2024年滬科版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年滬科版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、某帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)線、粒子在A點(diǎn)的初速度及運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，可以判定(）A.粒子在A點(diǎn)的加速度大于它在B點(diǎn)的加速度B.粒子在A點(diǎn)的動(dòng)能小于它在B點(diǎn)的動(dòng)能C.粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于它在B點(diǎn)的電勢(shì)能D.A點(diǎn)的電勢(shì)低于B點(diǎn)的電勢(shì)2、關(guān)于磁感線，下列說法正確的是(）A.磁感線是小磁針受磁場(chǎng)力后運(yùn)動(dòng)的軌跡B.磁感線是磁場(chǎng)中實(shí)際存在的線C.磁感線上某點(diǎn)的切線方向跟該點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向一致D.磁感線始于磁體的N極，終止于磁體的S極3、電容器是一種常用的電子元件。對(duì)電容器認(rèn)識(shí)正確的是（）A.電容器的電容表示其儲(chǔ)存電荷能力B.電容器的電容與它所帶的電量成正比C.電容器的電容與它兩極板間的電壓成正比D.電容的常用單位有μF和pF，1μF＝103pF4、一列波從一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)時(shí)，下列說法正確的是（）A.頻率發(fā)生變化，波長(zhǎng)和波速不發(fā)生變化B.波長(zhǎng)發(fā)生變化，頻率和波速不發(fā)生變化C.波速發(fā)生變化，頻率和波長(zhǎng)不發(fā)生變化D.波長(zhǎng)和波速發(fā)生變化，頻率不發(fā)生變化5、為了測(cè)出自感線圈的直流電阻，可采用如圖所示的電路.

在測(cè)量完畢后將電路解體時(shí)應(yīng)該(

)

A.首先斷開開關(guān)S1

B.首先斷開開關(guān)S2

C.首先拆除電源D.首先拆除安培表6、一質(zhì)量為m

的人站在電梯中，電梯加速上升，加速度的大小為13gg

為重力加速度.

人對(duì)電梯底部的壓力為()A.13mg

B.2mg

C.mg

D.43mg

評(píng)卷人得分二、雙選題(共2題，共4分)7、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解8、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解評(píng)卷人得分三、多選題(共9題，共18分)9、(

多選)

如圖所示，金屬桿ab

以恒定的速率v

在光滑平行導(dǎo)軌上向右滑行，設(shè)整個(gè)電路中總電阻為R(

恒定不變)

整個(gè)裝置置于垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，下列敘述正確的是()

A.ab

桿中的電流與速率v

成正比B.磁場(chǎng)作用于ab

桿的安培力與速率v

成正比C.電阻R

上產(chǎn)生的電熱功率與速率v

成正比D.外力對(duì)ab

桿做功的功率與速率v

的二次方成正比10、如圖所示，在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，水平放置著一根長(zhǎng)直流導(dǎo)線，電流方向指向讀者，abcd

是以直導(dǎo)線為圓心的同一圓周上的四點(diǎn)，在這四點(diǎn)中(??)

A.ab

兩點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度相同B.a

點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度最小。

C.b

點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度最大D.cd

兩點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度相同11、如圖為某兩個(gè)電阻的U鈭?I

圖象；則(

)

A.兩電阻之比R1R2=21

B.把兩電阻串聯(lián)后接入電路，則消耗功率P1P2=12

C.把兩電阻串聯(lián)后接入電路，則消耗功率P1P2=21

D.把兩電阻并聯(lián)后接入電路，則消耗功率P1P2=12

12、如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)方向豎直向下，在此電場(chǎng)中有abcd

四個(gè)帶電粒子(

不計(jì)粒子間的相互作用)

各以水平向左、水平向右、豎直向上和豎直向下的速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則下列說法錯(cuò)誤的是(

)

A.ab

帶同種電荷且電勢(shì)能均不變B.cd

帶異種電荷C.d

的電勢(shì)能減小，重力勢(shì)能也減小D.c

的電勢(shì)能減小，機(jī)械能增加13、均勻?qū)Ь€制成的單匝正方形閉合線框abcd，每邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，總電阻為R，總質(zhì)量為m．將其置于磁感強(qiáng)度為B的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)上方h處，如圖所示．線框由靜止自由下落，線框平面保持在豎直平面內(nèi)，且cd邊始終與水平的磁場(chǎng)邊界平行．重力加速度為g．當(dāng)cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)（）A.線框電流方向?yàn)閍→c→d→b→aB.線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小E=2BLC.cd兩點(diǎn)間的電勢(shì)差U=BLD.若此時(shí)線框加速度大小恰好為則線框下落的高度一定滿足h=14、如圖所示，子彈水平射入放在光滑水平地面上靜止的木塊，子彈未穿透木塊，此過程木塊動(dòng)能增加了6J，那么此過程產(chǎn)生的內(nèi)能可能為（）A.16JB.12JC.6JD.4J15、如圖所示，如圖所示，大小可以不計(jì)的帶有同種電荷的小球A和B互相排斥，靜止時(shí)兩球位于同一水平面，絕緣細(xì)線與豎直方向的夾角分別為α和β，且α＜β，由此可知（）A.A球的質(zhì)量較大B.B球的質(zhì)量較大C.兩球所受電場(chǎng)力大小相等，但B球受的拉力較大D.兩球接觸后，再靜止下來，兩球所受電場(chǎng)力大小相等，兩絕緣細(xì)線與豎直方向的夾角變?yōu)棣痢?、β′，則仍有α′＜β′16、有一個(gè)垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，它的邊界MN

左側(cè)為無(wú)場(chǎng)區(qū)，右側(cè)是勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，如圖(

甲)

所示，現(xiàn)讓一個(gè)金屬線框在紙平面內(nèi)以垂直于MN

的恒定速度從MN

左側(cè)進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，線框中的電流隨時(shí)間變化的i

鈭?

t

圖象如圖(

乙)

所示；則進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域的金屬線框可能是下圖的()

A.B.C.D.17、圖甲為一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0.10s

時(shí)刻的波形圖；P

是平衡位置為x=1m

處的質(zhì)點(diǎn)，Q

是平衡位置為x=4m

處的質(zhì)點(diǎn)，圖乙為質(zhì)點(diǎn)Q

的振動(dòng)圖象，則(

)

A.t=0.15s

時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q

的加速度達(dá)到正向最大B.t=0.15s

時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P

的運(yùn)動(dòng)方向沿y

軸負(fù)方向C.從t=0.10s

到t=0.25s

該波沿x

軸正方向傳播了6m

D.從t=0.10s

到t=0.25s

質(zhì)點(diǎn)P

通過的路程為30cm

評(píng)卷人得分四、填空題(共1題，共9分)18、本題為選做題，考生只選擇一題作答．鈭?A.(

本題供使用選修1鈭?1

教材的考生作答)

螺線管的匝數(shù)為n=1500

匝，橫截面積S=20cm2

螺線管平面與磁場(chǎng)方向垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度B

隨時(shí)間t

變化的規(guī)律如圖所示.t=2s

時(shí)，穿過螺線管的磁通量為________Wb

感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為________V

．

24鈭?B.(

本題供使用選修3鈭?1

教材的考生作答)

如圖所示；在同一條電場(chǎng)線上有AB

兩點(diǎn)，電荷量q=6隆脕10鈭?6C

的正點(diǎn)電荷在A

點(diǎn)的電勢(shì)能為________J

將該點(diǎn)電荷由A

移到B

點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為________J

．

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【解析】試題分析：由電場(chǎng)線可知，B點(diǎn)的電場(chǎng)線密，所以B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大，粒子受的電場(chǎng)力大，加速度也就大，所以A錯(cuò)誤；粒子受到的電場(chǎng)力指向曲線彎曲的內(nèi)側(cè)，所以受到的電場(chǎng)力的方向是沿電場(chǎng)線向上的，所以粒子從A到B的過程中，電場(chǎng)力做正功，電荷的電勢(shì)能減小，動(dòng)能增加，所以粒子在A點(diǎn)的動(dòng)能小于它在B點(diǎn)的動(dòng)能，所以B正確C錯(cuò)誤；沿電場(chǎng)線的方向，電勢(shì)降低，所以A點(diǎn)的電勢(shì)大于B點(diǎn)的電勢(shì)，所以D錯(cuò)誤．故選B．考點(diǎn)：電場(chǎng)線；電場(chǎng)強(qiáng)度；電勢(shì)能．【解析】【答案】B2、C【分析】試題分析:小磁針北極在某點(diǎn)所受的磁力方向跟該點(diǎn)磁感線的方向相同，并不是運(yùn)動(dòng)的軌跡，故A錯(cuò)誤；磁感線是理想化的物理模型，實(shí)際上不存在，故B錯(cuò)誤；磁感線上某點(diǎn)的切線方向跟該點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向一致，故C正確；在磁體的內(nèi)部，磁感線從磁體的S出發(fā)回到N極，故D錯(cuò)誤；考點(diǎn)：磁感線【解析】【答案】C3、A【分析】【解析】【答案】A4、D【分析】【解析】【答案】D5、B【分析】解：若先斷開開關(guān)S1

或先拆去電流表或先拆去電阻R

由于L

的自感作用都會(huì)使L

和電壓表組成回路，原先L

中有較大的電流通過，現(xiàn)在這個(gè)電流將通過電壓表，造成電表?yè)p壞，所以實(shí)驗(yàn)完畢應(yīng)先斷開開關(guān)S2

故選：B

先進(jìn)行ACD

三項(xiàng)操作都會(huì)發(fā)生自感現(xiàn)象；在電壓表中有強(qiáng)電流流過，發(fā)熱過多，造成儀器燒壞．

本題考查了自感線圈的自感作用，在斷開電源的瞬間L

相當(dāng)于電源，結(jié)合實(shí)驗(yàn)安全原則，應(yīng)先消除自感現(xiàn)象．【解析】B

6、D【分析】略【解析】D

二、雙選題(共2題，共4分)7、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯(cuò)誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯(cuò)誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B8、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯(cuò)誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯(cuò)誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B三、多選題(共9題，共18分)9、ABD【分析】【分析】(1)

根據(jù)E=BLv

求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；再根據(jù)歐姆定律得出電流強(qiáng)度，從而知道電流強(qiáng)度與速率v

的關(guān)系；

(2)

根據(jù)FAA=BIL

得出安培力與與速率的關(guān)系；

(3)

根據(jù)P=I22R

得出電功率與速率的關(guān)系；

(4)

因?yàn)閷?dǎo)體桿做勻速運(yùn)動(dòng)，所以F=FAA；根據(jù)P=Fv

得出外力功率與速率的關(guān)系。

解決本題的關(guān)鍵掌握導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv

以及安培力的公式FAA=BIL

【解答】A.電動(dòng)勢(shì)E=BLv

則電流強(qiáng)度I=ER=BLvR

得知電流強(qiáng)度與速率成正比，故A正確；

B.安培力FA=BIL=B2L2vR

由此可知，安培力與速率成正比，故B正確；

C.根據(jù)P=I2RI=BLvR

則P=B2L2v2R

則知電阻R

產(chǎn)生的熱功率與速率的平方成正比，故C錯(cuò)誤；

D.桿做勻速運(yùn)動(dòng)，由平衡條件可知，外力F=FA=B2L2vR

外力功率，P=Fv=B2L2v2R

則知外力的功率與速率的平方成正比，故D正確。

故選ABD?！窘馕觥緼BD

10、BC【分析】解：根據(jù)安培定則；直線電流的磁感應(yīng)強(qiáng)度如圖。

根據(jù)平行四邊形定則，abcd

各個(gè)點(diǎn)的磁場(chǎng)情況如圖。

顯然，ab

兩點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度強(qiáng)度大小相等；方向不同；

c

點(diǎn)與d

點(diǎn)合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等；方向不同；

a

點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度為兩點(diǎn)之差的絕對(duì)值；最??；

b

點(diǎn)電磁感應(yīng)強(qiáng)度等于兩個(gè)磁感應(yīng)強(qiáng)度的代數(shù)和；最大；

故選：BC

．

該題考察了磁場(chǎng)的疊加問題.

用右手定則首先確定通電直導(dǎo)線在abcd

四點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)的方向；利用矢量的疊加分析疊加后磁場(chǎng)大小變化和方向，從而判斷各選項(xiàng)．

磁感應(yīng)強(qiáng)度既有大小，又有方向，是矢量.

它的合成遵循矢量合成的平行四邊形法則．【解析】BC

11、ACD【分析】解：A

由圖象可知：U=6VI1=1AI2=2A

根據(jù)歐姆定律可知，R1R2=I2I1=2A1A=21

故A正確；

B；把兩電阻串聯(lián)后接入電路；電流相等，根據(jù)公式P=I2R

功率與電阻成正比，故P1P2=R1R2=21

故B錯(cuò)誤，C正確；

D、并聯(lián)后接入電路，電壓相等，根據(jù)公式P=U2R

可知；功率與電阻成反比，故P1P2=R2R1=12

故D正確．

故選：ACD

．

由圖可知電阻的電壓和電流值；根據(jù)歐姆定律可知即可求出電阻之比；

根據(jù)串聯(lián)電路電流相等和并聯(lián)電路電壓相等利用電功率P=U2R=I2R

即可比較功率之比．

本題考查串并聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律、電功率公式的應(yīng)用，關(guān)鍵能根據(jù)題意靈活選擇功率公式進(jìn)行分析求解．【解析】ACD

12、BC【分析】解：A

因abcd

四個(gè)帶電微粒分別水平向左、水平向右、豎直向下、豎直向上作勻速直線運(yùn)動(dòng)，可知它們都處于平衡狀態(tài)，四個(gè)微粒均受到豎直向上的電場(chǎng)力作用，可知四個(gè)微粒都帶同種電荷，且都為負(fù)電荷，ab

在水平方向上運(yùn)動(dòng)；電場(chǎng)力不做功，所以電勢(shì)能不變，故A正確，B錯(cuò)誤；

C；d

豎直向下運(yùn)動(dòng)；電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，重力做正功，機(jī)械能減少，機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電勢(shì)能，故C錯(cuò)誤；

D；c

豎直向上運(yùn)動(dòng)；電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，電勢(shì)能減少，機(jī)械能增加，故D正確．

本題選錯(cuò)誤的；故選：BC

．

首先根據(jù)運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)判斷四個(gè)質(zhì)點(diǎn)的受力情況；得出均受力平衡且受到的電場(chǎng)力的方向都向上的結(jié)論，從而判斷電性是相同的；在從四個(gè)帶電液滴的運(yùn)動(dòng)方向上來判斷重力和電場(chǎng)力做功的正負(fù)，并判斷電勢(shì)能和機(jī)械能的轉(zhuǎn)化情況，從而可判斷各選項(xiàng)的正誤．

關(guān)于帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況，是電學(xué)和力學(xué)知識(shí)的綜合，帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，常見的有加速、減速、偏轉(zhuǎn)、圓運(yùn)動(dòng)等等，規(guī)律跟力學(xué)是相同的，只是在分析物體受力時(shí)，注意分析電場(chǎng)力.

常用牛頓運(yùn)動(dòng)定律，運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和能量的轉(zhuǎn)化與守恒解決此類問題．【解析】BC

13、AC【分析】解：A、由右手定則可知，cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)感應(yīng)電流方向?yàn)閍→c→d→b→a；故A正確；

B、線框進(jìn)入磁場(chǎng)前做自由落體運(yùn)動(dòng)，由速度位移公式得：v2=2gh，解得：v=cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E=BLv=BL故B錯(cuò)誤；

C、cd兩點(diǎn)間的電勢(shì)差：U=×=BL故C正確；

D、線框受到的安培力：F=BIL=由牛頓第二定律得：-mg=ma，或mg-=ma，則解得：h=或h=故D錯(cuò)誤；

故選：AC。

由右手定則可以判定出感應(yīng)電流方向；

由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的水的圍觀公式求出線框速度；然后由E=BLv求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；

由歐姆定律可以求出電勢(shì)差；

由安培力公式求出安培力；由牛頓第二定律求出h．

本題是電磁感應(yīng)與電路、力學(xué)相結(jié)合的題目，分析清楚線框運(yùn)動(dòng)過程，應(yīng)用右手定則、勻變速運(yùn)動(dòng)的速度位移公式、E=BLv、安培力公式、牛頓第二定律即可正確解題．【解析】AC14、AB【分析】解：設(shè)子彈的初速度為v0；射入木塊后子彈與木塊共同的速度為v；

木塊的質(zhì)量為M；子彈的質(zhì)量為m．

由動(dòng)量守恒定律得：mv0=（M+m）v，解得：v=

木塊獲得的動(dòng)能為△Ek=Mv2=

系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能為Q=mv02-（M+m）v2=＞△Ek；則得到Q＞6J；

故選AB．

子彈射入木塊過程中；系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律和功能關(guān)系求出木塊增加的動(dòng)能范圍，然后分析答題．

本題是子彈射入木塊類型，是動(dòng)量守恒與能量守恒的綜合應(yīng)用，有一定難度．【解析】【答案】AB15、AD【分析】解：A；B、對(duì)小球A、B受力分析；根據(jù)平衡條件有：

mAg=

mBg=

α＜β，所以mA＞mB；故A正確，B錯(cuò)誤．

C；根據(jù)平衡條件有：

F拉A=

F拉B=

因α＜β；所以B球受的拉力較小，故C錯(cuò)誤．

D；兩球接觸后；再靜止下來，兩絕緣細(xì)線與豎直方向的夾角變?yōu)棣痢?、β′?/p>

對(duì)小球A；B受力分析；根據(jù)平衡條件有：

tanα′=

tanβ′=

因?yàn)閙A＞mB；所以α′＜β′．故D正確．

故選：AD．

小球受水平方向的庫(kù)倫力和豎直方向的重力作用；根據(jù)平衡條件列出等式．

根據(jù)平衡等式表示出所要比較的物理量；再根據(jù)已知量的關(guān)系進(jìn)行比較．

本題考查物體的平衡；較好的考查了學(xué)生綜合應(yīng)用知識(shí)的能力，是一道考查能力的好題．

比較一個(gè)物理量時(shí)，應(yīng)先運(yùn)用物理規(guī)律表示出這個(gè)物理量再進(jìn)行比較．【解析】【答案】AD16、BC【分析】【分析】

由公式E=BLv

及歐姆定定律求出電流的表達(dá)式，找出各線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)電流的變化規(guī)律，然后選出與圖乙所示圖象符合的線框。本題是一道關(guān)于感應(yīng)電流的圖象題；熟練應(yīng)用導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式；歐姆定律、分析清楚圖象特點(diǎn)是正確解題的關(guān)鍵。

【解答】

導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv

設(shè)線框總電阻是R

則感應(yīng)電流I=BLvR

由圖乙所示圖象可知，感應(yīng)電流先均勻變大，后恒定，最后均勻減小，由于BvR

是定值，則導(dǎo)體棒的有效長(zhǎng)度L

應(yīng)先變長(zhǎng)，后恒定，最后均勻減小，且L

隨時(shí)間均勻變化，即L

與時(shí)間t

成正比；

A.閉合圓環(huán)勻速進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)；有效長(zhǎng)度L

先變大，后變小，但L

不隨時(shí)間均勻變化，不符合題意，故A錯(cuò)誤；

B.六邊形線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)；有效長(zhǎng)度L

先均勻增大，后恒定，最后均勻減小，符合題意，故B正確；

C.梯形線框勻速進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)；有效長(zhǎng)度L

先均勻增加，后不變，最后均勻減小，符合題意，故C正確；

D.三角形線框勻速進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)；有效長(zhǎng)度L

先增加，后減小，且隨時(shí)間均勻變化，不符合題意，故D錯(cuò)誤；

故選BC。

【解析】BC

17、AB【分析】解：At=0.15s

時(shí)；質(zhì)點(diǎn)Q

的位移達(dá)到負(fù)向最大，則知其加速度達(dá)到正向最大.

故A正確．

B；由乙圖知：t=0.10s

時(shí)質(zhì)點(diǎn)Q

的速度方向沿y

軸負(fù)方向；則由波形的平移法判斷得知，該波沿x

軸負(fù)方向傳播，t=0.10s

時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P

沿y

軸正方向運(yùn)動(dòng)，則t=0.15s

時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P

的運(yùn)動(dòng)方向沿y

軸負(fù)方向.

故B正確．

C、從t=0.10s

到t=0.25s

所經(jīng)歷的時(shí)間為鈻?t=0.15s=34T

該波沿x

軸負(fù)方向傳播了34婁脣=6m.

故C錯(cuò)誤．

D、從t=0.10s

到t=0.25s

所