福建省漳州市高三下學(xué)期第二次調(diào)研測試（3月）物理試題

漳州市2018屆高中畢業(yè)班第二次調(diào)研測試?yán)砜凭C合物流試題二、選擇題：本題共8小題．每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中．第14－18題只有一項(xiàng)符合較目要求．第19－21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.首次提出“微觀粒子的能量是量子化的”這一觀念．與下列物理常量相關(guān)的是A.引力常量GB.普朗克常量hC.靜電力常量kD.阿伏加德羅常數(shù)NA【答案】B【解析】首次提出“微觀粒子的能量是量子化的”這一觀念，與普朗克常量h相關(guān)。故B項(xiàng)正確。2.如圖，一質(zhì)量為m的木塊，用勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧連接著．彈簧的另一端固定在斜面頂端．木塊放在斜面上能處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知斜面傾角＝37°，木塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)＝0.5．彈簧在彈性限度內(nèi)，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g．sin37°＝0.6．cos37°＝0.8。則A.彈簧可能處于壓縮狀態(tài)B.彈簧的最大形變量為C.木塊受到的摩擦力可能為零D.木塊受到的摩擦力方向一定沿斜面向上【答案】C【解析】物體與斜面間的最大靜摩擦力，重力沿斜面方向的分力為，因G1>fm可知，彈力的方向不可能向下，即彈簧不可能處于壓縮狀態(tài)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；彈簧有最大形變量時(shí)滿足：，解得，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；當(dāng)G1=F彈時(shí)，木塊受到的摩擦力為零，選項(xiàng)C正確；當(dāng)G1>F彈時(shí)，木塊受到的摩擦力沿斜面向上；當(dāng)G1<F彈時(shí)，木塊受到的摩擦力沿斜面向下，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C.3.在靜電場中由靜止釋放一電子．該電子僅在電場力作用下沿直線運(yùn)動(dòng)，其加速度隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖所示。則A.該電場可能為勻強(qiáng)電場B.電子的運(yùn)動(dòng)軌跡與該電場的等勢面垂直C.電子運(yùn)功過程中途經(jīng)各點(diǎn)的電勢逐漸降低D.電子具有的電勢能逐漸增大【答案】B【解析】A：由加速度a隨時(shí)間t的圖象可知，電子的加速度變化，所受電場力變化，運(yùn)動(dòng)軌跡上各點(diǎn)的場強(qiáng)大小改變，電場不是勻強(qiáng)電場。故A項(xiàng)錯(cuò)誤。B：電子僅在電場力作用下沿直線運(yùn)動(dòng)，且運(yùn)動(dòng)過程中加速度方向不變，所受電場力方向不變，則運(yùn)動(dòng)軌跡上各點(diǎn)場強(qiáng)方向一樣且場強(qiáng)方向與軌跡同一直線，電場方向與等勢面垂直，所以電子的運(yùn)動(dòng)軌跡與該電場的等勢面垂直。故B項(xiàng)正確。CD：電子由靜止釋放做加速運(yùn)動(dòng)，電子所受電場力做正功，電子具有的電勢能減小，電子運(yùn)動(dòng)過程中途經(jīng)各點(diǎn)的電勢逐漸升高。故CD兩項(xiàng)錯(cuò)誤。4.空間存在方向垂直于紙面向里．磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，圖中的正方形bcd為其邊界。－束速率不同的帶正電粒子從左邊界d中點(diǎn)P垂直射入磁場．速度方向與d邊夾角＝30°，已知粒子質(zhì)量為m、電荷量為q．粒子間的相互作用和粒子重力不計(jì)，則A.粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的最長時(shí)間為B.從bc邊射出的粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)吋間都相等C.入射速度越大的粒子，在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長D.運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同的粒子，在磁場中的運(yùn)動(dòng)軌跡可能不同【答案】D【解析】粒子對(duì)應(yīng)的圓心角越大，在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越長，最長時(shí)間對(duì)應(yīng)的軌跡如圖所示：

從pa邊射出對(duì)應(yīng)的軌跡的圓心角最大，為300°，故最長時(shí)間為：，故A錯(cuò)誤；因粒子的質(zhì)量和電量相同，則周期相同，從bc邊射出的粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)的速度不同，做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑不同，所對(duì)的圓心角不同，則所用的時(shí)間不相等，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；若粒子從dc、bc或ab邊射出，入射速度越大的粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)弧所對(duì)的圓心角越小，則時(shí)間越短，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等的粒子,在磁場中的運(yùn)動(dòng)軌跡可能不同，例如從pa之間射出的粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間均為，但軌跡不同，選項(xiàng)D正確；故選D.點(diǎn)睛：本題考查粒子在有邊界磁場中運(yùn)動(dòng)的問題，關(guān)鍵是采用圖示法畫出臨界軌跡進(jìn)行分析，作圖是關(guān)鍵．5.2017年4月7日出現(xiàn)了“木星沖日”的天文奇觀．木星離地球最近最亮。當(dāng)?shù)厍蛭挥谔柡湍拘侵g且三者幾乎排成一條直線時(shí)，天文學(xué)稱之為“木星沖日”。木星與地球幾乎在同一平面內(nèi)沿同一方向繞太陽近似做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。不考慮木星與地球的自轉(zhuǎn)．相關(guān)數(shù)據(jù)見下表。則A.木星表面的重力加速度比地球表面的重力加速度大B.木星運(yùn)行的加速度比地球運(yùn)行的加速度大C.在木里表面附近發(fā)射飛行器的速度至少為7.9km/sD.下次“木星沖日”的時(shí)間大約在2018年8月份【答案】A【解析】根據(jù)，則，，則木星表面的重力加速度比地球表面的重力加速度大，選項(xiàng)A正確；根據(jù)，則，，則木星的加速度比地球的加速度小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)可知，，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)開普勒第三定律，地球公轉(zhuǎn)周期T1=1年，木星公轉(zhuǎn)周期T2＝T1≈11.18年。設(shè)經(jīng)時(shí)間t，再次出現(xiàn)木星沖日，則有ω1tω2t=2π，其中ω1＝，ω2＝，解得t≈1.1年，因此下一次木星沖日發(fā)生在2018年5月，故D錯(cuò)誤；故選A.點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力提供向心力這一重要理論，并能靈活運(yùn)用，以及知道相鄰的兩次行星沖日的時(shí)間中地球多轉(zhuǎn)動(dòng)一周。6.如圖，理想變壓器的原線圈與二極管一起接在u＝220sin100t（V）的交流電源上，副線圈接有R＝55Ω的電阻，原、副線圈匝數(shù)比為2：1。假設(shè)該二極管的正向電阻為零，反向電阻為無窮大，電流表為理想電表。則A.交流電源的頻率為100HzB.副線圈的輸出功率為110WC.變壓器的輸出功率等于輸入功率D.電流表的讀數(shù)為1A【答案】BC........................點(diǎn)睛：此題關(guān)鍵是首先求解經(jīng)過二極管后的交流電的有效值，然后根據(jù)變壓器電壓和匝數(shù)關(guān)系來求解次級(jí)電流和功率.7.如圖．是磁電式轉(zhuǎn)速傳感器的結(jié)構(gòu)簡圖。該裝置主要由測量齒輪、軟鐵、永久磁鐵、線圈等原件組成。測量齒輪為磁性材料．等距離地安裝在被測旋轉(zhuǎn)體的一個(gè)圓周上（圓心在旋轉(zhuǎn)體的軸線上），齒輪轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)線圈內(nèi)就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流。設(shè)感應(yīng)電流的變化頻率為f．測量齒輪的齒數(shù)為N，旋轉(zhuǎn)體轉(zhuǎn)速為n，則A.f＝nNB.f＝C.線圈中的感應(yīng)電流方向不會(huì)變化D.旋轉(zhuǎn)體轉(zhuǎn)速越高線圈中的感應(yīng)電流越強(qiáng)【答案】AD【解析】AB：旋轉(zhuǎn)體轉(zhuǎn)一圈，測量齒輪靠近和遠(yuǎn)離線圈N次，線圈中的感應(yīng)電流變化N次。旋轉(zhuǎn)體的轉(zhuǎn)速為n，感應(yīng)電流的變化頻率為f，則f=nN。故A項(xiàng)正確，B項(xiàng)錯(cuò)誤。C：測量齒輪靠近和遠(yuǎn)離線圈時(shí)，線圈中磁通量的變化相反，產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相反。故C項(xiàng)錯(cuò)誤。D：旋轉(zhuǎn)體轉(zhuǎn)速越高，測量齒輪靠近和遠(yuǎn)離線圈越快，線圈中磁通量的變化越快，線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢越大，線圈中的感應(yīng)電流越強(qiáng)。故D項(xiàng)正確。綜上答案為AD。8.如圖．重均為G的兩光滑小環(huán)A和B用輕繩連接．分別套在水平和豎直的固定直桿上。在繩上O點(diǎn)施一水平力F拉緊輕繩．設(shè)法使整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。隨后使力F緩慢增大．則在此過程中A.OA段繩中的張力始終大于G，且逐漸增大B.桿對(duì)A環(huán)的作用力始終大于2G，且逐漸增大C.OB段繩中的張力始終大于G，且逐漸增大D.OB段繩與豎直方向的夾角逐漸增大【答案】CD【解析】因小環(huán)光滑，則當(dāng)系統(tǒng)靜止時(shí)，OA段繩子垂直水平橫桿，如圖所示，對(duì)小環(huán)B以及結(jié)點(diǎn)O系統(tǒng)可知，OA段繩中的張力等于小環(huán)B的重力G，則力F緩慢增大時(shí)，OA段繩中的張力始終等于G不變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；對(duì)AB環(huán)組成的整體，豎直方向FNA=GA+GB=2G，則選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)小環(huán)B的受力情況可知，TOB>G；若設(shè)OB段繩與豎直方向的夾角為θ，則Fcosθ=TOA=G，則隨F的增大，θ變大，由TOBcosθ=G可知TOB變大，則選項(xiàng)CD正確；故選CD.點(diǎn)睛：此題關(guān)鍵是首先找到系統(tǒng)平衡時(shí)細(xì)繩OA的方向；靈活運(yùn)用整體及隔離法，對(duì)系統(tǒng)或者單個(gè)的物體受力分析，找到各個(gè)力的關(guān)系.第II卷（非選擇題共174分）三、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分。第22－32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答，第33－38題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題（共129分）9.如圖甲．利用恒速滴液瓶（每隔相同時(shí)間從玻璃管口滴下一個(gè)液滴）和頻閃光源來研究自由落體運(yùn)動(dòng)實(shí)獫時(shí)．調(diào)節(jié)頻閃光源的頻率和恒速液滴的頻率，使兩者恰好相等，屏幕上就會(huì)出現(xiàn)“液滴不動(dòng)”的影點(diǎn)，設(shè)此時(shí)頻閃光源的頻率為f。某次實(shí)驗(yàn)的影點(diǎn)位置如圖乙所示．相鄰影點(diǎn)間的距離分別為h1、h2、h3和h4。（1）圖乙中相鄰影點(diǎn)間的時(shí)間間隔為______．自上而下第二個(gè)影點(diǎn)瞬時(shí)速度的表達(dá)式為v＝_______（2）由逐差法可得液滴下落加速度的表達(dá)式為＝_________。【答案】(1).(2).(3).（2）由逐差法可得液滴下落加速度的表達(dá)式為23．10.某同學(xué)利用電流表和電壓表測定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻（約1.0Ω）（1）現(xiàn)備有下列器材：A．待測的干電池一節(jié)B．電流表（量程0～150mA．內(nèi)阻Rg＝3.0Ω）C．電壓表（量程0～3V．內(nèi)阻R約1kΩ）D．滑動(dòng)變阻器R（0～20Ω．1.0A）E．電阻箱R0（0～99.9Ω）F．開關(guān)和若干導(dǎo)線該同學(xué)發(fā)現(xiàn)上述器材中電流表的量程較?。肜矛F(xiàn)有的電流表和電阻箱改裝成一塊量程為0～0.6A的電流表．則電阻箱R0的阻值應(yīng)取_____Ω，請(qǐng)?jiān)趫D甲的虛線框內(nèi)畫出利用上述器材測量干電池電動(dòng)勢和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)電路圖_____________。（2）圖乙為該同學(xué)根據(jù)合理電路所繪出的U－I圖像（U、I分別為電壓表和電流表的示數(shù)）。根據(jù)該圖像可得被測電池的電動(dòng)勢E＝_______V．內(nèi)阻r＝_______Ω。（3）對(duì)本實(shí)驗(yàn)的理解正確的是______A．要減小實(shí)驗(yàn)誤差．可以增大電源等效內(nèi)阻B．如果縱坐標(biāo)從零開始，圖線分布空間將更大C．電壓表的分流作用導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)誤差D．由于電壓表讀數(shù)變化不大．讀數(shù)不準(zhǔn)確導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)誤差大【答案】(1).1.0(2).(3).1.48（1.46－1.49之間）(4).0.84（0.82－0.87之間）(5).AC【解析】（1）利用現(xiàn)有的電流表和電阻箱改裝成一塊量程為0～0.6A的電流表，則需要并聯(lián)的電阻箱R的阻值應(yīng)?。浑娐穲D如圖；（2）若設(shè)電流表的電流為I，則干路電流為4I，由閉合電路的歐姆定律：U=E4Ir；延長圖像與兩坐標(biāo)軸相交，由圖像可知：E=1.48V；，則r=0.83Ω.（3）要減小實(shí)驗(yàn)誤差,可以增大電源等效內(nèi)阻，這樣在變化相同電流時(shí)電壓的變化較大，選項(xiàng)A正確；如果縱坐標(biāo)從零開始,圖線分布空間將較小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；電壓表的分流作用導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)誤差，選項(xiàng)C正確；由于電壓表讀數(shù)變化不大，讀數(shù)不準(zhǔn)確導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)偶然誤差大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選AC.點(diǎn)睛：本題考查電源電動(dòng)勢和內(nèi)電阻的測量實(shí)驗(yàn)；在電學(xué)實(shí)驗(yàn)的考查中常常要使用電表的改裝，在解題時(shí)要注意分析題意，明確各電表能否正確使用，能根據(jù)改裝表的讀數(shù)找到函數(shù)關(guān)系，結(jié)合圖象得出電動(dòng)勢和內(nèi)阻．11.如圖，是游樂場的一項(xiàng)娛樂設(shè)備。一環(huán)形座艙套裝在豎直拄子上，由升降機(jī)送上幾十米的高處．然后讓座艙自由落下，落到一定位置時(shí)．制動(dòng)系統(tǒng)啟動(dòng)，到地面時(shí)剛好停下。已知座艙開始下落的高度為H＝75m，當(dāng)落到離地面h＝30m的位置時(shí)開始制動(dòng)，座艙均勻減速。在一次娛樂中．某同學(xué)把質(zhì)量＝6kg的書包放在自己的腿上。g取10m/s2．不計(jì)座艙與柱子間的摩擦力及空氣阻力。（1）求座艙制動(dòng)過程中書包對(duì)該冋學(xué)腿部的壓力多大；（2）若環(huán)形座艙與同學(xué)們的總質(zhì)量M＝4×103kg，求制動(dòng)過程中機(jī)器輸出的平均功率。【答案】150N1.5×l06W【解析】（1）設(shè)座艙開始制動(dòng)時(shí)的速度為v，制動(dòng)過程中的加速度大小為a,書包受到腿的支持力為N，由運(yùn)動(dòng)公式可得：v2=2g(Hh)v2=2ah根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)書包：Nmg=ma解得N=150N根據(jù)牛頓第三定律有該同學(xué)腿部受到的壓力為150N.（2）設(shè)制動(dòng)過程中座艙所受的制動(dòng)力為F，經(jīng)歷的時(shí)間為t，由運(yùn)動(dòng)公式：h=vtat2；根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)座艙：FMg=Ma座艙克服制動(dòng)力做功：W=Fh機(jī)械輸出的平均功率：聯(lián)立帶入數(shù)據(jù)可得：P=1.5×106W12.如圖甲所示，一光滑絕緣的水平軌道固定在離地某一足夠高度處，整個(gè)空間存在著水平向右的勻強(qiáng)電場。一質(zhì)量為2m．不帶電的彈性小球A以速度v0沿水平軌道向右運(yùn)動(dòng)。軌進(jìn)邊緣處鎖定一大小與A相同．質(zhì)量為m、電荷量為－q的彈性小球B。兩球碰前瞬間解除對(duì)小球B的鎖定．己知該電場的場強(qiáng)為E＝，重力加速度為g，兩球碰撞過程中電荷不犮生轉(zhuǎn)移，空氣阻力不計(jì)。（1）求小球A、B第一次碰后瞬間的速度分別為v1和v2多大；（2）求兩球在下落過程中．第二次碰撞前的最大水平距離x；（3）若在兩球第一次碰后瞬間，迅速撤去電場并同時(shí)在整個(gè)空間加一磁惑應(yīng)強(qiáng)度大小為B＝、方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)進(jìn)場．請(qǐng)?jiān)趫D乙中定性畫出小球B此后的運(yùn)動(dòng)軌跡?！敬鸢浮浚?），；（2）；(3)【解析】（1）兩球發(fā)生彈性碰撞，根據(jù)動(dòng)量守恒和能量守恒：2mv0=2mv1+mv2?2mv02=?2mv12+?mv22聯(lián)立帶入數(shù)據(jù)可得：v1=v0v2=v0（2）A球不帶電，所以碰后做平拋運(yùn)動(dòng)；B球在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，在水平方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)（類豎直上拋運(yùn)動(dòng)），所以兩球在豎直方向運(yùn)動(dòng)情況相同，始終保持在同一高度；設(shè)AB在時(shí)間t內(nèi)水平方向的位移分別為xA和xB，小球B的加速度大小為aBx，則：xA=v1txB=v2taBx對(duì)B球在水平方向由牛頓第二定律可得：qE=maBx當(dāng)小球B的水平分速度減小到與A的水平分速度相等時(shí)，即v0/3時(shí)，兩者相距最遠(yuǎn).對(duì)B球有：解得則（3）此時(shí)小球B除了受重力外，還受到豎直向下的洛倫茲力，大小為小球B此后的運(yùn)動(dòng)可以拆分為兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)：一個(gè)是水平向右，速度大小為的勻速直線運(yùn)動(dòng)（對(duì)應(yīng)的洛倫茲力和重力相平衡）；另一個(gè)是在豎直平面內(nèi)的速度大小為。沿逆時(shí)針方向的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其軌跡示意圖如圖所示：（二）選考題：共45分。請(qǐng)考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答。如果多做，則每學(xué)科按所做的第一題計(jì)分。33．[物理—選修3－3]13.（1）關(guān)于分子動(dòng)理論和熱力學(xué)定律，下列說法正確的是____。A．物體吸收熱量時(shí)內(nèi)能就會(huì)增加B．內(nèi)能不同的物體．其分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能可能相同C．氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能減小，其壓強(qiáng)不一定減小D．分子間的相互作用力隨分子間距離的減小而增大E．兩鉛柱壓緊后懸掛起來而不脫落，主要是由于分子引力的作用【答案】BCE【解析】A：如果物體在吸收熱量的同時(shí)對(duì)外做功，物體的內(nèi)能有可能減小。故A項(xiàng)錯(cuò)誤。B：內(nèi)能通常指熱力學(xué)系統(tǒng)構(gòu)成物體的所有分子，其熱運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能和分子勢能的總和。內(nèi)能不同的物體，溫度可能相同，其分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能可能相同。故B項(xiàng)正確。C：氣體壓強(qiáng)產(chǎn)生的原因是大量氣體分子對(duì)容器壁的持續(xù)的、無規(guī)則撞擊產(chǎn)生的。氣體壓強(qiáng)由氣體分子的數(shù)密度和平均動(dòng)能決定。則氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能減小，其壓強(qiáng)不一定減小。故C項(xiàng)正確。D：在分子間表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子間的相互作用力隨分子間距離的減小而增大；在分子間表現(xiàn)為引力時(shí)，分子間的相互作用力隨分子間距離的減小可能增大可能減小。故D項(xiàng)錯(cuò)誤。E：兩鉛柱壓緊后懸掛起來而不脫落，主要是由于分子引力的作用。故E項(xiàng)正確。綜上答案為BCE。14.（2）如圖．一粗細(xì)均勻的細(xì)長玻璃管，上端開口、下端封閉，上部有高h(yuǎn)1＝44cm的水銀柱A，水銀面恰好與管口平齊，中部封有長l＝6.0cm的理想氣體．下部有高h(yuǎn)2＝60cm的水銀柱B。現(xiàn)使玻璃管繞底端在豎直平面內(nèi)緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)到開口豎直向下的位置。已知大氣壓強(qiáng)為P0＝76cmHg，轉(zhuǎn)動(dòng)過程中無漏氣現(xiàn)象，求最終（i）水銀柱A的長度多大；（ii）玻璃管中空氣柱的長度。【答案】16cm12cm【解析】（1）玻璃管轉(zhuǎn)到水平位置的過程中，由于管中氣體的壓強(qiáng)逐漸減小，根據(jù)波義耳定律可得，氣體的體積逐漸增大，則開口端的水銀必然會(huì)有一部分流出管口；玻璃管開口豎直向下時(shí)，封閉端會(huì)有部分真空，以水銀柱AB及空氣柱為研究對(duì)象，管內(nèi)的水銀柱總長度因?yàn)?6cm故水銀柱A的長度變?yōu)?6cm60cm=16cm（2）玻璃管開口向上時(shí)，空氣柱的壓強(qiáng)為p1=p0+ph1=120cmHg玻璃管開口向下時(shí)，空氣柱的壓強(qiáng)為p2=ph2=60cmHg設(shè)玻璃管的橫截面積為S，此時(shí)空氣柱的長度為l′，由玻意耳定律：聯(lián)立帶入數(shù)據(jù)可知：l′=12cm34．[物理—選修3－4]15.（1）周期為4.0S的簡諧橫波沿x軸傳播．該波在某時(shí)刻的圖像如圖所示，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)P沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)。下列說法正確的是_____。（填正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分。每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分）A．該波沿x軸正方向傳播B．該波的波速為v＝10m/sC．質(zhì)點(diǎn)P此刻的速度為v＝5m/sD．當(dāng)波源向著觀測者運(yùn)動(dòng)時(shí)，觀測者接受到該波的頻率將大于波源的實(shí)際頻率E．當(dāng)遇到直徑為30m的圓形障礙物時(shí)，該波能夠發(fā)生較明顯的衍射現(xiàn)象【答案】ADE【解析】此時(shí)質(zhì)點(diǎn)P沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，可知該波沿x軸正方向傳播，選項(xiàng)A正確；由波形圖可知λ=20m，則，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；波的傳播速度和質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)速度是不同的物理量，大小不一定相等，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)多普勒效應(yīng)可知，當(dāng)波源向著觀測者運(yùn)動(dòng)時(shí)，觀測者接受到該波的頻率將大于波源的實(shí)際頻率，選項(xiàng)D正確；該波的波長為20m，則當(dāng)波遇到直徑為20m的圓形障礙物時(shí)，該波能夠發(fā)生較明顯的衍射現(xiàn)象，選項(xiàng)E正確；故選ADE.16.（2）如圖．是一個(gè)用折射率為n的透明介質(zhì)做成的三棱鏡的截面示意圖．其中∠A＝90°，∠B＝∠C＝45°?！?xì)光束從D點(diǎn)垂直入射到BC面上，已知BD：DC＝1：3。（i）若該細(xì)光束在AB面和AC面外側(cè)均無出射光，求n的取值范圍；（ii）若n取（i）問中的最小值，不計(jì)入射光在鏡內(nèi)經(jīng)過三次或三次以上的反射光線。使該細(xì)光束繞D點(diǎn)順時(shí)針轉(zhuǎn)過＝30°入射，如圖中虛線所示，請(qǐng)分析說明該細(xì)光束在從AB面和AC面外側(cè)是否有出射光。【答案】AB面外側(cè)無出射光，AC面外側(cè)有出射光【解析】本題考查全反射及反射、折射相關(guān)問題。（i）因AB、AC面外側(cè)均無出射光，則光路如圖甲所示。設(shè)臨界角為α，由折射定律得：為確保全反射，則必須α≤45°，可得：（ii）光路如圖乙所示。由于，則臨界角為α0=45°由幾何關(guān)系可得：，故AB面外側(cè)無出射光。同理可得：，故AC面外側(cè)有出射光。漳州市2018屆高中畢業(yè)班第二次調(diào)研測試物理參考答案及評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)題號(hào)1415161718192021答案BCBDABCADCD22．（5分）（1）（l分），（2分）（2）（2分）23．（10分）（1）1.0；（2分）電路如圖所示（2分）（2）1.48（1.46－1.49之間）；（1分）0.84（0.82－0.87之間）（2分）（3）AC（選對(duì)一個(gè)得2分）（3分）24．（12分）解：（1）設(shè)座艙開始制動(dòng)時(shí)的速度為v，制動(dòng)過程加速度大小為．書包受到腿的支持力為N，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得①（1分）②（1分）根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)書包有N－mg＝m③（2分）根據(jù)牛頓第三定律有：該同學(xué)腿部受到的壓力N＇＝N④（1分）聯(lián)立以上各式并代入數(shù)據(jù)可得N＇＝150N⑤（1分）（2）設(shè)制動(dòng)過程中座艙所受的制動(dòng)力為F．經(jīng)歷的時(shí)間為t，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：⑥（2分）根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)座艙有F－Mg＝M⑦（1分）座艙克服制動(dòng)力做功W＝Fh⑧（1分）機(jī)器輸出的平均功率⑨（1分）聯(lián)立以上各式并代人數(shù)據(jù)可得P＝1.5×l06W⑩（1分）25．（20分）解：（1）兩球發(fā)生彈性碰撞，根據(jù)動(dòng)量守恒與能量守恒定律有：2mv0＝2mv1＋mv2①（2分）②（2分）聯(lián)立①②并代入數(shù)據(jù)可得，（2分）（2）A球不帶電，所以碰后做平拋運(yùn)動(dòng)；B球在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，在水平方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)（類豎直上拋運(yùn)動(dòng)），所以兩球在豎直方向運(yùn)動(dòng)情況相同，始終保持在同一高度。設(shè)A、B在時(shí)間t內(nèi)水平方向的位移分別為xA和x