（詳解詳析）江西省2023年初中學(xué)業(yè)水平考試·物理試卷

物理試卷第頁（共頁）江西省2023年初中學(xué)業(yè)水平考試·物理試卷詳解詳析一、填空題(本大題共8小題，每空1分，共16分)1.直線傳播豎直向下【解析】日影是太陽光在表后形成的陰影區(qū)域，是由光的直線傳播形成的；使用鉛垂線能確?！氨怼贝怪庇谒椒胖玫摹肮纭崩昧酥亓Φ姆较蚴秦Q直向下的．2.空氣擴(kuò)散【解析】人們聽到“鳥語”的過程是小鳥的叫聲通過空氣傳入人耳的；聞到“花香”是花香分子運(yùn)動(dòng)到人的嗅覺系統(tǒng)中，這屬于擴(kuò)散現(xiàn)象．3.

虛像不變【解析】根據(jù)平面鏡成像特點(diǎn)可知該同學(xué)在儀容鏡中所成的像是虛像；平面鏡所成像的大小與鏡子大小無關(guān)，因此與他在小平面鏡中所成的像相比，像的大小不變．4.電磁感應(yīng)電【解析】用力轉(zhuǎn)動(dòng)風(fēng)扇葉子，電流計(jì)的指針偏轉(zhuǎn)，說明產(chǎn)生了感應(yīng)電流，這是電磁感應(yīng)現(xiàn)象；該過程將風(fēng)扇葉子的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能．5.

運(yùn)動(dòng)減小【解析】無人機(jī)勻速下降時(shí)，相對(duì)于地面的位置發(fā)生了變化，因此無人機(jī)相對(duì)于地面是運(yùn)動(dòng)的；無人機(jī)勻速下降時(shí)，質(zhì)量不變，速度不變，高度減小，則無人機(jī)的動(dòng)能不變、重力勢(shì)能減小，機(jī)械能減?。?.

慣性平衡力【解析】硬幣能隨動(dòng)車以相同的速度向前勻速行駛，是由于硬幣自身具有保持原來運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的性質(zhì)，即慣性；硬幣“紋絲不動(dòng)”說明硬幣處于平衡狀態(tài)，在豎直方向受到重力和支持力作用，兩個(gè)力大小相等、方向相反，作用在同一物體上，且在同一條直線上是一對(duì)平衡力．7.串額定電壓不同【解析】?jī)蓚€(gè)燈泡的額定電壓不同，額定電流相同，根據(jù)串聯(lián)電路的電流和電壓規(guī)律，只有將兩燈串聯(lián)接入電路才能保證兩燈均正常發(fā)光．8.杠桿增大【解析】由圖可知，水窗的上端固定

，當(dāng)水窗右側(cè)水位較低時(shí)，左側(cè)池塘內(nèi)水通過福壽溝將水窗沖開流入江中，因此水窗可看作一個(gè)以固定點(diǎn)為支點(diǎn)的杠桿；當(dāng)江水水位高于水窗位置時(shí)，隨著水位的上升，水窗所處水中的深度增大，由p＝ρ水gh可知，水窗受到江水的壓強(qiáng)增大．二、選擇題(本大題共6小題，共14分)第9～12小題，每小題只有一個(gè)選項(xiàng)是最符合題目要求的，每小題2分；第13、14小題為多項(xiàng)選擇，每小題至少有兩個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的，每小題3分，全部選擇正確得3分9.B【解析】中學(xué)生跑完50m大約需要8s，所以速度約為6m/s，A不合理；跑完50m后人體的溫度會(huì)略微升高，36.9℃符合實(shí)際，B合理；考試用的跳繩長(zhǎng)度一般要大于2m，C不合理；考試用跳繩的質(zhì)量一般小于1kg，D不合理．故選B.10.D【解析】由圖可知光屏上恰好得到了燭焰清晰的像，此時(shí)物距大于像距，凸透鏡成倒立、縮小的實(shí)像，A、B錯(cuò)誤；投影儀成的是倒立、放大的像，沒有應(yīng)用此原理，C錯(cuò)誤；撤去光屏，雖然沒有了光屏的承接，但是像仍在原處，D正確．故選D.11.C【解析】高速磁懸浮列車是通過同名磁極相互排斥或者異名磁極相互吸引來減小阻力，A正確；C919客機(jī)飛行是利用機(jī)翼上方的空氣流速大、壓強(qiáng)小升空的，B正確；“華龍一號(hào)”核電機(jī)組利用的是核裂變將核能轉(zhuǎn)化為電能，C錯(cuò)誤；天舟六號(hào)貨運(yùn)飛船是利用電磁波傳遞信息的，D正確．故選C.12.

D【解析】由電路圖可知，定值電阻R2和滑動(dòng)變阻器R1串聯(lián)接入電路，電流表測(cè)電路電流，電壓表測(cè)滑動(dòng)變阻器R1兩端電壓，電壓表測(cè)電源電壓．當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向右移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值變小，電路總電阻變小，電源電壓不變，即示數(shù)不變，由I＝UR可得，電路電流變大，即電流表示數(shù)變大；由串聯(lián)分壓原理可知，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值變小，則其兩端分得的電壓變小，即電壓表示數(shù)變小，和的示數(shù)之和變小，故A、B、C錯(cuò)誤；電壓表的示數(shù)與電流表的示數(shù)之比等于滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值和R2的阻值之和，即電路中的總電阻，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值變小，總電阻變小，因此電壓表與電流表的示數(shù)之比變小，D正確．故選D.13.AB【解析】手上涂抹的酒精消失說明酒精發(fā)生了蒸發(fā)現(xiàn)象，可以得出A選項(xiàng)結(jié)論；酒精消失后手感到?jīng)鰶龅?，說明酒精蒸發(fā)的過程中會(huì)吸熱，可以得出B選項(xiàng)結(jié)論；題目中沒有關(guān)于酒精溫度和表面空氣流動(dòng)速度的相關(guān)內(nèi)容，無法得出CD選項(xiàng)的結(jié)論．故選AB.

14.AC【解析】從水中看岸上物體時(shí)，岸上物體發(fā)出或反射的光射入水中進(jìn)入人眼，光斜射入水中時(shí)會(huì)發(fā)生折射，折射角小于入射角，A正確；物體對(duì)斜面的壓力，作用點(diǎn)在物體與斜面的接觸面上，且垂直于斜面向下，B錯(cuò)誤；磁體外部的磁感線都是從磁體的N極出發(fā)回到S極，同名磁極相互排斥，C正確；家庭電路連接時(shí)開關(guān)應(yīng)與火線相連接，這樣才能使開關(guān)斷開時(shí)燈泡不會(huì)帶電，D錯(cuò)誤．故選AC.三、計(jì)算題(本大題共3小題，第15小題6分，第16、17小題各8分，共22分)15.(1)閉合開關(guān)后燈L1正常發(fā)光，由P＝U2R可得，燈L1的電阻為R1=U12P(2)由題可知兩個(gè)燈并聯(lián)在電路中，電流表測(cè)干路電流．閉合開關(guān)后兩燈均正常發(fā)光，則通過L1的電流為I1＝P1U1＝

通過L2的電流為I2＝P2U2＝

則電流表的示數(shù)為I總＝I1＋I(xiàn)2＝1A＋2A＝3A(3)兩個(gè)燈泡均正常發(fā)光，電路消耗的總功率等于各用電器消耗的功率之和，所以電路消耗的總功率為P總＝P1＋P2＝3W＋6W＝9W16.(1)由G＝mg可得，箱子受到的重力G箱子＝mg＝20kg×10N/kg＝200N(2)將箱子沿著斜面推上車廂過程中所做的總功

W總＝F推s＝100N×3m＝300J

所做的有用功W有用＝G箱子h＝200N×1.2m＝240J

由W總＝W額外＋W有用可得，W額外＝W總－W有用＝300J－240J＝60J

由W＝Fs得，箱子受到的摩擦力f＝W額外s＝(3)斜面的機(jī)械效率η＝W有用W總×100%＝(4)①減小摩擦力②減小坡度．17.(1)由題可知，壺中裝滿水時(shí)，水的體積V＝2L＝2×10－3m3

由ρ＝mV可得，壺中水的質(zhì)量m水＝ρ水V＝1.0×103kg/m3×2×10－3m3＝(2)由題可知壺的質(zhì)量m壺＝500g＝0.5kg

壺和水的總質(zhì)量m總＝m壺＋m水＝0.5kg＋2kg＝2.5kg

則水壺中裝滿水時(shí)，壺對(duì)電磁爐的壓力大小等于壺和水的總重力，即

F＝G總＝m總g＝2.5kg×10N/kg＝25N

壺對(duì)電磁爐的壓強(qiáng)p＝FS＝25N100×(3)一個(gè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓下，水剛好燒開時(shí)的溫度為100℃，該過程水吸收的熱量

Q吸＝c水m水Δt＝4.2×103J/(kg·℃)×2kg×(100℃－25℃)＝6.3×105J(4)由η＝Q吸W×100%，則該過程中電磁爐消耗的電能W＝Q吸η＝6.3

由P＝Wt可得，水剛好燒開所需的時(shí)間t＝WP＝7.5四、實(shí)驗(yàn)與探究題(本大題共4小題，每小題7分，共28分)18.（1）0.5cm（2）122（3）零刻度線處右右指針【解析】（1）圖1中的最大刻度為98，由于是出黑板報(bào)時(shí)使用的直尺，可推斷該直尺的單位為cm，每相鄰1cm中間有兩小格，因此該直尺的分度值為0.5cm；（2）圖2中小表盤的單位是min，指針指到1后多一點(diǎn)，小表盤示數(shù)為1min，大表盤的刻度為0～60，單位為s，指針對(duì)準(zhǔn)20后第2格，大表盤示數(shù)為22s，所以該同學(xué)的成績(jī)是1min22s；（3）在調(diào)節(jié)天平橫梁平衡時(shí)，應(yīng)先將游碼置于零刻度線處，圖3中明顯左低右高，所以游碼調(diào)零后，應(yīng)將右側(cè)的平衡螺母向右調(diào)節(jié)，使表盤指針指在分度盤的中央紅線處，此時(shí)天平橫梁水平平衡．19.【實(shí)驗(yàn)原理】R＝UI【實(shí)驗(yàn)步驟】(1)沒有將滑動(dòng)變阻器的滑片移到阻值最大端(2)滑動(dòng)變阻器斷路(3)0.269.6【拓展】錯(cuò)誤

燈絲電阻隨溫度的變化而變化【解析】【實(shí)驗(yàn)原理】測(cè)量小燈泡電阻實(shí)驗(yàn)是通過測(cè)量小燈泡兩端電壓和通過小燈泡的電流來計(jì)算小燈泡的電阻，實(shí)驗(yàn)原理為R＝UI；【實(shí)驗(yàn)步驟】(1)由題圖甲可知，滑動(dòng)變阻器的滑片未移到阻值最大端，直接閉合開關(guān)會(huì)導(dǎo)致電路電流過大，可能損壞電路元件；(2)電流表和電壓表均無示數(shù)，說明電路中可能存在斷路，將電壓表接在C接線柱上的導(dǎo)線改接到B接線柱上時(shí)，此時(shí)電壓表測(cè)滑動(dòng)變阻器和燈泡兩端的總電壓，電壓表指針有明顯偏轉(zhuǎn)而電流表仍無示數(shù)，說明電壓表與電源之間是連通的，則電路的故障可能是滑動(dòng)變阻器斷路；(3)實(shí)驗(yàn)中電壓表測(cè)小燈泡兩端電壓，電流表測(cè)通過小燈泡的電流，圖乙中電流表所選量程為0～0.6A，分度值為0.02A，指針指在0.2A后第三小格，則電流表示數(shù)為0.2A＋0.02A×3＝0.26A；由歐姆定律可得小燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻為R＝UI＝2.5V0.26A≈9.6Ω；【拓展】由于小燈泡燈絲電阻會(huì)隨著溫度變化而變化，因此小燈泡在不同電壓下的電阻不同，求不同電壓下燈泡電阻的平均值不能作為小燈泡正常發(fā)20.【證據(jù)】①4.0【解釋】(1)2.0(2)無關(guān)【交流】(1)控制變量法(2)不變深度(3)能【解析】【證據(jù)】由圖a可知，橡皮泥的重力與彈簧測(cè)力計(jì)的拉力為一對(duì)平衡力，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)等于橡皮泥的重力，即4N；【解釋】(1)圖b中彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)為2N，橡皮泥在重力、拉力和浮力的作用下處于平衡狀態(tài)，則橡皮泥受到的浮力大小等于重力減去拉力，即4N－2N＝2N；(2)由圖a、b、c、d可知，完全浸在水中，橡皮泥形狀不同，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)相同，因此可知浮力的大小與物體的形狀無關(guān)；【交流】(1)物理學(xué)中，對(duì)于多因素(多自變量)的問題，常常采用控制因素(變量)的方法，把多因素的問題變成多個(gè)單因素的問題，而只改變其中的某一個(gè)因素，從而研究這個(gè)因素對(duì)事物的影響，這種方法稱為控制變量法；(2)由圖d、e可得，橡皮泥所處的深度不同，但彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)相同，說明橡皮泥受到的浮力大小不變，所以橡皮泥所受浮力大小與深度無關(guān)；(3)若通過橡皮筋代替彈簧測(cè)力計(jì)，通過測(cè)量橡皮筋受力時(shí)的伸長(zhǎng)量來反映橡皮泥受到的拉力，且在橡皮筋的彈性限度內(nèi)，其伸長(zhǎng)量與其受到的拉力成正比，因此使用橡皮筋和刻度尺能完成本實(shí)驗(yàn)的探究．21.【問題】瓶中水的多少【證據(jù)】環(huán)境溫度【解釋】(1)水降低的溫度(2)好【交流】(1)實(shí)驗(yàn)次數(shù)太少，不能得出普遍規(guī)律(2)熱傳遞(3)D【解析】【解析】【問題】裝水較多時(shí)保溫效果較好，裝水較少時(shí)保溫效果較差，可能影響保溫效果的是瓶中水的的多少；【證據(jù)】乙組方案中將五個(gè)裝水量不同的保溫瓶分5天分別進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，由于每天的環(huán)境溫度和其他條件不一定完全相同，可能會(huì)對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果產(chǎn)生影響，不符合控制變量法的要求；【解釋】(1)本實(shí)驗(yàn)中各個(gè)保溫瓶中使用的水的體積不同，水的初溫相同和其他條件相同，最終保溫瓶?jī)?nèi)的末溫不同，可得水降低的溫度也不相同，是通過相同時(shí)間內(nèi)水降低的溫度來反應(yīng)保溫瓶的保溫效果，這種研究方法稱為轉(zhuǎn)換法；(2)由表格數(shù)據(jù)可得，水量少于1.9L時(shí)，水量越多，水降低的溫度越小，即其保溫效果越好；【交流】(1)由表格數(shù)據(jù)可知，水量在1.6L到1.9L之間時(shí)，由4組數(shù)據(jù)可得：水降低的溫度隨水量的增多而減小，而1.9L到2.0L之間時(shí)，僅能由2組數(shù)據(jù)得出水降低的溫