2024屆高考物理挑戰(zhàn)模擬卷 【新課標(biāo)卷】(含答案)

2024屆高考物理挑戰(zhàn)模擬卷【新課標(biāo)卷】

學(xué)校：___________姓名：班級(jí)：___________考號(hào)：

一、單選題

1.農(nóng)業(yè)研究過(guò)程中經(jīng)常利用:;P來(lái)研究作物對(duì)磷肥的吸收情況，從而改進(jìn)施肥方法。

一般制備過(guò)程是將含?:;P靶材料置于核反應(yīng)堆中輻照來(lái)產(chǎn)生：;P,反應(yīng)產(chǎn)生的：;P混于

大量的穩(wěn)定的:;P中，己知說(shuō):;P的半衰期約為14天，衰變方程為

1P—qS+X+l/llMeV,光速c=3.0xl()8m/s,lMeV=1.6x10*j,下列說(shuō)法正確的

是()

A.：；P的衰變?yōu)閍衰變

B.：；S的比結(jié)合能比:;P的比結(jié)合能大0.0535MeV

c.經(jīng)過(guò)一星期后:;P的質(zhì)量變?yōu)樵瓉?lái)的3

4

D.在一次衰變過(guò)程中質(zhì)量虧損約為3x10-22kg

2.在x軸上有一波源，沿不軸正、反向以相同速度傳播，波源處振動(dòng)圖像如圖甲所

小，A、4為x軸上兩質(zhì)點(diǎn)，如圖乙所不，從波源起振開(kāi)始計(jì)時(shí)，A、區(qū)起振后，A、B

A.A、3兩質(zhì)點(diǎn)起振方向均沿)，軸負(fù)方向

B.A質(zhì)點(diǎn)起振6s時(shí)，B質(zhì)點(diǎn)的動(dòng)能可能為0

C.波源與4區(qū)兩質(zhì)點(diǎn)距凄之差為波長(zhǎng)的一半

D.根據(jù)題目條件可以求出該機(jī)械波的波速

3.北斗實(shí)景地圖是一款由北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)提供的全球?qū)崟r(shí)地圖，采用高清衛(wèi)星影像

和地面實(shí)景融合技術(shù)，為全用戶提供精準(zhǔn)的導(dǎo)航和位置服務(wù)。已知北斗衛(wèi)星系統(tǒng)中的

一顆北斗衛(wèi)星相對(duì)地球靜止，地球的半徑R=6400km,地球的自轉(zhuǎn)周期7=24h,地

球表面重力加速度g取9.8m/s2,電磁波的傳播速度c=3xl(Tkm/s,忽略地球自轉(zhuǎn)的

影響，下列說(shuō)法正確的是()

A.實(shí)時(shí)導(dǎo)航時(shí)地面與地球同步導(dǎo)航衛(wèi)星傳輸信息的最短時(shí)間約為0.12s

B.實(shí)時(shí)導(dǎo)航時(shí)地面與地球同步導(dǎo)航衛(wèi)星傳輸信息的最短時(shí)間約為0.24s

C.地球同步導(dǎo)航衛(wèi)星的運(yùn)行速度大于近地衛(wèi)星的運(yùn)行速度

D.地球同步導(dǎo)航衛(wèi)星的運(yùn)行周期等于近地衛(wèi)星的運(yùn)行周期

4.隨著綜合國(guó)力與工業(yè)實(shí)力的不斷提升，中國(guó)研發(fā)出多項(xiàng)獨(dú)有的先進(jìn)技術(shù)，其中特高

壓輸電技術(shù)使得中國(guó)標(biāo)準(zhǔn)成為國(guó)際標(biāo)準(zhǔn)。特高壓輸電是指電壓高達(dá)1000千伏及以上等

級(jí)的輸電技術(shù)。某電廠對(duì)用戶進(jìn)行供電的原理如圖所示。發(fā)電機(jī)的輸出電壓

4=300V,輸電線的總電阻/*=50。，為了減小輸電線路上的損耗，需要采用高壓輸

電。變壓器視為理想變壓器，其中升壓變壓器的匝數(shù)比4：〃2=i：iooo用戶獲得的電壓

C/4=220VO若在某一段時(shí)間內(nèi)，發(fā)電廠的輸出功率恒為q=9.0xl()6w,則下列說(shuō)法

B.降壓變壓器的匝數(shù)比々:4=14925:11

C.輸電線上損失的功率為9x104W

D.若改用1000千伏超高壓輸電，則輸電線路上可減少損失的電功率為4050W

5.如圖所示，半球形玻璃磚的球面涂有一層不透光物質(zhì)，。為半球的球心，M、N為

過(guò)。點(diǎn)的某條直徑的兩端點(diǎn)。單色光小〃在MN與垂直于截面的法線確定的平面內(nèi)以

相同的入射角9=60。從朋點(diǎn)射入玻璃磚中，已知玻漓穢對(duì)小〃兩種單色光的折射率

3

A.-B.lC.-D.2

22

二、多選題

6.帶電小球4B、。、力質(zhì)量均為相，其中小球4、B、C帶同種電荷，電荷量大小均

為伙當(dāng)空間存在豎直向上的垂直于小球AB、。所在平面的勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)，四個(gè)小球

恰好位于四面體的四個(gè)頂點(diǎn)且處于靜止?fàn)顟B(tài)，如圖所示，小球4氏C的連線構(gòu)成一

邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的等邊三角形，小球O與小球A、B、C的連線長(zhǎng)均為已知帶電小球

4B、C.的半徑均遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于邊長(zhǎng)3重力加速度為g,則下列說(shuō)法正確的是（）

A.小球A、B、。均帶負(fù)電，小球。帶正電

B.小球D的電荷量大小為與q

C.勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小迎空

37g

D.靜電力常量為生叵婆

37

7.如圖，中國(guó)古典文化中的太極圖是由兩個(gè)完全相同的陰陽(yáng)兩部分構(gòu)成的，陰陽(yáng)對(duì)立

而又統(tǒng)一，相應(yīng)而又合抱，相反而又相成，生動(dòng)形象地揭示了宇宙萬(wàn)象在對(duì)立統(tǒng)一法

則下的和諧。太極圖中黑色陰影部分為陰，白色部分為陽(yáng)，。為外大圓的圓心，。|為

上側(cè)小陰圓和上側(cè)的陽(yáng)半圓的圓心，Q為下側(cè)小陽(yáng)圓和下側(cè)的陰半圓的圓心，03和

O23分別為上側(cè)陽(yáng)半圓和下側(cè)陰半圓的半徑，且。①與O*平行，CQ為外大國(guó)的直

徑，CZ）與RO2連線垂直，電荷量均為+q①〉0）的兩個(gè)正點(diǎn)電荷分別固定在0「Q兩

點(diǎn)，不計(jì)質(zhì)子和電子的重力，質(zhì)子和電子僅受靜電力作用，下列說(shuō)法正確的是（）

卡口上插有寬為d的擋光片，細(xì)線連接A后，平行于長(zhǎng)木板繞過(guò)光滑的定滑輪、動(dòng)滑

輪后與固定在鐵架臺(tái)（圖中沒(méi)有畫(huà)出）上的拉力傳感器相連。實(shí)驗(yàn)操作步驟如下：

①如圖甲所示安裝好實(shí)驗(yàn)器材；

②將物塊A靜置于長(zhǎng)木板B上的。點(diǎn)，測(cè)出O到光電門(mén)之間的距離與；

③在動(dòng)滑輪下懸掛一定質(zhì)量的鉤碼，釋放物塊4

④讀取擋光片經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的擋光時(shí)間加。與拉力傳感器的示數(shù)”；

⑤再次將物塊4靜置于O點(diǎn)，在動(dòng)滑輪下增加鉤碼的質(zhì)量，釋放物塊4讀取擋光片

的擋光時(shí)間與拉力傳感器的示數(shù)片；

⑥重復(fù)操作⑤，得到多組擋光片擋光時(shí)間。與拉力傳感器的示數(shù)歹的數(shù)值。

（1）步驟④中，鉤碼的加速度"=（用題中已知物理量的符號(hào)表示）。

（2）小組成員根據(jù)步驟⑥中的數(shù)據(jù)，以」方為縱坐標(biāo)，以“為橫坐標(biāo)，作出

（A02

—圖像如圖乙所示，則物塊A與長(zhǎng)木板片之間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=，物塊

A與A上的擋光片的總質(zhì)量M=。（均用題中已知物理量的符號(hào)表示，己知重

力加速度為g,圖中。、。均為已知量）

10.某實(shí)驗(yàn)小組通過(guò)查詢資料發(fā)現(xiàn)太陽(yáng)能電池的電阻不會(huì)受到太陽(yáng)能電池電壓和功率

的影響，該實(shí)驗(yàn)小組通過(guò)如圖甲所示電路圖測(cè)量太陽(yáng)能電池的內(nèi)阻。

（1）該實(shí)驗(yàn)小組將一個(gè)電量耗盡的太陽(yáng)能電池與一個(gè)（0.6A5Q）的電流表和一個(gè)

（3V1000Q）的電壓表，按如圖甲所示電路圖連接起來(lái)，在太陽(yáng)光照射下每隔一段

時(shí)間分別閉合&、S2,并快速記錄對(duì)應(yīng)的電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)/,某次測(cè)量時(shí)電

流表和電壓表的示數(shù)如圖乙所示，則此時(shí)電流表示數(shù)為，電壓表示數(shù)為

（2）經(jīng)過(guò)多次測(cè)量，作出U-/圖像，計(jì)算得圖像中圖線的斜率大小Z=5.8,在考慮

電表內(nèi)阻的情況下，太陽(yáng)能電池內(nèi)阻R=o（保留2位小數(shù)）

（3）若實(shí)驗(yàn)中總是先讀取電壓表示數(shù)，記錄完停留一段時(shí)間再讀電流表示數(shù)，已知太

陽(yáng)能電池充電時(shí)間越長(zhǎng)，電流越大，則會(huì)導(dǎo)致太陽(yáng)能電池內(nèi)阻測(cè)量值______（填“偏

大”“偏小”或“無(wú)誤差”）。

四、計(jì)算題

11.粗糙絕緣的斜面體高h(yuǎn)=0.3m,傾角a=37。，處在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)

強(qiáng)度大小E=6xl（）5N/C,一質(zhì)量機(jī)=4.0g的絕緣物塊電荷量夕=5x10'C,從斜面的

底端以平行斜面的初速度％=715元m/s滑上斜面體，從斜面的頂端離開(kāi)斜面。物塊

與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=。5,重力加速度g取10m數(shù)2,sm37=0.6,cos37=0.8。

（1）求物塊離開(kāi)斜面體時(shí)的速度大小。

（2）物塊離開(kāi)斜面體時(shí)撤去電場(chǎng)，經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間物塊的速度最小，最小速度為多少？

12.如圖為可連發(fā)的玩具氣槍，其原理是利用壓縮空氣將橡皮彈丸彈射出去。氣槍構(gòu)

造上有一個(gè)汽缸和一個(gè)可以向汽缸內(nèi)充入空氣的壓縮裝置。已知汽缸的體積為60

mL,每壓縮一次壓縮裝置可以向汽缸內(nèi)充入40mL的空氣，壓縮裝置充入空氣的壓強(qiáng)

為大氣壓外,當(dāng)汽缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)達(dá)到2.5p0時(shí)才能實(shí)現(xiàn)將10顆橡皮彈丸連續(xù)彈射出

去，汽缸體積不變，汽缸內(nèi)空氣和壓縮裝置內(nèi)的空氣均可視為理想氣體，忽略充氣和

彈射過(guò)程中汽缸內(nèi)氣體溫度的變化。

（1）求至少充氣多少次才能實(shí)現(xiàn)將10顆橡皮彈丸連續(xù)彈射出去；

（2）已知在發(fā)射橡皮彈丸之前汽缸內(nèi)空氣的壓強(qiáng)為2.5〃0，彈射出8顆橡皮彈丸后汽

缸內(nèi)空氣的壓強(qiáng)變?yōu)?.5〃o,求彈射出8顆橡皮彈丸后漏出空氣的質(zhì)量與發(fā)射橡皮彈丸

之前汽缸內(nèi)空氣的質(zhì)量之比上

13.如圖所示，固定于水平地面上的足夠長(zhǎng)的絕緣軌道由兩部分組成。粗糙直軌

道AB與水平方向夾角8=53。，光滑的圓弧軌道BC與直軌道A8在B點(diǎn)平滑連接，

8C軌道圓心為O,OC〃A8,半徑R=0.4m,虛線COJLOC?？臻g存在水平向右的勻

強(qiáng)電場(chǎng)，虛線CO尸右側(cè)存在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度綜=5T。質(zhì)量

m=0.1kg＞電荷量大小9=5.0x10-2c的小球1恰好靜止于四分之一圓弧的c點(diǎn)，現(xiàn)

將另一與小球1完全相同的小球2在軌道上與3點(diǎn)間距為9R的A位置由靜止釋

放，重力加速度g取lOm/s?,sin53°=0.8,cos53°=0.6,兩小球均可視為質(zhì)點(diǎn)，

求：

代求2\XXX'乂X:

-般用/產(chǎn)''XX'火

~~X_X_X_X_X~

、、

（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大?。?/p>

（2）小球2到達(dá)8點(diǎn)時(shí)經(jīng)歷的時(shí)間（結(jié)果可用根號(hào)表示）；

（3）小球2到達(dá)圓弧軌道最低位置時(shí)，對(duì)圓弧軌道的壓力大??；

（4）小球2與小球1發(fā)生彈性碰撞后，小球1將飛出圓弧軌道，求小球1在飛出軌道

后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，小球1到虛線CD的最大距離與小球1再次經(jīng)過(guò)虛線C3時(shí)小球1到

。占的距離。

參考答案

1.答案：B

解析：：;P的衰變方程為:;Pf：：S+：e,為。衰變，A錯(cuò)誤；設(shè):;P的比結(jié)合能為

Ep,：；S的比結(jié)合能為&,根據(jù)能量守恒有L711MeV=32&-32Ep,解得

1

<1V

E-E^0.0535MeV,B正確；根據(jù)公式加=-%，代入數(shù)值得

3P12，

mc錯(cuò)誤；設(shè)虧損質(zhì)量為△加，根據(jù)質(zhì)能方程.二炭/，代入數(shù)

據(jù)得1.711x1.6x10"j=△俄x(3.0xl()8m/s),解得△加=3xIO'kg,D錯(cuò)誤。

2.答案：B

解析：因?yàn)榘恕?兩質(zhì)點(diǎn)的起振方向與波源起振方向相同，波源起振方向?yàn)閥軸正方

向，所以A、B兩質(zhì)點(diǎn)的起振方向均為y軸正方向，A錯(cuò)誤；A、3兩質(zhì)點(diǎn)起振后，它

們的振動(dòng)方向總是相反，所以兩振動(dòng)反相，所以波源到質(zhì)點(diǎn)A和質(zhì)點(diǎn)8的時(shí)間差

加=1+；)丁(〃=0,1,2,…)，根據(jù)％廠”|=心和/=",解得波源與4、8兩點(diǎn)距離

之差為(〃+g)“〃=04,2,),C錯(cuò)誤；由此可知A質(zhì)點(diǎn)起振6s時(shí)，8質(zhì)點(diǎn)有可能剛

準(zhǔn)備起振，其動(dòng)能為零，B正確；周期為4s,但無(wú)法計(jì)算確切波長(zhǎng)，故無(wú)法求得波

速，D錯(cuò)誤。

3.答案：A

解析?：設(shè)地球的質(zhì)量為M，題述北斗衛(wèi)星離地高度為人，由萬(wàn)有引力提供向心力得

擊篝=m*(/?+〃)，忽略地球自轉(zhuǎn)的影響，對(duì)地球表面的物體有色鬻=解

得力。3.6x107m,分析得，赤道上衛(wèi)星正下方的物體離衛(wèi)星最近，最近的距離為力，

所以實(shí)時(shí)導(dǎo)航時(shí)地面與地球同步導(dǎo)航衛(wèi)星傳輸信息的最短時(shí)間/=0.12s,故A正

確，B錯(cuò)誤；對(duì)近地衛(wèi)星有〃z〃g=等，解得K=J^a7.9km/s,其周期小于24小

時(shí)，對(duì)地球的同步衛(wèi)星，勺=干(/?+/7)k3.lkm/s,故C、D錯(cuò)誤。

4.答案：B

解析：升壓變壓器原線圈電流乙=二=3.0x10,A,所以/,=^，=30A,A錯(cuò)誤；升

5~4

壓變壓器副線圈電壓4=3.0x105V,降壓變壓器原線圈電壓

=t/2-/2r=298500V,降壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比

i=^=298500=14925,R正確；輸電線上損失的功率2=/斤=4.5x104W,C錯(cuò)

%L22011

誤；若改用100()千伏超高壓輸電，則輸電線上的電流/；='=80xl°：A=9.0A,

3

U2lOOOxlO

損失的功率P'=/；2r=4050W,輸電線路上可減少損失的電功率

△尸=p_/=40950W,D錯(cuò)誤。

b.答案：C

解析：根據(jù)光的折射定律有6=當(dāng)，逅=當(dāng)，解得4=300=45,作出光路

sin0a2sin0h

圖如圖所示。根據(jù)折射率與光速關(guān)系有6=￡,"=￡,設(shè)半球形玻璃磚的半徑為

匕2%,

凡根據(jù)光的反射定律，結(jié)合幾何關(guān)系，得小。兩種單色光在玻璃磚中傳播的時(shí)間分

別為0=變4=紀(jì)史，解得乙=上，C正確，ABD錯(cuò)誤。

匕aJ2

6.答案：AC

解析：四個(gè)小球均處于平衡狀態(tài)，根據(jù)受力分析，則只有小球4氏C均帶負(fù)電，小

球。帶正電才能保證四個(gè)小球的合力均為0,小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，A正確；作輔助

線如圖所示，。為四面體的頂點(diǎn)。在底面A8C上的投影，令

AO=x,OD=/?,ZDAO=0,由幾何關(guān)系可知2xcos30=LJi=L-x2=L,

則sin"浮,cos”當(dāng)，設(shè)小球。的電荷量大小為。，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為

E,靜電力常量為Z,對(duì)小球人在A8C所在平面上有左一絲cos8=2kqcos30,

(4Y匚

,對(duì)小球。進(jìn)行受力分析有

中皿+m=外聯(lián)立解得篝0錯(cuò)誤’,正

13)

解析：與0?3平行且相等，根據(jù)幾何關(guān)系可得48兩點(diǎn)關(guān)于圓心O對(duì)稱，根據(jù)等

量同種正點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線和等勢(shì)面分布規(guī)律可得48兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相

反，電勢(shì)相同，則43兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度不相同，A錯(cuò)誤；。點(diǎn)的電勢(shì)大于。點(diǎn)的電勢(shì)，

電勢(shì)能穌=98,電子帶負(fù)電，在電勢(shì)較低處具有的電勢(shì)能較大，所以電子在。點(diǎn)的

電勢(shì)能小于在C點(diǎn)的電勢(shì)能，B正確；在。。連線上任取一點(diǎn)P,設(shè)尸。。2與。。?

夾角為仇?！窸?間的距離為“，其中一個(gè)點(diǎn)電荷+q在P點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為￡,

兩點(diǎn)電荷在尸點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的矢量和E=2&sine=^cos2esin。，求電場(chǎng)強(qiáng)度的矢

量和E的最大值時(shí)，將E對(duì)。求導(dǎo)并令導(dǎo)數(shù)等于0,有

E'=[—2cos。sinOsin。+cos?geos。]=cos^(cos2^-2sin2^)]=0,解得

萬(wàn)

tan<9=^-,即當(dāng)8=@儂00與[5-時(shí)尸點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最大，設(shè)C。1與002夾角為a,根據(jù)

幾何關(guān)系可得tana=2,所以場(chǎng)強(qiáng)最大的點(diǎn)在。。之間，所以電子從。運(yùn)動(dòng)到C的過(guò)

程中靜電力先增大再減小，加速度也是先增大再減小，C正確：等量異種點(diǎn)電荷連線

的中垂面為等勢(shì)面，等量同種點(diǎn)電荷連線的中垂面不是等勢(shì)面，一質(zhì)子沿。。從。點(diǎn)

運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)過(guò)程中所受靜電力方向一直沿。。方向，靜電力一直做正功，D錯(cuò)誤。

8.答案：AD

解析：導(dǎo)體棒M進(jìn)入磁場(chǎng)前的瞬間，由動(dòng)能定理得〃火/?=3〃八戶，解得方國(guó),則

M棒兩端的電壓U=捻力質(zhì)二力學(xué),故A正確；M、N兩導(dǎo)體棒共同在磁

場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的過(guò)程動(dòng)量守恒，設(shè)N離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)兩導(dǎo)體棒的速度為匕，有〃”=（/〃+〃?）匕，

解得匕=但，對(duì)N棒由動(dòng)量定理得3無(wú)?，=〃％,即瓦7=〃/，解得5二二隹，

BL^x

設(shè)N、M在該過(guò)程中發(fā)生的相對(duì)位移為Ar,則有小二解得Ar=J2gh,

2R

此時(shí)M離磁場(chǎng)右邊界的距離n=^-加:，設(shè)M棒離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程中通過(guò)N棒的電荷量

為%,則有%啜生可，解得通過(guò)N棒的總電荷量…+%=奈故8錯(cuò)

誤；N棒離開(kāi)磁場(chǎng)后，M棒還在磁場(chǎng)中，系統(tǒng)所受的合外力不為零，所以系統(tǒng)的動(dòng)量

不守恒，故C錯(cuò)誤；N棒離開(kāi)磁場(chǎng)后，對(duì)棒有-8小4（號(hào)-加;）=〃％-小片，解得

/___n-

%=12gh-----,故D正確。

4mR

d?

9.答案:(I)

4%(M)2

(2)_b"；_2a%

2gx°'bd2

解析：（1）物塊A經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度%=9，根據(jù)位移與加速度的關(guān)系有

△%

u；=2ax,又鉤碼的加速度a=^ad2

AX{}M解得，

4%(M)2

(2)對(duì)物塊A進(jìn)行分析，有尸-“Mg=M%,%=」「■,解得

2/(加)

1二2%尸結(jié)合題圖乙有-警包=〃，解得

(Ar)2—Md?d2Md2ad2

bd120ro

〃=-----,M=----o

2gx°bd2

10.答案：(1)0.44A；1.70V

(2)0.80Q

(3)偏小

解析：(1)電流表示數(shù)為0.44A,最小分度值為0.02A,不需要估讀到下一位；電壓

表示數(shù)為1.70V,最小分度值為0.1V,需要估讀到下一位。

(2)因?yàn)橐紤]電表的內(nèi)阻，設(shè)電池電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻為R,電流表示數(shù)為/,電壓

表示數(shù)為U,當(dāng)用電流表測(cè)量時(shí)，有E=/(R+RA)，當(dāng)用電壓表測(cè)量時(shí)，有

E=U(R\I+R),聯(lián)立解得u與I的代數(shù)關(guān)系式U=100°<,+5)式則斜率

R、，1000+/?

)J000(R+5)=58,解得R=0.80C。

1000+7?

(3)太陽(yáng)能電池在充電過(guò)程中，隨著光照時(shí)間的增大，電流增大，先讀取電壓表示

數(shù)，記錄完停留一段時(shí)間再讀電流表示數(shù)會(huì)導(dǎo)致電流表讀數(shù)偏大，U-/圖像中圖線的

斜率k偏小，太陽(yáng)能電池內(nèi)阻表達(dá)式R=>°()°-1°°(,(5.8>k>5).左偏小時(shí)測(cè)得太陽(yáng)能

k-1000

電池的內(nèi)阻偏小。

11.答案：(1)2m/s

(2)0.12s；1.6m/s

解析：(1)對(duì)物塊受力分析如圖所示，因?yàn)閁m、二&二6x](A，x：xH尸N二J

/ng4xl(r3xl()N4

以電場(chǎng)力與重力的合力垂直于斜面，與乙等大反向，所以由牛頓第二定律有

=ma

-mgcos37+E^sin37

解得a=6.25m/s2

斜面的長(zhǎng)度/=」一二0.5m

sin37

2

由-2al=v-VQ

解得v=2m/s

(2)撤去電場(chǎng)，物塊離開(kāi)斜面體后做斜拋運(yùn)動(dòng)，當(dāng)物塊運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)速度最小，

vmin=vcos37=1.6m/s

運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，=VSm37=0.12s

g

12.答案：(1)3次

(2)-

5

解析：(1)當(dāng)汽缸內(nèi)壓強(qiáng)達(dá)到全部發(fā)射的壓強(qiáng)臨界值月=2.5%時(shí)，充氣次數(shù)最少，

汽缸的體積V=60mL,壓縮裝置每次充入空氣的體積匕=40mL,設(shè)

至少充氣〃次，充氣過(guò)程氣體溫度不變，根據(jù)玻意耳定律可得〃/+%〃乂

解得〃=2.25

因?yàn)槌錃庵荒艹湔麛?shù)次，所以至少充氣3次

(2)以彈射出8顆橡皮彈丸后漏出的空氣和汽缸內(nèi)剩的空氣整體為研究對(duì)象，設(shè)體積

為匕，

初始狀態(tài)空氣壓強(qiáng)P\=2.5/?(),

彈射出8顆橡皮彈丸后空氣的壓強(qiáng)〃2=1.5%,

彈射出8顆橡皮彈丸過(guò)程中，空氣溫度不變，根據(jù)玻意耳定律可得pY=0乂

解得X=100mL

設(shè)彈射出8顆橡皮彈丸后空氣的密度為p,

空氣的總質(zhì)量

彈射出8顆橡皮彈丸后漏出的空氣質(zhì)量町=p(V]-V'\

此過(guò)程漏出空氣的質(zhì)量與發(fā)射橡皮彈丸之前汽缸內(nèi)空氣的質(zhì)量之比攵=色

tn

代入數(shù)據(jù)解得％

5

13.答案：(1)15N/C

(2)s

25

(3)25.5N

(4)4.0m；4〃兀(m)(〃=1,2,3,...)

解析：(1)小球1在。位置靜止，對(duì)小球1進(jìn)行受力分析，電場(chǎng)力與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相

同，小球帶正電，則有駕，解得E=15