2025年滬科版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版必修3物理上冊階段測試試卷327考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、普朗克常量光速為c，電子質(zhì)量為則在國際單位制下的單位是（）A.B.mC.D.2、如圖所示，較厚的空腔球形導(dǎo)體殼中有一個正點電荷，則圖中各點的電場強度大小關(guān)系為（）

A.B.C.D.3、如圖所示，平行板電容器與直流電源、理想二極管（正向電阻為零，可以視為短路；反向電阻無窮大，可以視為斷路）連接，電源負極接地，初始時電容器不帶電，閉合開關(guān)穩(wěn)定后，一帶電油滴位于電容器極板間的P點且處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說法正確的是（）

A.減小極板間的正對面積，帶電油滴會向下移動，且P點的電勢會降低B.減小極板間的正對面積，帶電油滴會向上移動，且P點的電勢會降低C.斷開開關(guān)S，帶電油滴將向下運動D.將下極板上移，帶電油滴將向上運動4、如圖所示，a、b、c、d、O五點均在勻強電場中，它們剛好是一個半徑為R＝0.2m的圓的四個等分點和圓心O，b、c、d三點的電勢如圖所示．已知電場線與圓所在平面平行；關(guān)于電場強度的大小和方向，下列說法正確的是()

A.電場強度的方向由O指向b點B.電場強度的方向由O指向d點C.電場強度的大小為10V/mD.電場強度的大小為10V/m5、給平行板電容器充電，斷開電源后A極板帶正電，B極板帶負電。板間一帶電小球C用絕緣細線懸掛，如圖所示，小球靜止時與豎直方向的夾角為則下列說法錯誤的是（）

A.若將B極板向右平移稍許，電容器的電容將減小B.若將B極板向下平移稍許，A、B兩板間電勢差將增大C.若將B極板向上平移稍許，夾角將變大D.輕輕將細線剪斷，小球?qū)⒆鲂睊佭\動6、在如圖所示的電路中，電源電動勢為內(nèi)阻為為定值電阻，為電容器，開關(guān)閉合，斷開開關(guān)后（）

A.有短暫電流通過電阻B.電壓表示數(shù)減小C.電流表示數(shù)變大D.電容器下極板帶負電7、如圖，A、B兩燈原來正常發(fā)光，現(xiàn)因某一電阻發(fā)生斷路或短路的故障，使A燈變亮，B燈變暗；那么，故障原因是（）

A.斷路B.斷路C.斷路D.短路評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、如圖所示，在豎直放置的平行金屬板A、B之間加有恒定電壓U，A、B兩板的中央留有小孔O1、O2，在B板的右側(cè)有平行于極板的勻強電場E，電場范圍足夠大，感光板MN垂直于電場方向固定放置。第一次從小孔O1處由靜止釋放一個質(zhì)子（帶電量＋e），第二次從小孔O1處由靜止釋放一個氦核（帶電量＋2e）；氦核質(zhì)量是質(zhì)子質(zhì)量的4倍，重力忽略不計，關(guān)于這兩個粒子的運動，下列判斷正確的是（）

A.質(zhì)子和氦核在O2處的速度大小之比為1：2B.質(zhì)子和氦核打到感光板上時的動能之比為1：2C.質(zhì)子和氦核在整個過程中運動的時間相等D.質(zhì)子和氦核打到感光板上的位置相同9、在如圖所示的電路中；閉合開關(guān)S，A；B、C三只燈均正常發(fā)光．當(dāng)可變電阻R′的滑動觸頭上移時，對A、B、C三燈亮度的變化，下列敘述正確的是。

A.A燈變亮B.B燈變亮C.C燈變亮D.三燈均變暗10、如圖所示，在點電荷Q產(chǎn)生的電場中有a、b兩點，相距為d，已知a點的電場強度大小為E，方向與ab連線成30°角，b點的電場強度方向與ab連線成120°角；下列說法正確的是（）

A.點電荷Q帶正電B.點電荷Q帶負電C.b點的電場強度大小為D.b點的電場強度大小為3E11、如圖所示，M點有電荷量為Q的負點電荷，在距離點電荷為r處放入厚度為d的平行金屬板，N點為金屬板內(nèi)距表面為的點，MN連線與金屬板表面垂直。當(dāng)金屬板處于靜電平衡時；下列說法正確的是（）

A.金屬板的左側(cè)面感應(yīng)出正電荷B.金屬板的左側(cè)面感應(yīng)出負電荷C.感應(yīng)電荷在N點產(chǎn)生的電場強度方向沿MN連線向右D.感應(yīng)電荷在N點產(chǎn)生的電場強度方向沿MN連線向右12、平行板電容器兩極板間距較大或者兩極板面積較小時，兩極板之間電場線如圖所示（下極板帶正電）。虛線MN是穿過兩極板正中央的一條直線。關(guān)于此電場；下列說法中正確的是（）

A.平行金屬板間的電場為勻強電場B.a點處的電場強度大于b點處的電場強度C.若將一負電荷從a點移到b點，其電勢能減小D.若將一正電荷從電場中的c點由靜止釋放，它必將沿著電場線運動d點13、如圖，半徑為的光滑絕緣圓環(huán)固定在豎直面內(nèi)，圓環(huán)上A、B、C三點構(gòu)成正三角形，BD、AE為圓環(huán)直徑。將帶正電荷Q固定在A點處，另一帶正電小環(huán)P（均可視為點電荷、重力不計）套在圓環(huán)上、現(xiàn)將小環(huán)P由B點靜止釋放；則（）

A.小環(huán)P到達E點時速度最大B.小環(huán)P在B點所受庫侖力與在E點所受庫侖力大小之比C.Q形成的電場中，B、C兩點處的場強大小相等D.Q形成的電場中，B點的電勢大于C點的電勢14、我國已經(jīng)于2012年10月1日起禁止銷售100W及以上的白熾燈，以后將逐步淘汰白熾燈．假設(shè)某同學(xué)研究白熾燈得到某白熾燈的U-I圖線如圖所示．圖象上A點與原點的連線與橫軸成α角，A點的切線與橫軸成β角；則（）

A.白熾燈的電阻隨電壓的增大而增大B.在A點，白熾燈的電阻可表示為tanβC.在A點，白熾燈的電功率小于D.在A點，白熾燈的電阻可表示為15、如圖所示，一平行板電容器充電后與電源斷開，這時電容器的帶電量為Q，P是電容器內(nèi)一點，一質(zhì)量為m的帶電微粒恰好靜止在P點；電容器的上極板與大地相連，下列說法正確的是（）

A.此微粒帶負電B.若將電容器的下極板上移一點，則微粒向下運動C.若將電容器的上極板上移一點，則微粒仍靜止不動D.若將電容器的下極板向左平移一點，則P點電勢升高16、無人機利用自身攜帶的小型電機升空；在航拍領(lǐng)域已被廣泛應(yīng)用。已知某品牌無人機，其電池容量為15000mA·h，電機額定工作電壓為25V，無人機正常工作時電機總額定功率為300W，下列說法正確的是（）

A.無人機正常工作時的電流是12AB.無人機的電機總電阻是2.08ΩC.電池容量15000mA·h中“mA·h”是能量的單位D.無人機充滿電后連續(xù)正常工作的時間為1.25h評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)17、如圖所示，三個定值電阻R1、R2和R3按圖示方式接在電源兩端，在電鍵S處于閉合狀態(tài)下，若將電鍵S1由位置1切換到位置2，電壓表示數(shù)將________，電阻R2消耗的電功率將________（均選填“變大”；“變小”或“不變”）．

18、電源的電動勢是反映電源_________的本領(lǐng)的物理量，這個轉(zhuǎn)化過程是通過_______做功來實現(xiàn)。19、如圖所示，分別在A、B兩點放置點電荷Q1=＋2×10-14C和Q2=-2×10-14C。在AB的垂直平分線上有一點C，且AB=AC=BC=6×10-2m。如果有一電子靜止放在C點處，靜電力常量k=9.0×109N·m2/C2，則它所受的靜電力的大小為______N，方向______。

20、如圖所示；帶箭頭的線表示某一電場的電場線．在電場力作用下，一帶電粒子（不計重力）經(jīng)A點飛向B點，徑跡如圖中虛線所示，試判斷：

（1）粒子帶________電；

（2）粒子在________點加速度大；

（3）粒子在________點動能大；

（4）A、B兩點相比，________點電勢高．21、如圖所示，電源內(nèi)阻Ω，Ω，Ω，燈L上標(biāo)有“3V、1.5W”的字樣，當(dāng)滑動變阻器R3的滑片P移到最右端時，電流表示數(shù)為1A，燈L恰能正常發(fā)光．則電源的電動勢____V；當(dāng)P移到最左端時，電流表的示數(shù)_____A.

評卷人得分四、作圖題(共1題，共4分)22、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共16分)23、為了測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻；某同學(xué)采用了伏安法，現(xiàn)備有下列器材：

A.被測干電池一節(jié)。

B.電流表1：量程0~0.6A，內(nèi)阻r=0.3Ω

C.電流表2：量程0~0.6A；內(nèi)阻約為0.1Ω

D.電壓表1：量程0~3V；內(nèi)阻未知。

E.電壓表2：量程0~15V；內(nèi)阻未知。

F.滑動變阻器1：0~10Ω；2A

G.滑動變阻器2：0~100Ω；1A

H.開關(guān)；導(dǎo)線若干。

在用伏安法測電池電動勢和內(nèi)阻的實驗中；由于電流表和電壓表內(nèi)阻的影響，測量結(jié)果存在系統(tǒng)誤差；在現(xiàn)有器材的條件下，要盡可能準(zhǔn)確地測量電池的電動勢和內(nèi)阻。

(1)在上述器材中請選擇適當(dāng)?shù)钠鞑模篲__________（填寫選項前的字母）；

(2)實驗電路圖應(yīng)選擇下圖中的___________（填“甲”或“乙”）；

(3)根據(jù)實驗中電流表和電壓表的示數(shù)得到了如圖丙所示的U-I圖像，則干電池的電動勢E=___________V，內(nèi)電阻r=___________Ω。24、為了較精確地測量某定值電阻的阻值；某興趣小組先用多用電表進行粗測，后用伏安法精確測量?，F(xiàn)準(zhǔn)備了以下器材：

A．多用電表。

B．電壓表V（量程內(nèi)阻約）

C．電流表（量程內(nèi)阻）

D．電流表（量程內(nèi)阻約為）

E．定值電阻（）

F．滑動變阻器R（）

G．電源（電動勢內(nèi)電阻較?。?/p>

H．導(dǎo)線；開關(guān)若干。

(1)在用多用電表粗測時，該興趣小組首先選用“”歐姆擋，此時歐姆表的指針位置如圖甲所示，為了減小誤差，多用電表的選擇開關(guān)換用合適倍率擋；按正確操作規(guī)程再次測量該待測電阻的阻值，此時歐姆表的指針位置如圖乙所示，其讀數(shù)是______Ω；

(2)請在線框內(nèi)畫出能準(zhǔn)確測量電阻的電路圖______（要求在電路圖上標(biāo)出元件符號）；

(3)請根據(jù)設(shè)計的電路圖寫出的測量表達式______；（用U、和表示電壓表V、電流表和的示數(shù)）

(4)若歐姆表內(nèi)部電路如丙圖所示，其中靈敏電流表滿偏電流為內(nèi)阻為電池電動勢為內(nèi)阻為表內(nèi)滑動變阻器最大阻值為歐姆表刻度刻好。當(dāng)電池電動勢下降為內(nèi)阻增大為時，歐姆表重新調(diào)零后，測得阻值為則待測電阻的真實阻值為______Ω。評卷人得分六、解答題(共4題，共20分)25、如圖所示，質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電小球（視為質(zhì)點）用不可伸長的絕緣輕繩懸掛在O點正下方的A點。在空間施加水平向右的勻強電場，小球從A點由靜止釋放后，到達最高點B，已知OA和OB間的夾角θ=60°，繩長為L，重力加速度大小為g；不計空氣阻力。求：

（1）電場強度E的大??；

（2）小球速度最大時所受的拉力大小F。

26、如圖所示，在勻強電場中，A、B為同一條電場線上的兩點。已知電場的電場強度A、B兩點之間的距離將電荷量的試探電荷沿電場線從A點移至B點。求：

（1）該試探電荷在電場中所受靜電力的大小F；

（2）在此過程中靜電力對試探電荷所做的功W。

27、如圖所示，AD表示粗細均勻的一段長為l的導(dǎo)體，兩端加一定的電壓，導(dǎo)體中的自由電荷沿導(dǎo)體定向移動的速率為v，設(shè)導(dǎo)體的橫截面積為S，導(dǎo)體每單位體積內(nèi)的自由電荷數(shù)為n，每個自由電荷的電荷量為q。則：

（1）導(dǎo)體AD內(nèi)的自由電荷全部通過橫截面D所用的時間t是多少？

（2）導(dǎo)體AD內(nèi)的自由電荷的總電荷量Q是多少？

（3）這段導(dǎo)體上的電流是多大？

28、已知某地地面處地磁場的磁感應(yīng)強度的水平分量約為3×10-5T，某校物理興趣小組做估測磁體附近磁感應(yīng)強度的實驗。他們將一小羅盤磁針放在一個水平放置的螺線管的軸線上，如圖所示。小磁針靜止時N極指向y軸正方向，當(dāng)接通電源后，發(fā)現(xiàn)小磁針N極指向與y軸正方向成60°角的方向。請在圖上標(biāo)明螺線管導(dǎo)線的繞向；并求出該通電螺線管在小磁針處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度的大小。（結(jié)果保留一位有效數(shù)字）

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)可得它們的單位為：

故選B。2、C【分析】【分析】

【詳解】

當(dāng)靜電平衡時；空腔球形導(dǎo)體殼內(nèi)壁感應(yīng)出負電荷，外壁感應(yīng)出正電荷，感應(yīng)電荷形成的電場與點電荷形成的電場疊加，導(dǎo)致空腔球形導(dǎo)體殼內(nèi)（陰影部分）場強為零。如圖畫出電場線的大致分布。

由于處電場線較密，處電場線較疏，處電場線更疏，處場強為零，則

故選C。3、D【分析】【詳解】

AB．正對面積減小，注意到存在二極管，處理方法先假設(shè)沒有二極管，則電容器兩板間電壓U不變，

U不變S減小，會使Q減小，但二極管的存在使得Q不能減少，故實際過程為Q不變。上式Q不變，S減小，所以U增大，d不變，所以E增大，所以油滴上移。

即為P與下極板電勢差，P與下極板距離不變，E增大，所以增大。選項AB錯誤；

C．?dāng)嚅_開關(guān)；不能放電，故油滴不動，選項C錯誤；

D．根據(jù)

U不變，d減小，Q增大，可以充電，故U不變，d減小，E增大；油滴上移，選項D正確。

故選D。4、D【分析】【詳解】

AB．由勻強電場中平行線上等間距點間的電勢差相等可得，O點的電勢為6V，O、d連線的中點e處的電勢為8V，連接c、e，過O作ce的垂線交ce于f，則ce為等勢線，電場線垂直于ce向下，即電場強度的方向由f指向O點；選項AB錯誤；

CD．連接c、O，計算得Of長為R，O、f間的電勢差為2V，則電場強度V/m

選項C錯誤；D正確．

5、D【分析】【分析】

【詳解】

A．若將B極板向右平移稍許，則d增大；根據(jù)。

可知電容器的電容將減小。故A正確；與題意不符；

B．若將B極板向下平移稍許；則正對面積減小，根據(jù)。

可知電容器的電容將減??；依題意可知電容器的電荷量不變，有公式。

分析得知A、B兩板間電勢差將增大。故B正確；與題意不符；

C．根據(jù)上一選項分析，當(dāng)A、B兩板間電勢差將增大時；根據(jù)公式。

F=qE可得小球所受電場力增大，夾角將變大。故C正確；與題意不符；

D．輕輕將細線剪斷；小球?qū)⒀刂亓εc電場力的合力方向做初速度為零的勻加速直線運動。故D錯誤，與題意相符。

故選D。6、A【分析】【詳解】

C．開關(guān)S1、S2都閉合時，電路的連接方式是R1和R2串聯(lián)，再和R3并聯(lián)，電容器的電壓等于R2兩端的電壓；斷開開關(guān)S2后，R3所在電路斷路，R1和R2串聯(lián)，電容器的電壓等于R1兩端的電壓。

斷開開關(guān)S2后，外電路總電阻R總增大，根據(jù)閉合電路的歐姆定律有

可知總電流減??；即電流表示數(shù)減小，選項C錯誤；

B．由于I減小，根據(jù)可知路端電壓U增大，和兩端電壓的總值始終為路端電壓；由串聯(lián)電路的分壓關(guān)系可知電壓表的示數(shù)增大，B錯誤；

AD．開關(guān)S1、S2都閉合時，電容器的電壓等于R2兩端的電壓，上極板帶正電；斷開開關(guān)S2后，電容器的電壓等于R1兩端的電壓，下極板帶正電，所以開關(guān)S2斷開后，電容器又反向充電，有短暫電流通過電阻R3；選項A正確，D錯誤。

故選A。7、B【分析】【分析】

【詳解】

A．電阻單獨在一個支路上；斷路后使外電阻變大，使兩個燈泡所在的并聯(lián)電路的電壓都增大，則兩個燈泡都變亮，不符合題意，故A錯誤；

B．燈泡A和電阻并聯(lián)，如果斷路，此處電阻增大，外電路電阻增大，路端電壓增大，總電流減小，支路電流增大，燈泡支路電流減小，則通過B燈電流減小，A燈兩端電壓增大，則A燈變亮，B燈變暗；故B正確；

C．同理可知，斷路時，A燈變暗，B燈變亮；不符合題意，故C錯誤；

D．若短路，B燈被短路；不亮，與題意不符，故D錯誤。

故選B。二、多選題(共9題，共18分)8、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．加速過程由動能定理可得

整理可得代入題中數(shù)據(jù)可得質(zhì)子和氦核在O2處的速度大小之比為1；A錯誤；

B．假設(shè)粒子到達感光板的動能為Ek，整個過程由動能定理可得

即到達感光板的動能為Ek與電荷量q成正比；故質(zhì)子和氦核打到感光板上時的動能之比為1：2，B正確；

C．設(shè)粒子加速位移為d，時間為t1，偏轉(zhuǎn)位移為y，時間為t2，可得

由于兩種粒子加速位移d、偏轉(zhuǎn)位移y相同，但比荷不同；故運動時間不同，C錯誤；

D．設(shè)打到感光板上時水平位移為x，可得

由前面分析可知聯(lián)立可解得與粒子的比荷無關(guān)；故質(zhì)子和氦核打到感光板上的位置相同，D正確。

故選BD。9、A:C【分析】【詳解】

試題分析：當(dāng)可變電阻的滑動觸頭上移時；R′接入電路的電阻增大，分析外電路總電阻的變化，由歐姆定律分析總電流和路端電壓，再分析局部電流和電壓的變化，判斷燈泡亮度的變化．

解：當(dāng)可變電阻的滑動觸頭上移時，R′接入電路的電阻增大，外電路總電阻R總增大，總電流I減小，路端電壓U=E﹣Ir；則U增大，A燈變亮．

由于I總減小，流過A燈的電流IA增大，則B燈和R并聯(lián)的總電流減小，B燈變暗，B和R并聯(lián)的電流減小，電壓UBR減小，C燈的電壓UC=U﹣UBR，得到UC增大；C燈變亮．

故選AC

【點評】本題電路中動態(tài)變化分析問題，按照部分到整體再到部分的思路進行分析．10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB.點電荷電場的電場線從同一點發(fā)出或終止于同一點，則點電荷Q帶負電；故A錯誤，B正確；

CD.由幾何關(guān)系得：b點與電荷的距離為d，a點與電荷的距離為d，則b點的電場強度大小為3E；故C錯誤，D正確。

故選BD。11、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據(jù)同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引規(guī)律，M點的點電荷帶負電；在金屬板的左側(cè)面感應(yīng)出正電荷，A正確，B錯誤；

CD．金屬板內(nèi)部合場強為零，故感應(yīng)電荷在N點產(chǎn)生的電場強度與點電荷在N點產(chǎn)生的電場強度等大反向，根據(jù)可得，感應(yīng)電荷在N點產(chǎn)生的電場強度方向沿MN連線向右；C錯誤，D正確。

故選AD。12、B:C【分析】【詳解】

A．由電場線的分布情況看出；平行金屬板間各處的電場強度不是處處相同，所以不能看成勻強電場，故A錯誤；

B．a(chǎn)點的電場線比b點的電場線密，所以a點處的電場強度大于b點處的電場強度；故B正確；

C．若將一負電荷從a點移到b點；電場力做正功，電勢能減小，故C正確；

D．將一正電荷從電場中的c點由靜止釋放；電荷受到的電場力是沿電場線的切線方向的，但是電場線不是直線，電荷受力的方向和電場線不是始終在一條直線上，不能一直沿電場線運動，故D錯誤。

故選BC。13、A:C【分析】【詳解】

A．依題意，小環(huán)P在E點受到背離圓環(huán)圓心向外庫侖力與指向圓環(huán)圓心支持力的作用，合力指向圓心，所以E點為小環(huán)做圓周運動的等效最低點，則小環(huán)在E點速度達到最大值；故A正確；

B．依題意，根據(jù)公式及幾何知識，可得小環(huán)P在B點所受庫侖力與在E點所受庫侖力大小之比為

故B錯誤；

C．根據(jù)點電荷場強公式

由幾何關(guān)系可得

則

所以形成的電場中，兩點處的場強大小相等；故C正確；

D．根據(jù)正點電荷的等勢面的分布特點可知，離場源電荷越遠的點電勢越低，距離場源電荷相等距的各點在同等勢面上，所以形成的電場中，點的電勢等于點的電勢；故D錯誤。

故選AC。14、A:D【分析】【詳解】

ABD．根據(jù)歐姆定律可知白熾燈的電阻可知白熾燈的電阻隨電壓的增大而增大，在A點，白熾燈的電阻可表示為故AD正確，B錯誤；

C．在A點，白熾燈的電功率故C錯誤；

故選AD。15、A:C【分析】【詳解】

A．帶電微粒恰好靜止在P點；則重力與電場力二力平衡，重力方向豎直向下，所以電場力方向豎直向上，與電場線方向相反，故此微粒帶負電，故A正確；

BC．由

可得

所以無論將電容器的下極板上移一點還是將電容器的上極板上移一點；電容器間的場強都不變，電場力不變，微粒保持靜止，故B錯誤，C正確；

D．由可知將電容器的下極板向左平移一點，極板正對面積減小，則電容C減??；由可知在電量Q不變的情況下，兩極板間電壓U增大；由可知電場強度增大，P點與上極板間的電壓

變大，上板電勢為零，則P點電勢降低；故D錯誤。

故選AC。16、A:D【分析】【詳解】

A．額定工作電壓25V，額定功率300W，根據(jù)P=UI可知，無人機正常工作時的電流為

故A正確；

B．由于無人機不是純電阻電路，則有

解得無人機的電機總電阻

故B錯誤；

C．題中電池容量15000mA·h，根據(jù)公式q=It；可知“mA·h”是電荷量的單位，故C錯誤；

D．無人機充滿電后一次工作時間

故D正確。

故選AD。三、填空題(共5題，共10分)17、略

【分析】【詳解】

將電鍵S1由位置1切換到位置2，外電阻變小，電動勢和內(nèi)阻不變，電路中的總電流變大，內(nèi)電壓變大，外電壓變小，電壓表測的是外電壓，所以電壓表示數(shù)變?。?/p>

設(shè)電路中的電阻R1、R2和R3的阻值均為R，當(dāng)電鍵打在1時，R2兩端的電壓當(dāng)電鍵打在2時R2兩端的電壓可知．U2′＜U2．故電阻R2兩端的電壓變小，根據(jù)可知，電阻R2消耗的電功率將減小．【解析】變小變小18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]電動勢表征電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小的物理量；

[2]電動勢的轉(zhuǎn)化過程是通過非靜電力做功來實現(xiàn)。

【點睛】【解析】把其他形式能轉(zhuǎn)化為電能非靜電力19、略

【分析】【分析】

【詳解】

電子帶負電荷，在C點同時受A、B兩點電荷的靜電力FA、FB；如圖所示：

由庫侖定律得

同理可得FB=8.0×10-21N

由矢量的平行四邊形定則和幾何知識得靜止放在C點的電子受到的靜電力大小為F=FA=FB=8.0×10-21N，方向平行于AB連線向左【解析】①.8×10-21②.平行于AB連線向左20、略

【分析】試題分析：根據(jù)運動軌跡來判定電場力方向；由曲線運動條件可知合力偏向曲線內(nèi)側(cè)，故粒子從A到B，電場力對粒子做負功，因此粒子帶負電；由于B點的電場線密，所以B點的電場力大，則B點的加速度較大；粒子從A到B，電場力對粒子做負功，電勢能增加，導(dǎo)致動能減少；沿著電場線電勢降低，所以A點的電勢高．

考點：電場線，電場力做功與電勢能的關(guān)系【解析】（1）負，（2）B,（3）A,（4）A21、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律得：E=UL+IR1+Ir=3+1×2+1×1=6V

（2）當(dāng)P移到最左端時，【解析】62四、作圖題(共1題，共4分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。