2025年仁愛科普版高二物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年仁愛科普版高二物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，一恒力F與水平方向夾角為θ，作用在置于光滑水平面上，質(zhì)量為m的物體上，作用時間為t，則力F的沖量為（）A.FtB.mgtC.FcosθtD.(mg-Fsinθ)t2、下列幾個關(guān)于力學(xué)問題的說法中正確的是(

)

A.米、千克、牛頓等都是國際單位制中的基本單位B.放在斜面上的物體，其重力沿垂直斜面的分力就是物體對斜面的壓力C.摩擦力的方向可能與物體的運動方向垂直D.伽利略在研究運動和力的關(guān)系時提出了著名的斜面實驗，應(yīng)用的物理思想方法屬于“等效替代”3、奶粉的碳水化合物（糖）的含量是一個重要指標，利用旋光儀這種儀器可以用來測量糖溶液的濃度，從而測定含糖量。其原理是：偏振光通過糖的水溶液后，若迎著射來的光線看，偏振光的偏振方向會以傳播方向為軸線，旋轉(zhuǎn)一個角度θ，這一角度稱為“旋光角”，θ的值與糖溶液的濃度有關(guān)，將θ的測量值與標準值相比較，就能確定被測樣品的含糖量了。如圖所示，S是自然光源，A、B是偏振片，繞中心軸轉(zhuǎn)動偏振片B，便到達O處的光最強，然后將被測樣品P置于A、B之間。則下列說法中正確的是（）A.到達O處光的強度會明顯減弱B.到達O處光的強度不會明顯減弱C.將偏振片B轉(zhuǎn)動一個角度，使得O處光的強度最大，則偏振片B轉(zhuǎn)過的角度等于θD.將偏振片A轉(zhuǎn)動一個角度，使得O處光的強度最大，則偏振片A轉(zhuǎn)過的角摩等干θ4、關(guān)于磁感強度，下列說法中正確的是A.一小段通電導(dǎo)線在磁場中某處不受磁場力的作用，則該處的磁感強度一定為零B.一小段通電導(dǎo)線在磁場中某處受到的磁場力越小，說明該處的磁感強度越小C.磁場中某點的磁感強度方向就是放在該點的一小段通電導(dǎo)線的受力方向D.磁場中某點的磁感強度的大小和方向跟放在該點的一小段通電導(dǎo)線受力情況無關(guān)5、質(zhì)量為m的長方形木塊靜止在傾角為θ的斜面上，斜面對木塊的支持力和摩擦力的合力方向應(yīng)該是（）A.沿斜面向下B.垂直于斜面向上C.沿斜面向上D.豎直向上6、橫截面的直徑為d、長為l的導(dǎo)線，兩端電壓為U，當這三個量中一個改變時，對自由電子定向運動的平均速率的影響是（）A.電壓U加倍，自由電子定向運動的平均速率不變B.導(dǎo)線長度l加倍，自由電子定向運動的平均速率加倍C.導(dǎo)線橫截面的直徑加倍，自由電子定向運動的平均速率不變D.以上說法均不正確7、如圖所示為伏安法測電阻的一種常用電路．下列分析中正確的是（）

A.此接法的測量值大于真實值B.此接法的測量值小于真實值C.此接法要求待測電阻值小于電流表內(nèi)阻D.開始實驗時滑動變阻器滑片P應(yīng)處在最左端評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)8、下列有關(guān)生活中的靜電，哪些是利用靜電技術(shù)的______，哪些是為防止靜電危害而采取措施______．

①靜電除塵②飛機輪胎用導(dǎo)電橡膠制成③靜電復(fù)?、芾子晏觳荒茉诟叽髽淠鞠卤苡辎蒽o電噴涂．9、用多用電表的歐姆擋測量一未知電阻的阻值；若將選擇倍率的旋鈕撥至“×100Ω”的擋時，測量時指針停在刻度盤0Ω附近處．為了提高測量的精確性，有下列可供選擇的步驟：

A．將兩根表筆短接

B．將選擇開關(guān)撥至“×lKΩ”擋。

C．將選擇并關(guān)撥至“×10Ω”擋。

D．將兩根表筆分別接觸待測電阻的兩端；記下讀數(shù)。

E．調(diào)節(jié)調(diào)零電阻；使指針停在0Ω刻度線上。

F．將選擇開關(guān)撥至交流電壓最高擋上。

將上述中必要的步驟選出來，這些必要步驟的合理的順序______（填寫步驟的代號）；若操作正確，上述D步驟中，指針偏轉(zhuǎn)情況如圖所示．則此未知電阻的阻值Rx=______．10、在測量電源電動勢和內(nèi)阻的實驗中，兩組同學(xué)分別設(shè)計了圖(

a

)

和圖(

b

)

兩種電路．(1)

現(xiàn)提供兩種定值電阻，阻值分別為2婁賂

和10婁賂

為了使電壓表V1

的讀數(shù)范圍較大，R0

應(yīng)選擇阻值為______婁賂

的定值電阻；(2)

其中一組利用測量數(shù)據(jù)繪制的U1鈭?U2

圖象如圖(

c

)

所示(U1U2

分別為電壓表V1

和V2

的讀數(shù))

則這組同學(xué)采用的電路為____(

填a

或b)

(3)

若圖(

c

)

中圖線的截距為a

，斜率為k

，則被測電源的電動勢為E=

______，內(nèi)阻為r

=

______.(

定值電阻阻值用R0

表示)

11、甲同學(xué)設(shè)計了如圖所示的電路測電源電動勢E及電阻R1和R2阻值．實驗器材有：待測電源E（不計內(nèi)阻），待測電阻R1，待測電阻R2，電壓表V（量程為1.5V，內(nèi)阻很大），電阻箱R（0-99.99Ω），單刀單擲開關(guān)S1，單刀雙擲開關(guān)S2；導(dǎo)線若干．

①先測電阻R1的阻值．請將甲同學(xué)的操作補充完整：閉合S1，將S2切換到a，調(diào)節(jié)電阻箱，讀出其示數(shù)r和對應(yīng)的電壓表示數(shù)Ul，保持電阻箱示數(shù)不變，____，讀出電壓表的示數(shù)U2．則電阻R1的表達式為R1=____．

②甲同學(xué)已經(jīng)測得電阻Rl=4.8Ω，繼續(xù)測電源電動勢E和電阻R2的阻值．該同學(xué)的做法是：閉合S1，將S2切換到a，多次調(diào)節(jié)電阻箱，讀出多組電阻箱示數(shù)R和對應(yīng)的電壓表示數(shù)U，由測得的數(shù)據(jù)，繪出了如圖所示的圖線，則電源電動勢E=____V，電阻R2=____Ω．

③利用甲同學(xué)設(shè)計的電路和測得的電阻Rl，乙同學(xué)測電源電動勢E和電阻R2的阻值的做法是：閉合S1，將S2切換到b，多次調(diào)節(jié)電阻箱，讀出多組電阻箱示數(shù)R和對應(yīng)的電壓表示數(shù)U，由測得的數(shù)據(jù)，繪出于相應(yīng)的-圖線，根據(jù)圖線得到電源電動勢E和電阻R2．這種做法與甲同學(xué)的做法比較，由于電壓表測得的數(shù)據(jù)范圍____（選填“較大”、“較小”或“相同”），所以____同學(xué)的做法更恰當些．

12、某研究性學(xué)習(xí)小組利用如圖1

所示電路測量電池組的電動勢E

和內(nèi)阻r.

根據(jù)實驗數(shù)據(jù)繪出如圖2

所示的R鈭?1I

圖線，其中R

為電阻箱讀數(shù)，I

為電流表讀數(shù)，由此可以得到E=

______Vr=

______婁賂.

13、一個正方形線圈放在勻強磁場中，當線圈平面與勻強磁場方向垂直時，通過線圈的磁通量為0.005Wb

當線圈平面轉(zhuǎn)到與勻強磁場方向平行時，通過線圈的磁通量為______Wb

如果轉(zhuǎn)動時間為0.02s

則線圈中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢為______V.

評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)14、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）15、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）16、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）17、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）18、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）19、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）20、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）21、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、計算題(共3題，共18分)22、如圖所示，處于同一條豎直線上的兩個點電荷AB

帶等量同種電荷，電荷量為QGH

是它們連線的垂直平分線.

另有一個帶電小球C

質(zhì)量為m

電荷量為+q(

可視為點電荷)

被長為l

的絕緣輕細線懸掛于O

點，現(xiàn)在把小球C

拉起到M

點，使細線水平且與AB

處于同一豎直面內(nèi)，由靜止開始釋放，小球C

向下運動到GH

線上的N

點時剛好速度為零，此時細線與豎直方向上的夾角婁脠=30鈭?.

試求：

(1)

在AB

所形成的電場中；MN

兩點間的電勢差，并指出MN

哪一點的電勢高．

(2)

若N

點與AB

兩個點電荷所在位置正好形成一個邊長為x

的正三角形，則小球運動到N

點瞬間，輕細線對小球的拉力FT(

靜電力常量為k)

．23、某一簡諧橫波在t＝0時刻的波形圖如圖中實線所示．若波向右傳播，畫出后和前兩個時刻的波的圖像．24、如圖所示；帶電量g=2.0隆脕10鈭?10C

的正電荷在勻強電場A

處，受到水平向左的電場力F

作用，F(xiàn)=4.0隆脕10鈭?10N.

(1)

用箭頭在圖中標出電場線方向；

(2)

求勻強電場的場強E

的大?。u卷人得分五、作圖題(共1題，共5分)25、畫出圖中帶電粒子剛進入磁場時所受洛倫茲力的方向。

評卷人得分六、綜合題(共3題，共24分)26、選修3鈭?4

(1)

如圖所示，一質(zhì)點在平衡位置O

點附近做簡諧運動，若從質(zhì)點通過O

點時開始計時，經(jīng)過0.9s

質(zhì)點第一次通過M

點，再繼續(xù)運動，又經(jīng)過0.6s

質(zhì)點第二次通過M

點，該質(zhì)點第三次通過M

點需再經(jīng)過的時間可能是(

)

A.1sB

．1.2sC

．2.4sD

．4.2s

(2)

一列沿x

軸正方向傳播的橫波，t=0

時刻的波形如圖中的實線，經(jīng)過t1=0.6s

時波形如圖中的虛線所示，已知該波的周期T>0.6s

求：

(1)

這列波的周期；

(2)

從t=0

開始；質(zhì)點P

經(jīng)0.8s

通過的路程；

(3)

這列波在3.6s

內(nèi)傳播的距離27、在勻強磁場B

中，從圖示位置開始，匝數(shù)為N

，面積為S

的線圈abcd

繞軸OO鈥?

以角速度蠅

轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的瞬時值表達式e

=

____(V)

在圖示位置磁通量____，感應(yīng)電動勢________。(

“最大”、“最小”)

28、(1)

下列說法正確的是________A.做功和傳熱在改變內(nèi)能效果上相當，因此功可以全部轉(zhuǎn)化成熱量，熱量也可以全部轉(zhuǎn)化成功B.液晶具有流動性，光學(xué)性質(zhì)為各向異性C.化學(xué)反應(yīng)說明分子間有作用力，布朗運動的本質(zhì)是機械運動D.液體表面層分子間距大于液體內(nèi)部分子間距，所以液體表面存在表面張力E.在同等溫度下干濕泡溫度差別越大，環(huán)境越干燥(2)

如圖所示，粗細均勻的U

形玻璃管豎直放置，左端用水銀封閉著長L=12cm

的理想氣體，右端開口，當封閉氣體的溫度T=300K

時，兩管水銀面的高度差鈻?h=6cm

現(xiàn)對封閉氣體緩慢加熱，直到左、右兩管中的水銀面相平，設(shè)外界大氣壓P0=76cmHg

(壟隆)

求左、右兩管中的水銀面相平時封閉氣體的溫度；(壟壟)

若保持壟隆

間氣體溫度不變，從右管的開口端緩慢注入水銀，直到右側(cè)管的水銀面比左側(cè)管的高鈻?h隆盲=4cm

求注入水銀柱的長度。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】根據(jù)沖量的定義式得F的沖量為Ft，A對，BCD錯?！窘馕觥俊敬鸢浮緼2、C【分析】解：

A；米、千克是國際單位制中的基本單位；而牛頓不是國際單位制中的基本單位，根據(jù)牛頓第二定律得到的導(dǎo)出單位.

故A錯誤．

B；放在斜面上的物體；其重力沿垂直斜面的分力大小等于物體對斜面的壓力，但不能說就是物體對斜面的壓力，壓力的受力物體是斜面，而重力的分力的受力物體是該物體.

故B錯誤．

C；摩擦力的方向可以與物體的運動方向垂直；比如在水平圓盤上隨圓盤一起勻速轉(zhuǎn)動的物體所受的摩擦力方向與速度方向垂直.

故C正確．

D；伽利略在研究運動和力的關(guān)系時應(yīng)用的物理思想方法是“實驗加猜想”；所以D錯誤．

故選：C

．

米；千克是國際單位制中的基本單位；而牛頓不是國際單位制中的基本單位.

放在斜面上的物體，其重力沿垂直斜面的分力大小等于物體對斜面的壓力，但不能說就是物體對斜面的壓力.

摩擦力的方向可以與物體的運動方向垂直.

伽利略的斜面實驗是在實際實驗基礎(chǔ)上進行合理外推．

本題考查物理基礎(chǔ)知識，尤其對物理方法要理解加記憶．【解析】C

3、A|C|D【分析】【解析】【答案】ACD4、D【分析】試題分析：一小段通電導(dǎo)線在磁場中某處不受磁場力的作用，則該處的磁感強度不一定為零，磁場力和導(dǎo)線與磁場方向的夾角有關(guān)系，A錯誤、B錯誤、D正確；磁場力的方向與磁感應(yīng)強度的方向垂直，C錯誤?？键c：本題考查磁場力、磁感應(yīng)強度方向?！窘馕觥俊敬鸢浮緿5、D【分析】【解答】解：木塊受重力；支持力及摩擦力的作用而處于靜止狀態(tài)；故支持力與摩擦力的合力一定與重力大小相等、方向相反；故支持力和摩擦力的合力豎直向上．

故選：D．

【分析】對木塊受力分析，根據(jù)共點力的平衡條件的應(yīng)用可得出斜面對物體的作用力與重力的關(guān)系．6、C【分析】解：

A；電壓U加倍時；由歐姆定律得知，電流加倍，由電流的微觀表達式I=nqvS得知，自由電子定向運動的平均速率v加倍．

B；導(dǎo)線長度l加倍；由電阻定律得知，電阻加倍，電流減半，則由電流的微觀表達式I=nqvS得知，自由電子定向運動的平均速率v減半．故B錯誤．

C、導(dǎo)線橫截面的直徑d加倍，由S=得到，截面積變?yōu)?倍，由電阻定律得知，電阻變?yōu)楸?；電流變?yōu)樵瓉淼?倍，根據(jù)電流的微觀表達式I=nqvS得知，自由電子定向運動的平均速率v不變．故C正確．

D；由上得到D錯誤．

故選C

根據(jù)歐姆定律；電流的微觀表達式I=nqvS和電阻定律結(jié)合分析自由電子定向運動的平均速率如何變化．

高中物理中涉及自由電荷定向移動速度的公式只有電流的微觀表達式I=nqvS．本題考查歐姆定律、電阻定律和電流的微觀表達式I=nqvS綜合應(yīng)用能力．【解析】【答案】C7、A【分析】解：（1）實驗采用電流表的內(nèi)接法；電流的測量值I是真實的；

由于電流表的分壓作用，電壓測量值U偏大，由R=可知；

測量值偏大；測量值大于真實值，故A正確，B錯誤；

（2）伏安法測電阻；當待測電阻阻值遠大于電流表內(nèi)阻時，采用內(nèi)接法，故C錯誤；

（3）實驗采用的是滑動變阻器的分壓接法；為保證電路安全；

開始實驗時滑動變阻器滑片P應(yīng)處在最右端；此時分壓電路電壓為零，故D錯誤；

故選A．

由電路圖可知；該實驗采用的是滑動變阻器的分壓接法，電流表的內(nèi)接法；

（1）電流表外接法；由于電壓表的分流作用，使電流表測的電流大于流過電阻的電流，測量值小于真實值；待測電阻越小，電壓表的分流作用越小，電流表測的電流越接近流過電阻的真實值，實驗誤差越小．電流表內(nèi)接法，由于電流表的分壓作用，使電壓表測的電壓大于待測電阻兩端的電壓，測量值大于真實值；待測電阻阻值越大，電流表分壓影響越小，電壓表的測量值越接近真實值，實驗誤差越小．

（2）為保證電路安全；采用滑動變阻器分壓接法時，在閉合開關(guān)前，要求滑動變阻器滑片移到分壓電阻為零的位置．

本題考查了伏安法測電阻實驗電路分析、實驗注意事項、實驗誤差分析等問題，難度不是很大，熟練掌握基礎(chǔ)知識即可正確解題．【解析】【答案】A二、填空題(共6題，共12分)8、略

【分析】解：①利用靜電把空氣電離；除去煙氣中的粉塵，屬于靜電的應(yīng)用；

②飛機上的著地輪裝有搭地線或用導(dǎo)電橡膠做輪胎；是為了及時地把飛機在飛行過程中由于摩擦而產(chǎn)生的電荷通過導(dǎo)體而轉(zhuǎn)移給大地，以免發(fā)生放電現(xiàn)象，保證飛機和乘客的安全．也是為了靜電的防止；

③復(fù)印機復(fù)印文件資料；就是利用靜電墨粉成在鼓上．

④下雨天；云層帶電打雷，有靜電，不能在高大樹木下避雨防止觸電是靜電的防止；

⑤利用靜電吸附；將涂料微粒均勻地噴涂在接地金屬物體上，屬于靜電的應(yīng)用；

故答案為：①③⑤；②④．

靜電對人類有利的方面要加以利用；對人類有危害的方面要避免和防止．油罐車拖一條鐵鏈；飛機機輪用導(dǎo)電橡膠制成、織地毯時夾一些不銹鋼絲都是為了防止靜電的危害．而靜電復(fù)印是利用靜電為人類服務(wù)．

本題是常識性問題，考查對靜電現(xiàn)象的了解程度，小高考的能力要求，比較簡單．【解析】①③⑤；②④9、略

【分析】解：用“×100Ω”測電阻時擋時；指針停在刻度盤0Ω附近，說明所選擋位太大，為準確測量電阻阻值，應(yīng)換用小擋，應(yīng)選“×10Ω”擋，然后對歐姆表重新進行歐姆調(diào)零，然后再測電阻阻值，歐姆表使用完畢后，要把選擇開關(guān)置于OFF擋或交流電源最高擋上，因此合理的實驗步驟是：C；A、E、D、F；

由圖象表盤可知；待測電阻阻值為：16×10Ω=160Ω；

故答案為：C；A、E、D、F；160Ω．

（1）歐姆表指針指在中間附近時；讀數(shù)最準確；歐姆表每次使用應(yīng)該先選檔位，然后歐姆調(diào)零，最后測量；再換擋位；測量；最后調(diào)到交流最大電壓擋；

（2）歐姆表讀數(shù)等于表盤讀數(shù)乘以倍率．

本題考查了歐姆表的使用注意事項、歐姆表讀數(shù)，用歐姆表測電阻時要選擇合適的擋位，使指針指針表盤中央刻度線附近，歐姆表換擋后要重新進行歐姆調(diào)零．【解析】C、A、E、D、F；160Ω10、（1）2；（2）a；（3）【分析】【分析】(1)

根據(jù)電路的兩端電壓U=E鈭?Ir

電流I=ER脥芒+r

可知，要想使使電壓表VV11的讀數(shù)范圍較大，RR00應(yīng)選擇阻值小的；(2)(2)由圖可知U2U_{2}可以為00則可知這組同學(xué)采用的電路是哪個；(3)(3)根據(jù)歐姆定律得出U1U_{1}與U2U_{2}的物理關(guān)系，根據(jù)截距和斜率的物理意義解答。本題主要考查了利用數(shù)學(xué)圖像解決物理問題的能力，這是高考的一個重點內(nèi)容，一定要掌握它的做題技巧。【解答】(1)(1)根據(jù)電路的兩端電壓U=E鈭?IrU=E-Ir電流I=ER脥芒+r可知，要想使使電壓表VV11的讀數(shù)范圍較大，RR00應(yīng)選擇阻值小的，這樣電流的變化范圍大一些，電壓表的變化范圍大一些，故應(yīng)選2婁賂2婁賂的定值電阻；(2)由圖可知UU22可以為00則可知這組同學(xué)采用的電路是aa圖，因為滑動變阻器連入電路的阻值為00時，U2=0U_{2}=0(3)(3)根據(jù)歐姆定律得：U1=U2+E鈭?U2R0+r{U}_{1}={U}_{2}+dfrac{E-{U}_{2}}{{R}_{0}+r}整理得：U1=rR0+rU2+ER0R0+r{U}_{1}=dfrac{r}{{R}_{0}+r}{U}_{2}+dfrac{E{R}_{0}}{{R}_{0}+r}故a=ER0R0+ra=dfrac{E{R}_{0}}{{R}_{0}+r}k=rR0+rk=dfrac{r}{{R}_{0}+r}解得：E=a1鈭?kE=dfrac{a}{1-k}r=k1鈭?kR0r=dfrac{k}{1-k}{R}_{0}故答案為：(1)2(2)a(3)a1鈭?kk1鈭?kR0

【解析】(1)2(2)a(3)a1鈭?kk1鈭?kR0

11、略

【分析】

①要測得R1的阻值，應(yīng)知道R1兩端的電壓及流過R1的電流；故可以將S2切換到b；測出串聯(lián)電路的兩端的電壓；

由串聯(lián)電路可知U=U2-U1；

電流I=由歐姆定律可知：

R1==

②電壓表測量電阻箱兩端的電壓；由閉合電路歐姆定律可知：

U=

變形得：==

由圖象可知，圖象與縱坐標的交點等于=0.7；

解得：E=1.43（或）；

圖象的斜率：=

解得：R2=6-4.8=1.2Ω；

③若開關(guān)接b；則電壓表測量R及R1兩端的電壓，因R2的阻值較小，故電壓表的示數(shù)接近電源的電動勢，故電壓表測量的范圍較小；導(dǎo)致誤差較大；故甲同學(xué)的做法更好一些；

故答案為：（1）將S2切換到b；（2）1.43；1.2；（3）較??；甲．

【解析】【答案】（1）要求R1的電阻應(yīng)知道R1兩端的電壓及流過的電流；由題意應(yīng)通過串聯(lián)電路的規(guī)律及歐姆定律求解；

（2）將R2等效為內(nèi)電阻；由閉合電路歐姆定律可得出相應(yīng)的表達式；由題意將表達式變形為有關(guān)縱橫坐標之間的關(guān)系的式子，則結(jié)合數(shù)學(xué)知識可得出電源的電動勢及內(nèi)電阻；

（3）乙同學(xué)中電壓表測量的是R與R1兩端的電壓，由于R1為定值電阻；滑動變阻器調(diào)節(jié)時，電壓表的示數(shù)范圍將變小，故誤差將變大；

12、略

【分析】解：根據(jù)閉合電路歐姆定律I=ER+r

解得：R=E鈰?1I鈭?r

由數(shù)學(xué)知識得知，R鈭?1I

圖象的斜率等于E

縱軸截距的絕對值等于r

則由圖得到，電源的電動勢為E=8鈭?(鈭?1)3=3.0V

內(nèi)阻r=1婁賂

故答案為：(1)3(2)1

．

根據(jù)閉合電路歐姆定律I=ER+r

進行數(shù)學(xué)變形，得到R

與1I

的關(guān)系式，根據(jù)數(shù)學(xué)知識研究R鈭?1I

圖象的斜率和截距的意義；求解電源的電動勢和內(nèi)阻．

物理圖象關(guān)鍵要根據(jù)物理規(guī)律得到解析式，運用數(shù)學(xué)知識分析圖象的物理意義.

本題采用的是轉(zhuǎn)換法，本來I鈭?R

是非線性關(guān)系，轉(zhuǎn)換成R鈭?1I

是線性關(guān)系，圖象直觀，一目了然．【解析】31

13、略

【分析】解：當線圈平面與磁場方向平行時，線圈平面與磁場方向的夾角為0鈭?

由婁碌=BSsin婁脠

則婁碌=0

．

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，則有：E爐=N鈻?鈱?鈻?t=0.0050.02V=0.25V

．

故答案為：00.25

．

通過線圈的磁通量可以根據(jù)婁碌=BSsin婁脠

進行求解；婁脠

為線圈平面與磁場方向的夾角，并由法拉第電磁感應(yīng)定律，即可求解平均感應(yīng)電動勢的大?。?/p>

解決本題的關(guān)鍵掌握磁通量的公式，知道當線圈平面與磁場平行時，磁通量為0

當線圈平面與磁場方向垂直時，磁通量最大.

同時注意求平均與瞬時感應(yīng)電動勢的區(qū)別．【解析】00.25

三、判斷題(共8題，共16分)14、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．15、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大?。浑妱莶钆c零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．16、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．17、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．18、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大?。浑妱莶钆c零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．19、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、計算題(共3題，共18分)22、略

【分析】

(1)

帶電小球C

在AB

形成的電場中從M

點運動到N

點的過程中；重力和電場力做功，但合力做功為零，根據(jù)動能定理即可求解；

(2)

在N

點；小球C

受到重力mg

細線的拉力FT

以及A

和B

分別對它的斥力FA

和FB

四個力的作用，且沿細線方向的合力為零.

根據(jù)力的合成與分解及幾何關(guān)系即可求解．

該題主要考查了動能定理的直接應(yīng)用以及力的合成與分解的應(yīng)用，要求同學(xué)們能結(jié)合幾何關(guān)系求解相關(guān)物理量【解析】解：本題考查帶電粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)和電場力做功問題；帶電小球C

在AB

形成的電場中從M

運動到N

點的過程中，重力和電場力做功；

但合功為零；則：qUMN+mglcos婁脠=0

所以UMN=鈭?mglcos30鈭?q

即MN

兩點間的電勢差大小為mglcos30鈭?q

且N

點的電勢高于M

點的電勢．

在N

點；小球C

受到重力mg

細線的拉力FT

以及A

和B

分別對它的斥力FA

和FB

四個力的作用如圖所示；且沿細線方向的合力為零．

則FT鈭?mgcos30鈭?鈭?FAcos30鈭?=0

又FA=FB=kQqx2

得FT=mgcos30鈭?+kQqx2cos30鈭?

答：(1)

在AB

所形成的電場中，MN

兩點間的電勢差為mglcos30鈭?qN

點的電勢高．

(2)

若N

點與AB

兩個點電荷所在位置正好形成一個邊長為x

的正三角形，則小球運動到N

點瞬間，輕細線對小球的拉力FTmgcos30鈭?+kQqx2cos30鈭?

23、略

【分析】該題可以用不同方法解決．法一特殊點法根據(jù)t＝0時刻波的圖像及波的傳播方向，可知此時刻A、B、C、D、E、F各質(zhì)點在該時刻的振動方向，由各個質(zhì)點的振動方向可確定出經(jīng)后時刻各個質(zhì)點所在的位置，將這些點所在位置用平滑曲線連接起來，便可得經(jīng)后時刻的波的圖像．如圖所示．同樣道理，據(jù)各個質(zhì)點的振動方向可確定出前時刻各個質(zhì)點所在位置，于是便可得到前時刻的波的圖像．如圖所示．法二波形平移法由圖我們可以知道，在質(zhì)點振動的一個周期內(nèi)，波向前傳播一個完整的波形的距離，即傳播的距離x＝12m，因此在內(nèi)，波向前傳播了3m．根據(jù)波的傳播過程和傳播的實質(zhì)，若波向右傳播，把波的原有圖形向右移動3m的距離，就得到了后時刻的波形圖．向左移動3m就得到了前時刻的波形圖．【解析】【答案】見解析圖24、略

【分析】

(1)

根據(jù)電場強度的方向；正電荷所受電場力的方向與場強方向相同，即可在圖上標出場強方向。

(2)

由電場強度的定義式求場強的大小。

本題考查電場強度的矢量性，電場強度的方向規(guī)定與正電荷所受電場力的方向相同，與負電荷所受電場力的方向相反，大小由電場強度的定義式E=Fq

求解【解析】解：(1)

由正電荷所受電場力方向與電場線方向關(guān)系所標箭頭方向應(yīng)水平向左；如圖所示。

(2)

由電場力與場強大小關(guān)系。

E=Fq=4.0隆脕10鈭?102.0隆脕10鈭?10N/C=2.0N/C

答：(1)

用箭頭在圖中標出電場線方向如圖所示；

(2)

勻強電場的場強E

的大小為2.0N/C

五、作圖題(共1題，共5分)25、解：根據(jù)左手定則可得；帶電粒子剛進入磁場時所受洛倫茲力的方向，如圖所示：

答：如圖所示?！痉治觥?/p>

本題考查了左手定則的直接應(yīng)用；根據(jù)左手定則即可正確判斷磁場；運動方向、洛倫茲力三者之間的關(guān)系，特別注意的是四指指向和正電荷運動方向相同和負電荷運動方向相反。

安培定則、左手定則、右手定則是在電磁學(xué)中經(jīng)常用到的，要掌握它們的區(qū)別，并能熟練應(yīng)用?！窘馕觥拷猓焊鶕?jù)左手定則可得；帶電粒子剛進入磁場時所受洛倫茲力的方向，如圖所示：

答：如圖所示。六、綜合題(共3題，共24分)26、(1)AD

(2)

解：壟脵

波沿x

軸正方向傳播，結(jié)合波形，可知：t1=(n+14)T

又T>0.6s

故：T=2.4s

壟脷

根據(jù)波形圖，t=0

時刻，質(zhì)點P

正經(jīng)過平衡位置向上振動，寫出該波對應(yīng)的函數(shù)為：yp=0.2sin(2婁脨T)t

解得：yp=310cm

故質(zhì)點P

經(jīng)0.8s

通過的路程為：(0.4鈭?0.13)cm

壟脹

波傳播的速度為：v=婁脣T=82.4m/s=103m/s

這列波在3.6s

內(nèi)傳播的距離：x=vt=103隆脕3.6m=12m【分析】(1)

【分析】由簡諧振動的特點得到質(zhì)點的振動周期，進而得到該質(zhì)點第三次通過M

點需再經(jīng)過的可能時間。由于質(zhì)點開始運動的方向不確定，由此造成多解。【解答】t=0

時，若質(zhì)點向右通過O

點，由題意得，質(zhì)點的振動周期為4.8s

質(zhì)點第三次通過M

點需再經(jīng)過的時間為4.2s

故D正確；t=0

時，若質(zhì)點向左通過O

點，由題意得，質(zhì)點的振動周期為1.6s

質(zhì)點第三次通過M

點需再經(jīng)過的時間為1s

故A正確。故填A(yù)D

(2)壟脵

由簡諧波的傳播特點得到質(zhì)點的振動周期；壟脷

根據(jù)質(zhì)點的振動周期，得到質(zhì)點P

經(jīng)0.8s

通過的路程；壟脹

由簡諧波的波長和周期得到波速，進而得到這列波在3.6s

內(nèi)傳播的距離。本題考查簡諧波的形成和傳播，難度不大?！窘馕觥?1)AD

(2)

解：壟脵

波沿x

軸正方向傳播，結(jié)合波形，可知：t1=(n+14)T

又T>0.6s

故：T=2.4s

壟脷

根據(jù)波形圖，t=0

時刻，質(zhì)點P

正經(jīng)過平衡位置向上振動，寫出該波對應(yīng)的函數(shù)為：yp=0.2sin(2婁脨T)t

解得：yp=310cm

故質(zhì)點P

經(jīng)0.8s

通過的路程為：(0.4鈭?0.13)cm

壟脹

波傳播的速度為：v=婁脣T=82.4m/s=103m/s

這列波在3.6s

內(nèi)傳播的距離：x=vt=103隆脕3.6m=12m

27、最大最小【分析】【分析】線圈處于中性面位置時電動勢瞬時值為正弦表達式，電動勢峰值Em=NBS婁脴

中性面位置電動勢改變方向，電動勢最小為0

磁通量最大?！窘獯稹扛袘?yīng)電動勢峰值Em=NBS婁