2025年西師新版高三物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年西師新版高三物理下冊階段測試試卷675考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖為A；B兩個物體運動的位移-時間圖象；則下列說法正確的是（）

A.0-t1時間內A的位移大B.A做直線運動，B做曲線運動C.t2時刻B速度方向相同D.t1-t2這段時間內A的路程小于B的路程2、質量為m的物體，在沿斜面方向的恒力F作用下，沿粗糙的斜面勻速地由A點運動到B點，物體上升的高度為h，如圖所示．則在運動過程中（）A.物體所受各力的合力做功為零B.物體所受各力的合力做功為mghC.恒力F與摩擦力的合力做功為零D.恒力F做功為mgh3、某物體在一足夠大的光滑平面上向東勻速運動，當它受到一個向西的恒定外力作用時，物體運動將是（）A.曲線運動但加速度方向不變，大小不變，是勻變速曲線運動B.直線運動且是勻變速直線運動C.曲線運動，但加速度方向改變，大小不變，是變加速曲線運動D.直線運動，加速度方向改變，是變加速直線運動4、如圖所示，把矩形線圈abcd放在勻強磁場中，使它的平面和磁感線平行．當線圈做下列哪種運動時，線圈中有感應電流（）A.沿磁感線方向移動B.沿垂直于磁感線方向移動C.以ad邊為軸轉動D.以cd邊為軸轉動5、如圖所示，一質量為M、傾角為θ的斜面體在水平地面上，質量為m的小木塊（可視為質點）放在斜面上，現(xiàn)用一平行斜面、大小恒定的拉力F作用于小木塊，拉力在斜面所在的平面內繞小木塊旋轉一周的過程中，斜面體和木塊始終保持靜止狀態(tài)．下列說法中正確的是（）A.小木塊受到斜面的最大摩擦力為F＋mgsinθB.小木塊受到斜面的最小摩擦力可能為零C.斜面體受到地面的最大摩擦力為FD.斜面體受到地面的最小摩擦力為零6、某人用力推一下原來靜止在水平面上的小車，小車便開始運動，此后改用較小的力就可以維持小車做勻速直線運動，可見（）A.力是使物體產生速度的原因B.力是維持物體運動的原因C.力是改變物體慣性的原因D.力是改變物體運動狀態(tài)的原因7、如圖所示，在x≤0的區(qū)域內存在勻強磁場，磁場的方向垂直于xy平面（紙面）向里．具有一定電阻的矩形線框abcd位于xy平面內，線框的ab邊與y軸重合．令線框從t=0的時刻起由靜止開始沿x軸正方向做勻速運動，則線框中的感應電流（取逆時針方向的電流為正）隨時間t的變化圖線I-t圖可能是下圖中的（）A.B.C.D.評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)8、有兩段電阻絲是由同種材料制成的．它們的質量相同，它們的長度之比L1：L2=2：3．則它們的電阻之比為____，將它們并聯(lián)在電路中，則通過它們的電流強度之比I1：I2為____．9、（2013?如東縣模擬）如圖所示，電路中電阻R1=4Ω，R2=8Ω，電源內阻r=2Ω．當開關S斷開時，理想電流表的示數(shù)I0=0.3A，則電源電動勢E=____V；當S閉合時，電流表示數(shù)I=____A．10、輸送1.0×l05瓦的電功率，用發(fā)1.0×l04伏的高壓送電，輸電導線的電阻共計1.0歐，輸電導線中的電流是____A，輸電導線上因發(fā)熱損失的電功率是____W．11、一臺國產XQB30-13型全自動洗衣機說明書中所列的主要技術數(shù)據(jù)如右表．試根據(jù)表中提供的數(shù)據(jù)計算：

。額定電壓。

額定頻率。

額定洗衣；脫水功率。

額定洗衣、脫水容量220V

50Hz

440W

3kg這臺洗衣機在額定電壓下洗衣或脫水時，通過洗衣機的電流強度是____A，洗衣、脫水的累計時間為30min，則洗衣機耗電____kW?h．12、（1）如圖甲游標卡尺測得遮光條的寬度d=____cm．

（2）圖乙為測量電壓表內阻r的電路原理圖．圖中兩個固定電阻的阻值均為R，S1、S2是開關，E是電源（內阻可忽略）．開關S1保持斷開，合上開關S2，此時電壓表的讀數(shù)為U1；再合上開關S1，電壓表的讀數(shù)變?yōu)閁2，電壓表內阻r=____（用U1、U2和R表示）．

13、【題文】如圖所示，把球放在傾角為30°的光滑斜面上，用一豎直擋板使之處于平衡狀態(tài)，此時斜面對球的彈力大小為N1，若撤去擋板時，斜面對球的彈力大小為N2，則N1：N2=____。14、在研究平拋物體運動的實驗中，用一張印有小方格的紙來記錄軌跡，小方格的邊長L=1.25cm，若小球在平拋運動途中的幾個位置如圖中的a、b、c、d所示，則小球平拋初速度的為V0=______m/s（g=10m/s2），到達b點時的瞬時速度大小為Vb=______m/s（保留兩位有效數(shù)字）15、質量m=1.5kg的物塊在水平恒力F作用下，從水平面上A點由靜止開始以加速度a=4m/s2運動，運動一段距離撤去該力，物塊繼續(xù)滑行再經t=2s停在B點，已知物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)μ=0.2，則物體全過程位移為____m．（本題中g取10m/s2）評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)16、（2010?駐馬店模擬）氫原子的能級圖如圖所示，欲使一處于基態(tài)的氫原子釋放出一個電子而變成氫離子，該氫原子需要吸收的能量至少是13.60eV____（判斷對錯）17、兩個力的合力總是大于原來每一個力．____（判斷對錯）18、青藏高原測水沸時的溫度：應選用水銀溫度計和酒精溫度計．____．（判斷對錯）19、飽和汽壓與溫度有關，而與體積無關．____．（判斷對錯）20、太陽輻射的能量主要來自太陽內部的核聚變反應____（判斷對錯）21、普朗克在研究黑體的熱輻射問題時提出了能量子假說____（判斷對錯）22、電荷所受的洛倫茲力方向不一定與磁場方向垂直____．（判斷對錯）23、參考系的選取是任意的，但參考系的選取應使物體運動的描述盡可能簡單．____．（判斷對錯）24、永磁體在受到加熱或敲打后，磁性不會發(fā)生改變____．（判斷對錯）評卷人得分四、推斷題(共1題，共3分)25、常溫下，在鎂屑和無水乙醚的混合體系中，滴加鹵代烷，反應后得到的有機鎂化合物稱為格氏試劑。制備的格氏試劑不需要分離就可直接用于有機合成，是重要的有機合成中間體。反應原理為：rm{RXunderset{Mg}{overset{脪脪脙脩}{隆陋簍D隆煤}}RMgX}rm{underset{H_{3}O^{+}}{overset{}{隆陋隆陋隆煤}}}利用rm{A(}rm{)}來合成的流程如圖所示：rm{(1)}物質rm{A}的名稱為___________；rm{A隆煤B}的反應類型是____物質rm{(1)}的名稱為___________；rm{A}的反應類型是____rm{A隆煤B}_______；寫出由rm{(2)}寫出由rm{A}制備環(huán)戊酮rm{(}制備環(huán)戊酮rm{(2)}rm{A}的化學方程式__________________________________；rm{(}寫出由rm{)}的化學方程式__________________________________；生成rm{)}rm{(3)}寫出由rm{F}生成rm{G}rm{G}生成rm{H}的化學方程式____________________________________；生成rm{(3)}的化學方程式____________________________________；rm{F}rm{G}的同分異構體中含有六元環(huán)且能發(fā)生銀鏡反應的有________________________種；rm{G}寫出符合下列要求的rm{H}的同分異構體的結構簡式________________________；___________________________________。寫一種即可，已知同一個rm{(4)D}的同分異構體中含有六元環(huán)且能發(fā)生銀鏡反應的有________________________種；原子上不能連接rm{(4)D}個羥基rm{(5)}rm{I}芳香族化合物rm{(}二元醇rm{C}分子中有rm{2}種化學環(huán)境的rm{)}原子rm{壟脵}芳香族化合物rm{壟脷}二元醇rm{壟脹}分子中有rm{5}種化學環(huán)境的rm{H}原子參照上述合成信息，以rm{壟脵}和rm{壟脷}制備的環(huán)戊酮rm{壟脹}rm{5}為原料合成rm{H}rm{(6)}參照上述合成信息，以rm{A}和rm{A}制備的環(huán)戊酮rm{(}評卷人得分五、解答題(共1題，共8分)26、在豎直平面內有一半徑為R的光滑半圓形固定軌道；其最低點A和水平面相切．一質量為m的物塊從最低點以某一速度沖上軌道，到達最高點B時和半圓軌道之間的作用力的大小為mg，求：

（1）分別求出物塊到達最高點B和最低點A時速度的大??；

（2）物塊從最高點B飛出后在水平面上的落點到軌道最低點A的距離．評卷人得分六、簡答題(共4題，共40分)27、rm{[}化學rm{隆陋}選修rm{3}物質結構與性質rm{]}氫的存儲是氫能應用的主要瓶頸，目前所采用或正在研究的主要儲氫材料有：配位氫化物、富氫載體化合物、碳質材料、金屬氫化物等。

rm{(1)Ti(BH_{4})_{2}}是一種過渡元素硼氫化物儲氫材料。rm{壟脵Ti}的基態(tài)原子有________種能量不同的電子。rm{壟脷BH_{4}^{-}}的空間構型是________rm{(}用文字描述rm{)}rm{(2)}液氨是富氫物質，是氫能的理想載體，利用rm{N_{2}+3H_{2}}rm{2NH_{3}}可實現(xiàn)儲氫和輸氫。下列說法正確的是________。A.rm{NH_{3}}分子中rm{N}原子采用rm{sp^{3}}雜化B.rm{NH_{3}}和rm{NH_{4}^{+}}是等電子體C.rm{CN^{-}}的電子式為D.相同壓強時，rm{NH_{3}}的沸點比rm{PH_{3}}高E.第一電離能和電負性：rm{O>N>C}rm{(3)Yoon}等人發(fā)現(xiàn)rm{Ca}與rm{C_{60}}生成的rm{Ca_{32}C_{60}}能大量吸附rm{H_{2}}分子。rm{壟脵C_{60}}晶體易溶于苯、rm{CS_{2}}說明rm{C_{60}}是________rm{(}填“極性”或“非極性”rm{)}分子。rm{壟脷C_{60}}分子結構如圖甲所示，則rm{1molC_{60}}分子中含有rm{婁脪}鍵數(shù)目為________。rm{(4)MgH_{2}}是金屬氫化物儲氫材料，其晶胞結構如圖乙所示。rm{壟脵MgH_{2}}遇水就能釋放rm{H_{2}}該反應的化學方程式為________。rm{壟脷}已知該晶體的密度為rm{ag隆隴cm^{-3}}阿伏加德羅常數(shù)為rm{N_{A}}則該晶胞的體積為________rm{cm^{3}(}用rm{a}rm{N_{A}}表示rm{)}28、氯化鈷rm{(CoCl_{2})}可溶于水，常用作濕度和水分的指示劑，工業(yè)上也可用于制取鈷。rm{(1)}鈷元素的常見化合價與鐵元素相同。往rm{CoCl_{2}}溶液中加入rm{NaOH}溶液產生粉紅色沉淀，露置于空氣中一段時間后，沉淀變?yōu)樽睾稚m{壟脵}化合態(tài)鈷的常見化合價有_______。rm{壟脷}沉淀由粉紅色變?yōu)樽睾稚磻幕瘜W方程式為_______________。rm{(2)}將rm{CoCl_{2}}溶于濃鹽酸中能形成rm{[CoCl_{4}]^{2-}}溶液中存在平衡：rm{[Co(H_{2}O)_{6}]^{2+}+4Cl^{-}overset{?}{}[CoCl_{2}]^{2-}+6H_{2}O}rm{[Co(H_{2}O)_{6}]^{2+}+4Cl^{-}

overset{?}{}[CoCl_{2}]^{2-}+6H_{2}O}時，將rm{0.025molCoCl_{2}隆隴6H_{2}O}溶于rm{T_{1}隆忙}濃鹽酸中，再加水稀釋至rm{0.025mol

CoCl_{2}隆隴6H_{2}O}溶液中rm{50mL12mol/L}與溫度rm{100mL}的關系如圖所示。rm{c(Cl^{-})}時，取rm{(T)}上述溶液稀釋至rm{壟脵T_{l}隆忙}稀釋后的溶液中rm{10mL}______rm{l00mL}填“rm{c(Cl^{-})}”“rm{0.6mol隆隴L^{-1}(}”或“rm{>}”rm{=}rm{<}由圖可知，上述反應的rm{)}______rm{壟脷}填“rm{triangleH}”“rm{0(}”或“rm{>}”rm{=}rm{<}根據(jù)rm{)}點數(shù)據(jù)，計算出rm{壟脹}時上述反應的平衡常數(shù)為________。rm{A}采用下圖所示裝置rm{T_{1}隆忙}電極為惰性電極rm{(3)}電解rm{(Ti-Ru}溶液制取鈷。rm{)}能與強酸反應產生rm{CoCl_{2}}不利于rm{Co}的沉積，故電解過程中，rm{H_{2}}溶液的rm{Co}通常控制在rm{CoCl_{2}}

rm{pH}沉積在_______rm{3.9隆蘆4.2}填“rm{壟脵Co}”或“rm{(}”rm{Ti-Ru}電極上。

rm{Ti}溶液中常含有少量rm{)}rm{壟脷CoCl_{2}}rm{Cu^{2+}}等，為提高產品的純度和電流效率，電解前必須將其中的_______rm{Fe^{3+}}填離子符號rm{Na^{+}}除去。rm{(}若用rm{)}溶液代替rm{壟脹}溶液，會使產率降低。其原因是_____________。rm{CoSO_{4}}29、一種氫氣燃料的汽車，質量為m=2.0×103kg，發(fā)動機的額定輸出功率為80kW，行駛在平直公路上時所受阻力恒為車重的0.1倍．若汽車從靜止開始先勻加速啟動，加速度的大小為=1.0m/s2．達到額定輸出功率后；汽車保持功率不變又加速行駛了800m，直到獲得最大速度后才勻速行駛．試求：

（1）汽車的最大行駛速度；

（2）當速度為5m/s時；汽車牽引力的瞬時功率；

（3）當汽車的速度為32m/s時的加速度．30、航模興趣小組設計出一架遙控飛行器，其質量m=2㎏，動力系統(tǒng)提供的恒定升力F=28N，飛行器飛行時所受的阻力大小f=4N且保持不變，g取10m/s2．試飛時；飛行器從地面由靜止開始豎直上升，12s后飛行器因故立即失去升力無法修復．求：

（1）正常飛行t1=12s到達高度h1；

（2）飛行器還能上升的高度h2．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】在位移-時間圖象中，縱坐標的變化量△x表示位移，圖象的斜率表示質點運動的速度的大?。烦痰扔诟鱾€過程位移大小之和．【解析】【解答】解：

A、根據(jù)縱坐標的變化量△x表示位移得知，0～t1時間內B的位移大；故A錯誤．

B；位移時間圖象只能表示直線運動；故B錯誤．

C、x-t圖象切線的斜率等于速度，t2時刻；A的斜率為正，說明A的速度沿正向，B圖線的切線斜率為負，說明B的速度沿負向，兩者速度方向相反，故C錯誤．

D、t1～t2這段時間內；A一直沿正向做勻速直線運動，B先沿正向運動后沿負向運動，通過的位移相同，可知A的路程小于B的路程，故D正確．

故選：D2、A【分析】【分析】以小物塊為研究的對象，對它進行受力分析，明確各個力的大小，然后求得各個力做功的多少．【解析】【解答】解：由題意；物體沿斜面勻速向上滑動，受到重力mg；斜面的支持力N、滑動摩擦力f和推力F四個力作用，平衡條件可知；

A；B：物體做勻速運動；所以受到的合外力為0，物體所受各力的合力做功為零．故A正確，B錯誤；

C；D：四個力中；斜面的支持力不做功，物體的高度上升h，所以物體克服重力做功為mgh；恒力F與摩擦力、重力做的功總和為0，所以F與摩擦力的合力做功為mgh．故C錯誤，D錯誤．

故選：A．3、B【分析】【分析】當物體受到與運動方向不在同一直線上的恒力作用時，物體做勻變速曲線運動．物體的運動方向向西，受到的合外力方向向南，力與速度方向不在同一直線上，且力為恒力，根據(jù)曲線運動的條件及牛頓第二定律即可求解．【解析】【解答】解：物體的運動方向向東；受到的合外力方向向西，所以合力的方向與運動的方向在同一條直線上；又因為合外力恒定，根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度恒定，故物體做勻變速直線運動，故B正確．

故選：B4、D【分析】【分析】當穿過閉合線圈的磁通量發(fā)生變化時，線圈中就產生感應電流，根據(jù)這個條件進行分析．【解析】【解答】解：A；當線圈沿磁感線方向移動時；線圈的磁通量始終為零，保持不變，沒有感應電流產生．故A錯誤．

B；當線圈沿垂直于磁感線方向移動時；線圈的磁通量始終為零，保持不變，沒有感應電流產生．故B錯誤．

C；當線圈以ad邊為軸轉動時；磁感線始終與線圈平行，磁通量始終為零，保持不變，沒有感應電流產生．故C錯誤．

D；當線圈以cd邊為軸轉動時；穿過線圈的磁通量從無到有發(fā)生變化，有感應電流產生．故D正確．

故選D．5、A|B|C【分析】試題分析:當F沿斜面向下時，木塊所受摩擦力最大，由平衡條件：FMAX=F+mgsinθ．故A正確；當F沿斜面向上，且F=mgsinθ時，小木塊受到斜面的摩擦力為零，所以B正確；選整體為研究對象，當F水平時，整體所受的摩擦力最大，由平衡條件，f=F，即：斜面所受的最大靜摩擦力為F．故C正確；不管怎么樣，力F在水平方向的分力不會為0，選整體為研究對象，可知斜面體受到地面的摩擦力不會為零，所以D錯考點：靜摩擦力大小和方向【解析】【答案】ABC6、D【分析】【分析】牛頓第一定律表明：力是改變物體運動狀態(tài)的原因．【解析】【解答】解：某人用力推一下原來靜止在水平面上的小車；小車便開始運動，原因是推力大于最大靜摩擦力；

此后改用較小的力就可以維持小車做勻速直線運動；原因是最大靜摩擦力大于滑動摩擦力，此時用較小的力可以使物體保持水平方向的勻速直線運動；

牛頓第一定律表明：物體具有慣性；而力是改變物體運動狀態(tài)的原因．

故D正確。

故選：D7、B【分析】【分析】由右手定則可得出回路中的電流方向；由E=BLv可求得電路中感應電動勢，由歐姆定律可求得電路中的電流變化．【解析】【解答】解：在題中只有cd桿切割磁感線；由右手定則產生的感應電流為c→d，回路中的電流為順時針，故電流應為負值；

且I==；因勻速運動，則I是恒定的，故B正確，ACD錯誤．

故選：B．二、填空題(共8題，共16分)8、4：99：4【分析】【分析】通過質量相同得出體積相同，從而得出橫截面積之比，根據(jù)電阻定律R=，結合長度之比和橫截面積之比求出電阻之比．抓住電壓相等，通過歐姆定律求出電流之比．【解析】【解答】解：電阻絲材料相同，則密度相同，由于質量相同，則體積相同，長度之比為2：3，則橫截面積之比為3：2，根據(jù)電阻定律R=；知電阻之比為4：9；

兩電阻并聯(lián)；電壓相等，根據(jù)歐姆定律知，電流之比等于電阻之反比，所以電路之比為9：4．

故答案為：4：9，9：49、4.20.42【分析】【分析】由閉合電路的歐姆定律E=IR即可求解．【解析】【解答】解：由于電流表為理想電流表；所以其內阻不計．

當開關s斷開，電阻R1、R2和電源串聯(lián)，由E=I（R1+R2+r）=0.3A×（4Ω+8Ω+2Ω）=4.2V

當S閉合，電阻R1短路，R2和電源串聯(lián)，所以電流表的示數(shù)為干路電流，由閉合電路的歐姆定律I1===4.2A

故答案為：4.2V；0.42A．10、10100【分析】【分析】（1）由功率公式P=UI可求得輸電線中的電流；

（2）由功率公式△P=I2R可求得輸電線上損失的電功率大?。弧窘馕觥俊窘獯稹拷猓海?）由P=UI可得：

電路中的電流I==A=10A

（2）輸電導線上因發(fā)熱損失的功率△P=I2R=10×10×1W=100W

故答案為：10；100．11、20.22【分析】【分析】根據(jù)P=UI求出在額定電壓下洗衣或脫水時，通過洗衣機的電流強度．根據(jù)W=Pt求出洗衣機所耗的電能．【解析】【解答】解：根據(jù)P=UI得，I=．

洗衣機消耗的電能W=Pt=0.44kW×0.5h=0.22kW．h．

故答案為：2，0.22．12、略

【分析】

（1）游標卡尺讀數(shù)為d=5mm+2×0.1mm=5.2mm=0.52cm

（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律，當斷開時有E=+

當閉合時有E=聯(lián)立解得r=

故答案為（1）0.52

（2）

【解析】【答案】（1）題游標卡尺讀數(shù)時注意整數(shù)部分主尺最小刻度為1mm，是分度；不需要估讀．

（2）題的關鍵是根據(jù)閉合電路歐姆定律列出開關閉合前后的表達式；然后解出電壓表內阻值即可．

13、略

【分析】【解析】

試題分析：撤去擋板對小球進行受力分析如下圖，可得

撤去擋板對小球進行受力分析如下圖，可得

所以

考點：力的合成。

點評：在不同狀態(tài)下，斜面對小球的支持力是不同的，有擋板是小球合力為零，沒擋板是小球合外力沿斜面向下?！窘馕觥俊敬鸢浮?4、略

【分析】解：在豎直方向上有：△y=gT2，解得

則

所以到達b點時的瞬時速度大?。?/p>

故答案為：0.50；0.71．

平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)豎直方向上的運動，運用△y=gT2求出相等的時間間隔，再根據(jù)水平方向上的運動求出平拋運動的初速度．根據(jù)求出b點在豎直方向上的分速度，再根據(jù)平行四邊形定則求出b點的瞬時速度．

解決本題的關鍵掌握處理平拋運動的方法，以及掌握平拋運動的規(guī)律，會靈活運用運動學公式進行求解．【解析】0.50；0.7115、6【分析】【分析】物體先做初速度為零的勻加速直線運動，然后做末速度為零的勻減速直線運動；對勻減速過程，先根據(jù)牛頓第二定律求解加速度，根據(jù)速度時間關系公式求解初速度，再根據(jù)平均速度公式求解減速位移；對加速過程，根據(jù)速度位移關系公式求解加速位移；最后得到總位移．【解析】【解答】解：物體先做初速度為零的勻加速直線運動；然后做末速度為零的勻減速直線運動；

減速直線運動過程：

物體受重力；支持力和滑動摩擦力；以速度方向為正方向，根據(jù)牛頓第二定律，有：

-μmg=ma2

解得：a2=-μg=-2m/s2

根據(jù)速度時間關系公式v=v0+at，有：0=v+a2t2，得到：v=-a2t2=-（-2）×2=4m/s；

減速過程位移x2=．

勻加速直線運動：

根據(jù)根據(jù)速度位移關系公式，有：v2=2a1x1；

解得

故總位移為：x=x1+x2=2+4=6m．

故答案為：6．三、判斷題(共9題，共18分)16、√【分析】【分析】當電子躍遷到無窮遠時，電子脫離氫原子核的約束，成為自由電子，氫原子變成氫離子，剛好到無窮遠處的能量為0，因此這時吸收的能量最?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓寒旊娮忧『秒婋x時吸收的能量最??；此時有：△E=0-（-13.60）=13.6eV，故以上說法是正確的．

故答案為：√17、×【分析】【分析】解答此題時；要從力的大小和方向兩個方面來考慮，在分析各選項時千萬不能漏掉力的方向．

（1）如果二力在同一條直線上；根據(jù)力的合成計算合力的大小，即同一直線上同方向二力的合力等于二力之和；

同一直線反方向二力的合力等于二力之差．

（2）如果二力不在同一條直線上，合力大小介于二力之和與二力之差之間；【解析】【解答】解：當兩個力方向相同時；合力等于兩分力之和，合力大于每一個分力；當兩個分力方向相反時，合力等于兩個分力之差，合力可能小于分力，由此可見：合力可能大于分力也有可能小于分力，故錯誤；

故答案為：×．18、×【分析】【分析】選擇溫度計的原則是：溫度計內測溫物質的凝固點應低于被測物體的溫度，同時，溫度計內測溫物質的沸點應高于被測物體的溫度．【解析】【解答】解：在海平面上水的沸點為100℃；在青藏高原水的沸點也有80℃多，而酒精的沸點只有78℃，所以不能選擇酒精溫度計．該說法是錯誤的．

故答案為：×．19、√【分析】【分析】飽和汽壓是物質的一個重要性質，它的大小取決于物質的本性和溫度．飽和汽壓越大，表示該物質越容易揮發(fā)．【解析】【解答】解：飽和汽壓是物質的一個重要性質；它的大小取決于物質的本性和溫度；故一定溫度下的飽和汽的分子數(shù)密度是一定值，相同溫度下不同液體的飽和汽壓一般是不同的；溫度越高，液體越容易揮發(fā)，故飽和汽壓隨溫度的升高而增大，而飽和汽壓與氣體的體積無關．所以該說法是正確的．

故答案為：√20、√【分析】【分析】根據(jù)核反應的種類可知，太陽輻射的能量是核聚變反應．【解析】【解答】解：太陽輻射的能量主要來源于輕核聚變．所以以上的說法是正確的．

故答案為：√21、√【分析】【分析】根據(jù)物理學史的知識，結合普朗克在研究黑體的熱輻射問題中提出了能量子假設即可正確解答．【解析】【解答】解：普朗克在研究黑體的熱輻射問題時提出了能量子假說．故以上說法是正確的．

故答案為：√22、×【分析】【分析】電荷的定向移動叫做電流；根據(jù)左手定則判斷磁場力方向；

左手定則：伸開左手，使拇指與其余四個手指垂直，并且都與手掌在同一平面內；讓磁感線從掌心進入，并使四指指向電流的方向，這時拇指所指的方向就是通電導線在磁場中所受安培力的方向．【解析】【解答】解：根據(jù)左手定則；洛倫茲力方向垂直于電荷運動方向與磁場方向構成的平面，即洛倫茲力方向一定與磁場方向垂直；

故答案為：×．23、√【分析】【分析】參考系，是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：參考系；是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系；參考系的選取是任意的，參考系的選取應使物體運動的描述盡可能簡單．該說法是正確的．

故答案為：√24、×【分析】【分析】永磁體在受到加熱或敲打后，磁性會減弱或消失，這種現(xiàn)象叫退磁．鐵磁性的物質與磁鐵接觸后會顯示出磁性，這種現(xiàn)象叫磁化．【解析】【解答】解：永磁體在受到加熱或敲打后；磁性會減弱或消失，這種現(xiàn)象叫退磁．所以這種說法是錯誤的．

故答案為：（×）四、推斷題(共1題，共3分)25、（1）環(huán)戊醇消去反應

（2）

（3）

（4）5

（5）或

（6）【分析】【分析】本題考查有機合成和推斷，涉及有機物的名稱、反應類型、同分異構體書寫、化學方程式的書寫、有機合成路線等知識，為高頻考點，難度一般。【解答】rm{(1)}通過rm{A}的結構可知，rm{A}分子為五個碳原子之間以單鍵連接構成的五元環(huán)，環(huán)上連接一個羥基，故A的名稱為環(huán)戊醇，環(huán)戊醇在濃硫酸的作用下，加熱發(fā)生消去反應生成環(huán)戊烯，故答案為：環(huán)戊醇；消去反應；rm{(2)}環(huán)戊醇可以在rm{Cu}的催化作用下加熱得到環(huán)戊酮，反應方程式為：故答案為：rm{(3)}通過rm{F}和rm{I}的結構可知，五元環(huán)上增加一個雙鍵，故F應先與溴發(fā)生加成，引入兩個溴原子，生成rm{G}反應方程式為：rm{G}在氫氧化鈉的醇溶液作用下發(fā)生消去反應rm{H}反應方程式為：故答案為：rm{(4)D}的同分異構體中含有六元環(huán)且能發(fā)生銀鏡反應的物質結構可以是：此種結構可以形成鄰、間、對三種物質，則由三種同分異構體，還可以是和所以符合條件的rm{D}的同分異構體共有rm{5}種，故答案為：rm{5}rm{(5)I}的同分異構體中，若為芳香族化合物，則結構中應含有苯環(huán)，屬于二元醇，則結構中應含有rm{2}個羥基，分子中由rm{5}種化學環(huán)境的rm{H}原子，則rm{2}個羥基上的rm{H}為rm{1}種，與rm{2}個羥基連接的碳原子上的rm{H}為rm{1}種，剩余rm{1}個碳原子構成的甲基上的rm{H}為rm{1}種，所以苯環(huán)上的rm{H}還有rm{2}種，故其結構應為對稱結構，可以是：或故答案為：或rm{(6)}由環(huán)戊醇和環(huán)戊酮為原料合成可以先用環(huán)戊醇與溴化氫發(fā)生取代反應生成結合題中已知信息：用在鎂屑和無水乙醚的條件下反應后得到格式試劑，再在乙醚的作用下與環(huán)戊酮反應，制得最后在濃硫酸的作用下加熱發(fā)生消去反應制得故合成路線為：故答案為：

【解析】rm{(1)}環(huán)戊醇消去反應rm{(2)}rm{(3)}rm{(4)5}rm{(5)}或rm{(6)}五、解答題(共1題，共8分)26、略

【分析】【分析】（1）由牛頓第二定律可求得小球在最高點的速度；

（2）由平拋運動規(guī)律可求得小球落地時的水平位移【解析】【解答】解：（1）在最高點；根據(jù)牛頓第二定律得：

解得：

（2）小球離開軌道平面做平拋運動。

s=vt

解得：s==

答：（1）物塊到達最高點B時速度的大小為；

（2）物塊從最高點B飛出后在水平面上的落點到軌道最低點A的距離為．六、簡答題(共4題，共40分)27、（1）①7②正四面體（2）ADE（3）①非極性②90NA(4)①MgH2+2H2O═Mg（OH）2+2H2↑②【分析】【分析】

本題考查物質結構和性質；涉及核外電子排布；雜化方式的判斷、空間構型的判斷、晶胞的計算等知識點，難點是晶胞的計算，靈活運用公式是解本題關鍵，難度中等。

【解答】

rm{(1)壟脵}鈦是rm{22}號元素，根據(jù)構造原理知其基態(tài)核外電子排布式為：rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{2}4s^{2}}所以有rm{7}種不同能量的電子，故答案為rm{7}

rm{壟脷BH_{4}^{-}}中rm{B}原子價層電子對rm{=4+dfrac{1}{2}(3+1-4隆脕1)=4}且沒有孤電子對，所以是正四面體結構，故答案為正四面體；

rm{=4+dfrac

{1}{2}(3+1-4隆脕1)=4}分子中rm{(2)A.NH_{3}}原子含有rm{N}個共用電子對和一個孤電子對，所以其價層電子對是rm{3}采用rm{4}雜化；故正確；

B.根據(jù)中心原子的雜化方式為rm{sp^{3}}雜化且有一對孤電子對數(shù)可以判斷rm{sp^{3}}分子的空間構型為三角錐形；故錯誤；

C.根據(jù)等電子體的概念，互為等電子體的兩個微粒要價電子數(shù)相等，而rm{NH_{3}}和rm{NH_{3}}價電子數(shù)不等；故錯誤；

D.rm{NH_{4}^{+}}與氮氣互為等電子體，結構與氮氣相同，據(jù)此可以判斷rm{CN^{-}}的電子式為：故正確；

E.由于氨分子之間有氫鍵，所以相同壓強時，rm{CN^{-}}沸點比rm{NH_{3}}高；故正確；

故答案為rm{PH_{3}}

rm{ADE}苯、rm{(3)壟脵}都是非極性分子，根據(jù)相似相溶原理知，rm{CS_{2}}是非極性分子；故答案為非極性；

rm{C_{60}}利用均攤法知，每個碳原子含有rm{壟脷}個rm{dfrac{1}{2}}鍵，所以rm{婁脨}rm{1mol}分子中，含有rm{C_{60}}鍵數(shù)目rm{=dfrac{1}{2}隆脕1mol隆脕60隆脕N_{A}/mol=30N_{A}}rm{婁脨}鍵數(shù)目為rm{=dfrac

{1}{2}隆脕1mol隆脕60隆脕N_{A}/mol=30N_{A}}

rm{婁脛}氫化鎂固體與水反應的化學方程式為：rm{90NA}故答案為：rm{(4)壟脵}

rm{MgH_{2}+2H_{2}O簍TMg(OH)_{2}+2H_{2}隆眉}該晶胞中鎂原子個數(shù)rm{MgH_{2}+2H_{2}O簍TMg(OH)_{2}+2H_{2}隆眉}氫原子個數(shù)rm{壟脷}rm{V=dfrac{m}{婁脩}=dfrac{dfrac{M}{N_{A}}(24隆脕2+1隆脕4)}{a}cm^{3}=dfrac{52}{acdotN_{A}}cm^{3}}故答案為：rm{dfrac{52}{acdotN_{A}}}

rm{=dfrac{1}{8}隆脕8+1=2}【解析】rm{(1)壟脵7}rm{壟脷}正四面體rm{(2)ADE}rm{(3)壟脵}非極性rm{壟脷90N_{A}}rm{(4)壟脵MgH_{2}+2H_{2}O簍TMg(OH)_{2}+2H_{2}隆眉}rm{壟脷dfrac{52}{acdotN_{A}}}rm{壟脷dfrac{52}{acdot

N_{A}}}28、（1）①+2、+3②4Co(OH)2+2H2O+O2=4Co(OH)3（2）①>②>③7.72×10-4（3）①Ti②Cu2+、Fe3+③OH-在陽極放電，使溶液的pH降低【分析】【分析】本題考查了鈷的制備，涉及化合價、化學方程式、化學平衡的移動原理、平衡常數(shù)計算等?！窘獯稹縭m{(1)壟脵}化合態(tài)鈷的常見化合價有rm{+2}rm{+3}故答案為：rm{+2}rm{+3}rm{壟脷}沉淀由粉紅色變?yōu)樽睾稚?，二價鈷氧化為三價鈷，反應的化學方程式為rm{4Co(OH)_{2}+2H_{2}O+O_{2}=4Co(OH)_{3}}故答案為：rm{4Co(OH)_{2}+2H_{2}O+O_{2}=4Co(OH)_{3}}?rm{4Co(OH)_{2}+2H_{2}O+O_{2}=4Co(OH)_{3}}時，取rm{4Co(OH)_{2}+2H_{2}O+O_{2}=4Co(OH)_{3}}上述溶液稀釋至rm{(2)壟脵T_{l;}隆忙}稀釋過程平衡逆向移動，稀釋后的溶液中rm{10mL}故答案為：rm{l00mL}rm{c(Cl^{-})>0.6mol隆隴L^{-1}}由圖可知，溫度升高，平衡正向移動，平衡向吸熱方向移動，上述反應的rm{>;}故答案為：rm{壟脷}rm{triangleH>0}點時，溶液中rm{>;}將rm{壟脹A}溶于rm{c(Cl^{-})=6mol/L}濃鹽酸中，再加水稀釋至rm{0.025molCoCl_{2}?6H_{2}O}反應方程式為：rm{50mL12mol/L}rm{100mL}rm{[Co(H}rm{[Co(H}rm{2}rm{2}rm{O)}rm{O)}rm{6}rm{6}rm{]}rm{]}rm{2+}rm{2+}rm{+4Cl}rm{+4Cl}，起始時rm{-}