dòng)圖像可知此時(shí)質(zhì)點(diǎn)N向上振動(dòng)；由圖可知波長(zhǎng)為4m，周期為0.2s，波速為20m/s故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)M、N的位置關(guān)系可知，s時(shí)刻，M質(zhì)點(diǎn)在x軸下方向平衡位置運(yùn)動(dòng)，速度逐漸增大，從到經(jīng)歷了0.15s，即，則質(zhì)點(diǎn)M通過(guò)的路程s>3A=15cm，故B正確；C．根據(jù)振動(dòng)圖像可知時(shí)，質(zhì)點(diǎn)N在最大位移處，故C錯(cuò)誤；D．由圖丙可知位于x=10m、8m、6m、4m、2m的點(diǎn)兩列波的運(yùn)動(dòng)方向一致，為加強(qiáng)點(diǎn)，故D正確；故選BD。第Ⅱ卷（非選擇題共55分）三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.小張同學(xué)做探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)，為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，提出了如下四種改進(jìn)方案：方案A：測(cè)力計(jì)讀數(shù)為所受合力大小，打點(diǎn)計(jì)時(shí)測(cè)加速度大小方案B：槽碼重力為受合力大小，光電計(jì)時(shí)測(cè)加速度大小方案C：加槽碼時(shí)調(diào)節(jié)，小車(chē)勻速下滑；去掉槽碼，小車(chē)加速下滑，打點(diǎn)計(jì)時(shí)測(cè)加速度大小，槽碼重力為所受合力大小方案D：傳感器讀數(shù)為所受合力大小，打點(diǎn)計(jì)時(shí)測(cè)加速度大?。?）需要補(bǔ)償阻力的方案是__________；不需要小車(chē)質(zhì)量遠(yuǎn)大于槽碼（沙桶與沙子）質(zhì)量的方案是_________。（2）實(shí)驗(yàn)獲得如圖所示的紙帶，計(jì)數(shù)點(diǎn)間均有四個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出，則打點(diǎn)時(shí)小車(chē)的速度為_(kāi)________m/s（保留兩位有效數(shù)字）?！即鸢浮剑?）ABDACD（2）0.18##0.19〖解析〗【小問(wèn)1詳析】[1]方案C中無(wú)論光滑粗糙槽碼重力均是所受合力大小，故不需要平衡摩擦力，故選ABD。[2]ACD．方案A中測(cè)力計(jì)讀數(shù)為所受合力大小；方案C中槽碼重力為所受合力大??；方案D傳感器讀數(shù)為所受合力大??；這三個(gè)方案均能獲得準(zhǔn)確的合力，故不需要近似法，即不需要小車(chē)質(zhì)量遠(yuǎn)大于槽碼（沙桶與沙子）質(zhì)量，故ACD正確；B．方案B用槽碼重力為受合力大小，對(duì)系統(tǒng)有可得而繩子的拉力為當(dāng)時(shí)，，故B錯(cuò)誤；故選ACD?！拘?wèn)2詳析】計(jì)數(shù)點(diǎn)間均有四個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出，則相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為由勻變速直線運(yùn)動(dòng)中，平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，有17.（1）觀察電容器的充、放電現(xiàn)象實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示。①應(yīng)選擇的電流表表頭為圖中的_________（選填“甲”或“乙”）。②圖中①②兩條曲線不同是_________（選填“E”或“R”）的改變?cè)斐傻?。?）如圖所示為某品牌方塊電池，小文同學(xué)分別用電路圖b和電路圖c測(cè)量此方塊電池的電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。他選用的電壓表量程、內(nèi)阻未知，電流表量程、內(nèi)阻等于，滑動(dòng)變阻器。規(guī)范實(shí)驗(yàn)并根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)描繪的圖線分別得到如圖d中I、Ⅱ所示。完成下列幾個(gè)問(wèn)題。①根據(jù)電路圖b測(cè)量數(shù)據(jù)描繪的圖線應(yīng)為圖d中_________（填“I”或“Ⅱ”）②根據(jù)題中條件，本次實(shí)驗(yàn)應(yīng)選擇實(shí)驗(yàn)電路圖中_________（填“圖b”或“圖c”）。③綜合分析可得該電源電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)________，內(nèi)阻為_(kāi)________。（保留3位有效數(shù)字）〖答案〗（1）甲R(shí)（2）Ⅱ圖b9.00（8.98-9.02）0.500（0.460~0.540）〖解析〗【小問(wèn)1詳析】[1]應(yīng)選擇的電流表表頭為圖中的甲。在電容器的充放電過(guò)程中，電流會(huì)先增大后減小，且可能會(huì)反向。甲圖中的電流表指針指向中間，且左右兩邊都有刻度，說(shuō)明它可以測(cè)量交變電流，即電流方向改變時(shí)，指針可以向左右兩邊偏轉(zhuǎn)，因此適合本實(shí)驗(yàn)。而乙圖中的電流表只能測(cè)量單向電流，不適合本實(shí)驗(yàn)。[2]圖中①②兩條曲線不同是R（電阻）的改變?cè)斐傻?。圖中的兩條曲線表示的是電容器充放電過(guò)程中電荷量q隨時(shí)間t的變化。由于兩條曲線都從原點(diǎn)開(kāi)始上升，說(shuō)明電容器都是從未帶電狀態(tài)開(kāi)始充電的。而①曲線的上升速度更快，說(shuō)明電容器的充電速度更快。根據(jù)電容器充電的公式我們可以知道，當(dāng)電源電動(dòng)勢(shì)E一定時(shí)，充電速度與電阻R成反比。因此，①曲線對(duì)應(yīng)的電阻R應(yīng)該更小。所以，圖中①②兩條曲線不同是電阻R的改變?cè)斐傻摹！拘?wèn)2詳析】[1]根據(jù)電路圖b測(cè)量數(shù)據(jù)描繪的圖線中，圖像的斜率等于電池內(nèi)阻和電流表內(nèi)阻之和，則斜率較大，則應(yīng)為圖d中Ⅱ；[2]根據(jù)題中條件，因?yàn)殡娏鞅韮?nèi)阻已知，則本次實(shí)驗(yàn)應(yīng)選擇實(shí)驗(yàn)電路圖中電路圖b。[3]綜合分析根據(jù)圖像Ⅱ以及可得該電源電動(dòng)勢(shì)[4]則內(nèi)阻為代入得18.在用“雙縫干涉測(cè)量光的波長(zhǎng)”的實(shí)驗(yàn)中，裝置如圖所示：（1）雙縫裝置是圖中的___________（選填“A”或“B”）。（2）某同學(xué)在觀察時(shí)發(fā)現(xiàn)條紋比較模糊，可以通過(guò)調(diào)節(jié)___________裝置（填裝置名稱）。（3）甲、乙兩同學(xué)通過(guò)目鏡，分別看到如圖所示的甲、乙兩種情形。由于條紋清晰，他們沒(méi)有再進(jìn)一步進(jìn)行調(diào)節(jié)，而是直接進(jìn)行測(cè)量，并根據(jù)公式算出波長(zhǎng)，測(cè)量得到的波長(zhǎng)準(zhǔn)確的是_________（選填“甲”或“乙”）。〖答案〗（1）B（2）撥桿（3）甲〖解析〗小問(wèn)1詳析】[1]根據(jù)裝置圖的排列情況知，雙縫裝置是圖中的B?！拘?wèn)2詳析】[1]某同學(xué)在觀察時(shí)發(fā)現(xiàn)條紋比較模糊，可以通過(guò)調(diào)節(jié)撥桿裝置?！拘?wèn)3詳析】[1]干涉條紋要與分劃板中心刻線對(duì)齊，由圖可知測(cè)量得到的波長(zhǎng)準(zhǔn)確的是甲。19.如圖所示，一不占體積的導(dǎo)熱光滑活塞C與一段水銀柱在氣室A中封存著一定量的氣體。此時(shí)氣室溫度與環(huán)境溫度都為。體積為（已知）的絕熱容器分成A、B兩室，B室的體積是A室的兩倍，A室容器上連接一U形管（U形管內(nèi)氣體的體積忽略不計(jì)），兩邊水銀柱高度差為，B室容器中的氣體通過(guò)閥門(mén)K，可與外界大氣相通（外界大氣壓等于）。求：（1）將閥門(mén)K打開(kāi)后，氣室A內(nèi)的氣體_________（填“吸熱”、“放熱”或“既不吸熱也不放熱”）；氣室A內(nèi)的氣體對(duì)活塞C單位面積上的壓力______（填“變大”、“變小”或“不變”）。（2）將閥門(mén)K打開(kāi)后，A室的體積變成多少？（3）在打開(kāi)閥門(mén)K后將氣室A的氣體從加熱到，則U形管內(nèi)兩邊水銀面的高度差為多少？〖答案〗（1）吸熱變?。?）（3）7.6cm〖解析〗【小問(wèn)1詳析】[1]將閥門(mén)K打開(kāi)后，由于初始A室氣體壓強(qiáng)大于大氣壓強(qiáng)，則導(dǎo)熱光滑活塞C向右移動(dòng)，A室氣體體積增大，氣體對(duì)外做功，由于氣體溫度不變，氣體內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣室A內(nèi)的氣體吸熱；[2]由于A室氣體體積增大，氣體溫度不變，則氣體壓強(qiáng)減小，氣室A內(nèi)的氣體對(duì)活塞C單位面積上的壓力變小?！拘?wèn)2詳析】設(shè)大氣壓為，開(kāi)始時(shí)，打開(kāi)閥門(mén)，A室氣體等溫變化，此時(shí)設(shè)體積，根據(jù)玻意耳定律有解得【小問(wèn)3詳析】假設(shè)打開(kāi)閥門(mén)后，氣體從升到時(shí)，活塞C恰好到達(dá)容器最右端，即氣體體積變?yōu)?，壓?qiáng)仍為，即等壓變化過(guò)程，根據(jù)蓋—呂薩克定律得可得從升高到發(fā)生等容變化過(guò)程，根據(jù)查理定律可得水銀面的高度差為20.某物理研究小組同學(xué)設(shè)計(jì)的彈射裝置如圖，改變彈性勢(shì)能，可改變小物塊水平進(jìn)入圓弧軌道A點(diǎn)的速度。已知光滑的段圓弧半徑，圓心角，直軌道傾角也為段長(zhǎng)為，動(dòng)摩擦因數(shù)為。長(zhǎng)木板左端與水平平臺(tái)右端緊靠在點(diǎn)，表面相平，長(zhǎng)為，小物塊質(zhì)量，長(zhǎng)木板質(zhì)量，小物塊與長(zhǎng)木板的動(dòng)摩擦因數(shù)為，地面光滑。求：（1）當(dāng)彈射裝置釋放的彈性勢(shì)能為0.8J時(shí)，求小物塊第一次經(jīng)過(guò)圓弧面點(diǎn)時(shí)，向心加速度的大小；（2）改變彈射裝置釋放的彈性勢(shì)能，若小物塊經(jīng)過(guò)軌道后正好落在長(zhǎng)木板左端點(diǎn)，求小物塊從點(diǎn)到點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間；（3）小物塊落到長(zhǎng)木板左端點(diǎn)后，假設(shè)豎直方向速度變?yōu)榱悖椒较蛩俣炔蛔?，要使小物塊不滑離長(zhǎng)木板，求長(zhǎng)木板的最小長(zhǎng)度?！即鸢浮剑?）8m/s2（2）0.6s（3）0.5m〖解析〗【小問(wèn)1詳析】小物塊從彈離到第一次經(jīng)過(guò)圓弧面點(diǎn)過(guò)程分析有得向心加速度的大小得【小問(wèn)2詳析】從到的過(guò)程中，設(shè)上升的時(shí)間為段總時(shí)間，豎直方向位移滿足水平方向位移滿足聯(lián)立求得在斜坡上物體加速度又求得【小問(wèn)3詳析】落在木板上后，僅保留水平速度與木板共速后，不會(huì)滑離長(zhǎng)木板根據(jù)能量關(guān)系即木板最小長(zhǎng)度21.如圖所示，間距為與水平面夾角的平行金屬軌道間存在垂直軌道平面向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度為（滿足的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，平行導(dǎo)軌通過(guò)單刀雙擲開(kāi)關(guān)與一只阻值為的電阻或減速裝置相連，減速裝置由半徑為的圓環(huán)、轉(zhuǎn)軸和一根阻值為的金屬短棒焊接而成，圓環(huán)邊緣和轉(zhuǎn)軸通過(guò)電刷連入電路。圓環(huán)內(nèi)存在垂直圓環(huán)平面