2025年北師大新版選擇性必修1物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大新版選擇性必修1物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，一束復(fù)色光從空氣中沿半圓形玻璃磚半徑方向射入，從玻璃磚射出后分成a、b兩束單色光。則錯誤的是（）

A.玻璃磚對a光的折射率為B.b光的頻率比a光的頻率大C.b光在玻璃中的傳播速度比a光在玻璃中的傳播速度小D.讓a、b通過同一狹縫，b光衍射現(xiàn)象較明顯2、簡諧振動屬于以下哪種運動（）A.勻速直線運動B.勻變速直線運動C.非勻變速運動D.以上運動都可能3、某研究性學(xué)習(xí)小組在探究光的折射過程中，研究折射角與入射角之間的關(guān)系，當(dāng)光由空氣斜射入玻璃中時，測得實驗數(shù)據(jù)如下表。序號入射角折射角11.501.490.05721.501.490.11231.531.490.16541.591.510.21751.631.500.25661.711.510.29171.811.500.31681.971.510.334

由此實驗數(shù)據(jù)可以初步得到的結(jié)論是（）A.入射角與折射角之比總是定值B.入射角正弦與折射角正弦之比總是定值C.在誤差允許范圍內(nèi)，入射角正弦與折射角正弦之比總是定值D.在誤差允許范圍內(nèi)，入射角正弦與折射角正弦之差總是定值4、如圖所示；王亞平在天宮課堂上演示了水球光學(xué)實驗，在失重環(huán)境下，往大水球中央注入空氣，形成了一個空氣泡，氣泡看起來很明亮，其主要原因是（）

A.氣泡表面有折射沒有全反射B.光射入氣泡衍射形成“亮斑”C.氣泡表面有折射和全反射D.光射入氣泡干涉形成“亮紋”5、低空跳傘是一種極限運動，如圖（1）所示，一般在高樓、懸崖等固定物上起跳．人在空中降落過程中所受空氣阻力隨下落速度的增大而變大，而且速度越大空氣阻力增大得越快，因低空跳傘下落的高度有限，導(dǎo)致在空中調(diào)整姿態(tài)、打開傘包的時間較短，所以其危險性比高空跳傘還要高．一名質(zhì)量為70kg的跳傘運動員背有質(zhì)量為10kg的傘包從某高層建筑跳下，且一直沿豎直方向下落．其整個運動過程的v-t圖象如圖（2）所示；已知2s未的速度為18m/s，10s末拉開繩索開啟降落傘，16.2s時安全落地，并穩(wěn)穩(wěn)地站在地面上，則由圖象可估算（）

A.開傘前空氣阻力對跳傘運動員(包括其隨身攜帶的全部裝備)所做的功為-1.76×105JB.起跳后2s內(nèi)運動員(包括其隨身攜帶的全部裝備)所受平均阻力大小為720NC.運動員從腳觸地到最后速度減為0的過程中(不計傘的質(zhì)量及此過程中的空氣阻力)運動員所需承受地面的平均沖擊力大小為1750ND.在打開傘的前10s內(nèi)運動員的平均速度為20m/s6、光滑水平面上放置兩個物塊A、B，質(zhì)量分別為mA、mB，物塊A以速度v0與靜止物塊B正碰，碰后A靜止，B的速度為v，v0和v的大小不等；則A；B質(zhì)量關(guān)系是（）

A.mA>mBB.mA=mBC.mA<mBD.以上三種情況都有可能評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、一列沿x軸傳播的簡諧橫波，在t=0時的波形如圖甲所示，P、Q是波上的兩個質(zhì)點，此時質(zhì)點P沿y軸負(fù)方向運動。圖乙是波上某一質(zhì)點的振動圖像下列說法中正確的是（）

A.該波沿x軸正方向傳播B.圖乙可能為Q點的振動圖像C.t=0.10s時，質(zhì)點P沿y軸正方向運動E.質(zhì)點Q在t=0.10ns（n=0，1，2）回到x=4m，y=0的位置E.質(zhì)點Q在t=0.10ns（n=0，1，2）回到x=4m，y=0的位置8、如圖所示，質(zhì)量為m、2m的甲、乙兩個同種材質(zhì)的物體靜止在粗糙水平面上，某時刻，它們同時受到水平恒力F，經(jīng)過時間t，同時撤掉力F。下列敘述中；正確的是（）

A.在力F作用的時間內(nèi)，兩物體動量變化Δp甲<Δp乙B.在力F作用的時間內(nèi)，兩物體動量變化Δp甲>Δp乙C.在力F作用的時間內(nèi)，兩物體摩擦力的沖量I甲<I乙D.在力F作用的時間內(nèi)，兩物體摩擦力的沖量I甲>I乙9、一質(zhì)量為m的運動員托著質(zhì)量為M的重物從下蹲狀態(tài)（圖甲）緩慢運動到站立狀態(tài)（圖乙），該過程重物和人的肩部相對位置不變，運動員保持乙狀態(tài)站立△t時間后再將重物緩慢向上舉，至雙臂伸直（圖丙）．甲到乙、乙到丙過程重物上升高度分別為h1、h2，經(jīng)歷的時間分別為t1、t2；則。

A.地面對運動員的沖量為(M+m)g(t1+t2+△t)，地面對運動員做的功為0B.地面對運動員的沖量為(M+m)g(t1+t2)，地面對運動員做的功為(M+m)g(h1+h2)C.運動員對重物的沖量為Mg(t1+t2+△t)，運動員對重物做的功為Mg(h1+h2)D.運動員對重物的沖量為Mg(t1+t2)，運動員對重物做的功為010、如圖所示，A、B兩物體質(zhì)量之比mA：mB=3：2，原來靜止在平板小車C上，A、B間有一根被壓縮的彈簧，地面光滑。當(dāng)兩物體被同時釋放后，則（）

A.若B所受的摩擦力大小相等，B組成系統(tǒng)的動量守恒B.若B所受的摩擦力大小相等，C組成系統(tǒng)的動量守恒C.若B與平板車上表面間的動摩擦因數(shù)相同，B組成系統(tǒng)的動量守恒D.若B與平板車上表面間的動摩擦因數(shù)相同，C組成系統(tǒng)的動量守恒11、如圖所示，小球A質(zhì)量為m，系在細(xì)線的一端，線的另一端固定在O點，O點到光滑水平面的距離為h。物塊B和C的質(zhì)量分別是5m和3m，B與C用輕彈簧拴接，置于光滑的水平面上，且B物塊位于O點正下方。現(xiàn)拉動小球使細(xì)線水平伸直，小球由靜止釋放，運動到最低點時與物塊B發(fā)生正碰（碰撞時間極短），反彈后上升到最高點時到水平面的距離為小球與物塊均視為質(zhì)點，不計空氣阻力，重力加速度為g；則（）

A.碰撞后小球A反彈的速度大小為B.碰撞過程中小球A受到的沖量大小為C.碰撞過程B物塊受到的沖量大小D.碰后輕彈簧獲得的最大彈性勢能12、A，B兩球在光滑水平軌道上同向運動，A球的動量是7kg×m/s，B球的動量是9kg×m/s，當(dāng)A球追上B球時發(fā)生碰撞，則碰撞后A，B兩球的動量可能是（）A.PA=5kgm/s；PB=11kgm/sB.PA=6kgm/s；PB=10kgm/sC.PA=－7kgm/s；PB=23kgm/sD.PA=8kgm/s；PB=8kgm/s13、如圖所示，c是半徑為R的四分之一圓弧形光滑槽，靜置于光滑水平面上，A為與c的圓心等高的點，c的最低點與水平面相切于B點。小球b靜止在c右邊的水平面上。小球a從A點自由釋放，到達(dá)水平面上與小球b發(fā)生彈性正碰。整個過程中，不計一切摩擦，a、b、c的質(zhì)量分別為m、3m、4m，重力加速度大小為g；則（）

A.小球a第一次下滑到B點時的速率為B.小球a第一次下滑到B點時，光滑槽c的速率為C.小球a與小球b碰撞后，小球b的速率為D.小球a與小球b碰撞后，小球a沿光滑槽c上升最大高度為14、一列沿x軸傳播的簡諧橫波在時的波動圖像如圖甲所示，P、Q分別是平衡位置在和處的質(zhì)點，圖乙為質(zhì)點P的振動圖像；則（）

A.該波沿x軸負(fù)方向傳播B.該波的傳播速率為4m/sC.時質(zhì)點Q偏離平衡位置的位移為1cmD.再經(jīng)過0.25s，質(zhì)點Q運動的路程小于2cm15、用雙縫干涉測光的波長的實驗裝置如圖所示；其中光源為白熾燈泡，調(diào)整實驗裝置使光屏上能觀察到清晰的干涉條紋。關(guān)于該實驗，下列說法正確的是（）

A.取下濾光片，光屏上將出現(xiàn)彩色的干涉條紋B.若單縫向右平移一小段距離，光屏上相鄰兩條亮條紋中心的距離增大C.若將雙縫間的距離d增大，光屏上相鄰兩條暗條紋中心的距離減小D.若將濾光片由紅色換成綠色，光屏上相鄰兩條暗條紋中心的距離減小評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、自動駕駛汽車配置了超聲波、激光、無線電波雷達(dá)和光學(xué)相機組成的傳感探測系統(tǒng)，當(dāng)汽車與前方車輛距離減小到安全距離時，系統(tǒng)會執(zhí)行減速指令．若汽車靜止時發(fā)出的超聲波頻率為4.0×104Hz，空氣中聲速為340m/s，該超聲波的波長為________m____汽車行駛時接收到被前方汽車反射的超聲波頻率________(選填“大于”“等于”或“小于”)汽車發(fā)出的頻率．17、干涉條紋除了可以通過雙縫干涉觀察到外，把一個凸透鏡壓在一塊平面玻璃上（圖甲），讓單色光從上方射入（示意圖如圖乙，其中R為凸透鏡的半徑），從上往下看凸透鏡，也可以觀察到由干涉造成圖丙所示的環(huán)狀條紋，這些條紋叫作牛頓環(huán)。如果改用波長更長的單色光照射，觀察到的圓環(huán)間距將___________（選填“變大”“變小”或“不變"）；如果換一個半徑更大的凸透鏡，觀察到的圓環(huán)間距將_________（選填“變大”“變小”或“不變”）。

18、若列車車廂與其負(fù)荷總質(zhì)量為車廂彈簧每受1.0t重就被壓縮我國鐵路一般軌長為列車的危險速率（發(fā)生激烈顛簸時的速率）為______。19、動量定義：物體的_________的乘積，叫做物體的動量，用符號P表示。公式表示為_________。20、一物體質(zhì)量為10kg，受到方向不變的力F＝30＋40t（SI）作用，在開始的兩秒內(nèi)，此力沖量的大小等于________________；若物體的初速度大小為10m/s，方向與力的方向相同，則在2s末物體速度的大小等于___________________。21、一列簡諧橫波沿x軸傳播在t＝0時刻的波形如圖所示，此時質(zhì)點P、Q的位移分別為2cm、－2cm，質(zhì)點P正沿y軸正方向運動，從圖示時刻開始，質(zhì)點Q經(jīng)過0.4s第一次到達(dá)波峰，則波沿x軸______（填“正”或“負(fù)”）方向傳播；在5s時間內(nèi)，質(zhì)點P通過的路程為______cm。

評卷人得分四、作圖題(共1題，共10分)22、某一簡諧橫波在時刻的波形圖如圖所示。若波向右傳播，畫出后和前兩個時刻的波的圖像。___________

評卷人得分五、實驗題(共2題，共6分)23、圖示是“用雙縫干涉測量光的波長”實驗的裝置。實驗中:

①觀察到較模糊的干涉條紋，要使條紋變得清晰，值得嘗試的是___________。(單選）

A.旋轉(zhuǎn)測量頭B.增大單縫與雙縫間的距離C.調(diào)節(jié)撥桿使單縫與雙縫平行。

②要增大觀察到的條紋間距，正確的做法是___________(單選）

A.減小單縫與光源間的距離B.減小單縫與雙縫間的距離。

C.增大透鏡與單縫間的距離D.增大雙縫與測量頭間的距離。

24、用單擺測定重力加速度的實驗中：

（1）應(yīng)選用下列器材中的()

A．半徑1cm的木球。

B．半徑1cm的實心鋼球。

C．1m左右的細(xì)線。

D．30cm左右的細(xì)線。

E．秒表；三角板、米尺。

（2）在做“用單擺測定重力加速度”的實驗中，有人提出以下幾點建議，其中對提高測量結(jié)果精確度有利的是()

A．適當(dāng)加長擺線。

B．單擺偏離平衡位置的角度不能太大。

C．質(zhì)量相同；體積不同的擺球；選用體積較大的。

D．當(dāng)單擺經(jīng)過平衡位置時開始計時；經(jīng)過一次全振動后停止計時，用此時間間隔作為單擺振動的周期。

（3）一端固定在房頂?shù)囊桓?xì)線垂到三樓窗沿下；某同學(xué)為了測量窗的上沿到房頂?shù)母叨?，在線的下端系了一小球，發(fā)現(xiàn)當(dāng)小球靜止時，細(xì)線保持豎直且恰好與窗子上沿接觸，打開窗子，讓小球在垂直于窗口的豎直平面內(nèi)擺動，如圖所示。

①為了測小球擺動的周期，他打開手機里的計時器，在某次小球從窗外向內(nèi)運動到達(dá)最低點時數(shù)1，同時開始計時，隨后每次小球從外向內(nèi)運動到最低點依次數(shù)2、3、4，數(shù)到n時，手機上顯示的時間為t，則小球擺動的周期T為_______；

②該同學(xué)用鋼卷尺測量出擺動中小球球心到窗上沿的距離，測得50cm，又測出小球擺動的周期是4.5s，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹?.8m/s2，則窗的上沿到房頂?shù)母叨燃s為_______。評卷人得分六、解答題(共1題，共3分)25、如圖所示，在光滑桌面上靜止放置著長木板B和物塊C，長木板B上表面的右端有一物塊A，物塊A與長木板B之間的動摩擦因數(shù)為0.2，長木板足夠長?，F(xiàn)讓物塊C以4m/s的初速度向右運動，與木板B碰撞后黏在一起。已知物塊A的質(zhì)量為2kg，長木板B的質(zhì)量為1kg，物塊C的質(zhì)量為3kg，重力加速度g取10m/s2；試求：

（1）C與B碰撞過程中；損失的機械能；

（2）最終A；B、C的速度大小以及A相對于B運動的距離。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．對a光由折射定律可得

即玻璃磚對a光的折射率為A正確，不符合題意；

B．由圖可知，b光的偏折程度較大；折射率較大，故頻率較大，B正確，不符合題意；

C．由可知，a光在玻璃中的傳播速度較大；C正確，不符合題意；

D．由可知，b光的波長較短；衍射現(xiàn)象較不明顯，D錯誤，符合題意。

故選D。2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．簡諧運動的速度是變化的；不可能是勻速直線運動，故A錯誤；

BCD．簡諧運動物體的速度隨時間也周期性變化；回復(fù)力和加速度隨時間作周期性變化，是非勻變速運動，故C正確，BD錯誤。

故選C。3、C【分析】【詳解】

從表格中實驗數(shù)據(jù)可以看出；入射角正弦與折射角正弦之比在1.49-1.51之間，即在誤差允許范圍內(nèi)，入射角正弦與折射角正弦之比總是定值。

故選C。4、C【分析】【詳解】

當(dāng)光從水中射到空氣泡的界面處時；一部分光的入射角大于或等于臨界角，發(fā)生了全反射現(xiàn)象；還有一部分光折射到內(nèi)壁然后再折射出去，所以水中的空氣泡看起來比較亮。

故選C。5、A【分析】【詳解】

A.由v-t圖可知，10s末開傘時的速度v=40m/s，開傘前10s內(nèi)運動員下落的高度約為h=30×10m=300m；

設(shè)10s內(nèi)空氣阻力對運動員所做功為W，根據(jù)動能定理m總gh+W=m總v2-0

解得開傘前空氣阻力對跳傘運動員(包括其隨身攜帶的全部裝備)所做的功W=-1.76×105J；故A正確；

B.由v-t圖可知，起跳后前2s內(nèi)運動員的運動近似是勻加速運動，其加速度為a==m/s2=9.0m/s2，設(shè)運動員受平均阻力為f，根據(jù)牛頓第二定律有m總g-f=m總a

解得所受平均阻力f=80N；故B錯誤；

C.由v-t圖可知，運動員腳觸地時的速度為v2=5.0m/s，經(jīng)過時間t2=0.2s速度減為0；設(shè)此過程中運動員所。

受平均沖擊力大小為F，根據(jù)動量定理得（mg-F）t2=0-mv2

代入數(shù)據(jù)解得F=2450N；故C錯誤；

D.在打開傘的前10s內(nèi)運動員下落的高度約為h=300m，運動員的平均速度v=30m/s，故D錯誤．

【點睛】6、C【分析】【詳解】

由題意，根據(jù)動量守恒可得

和的大小不等，因此大小不相等，由于碰撞過程總動能不增加，故

聯(lián)立可得

則有

故選C。二、多選題(共9題，共18分)7、A:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．因質(zhì)點P沿y軸負(fù)方向運動，由微小平移法，可知波沿x軸正方向傳播；A正確；

B．t=0時Q沿y軸正方向運動；與振動圖像中方向相反，B錯誤；

C．t=0.1s時，質(zhì)點P振動半個周期；運動方向與初始方向相反，C正確；

D．該波的波速為

D錯誤；

E．從平衡位置出發(fā)的質(zhì)點每隔半個周期回到出發(fā)點；E正確。

故選ACE。8、B:C【分析】【分析】

【詳解】

由沖量的定義I＝Ft

可知，兩物體的恒力的沖量相同；由于兩物體的質(zhì)量不同，故在相同時間內(nèi)乙物體所受到的摩擦力大于甲物體受到的摩擦力；摩擦力的沖量I甲<I乙

乙物體受到的合外力的沖量小于甲的沖量，由動量定理可知，兩物體動量變化p甲>p乙

故選BC。9、A:C【分析】【詳解】

因運動員將重物緩慢上舉，則可認(rèn)為是平衡狀態(tài)，地面對運動員的支持力為：(M+m)g，整個過程的時間為(t1+t2+△t)，根據(jù)I=Ft可知地面對運動員的沖量為(M+m)g(t1+t2+△t)；因地面對運動員的支持力沒有位移，可知地面對運動員做的功為0，選項A正確，B錯誤；運動員對重物的作用力為Mg，作用時間為(t1+t2+△t)，根據(jù)I=Ft可知運動員對重物的沖量為Mg(t1+t2+△t)，重物的位移為(h1+h2)，根據(jù)W=Fs可知運動員對重物做的功為Mg(h1+h2)，選項C正確，D錯誤．10、A:B:D【分析】【詳解】

A．若A；B所受的摩擦力大小相等；則A、B組成的系統(tǒng)外力之和為零，滿足動量守恒的條件，A、B組成的系統(tǒng)動量守恒，A正確；

BD．不論A；B的摩擦力是否相等、與平板車上表面間的動摩擦因數(shù)相同；因地面光滑，A、B、C組成的系統(tǒng)所受合外力一直為零，系統(tǒng)動量守恒，BD正確；

C．因為A；B的質(zhì)量不等；若A、B與平板車上表面間的動摩擦因數(shù)相同，則兩物體所受摩擦力大小不等，A、B組成的系統(tǒng)所受的外力之和不為零，所以動量不守恒，C錯誤。

故選ABD。11、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．設(shè)A擺到最低點的速度為v0，碰撞后A、B的速度大小為v1、v2，A運動到最低點的過程，據(jù)機械能守恒定律可得

A反彈至最高點的過程，據(jù)機械能守恒定律可得

可解得

A錯誤；

B．向右為正方向，由動量定理可得，A受到的沖量大小為

方向向左；選項B正確；

C．碰撞過程滿足動量守恒，可得

代入數(shù)據(jù)解得

由動量定理可得，B受到的沖量大小為

C錯誤；

D．碰撞后當(dāng)B與C速度相等時彈簧的彈性勢能最大，設(shè)共同速度為v，由動量定理可得

由能量守恒可得，彈簧的彈性勢能為

聯(lián)立解得

D正確；

故選BD。12、A:B【分析】【詳解】

碰撞前系統(tǒng)總動量

碰前總動能為

由題意可知；碰前A球的速度大于B球的速度，則A球的質(zhì)量小于B球的質(zhì)量。

A．pA=5kgm/s；pB=11kgm/s；系統(tǒng)動量守恒，由于A球質(zhì)量小于B球的質(zhì)量，則碰后A球速度可能小于B球的速度，碰后的動能可能小于碰前的動能，故A正確；

B．若pA=6kgm/s；pB=10kgm/s；系統(tǒng)動量守恒，由于A球質(zhì)量小于B球的質(zhì)量，則碰后A球速度可能小于B球的速度，碰后的動能可能小于碰前的動能，故B正確；

C．若pA=－7kgm/s；pB=23kgm/s，系統(tǒng)動量守恒，碰撞后的總動能

系統(tǒng)動能增加；故C錯誤；

D．若pA=8kgm/s；pB=8kgm/s；系統(tǒng)動量守恒，由于A球質(zhì)量小于B球的質(zhì)量，則碰后A的速度大于B球的速度，不符合題意，故D錯誤。

故選AB。13、B:D【分析】【詳解】

AB．設(shè)小球a第一次下滑到點時，a的速度大小為c的速度大小為取向右為正方向，水平方向由動量守恒定律可得

根據(jù)小球機械能守恒定律得

解得

A錯誤；B正確；

CD．設(shè)小球與小球碰撞后的速度為的速度為取向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律可得

根據(jù)機械能守恒定律可得

聯(lián)立解得（負(fù)號表示方向向左）

即小球以速度大小向左運動，在與相互作用的過程中，達(dá)到最高點時的速度大小為以和組成的系統(tǒng)為研究對象，取向左為正方向，根據(jù)動量守恒定律可得

根據(jù)機械能守恒定律可得

聯(lián)立解得

C錯誤；D正確。

故選BD。14、B:D【分析】【詳解】

A．由質(zhì)點P的振動圖像可知時質(zhì)點沿軸正方向振動；根據(jù)“同側(cè)法”可以判斷傳播方向，如圖所示。

該波沿軸正方向傳播；A錯誤；

B．振動圖和波形圖可知

該波的傳播速率為

B正確；

C．時的波形解析式可表示為

由

可得

即時質(zhì)點Q偏離平衡位置的位移為cm；C錯誤；

D．經(jīng)過0.25s波向右傳播的距離為

此時的波形如圖中虛線所示。

此時質(zhì)點再一次回到

在這段時間內(nèi)走過的路程為

D正確。

故選BD。15、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．取下濾光片；不同的色光干涉條紋疊加，在光屏上將出現(xiàn)彩色的干涉條紋，故A正確；

B．若單縫向右平移一小段距離；由于雙縫到光屏的距離不變，則光屏上相鄰兩條亮條紋中心的距離不變，故B錯誤；

C．根據(jù)知，將雙縫的距離d增大；則光屏上相鄰兩條暗條紋中心的距離減小，故C正確；

D．若將濾光片由紅色換成綠色，單色光的波長減小，根據(jù)知；光屏上相鄰兩條暗條紋中心的距離減小，故D正確。

故選ACD。三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】【詳解】

[1]．根據(jù)可得波長為

[2]．因波源向前運動，則根據(jù)多普勒效應(yīng)，接收到的反射超聲波頻率大于發(fā)出的超聲波頻率．【解析】8.5×10-3大于17、略

【分析】【詳解】

[1]當(dāng)光程差為波長的整數(shù)倍時是亮條紋；當(dāng)光程差為半個波長的奇數(shù)倍時是暗條紋。用波長變長的光照射，則出現(xiàn)亮條紋的這一厚度需遠(yuǎn)離中心，則圓環(huán)的半徑變大。

[2]換一個半徑更大的凸透鏡，出現(xiàn)亮條紋的這一厚度偏移中心，則圓環(huán)的半徑變大?！窘馕觥孔兇笞兇?8、略

【分析】【詳解】

[1]對彈簧分析，根據(jù)

解得

彈簧振子的固有周期為

代入數(shù)據(jù)得

設(shè)列車發(fā)生激烈顛簸時的速率為則

代入數(shù)據(jù)得

【解析】108km/h##30m/s19、略

【分析】【詳解】

[1][2]物體的質(zhì)量與速度的乘積叫做物體的動量，用公式可表示為【解析】質(zhì)量與速度20、略

【分析】【詳解】

[1]外力F隨時間均勻變化，則在開始的兩秒內(nèi)，此力沖量的大小為

[2根據(jù)牛頓第二定律

可知加速度隨時間均勻增加，加速度隨時間變化的圖像所圍的面積代表速度的變化量，則有

可得2s末物體速度的大小為【解析】140N·s24m/s21、略

【分析】【詳解】

[1]由題意知，t＝0時刻，質(zhì)點P正沿y軸正方向運動，根據(jù)“逆向波形法”可知，波沿x軸正方向傳播；

[2]設(shè)質(zhì)點P的振動方程為

由圖可知振幅且時，解得從圖示時刻開始，質(zhì)點Q經(jīng)過0.4s第一次到達(dá)波峰，根據(jù)圖像可知，當(dāng)時，可推知質(zhì)點P將第一次到達(dá)波谷，即解得

則

由于

由P質(zhì)點的振動方程可知，經(jīng)過此