2024年滬教新版選修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教新版選修3物理上冊階段測試試卷752考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、在一個很小的厚度為d的矩形半導(dǎo)體薄片上，制作四個電極E、F、M、N，它就成了一個霍爾元件，如圖所示．在E、F間通入恒定的電流I，同時外加與薄片垂直的磁場B，則薄片中的載流子（形成電流的自由電荷）就在洛倫茲力的作用下，向著與電流和磁場都垂直的方向漂移，使M、N間出現(xiàn)了電壓，稱為霍爾電壓UH．可以證明UH=kIB/d，k為霍爾系數(shù)；它的大小與薄片的材料有關(guān)．下列說法正確的是。

A.若M的電勢高于N的電勢，則載流子帶正電B.霍爾系數(shù)k較大的材料，其內(nèi)部單位體積內(nèi)的載流子數(shù)目較多C.借助霍爾元件能夠把電壓表改裝成磁強計（測定磁感應(yīng)強度）D.霍爾電壓UH越大，載流子受到磁場的洛侖茲力越小2、在勻強磁場中，一個帶電粒子做勻速圓周運動，如果又順利垂直進入另一磁感應(yīng)強度是原來磁感應(yīng)強度2倍的勻強磁場中做勻速圓周運動，則()A.粒子的速率加倍，周期減半B.粒子的速率不變，軌道半徑減半C.粒子的速率減半，軌道半徑變?yōu)樵瓉淼腄.粒子的速率不變，周期不變3、如圖所示，abcd為水平放置的平行光滑金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距為l，電阻不計．導(dǎo)軌間有垂直于導(dǎo)軌平面的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B．金屬桿放置在導(dǎo)軌上，與導(dǎo)軌的接觸點為M、N，并與導(dǎo)軌成角．金屬桿以的角速度繞N點由圖示位置勻速轉(zhuǎn)動到與導(dǎo)軌ab垂直，轉(zhuǎn)動過程金屬桿與導(dǎo)軌始終良好接觸，金屬桿單位長度的電阻為r．則在金屬桿轉(zhuǎn)動過程中（）

A.金屬桿中感應(yīng)電流的方向是由N流向MB.電路中感應(yīng)電流的大小始終減小C.M點電勢低于N點電勢D.電路中通過的電量為4、兩個固定聲源發(fā)出的聲波1和聲波2在空氣中傳播．已知聲波1的頻率是聲波2的3倍，則()A.聲波1的波長是聲波2的3倍B.聲波1的傳播速度是聲波2的3倍C.兩列波相遇會產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象D.遠離這兩個聲源的觀察者，聽到的這兩列波的頻率均比聲源發(fā)出的頻率低5、如圖，圓形區(qū)域內(nèi)有一垂直紙面的勻強磁場，P為磁場邊界上的一點。有無數(shù)帶有同樣電荷、具有同樣質(zhì)量的粒子在紙面內(nèi)沿各個方向以同樣的速率通過P點進入磁場。這些粒子射出邊界的位置均處于邊界的某一段弧上，這段圓弧的弧長是圓周長的1/3。將磁感應(yīng)強度的大小從原來的變?yōu)榻Y(jié)果相應(yīng)的弧長變?yōu)樵瓉淼囊话?，則等于。

A.2B.C.D.36、如圖所示，是完全相同的燈泡，L為直流電阻可忽略的自感線圈；開關(guān)S原來接通，當(dāng)開關(guān)S斷開時，下面說法正確的是（電源內(nèi)阻不計）（）

A.閃亮一下后熄滅B.閃亮一下后恢復(fù)原來的亮度C.變暗一下后恢復(fù)原來的亮度D.閃亮一下后恢復(fù)原來的亮度評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、如圖是一個說明示波管工作的原理圖，電子經(jīng)加速后以速度垂直進入偏轉(zhuǎn)電場，離開偏轉(zhuǎn)電場時偏轉(zhuǎn)量是兩平行板間的距離為電勢差是板長是每單位電壓引起的偏移量（）叫做示波管的靈敏度，為了提高靈敏度，可采用的方法是（）

A.增大兩極板間電勢差B.盡可能使極板長做得長些C.盡可能使板間距離減小些D.使電子的入射速率大些8、如圖所示；在xOy平面內(nèi)有兩根平行于y軸水平放置的長直導(dǎo)線，通有沿y軸正向；大小相同的電流I，兩導(dǎo)線關(guān)于y軸對稱，P為x軸上一點，Q為z軸上一點，下列說法正確的是（）

A.O點處的磁感應(yīng)強度為零B.P點處的磁感應(yīng)強度方向沿z軸正向C.Q點處的磁感應(yīng)強度方向沿x軸正向D.正電荷沿y軸運動時，不受洛倫茲力作用9、汽缸用活塞封閉一定量的理想氣體，氣體開始處于狀態(tài)然后經(jīng)過過程到達狀態(tài)第二次經(jīng)過過程到狀態(tài)狀態(tài)溫度相同，如圖所示。設(shè)氣體在狀態(tài)和狀態(tài)的壓強分別為和在過程和中吸收的熱量分別為和則（）

A.B.C.D.10、下列說法正確的是__________。A.氣體分子的體積是指每個氣體分子平均所占有的空間體積B.對于理想氣體，只要能增加氣體分子熱運動的劇烈程度，氣體的溫度就可以升高C.外界對物體做功，物體內(nèi)能一定增大E.溫度不變時，飽和汽壓不隨體積的變化而變化E.溫度不變時，飽和汽壓不隨體積的變化而變化11、下列說法中正確的是（）A.晶體都具有各向異性B.理想氣體，等壓膨脹過程一定吸熱C.封閉在容器內(nèi)的氣體很難被壓縮，說明氣體分子間存在斥力E.第二類永動機不能制成是因為自然界中涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性E.第二類永動機不能制成是因為自然界中涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性12、如圖所示為遠距離輸電示意圖，兩變壓器均為理想變壓器，交流發(fā)電機的輸出電壓的有效值恒為U1、輸電線的總電阻r；用戶所用的電器（均為純電阻）、降壓變壓器匝數(shù)均不變．若增大升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比；則下列判斷正確的是。

A.升壓變壓器原線圈中的電流減小B.輸電線上損失的功率增大C.輸電線上的總電壓增大D.用戶所用電器的總電流減小13、如圖所示，在光滑水平面上停放質(zhì)量為m裝有弧形槽的小車．現(xiàn)有一質(zhì)量為2m的小球以v0的水平速度沿切線水平的槽口向小車滑去(不計摩擦)；到達某一高度后，小球又返回小車右端，則()

A.小球在小車上到達的最大高度為B.小球離車后，對地將做自由落體運動C.小球離車后，對地將向右做平拋運動D.此過程中小球?qū)囎龅墓?4、水平面上的A、B兩球沿一直線運動并發(fā)生正碰，如圖所示為兩球碰撞前、后的位移隨時間變化的圖象，a、b分別為A、B兩球碰前圖象，c為碰撞后兩球共同運動的圖象，已知A球質(zhì)量是m=2kg；則由圖象判斷下列結(jié)論正確的是（）

A.由圖象可知碰撞前A球做勻減速直線運動，B球做勻加速直線運動B.碰撞前后A球動量變化量大小為4kg?m/sC.B球質(zhì)量為kgD.A、B兩球碰撞前的總動量為3kg?m/s評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、一定質(zhì)量的某種理想氣體，體積保持不變時，分子的數(shù)密度保持不變，溫度升高時，分子的平均動能______（填“增大”或“減小”），氣體的壓強______（填“增大”或“減小”）。16、模塊機器人的控制器內(nèi)存有5種控制方法；可使用的傳感器大致有5類；列表如下：

。序號。

控制方法。

序號。

傳感器。

01

即時控制。

01

位移傳感器。

02

延遲控制。

02

聲傳感器。

03

“與”門控制。

03

溫度傳感器。

04

“或”門控制。

04

光傳感器。

05

“非”門控制。

05

磁傳感器。

執(zhí)行器模塊為小燈模塊、電動機模塊。某同學(xué)要設(shè)計一個裝置，當(dāng)有光照射且有聲音時，電動機才會轉(zhuǎn)，則應(yīng)選擇的控制器序號為______，應(yīng)使用的傳感器序號為______。17、一定質(zhì)量的理想氣體，狀態(tài)經(jīng)A→B→C→A的變化過程可用如圖所示的p-V圖線描述，其中C→A為等溫過程，氣體在狀態(tài)A時溫度為該氣體在狀態(tài)B時的溫度為______K，C→A過程中氣體______（填“吸熱”或“放熱”）。

18、一定量的理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，再變化到狀態(tài)c，再回到狀態(tài)a，該過程的圖線如圖所示，則氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b過程內(nèi)能______（填“增大”、“減小”或“不變”）；氣體從狀態(tài)b變化到狀態(tài)c過程溫度____________（填“升高”、“降低”或“不變”），氣體從狀態(tài)c變化到狀態(tài)a過程_______（填“吸收”；“放出”或“不吸收也不放出”）熱量。

19、帶有活塞的汽缸中封有一定質(zhì)量的理想氣體，缸內(nèi)氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，如圖所示。設(shè)氣體在狀態(tài)A時的壓強為pA，體積為VA，溫度為TA，到狀態(tài)B時的溫度為TB。此過程中，汽缸單位面積上所受氣體分子撞擊的作用力____（選填“變大”“不變”或“減小”），____（選填“氣體對外做功”或“外界對氣體做功”）的絕對值為____，缸內(nèi)氣體____（選填“吸收”或“放出”）熱量。

20、如圖所示為某磁場的磁感線分布情況，圖中M點的磁感應(yīng)強度_________(填“大于”；“等于”或“小于”)P點的磁感應(yīng)強度．

21、如圖所示，一質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球從距地面為h處，以初速度v0水平拋出，在小球運動的區(qū)域里，加有與小球初速度方向相反的勻強電場，若小球落地時速度方向恰好豎直向下，小球飛行的水平距離為L，小球落地時動能Ek=__________，電場強度E=_____________．

22、如圖R為一含有的放射源，它能放出三種射線變?yōu)闉橐粡埡駡蠹?；MN為一光屏，虛線框內(nèi)存在著勻強磁場在屏上只有O、P兩個亮點則打在P點的是______射線；衰變?yōu)橐?jīng)過多次衰變和衰變，其中要經(jīng)過的衰變次數(shù)為______．

23、如圖所示：A，B，C，D是勻強電場中一正方形的四個頂點．已知A，B，C三點的電勢分別為φA=15V，φB=3V，φC=－3V，則D點的電勢為_________V．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)24、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

25、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

26、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、解答題(共2題，共14分)27、如圖所示，電源的電動勢E＝24V，內(nèi)阻r＝1Ω，電阻R＝2Ω，M為直流電動機，其電阻r′＝1Ω，電動機正常工作時，其兩端所接電壓表讀數(shù)為UV＝21V；求：

（1）回路中的電流是多少？

（2）電動機的發(fā)熱功率是多少？

（3）電動機機械功率是多少？

（4）電源的效率是多少？28、如圖所示,離子發(fā)生器發(fā)射出一束質(zhì)量為m、電荷量為q的離子,從靜止經(jīng)加速電壓U1加速后,獲得速度v0,并沿垂直于電場方向射入兩平行板中央,受偏轉(zhuǎn)電壓U2作用后,以速度v離開電場.已知平行板長為L,兩板間距離為d,求：

（1）v0的大?。?/p>

（2）離子在偏轉(zhuǎn)電場中運動的時間t；

（3）離子在離開偏轉(zhuǎn)電場時的偏移量y；

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【詳解】

根據(jù)左手定則可知正流子向N偏轉(zhuǎn)，即N帶正電，N的電勢高于M的電勢，A錯誤；設(shè)上下兩個表面相距為L，電子所受的電場力等于洛侖茲力設(shè)材料單位體積內(nèi)電子的個數(shù)為n，材料截面積為S，聯(lián)立解得：令則所以根據(jù)可知單位體積內(nèi)的載流子數(shù)目，隨著霍爾系數(shù)越大，而越小，B錯誤；根據(jù)可得故借助霍爾元件能夠把電壓表改裝成磁強計（測定磁感應(yīng)強度），C正確；載流子受到的洛倫茲力霍爾電壓UH越大，載流子受到磁場的洛侖茲力越大，D錯誤．2、B【分析】【詳解】

由洛倫茲力提供向心力，，解得解得．

A；D項；由動能定理，洛侖茲力對粒子不做功，所以粒子的速率不變，磁感應(yīng)強度是原來的2倍，則周期減半，故A、D項錯誤．

B；C項；由上面分析可知，粒子的速率不變，磁感應(yīng)強度是原來的2倍，半徑減半，故B項正確，C項錯誤．

綜上所述，本題正確答案為B．3、B【分析】【詳解】

A.根據(jù)楞次定律可得回路中的感應(yīng)電流方向為順時針，所以金屬桿中感應(yīng)電流的方向是由M流向N；故A錯誤；

B.設(shè)MN在回路中的長度為L，其接入電路的電阻為R=rL，根據(jù)導(dǎo)體轉(zhuǎn)動切割磁感應(yīng)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小計算公式可得感應(yīng)電流的大小為：由于B、ω、r都是定值而L減小，所以電流I大小始終減小；故B正確；

C.由于導(dǎo)軌電阻不計，所以路端電壓為零，即MN兩點間的電壓為零，M、N兩點電勢相等；故C錯誤；

D.由于導(dǎo)體棒MN在回路中的有效切割長度逐漸減小，所以接入電路的電阻R逐漸減小，不能根據(jù)計算通過電路的電量小于故D錯誤．4、D【分析】【詳解】

兩列聲波在同一空間的空氣中沿同一方向傳播，波速相同，故B錯誤；根據(jù)可知聲波1的波長是聲波2的故A錯誤；根據(jù)題意可知聲波1的頻率是聲波2的3倍，據(jù)兩列波發(fā)生干涉的必要條件是頻率相同，所以在這兩列波傳播的方向上，不會產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，故C錯誤；由于多普勒效應(yīng)，遠離這兩個聲源的觀察者，聽到的這兩列波的頻率均比聲源發(fā)出的頻率低，故D正確．5、B【分析】【分析】

畫出導(dǎo)電粒子的運動軌跡；找出臨界條件好角度關(guān)系，利用圓周運動由洛侖茲力充當(dāng)向心力，分別表示出圓周運動的半徑，進行比較即可。

【詳解】

磁感應(yīng)強度為B1時；從P點射入的粒子與磁場邊界的最遠交點為M，最遠的點是軌跡上直徑與磁場邊界圓的交點，∠POM=120°，如圖所示：

所以粒子做圓周運動的半徑R為：sin60°=得：

磁感應(yīng)強度為B2時；從P點射入的粒子與磁場邊界的最遠交點為N，最遠的點是軌跡上直徑與磁場邊界圓的交點，∠PON=60°，如圖所示：

所以粒子做圓周運動的半徑R′為：sin30°=得：

由帶電粒子做圓周運動的半徑：得：

聯(lián)立解得：

故選：B。

【點睛】

帶電粒子在電磁場中的運動一般有直線運動、圓周運動和一般的曲線運動；直線運動一般由動力學(xué)公式求解，圓周運動由洛侖茲力充當(dāng)向心力，一般的曲線運動一般由動能定理求解。6、D【分析】【分析】

【詳解】

自感線圈L的電感量對直流電不起作用，加上其電阻忽略，所以開關(guān)S接通時，L1是滅的，L2和L3同等亮度．當(dāng)S斷開時，L1和L2變成串聯(lián)，則L1會由滅變亮，而L2亮度減半，L1和L2同等亮度．S斷開瞬間，L中的電流減半，由于自感存在，儲存其內(nèi)的電感能量會釋放一些，L3參與了L的電流變化回路，所以L3會閃亮一下．L2沒參與L的電流變化回路，所以L2不會閃亮．故D正確，ABC錯誤．二、多選題(共8題，共16分)7、B:C【分析】【詳解】

設(shè)電子的電量為質(zhì)量為加速度為運動的時間為則加速度：

運動時間

偏轉(zhuǎn)量

所以示波管的靈敏度：

通過公式可以看出，提高靈敏度可以采用的方法是：加長板長減小兩板間距離和減小入射速度故BC正確，AD錯誤．

點睛：該題本意是考查帶電粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)，要熟記偏轉(zhuǎn)量的公式以及它的推導(dǎo)的過程．8、A:B【分析】【詳解】

根據(jù)安培定則可判斷出電流產(chǎn)生的磁場方向如圖所示：

兩電流在O點處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度等大反向，合磁感應(yīng)強度為零，故A正確；兩電流在P點的磁場方向相反，疊加后合磁場方向沿z軸正方向，故B正確；兩電流在z軸正方向上Q點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度矢量疊加后，沿x軸負方向，故C錯誤；正電荷從O點沿z軸向上運動，由左手定則判斷其受沿y軸正方向的洛倫茲力作用，故D錯誤。所以AB正確，CD錯誤。9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

圖象的斜率為因此過程體積變大；溫度升高由熱力學(xué)第一定律可知。

因此。

過程溫度升高；體積不變由熱力學(xué)第一定律可知。

因此。

由于。

所以。

故選BC。10、B:D:E【分析】【詳解】

A．氣體粒子之間的距離遠大于粒子本身的直徑；所以氣體分子的體積小于每個氣體分子平均所占有的空間體積，故A錯誤；

B．溫度是分子平均動能的標(biāo)志；增加氣體分子熱運動的劇烈程度，氣體溫度就可以升高，故B正確；

C．氣體對外界做功；同時從外界吸收熱量，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，物體的內(nèi)能可能增加；減小或不變，故C錯誤；

D．單晶體具有各向異性；多晶體和非晶體具有各向同性，都是按照一定的規(guī)則排列的，具有空間上的周期性，故D正確；

E．在一定溫度下；飽和蒸氣的分子數(shù)密度是一定的，因而其壓強也是一定的，這個壓強叫做飽和蒸氣壓力。溫度不變時，飽和汽壓不隨體積的變化而變化，故E正確。

故選BDE。11、B:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．單晶體具有各向異性；多晶體各向同性，選項A錯誤；

B．理想氣體；等壓膨脹過程,溫度升高，內(nèi)能增大，且對外做功，則一定吸熱，選項B正確；

C．封閉在容器內(nèi)的氣體很難被壓縮；這是大氣壓的緣故，與氣體分子間的斥力無關(guān)，選項C錯誤；

D．物體的溫度越高；物體中分子的無規(guī)則運動就越劇烈，選項D正確；

E．第二類永動機不能制成是因為自然界中涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性；選項E正確；

故選BDE。12、A:D【分析】【詳解】

A.設(shè)用戶所用的電器的等效電阻為R，升壓變壓器和降壓變壓器的原、副線圈匝數(shù)比分別為k1:1、k2:1，則降壓變壓器的原線圈的等效電阻而得同理，升壓變壓器的原線圖的等效電阻故k1增大，R1也增大，升壓變壓器原線圈中的電流減??；選項A正確。

B.由可知，k1增大時，U2減小，輸電線上的電流減小，輸電線上損失的功率減??；選項B錯誤。

C.輸電線上的總電壓U=I2r減??；選項C錯誤。

D.由得，用戶所用電器的總電流I4=k2I3=k2I2減小，選項D正確13、A:D【分析】【分析】

小球和小車組成的系統(tǒng)在水平方向上動量守恒；當(dāng)小球上升的最高點時，豎直方向上的速度為零，水平方向上與小車具有相同的速度，結(jié)合動量守恒和能量守恒求出上升的最大高度．根據(jù)動量守恒定律和能量守恒求出小球返回右端時的速度，從而得出小球的運動規(guī)律，根據(jù)動能定理得出小球?qū)π≤囎龉Φ拇笮。?/p>

【詳解】

設(shè)小球離開小車時，小球的速度為v1，小車的速度為v2，整個過程中動量守恒，以向左為正方向，由動量守恒定律得：2mv0=mv1+2mv2，由動能守恒定律得：解得：所以小球與小車分離后對地將向左做平拋運動，故BC錯誤；當(dāng)小球與小車的水平速度相等時，小球弧形槽上升到最大高度，設(shè)該高度為h，系統(tǒng)在水平方向動量守恒，以向左為正方向，在水平方向，由動量守恒定律得：2mv0=3m?v，由機械能守恒定律得：解得：故A正確；對小車運用動能定理得，小球?qū)π≤囎龉Γ汗蔇正確．所以AD正確，BC錯誤．

【點睛】

本題考查了動量守恒定律和能量守恒定律的綜合，知道當(dāng)小球與小車的水平速度相等時，小球上升到最大高度．14、B:C【分析】【詳解】

A．由x﹣t圖象的斜率表示速度；因此碰撞前A；B兩球都是勻速運動，故A錯誤；

B．碰撞前有：vA=﹣3m/s，vB=2m/s，碰撞后有：vA′=vB′=﹣1m/s；碰撞前后A的動量變化為：△PA=mvA′﹣mvA=2×（﹣1）﹣2×（﹣3）=4kg?m/s；故B正確；

C．根據(jù)動量守恒定律，碰撞前后B的動量變化為：△PB=﹣△PA=﹣4kg?m/s，又：△PB=mB（vB′﹣vB），所以解得：mB=kg；故C正確；

D．所以A與B碰撞前的總動量為：P總=mvA+mBvB=2×（﹣3）+×2=﹣kg?m/s，故D錯誤．三、填空題(共9題，共18分)15、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】增大增大16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由題意知；當(dāng)有光照射且有聲音時，電動機才會轉(zhuǎn)，因此控制器為：“與”門控制。

故選03。

[2]有光照射且有聲音時，電動機才會轉(zhuǎn)，說明傳感器能感受光與聲音的變化，需要04光傳感器與02聲傳感器?！窘馕觥?302，0417、略

【分析】【詳解】

[1]A→B等壓變化過程中，根據(jù)蓋—呂薩克定律

代入已知條件，可得

[2]在C→A等溫變化過程中

又由于體積減小，外界對系統(tǒng)做正功

根據(jù)熱力學(xué)第一定律

可得

故氣體放熱?！窘馕觥?00放熱18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]ab為過原點的直線；根據(jù)。

壓強隨著體積的減小而增大；溫度不變，所以內(nèi)能不變。

[2]氣體從狀態(tài)b變化到狀態(tài)c過程；壓強減小，體積也減小，根據(jù)公式。

可知溫度降低。

[3]氣體從狀態(tài)c變化到狀態(tài)a過程；根據(jù)公式。

壓強不變，體積增大對外做功，溫度升高，吸收熱量。【解析】不變降低吸收19、略

【分析】【詳解】

[1]．缸內(nèi)氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B為等壓變化，故氣缸單位面積上所受氣體分子撞擊的作用力不變；

[2][3]．氣體體積變大；對外做功；

由可得

則氣體對外做功的絕對值

[4]．理想氣體對外做功的同時，溫度升高，內(nèi)能增大，根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+Q可知：△U＞0，W＜0，所以Q＞0．即氣體吸收熱量．【解析】不變氣體對外做功吸收20、略

【分析】【詳解】

如圖；M點處磁感線比P點處磁感線密，則M點的磁感應(yīng)強度大于P點的磁感應(yīng)強度．

【點睛】

磁感線可以形象表示磁場的強弱和方向，磁感線的疏密表示磁場的強弱，磁感線越密，磁感應(yīng)強度越大．磁感線的切線方向表示磁場的方向．【解析】大于21、略

【分析】【詳解】

[1]把小球的運動分解到水平和豎直方向，豎直方向做自由落體運動，水平方向作用下做勻減速運動。由小球落地時速度方向恰好豎直向下，知落地時v0恰好減為零，落地時速度為

落地時的動能為

解得

[2]豎直方向

水平方向

聯(lián)立可得【解析】mgh22、略

【分析】【詳解】

因為粒子的貫穿本領(lǐng)較小，一張紙即可把它擋住，所以亮斑中不可能有射線，因為射線不帶電，所以不受磁場約束，直接打在O點，所以打在P點的是射線；

衰變?yōu)橘|(zhì)量數(shù)減小16，電荷數(shù)減小6．

由于原子核經(jīng)過一次衰變；電荷數(shù)減小2，質(zhì)量數(shù)減小4；

經(jīng)過一次衰變后電荷數(shù)增加1，質(zhì)量數(shù)不變，所以要經(jīng)過的衰變次數(shù)為

【點睛】

本題考查了三種射線的特點，知道α、β和γ電離本領(lǐng)依次減弱，貫穿本領(lǐng)依次增強，γ射線不帶電．要知道α衰變、β衰變的實質(zhì)和衰變前后生成物的電荷數(shù)、質(zhì)量數(shù)的變化．【解析】423、略

【分析】【詳解】

試題分析：連接AC，將AC三等分，標(biāo)上三等分點E、F，則根據(jù)勻強電場中沿電場線方向相等距離，電勢差相等可知，E點的電勢為3V，F(xiàn)點的電勢為9V．連接BE，則BE為一條等勢線，根據(jù)幾何知識可知，DF∥BE，則DF也是一條等勢線，所以D點電勢．

考點：考查了等勢面；電勢，勻強電場中電場強度與電勢差關(guān)系。

【名師點睛】

本題關(guān)鍵是找到等勢點，作出等勢線．電場線與等勢面之間的關(guān)系要理解，常常是作電場線的依據(jù)．【解析】9V四、作圖題(共3題，共24分)24、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方