2025年統(tǒng)編版高二物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年統(tǒng)編版高二物理上冊階段測試試卷993考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、用綠光照射金屬鉀時恰能發(fā)生光電效應；在下列幾種情況下仍能發(fā)生光電效應的是（）

A.改用紅光照射金屬鉀；而且不斷增加光照強度。

B.改用較弱的紫外線照射金屬鉀。

C.改用黃光照射；且增加照射時間。

D.只要入射光的波長小于鉀的極限波長；不論光強還是光弱，都可以發(fā)生光電效應。

2、如圖所示，在光滑水平面上，有質量分別為2m和m的A、B兩滑塊，它們中間夾著一根處于壓縮狀態(tài)的輕質彈簧，由于被一根細繩拉著處于靜止狀態(tài).當剪斷細繩，在兩滑塊脫離彈簧之后，下述說法正確的是：A.兩滑塊的動能之比EkA∶EkB＝1∶2B.兩滑塊的動量大小之比pA∶pB＝2∶1C.兩滑塊的速度大小之比vA∶vB＝2∶1D.彈簧對兩滑塊做功之比WA∶WB＝1∶13、一條形磁鐵放在水平桌面上，它的上方靠S極一側吊掛一根與它垂直的導體棒，圖中只畫出此棒的截面圖，并標出此棒中的電流是流向紙內的，在通電的一瞬間可能產生的情況是A.磁鐵對桌面的壓力減小B.磁鐵對桌面的壓力增大C.磁鐵受到向右的摩擦力D.磁鐵受到向左的摩擦力4、伽利略對自由落體運動的研究，是科學實驗和邏輯思維的完美結合，如圖所示，可大致表示其實驗和思維的過程，對這一過程的分析，下列說法正確的是（）A.其中的甲圖是實驗現(xiàn)象，丁圖是經過合理的外推得到的結論B.其中的丁圖是實驗現(xiàn)象，甲圖是經過合理的外推得到的結論C.運用丁圖的實驗，可“放大”重力的作用，使實驗現(xiàn)象更明顯D.伽利略認為自由落體運動的速度是均勻變化的，這是他用實驗直接進行了驗證的5、如圖所示，我國自行研制的加油機正在給戰(zhàn)斗機加油，下列以哪個物體為參考系加油機是運動的

A.戰(zhàn)斗機B.地面C.戰(zhàn)斗機中的飛行員D.加油機里的飛行員6、9

理想變壓器與電阻R

及交流電流、電壓表V

和A

按圖示方式連接，已知變壓器原副線圈的匝數(shù)比為n1n2=101

電阻R=11惟

原線圈兩端輸入電壓U

隨時間變化的圖象如圖所示，下列說法中正確的是(

)

A.V

表的讀數(shù)為220V

B.通過R

的電流為2A

C.A

表的讀數(shù)為2A

D.變壓器的輸入功率為40W

7、下列關于電磁波的說法符合實際的是（）A.X射線是一種波長比紫外線還長的電磁波，醫(yī)學上可檢查人體內病變和骨骼情況B.把傳遞信號“加”到載波上的過程叫做調制，且調制的方法只有一種C.常見的電視遙控器發(fā)出的是紫外線脈沖信號D.做變速運動的電荷會在空間產生電磁波評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)8、一個彈簧振子的振幅是2厘米，這個振子在1秒內通過的路程是80厘米，則這個振子的周期是____秒．9、日光燈的電子鎮(zhèn)流器是利用______工作的；而電磁爐和金屬探測器是利用______工作的．10、在彈性限度之內，一輕彈簧受到10N的拉力時，它的伸長量是4cm，則該彈簧勁度系數(shù)是____N/m，當彈簧不受拉力時，該彈簧勁度系數(shù)是____N/m，當彈簧兩端受到拉力為10N，彈簧的伸長量是____cm．11、某實驗小組在利用單擺測定當?shù)刂亓铀俣鹊膶嶒炛校涸跍y量單擺的周期時，從單擺運動到最低點開始計時且記數(shù)為1，到第n次經過最低點所用的時間為t，該單擺在擺動過程中的周期為________；在測量單擺的擺長時，先用毫米刻度尺測得擺球懸掛后的擺線長，再用游標卡尺測定擺球的直徑，測量結果如圖所示，則該擺球的直徑為________cm。12、在“用油膜法估測分子大小”的實驗中；所用的油酸酒精溶液的濃度為每1000mL溶液中有純油酸0.6mL，用注射器測得1mL上述溶液為80滴，把1滴該溶液滴入盛水的淺盤內，讓油膜在水面上盡可能散開，測得油酸薄膜的輪廓形狀和尺寸如圖所示，圖中單個正方形方格的邊長為1cm．

（1）實驗中為什么要讓油膜在水面上盡可能散開？______

（2）油酸薄膜的面積約為______cm2．

（3）實驗測出油酸分子的直徑______m（結果保留兩位有效數(shù)字）

（4）如果已知體積為V的一滴油在水面上散開形成的單分子油膜的面積為S，這種油的密度為ρ，摩爾質量為M，寫出阿伏加德羅常數(shù)的表達式______．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)13、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）14、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）15、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

16、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

17、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）18、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、作圖題(共1題，共8分)19、勻強電場中的三點ABC

是一個三角形的三個頂點，AB

的長度為1mD

為AB

的中點，如圖所示.

已知電場線的方向平行于鈻?ABC

所在平面，ABC

三點的電勢分別為14V6V

和2V.

作圖求電場強度的方向．評卷人得分五、解答題(共1題，共5分)20、用伏安法測量一個定值電阻的阻值；備用器材如下：

待測電阻Rx（阻值約為25kΩ）

電流表A1：（量程100μA；內阻2kΩ）

電流表A2：（量程500μA；內阻300Ω）

電壓表V1：（量程12V；內阻100kΩ）

電流表V2：（量程50V；內阻500kΩ）

電源E：（電動勢15V；允許最大電流1A）

滑動變阻器R：（最大阻值1kΩ）

電鍵S；導線若干。

為了盡量減小實驗誤差；要求測多組數(shù)據．

（1）電流表應選______；電壓表應選______．

（2）畫出實驗電路圖；并在圖中標出所用儀器的代號．

評卷人得分六、實驗探究題(共4題，共36分)21、I.

傳感器擔負著信息的采集任務，在自動控制中發(fā)揮著重要作用，傳感器能夠將感受到的物理量(

如溫度、光、聲等)

轉換成便于測量的量(

通常是電學量)

例如熱敏傳感器，主要是應用了半導體材料制成的熱敏電阻將熱學量轉換為電學量.

熱敏電阻隨溫度變化的圖象如圖甲所示，圖乙是由熱敏電阻R1

作為傳感器制作的簡單自動報警器線路圖.

問(1)

為了使溫度過高時報警器鈴響，c

應接在____(

填“a

”或“b

”)

．(2)

若使啟動報警的溫度提高些，應將滑動變阻器滑片P

點向____移動(

填“左”或“右”)

．(3)

如果在調試報警器達到最低報警溫度時，無論如何調節(jié)滑動變阻器滑片P

都不能使報警器工作，且電路連接完好，各電路元件都能處于工作狀態(tài)，則造成工作電路實際不能工作的原因可能是_____。

II.

同實驗桌的小王與小李兩同學在做用單擺測定重力加速度的實驗．(1)

小王同學先用20

分度的游標卡尺測量擺球直徑，示數(shù)如圖所示，則該擺球的直徑d=

___________cm

．

(2)

接著他們測量了擺線的長度為l0

實驗時用拉力傳感器測得擺線的拉力F

隨時間t

變化的圖象如圖(b)

所示，則通過計算求重力加速度的表達式為____．(3)

他們通過改變擺線長度l0

測量了多組數(shù)據，在進行數(shù)據處理時，小王同學把擺線長l0

作為擺長，直接利用公式求出各組重力加速度值再求出平均值；小李同學作出T2鈭?l0

圖象后求出斜率，然后算出重力加速度，兩同學處理數(shù)據的方法對結果的影響是：小王___________，小李____(

選填“偏大”“偏小”或“無影響”)

．22、Ⅰ.(1)

用游標為20

分度的卡尺測量其長度如圖，由圖可知其長度為_____________mm

(2)

用螺旋測微器測量其直徑如右上圖，由圖可知其直徑為_________mm

(3)

用伏安法測定該圓柱體電阻R(

阻值約為250婁賂)

除被測圓柱體外，還有如下供選擇的實驗器材：電流表A1(

量程0隆蘆4mA

內阻約50婁賂)

電流表A2(

量程0隆蘆10mA

內阻約30婁賂)

電壓表V1(

量程0隆蘆3V

內阻約10k婁賂)

電壓表V2(

量程0隆蘆15V

內阻約25k婁賂)

直流電源E(

電動勢4V

內阻不計)

滑動變阻器R1(

阻值范圍0隆蘆15婁賂

允許通過的最大電流2.0A)

滑動變阻器R2(

阻值范圍0隆蘆2k婁賂

允許通過的最大電流0.5A)

開關S

導線若干為使實驗誤差較小，要求測得多組數(shù)據進行分析，請在如圖所示的虛線框中畫出測量的電路圖，并標明所用器材的代號．

Ⅱ.

如圖所示是探究電磁感應現(xiàn)象的實驗裝置.

用絕緣線將導體AB

懸掛在蹄形磁鐵的磁場中，閉合開關后，在下面的實驗探究中，電流表的指針是否偏轉.

磁體不動，(

選填“偏轉”或“不偏轉”)

(1)

使導體AB

向上或向下運動，并且不切割磁感線.

電流表的指針___________．(2)

導體AB

不動，使磁體左右運動.

電流表的指針_________．23、（1）圖1螺旋測微器讀數(shù)為______mm；圖2游標卡尺讀數(shù)為______mm。

（2）選擇電流表的量程為0.6A；則圖3中電流表的讀數(shù)為______A。

（3）某電流表表頭內阻Rg為200Ω，滿偏電流Ig為2mA，按如圖4改裝成量程為3V和15V的電壓表，其中R1=______Ω。24、如圖所示是“研究電磁感應現(xiàn)象”的實驗裝置。

（1）將圖中所缺導線連接完整．

（2）電路連接正確后（線圈A在線圈B中）；閉合電鍵時發(fā)現(xiàn)靈敏電流計的指針向右偏了一下，若將滑動變阻器滑片迅速向右移動，電流計指針______．（“向右偏”或“向左偏”）將線圈A迅速撥出線圈B時，電流計指針______（“向右偏”或“向左偏”）．

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B|D【分析】

A；用綠光照射恰能發(fā)生光電效應；知綠光的頻率等于極限頻率，紅光的頻率小于綠光，所以紅光照射不能發(fā)生光電效應．故A錯誤．

B；能否發(fā)生光電效應由入射光的頻率決定；與入射光的強度無關．故B正確．

C；黃光的頻率小于綠光；不能產生光電效應．故C錯誤．

D；入射光的波長小于極限波長；則入射光的頻率大于極限頻率，不論光的強弱，都能發(fā)生光電效應．故D正確．

故選BD．

【解析】【答案】光電效應的條件是入射光的頻率大于極限頻率；與入射光的強度無關．

2、A【分析】【解析】【答案】A3、A|D【分析】試題分析：由左手定則可知通電導線受到磁鐵斜向左下方的安培力作用，所以磁鐵受到導線斜向右上方的作用力，使得磁鐵對地面的壓力減小，并且有向右的運動趨勢，即磁鐵受到向左的靜摩擦力作用，故選項AD正確．考點：本題考查了利用左手定則判斷通電導線和磁體之間的作用力，解答時要靈活選擇研究對象以方便解題．【解析】【答案】AD4、A【分析】解：伽利略的時代無法直接測定瞬時速度；就無法驗證v與t成正比的思想，伽利略通過數(shù)學運算得到，若物體初速度為零，且速度隨時間均勻變化，即v正比于t，那么它通過的位移與所用時間的二次方成正比，只要測出物體通過不同位移所用的時間就可以驗證這個物體的速度是否隨時間均勻變化．由于伽利略時代靠滴水計時，不能測量自由落體所用的時間，伽利略讓銅球沿阻力很小的斜面滾下，由于沿斜面下滑時加速度減小，所用時間長得多，所以容易測量．這個方法叫“沖淡”重力．乙丙均是實驗現(xiàn)象，丁圖是經過合理的外推得到的結論，故A正確，BCD錯誤．

故選：A

本題考查了伽利略對自由落體運動的研究；要了解其研究過程為什么要“沖淡”重力的方法．

本題考查的就是學生對于物理常識的理解，這些在平時是需要學生了解并知道的，看的就是學生對課本內容的掌握情況．【解析】【答案】A5、B【分析】【分析】參考系：要描述一個物體的運動，就必須選擇另外的一個物體作為標準，這個被選擇作為標準的物體就是參考系。本題考查參考系的概念，基礎題?！窘獯稹緼CD.

以戰(zhàn)斗機，戰(zhàn)斗機中的飛行員和加油機里的飛行員為參考系，加油機是靜止的。故ACD錯誤；

B.以地面為參考系，加油機是運動的，故B正確。故選B?！窘馕觥緽

6、B【分析】略【解析】B

7、D【分析】【解答】A、X射線是一種波長比紫外線短的電磁波；故穿透能力強，醫(yī)學上可檢查人體內病變和骨骼情況，故A錯誤；B；把傳遞信號“加”到載波上的過程叫做調制，有調幅與調頻兩種方式，故B錯誤；

C；目前常見的電視遙控器發(fā)出的是紅外線脈沖信號；故C錯誤；

D；做變速運動的電荷會在空間產生變化的磁場；是非均勻變化的磁場，會產生電磁波，故D正確；

故選：D．

【分析】變化的電場產生磁場，變化的磁場產生電場；變化分均勻變化和周期性變化，均勻變化的電場產生恒定的磁場，周期性變化的電場產生周期變化的磁場．二、填空題(共5題，共10分)8、略

【分析】

彈簧振子做簡諧運動時，一個周期內通過的路程是四個振幅，即S=4A．由題，振幅A=2cm，振子在1秒內通過的路程是S=80cm，振子運動的時間與周期的關系是t=T=所以周期T==s=0.1s

故答案為：0.1

【解析】【答案】彈簧振子做簡諧運動時；一個周期內通過的路程是四個振幅，根據路程與振幅的關系，確定時間與周期的關系，求出周期．

9、略

【分析】解：日光燈剛發(fā)光時；鎮(zhèn)流器在啟動時，產生很大的自感電動勢，提供瞬時高壓，從而能使日光燈正常工作．

電磁爐是利用交變電流在金屬鍋底激發(fā)出渦流而工作的；發(fā)熱效率很高；

故答案為：自感原理；渦流．

在兩極斷開的瞬間；電路電流突然切斷，鎮(zhèn)流器產生很大的自感電動勢，與電源電壓疊加后作用于管兩端．燈絲受熱時發(fā)射出來的大量電子，在燈管兩端高電壓作用下，以極大的速度由低電勢端向高電勢端運動．在加速運動的過程中，碰撞管內氬氣分子，使之迅速電離．在紫外線的激發(fā)下，管壁內的熒光粉發(fā)出近乎白色的可見光．

電磁爐又被稱為電磁灶；其原理是磁場感應渦流加熱，即利用交變電流通過線圈產生交變磁場，從而使金屬鍋自身產生無數(shù)小渦流而直接加熱于鍋內的食物．

日光燈正常發(fā)光后．由于交流電不斷通過鎮(zhèn)流器的線圈，線圈中產生自感電動勢，自感電動勢阻礙線圈中的電流變化，這時鎮(zhèn)流器起降壓限流的作用，使電流穩(wěn)定在燈管的額定電流范圍內，燈管兩端電壓也穩(wěn)定在額定工作電壓范圍內．電磁爐的工作原理，是渦流利用的典例，基礎題．【解析】自感原理；渦流10、略

【分析】

在彈性限度之內，一輕彈簧受到10N的拉力時，它的伸長量是4cm，根據胡克定律F=kx得，k=．

當彈簧不受拉力時；彈簧的勁度系數(shù)不變，為250N/m．

當彈簧兩端受到拉力為10N，彈簧的拉力為10N，則x′==．

故答案為：250；250，4．

【解析】【答案】彈簧的勁度系數(shù)由彈簧本身決定；根據胡克定律F=kx求出勁度系數(shù)的大小，再根據胡克定律求出彈簧的伸長量．

11、略

【分析】試題分析：從單擺運動到最低點開始計時且記數(shù)為1，到第n次經過最低點，完成全振動的次數(shù)為個，所以周期游標卡尺主尺讀數(shù)為9mm，游標尺讀數(shù)為7×0.1mm，所以擺球的直徑為9.7mm=0.97cm考點：本題考查單擺【解析】【答案】0.9712、略

【分析】解：（1）當油酸溶液滴在水面后；盡可能散開，形成單分子膜，這樣才能得出油酸分子直徑由體積除面積；

（2）如圖所示，是油酸薄膜．由于每格邊長為1cm，則每一格就是1cm2，估算油膜面積以超過半格以一格計算，小于半格就舍去的原則，估算出120格．則油酸薄膜面積為120cm2

（3）1滴酒精油酸溶液的體積V1=mL；

由純油酸與溶液體積比為0.6：1000，可得1滴酒精油酸溶液中含油酸的體積V2=×=7.5×10-12m3

而1滴酒精油酸溶液在水面上形成的油酸薄膜輪廓面積S=120×10-4m2

所以油酸分子直徑d==m3=6.25×10-10m（由于結果保留兩位有效數(shù)字，則為6.3×10-10m）；

（4）已知體積為V的一滴油在水面上散開形成的單分子油膜的面積為S，則分子的直徑d=

所以分子的體積V=π（）3（分子以球型分布）

或v=d3（分子以正方體分布）

而這種油的密度為ρ，摩爾質量為M，則摩爾體積為V摩=

因此阿伏加德羅常數(shù)的表達式為NA==

故答案為：（1）為使油酸在水面上形成單分子油膜；（2）120；

（3）6.3×10-10（6.2×10-10～6.4×10-10都對）

（4）．

在油膜法估測分子大小的實驗中；讓一定體積的純油酸滴在水面上形成單分子油膜，估算出油膜面積，從而求出分子直徑．

油酸分子在水面上以球模型一個靠一個排列的，且估算油膜面積以超過半格以一格計算，小于半格就舍去的原則．【解析】為使油酸在水面上形成單分子油膜；120；6.3×10-10；三、判斷題(共6題，共12分)13、A【分析】【解答】解：根據電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．14、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．15、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．16、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．17、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．18、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．四、作圖題(共1題，共8分)19、略

【分析】

先在AC

上找B

的等勢點；然后作出等勢線，最后根據電場線與等勢線垂直作電場線，確定出電場強度的方向．

解決本題的關鍵要指出等勢點，作出等勢線，結合電場線與等勢面的關系作出電場線．【解析】解：AC

間電勢差為12V

分為三等份，每一等分間的電勢差為4V

可知，圖中E

點的電勢為6V

與B

點的電勢相等，所以BE

連線。

為等勢線；根據電場線垂直于等勢面，且電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，作出電場線如圖所示．

答：作出電場強度的方向如圖．五、解答題(共1題，共5分)20、略

【分析】

（1）根據閉合電路歐姆定律最大電流==mA=0.6mA=600μA，故電流表應選顯然電壓表應選

（2）因滑動變阻器最大阻值遠小于待測電阻值，故滑動變阻器應用分壓式；又＜電流表應用內接法接法，電路圖如圖所示。

故答案為（1）

（2）如圖．

【解析】【答案】要根據閉合電路歐姆定律估算電路最大電流；然后再選擇電流表；根據電壓表內阻與待測電阻比值小于待測電阻與電流表內阻比值選擇電流表內接法；根據估讀變阻器最大值遠小于待測電阻值，選擇變阻器用分壓式接法．

六、實驗探究題(共4題，共36分)21、（1）a；（2）左；（3）?電源提供的電流太小，導致磁鐵的磁性太弱；彈簧的勁度系數(shù)太大；電磁鐵的吸引力小于彈力等。

14.1.415cm偏??；無影響【分析】【分析】

根據熱敏電阻的阻值隨溫度的變化而變化；因此使電路形成通路，并改變其中一個電阻的溫度.

在最低報警溫度時不能報警，說明此時電路中產生的電流不能讓豎直片與a

接觸，這可能由多種原因造成，如：壟脵

電源提供的電流太小，導致磁鐵的磁性太弱；壟脷

彈簧的勁度系數(shù)太大，電磁鐵的吸引力小于彈力等。

本題考查學生對生活中半導體具體實例的了解情況.

此外本題通過影響電阻的因素的實驗；考查學生識圖能力以及分析問題和解決問題的能力。

【解答】

(1)

根據圖1

中曲線的趨勢可以得出；電阻隨溫度的升高而減小，因此熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而減小，為了使溫度過高時發(fā)送報警信息，則熱敏電阻阻值最小，開關c

應該接在a

處；

(2)

若使報警的最低溫度提高些；應使電路中電阻增大；則滑動變阻R

應將P

點向左移動；

(3)

在最低報警溫度時不能報警；說明此時電路中產生的電流不能讓豎直片與a

接觸，這可能由多種原因造成，如：壟脵

左邊電源電壓太低，電源提供的電流太小，導致磁鐵的磁性太弱；壟脷

彈簧的勁度系數(shù)太大，電磁鐵的吸引力小于彈力等。

故答案為：(1)a(2)

左；(3)壟脵

電源提供的電流太小；導致磁鐵的磁性太弱；壟脷

彈簧的勁度系數(shù)太大，電磁鐵的吸引力小于彈力等。

【分析】

壟脵

游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)；不需估讀.壟脷

單擺的擺長等于擺線的長度與擺球的半徑之和，根據題意求出擺長.

擺球在最大位移處擺線的拉力最小，在最低點處，擺線的拉力最大，擺球從最大位移處，經最低點到達另一測最大位移處，然后再次反向通過最低點，最后回到最初的位置，經歷的時間是一個周期，擺線的拉力經歷三個最小值，由圖乙所示圖象求出單擺的周期T

最后由單擺周期公式求出重力加速度的表達式.壟脹

根據單擺周期公式判斷甲的測量值與真實值間的關系；由單擺周期公式的變形公式求出T2鈭?L

關系表達式，然后根據圖象求出重力加速度，然后判斷測量值與真實值間的關系。

根據圖乙所示圖象求出單擺的周期是易錯點；要掌握單擺的運動過程，結合圖象求出單擺周期；熟練應用單擺周期公式是正確解題的關鍵。

【解答】

壟脵

游標卡尺的讀數(shù)=

主尺+

游標尺與主尺對齊的各數(shù)隆脕

精確度=14mm+3隆脕0.05mm=14.15mm

壟脷

單擺擺長等于擺線長度與擺球半徑之和，則單擺擺長為l=L0+d2

由圖乙所示圖象可知，單擺的周期T=5t0鈭?t0=4t0

由單擺周期公式T=2婁脨Lg

可知，重力加速度為：g=婁脨2(2l0+d)28t02

壟脹

由單擺周期公式T=2婁脨Lg

可知，重力加速度g=4婁脨2lT2

擺長應該是擺線長度與擺球半徑之和，甲同學把擺線長L

作為擺長，擺長小于實際擺長，由g=4婁脨2lT2

可知，重力加速度的測量值小于真實值；由T=2婁脨Lg

可見；L

與T2

成正比，k

是比例常數(shù)；由于單擺擺長偏大還是偏小不影響圖象的斜率k

因此擺長偏小不影響重力加速度的測量值。

故答案為：1.415cm婁脨2(2l0+d)28t02

偏?。粺o影響。

【解析】(1)a(2)

左；(3)壟脵

電源提供的電流太??；導致磁鐵的磁性太弱；壟脷

彈簧的勁度系數(shù)太大，電磁鐵的吸引力小于彈力等。

14.1.415cm婁脨2(2l0+d)28t02

偏??；無影響22、I.（1）50.15

（2）4.700

（3）電路圖如圖所示

II.（1）不偏轉；（2）偏轉；【分析】I

【分析】(1)20

分度游標卡尺游標每一分度表示長度為0.05mm

由主尺讀出整毫米數(shù)，根據游標尺上第幾條刻度線與主尺對齊，讀出毫米的小數(shù)部分;

(2)

螺旋測微器固定刻度最小分度為1mm

可動刻度每一分度表示0.01mm

由固定刻度讀出整毫米數(shù)包括半毫米數(shù)，由可動刻度讀出毫米的小數(shù)部分;

(3)

電路分為測量電路和控制電路兩部分.

測量電路采用伏安法.

根據電壓表、電流表與待測電阻阻值倍數(shù)關系，選擇電流表外接法.

變阻器若選擇R2

估算電路中最小電流，未超過電流表的量程，可選擇限流式接法。測量電阻最基本的原理是伏安法；電路可分為測量電路和控制電路兩部分設計.

測量電路要求精確，誤差小，可根據電壓表；電流表與待測電阻阻值倍數(shù)關系，選擇電流表內、外接法.

控制電路關鍵是變阻器的分壓式接法或限流式接法.

在兩種方法都能用的情況下，為了減小能耗，選擇限流式接法。

【解答】(1)

主尺讀數(shù)為50mm

游標上第3

條刻度線與主尺對齊，讀數(shù)為3隆脕0.05mm=0.15mm

則長度為50.15mm

(2)

螺旋測微器固定刻度讀數(shù)為4.5mm

可動刻度讀數(shù)為0.200mm

則直徑為4.700mm

(3)

電源電動為4V

電壓表選V1.

電阻中最大電流約為Imax隆脰ERA+R=430+220A=16mA

則電流表選A2隆攏

因為RVR=10000220隆脰50,RRA=22030隆脰7

則RVR>RRA

故選擇電流表外接法。

當變阻器選擇R2

采用限流式接法時，電路中電流的最小值約為Imin=ER2+R+RA隆脰1.8mA

則變阻器選擇R2

采用限流式接