2024年冀教版高三物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年冀教版高三物理下冊(cè)月考試卷403考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0.4s時(shí)刻的波形如圖甲所示；波傳播方向上質(zhì)點(diǎn)A的振動(dòng)圖象如圖乙所示．則（）

A.該波沿x軸負(fù)方向傳播B.該波的波速是25m/sC.任意0.4s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)A通過的路程均為10mD.從此時(shí)刻起，質(zhì)點(diǎn)P將比質(zhì)點(diǎn)Q先回到平衡位置2、設(shè)想小明處在遙遠(yuǎn)的太空，面前有一個(gè)與小明相對(duì)靜止的巨石，小明輕輕推它一下．關(guān)于小明和巨石運(yùn)動(dòng)情況的描述，下列說法中正確的是（）A.巨石保持靜止B.巨石和小明都將由靜止變?yōu)檫\(yùn)動(dòng)C.巨石和小明將向同一方向運(yùn)動(dòng)D.巨石和小明分離后都將做勻加速直線運(yùn)動(dòng)3、一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，傳播速度為l0m/s。當(dāng)波傳到x=5m處的質(zhì)點(diǎn)P時(shí)，波形如圖所示。則以下判斷正確的是A.這列波的周期為0.5sB.再經(jīng)過0.4s，質(zhì)點(diǎn)P第一次回到平衡位置C.再經(jīng)過0.7s，x=9m處的質(zhì)點(diǎn)Q到達(dá)波峰處D.質(zhì)點(diǎn)Q到達(dá)波峰時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P恰好到達(dá)波谷處4、【題文】一矩形玻璃磚放置在空氣中，如圖所示，兩束相同的平行單色光a、b照射到矩形玻璃磚的上表面；折射后分別照射到PQ和NQ界面上，下列說法中正確的是。

A.兩束折射光都可以在界面上發(fā)生全反射B.兩束折射光都不會(huì)在界面上發(fā)生全反射C.折射光d可能會(huì)發(fā)生全反射D.折射光c可能會(huì)發(fā)生全反射5、在空間存在著豎直向上的各處均勻的磁場(chǎng)；將一個(gè)不變形的單匝金屬圓線圈放入磁場(chǎng)中，規(guī)定線圈中感應(yīng)電流方向沿如圖甲所示的方向?yàn)檎?

當(dāng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B

隨時(shí)間t

的變化規(guī)律如圖乙所示時(shí)，圖中能正確表示線圈中感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的規(guī)律的是()

A.B.C.D.6、設(shè)rm{N}rm{{,!}_{A}}為阿伏加德羅常數(shù)的值，下列敘述正確的是A.rm{30g}乙烷中所含的極性共價(jià)鍵數(shù)為rm{7}rm{N}rm{{,!}_{A}}B.電解精煉銅，當(dāng)外電路轉(zhuǎn)移rm{N_{A}}個(gè)電子時(shí)，陽(yáng)極質(zhì)量減少rm{32g}C.已知：rm{N_{2}(g)+3H_{2}(g)}rm{2NH_{3}(g)}rm{triangle}rm{H}rm{=-92.4kJ/mol}則rm{N_{A}}個(gè)rm{N_{2}}分子與足量氫氣充分反應(yīng)釋放熱量rm{92.4kJ}D.含rm{0.01molFeCl_{3}}的濃溶液滴入沸水，制得的膠體粒子數(shù)目小于rm{0.01N_{A}}7、一水平放置的平行板電容器的兩極板間距為d

，極板分別與電池兩極相連，上極板中心有一小孔(

小孔對(duì)電場(chǎng)的影響可忽略不計(jì))

小孔正上方處的P

點(diǎn)有一帶電粒子，該粒子從靜止開始下落，經(jīng)過小孔進(jìn)入電容器，并在下極板處(

未與極板接觸)

返回。若將下極板向上平移則從P

點(diǎn)開始下落的相同粒子將(

)

A.打到下極板上B.在下極板處返回C.在距上極板處返回D.在距上極板處返回8、LC回路中電容器兩端電壓U隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖所示；則（）

A.在時(shí)刻t2，電路中的電流為零B.在時(shí)刻t3，電路中的磁場(chǎng)能最大C.從時(shí)刻t2至t3，電路中的電場(chǎng)能不斷增大D.從時(shí)刻t3至t4，電容器所帶的電荷量不斷增大9、如圖所示，直角三角形導(dǎo)線框abc以大小為v的速度勻速通過有清晰邊界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域（勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的寬度大于導(dǎo)線框bc邊的長(zhǎng)度），則此過程中導(dǎo)線框中感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的規(guī)律為（規(guī)定逆時(shí)針方向的電流為正）（）A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、如圖所示，一物體M放在粗糙的斜面上保持靜止，斜面靜止在粗糙的水平面上．現(xiàn)用水平力F推物體M時(shí)，M和斜面仍保持靜止?fàn)顟B(tài)，則下列說法中錯(cuò)誤的是（）A.物體M受到的合力可能減小B.物體M受到的斜面作用力可能減小C.物體M受到的靜摩擦力可能減小D.物體M受到的支持力可能減小11、下列說法正確的是(

)

A.電視機(jī)遙控器是利用發(fā)出紅外線脈沖信號(hào)來?yè)Q頻道的B.在楊氏雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，用紫光作為光源，遮住其中一條狹縫，屏上將呈現(xiàn)間距相等的條紋C.某人在水面上方觀察水底同位置放置的紅、黃、綠三盞燈時(shí)，看到綠燈距水面最近E.電磁波與聲波由空氣進(jìn)入水中時(shí)，電磁波波長(zhǎng)變短，聲波波長(zhǎng)變長(zhǎng)E.電磁波與聲波由空氣進(jìn)入水中時(shí)，電磁波波長(zhǎng)變短，聲波波長(zhǎng)變長(zhǎng)12、在某次軍事演習(xí)中，空降兵從懸停在高空的直升機(jī)上跳下，當(dāng)下落到距離地面適當(dāng)高度時(shí)打開降落傘，最終安全到達(dá)地面，空降兵從跳離飛機(jī)到安全到達(dá)地面過程中在豎直方向上運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖所示，則以下判斷中正確的是（）A.空降兵在0-t1時(shí)間內(nèi)做自由落體運(yùn)動(dòng)B.空降兵在t1-t2時(shí)間內(nèi)的加速度大小在逐漸減小，方向豎直向上C.空降兵在0-t1時(shí)間內(nèi)的平均速度=D.空降兵在t1-t2時(shí)間內(nèi)的平均速度＜（v1+v2）13、在靜電場(chǎng)中，一個(gè)負(fù)電荷受到非靜電力作用由一條電場(chǎng)線上的A點(diǎn)移到B點(diǎn)，以下說法中正確的是（）A.非靜電力和電場(chǎng)力對(duì)電荷做功之和等于電荷電勢(shì)能增加量和動(dòng)能增加量之和B.非靜電力做功等于電荷電勢(shì)能和動(dòng)能的增加量之和C.電荷克服電場(chǎng)力做功等于電荷電勢(shì)能的增加量D.非靜電力和電場(chǎng)力做功之和等于電荷動(dòng)能增加量14、如圖所示，兩足夠長(zhǎng)的平行光滑的金屬導(dǎo)軌MN、PQ相距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌平面與水平面的夾角θ=30°，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于導(dǎo)軌平面向上．長(zhǎng)為L(zhǎng)的金屬棒ab垂直于MN、PQ放置在導(dǎo)軌上，且始終與導(dǎo)軌接觸良好，金屬棒的質(zhì)量為m、電阻為r=R．兩金屬導(dǎo)軌的上端連接一個(gè)燈泡，燈泡的電阻RL=R，重力加速度為g．現(xiàn)閉合開關(guān)S，給金屬棒施加一個(gè)方向垂直于桿且平行于導(dǎo)軌平面向上的、大小為F=mg的恒力，使金屬棒由靜止開始運(yùn)動(dòng)，當(dāng)金屬棒達(dá)到最大速度時(shí)，燈泡恰能達(dá)到它的額定功率．下列說法正確的是（）A.燈泡的額定功率PL=B.金屬棒能達(dá)到的最大速度vm=C.金屬棒達(dá)到最大速度的一半時(shí)的加速度α=gD.若金屬棒上滑距離為d時(shí)速度恰達(dá)到最大，則金屬棒由靜止開始上滑4d的過程中，金屬棒上產(chǎn)生的電熱Qr=4mgd-15、如圖甲所示，有一絕緣的豎直圓環(huán)，圓環(huán)上分布著正電荷．一光滑細(xì)桿沿垂直圓環(huán)平面的軸線穿過圓環(huán)，細(xì)桿上套有一質(zhì)量為m=10g的帶正電的小球，小球所帶電荷量q=5.0×10-4C；讓小球從C點(diǎn)由靜止釋放．其沿細(xì)桿由C經(jīng)B向A運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖乙所示．且已知小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，速度圖象的切線斜率最大（圖中標(biāo)出了該切線）下列說法正確的是（）

A.由C到A的過程中，小球的電勢(shì)能先減小后增大B.在O點(diǎn)右側(cè)桿上，B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最大，場(chǎng)強(qiáng)大小為E=1.2V/mC.B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UCB=0.9VD.沿著C到A的方向，電勢(shì)先降低后升高16、物體靜置于水平桌面上，下列關(guān)于物體所受作用力的說法正確的有（）A.桌面受到的壓力就是重力B.桌面受到的壓力是由于它本身發(fā)生了形變C.桌面由于發(fā)生了形變而對(duì)物體產(chǎn)生了支持力D.物體由于發(fā)生了形變而對(duì)桌面產(chǎn)生了壓力17、如圖所示，若將電壓表V1接到a、b間，讀數(shù)為18V；若將電壓表V2接到a、b間，則讀數(shù)為18.6V．現(xiàn)將Vl、V2串聯(lián)后接到a、b間，設(shè)兩表的讀數(shù)分別為Ul和U2，則一定有（）A.Ul＞9.3VB.U2＞9.3VC.Ul+U2＞18.6VD.18V＜Ul+U2＜18.6V評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)18、做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，在合力突然消失或不足以提供圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力的情況下，物體將做____運(yùn)動(dòng)．19、（2013秋?船營(yíng)區(qū)校級(jí)期中）如圖所示是一個(gè)物體向東運(yùn)動(dòng)的v-t圖象，由圖可知，在0～2s內(nèi)物體的加速度大小是____，方向是____；在2～6s內(nèi)物體的加速度大小為____；在6～9s內(nèi)物體的加速度大小為____，方向?yàn)開___．20、選做題（請(qǐng)從A；B和C三小題中選定兩小題作答；并在答題卡上把所選題目對(duì)應(yīng)字母后的方框涂滿涂黑．如都作答則按A、B兩小題評(píng)分．）

A．（選修模塊3-3）

（1）奧運(yùn)祥云火炬的燃燒系統(tǒng)由燃?xì)夤蓿▋?nèi)有液態(tài)丙烷）、穩(wěn)壓裝置和燃燒器三部分組成，當(dāng)穩(wěn)壓閥打開以后，燃?xì)庖詺鈶B(tài)形式從氣罐里出來，經(jīng)過穩(wěn)壓閥后進(jìn)入燃燒室進(jìn)行燃燒．則以下說法中正確的是____．

A．燃?xì)庥梢簯B(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)的過程中要對(duì)外做功。

B．燃?xì)庥梢簯B(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)的過程中分子的分子勢(shì)能減少。

C．燃?xì)庠谌紵胰紵倪^程中分子的分子勢(shì)能增加。

D．燃?xì)庠谌紵筢尫旁谥車h(huán)境中的能量很容易被回收再利用。

（2）對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體，下列說法正確的是____．

A．如果保持氣體的體積不變；溫度升高，壓強(qiáng)減小。

B．如果保持氣體的體積不變；溫度升高，壓強(qiáng)增大。

C．如果保持氣體的溫度不變；體積越小，壓強(qiáng)越大。

D．如果保持氣體的壓強(qiáng)不變；溫度越高，體積越小。

（3）某運(yùn)動(dòng)員吸一口氣，吸進(jìn)400cm3的空氣，據(jù)此估算他所吸進(jìn)的空氣分子的總數(shù)為____個(gè)．已知1mol氣體處于標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)時(shí)的體積是22.4L．（結(jié)果保留一位有效數(shù)字）

B．（選修模塊3-4）

（1）在以下各種說法中，正確的是____．

A．四川汶川縣發(fā)生8.0級(jí)強(qiáng)烈地震；地震波是機(jī)械波，其中既有橫波也有縱波。

B．相對(duì)論認(rèn)為；真空中的光速在不同慣性參考系中都是相同的。

C．如果測(cè)量到來自遙遠(yuǎn)星系上某些元素發(fā)出的光波波長(zhǎng)比地球上這些元素靜止時(shí)發(fā)光的波長(zhǎng)長(zhǎng)；這說明該星系正在遠(yuǎn)離我們而去。

D．照相機(jī)鏡頭采用鍍膜技術(shù)增加透射光；這是利用了光的衍射原理．

（2）一列橫波在x軸上傳播，圖1甲為t=0時(shí)的波動(dòng)圖象，圖1乙為介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖象．該波的波長(zhǎng)為____m，頻率為____Hz，波速為____m/s，傳播方向?yàn)開___．

（3）如圖2所示，一單色光束a，以入射角i=60°從平行玻璃磚上表面O點(diǎn)入射．已知平行玻璃磚厚度為d=10cm，玻璃對(duì)該單色光的折射率為n=．則光束從上表面進(jìn)入玻璃磚的折射角為____，光在玻璃磚中的傳播的時(shí)間為____．

C．（選修模塊3-5）

（1）在光電效應(yīng)現(xiàn)象中，下列說法中正確的是____．

A．入射光的強(qiáng)度越大；光電子的最大初動(dòng)能越大。

B．光電子的最大初動(dòng)能隨照射光的頻率增大而增大。

C．對(duì)于任何一種金屬都存在一個(gè)“最大波長(zhǎng)”；入射光的波長(zhǎng)必須小于此波長(zhǎng)，才能產(chǎn)生光電效應(yīng)。

D．對(duì)于某種金屬；只要入射光的強(qiáng)度足夠大，就會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)。

（2）鈾（）經(jīng)過α、β衰變形成穩(wěn)定的鉛（），問在這一變化過程中，共轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子的中子數(shù)是____個(gè)．

（3）在橄欖球比賽中；一個(gè)95kg的橄欖球前鋒以5m/s的速度跑動(dòng)，想穿越防守隊(duì)員到底線觸地得分．就在他剛要到底線時(shí)，迎面撞上了對(duì)方兩名均為75kg的隊(duì)員，一個(gè)速度為2m/s，另一個(gè)為4m/s，然后他們就扭在了一起．

①他們碰撞后的共同速率是____；

②在圖3，右面方框中標(biāo)出碰撞后他們動(dòng)量的方向，并說明這名前鋒能否得分：____．

21、（2007?南匯區(qū)二模）（B）如圖所示，陰極射線管（A為其陰極）放在蹄形磁鐵的N、S兩極間，射線管的B極接在直流高壓電源的____極．此時(shí)，熒光屏上的電子束運(yùn)動(dòng)軌跡____偏轉(zhuǎn)（選填“向上”、“向下”或“不”）．22、如圖所示，在地面上有一單擺，做左右小角度擺動(dòng)，其周期T=____（圖中所標(biāo)出的字母均為已知量，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間）；若考慮到單擺擺動(dòng)時(shí)空氣浮力的影響，則周期將____．（填“變大”；“不變”、“變小”）

23、圖甲所示為“用DIS研究物體的加速度與力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置圖；A為帶有位移傳感器發(fā)射器的小車，B為若干規(guī)格相同的鉤碼．實(shí)驗(yàn)中，用鉤碼的重力大小替代小車所受拉力大小，摩擦阻力不計(jì)；

（1）為了研究小車的加速度與力的關(guān)系，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)該保持____不變．

（2）改變鉤碼的個(gè)數(shù)N；測(cè)得相應(yīng)的小車加速度，數(shù)據(jù)見表：

。鉤碼個(gè)數(shù)N48121620小車加速度（m/s2）0.100.200.300.400.50根據(jù)表中數(shù)據(jù)；在圖乙所示的坐標(biāo)紙中畫出小車的加速度a與鉤碼個(gè)數(shù)N的關(guān)系圖線．

（3）設(shè)一個(gè)鉤碼的重力為G，由已知數(shù)據(jù)可得小車的加速度a與它所受拉力F的定量關(guān)系式為：____．24、（2015春?濮陽(yáng)校級(jí)期中）如圖所示，水平平行金屬板A、B間距為d，一帶電質(zhì)點(diǎn)質(zhì)量為m，電荷量為q，當(dāng)質(zhì)點(diǎn)以速率v從兩極板中央處水平飛入兩極板間時(shí)，如兩極板不加電壓，則恰好從下板邊緣飛出，若給A、B兩極板加一電壓U，則恰好從上板邊緣飛出，那么所加電壓U=____．25、如圖電路中，電鍵S1，S2，S3，S4均閉合；在平行板電容器C的極板間懸浮著一帶電油滴P；

（1）若只斷開S1，則P將____

（2）若只斷開S2，則P將____

（3）若只斷開S3，則P將____

（4）若只斷開S4，則P將____

評(píng)卷人得分四、計(jì)算題(共1題，共6分)26、一物體做單向勻加速直線運(yùn)動(dòng)，依次通過A、B、C三點(diǎn)，已知物體通過AB段的平均速度為2m/s，通過BC段的平均速度為3m/s，物體經(jīng)過B點(diǎn)的速度大小為2.5m/s．求B、C間的距離與A、B間的距離的比值．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】根據(jù)振動(dòng)圖象讀出t=0.4s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)A的位置和速度方向，由甲圖判斷波的傳播方向．由甲圖讀出波長(zhǎng)，由乙圖讀出周期，即可求得波速．根據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系分析質(zhì)點(diǎn)通過的路程．根據(jù)P、Q速度的方向，分析它們回到平衡位置的先后．【解析】【解答】解：

A；由乙圖知：質(zhì)點(diǎn)A在t=0.4s時(shí)刻通過平衡位置向下運(yùn)動(dòng)；在甲圖上，根據(jù)波形平移法，可知該波沿x軸正方向傳播．故A錯(cuò)誤．

B、由甲圖讀出波長(zhǎng)λ=20m，由乙圖讀出周期T=0.8s，則該波的波速v==25m/s．故B正確．

C、時(shí)間t=0.4s=T；則質(zhì)點(diǎn)A在0.4s內(nèi)通過的路程等于2倍振幅，是16cm，故C錯(cuò)誤．

D；此時(shí)刻P點(diǎn)向上運(yùn)動(dòng)；而質(zhì)點(diǎn)Q直接向平衡位置運(yùn)動(dòng)，所以質(zhì)點(diǎn)P將比質(zhì)點(diǎn)Q后回到平衡位置，故D錯(cuò)誤．

故選：B．2、B【分析】【分析】處在遙遠(yuǎn)的太空，小明輕輕推一下巨石，兩者受到相互作用力而改變運(yùn)動(dòng)狀態(tài)．【解析】【解答】解：處在遙遠(yuǎn)的太空；小明和巨石處于完全失重狀態(tài)，小明輕輕推一下巨石，兩者受到相互作用力而改變運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，都由靜止變?yōu)檫\(yùn)動(dòng)．故B正確，ACD錯(cuò)誤．

故選B3、C【分析】試題分析：波的周期為因?yàn)榇藭r(shí)刻P點(diǎn)振動(dòng)方向向下，所以經(jīng)過質(zhì)點(diǎn)P第一次回到平衡位置；質(zhì)點(diǎn)Q第一次到達(dá)波峰時(shí)所用的時(shí)間為因?yàn)镻Q相距一個(gè)波長(zhǎng)，所以質(zhì)點(diǎn)Q到達(dá)波峰時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P恰好到達(dá)波峰處。選項(xiàng)C正確?？键c(diǎn)：機(jī)械波的傳播?！窘馕觥俊敬鸢浮緾4、C【分析】【解析】本題考查的是對(duì)光的全反射問題的掌握，根據(jù)光路的可逆性，c光不會(huì)發(fā)生全反射，而d光可能在NQ面發(fā)生全反射，C正確；ABD錯(cuò)誤；【解析】【答案】C5、B【分析】略【解析】B

6、D【分析】略【解析】rm{D}7、D【分析】由題意知，帶電粒子落到下極板處的速度為0

設(shè)此時(shí)電場(chǎng)強(qiáng)度為E

，根據(jù)動(dòng)能定理有，mg

(

d

+

)鈭?

qEd

=0

板間電壓不變的情況下，下極板向上平移后，電場(chǎng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼谋?，所以后來的電?chǎng)強(qiáng)度為假設(shè)帶電粒子在距上極板h

處時(shí)，速度變?yōu)?

根據(jù)動(dòng)能定理得mg

(

h

+

)鈭?

qE

隆盲

h

=0

得【解析】D

8、C【分析】【分析】在LC振蕩電路中電容器兩端的電壓越大，電荷所帶的電荷量越大，兩極板之間的電場(chǎng)越強(qiáng)，電場(chǎng)能越大，電流強(qiáng)度越小，磁場(chǎng)能量越小．【解析】【解答】解：A、在時(shí)t2時(shí)電路中電容器兩端的電壓為零，故兩極板之間的電場(chǎng)弱，電場(chǎng)能最小，根據(jù)能量守恒可知此時(shí)磁場(chǎng)能量最大，故在時(shí)t1時(shí)電路中的電流最大；故A錯(cuò)誤；

B、在t3時(shí)電路中電容器兩端的電壓最大；兩極板之間的電場(chǎng)強(qiáng)度最大，故電場(chǎng)能最大，根據(jù)能量守恒可知此時(shí)磁場(chǎng)能量最小，電流為零，故B錯(cuò)誤．

C、從t2至t3電容器兩端的電壓逐漸增大；故兩極板之間的電場(chǎng)逐漸增強(qiáng)，則電路的電場(chǎng)能不斷增大，故C正確；

D、從時(shí)t3至t4；電容器兩端的電壓逐漸減小，根據(jù)Q=CU可知電容器帶的電荷量不斷減小，故D錯(cuò)誤．

故選：B9、B【分析】【分析】根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向．由E=BLv，求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與時(shí)間的關(guān)系式，即可得到感應(yīng)電流與時(shí)間的關(guān)系式，再選擇圖象．【解析】【解答】解：根據(jù)楞次定律判斷可知；線圈進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針，為正方向，而線圈出磁場(chǎng)過程中感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，為負(fù)方向．

設(shè)從開始進(jìn)入起線圈運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t；三角形左下角的角為α．

線圈進(jìn)入磁場(chǎng)過程：E=Bv（d-vt）tanα，i==；電流隨時(shí)間減?。?/p>

線圈完全在磁場(chǎng)中過程：磁通量不變；沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生；

線圈出磁場(chǎng)的過程：E=Bv（d-v（t-））tanα，i=-隨時(shí)間減小。

根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)得知；B正確．

故選：B二、多選題(共8題，共16分)10、ABD【分析】【分析】物體開始受重力、支持力和向上的靜摩擦力處于平衡，加上水平力F后，根據(jù)正交分解，抓住合力為零，判斷沿斜面方向和垂直于斜面方向上力的變化．對(duì)整體分析，判斷地面支持力和摩擦力的變化．【解析】【解答】解：A；M始終保持靜止；受到的合力始終等于0，沒有變化．故A錯(cuò)誤；

B；M受到重力、推力與斜面對(duì)它的作用力；合力始終等于0，斜面對(duì)物體的作用力始終與重力和推力F的合力的大小相等，當(dāng)F增大時(shí)斜面對(duì)物體的作用力一定增大．故B錯(cuò)誤；

C；未加F時(shí)；在垂直于斜面方向上，支持力與重力的分力相等，沿斜面方向上靜摩擦力等于重力沿斜面方向上的分力；加上水平力F后，仍然處于靜止?fàn)顟B(tài)，在垂直于斜面方向上，多了F的分力，即重力垂直斜面方向上的分力與F在垂直斜面方向上的分力之和等于支持力，所以物體M所受斜面的支持力變大．在沿斜面方向上，由于F的大小未知，靜摩擦力可能減小，可能反向增大．故C正確，D錯(cuò)誤．

本題選擇錯(cuò)誤的，故選：ABD．11、ACE【分析】解：A

紅外線可用來遙控電器；如電視機(jī)遙控器是利用發(fā)出紅外線脈沖信號(hào)來?yè)Q頻道的，故A正確。

B；在楊氏雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中；用紫光作為光源，遮住其中一條狹縫，屏上將呈現(xiàn)間距不等的衍射條紋，故B錯(cuò)誤。

C；某人在水面上方觀察水底同位置放置的紅、黃、綠三盞燈時(shí)；由于綠光的折射率最大，綠光從水中射到水面時(shí)折射角最大，人逆著折射光線的方向看時(shí)，感覺綠燈距水面最近，故C正確。

D；照相機(jī)鏡頭前的增透膜利用了光的干涉原理；信號(hào)在光導(dǎo)纖維內(nèi)的傳播利用了光的全反射原理，故D錯(cuò)誤；

E；電磁波與聲波由空氣進(jìn)入水中時(shí)；頻率都不變，電磁波的波速變小，聲波的波速變大，由v=婁脣f

知，電磁波波長(zhǎng)變短，聲波波長(zhǎng)變長(zhǎng)；故E正確。

故選：ACE

紅外線有顯著的熱作用；電視機(jī)遙控器是利用發(fā)出紅外線脈沖信號(hào)來?yè)Q頻道的；單縫衍射條紋間距不均勻；在紅光；黃光、綠光三種光中紅光的折射率最小，綠光的折射率最大；照相機(jī)鏡頭前的增透膜利用了光的干涉原理；電磁波與聲波由空氣進(jìn)入水中時(shí)，頻率不變，電磁波的波速變小，聲波的波速變大。

本題考查光的現(xiàn)象及應(yīng)用，要明確各種儀器的工作原理，明確物理知識(shí)在生活中的應(yīng)用。要記牢各種色光折射率的大小?！窘馕觥緼CE

12、BD【分析】【分析】速度時(shí)間圖線切線的斜率表示瞬時(shí)加速度，圖象與時(shí)間軸所圍成的面積表示物體在這段時(shí)間內(nèi)通過的位移．平均速度等于位移與時(shí)間之比．【解析】【解答】解：A、空降兵在0～t1時(shí)間內(nèi)斜率越來越??；故加速度不恒定，空降兵做的不是自由落體運(yùn)動(dòng)；故A錯(cuò)誤；

B、由圖象可知，空降兵在t1～t2時(shí)間內(nèi)的加速度方向豎直向上；大小在逐漸減??；故B正確；

C、因空降兵不是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故空降兵在0～t1時(shí)間內(nèi)的平均速度不等于；故C錯(cuò)誤；

D、用直線將t1～t2的速度連接起來，由圖可知，若物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，平均速度為=；而由圖可知，圖中圖象圍成的面積小于勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)的面積，故空降兵在t1～t2時(shí)間內(nèi)的平均速度＜；故D正確．

故選：BD13、BCD【分析】【分析】電場(chǎng)力做功等于電勢(shì)能變化，合外力做功等于動(dòng)能的變化，非靜電力做功等于電荷動(dòng)能和電勢(shì)能增量之和．根據(jù)功能關(guān)系分析．【解析】【解答】解：

AD；由動(dòng)能定理可知；非靜電力和電場(chǎng)力做功之和等于電荷動(dòng)能的增加量．故A錯(cuò)誤，D正確．

B；由功能關(guān)系知；非靜電力做功等于電荷動(dòng)能增加量和電勢(shì)能的增加量之和，故B正確．

C；電荷克服電場(chǎng)力做功等于電荷電勢(shì)能的增加量；故C正確．

故選：BCD14、ABC【分析】【分析】當(dāng)金屬棒做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，速度最大，由平衡條件可以求出最大速度．金屬棒達(dá)到最大速度的一半時(shí)求出安培力的大小，然后又受力分析結(jié)合牛頓第二定律可以求出加速度．由能量守恒定律可以求出R上產(chǎn)生的焦耳熱．【解析】【解答】解：電路中的總電阻是RL+r=R+R=2R：

A、B、勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，金屬棒達(dá)到最大速度時(shí)產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)：E=BLvm；

回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流：I=；

金屬棒棒所受安培力：F安=BIL；

ab棒所受合外力為零時(shí)，速度達(dá)到最大，由平衡條件得：F-F安-mgsinα=0；

代入數(shù)據(jù)解得：vm=；

I=

燈泡的額定功率PL=I2?R=．故A正確；B正確；

C、金屬棒達(dá)到最大速度的一半時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：

安培力：

設(shè)棒的加速度a′則：

所以：．故C正確；

D、設(shè)金屬棒上產(chǎn)生的電熱Qr，整個(gè)電路產(chǎn)生的電熱為Q總；

由能量守恒定律得：F?4d=mg?4d?sinα+mvm2+Q總；

金屬棒上產(chǎn)生的電熱Qr：Qr=Q總；

代入數(shù)據(jù)解得：Qr=mgd-；故D錯(cuò)誤．

故選：ABC15、BC【分析】【分析】通過乙圖的v-t圖象判斷出加速度，加速度最大時(shí)受到的電場(chǎng)力最大，電場(chǎng)強(qiáng)度最大，由電場(chǎng)力做功即可判斷電勢(shì)能，由W=qU求的電勢(shì)差．【解析】【解答】解：

AD；從C到A電場(chǎng)力一直做正功；故電勢(shì)能一直減小，電勢(shì)一直減小，故AD錯(cuò)誤；

B、由乙圖可知，小球在B點(diǎn)的加速度最大，故受力最大，加速度有電場(chǎng)力提供，故B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最大，a=，a=；解得E=1.2V/m，故B正確；

C、由C到B電場(chǎng)力做功為W=mv-0，CB間電勢(shì)差為U==0.9V；故C正確。

故選：BC．16、CD【分析】【分析】物體靜止在水平桌面上，物體對(duì)水平桌面的壓力大小等于物體的重力，但不能說就是重力．壓力是由于物體的形變而產(chǎn)生的．【解析】【解答】解：A；壓力不是重力；它們的施力物體、受力物體、作用點(diǎn)都不相同，故A錯(cuò)誤；

B；物體對(duì)水平桌面的壓力是由于物體發(fā)生向上的微小形變；要恢復(fù)原狀，而桌面產(chǎn)生向下的彈力，即是壓力．故B錯(cuò)誤；

C；桌面由于發(fā)生了形變而對(duì)物體本產(chǎn)生了支持力；故C正確；

D；物體由于發(fā)生了形變對(duì)桌面產(chǎn)生了壓力；故D正確；

故選：CD．17、BC【分析】【分析】由題意可知，電壓表有內(nèi)阻，根據(jù)兩個(gè)電壓表的讀數(shù)判斷哪個(gè)電壓表內(nèi)阻大，而串聯(lián)后電壓變內(nèi)阻更大，根據(jù)串并聯(lián)電路的特點(diǎn)分析即可．【解析】【解答】解：由題意可知，電壓表有內(nèi)阻，電壓表V2的讀數(shù)大于電壓表V1的讀數(shù)，則電壓表V2的內(nèi)阻大；

將Vl、V2串聯(lián)后接到a、b間，總電阻更大，則并聯(lián)部分所占電壓比將電壓表V2接到a、b間的電壓大，所以Ul+U2＞18.6V；

通過電壓表V2和電壓表V1的電流相等，電壓表V2的內(nèi)阻大，所以U2＞Ul，而Ul+U2＞18.6V，所以U2＞9.3V；故BC正確．

故選：BC三、填空題(共8題，共16分)18、離心【分析】【分析】物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，如果提供的向心力突然消失，根據(jù)慣性知識(shí)分析物體的運(yùn)動(dòng)情況．【解析】【解答】解：做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體需要向心力；而向心力總是由它受到的所有的力沿半徑方向的合力來提供，現(xiàn)在合力突然消失或不足，向心力不足，那么物體將做離心運(yùn)動(dòng)．

故答案為：離心19、3m/s2向東02m/s2向西【分析】【分析】在速度-時(shí)間圖象中，某一點(diǎn)代表此時(shí)刻的瞬時(shí)速度，時(shí)間軸上方速度是正數(shù)，時(shí)間軸下方速度是負(fù)數(shù)；切線的斜率表示加速度，加速度向右上方傾斜，加速度為正，向右下方傾斜加速度為負(fù)．【解析】【解答】解：在速度-時(shí)間圖象中切線的斜率表示加速度；

所以0～2s內(nèi)物體的加速度大?。篴1=m/s2=3m/s2；加速度方向與初速度方向相同，即向東；

在2s～6s內(nèi)物體的加速度大?。篴2=m/s2=0；

在6s～9s內(nèi)物體的加速度：a3=m/s2=-2m/s2；負(fù)號(hào)代表加速度方向與初速度方向相反，即向西；

故答案為：3m/s2，向東，0，2m/s2，向西．20、ACBC1×1022ABC10.50.5沿x軸向左30°6.67×10-10sBC60.1m/s能得分【分析】【分析】A；（1）根據(jù)體積變化判斷做功情況；分子勢(shì)能的變化；對(duì)溫度是分子平均動(dòng)能標(biāo)志的理解；正確理解“能量耗散”和“品質(zhì)降低”．

（2）根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程分析答題．

（3）根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程求出吸進(jìn)的空氣相當(dāng)于標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下的體積．從而通過標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下氣體的體積求出氣體的摩爾數(shù)；根據(jù)阿伏伽德羅常數(shù)求出氣體的分子數(shù)．

B；（1）地震波是機(jī)械波；地震波中既有橫波也有縱波．相對(duì)論認(rèn)為：真空中的光速在不同慣性參照系中是相同的．來自遙遠(yuǎn)星系上的元素發(fā)出的光波長(zhǎng)變長(zhǎng)，頻率變小，產(chǎn)生多普勒效應(yīng)，說明星系離我們的距離越來越大．太陽(yáng)能真空玻璃管采用鍍膜技術(shù)增加透射光，這是利用了光的干涉原理．

（2）由波動(dòng)圖象可以求出波長(zhǎng)；由質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象可以求出波的周期，進(jìn)一步求出波的頻率，由波速公式可以求出波的傳播速度，根據(jù)支點(diǎn)的振動(dòng)方向可以判斷出波的傳播方向．

（3）由光的折射定律可以求出光的折射角；由數(shù)學(xué)知識(shí)求出光在玻璃磚中的路程，然后求出光的傳播時(shí)間．

C、（1）根據(jù)光電效應(yīng)方程EKm=hγ-W0，可知道光電子的最大初動(dòng)能與什么因素有關(guān)．γ=，逸出功W0=hγ0=h，光電效應(yīng)方程可寫成EKm=h-h．發(fā)生光電效應(yīng)的條件是γ＞γ0或hγ＞W(wǎng)0；與入射光的強(qiáng)度無關(guān)．

（2）α衰變生成核原子核；β衰變生成電子，關(guān)鍵質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒判斷衰變次數(shù)，每一次β衰變都會(huì)有一個(gè)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子．

（3）三個(gè)運(yùn)動(dòng)員所受合外力為零，動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律求出撞后共同速度，若此速度與前鋒速度方向相同則可以得分．【解析】【解答】解：A；（1）：A、燃?xì)庥梢簯B(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)的過程中體積增大；因此對(duì)外做功，故A正確；

B；燃?xì)庥梢簯B(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)的過程中分子勢(shì)能增大；故B錯(cuò)誤；

C；燃?xì)庠谌紵胰紵倪^程中氣體體積變大；要克服分子力做功，分子勢(shì)能增加，故C正確；

D；燃?xì)庠谌紵筢尫旁谥車h(huán)境中的能量變?yōu)槠焚|(zhì)低的大氣內(nèi)能；能量耗散了，很難再被利用，故D錯(cuò)誤．

故選AC．

（2）A、由=C可知；如果保持氣體的體積不變，溫度升高，壓強(qiáng)增大，故A錯(cuò)誤；

B、由=C可知；如果保持氣體的體積不變，溫度升高，壓強(qiáng)增大，故B正確；

C、由=C可知；如果保持氣體的溫度不變，體積越小，壓強(qiáng)越大，故C正確；

D、由=C可知；如果保持氣體的壓強(qiáng)不變，溫度越高，體積越大，故D錯(cuò)誤；

故選BC．

（3）他吸入的空氣分子總數(shù)約為n=NA=×6.02×1023=1×1022個(gè)．

（1）A；四川汶川縣發(fā)生8.0級(jí)強(qiáng)烈地震；地震波是機(jī)械波，其中既有橫波也有縱波，故A正確；

B；相對(duì)論認(rèn)為；真空中的光速在不同慣性參考系中都是相同的，故B正確；

C；由多普勒效應(yīng)可知；如果測(cè)量到來自遙遠(yuǎn)星系上某些元素發(fā)出的光波波長(zhǎng)比地球上這些元素靜止時(shí)發(fā)光的波長(zhǎng)長(zhǎng)，這說明該星系正在遠(yuǎn)離我們而去，故C正確；

D；照相機(jī)鏡頭采用鍍膜技術(shù)增加透射光；這是利用了光的干涉原理，故D錯(cuò)誤；

故選ABC．

（2）由圖1甲可知，波長(zhǎng)λ=100cm=1m；由圖1乙可知，質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)周期為2s，則波的周期為2s，頻率f===0.5Hz；波速v=λf=1m×0.5Hz=0.5m/s；由圖1乙可知；在圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P由平衡位置向最大位移處振動(dòng)，由微平移法可知，波沿想軸負(fù)方向傳播．

（3）由光的折射定律得：n=，sinβ===；則折射角β=30°；由數(shù)學(xué)知識(shí)可知；

光在玻璃磚中的路程s===cm，光在玻璃磚中的傳播速度v=；

光在玻璃磚中的傳播時(shí)間t====≈6.67×10-10s．

C；（1）A、發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)；光電子的最大初動(dòng)能取決于入射光的頻率，與入射光的強(qiáng)度無關(guān)．故A錯(cuò)誤．

B、根據(jù)光電效應(yīng)方程EKm=hγ-W0；可知光電子的最大初動(dòng)能隨照射光的頻率增大而增大，故B正確．

C、入射光的頻率大于極限頻率時(shí)，發(fā)生光電效應(yīng)，因?yàn)闃O限波長(zhǎng)λ0=；所以入射光的波長(zhǎng)必須小于此波長(zhǎng)，才能產(chǎn)生光電效應(yīng)．故C正確．

D；光電效應(yīng)與入射光的強(qiáng)度無關(guān)；取決于入射光的頻率，故D錯(cuò)誤．

故選BC．

（2）關(guān)鍵質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒知U衰變Pb為，需經(jīng)過8次α衰變和6次β衰變，每經(jīng)過一次β衰變就會(huì)有一個(gè)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子，同時(shí)放出一個(gè)電子所以共有6個(gè)中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子．

（3）以前鋒速度方向?yàn)檎较?；設(shè)撞后共同速度為v，碰撞過程動(dòng)量守恒；

根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：m1v1-m2v2-m3v3=（m1+m2+m3）v；

解得：v===0.1m/s；

所以他們碰撞后的共同速率為0.1m/s；方向與前鋒方向相同，所以可以得分，如圖所示．

故答案為：A、（1）AC；（2）BC；（3）1×1022；B、（1）ABC；（2）1；0.5；0.5；沿x軸向左；（3）30°；6.67×10-10s；

C、（1）BC；（2）6；（3）①0.1m/s；②方向見右圖；能得分．21、正向下【分析】【分析】此題要求要了解電子射線管的構(gòu)造和原理，陰極是發(fā)射電子的電極，所以是要接到高壓的負(fù)極上的，電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，受到洛倫茲力的作用而發(fā)生偏轉(zhuǎn)．從而顯示電子運(yùn)動(dòng)的徑跡，偏轉(zhuǎn)方向有左手定則判斷．【解析】【解答】解：因?yàn)锳是陰極；所以射線管的陰極A接直流高壓電源的負(fù)極．B是陽(yáng)極，接直流高壓電源的正極．

因?yàn)锳是陰極；B是陽(yáng)極，所以電子在陰極管中的運(yùn)動(dòng)方向是A到B，產(chǎn)生的電流方向是B到A（注意是電子帶負(fù)電），根據(jù)左手定則，四指指向A，手掌對(duì)向N極（就是這個(gè)角度看過去背向紙面向外），此時(shí)大拇指指向下面，所以軌跡向下偏轉(zhuǎn)．

故答案為：正，向下．22、略

【分析】

球與圓心距離為擺長(zhǎng)；故擺長(zhǎng)為：L（1+c