2025年魯教版高三物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年魯教版高三物理上冊(cè)月考試卷58考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、某位移式傳感器的原理示意圖如圖所示，E為電源，R為電阻，平行金屬板A、B和介質(zhì)P構(gòu)成電容器，當(dāng)可移動(dòng)介質(zhì)P向左勻速移出的過(guò)程中（）A.電容器的電容變大B.電容器的電荷量保持不變C.M點(diǎn)的電勢(shì)比N點(diǎn)的電勢(shì)高D.流過(guò)電阻R的電流方向從N到M2、用波長(zhǎng)為λ1和λ2的單色光1和2分別照射金屬1和2的表面．色光1照射金屬1和2的表面時(shí)都有電子射出，色光2照射金屬1時(shí)有電子射出，照射金屬2時(shí)沒(méi)有電子射出．設(shè)金屬1和2的逸出功為W1和W2，則有（）A.λ1＞λ2，W1＞W(wǎng)2B.λ1＞λ2，W1＜W2C.λ1＜λ2，W1＞W(wǎng)2D.λ1＜λ2，W1＜W23、關(guān)于運(yùn)動(dòng)的合成，下列說(shuō)法中正確的是（）A.合運(yùn)動(dòng)的速度一定比每一個(gè)分運(yùn)動(dòng)的速度大B.兩個(gè)直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)一定是直線運(yùn)動(dòng)C.兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)的時(shí)間一定與合運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等D.合運(yùn)動(dòng)的加速度一定比每個(gè)分運(yùn)動(dòng)加速度大4、如圖所示；木塊B上表面是水平的，當(dāng)木塊A置于B上，并與B保持相對(duì)靜止，一起沿固定的光滑斜面由靜止開(kāi)始下滑，在下滑過(guò)程中（）

A.A所受的合外力對(duì)A不做功。

B.B對(duì)A做正功。

C.B對(duì)A的摩擦力做負(fù)功。

D.A對(duì)B不做功。

5、如圖所示，質(zhì)量均為m的A、B兩球之間系著一根不計(jì)質(zhì)量的彈簧，放在光滑的水平面上，A球緊靠豎直墻壁，今用水平力F將B球向左推壓彈簧，平衡后，突然將F撤去，在這瞬間（）A.球B的速度為零，加速度為零B.球B的速度為零，加速度大小為F/mC.在彈簧第一次恢復(fù)原長(zhǎng)之后A才離開(kāi)墻壁D.在A離開(kāi)墻壁后，B兩球均向右做勻速運(yùn)動(dòng)6、物體以12m/s初速度在水平冰面上作勻減速直線運(yùn)動(dòng)，它的加速度大小是0.8m/s2，經(jīng)20s物體發(fā)生的位移是（）A.80mB.90mC.100mD.110m評(píng)卷人得分二、填空題(共5題，共10分)7、（2015春?東陽(yáng)市校級(jí)期中）如圖所示，物體A和B的質(zhì)量均為m，且分別與跨過(guò)定滑輪的輕繩連接（不計(jì)繩與滑輪、滑輪與軸之間的摩擦），在用水平變力F拉物體B沿水平方向向右以2m/s的速度作勻速直線運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，繩子的拉力____物體A的重力（填“＞”“=”“＜”），當(dāng)α=60°時(shí)，則物體A的速度大小____m/s．8、列車(chē)運(yùn)動(dòng)時(shí)，機(jī)車(chē)對(duì)列車(chē)的牽引力為F，列車(chē)對(duì)機(jī)車(chē)的拉力為F′．當(dāng)機(jī)車(chē)勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，F(xiàn)____F′；當(dāng)機(jī)車(chē)加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，F(xiàn)____F′．（填“＞”“=”或“＜”）9、（2014?閘北區(qū)二模）如圖所示，水槽內(nèi)有一振源，振動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的水波通過(guò)一個(gè)小縫隙發(fā)生衍射現(xiàn)象，為了使衍射現(xiàn)象更明顯，可采用的方法是使小縫隙的寬度____；或者是使振源的振動(dòng)頻率____．（選填“增大”或“減小”）10、人用手托著質(zhì)量為m的物體，從靜止開(kāi)始沿水平方向運(yùn)動(dòng)，前進(jìn)距離x后，速度為v（物體與手始終相對(duì)靜止），物體與人手掌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，則人對(duì)物體做的功為_(kāi)___．11、牛頓為了說(shuō)明光的性質(zhì)，提出了光的微粒說(shuō)．如今，人們對(duì)光的性質(zhì)已有了進(jìn)一步的認(rèn)識(shí)．下列四個(gè)示意圖所表示的實(shí)驗(yàn)，能說(shuō)明光性質(zhì)的是____

評(píng)卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)12、液體的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，是因?yàn)轱柡推捏w積隨溫度的升高而增大．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）13、原先沒(méi)有磁性的鐵，在長(zhǎng)期受到磁鐵的吸引會(huì)產(chǎn)生磁性____．（判斷對(duì)錯(cuò)）14、物體的平均速率為零，則物體一定處于靜止?fàn)顟B(tài)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）15、狹義相對(duì)論認(rèn)為真空中的光速在不同的慣性參考系中是不同的____（判斷對(duì)錯(cuò)）16、電荷所受的洛倫茲力方向不一定與磁場(chǎng)方向垂直____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、物體只要是運(yùn)動(dòng)的，其合外力就一定不為零．____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、簡(jiǎn)答題(共2題，共20分)18、如圖所示；BCPC′D是由半徑為R的圓軌道CPC′與半徑為2R的BD圓弧軌道相切于C（C′）點(diǎn)構(gòu)成的豎直螺旋軌道（類(lèi)似于游樂(lè)園過(guò)山車(chē)的形狀），C；C′間距離可以忽略．PB與豎直徑成37°角，軌道光滑，質(zhì)量為m的小球在B點(diǎn)以一定的初速度沿軌道向下運(yùn)動(dòng)，已知重力加速度為g，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：

（1）要使小球能通過(guò)軌道最高點(diǎn)P點(diǎn)；小球初速度應(yīng)滿(mǎn)足什么條件？（計(jì)算結(jié)果可以用根式表示）

（2）若小球恰好能完成豎直圓周運(yùn)動(dòng)的情況下，小球在經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)，在C點(diǎn)左右兩邊對(duì)軌道的壓力之差．（在C點(diǎn)左右兩邊相當(dāng)于分別在兩個(gè)圓周上過(guò)最低點(diǎn)）19、研究發(fā)現(xiàn)，rm{NO}rm{{,!}_{x}}和rm{SO_{2}}是霧霾的主要成分。Ⅰrm{.NO}rm{{,!}_{x}}主要來(lái)源于汽車(chē)尾氣。已知：rm{N_{2}(g)+2O_{2}(g)?2NO_{2}(g)}rm{N_{2}(g)+2O_{2}(g)?

2NO_{2}(g)}rm{婁隴}rm{H}rm{2CO(g)+O_{2}(g)?2CO_{2}(g)}rm{=+67.5kJ/mol}rm{2CO(g)+O_{2}(g)?

2CO_{2}(g)}rm{婁隴}rm{H}為了減輕大氣污染，在汽車(chē)尾氣排氣管口采用催化劑將rm{=-566.00kJ/mol}和rm{(1)}轉(zhuǎn)化成無(wú)污染氣體參與大氣循環(huán)。寫(xiě)出該反應(yīng)的熱化學(xué)方程式________。rm{NO_{2}}時(shí)，將等物質(zhì)的量的rm{CO}和rm{(2)T隆忙}充入容積為rm{NO}的密閉容器中發(fā)生反應(yīng)rm{2NO(g)+2CO(g)?2CO_{2}(g)+N_{2}(g)}保持溫度和體積不變，反應(yīng)過(guò)程rm{CO}中rm{2L}的物質(zhì)的量隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖所示。

rm{2NO(g)+2CO(g)?2CO_{2}(g)

+N_{2}(g)}下列能說(shuō)明該反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)的是____________。A.體系壓強(qiáng)保持不變r(jià)m{(0隆蘆15min)}和rm{NO}的轉(zhuǎn)化率相等C.混合氣體的密度保持不變r(jià)m{壟脵}混合氣體的平均相對(duì)分子質(zhì)量保持不變r(jià)m{B.NO}前rm{CO}以rm{D.}表示的化學(xué)反應(yīng)速率rm{壟脷}rm{10min}_______________；rm{N_{2}}時(shí)該化學(xué)反應(yīng)的平衡常數(shù)rm{v}______；平衡時(shí)若保持溫度不變，再向容器中充入rm{(N_{2})=}rm{T隆忙}各rm{K=}平衡將_______移動(dòng)rm{CO}填“向左”、“向右”或“不”rm{N_{2}}rm{0.8mol}時(shí)，若降低溫度，導(dǎo)致rm{(}發(fā)生如圖所示的變化，則該反應(yīng)的rm{)}____rm{15min}填“rm{n(NO)}”、“rm{婁隴H}”或“rm{0(}”rm{>}rm{=}主要來(lái)源于煤的燃燒。燃煤煙氣的脫硫減排是減少大氣中含硫化合物污染的關(guān)鍵。rm{<}如圖電解裝置可將霧霾中的rm{)}rm{壟脹SO_{2}}分別轉(zhuǎn)化為rm{(3)}和rm{NO}物質(zhì)rm{SO_{2}}的化學(xué)式為_(kāi)____________，陰極的電極反應(yīng)式是________________________。rm{NH_{4}^{+}}評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共4分)20、某同學(xué)測(cè)繪導(dǎo)電元件的伏安特性曲線的實(shí)驗(yàn)．

（1）該同學(xué)根據(jù)所測(cè)量數(shù)據(jù)分別繪制了三種元件的I-U圖象；如圖1所示，則下述判斷正確的是（）

A．只有乙圖正確。

B．甲；丙圖的曲線肯定是偶然誤差太大。

C．甲；丙不遵從歐姆定律；肯定不可能正確。

D．甲；乙、丙三個(gè)圖都可能正確；并不一定有較大誤差．

（2）如圖2所示，為該同學(xué)描繪的其中一個(gè)元件的伏安特性曲線，則當(dāng)元件兩端的電壓由12V增加到20V時(shí)，元件的電阻改變量為_(kāi)___Ω；若該元件工作的額定電壓為20V，那么當(dāng)它接入電壓為30V的電路中時(shí)要使它能正常工作，則需要____聯(lián)一個(gè)阻值為_(kāi)___Ω的電阻．21、（2012春?惠安縣校級(jí)期中）探究動(dòng)能與重力勢(shì)能的轉(zhuǎn)化和守恒實(shí)驗(yàn)中用到的打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)接到____（填“交流”或“直流”）得到如圖所示的紙帶，紙帶上打出的第一個(gè)點(diǎn)記為計(jì)數(shù)點(diǎn)O，其余各計(jì)數(shù)點(diǎn)A、B、C、D中相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為0.04s，重物的質(zhì)量為0.1kg，重力加速度g=10m/s2．那么打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下起點(diǎn)O到B點(diǎn)過(guò)程中，物體重力勢(shì)能的減少____J，物體動(dòng)能的增加量為_(kāi)___J．評(píng)卷人得分六、解答題(共3題，共30分)22、2016年2月11日，利學(xué)家宣布，人類(lèi)首次直接探測(cè)到了引力波．其實(shí)，早在1974年科學(xué)家發(fā)現(xiàn)的脈沖雙星就間接說(shuō)明了引力波的存在．脈沖雙星是在彼此吸引力作用下的相互旋轉(zhuǎn)的致密中子星．若兩顆脈沖雙星的質(zhì)量之和為M，雙星繞同一點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)的周期為T(mén)，引力常量為G．求脈沖雙星球心間的距底．23、如圖（a）所示，在以直角坐標(biāo)系xOy的坐標(biāo)原點(diǎn)O為圓心、半徑為r的圓形區(qū)域內(nèi)，存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直xOy所在平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．一帶電粒子由磁場(chǎng)邊界與x軸的交點(diǎn)A處，以速度v0沿x軸負(fù)方向射入磁場(chǎng)；粒子恰好能從磁場(chǎng)邊界與y軸的交點(diǎn)C處，沿y軸正方向飛出磁場(chǎng)，不計(jì)帶電粒子所受重力．

（1）求粒子的荷質(zhì)比；（要求畫(huà)出粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡的示意圖）

（2）若磁場(chǎng)的方向和所在空間的范圍不變，而磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小變?yōu)锽′，該粒子仍從A處以相同的速度射入磁場(chǎng)，粒子飛出磁場(chǎng)時(shí)速度的方向相對(duì)于入射方向改變了θ角，如圖（b）所示；求磁感應(yīng)強(qiáng)度B′的大?。ㄒ螽?huà)出粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡的示意圖）

24、如圖所示，光滑水平桌面上有一輕彈簧左端固定，原長(zhǎng)時(shí)其右端位于C點(diǎn)．桌面右側(cè)有一豎直放置的光滑軌道MNP，其形狀為半徑R的圓環(huán)剪去了左上角135°的圓弧，MN為其豎直直徑．用質(zhì)量為m的小物塊A與彈簧右端接觸并將彈簧緩慢壓縮，然后釋放，被彈開(kāi)的小物塊A與靜置于桌面右端的質(zhì)量為m的小物塊B發(fā)生碰撞，并粘在一起飛離桌面后由P點(diǎn)沿切線落入圓軌道并剛好能通過(guò)M點(diǎn)．（小物塊A、B都可看成質(zhì)點(diǎn)，g=10m/s2）求：

（1）小物塊AB到達(dá)P點(diǎn)時(shí)的速度大?。?/p>

（2）水平桌面最右端到P點(diǎn)的水平距離．

（3）小物塊A釋放瞬間彈簧的彈性勢(shì)能．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【分析】根據(jù)電容的決定式，分析電容的變化，電容器板間電壓不變，由電容的定義式分析電荷量的變化，即可確定流過(guò)電阻R的電流方向【解析】【解答】解：介質(zhì)P向右勻速移出的過(guò)程中，根據(jù)電容的決定式C=，分析可知電容變小，而電容器的電壓不變，由C=分析可知其電荷量變?。浑娙萜魈幱诜烹姞顟B(tài)，則流過(guò)電阻R的電流方向從M到N，M點(diǎn)的電勢(shì)比N點(diǎn)的電勢(shì)高．

故選：C2、D【分析】【分析】當(dāng)入射光的頻率大于金屬的極限頻率時(shí)，或入射光子的能量大于逸出功時(shí)，會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)．【解析】【解答】解：?jiǎn)紊釧照射兩種金屬時(shí)都能產(chǎn)生光電效應(yīng)現(xiàn)象；單色光B照射時(shí)，只能使金屬C產(chǎn)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，根據(jù)光電效應(yīng)條件知，單色光A的頻率大于單色光B的頻率，則λ1＜λ2；

單色光B照射時(shí)，只能使金屬C產(chǎn)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，不能使金屬D產(chǎn)生光電效應(yīng)現(xiàn)象．知金屬1的逸出功小于金屬2的逸出功，即W1＜W2．故D正確；A；B、C錯(cuò)誤．

故選：D．3、C【分析】【分析】根據(jù)平行四邊形定則，合速度可能比分速度大，可能比分速度小，可能與分速度相等；兩分運(yùn)動(dòng)是直線運(yùn)動(dòng)，合運(yùn)動(dòng)不一定是直線運(yùn)動(dòng)，合運(yùn)動(dòng)與分運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性．【解析】【解答】解：A；根據(jù)平行四邊形定則；合速度不一定比分速度大．故A錯(cuò)誤．

B；分運(yùn)動(dòng)是直線運(yùn)動(dòng)；合運(yùn)動(dòng)不一定是直線運(yùn)動(dòng)，比如：平拋運(yùn)動(dòng)．故B錯(cuò)誤．

C；分運(yùn)動(dòng)與合運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性．故C正確．

D；根據(jù)平行四邊形定則；合加速度可能比分加速度大，可能比分加速度小，可能與分加速度相等．故D錯(cuò)誤．

故選C．4、D【分析】

A；木塊向下加速運(yùn)動(dòng)；故動(dòng)能增加，由動(dòng)能定理可知，木塊m所受合外力對(duì)m做正功，故A錯(cuò)誤；

B、A、B整體具有沿斜面向下的加速度，設(shè)為a，將a正交分解為豎直方向分量a1，水平分量a2，如圖所示，

由于具有水平分量a2；故必受水平向右摩擦力f，A受力如圖所示，所以支持力做負(fù)功，摩擦力做正功，故C錯(cuò)；

由牛頓第二定律得；豎直方向上；mg-N=ma1①

水平方向上：f=ma2②

假設(shè)斜面與水平方向的夾角為θ；摩擦力與彈力的合力與水平方向夾角為α，由幾何關(guān)系得；

a1=gsinθsinθ③

a2=gsinθcosθ④

⑤

①→⑤聯(lián)立得：

=

即所以B對(duì)A的作用力與斜面垂直；所以B對(duì)A不做功，故B錯(cuò)誤；

由牛頓第三定律得；A對(duì)B的作用力垂直斜面向下，所以A對(duì)B也不做功，故D正確．

故選D．

【解析】【答案】分析兩物體的受力及運(yùn)動(dòng)；由功的公式可分析各力對(duì)物體是否做功，根據(jù)夾角可判功的正負(fù)．

5、B|C【分析】撤去F前，B球受四個(gè)力作用，豎直方向的重力和支持力平衡，水平方向推力F和彈簧的彈力平衡，即彈簧的彈力大小為F，撤去F的瞬間，彈簧的彈力仍為F，故B球所受合外力為F，則B球加速度為a=F/m，A錯(cuò)；而此時(shí)B球的速度為零，B對(duì)；在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)前，彈簧對(duì)A球有水平向左的彈力使A球壓緊墻壁，直到彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)A球才離開(kāi)墻壁，C對(duì)；A球離開(kāi)墻壁后，由于彈簧的作用，使A、B兩球均做變速運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)；【解析】【答案】BC6、B【分析】解：物體減速為零的時(shí)間為：t=因15s＜20s，故經(jīng)過(guò)20s物體早以停止運(yùn)動(dòng)．

所以其位移為：s=．故B正確；A；C、D錯(cuò)誤．

故選：B．

做物理題不能光直接的進(jìn)行數(shù)學(xué)運(yùn)算，一定要符合實(shí)際情況，正確分析物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程，判斷物體在所給的20s時(shí)間內(nèi)是否停止運(yùn)動(dòng)，不能盲目的直接代入公式s=v0t+求解；容易導(dǎo)致錯(cuò)誤．

本題存在“剎車(chē)陷阱”，對(duì)于在摩擦作用下的減速運(yùn)動(dòng)，在求給定的時(shí)間內(nèi)的位移時(shí)，一定要判斷在給定的時(shí)間內(nèi)物體是否停止運(yùn)動(dòng)，不能盲目的利用公式直接求解．【解析】【答案】B二、填空題(共5題，共10分)7、＞1【分析】【分析】將B的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，沿繩子方向的分速度等于A的速度，根據(jù)平行四邊形定則判斷A的速度的變化．【解析】【解答】解：設(shè)繩子與水平方向的夾角為α，將B的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，沿繩子方向的分速度等于A的速度，有vA=vBcosα=2×=1m/s．

B向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)；則α減小，則A的速度增大，A做加速運(yùn)動(dòng)；A向上做加速運(yùn)動(dòng)，加速度向上，超重，拉力F=mg+ma＞mg．

故答案為：＞，1．8、==【分析】【分析】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個(gè)物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時(shí)產(chǎn)生，同時(shí)變化，同時(shí)消失．【解析】【解答】解：列車(chē)運(yùn)動(dòng)時(shí)；機(jī)車(chē)對(duì)列車(chē)的牽引力為F，列車(chē)對(duì)機(jī)車(chē)的拉力為F′．

機(jī)車(chē)對(duì)列車(chē)的牽引力與列車(chē)對(duì)機(jī)車(chē)的拉力是作用力與反作用力；大小相等，方向相反．

所以當(dāng)機(jī)車(chē)勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)；F=F′；當(dāng)機(jī)車(chē)加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，F(xiàn)=F′．

故答案為：=；=．9、減小減小【分析】【分析】發(fā)生明顯衍射的條件是障礙物或小孔的尺寸比波長(zhǎng)小或相差不多．【解析】【解答】解：發(fā)生明顯衍射的條件是障礙物或小孔的尺寸比波長(zhǎng)小或相差不多；因此，為了使衍射現(xiàn)象更明顯，可采用的方法是使小縫隙的寬度減小，或者是使振源的振動(dòng)頻率減小，增大了波長(zhǎng)．

故答案為：減小，減小10、略

【分析】

物體與手掌之間的摩擦力是靜摩擦力；靜摩擦力在零與最大值μmg之間取值，不一定等于μmg．

在題述過(guò)程中；只有靜摩擦力對(duì)物體做功，故根據(jù)動(dòng)能定理；

摩擦力對(duì)物體做的功：W=mv2-0

解得：W=mv2

故答案為：mv2

【解析】【答案】對(duì)物體從靜止到運(yùn)動(dòng)到速度為v；由動(dòng)能定理可求出人對(duì)物體做的功．

11、圖（2）圖（3）【分析】【解答】（1）該實(shí)驗(yàn)是α粒子散射實(shí)驗(yàn)；依據(jù)此實(shí)驗(yàn)盧瑟福提出了原子核式結(jié)構(gòu)學(xué)說(shuō)，與光的性質(zhì)無(wú)關(guān)．故（1）錯(cuò)誤．（2）干涉是波的特有性質(zhì)，因此雙孔干涉實(shí)驗(yàn)說(shuō)明光具有波動(dòng)性．故（2）正確．（3）此實(shí)驗(yàn)是光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)，說(shuō)明光具有粒子性．故（3）正確．（4）三種射線在電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)的實(shí)驗(yàn)，能判定射線的電性，不能說(shuō)明光的性質(zhì)．

故答案為：圖（2）圖（3）．

【分析】該題中的四個(gè)實(shí)驗(yàn)分別是α粒子散射實(shí)驗(yàn)、雙孔干涉實(shí)驗(yàn)、光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)和三種射線在電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)實(shí)驗(yàn)，依次進(jìn)行說(shuō)明即可．三、判斷題(共6題，共12分)12、×【分析】【分析】與液體處于動(dòng)態(tài)平衡的蒸氣叫飽和蒸氣；反之，稱(chēng)為不飽和蒸氣．飽和蒸氣壓強(qiáng)與飽和蒸氣體積無(wú)關(guān)！在一定溫度下，飽和蒸氣的分子數(shù)密度是一定的，因而其壓強(qiáng)也是一定的，這個(gè)壓強(qiáng)叫做飽和蒸氣壓強(qiáng)．同溫下未飽和蒸氣壓強(qiáng)小于飽和蒸氣壓強(qiáng)．【解析】【解答】解：在一定溫度下；飽和蒸氣的分子數(shù)密度是一定的，因而其壓強(qiáng)也是一定的，與體積無(wú)關(guān)；故密閉容器中某種蒸汽開(kāi)始時(shí)若是飽和的，保持溫度不變，增大容器的體積，穩(wěn)定后蒸汽的壓強(qiáng)不變；液體的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，是因?yàn)殡S溫度的升高液體蒸發(fā)的速度加快．所以該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×13、√【分析】【分析】在鐵棒未被磁化前，鐵棒內(nèi)的分子電流的排布是雜亂無(wú)章的，故分子電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)相互抵消，對(duì)外不顯磁性，但當(dāng)鐵棒靠近磁鐵時(shí)分子電流由于受到磁場(chǎng)的作用而使磁疇的取向大致相同從而被磁化對(duì)外表現(xiàn)出磁性；對(duì)磁鐵加熱或敲打時(shí)會(huì)使磁鐵內(nèi)的分子電流的排布變的雜亂無(wú)章，從而使磁鐵的磁性減弱．【解析】【解答】解：在鐵棒未被磁化前；鐵棒內(nèi)的分子電流的排布是雜亂無(wú)章的，故分子電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)相互抵消，對(duì)外不顯磁性，但當(dāng)鐵棒靠近磁鐵時(shí)分子電流由于受到磁場(chǎng)的作用而使磁疇的取向大致相同從而被磁化對(duì)外表現(xiàn)出磁性．所以該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√14、√【分析】【分析】平均速度是位移與時(shí)間的比值；平均速率是位移的路程與時(shí)間的比值．由此分析即可．【解析】【解答】解：平均速率是位移的路程與時(shí)間的比值；物體的平均速率為零，則物體的路程為0，物體一定處于靜止?fàn)顟B(tài)．所以該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√15、×【分析】【分析】根據(jù)狹義相對(duì)論的兩個(gè)基本假設(shè)：

①物理規(guī)律在所有慣性系中都具有相同的形式．這叫做相對(duì)性原理．

②在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率具有相同的值C．這叫光速不變?cè)恚嬖V我們光（在真空中）的速度c是恒定的，它不依賴(lài)于發(fā)光物體的運(yùn)動(dòng)速度．【解析】【解答】解：根據(jù)相對(duì)論的兩個(gè)基本假設(shè)可知；在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率具有相同的值C．這叫光速不變?cè)恚室陨险f(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×16、×【分析】【分析】電荷的定向移動(dòng)叫做電流；根據(jù)左手定則判斷磁場(chǎng)力方向；

左手定則：伸開(kāi)左手，使拇指與其余四個(gè)手指垂直，并且都與手掌在同一平面內(nèi)；讓磁感線從掌心進(jìn)入，并使四指指向電流的方向，這時(shí)拇指所指的方向就是通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中所受安培力的方向．【解析】【解答】解：根據(jù)左手定則；洛倫茲力方向垂直于電荷運(yùn)動(dòng)方向與磁場(chǎng)方向構(gòu)成的平面，即洛倫茲力方向一定與磁場(chǎng)方向垂直；

故答案為：×．17、×【分析】【分析】力是改變速度的原因，不是維持速度的原因，根據(jù)牛頓第一定律分析即可．【解析】【解答】解：當(dāng)物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)；物體不受力或者受平衡力，故力不是維持速度的原因；

故答案為：×．四、簡(jiǎn)答題(共2題，共20分)18、略

【分析】

（1）先求出使小球剛好能通過(guò)軌道最高點(diǎn)P點(diǎn)的速度；即在P點(diǎn)，剛好由重力提供向心力，據(jù)此列式求出P點(diǎn)最小速度，再由B到P由動(dòng)能定理求出小球初速度的最小值．

（2）分別在兩個(gè)軌道上；根據(jù)向心力公式求出壓力，再求出壓力差即可．

本題是復(fù)雜的力學(xué)問(wèn)題，對(duì)于圓周運(yùn)動(dòng)，分析向心力的來(lái)源是關(guān)鍵，知恰好經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)的條件，要具有解決綜合問(wèn)題的能力，需要加強(qiáng)這方面的練習(xí)．【解析】解：（1）要使小球通過(guò)P點(diǎn)，

當(dāng)FN=0時(shí)vP最??；

最小值

由B到P由動(dòng)能定理知

解得則小球初速度應(yīng)滿(mǎn)足

（2）小球在經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)，在C點(diǎn)左右兩邊相當(dāng)于分別在兩個(gè)圓周上過(guò)最低點(diǎn)，在左邊軌道

在右邊軌道

小球恰好經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度

由C到P由動(dòng)能定理知

聯(lián)立解得：

答：（1）要使小球能通過(guò)軌道最高點(diǎn)P點(diǎn)，小球初速度應(yīng)滿(mǎn)足

（2）若小球恰好能完成豎直圓周運(yùn)動(dòng)的情況下，小球在經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)，在C點(diǎn)左右兩邊對(duì)軌道的壓力之差為．19、（1）2NO2（g）+4CO（g）＝4CO2（g）+N2（g）△H=－1199.5kJ/mol）1（2NO2）g（+4CO）＝g（4CO2）g（+N2）△g－H=1199.5kJ/mol）①（2）①AD2·AD向右②0.005mol/(L·min)5向右<0.005mol/(Lmin)5<（3）H2SO4NO+6H++5e【分析】【分析】本題旨在考查學(xué)生對(duì)熱化學(xué)方程式的書(shū)寫(xiě)、化學(xué)平衡狀態(tài)的判斷、化學(xué)反應(yīng)速率、化學(xué)平衡移動(dòng)原理的應(yīng)用。【解答】rm{(}rm{1}rm{1}根據(jù)蓋斯定律可知，rm{)}rm{2壟脷-}可得：rm{壟脵}可得：rm{壟脵}rm{2NO_{2}}rm{2NO_{2}}rm{(}rm{(}rm{g}rm{g}rm{)}rm{)}rm{+4CO}rm{+4CO}rm{(}rm{(}rm{g}rm{g}rm{)=}rm{)=}rm{4CO_{2}}rm{4CO_{2}}rm{(}rm{(}rm{g}rm{g}rm{)}rm{)}rm{+N_{2}}rm{+N_{2}}rm{(}rm{(}rm{g}rm{g}rm{)triangle}rm{)triangle}rm{H=}rm{H=}rm{-}rm{-}rm{1199.5kJ/mol}rm{1199.5kJ/mol}；故答案為：rm{2NO_{2}}rm{2NO_{2}}該反應(yīng)是氣體分子數(shù)變化的反應(yīng)，故壓強(qiáng)不變可以說(shuō)明達(dá)到平衡狀態(tài)，故A正確；B.rm{(}和rm{(}都是反應(yīng)物，轉(zhuǎn)化率相等不能說(shuō)明達(dá)到平衡狀態(tài)，故B錯(cuò)誤；C.體系均為氣體，總質(zhì)量不變，總體積不變，故密度時(shí)刻不變，故C錯(cuò)誤；D.該反應(yīng)是氣體分子數(shù)變化的反應(yīng)，故達(dá)到平衡之前，氣體的總物質(zhì)的量時(shí)刻變化，總質(zhì)量不變，故達(dá)到平衡后，平均相對(duì)分子質(zhì)量不變，故D正確。故答案為：rm{g}rm{g}rm{)}rm{)}rm{+4CO}rm{+4CO}rm{(}rm{(}rm{g}rm{g}rm{)=}rm{)=}rm{4CO_{2}}rm{4CO_{2}}rm{(}rm{dfrac{underline{;{碌莽陸芒};}}{;}}rm{(}rm{g}rm{g}rm{)}rm{)}rm{+N_{2}}rm{+N_{2}}rm{(}rm{(}rm{g}rm{g}rm{)triangle}為硫酸，其的化學(xué)式rm{)triangle}rm{H=}rm{H=}rm{-}rm{-}得電子生成銨根離子，反應(yīng)式為：rm{1199.5kJ/mol}rm{1199.5kJ/mol}；rm{(}rm{2}rm{2}rm{)壟脵A.}rm{NO}rm{CO}rm{AD}rm{(3)}【解析】rm{(}rm{1}rm{)}rm{2NO_{2}}rm{(}rm{g}rm{)}rm{+4CO}rm{(}rm{g}rm{)=}rm{4CO_{2}}rm{(}rm{g}rm{)}rm{+N_{2}}rm{(}rm{g}rm{)triangle}rm{H=}rm{-}rm{1199.5kJ/mol}rm{(}rm{1}rm{1}rm{)}rm{2NO_{2}}rm{2NO_{2}}rm{(}rm{g}rm{g}rm{)}rm{+4CO}rm{+4CO}rm{(}rm{g}rm{g}rm{)=}rm{4CO_{2}}rm{4CO_{2}}rm{(}rm{g}rm{g}rm{)}rm{+N_{2}}rm{+N_{2}}rm{(}rm{g}rm{g}rm{)triangle}rm{H=}向右rm{H=}rm{-}rm{1199.5kJ/mol}rm{1199.5kJ/mol}rm{(}rm{2}rm{)壟脵}rm{AD}rm{(}rm{2}rm{2}五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共4分)20、10串20【分析】【分析】（1）導(dǎo)體有線性元件和非線性元件；只有線性元件的I-U圖象是直線；

（2）根據(jù)圖2所示圖象求出電壓對(duì)應(yīng)的電流，然后應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律分析答題．【解析】【解答】解：（1）由圖示圖象可知；圖乙圖象電流與電壓成正比，圖乙是線性元件的I-U圖象；

圖甲和圖丙所示圖象電流與電壓不成正比；圖甲與圖丙所示圖象的非線性元件；

三個(gè)圖象都可能正確；甲；乙、丙三個(gè)圖都可能正確，并不一定有較大誤差，故ABC錯(cuò)誤，D正確．

（2）由圖2所示圖象應(yīng)用歐姆定律可知，電壓為12V時(shí)的電阻：R1===30Ω，R2===40Ω，△R=R2-R1=40-30=10Ω；

由圖2所示圖象可知，元件兩端電壓為20V時(shí)通過(guò)它的電流為0.5A，把它接入30V電路中為使元件正常工作應(yīng)給元件串聯(lián)一個(gè)分壓電阻，串聯(lián)電阻阻值：R====20Ω；

故答案為：（1）D；（2）10；串；20．21、交流0.230.22【分析】【分析】利用在勻變速直線運(yùn)動(dòng)中，中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于該過(guò)程中的平均速度來(lái)求B的速度大小，然后根據(jù)動(dòng)能、勢(shì)能定義進(jìn)一步求得