浙江省稽陽(yáng)聯(lián)誼學(xué)校2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期11月聯(lián)考（選考）物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024年11月稽陽(yáng)聯(lián)考物理科（選考）試題卷本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，滿(mǎn)分100分，考試時(shí)間90分鐘?？忌⒁猓?．答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫(xiě)在試題卷和答題紙規(guī)定的位置上。2．答題時(shí)，請(qǐng)按照答題紙上“注意事項(xiàng)”的要求，在答題紙相應(yīng)的位置上規(guī)范作答，在本試題卷上的作答一律無(wú)效。3．非選擇題的答案必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫(xiě)在答題紙上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)，作圖時(shí)可先使用2B鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑，答案寫(xiě)在本試題卷上無(wú)效。4．可能用到的相關(guān)參數(shù)：重力加速度g均取10m/s2。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列各選項(xiàng)中，負(fù)號(hào)表示方向的是（）A.“-1J”的功 B.“-1C”的電量C.“”的加速度 D.“-1Wb”的磁通量【答案】C【解析】A．功是標(biāo)量，功有正負(fù)，但正表示動(dòng)力做功，負(fù)表示阻力做功，即正負(fù)表示一種性質(zhì)，不表示方向，故A錯(cuò)誤；B．電量是標(biāo)量，電量的正負(fù)表示帶電體帶正電還是帶負(fù)點(diǎn)，即表示性質(zhì)，不表示方向，故B錯(cuò)誤；C．加速度是矢量，加速度的正負(fù)表示方向，故C正確；D．磁通量是標(biāo)量，磁通量有正負(fù)，若磁場(chǎng)穿過(guò)線(xiàn)圈平面的方向與規(guī)定方向相同取正值，與規(guī)定方向相反取負(fù)值，但磁通量的正負(fù)不表示方向，故D錯(cuò)誤。故選C。2.2024年10月乒乓球亞錦賽男單比賽，中國(guó)選手林詩(shī)棟連扳三局，戰(zhàn)勝伊朗選手。下列說(shuō)法正確的是（）A.乒乓球速度減小時(shí)，加速度可能增大B.研究乒乓球的旋轉(zhuǎn)，可把其看作質(zhì)點(diǎn)C.做殺球動(dòng)作時(shí)，球拍對(duì)乒乓球一定不做功D.球拍擊球使乒乓球原速率反彈，球拍對(duì)乒乓球的沖量為零【答案】A【解析】A．乒乓球的運(yùn)動(dòng)方向與受力方向相反時(shí)，速度減小，加速度可能在增大，A正確；B．旋轉(zhuǎn)的物體各部分運(yùn)動(dòng)情況不同，不能看成質(zhì)點(diǎn)，B錯(cuò)誤；C．做殺球動(dòng)作時(shí)，球拍可能對(duì)乒乓球做功，C錯(cuò)誤；D．球拍擊球使乒乓球原速率反彈，速度大小不變，方向發(fā)生改變，乒乓球的動(dòng)量變化不為零，根據(jù)動(dòng)能定理可知，球拍對(duì)乒乓球的沖量不為零，D錯(cuò)誤。故選A。3.真空中有兩個(gè)帶電金屬導(dǎo)體、，其中導(dǎo)體內(nèi)部存在空腔，兩者間的電場(chǎng)線(xiàn)分布如圖中帶箭頭實(shí)線(xiàn)所示，曲線(xiàn)為某帶電粒子在該電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡，、、、為電場(chǎng)中的四個(gè)點(diǎn)，為空腔內(nèi)部的一點(diǎn)，取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，下列說(shuō)法正確的是（）A.點(diǎn)電勢(shì)等于點(diǎn)電勢(shì)B.點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度與點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同C.點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)均小于零D.帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下沿曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力先做負(fù)功再做正功【答案】D【解析】A．電勢(shì)沿著電場(chǎng)線(xiàn)降低，c點(diǎn)電勢(shì)高于d點(diǎn)電勢(shì)，A錯(cuò)誤；B．電場(chǎng)線(xiàn)密集處電場(chǎng)強(qiáng),電場(chǎng)線(xiàn)稀疏處電場(chǎng)弱，a點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大于b點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度，B錯(cuò)誤；C．導(dǎo)體空腔內(nèi)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為零，C錯(cuò)誤；D．由運(yùn)動(dòng)軌跡結(jié)合電場(chǎng)線(xiàn)分布可知，帶電粒子帶負(fù)電，電場(chǎng)力先做負(fù)功再做正功，D正確。故選D。4.2024年10月，中國(guó)人民解放軍東部戰(zhàn)區(qū)在臺(tái)島周邊開(kāi)展實(shí)戰(zhàn)演習(xí)，震懾“臺(tái)獨(dú)”勢(shì)力。一枚質(zhì)量為的炮彈以初速度斜向上發(fā)射，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，點(diǎn)為炮彈發(fā)射點(diǎn)，點(diǎn)為與點(diǎn)等高的落地點(diǎn)，點(diǎn)為曲線(xiàn)最高點(diǎn)。假設(shè)這枚炮彈在空中無(wú)動(dòng)力飛行時(shí)受到的空氣阻力大小不變（小于重力），方向始終與速度方向相反。下列說(shuō)法正確的是（）A.炮彈在點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng)B.炮彈在點(diǎn)的加速度大于C.炮彈在上升過(guò)程中處于超重狀態(tài)D.炮彈上升過(guò)程和下降過(guò)程運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等【答案】B【解析】A．炮彈在點(diǎn)后受到重力和空氣阻力，所以之后不做平拋運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．炮彈在點(diǎn)時(shí)受到豎直向下的重力和水平向左的空氣阻力，合外力大于重力，根據(jù)牛頓第二定律可知，炮彈在點(diǎn)的加速度大于，故B正確；C．炮彈在上升過(guò)程中豎直方向的合外力向下，豎直方向的加速度向下，故處于失重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；D．由于上升時(shí)和下落時(shí)豎直方向的加速度不同，故炮彈上升過(guò)程和下降過(guò)程運(yùn)動(dòng)時(shí)間不相等，故D錯(cuò)誤。故選B。5.核電池能效高、續(xù)航時(shí)間長(zhǎng)。其中某種核電池是將（镅）衰變釋放的核能部分轉(zhuǎn)換成電能。（镅）的衰變方程為，則（）A.極寒、高壓環(huán)境會(huì)使半衰期變短B.該核反應(yīng)發(fā)生時(shí)，镅核必須克服核力的排斥作用C.該反應(yīng)要持續(xù)進(jìn)行，镅核原料的體積必須大于臨界體積D.衰變成和時(shí)，和的結(jié)合能之和大于【答案】D【解析】A．半衰期只由原子核自身決定，極寒、高壓環(huán)境不會(huì)使半衰期變短，故A錯(cuò)誤；B．該核反應(yīng)發(fā)生時(shí)，镅核必須克服核力的吸引作用，故B錯(cuò)誤；C．該反應(yīng)是衰變，不是核裂變反應(yīng)，所以該反應(yīng)要持續(xù)進(jìn)行，镅核原料的體積沒(méi)有臨界體積，故C錯(cuò)誤；D．衰變成和時(shí)，生成物比反應(yīng)物更穩(wěn)定，所以和的比結(jié)合能大于的比結(jié)合能，由于質(zhì)量數(shù)不變，則和的結(jié)合能之和大于，故D正確。故選D。6.小明觀察到出水口豎直朝下的水龍頭流出的水，落在硬質(zhì)水平瓷磚上時(shí)會(huì)濺起明顯水花。他對(duì)此進(jìn)行研究：測(cè)得水龍頭出口處圓管內(nèi)徑為，水龍頭出口處與瓷磚的高度差為。調(diào)節(jié)水龍頭旋鈕，出現(xiàn)明顯水花，極短時(shí)間內(nèi)從出口處流出水的體積是，重力加速度為，水的密度為，不考慮空氣阻力。假定水在管道內(nèi)做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，則（）A.水從水龍頭出口落至瓷磚，用時(shí)為B.水落到瓷磚上時(shí)的速度是C.水落到瓷磚上時(shí)的重力功率為D.瓷磚對(duì)濺起的水做負(fù)功【答案】B【解析】AB．水龍頭出口處的圓管面積為極短時(shí)間內(nèi)流水的速度根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知解得水落到瓷磚上時(shí)的速度是所用時(shí)間為故A錯(cuò)誤，B正確；C．水落到瓷磚上時(shí)的重力功率為故C錯(cuò)誤；D．瓷磚對(duì)已濺起的水花不做功，故D錯(cuò)誤。故選B。7.2024年9月，我國(guó)成功發(fā)射首顆可重復(fù)使用返回式試驗(yàn)衛(wèi)星——實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星。如圖所示，此衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道高度約為800km，此軌道稱(chēng)為太陽(yáng)同步軌道：它隨地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的同時(shí)，軌道平面平均每天轉(zhuǎn)動(dòng)的角度約為1°，使軌道平面始終與太陽(yáng)保持固定的取向，這樣太陽(yáng)光能始終照射到實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星上。已知地球半徑取6400km。則（）A.實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星的向心力始終不變B.實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的線(xiàn)速度大于7.9km/sC.實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的周期約為100分鐘D.實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度大小約為rad/s【答案】C【解析】A．實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，向心力始終指向地心，方向時(shí)刻改變，故A錯(cuò)誤；B．第一宇宙速度是所有繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星的最大環(huán)繞速度，則實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星的速度小于7.9km/s，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)牛頓第二定律解得故實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的周期約為100分鐘，故C正確；D．實(shí)踐十九號(hào)衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度大小約為故D錯(cuò)誤。故選C。8.大海中有各種燈浮標(biāo)，其中有一種燈浮標(biāo)如圖甲所示，它的結(jié)構(gòu)可以簡(jiǎn)要分為上下兩部分，分別為標(biāo)體（含燈等裝置）和浮體（形狀為圓柱體，部分浮在水上）。現(xiàn)在用外力將燈浮標(biāo)向下按壓一段距離后釋放，整體所受的浮力隨時(shí)間正弦式周期性變化，如圖乙所示，已知整個(gè)過(guò)程中圓柱體浮體始終未完全浸入水中，忽略空氣及水的阻力，下列說(shuō)法正確的是（）A.燈浮標(biāo)整體做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，回復(fù)力由重力提供B.0-0.5s內(nèi)燈浮標(biāo)整體的加速度逐漸減小C.燈浮標(biāo)整體的重力等于D.燈浮標(biāo)整體所受合外力大小與偏離受力平衡位置的距離成正比【答案】D【解析】AD．由題圖乙可知，燈浮標(biāo)整體始終受浮力作用，說(shuō)明整體始終未脫離水面，設(shè)受力平衡時(shí)浮體在水下的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，根據(jù)平衡條件有設(shè)釋放后某時(shí)刻距受力平衡位置x，以向下為正方向，系統(tǒng)所受的力可知燈浮標(biāo)整體所受合外力大小與偏離受力平衡位置的距離成正比，即燈浮標(biāo)整體做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，回復(fù)力是水的浮力與系統(tǒng)重力的合力，故A錯(cuò)誤，D正確；B．0-0.5s內(nèi)燈浮標(biāo)整體從浮力最大的位置運(yùn)動(dòng)到浮力最小的位置，即從最低點(diǎn)上浮到最高點(diǎn)的位置，分別處于簡(jiǎn)諧振動(dòng)的正向最大位移處和負(fù)向最大位移處，燈浮標(biāo)整體的加速度先逐漸減小，后反向增大，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)可知，燈浮標(biāo)整體在最高點(diǎn)和最低點(diǎn)的加速度大小相等，則在最低點(diǎn)有在最高點(diǎn)有聯(lián)立可得燈浮標(biāo)整體的重力故C錯(cuò)誤。故選D。9.原子處于磁場(chǎng)中，某些能級(jí)會(huì)發(fā)生劈裂。某種原子能級(jí)劈裂前后的部分能級(jí)圖如圖所示，相應(yīng)能級(jí)躍遷放出的光子分別設(shè)為①、②、③，對(duì)應(yīng)頻率分別為、、。若用①照射某金屬表面時(shí)能發(fā)生光電效應(yīng)，則（）A.頻率為的光子的動(dòng)量為B.若用②照射該金屬表面時(shí)也一定能發(fā)生光電效應(yīng)C.用①、③兩種光分別照射該金屬，逸出光電子的最大初動(dòng)能之差D.用②、③兩種光分別射入雙縫間距為，雙縫到屏的距離為的干涉裝置，產(chǎn)生的干涉條紋間距之差為【答案】A【解析】A．由于光子的動(dòng)量根據(jù)波長(zhǎng)、波速、頻率的關(guān)系可知聯(lián)立解得故頻率為的光子的動(dòng)量為，A正確；B．因②對(duì)應(yīng)的能級(jí)差小于①對(duì)應(yīng)的能級(jí)差，可知②的能量小于①的能量，②的頻率小于①的頻率，則若用①照射某金屬表面時(shí)能發(fā)生光電效應(yīng)，用②照射該金屬不一定能發(fā)生光電效應(yīng)，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)光電效應(yīng)方程可，①、③兩種光分別照射該金屬，逸出光電子的最大初動(dòng)能故最大初動(dòng)能之差C錯(cuò)誤；D．根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式可得其中整理可得同理可得②、③兩種光的干涉條紋間距的差值為D錯(cuò)誤。故選A10.我國(guó)古代利用水輪從事農(nóng)業(yè)生產(chǎn)，其原理簡(jiǎn)化如圖所示，細(xì)繩跨過(guò)光滑固定轉(zhuǎn)軸，一端繞在固定轉(zhuǎn)輪上，另一端與重物相連。已知轉(zhuǎn)輪與水輪圓心等高且距離為6m，轉(zhuǎn)軸到圓心距離為3m，重物質(zhì)量為4kg。現(xiàn)水輪繞點(diǎn)緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)（重物未與圓盤(pán)接觸），通過(guò)轉(zhuǎn)輪收放細(xì)繩，使細(xì)繩始終繃緊，那么細(xì)繩對(duì)轉(zhuǎn)軸的作用力范圍為（）A. B.C. D.【答案】C【解析】如圖1所示在水輪緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，虛線(xiàn)圓為固定轉(zhuǎn)軸B的軌跡，因?yàn)楣潭ㄞD(zhuǎn)軸光滑且緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，所以軸兩邊繩子上的拉力均為mg，根據(jù)平行四邊形定則，可知當(dāng)兩邊繩子之間的夾角最小時(shí)合力最大，夾角最大時(shí)合力最小。由幾何關(guān)系可知，圖1中位置時(shí)合力最大，位置時(shí)合力最小。對(duì)固定轉(zhuǎn)軸在位置處進(jìn)行受力分析如圖2所示設(shè)，在直角三角形中，根據(jù)幾何關(guān)系可得解得根據(jù)平行四邊形定則，可得合力與豎直方向的夾角為，則有同理，對(duì)固定轉(zhuǎn)軸在位置處進(jìn)行受力分析，如圖3所示根據(jù)幾何關(guān)系可知?jiǎng)t與豎直方向的夾角為，根據(jù)平行四邊形定則，可知合力與豎直方向的夾角為，則可得故輕繩對(duì)固定轉(zhuǎn)軸B的作用力范圍為，故選C。11.如圖所示是邊長(zhǎng)為的正六邊形的橫截面，在A點(diǎn)有一粒子源能以相同的動(dòng)能向正六邊形內(nèi)各個(gè)方向發(fā)射質(zhì)量為、電荷量為的帶正電粒子，六邊形內(nèi)有平行于平面的勻強(qiáng)電場(chǎng)，經(jīng)過(guò)點(diǎn)的粒子的動(dòng)能是，粒子從電場(chǎng)中射出的最大動(dòng)能是，不計(jì)粒子重力及粒子間的相互作用，下列說(shuō)法正確的是（）A.電場(chǎng)強(qiáng)度大小為B.電場(chǎng)強(qiáng)度大小為C.電場(chǎng)強(qiáng)度方向可能從A指向D.電場(chǎng)強(qiáng)度方向可能從A指向【答案】B【解析】CD．由題意可知，經(jīng)過(guò)點(diǎn)的粒子的動(dòng)能增加量為，粒子從電場(chǎng)中以最大動(dòng)能射出時(shí)動(dòng)能增加量為，也就是說(shuō)，以最大動(dòng)能射出的粒子沿電場(chǎng)方向的位移大小是從B點(diǎn)射出的粒子沿電場(chǎng)方向位移大小的2倍，說(shuō)明電場(chǎng)方向是沿從A指向C的方向，故C、D錯(cuò)誤；AB．對(duì)于從B點(diǎn)射出的粒子，根據(jù)動(dòng)能定理有求得故A錯(cuò)誤，B正確。故選B。12.如圖甲所示，在豎直平面內(nèi)有一半徑為的固定光滑絕緣圓桶，在空間中有平行圓桶軸線(xiàn)的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一質(zhì)量為、帶電量為的帶電小球沿圓桶外壁做圓周運(yùn)動(dòng)，如圖乙所示為帶電小球所在處的截面圖，為豎直直徑，初始時(shí)帶電小球位于圓環(huán)最高點(diǎn)A（圓桶外側(cè)），并且有水平方向的速度（以水平向左為速度的正方向），如果帶電小球在A點(diǎn)不脫離圓桶，帶電小球初速度可能的取值為（）A.3m/s B.6m/s C.-3m/s D.-6m/s【答案】A【解析】假設(shè)初速度向左，則小球所受洛倫茲力豎直向下，小球不脫離圓桶需滿(mǎn)足即求得故選A。13.如圖所示，在之間接有交流電源，其電壓的有效值為。電路中共接有六個(gè)相同的定值電阻。S斷開(kāi)時(shí)，滑動(dòng)變阻器觸片滑到最下面時(shí)，恰好理想變壓器的輸出功率最大（包含副線(xiàn)圈負(fù)載電阻阻值從0到無(wú)窮大的變化范圍）。S閉合后，滑動(dòng)變阻器觸片仍然滑到最下面時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A.變壓器原、副線(xiàn)圈匝數(shù)的比值為1∶4B.S閉合后，兩端電壓為C.S閉合后，兩端電壓為D.S閉合后，的功率是的4倍【答案】D【解析】A．設(shè)定值電阻阻值為，將副線(xiàn)圈電阻等效到原線(xiàn)圈，則有理想變壓器的輸入功率可知當(dāng)時(shí)，輸入功率最大，根據(jù)能量守恒可知，此時(shí)輸出功率也最大，由于等效電阻和串聯(lián)且電壓相等，則有解得故A錯(cuò)誤；B．S閉合后，與并聯(lián)再與串聯(lián)，則分擔(dān)的電壓即輸入電壓為副線(xiàn)圈輸出電壓兩端電壓為故B錯(cuò)誤；C．S閉合后，兩端電壓與等效電阻的電壓相等，即故C錯(cuò)誤；D．S閉合后，兩端的電壓的功率的功率所以故D正確。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的，全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得分）14.下列說(shuō)法正確的是（）A.動(dòng)量守恒定律適用于微觀、高速領(lǐng)域B.水銀在玻璃上形成“圓珠狀”的液滴說(shuō)明水銀浸潤(rùn)玻璃C.赫茲首先發(fā)現(xiàn)了光電效應(yīng)現(xiàn)象，愛(ài)因斯坦解釋了光電效應(yīng)現(xiàn)象D.用能量為3.5eV的光子照射處于激發(fā)態(tài)的氫原子（基態(tài)能級(jí)），氫原子可以發(fā)生電離【答案】ACD【解析】A．動(dòng)量守恒定律具有普適性，不僅適用于微觀、高速領(lǐng)域，而且也適用于宏觀、低速領(lǐng)域，故A正確；B．水銀在玻璃上形成“圓珠狀”的液滴說(shuō)明水銀不浸潤(rùn)玻璃，故B錯(cuò)誤；C．赫茲首先發(fā)現(xiàn)了光電效應(yīng)現(xiàn)象，愛(ài)因斯坦解釋了光電效應(yīng)現(xiàn)象，故C正確；D．根據(jù)波爾定態(tài)假設(shè)可知，激發(fā)能級(jí)滿(mǎn)足，故n=2的激發(fā)態(tài)能級(jí)為，由于3.5eV>3.4eV，故用能量為3.5eV的光子照射處于激發(fā)態(tài)的氫原子，氫原子可以發(fā)生電離，故D正確。故選ACD。15.某興趣小組設(shè)計(jì)了一種檢測(cè)油深度的油量計(jì)，如圖甲所示油量計(jì)固定在油桶蓋上并將油量計(jì)豎直插入油桶，通過(guò)油箱蓋的矩形窗口可看見(jiàn)油量計(jì)上端面的明暗區(qū)域。圖乙是油量計(jì)的部分正視圖，鋸齒數(shù)共有10個(gè)，它是一塊鋸齒形的透明塑料，鋸齒形的底部是一個(gè)等腰直角三角形，腰長(zhǎng)為，相鄰兩個(gè)鋸齒連接的豎直短線(xiàn)長(zhǎng)度為，最右邊的鋸齒剛接觸到油桶的底部，塑料的折射率小于油的折射率。若油面不會(huì)超過(guò)圖乙中的虛線(xiàn)Ⅰ，不計(jì)油量計(jì)對(duì)油面變化的影響，則（）A.窗口豎直向下射入的光線(xiàn)在塑料和空氣的界面處發(fā)生全反射，返回油量計(jì)的上端面并射出，形成亮區(qū)B.窗口豎直向下射入的光線(xiàn)在塑料和油的界面處發(fā)生折射進(jìn)入油中，油中反射光線(xiàn)發(fā)生干涉，疊加加強(qiáng)，形成亮區(qū)C.油的折射率可能為1.5D.油的深度與明線(xiàn)長(zhǎng)度滿(mǎn)足的關(guān)系式為【答案】AC【解析】AB．窗口豎直向下射入的光線(xiàn)在塑料和空氣的界面處發(fā)生全反射，返回油量計(jì)的上端面并射出，進(jìn)入人的眼睛，因此人看到的是亮區(qū)，故A正確，B錯(cuò)誤；C．由于鋸齒形的底部是一個(gè)等腰直角三角形，故光線(xiàn)從塑料入射到空氣時(shí)的臨界角C小于等于，故有所以油的折射率可能為1.5，故C正確；D．由題中可知，鋸齒總共有個(gè)，等腰直角形鋸齒的斜邊長(zhǎng)度為，故當(dāng)明線(xiàn)長(zhǎng)度為時(shí)，發(fā)生全反射的鋸齒個(gè)數(shù)為因此發(fā)生折射的鋸齒個(gè)數(shù)為由于豎線(xiàn)的長(zhǎng)度為，故油的深度為故D錯(cuò)誤。故選AC。非選擇題（本題共5小題，共55分）三、實(shí)驗(yàn)題（Ⅰ、Ⅱ兩小題，共14分）16.用甲圖裝置“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，為了平衡摩擦力，若所有操作均正確，打出的紙帶如圖乙所示，應(yīng)_______（填“減小”或“增大”）木板的傾角?！敬鸢浮吭龃蟆窘馕觥坑纱虺龅募垘Э芍?，小車(chē)做的是減速運(yùn)動(dòng)，說(shuō)明木板的傾角偏小，應(yīng)增大木板的傾角。17.如圖所示為一條記錄小車(chē)運(yùn)動(dòng)情況的紙帶，圖中、、、、為計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔，根據(jù)數(shù)據(jù)可計(jì)算出點(diǎn)的瞬時(shí)速度大小為_(kāi)______m/s，小車(chē)運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度大小為_(kāi)_______m/s2?！敬鸢浮?.550.60【解析】[1]根據(jù)中間時(shí)刻的速度等于相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的平均速度，則[2]根據(jù)逐差法，小車(chē)運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度大小為18.如圖所示，小車(chē)通過(guò)細(xì)繩與鉤碼相連，遮光片固定在小車(chē)的最右端，光電門(mén)傳感器固定在長(zhǎng)木板上，小明研究組利用圖中裝置完成了“驗(yàn)證牛頓第二定律”的實(shí)驗(yàn)，小紅研究組將長(zhǎng)木板放平，并把小車(chē)換成木塊，完成了“測(cè)定長(zhǎng)木板與木塊間動(dòng)摩擦因數(shù)”的實(shí)驗(yàn)。（1）關(guān)于小明研究組的實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是_______。A.需要平衡摩擦力，要求鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)質(zhì)量B.不需要平衡摩擦力，要求鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)質(zhì)量C.需要平衡摩擦力，不要求鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)質(zhì)量D.不需要平衡摩擦力，不要求鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)質(zhì)量（2）在實(shí)驗(yàn)操作完全正確的情況下，小明研究組將小車(chē)從某一位置由靜止釋放，測(cè)出遮光片的寬度和它通過(guò)光電門(mén)的擋光時(shí)間，小車(chē)靜止時(shí)的位置到光電門(mén)的位移，小車(chē)的質(zhì)量，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)，則與應(yīng)滿(mǎn)足的關(guān)系式為_(kāi)_______。（可用、、、等字母表示）（3）小紅研究組測(cè)出木塊靜止時(shí)遮光片右端距光電門(mén)左端的位移，由遮光片寬度和擋光時(shí)間求出滑塊的速度大小，并算出，然后作出的圖像如圖所示，根據(jù)圖像可求得動(dòng)摩擦因數(shù)_______。（可用、、、等字母表示）【答案】（1）C（2）（3）【解析】【小問(wèn)1詳析】因?yàn)榱捎蓮椈蓽y(cè)力計(jì)測(cè)出，所以近似不需要；摩擦力還是要平衡的。故選C?！拘?wèn)2詳析】小車(chē)通過(guò)光電門(mén)的速度由勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)規(guī)律解得若滿(mǎn)足牛頓第二定律則有解得【小問(wèn)3詳析】根據(jù)動(dòng)能定理可得解得結(jié)合圖像可得聯(lián)立解得19.某同學(xué)在測(cè)定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)室提供的器材有：A.電流表：量程0~0.6A，內(nèi)阻約B.電流表：量程0~3A，內(nèi)阻約C.電壓表：量程0~3V，內(nèi)阻約D.電壓表：量程0~15V，內(nèi)阻約E.滑動(dòng)變阻器（最大阻值）F.滑動(dòng)變阻器（最大阻值）G.開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線(xiàn)若干（1）為了較準(zhǔn)確測(cè)量電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，按照如圖甲所示電路圖，電壓表應(yīng)該選擇_________，電流表應(yīng)該選擇________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選擇________。（均選填儀器前面的字母序號(hào)）（2）在實(shí)驗(yàn)中測(cè)得多組電壓和電流值，得到如圖乙所示的圖線(xiàn)，由圖可知電源電動(dòng)勢(shì)_______V。內(nèi)阻________。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）（3）①按如圖甲所示電路圖實(shí)驗(yàn)時(shí)，由于電流表和電壓表都不是理想電表，所以測(cè)量結(jié)果有系統(tǒng)誤差。下列說(shuō)法正確的是_______；A.引入系統(tǒng)誤差的原因是電流表的分壓作用B.引入系統(tǒng)誤差的原因是電壓表的分流作用②圖丙中實(shí)線(xiàn)為小明同學(xué)按如圖甲所示電路圖，正確操作時(shí)作出的圖線(xiàn)，兩條虛線(xiàn)、中有一條是電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻真實(shí)圖線(xiàn)，下列說(shuō)法正確的有_______。A.圖線(xiàn)表示真實(shí)圖線(xiàn)，小明同學(xué)所測(cè)電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻均偏小B.圖線(xiàn)表示真實(shí)圖線(xiàn)，小明同學(xué)所測(cè)電動(dòng)勢(shì)大小等于真實(shí)值，內(nèi)阻偏大（4）現(xiàn)有兩個(gè)相同規(guī)格小燈泡、，此種燈泡的特性曲線(xiàn)如圖丁所示，將它們并聯(lián)后與同類(lèi)型的兩節(jié)干電池（，）和定值電阻（）相連，如圖戊所示，則燈泡的實(shí)際功率為_(kāi)______W。（結(jié)果保留兩位小數(shù)）【答案】（1）CAE（2）1.47##1.48##1.49##1.501.78##1.79##1.80##1.81##1.82（3）BA（4）0.20【解析】【小問(wèn)1詳析】[1]干電池的電動(dòng)勢(shì)約為1.5V，所以電壓表選C；[2]因?yàn)殡娫磧?nèi)阻一般為幾歐，則短路電流為，估算短路電流不到1A，為了精確測(cè)量，所以選小量程電流表，故應(yīng)A；[3]滑動(dòng)變阻器F的最大阻值過(guò)大，在調(diào)節(jié)時(shí)電路中電流都很小，所以滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器E；【小問(wèn)2詳析】[1]根據(jù)路端電壓與電流的關(guān)系可知圖像縱截距表示電源電動(dòng)勢(shì)，則[2]以上分析可知，圖像斜率絕對(duì)值表示電源內(nèi)阻，則【小問(wèn)3詳析】[1]小明實(shí)驗(yàn)時(shí)，引入系統(tǒng)誤差的原因是電壓表的分流作用，使電流表示數(shù)偏小，A錯(cuò)誤，B正確；[2]當(dāng)外電路短路時(shí)，電壓表分流為0，短路電流相同，即小明作出的圖線(xiàn)和真實(shí)圖線(xiàn)與橫軸交點(diǎn)相同，圖線(xiàn)表示真實(shí)圖線(xiàn)，根據(jù)圖線(xiàn)可知所測(cè)電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻均偏小，A正確，B錯(cuò)誤；【小問(wèn)4詳析】圖戊中，根據(jù)閉合電路歐姆定律得整理得將其圖像畫(huà)在圖丁中，如圖所示，藍(lán)色圖線(xiàn)與縱軸截距為0.30A，與橫軸交點(diǎn)為3.00V兩線(xiàn)相交處，燈泡的實(shí)際功率為20.玻璃瓶可作為測(cè)量水深的簡(jiǎn)易裝置。如圖所示，白天潛水員在水面上將100mL水裝入容積為400mL的玻璃瓶中，擰緊瓶蓋后帶入水底，瓶身長(zhǎng)度相對(duì)水深可忽略，倒置瓶身，打開(kāi)瓶蓋，讓水進(jìn)入瓶中，穩(wěn)定后測(cè)得瓶?jī)?nèi)水的體積為250mL。將瓶?jī)?nèi)氣體視為理想氣體，全程氣體不泄漏。已知大氣壓強(qiáng)p0=1.0×105Pa，水的密度ρ=1.0×103kg/m3。則：（1）若溫度保持不變，瓶?jī)?nèi)氣體內(nèi)能的變化量ΔU__0（選填“大于”、“等于”或“小于”），全過(guò)程瓶?jī)?nèi)氣體____（選填“吸收熱量”、“放出熱量”或“不吸熱也不放熱”）；（2）若溫度保持不變，求白天水底的壓強(qiáng)p1和水的深度h。（3）若白天水底溫度為27℃，夜晚水底的溫度為24℃，水底壓強(qiáng)p1不變，求夜晚瓶?jī)?nèi)氣體體積?！敬鸢浮浚?）等于放出熱量（2）2.0×105Pa，10m（3）148.5mL【解析】【小問(wèn)1詳析】[1][2]溫度不變，則氣體內(nèi)能不變，即ΔU=0，氣體體積減小，外界對(duì)氣體做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體放出熱量。【小問(wèn)2詳析】根據(jù)玻意耳定律即解得根據(jù)解得【小問(wèn)3詳析】根據(jù)蓋呂薩克定律可知即解得21.如圖所示，半徑的四分之一光滑圓軌道與光滑水平長(zhǎng)直軌道在點(diǎn)平滑連接，圓軌道A點(diǎn)與圓心等高，點(diǎn)切線(xiàn)水平。一條長(zhǎng)度的水平傳送帶以的速度勻速向右運(yùn)行。時(shí)刻一物塊在傳送帶左端靜止釋放。另一時(shí)刻，一與物塊完全相同的物塊從A點(diǎn)以一初速度釋放。時(shí)刻物塊以的速度沖上傳送帶左端。已知物塊、質(zhì)量均恒為，兩物塊與傳送帶的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，兩物塊運(yùn)動(dòng)過(guò)程中均可看作質(zhì)點(diǎn)，兩者的碰撞時(shí)間極短（可忽略不計(jì)），而且碰后物塊、粘在一起，求：（1）物塊在A點(diǎn)時(shí)受到軌道支持力的大?。唬?）碰撞前瞬間物塊、的速度分別多大；（3）物塊從傳送帶左端運(yùn)動(dòng)到右端所用的時(shí)間；（4）在0-3s時(shí)間內(nèi)，傳送帶額外消耗的電能?！敬鸢浮浚?）80N（2）6m/s，8m/s（3）2s（4）24J【解析】【小問(wèn)1詳析】從A點(diǎn)到C點(diǎn)的過(guò)程中，由動(dòng)能定理得在A點(diǎn)，對(duì)物塊受力分析，由牛頓第二定律得物塊在A點(diǎn)時(shí)受到軌道支持力的大小為【小問(wèn)2詳析】在傳送帶上對(duì)物塊由牛頓第二定律可知可得和的加速度大小均為相遇時(shí)由運(yùn)動(dòng)學(xué)關(guān)系可知解得或（舍去）得碰撞前瞬間物塊、的速度大小分別為【小問(wèn)3詳析】碰撞過(guò)程中有動(dòng)量守恒定律解得由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解得，則【小問(wèn)4詳析】0-2s內(nèi)傳送帶位移2s-3s內(nèi)對(duì)傳送帶的摩擦力和對(duì)傳送帶的摩擦力大小相等，方向相反，總的摩擦力對(duì)傳送帶不做功所以傳送帶額外消耗的電能22.如圖甲所示，一傾角為的絕緣光滑斜面固定在水平地面上，其頂端與兩根相距為的水平光滑平行金屬導(dǎo)軌相連，其末端裝有擋板、。另一傾角、寬度也為的傾斜光滑平行金屬直導(dǎo)軌頂端接一電容的不帶電電容器。傾斜導(dǎo)軌與水平導(dǎo)軌在處絕緣連接（處兩導(dǎo)軌間絕緣物質(zhì)未畫(huà)出），兩導(dǎo)軌均處于一豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。從導(dǎo)軌上某處?kù)o止釋放一金屬棒，滑到后平滑進(jìn)入水平導(dǎo)軌，并與電容器斷開(kāi)，此刻記為時(shí)刻，同時(shí)開(kāi)始在上施加水平向右拉力繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)，之后始終與水平導(dǎo)軌垂直且接觸良好；時(shí)，與擋板、相碰，碰撞時(shí)間極短，碰后立即被鎖定。另一金屬棒的中心用一不可伸長(zhǎng)絕緣細(xì)繩通過(guò)輕質(zhì)定滑輪與斜面底端的物塊相連；初始時(shí)繩子處于拉緊狀態(tài)并與垂直，滑輪左側(cè)細(xì)繩與斜面平行，右側(cè)與水平面平行。在后的速度-時(shí)間圖線(xiàn)如圖乙所示，其中1-2s段為直線(xiàn)，棒始終與導(dǎo)軌接觸良好。、、、均平行。已知：磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，，、和的質(zhì)量均為0.4kg，無(wú)電阻，電阻為；導(dǎo)軌電阻、細(xì)繩與滑輪的摩擦力均忽略不計(jì)；整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程未與滑輪相碰，未運(yùn)動(dòng)到處，圖甲中水平導(dǎo)軌上的虛線(xiàn)表示導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)。，，，，圖乙中為一常數(shù)，。求：（1）棒剛滑到傾斜軌道時(shí)的加速度大?。娙萜鞴ぷ髡?，結(jié)果保留1位小數(shù)）；（2）在1~2s時(shí)間段內(nèi)，棒的加速度大小和細(xì)繩對(duì)的拉力大?。唬?）時(shí)，棒上拉力的瞬時(shí)功率；（4）在2~3s時(shí)間段內(nèi)，棒滑行的距離。【答案】（1）（2），1.8N（3）32.3W（4）2.53m【解析】【小問(wèn)