2025年滬教版必修3物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版必修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，真空中xOy坐標系平面內(nèi)有以O(shè)為圓心的兩個同心圓，分別與坐標軸交于a、b、c、d和e、f、g、h；在a、c兩點固定兩個正點電荷，b、d兩點固定兩個負點電荷；且四個點電荷所帶電荷量相等。下列說法正確的是（）

A.g、f兩點的電場強度相同B.e、h兩點的電場強度相同C.將質(zhì)子從O移到f電場力做負功D.將電子從O移到e電場力做正功2、如圖所示，兩等量正點電荷固定在空間中同一直線上，兩帶電荷量相等的試探電荷和在兩點電荷連線的垂直平分面內(nèi)做勻速圓周運動；忽略兩試探電荷的重力和它們之間的庫侖力，則下列說法正確的是（）

A.的向心力大小一定相等B.的質(zhì)量一定大于的質(zhì)量C.的電勢能一定大于的電勢能D.的動能一定大于的動能3、如圖所示，M、N兩點分別固定電荷量相同的兩個點電荷（圖中未畫出），M處的點電荷帶正電，N處的點電荷帶負電，以N點為圓心，M、N兩點間距離的一半為半徑畫圓，A、B、C、D是圓周上四點，A、B兩點在直線上，C、D兩點的連線過圓心且垂直于直線一正試探電荷在圓周上運動，先后經(jīng)過A、C、B、D四點。下列說法正確的是（）

A.試探電荷在B點受到的電場力最大B.試探電荷在A、B兩點受到的電場力方向相同C.試探電荷在B點的電勢能最小D.試探電荷在C、D兩點受到的電場力相同4、關(guān)于單位：電子伏特（eV）的理解，正確的是（）A.是電壓的單位B.C.是功、能量的單位D.5、用絕緣柱支撐著貼有小金屬箔的導(dǎo)體A和B，使它們彼此接觸，起初它們不帶電，貼在它們下部的并列平行雙金屬箔是閉合的，現(xiàn)將帶正電荷的物體C移近導(dǎo)體A，發(fā)現(xiàn)A和B下部的金屬箔都張開一定的角度；如圖所示，則（）

A.導(dǎo)體A和B內(nèi)部的電場強度不為0B.導(dǎo)體A和B下部的金屬箔都感應(yīng)出負電荷C.如果用一根導(dǎo)線將導(dǎo)體A和B相連，則兩金屬箔都將閉合D.導(dǎo)體A和B上的感應(yīng)電荷在A和B內(nèi)部產(chǎn)生的電場度不為06、電位器是變阻器的一種。如圖所示；如果把電位器與燈泡串聯(lián)起來，利用它改變燈泡的亮度，則下列說法正確的是（）

A.連接A、B，使滑動觸頭順時針轉(zhuǎn)動，燈泡變暗B.連接A、C，使滑動觸頭逆時針轉(zhuǎn)動，燈泡變亮C.連接A、C，使滑動觸頭順時針轉(zhuǎn)動，燈泡變暗D.連接B、C，使滑動觸頭順時針轉(zhuǎn)動，燈泡變暗7、如圖所示的電路中，C為電容器，L1、L2為小燈泡，R為光敏電阻（阻值隨光照強度的增大而減小）；閉合開關(guān)S后，當照射光強度減弱時（）

A.小燈泡L1變亮B.小燈泡L2變亮C.電流表示數(shù)變大D.電容器所帶電荷量變大8、在如圖所示的電路中，已知電源的電動勢E＝5V，內(nèi)阻不計，R1＝8Ω，R2＝2Ω，R3＝5Ω，R＝6Ω，滑動變阻器的最大阻值R4＝20Ω，電容器電容C＝2μF，不計電表內(nèi)阻的影響，閉合開關(guān)，在滑片從a端滑到b端的過程中；下列說法中正確的是()

A.電流表的示數(shù)變大B.電壓表的示數(shù)變大C.電源的總功率變大D.電容器先放電后充電評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、如圖所示，為一圓的兩條直徑，且互相垂直，點為圓心?？臻g存在一未知靜電場，方向與圓周所在平面平行?，F(xiàn)有一電子，在靜電力作用下（重力不計），先從A點運動至點，動能減少了又從點運動至點，動能增加了那么關(guān)于此空間存在的靜電場可能是（）

A.方向垂直于并由指向的勻強電場B.方向垂直于并由指向的勻強電場C.位于點的正點電荷形成的電場D.位于點的正點電荷形成的電場10、以下關(guān)于靜電場電場線的說法，正確的是（）A.在電場中任意兩條電場線一定不相交B.順著電場線方向，電場強度逐漸減小C.電場線是起始于正電荷（或無限遠處），終止于無限遠處（或負電荷）D.電場線上某一點的切線方向總是與電荷在該點的受力方向一致11、如圖用絕緣細絲線懸掛一質(zhì)量為m、帶電荷為q的小球，放在勻強電場中，靜止時細線與豎直方向的夾角為θ；則關(guān)于小球帶的電性和電場強度的大小，下列判斷正確的是（）

A.小球帶正電B.小球帶負電C.D.12、在方向水平的電場中有一粗糙、絕緣的水平面，將一帶電量為的小物體輕放在水平面上，此后小物體做直線運動。以小物體的初始位置為坐標原點O，沿運動方向建立x軸，x軸上各點的電勢隨位置坐標x的變化如圖所示。圖中為曲線，及為直線，圖像曲線部分和直線部分在處相切，已知小物體在處速度為最大值，在處速度恰好為零；說法正確的是（）

A.小物體從O到的過程中由于摩擦產(chǎn)生的熱量為B.小物體運動過程中受到的摩擦力大小為C.的關(guān)系為D.小物體運動過程中的最大動能為13、從太陽或其它星體上放射出的宇宙射線中含有大量的高能帶電粒子。這些高能帶電粒子到達地球會對地球上的生命帶來危害；但由于地球周圍存在地磁場，地磁場能改變宇宙射線中帶電粒子的運動方向，如圖所示，對地球上的生命起到保護作用。假設(shè)所有的宇宙射線從各個方向垂直射向地球表面，那么以下說法正確的是（）

A.地磁場對宇宙射線的阻擋作用各處不相同B.由于南北極磁場最強，因此阻擋作用最強C.沿地球赤道平面射來的高能正電荷向東偏轉(zhuǎn)D.沿地球赤道平面射來的高能負電荷向南偏轉(zhuǎn)評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)14、可再生能源和不可再生能源∶

（1）____、_______、天然氣等化石能源，短期內(nèi)無法恢復(fù)的能源，稱為______能源。

（2）水能、風(fēng)能、潮汐能等能源，歸根結(jié)底來源于太陽能，這些能源在自然界可以再生，稱為______能源。15、非靜電力的作用：在電源內(nèi)部，非靜電力把正電荷從_______搬運到_______，在該過程中非靜電力做功，使電荷的_______增加，將_______轉(zhuǎn)化為電勢能。16、電源是把___________能轉(zhuǎn)化成電能的裝置，這種轉(zhuǎn)化是通過_________________做功來實現(xiàn)的17、伏安法。

（1）原理圖。

（2）主方程：______。

（3）主要器材：滑動變阻器；電流表、電壓表。

（4）實驗設(shè)計：通過調(diào)節(jié)滑動變阻器，只需測出U、I的兩組數(shù)據(jù)，就可以列出兩個關(guān)于E、r的方程，從而解出E、r。18、真空中有兩個相距0.18m的正點電荷是電荷量為正電荷，兩個點電荷間的靜電斥力則帶___________（填“正電”或“負電”），電荷量為___________C．（靜電力常量）19、平行板電容器所帶的電荷量為Q=4×10-8C，電容器兩板間的電壓為U=2V，則該電容器的電容為________；如果將其放電，使其所帶電荷量為原來的一半，則兩板間的電壓為______，兩板間電場強度變?yōu)樵瓉淼腳______倍，此時平行板電容器的電容為______．20、如圖甲所示，真空中水平放置兩塊長度為2d的平行金屬板P、Q，兩板間距為d，兩板間加上如圖乙所示最大值為U0的周期性變化的電壓，在兩板左側(cè)緊靠P板處有一粒子源A，自t=0時刻開始連續(xù)釋放初速度大小為v0，方向平行于金屬板的相同帶電粒子，t=0時刻釋放的粒子恰好從Q板右側(cè)邊緣離開電場，已知電場變化周期粒子質(zhì)量為m，不計粒子所受重力及相互間的作用力，則在t=0時刻進入的粒子離開電場時速度大小為___________，粒子的電荷量為___________；在時刻進入的粒子離開電場時電勢能減少了___________。

21、如圖(a)所示為甲、乙兩燈泡的I-U圖像，根據(jù)圖像，計算甲、乙兩燈串聯(lián)在電壓為220V的電路中時實際發(fā)光的功率分別約為P甲=___，P乙=____.

(a)(b)評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)22、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

23、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。24、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個由四個阻值相同的電阻構(gòu)成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

評卷人得分五、解答題(共1題，共6分)25、如圖所示為研究電子槍中電子在電場中運動的簡化模型示意圖。在Oxy平面的ABCD區(qū)域內(nèi)，存在兩個場強大小均為E的勻強電場I和II，兩電場的邊界均是邊長為L的正方形（不計電子所受重力）。

（1）在該區(qū)域AB邊的中點處由靜止釋放電子，求電子離開ABCD區(qū)域的位置；

（2）在電場I區(qū)域內(nèi)適當位置由靜止釋放電子，電子恰能從ABCD區(qū)域左下角D處離開；求所有釋放點的位置；

（3）若將左側(cè)電場II整體水平向右移動（n≥1），仍使電子從ABCD區(qū)域左下角D處離開（D不隨電場移動）；求在電場I區(qū)域內(nèi)由靜止釋放電子的所有位置。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)電場疊加原理可知，兩個正電荷在f點的合場強方向沿y軸負方向，兩個負電荷在f點合場強沿y軸負方向，所以合場強方向沿y軸負方向，同理可得在g點合場強方向沿y軸正方向；因此場強方向相反，A錯誤；

B．根據(jù)電場疊加原理可知，e、h兩點的電場強度大小相同；方向相反。B錯誤；

C．因為

將質(zhì)子從O移到f電場力做功

將質(zhì)子從O移到f電場力做正功。C錯誤；

D．因為

將電子從O移到e電場力做功

將電子從O移到e電場力做正功。D正確。

故選D。2、C【分析】【詳解】

A．等量正點電荷連線的垂直平分線上存在電場強度最大的位置，由題意可知，兩試探電荷在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，電場力提供向心力，因無法比較兩試探電荷所在位置的電場強度大小，根據(jù)可知，無法比較兩試探電荷的向心力大??；故A錯誤。

BD．根據(jù)電場力提供向心力有

可得

則有

由于電場強度和速度大小無法比較，故無法比較的質(zhì)量和動能大??；故BD錯誤。

C．由題意可知，兩試探電荷在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，兩試探電荷均帶負電，根據(jù)兩等量同種正點電荷連線的垂真平分線上由連線的中點向無窮遠處電勢逐漸降低，以及負電荷在電勢越低的地方電勢能越大可知，的電勢能一定大于B的電勢能；故C正確。

故選C。3、C【分析】【詳解】

A．A點場強最大，試探電荷在A點受到的電場力最大；故A錯誤；

B．試探電荷在A、B兩點受到的電場力方向相反；故B錯誤；

C．B點電勢最低，試探電荷在B點的電勢能最小；故C正確；

D．試探電荷在C、D兩點受到的電場力方向不同；故D錯誤。

故選C。4、C【分析】【分析】

本題主要考查電場力做功的單位：電子伏特與焦耳的換算。

【詳解】

電子伏特是電場力做功的單位，也是能量的單位，表示一個電子電位改變單位伏特時其能量的改變量，則

可得

C正確；ABD錯誤。

故選C。5、D【分析】【詳解】

B.將帶正電荷的物體C移近導(dǎo)體A附近時，由于靜電感應(yīng)，導(dǎo)體A下部的金屬箔都感應(yīng)出負電荷，導(dǎo)體B下部的金屬箔都感應(yīng)出正電荷；選項B錯誤；

AD.達到靜電平衡狀態(tài)以后；導(dǎo)體內(nèi)部的合場強處處為零，但導(dǎo)體上的感應(yīng)電荷在導(dǎo)體內(nèi)部產(chǎn)生的場強不為零，選項A錯誤，D正確；

C.處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是等勢體，如果用一根導(dǎo)線將導(dǎo)體A和B相連；則無電荷流動，兩金屬箔都不變化，選項C錯誤。

故選D。6、A【分析】【詳解】

A．連接A、B；使滑動觸頭順時針轉(zhuǎn)動時，根據(jù)電阻定律，電位器接入電路的電阻增大，電流減小，燈泡變暗，故A正確；

BC．連接A、C；電位器接入電路的電阻不變，電流不變，燈光亮度不變，故BC錯誤；

D．連接B、C；使滑動觸頭順時針轉(zhuǎn)動時，根據(jù)電阻定律，電位器接入電路的電阻減小，電流增大，燈泡變亮。故D錯誤。

故選A。7、D【分析】【詳解】

ABC．當光照減弱時，電阻R的阻值會增大，回路中的電流會減小，電流表示數(shù)會減小，燈泡的亮度會變暗，故ABC錯誤；

D．根據(jù)閉合電路的歐姆定律，由于電流減小，可得，燈泡和內(nèi)阻r的電壓減小，電容器的電壓增加，由電容器的公式

U增大，C不變，則Q會增大；故D正確；

故選D。8、D【分析】【分析】

【詳解】

AC．當P從a滑到b時；電路總電阻變大，總電流變小，電流表的示數(shù)變小，電源的總功率變小，AC錯誤；

B．總電流變小，R1、R2支路的電流不變，通過R3的電流變?。还孰妷罕硎緮?shù)變小，B錯誤；

D．當P在a端時電容器與R2并聯(lián)，電容器兩端電壓UC1＝1V，上極板帶正電；當P在b端時，電容器兩端電壓UC2＝3V；上極板帶負電，所以電容器先放電后充電，D正確。

故選D。

【點睛】

本題考查閉合電路歐姆定律中的含容電路；要注意當無法明確電容器的串并聯(lián)關(guān)系時則應(yīng)先求出兩端的電勢，再求出兩端的電勢差即可求解。二、多選題(共5題，共10分)9、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．從A點運動至點，動能減少了又從點運動至點，動能增加了若為勻強電場則說明為電場的等勢線，故電場方向垂直電子從點運動至點，動能減少，說明靜電力做負功，即電子受到了向左的力，所以電場線方向應(yīng)該垂直于向右；故A錯誤，B正確；

CD．A、到點的距離相等，點的正電荷產(chǎn)生的電場中，電子由到到靜電力不做功，電勢能不發(fā)生變化；點的正電荷產(chǎn)生的電場中，由對稱性可知，電子由到過程中靜電力做負功，由到過程中；靜電力做正功，且做功的絕對值相等，故C錯誤，D正確。

故選BD。10、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．電場線的切線方向就是電場強度的方向；如果兩條電場線在同一點相交，則有兩個切線方向，而事實上電場中的每一點的電場強度只有一個方向，故任意兩條電場線都不會相交，故A正確。

B．電場線的疏密代表電場強度的強弱；電場線越密的地方電場強度越強，順著電場線方向，電場強度不一定減小，故B錯誤。

C．電場線是為了描述電場假想出來的一簇曲線；起始于正電荷（或無限遠處），終止于無限遠處（或負電荷），故C正確。

D．電場線上某點的切線方向總是與正電荷在該點的受力方向一致；與負電荷在該點的受力方向相反，故D錯誤。

故選AC。11、A:C【分析】【詳解】

小球受到向右的電場力，與電場方向相同，所以小球帶正電。根據(jù)三力平衡得

解得

故選AC。12、C:D【分析】【詳解】

A．小物體從O到過程中，是從靜止開始運動，最后又靜止，動能未增加，由能量守恒定律可知，小物體減少的電勢能均轉(zhuǎn)化為摩擦生熱，故摩擦產(chǎn)生的熱量為

故A錯誤；

B．因小物體位于時速度剛好最大，故此時加速度為零，所以其所受摩擦力大小與電場力大小相等，而曲線部分和直線部分在處相切，而為直線，因此區(qū)間內(nèi)為勻強電場，故

因此摩擦力大小為

故B錯誤；

C．小物體從O到過程中由能量守恒定律得

解得

故C正確；

D．小物體在時速度最大，則動能最大，小物體從到過程中由動能定理得

解得

故D正確。

故選CD。13、A:C【分析】【詳解】

AB．高能帶電粒子到達地球受到地磁場的洛倫茲力作用，發(fā)生偏轉(zhuǎn)。粒子在不同的磁場中，所受到的洛倫茲力大小不一，而磁場在南、北兩極的磁場幾乎與地面垂直，在赤道附近磁場的方向幾乎與地面平行，結(jié)合洛倫茲力的特點可知，地磁場對垂直射向地球表面的宇宙射線的阻擋作用在南、北兩極最弱，赤道附近最強，故A正確，B錯誤；

C．根據(jù)左手定則，地磁場會使沿地球赤道平面內(nèi)射來的宇宙射線中的帶正電粒子在洛倫茲力作用下向東偏轉(zhuǎn)，偏向面與赤道平面平行，故C正確；

D．根據(jù)左手定則，地磁場會使沿地球赤道平面內(nèi)射來的宇宙射線中的帶負電粒子在洛倫茲力作用下向西偏轉(zhuǎn)，偏向面與赤道平面平行。故D錯誤。

故選AC。三、填空題(共8題，共16分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2][3]煤；石油、天然氣等化石能源；短期內(nèi)無法恢復(fù)的能源，稱為不可再生能源。

（2）[4]水能、風(fēng)能、潮汐能等能源，歸根結(jié)底來源于太陽能，這些能源在自然界可以再生，稱為可再生能源?！窘馕觥棵菏筒豢稍偕稍偕?5、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3][4]非靜電力的作用：在電源內(nèi)部，非靜電力把正電荷從負極搬運到正極，在該過程中非靜電力做功，使電荷的電勢能增加，將其他形式的能量轉(zhuǎn)化為電勢能?！窘馕觥控摌O正極電勢能其他形式的能量16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]電源就是把其他形式的能轉(zhuǎn)化成電能的裝置，這種轉(zhuǎn)化是通過非靜電力做功來實現(xiàn)的。【解析】其他形式的非靜電力17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】E=U+Ir18、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)同種電荷相互排斥，由于帶正電荷，則帶正電荷；

[2]根據(jù)庫侖力表達式

可得【解析】正電19、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)C=Q/U得，電容器的電容C=＝2×10?8F．

[2]電荷量減半，電容不變，仍然為2×10-8F．則兩板間的電壓

[3]根據(jù)E＝U/d知；電勢差減半，兩板間的距離不變，則電場強度變?yōu)樵瓉淼?.5倍；

[4]此時平行板電容器的電容仍為2×10-8F．【解析】2×10-8F1V0.52×10-8F20、略

【分析】【詳解】

[1]由題意知，t=0時刻進入電場的粒子，水平方向做勻速運動，則

所以粒子在電場中運動時間為

由此可知，粒子在豎直方向先做加速運動后做減速運動，經(jīng)過一個周期，粒子的豎直速度為零，故粒子離開電場時的速度大小等于水平速度，即

[2]粒子在豎直方向一個周期內(nèi)的位移為d，即

解得

[3]時刻進入電場的粒子，離開電場時在豎直方向上的位移為

電場力做功為

電場力做正功，電勢能減少，且【解析】v021、略

【分析】【詳解】

[1][2]．由于兩個燈泡串聯(lián)，兩燈中的電流相等，兩燈的電壓之和等于220V，在題所給I-U圖像中作出垂直于I軸的水平線，此線稱為等電流線，將此線向上平移，直到與兩圖線的交點橫坐標之和等于220V，由P=IU知交點坐標之積，即為兩燈的實際功率，則由圖(b)由圖可以看出，兩燈電壓分別為U1=70V，U2=150V，電流I=18×10-2A