2025年人教A版高三物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教A版高三物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、關(guān)于勻速圓周運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是（）A.勻速圓周運(yùn)動(dòng)就是勻速運(yùn)動(dòng)B.勻速圓周運(yùn)動(dòng)是一種變加速運(yùn)動(dòng)C.勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體處于平衡狀態(tài)D.勻速圓周運(yùn)動(dòng)的加速度是恒定不變的2、如圖所示，已知電源電動(dòng)勢(shì)E=12V，內(nèi)阻不計(jì)，電容器德電容C=1μF，R1：R2：R3：R4=1：2：6：3，則電容器a極板所帶電荷量（）A.-8×10-6CB.4×10-6CC.-4×10-6CD.8×10-6C3、如圖所示是一個(gè)由電池、電阻R、電鍵S與平行板電容器組成的串聯(lián)電路，電鍵閉合。在增大電容器兩極板間距離的過程中：A.電容器的電容變小B.電阻R中沒有電流C.電容器兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度增大D.電阻R中有從a流向b的電流4、一雜技演員，用一只手拋球.

他每隔0.40s

拋出一球，接到球便立即把球拋出，已知除拋、接球的時(shí)刻外，空中總有四個(gè)球，將球的運(yùn)動(dòng)看作是豎直方向的運(yùn)動(dòng)，球到達(dá)的最大高度是(

高度從拋球點(diǎn)算起，取g=10m/s2)(

)

A.1.6m

B.2.4m

C.3.2m

D.4.0m

5、生活中常見手機(jī)支架，其表面采用了納米微吸材料，用手觸碰無粘感，接觸到平整光滑的硬性物體時(shí)，會(huì)牢牢吸附在物體上.

圖是手機(jī)被吸附在支架上靜止時(shí)的側(cè)視圖，若手機(jī)的質(zhì)量為m

手機(jī)平面與水平間夾角為婁脠

則手機(jī)支架對(duì)手機(jī)作用力(

)

A.大小為mg

方向豎直向上B.大小為mg

方向豎直向下C.大小為mgcos婁脠

方向垂直手機(jī)平面斜向上D.大小為mgsin婁脠

方向平行手機(jī)平面斜向上6、（2016春?武漢校級(jí)期中）如圖所示，MN是足夠長的湖岸，S1和S2是湖面上兩個(gè)振動(dòng)情況完全相同的波源，它們激起的水波波長為2m，S1S2=5m，且S1與S2的連線與湖岸平行，到岸邊的垂直距離為6m，則岸邊始終平靜的地方共有（）A.2處B.3處C.4處D.無數(shù)處7、在體育用品商店里，籃球擺放在如圖所示的球架上．已知每只籃球的質(zhì)量為m，支撐籃球的每組橫梁由兩根彼此平行的細(xì)桿組成，且兩根細(xì)桿所決定的平面與水平成30°角如圖所示．兩桿間距剛好等于籃球的半徑，不計(jì)形變和一切摩擦，則籃球B對(duì)支撐它的其中一根細(xì)桿的壓力大小為（）A.B.C.mgD.mg評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)8、A，B兩個(gè)小球位于不同高度，hA=4hB．水平拋出后，落地的水平距離sA=2sB，則它們的飛行時(shí)間之比tA：tB=____．拋出的水平初速度之比va：vb=____．9、（2015春?天津期末）半徑為r和R的圓柱體靠摩擦傳動(dòng)，已知R=2r，A、B分別在小圓柱與大圓柱的邊緣上，C是圓柱體上的一點(diǎn)，O2C=r；如圖所示，若兩圓柱之間沒有打滑現(xiàn)象，則。

vA：vB：vC=____TA：TC=____．10、（2009?揚(yáng)州三模）在如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置中；橫桿能夠繞豎直軸旋轉(zhuǎn)，橫桿在轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，由于摩擦阻力的作用，橫桿會(huì)越轉(zhuǎn)越慢．在橫桿的一端裝有寬度為d=0.005m的豎直“擋光圓柱”，當(dāng)“擋光圓柱”通過光電門時(shí)，光電門就記錄擋光的時(shí)間間隔，“擋光圓柱”寬度與擋光時(shí)間之比，可以近似認(rèn)為是“擋光圓柱”在該時(shí)刻的速度．橫桿每轉(zhuǎn)一圈，光電門就記錄一次“擋光圓柱”擋光時(shí)間．

。nt（10-3s）v=d/t（m/s）v2（m2/s2）12.7781.803.2422.8263.1332.8773.0242.9312.9152.98863.0492.6973.1132.5883.1812.4793.2552.36103.3332.25在一次實(shí)驗(yàn)中記錄下橫桿轉(zhuǎn)動(dòng)圈數(shù)n和每次擋光的時(shí)間t，并計(jì)算出“擋光圓柱”在該時(shí)刻的速度以及速度的平方（部分?jǐn)?shù)據(jù)如表中所示）．請(qǐng)計(jì)算表中當(dāng)n=5時(shí)，v2=____m2/s2；“擋光圓柱”速度大小v與橫桿轉(zhuǎn)動(dòng)圈數(shù)n的關(guān)系式為____；根據(jù)表中數(shù)據(jù)分析，橫桿每轉(zhuǎn)動(dòng)一圈克服阻力所做的功____（填“變大”、“不變”或“變小”）．11、（2010?鎮(zhèn)江模擬）如圖所示是使用光電管的原理圖．當(dāng)頻率為v的可見光照射到陰極K上時(shí)；電流表中有電流通過．

①當(dāng)變阻器的滑動(dòng)端P向____滑動(dòng)時(shí)（填“左”或“右”）；通過電流表的電流將會(huì)減?。?/p>

②當(dāng)電流表電流剛減小到零時(shí)，電壓表的讀數(shù)為U，則光電子的最大初動(dòng)能為____（已知電子電荷量為e）．

③如果不改變?nèi)肷涔獾念l率，而增加入射光的強(qiáng)度，則光電子的最大初動(dòng)能將____（填“增加”、“減小”或“不變”）．12、如圖示質(zhì)量都是m的A、B兩物體之間用彈簧相連，彈簧的質(zhì)量不計(jì)．A物體用線懸掛，使系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)．懸線突然被燒斷的瞬間，A物體的加速度大小是____m/s2，B物體的加速度是____m/s2．

13、共享單車是共享經(jīng)濟(jì)的一種新形態(tài)．騎行既是一種流行的健身方式，又有利于緩解城市交通擁堵和環(huán)境污染．請(qǐng)回答下列問題：（1）在騎行中，骨骼肌細(xì)胞產(chǎn)生大量的CO2和熱量，CO2刺激位于________的呼吸中樞，從而加快呼吸運(yùn)動(dòng)．產(chǎn)生的熱量主要通過汗液的蒸發(fā)、皮膚________舒張和呼氣等方式散出，繼而維持體溫的相對(duì)穩(wěn)定，體溫調(diào)節(jié)中樞位于________．（2）長途騎行過程中，在只飲水未進(jìn)食的情況下，人體血糖不斷被消耗，但其含量仍然維持在0.9g·L－1左右，補(bǔ)充血糖的途徑有________．調(diào)節(jié)血糖最主要的激素為________，這兩種激素相互拮抗，共同維持血糖平衡．（3）長期堅(jiān)持適度騎行可促進(jìn)人體內(nèi)淋巴細(xì)胞數(shù)量增加，從而增強(qiáng)人體________免疫功能．同時(shí)可以減少________，從而減少霧霾天氣的形成和減緩溫室效應(yīng)．14、電荷之間存在著相互作用力稱為____或____，在真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷之間的相互作用力，與它們的____的乘積成正比，與它們的____的二次方成反比，作用力的方向在它們的連線上．15、修鐵路時(shí)，在鐵路彎道處讓外軌____內(nèi)軌（填“等于”或“低于”或“高于”），當(dāng)火車以規(guī)定速度轉(zhuǎn)彎時(shí)，內(nèi)、外軌均不受擠壓．16、慣性系S中有一邊長為l的正方形（如圖A所示），從相對(duì)S系沿x方向以接近光速勻速飛行的飛行器上測(cè)得該正方形的圖象是____

評(píng)卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)17、如果以高出地面0.8m的桌面位置為坐標(biāo)原點(diǎn)，則地面的坐標(biāo)為x=-0.8m．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、電場(chǎng)力大的地方電場(chǎng)強(qiáng)度一定大．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、電子手表中的液晶在外加電壓的影響下能夠發(fā)光．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、晶體的各向異性是由于它的微粒按空間點(diǎn)陣排列．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、（2010?駐馬店模擬）如圖為一列沿x軸正方向傳播的簡諧波在t=0時(shí)刻的波形圖，已知波速為10m/s，則圖中P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為y=10sin5πt（cm）____（判斷對(duì)錯(cuò)）22、用電器的額定功率與所加的電壓無關(guān)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）23、物體速度變化的方向與它受到的合外力的方向相同．____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共16分)24、（2015秋?福建校級(jí)月考）在做“用單擺測(cè)定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中．

（1）如果測(cè)得的g值偏大，可能的原因是____（填寫字母代號(hào)）

A．測(cè)擺長時(shí)；忘記了擺球的半徑。

B．?dāng)[線上端懸點(diǎn)未固定牢；擺動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長度增加了。

C．開始計(jì)時(shí)時(shí)；秒表過早按下。

D．實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動(dòng)次數(shù)記為50次。

（2）某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中；測(cè)量6種不同擺長l情況下單擺的振動(dòng)周期T，記錄實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如下：

。l/m0.40.50.80.91.01.2T/s1.261.421.791.902.002.20T2/s21.592.023.203.614.004.84請(qǐng)以l為橫坐標(biāo)，T2為縱坐標(biāo)，在如圖1中作出T2-l圖線，并利用此圖線得重力加速度g=____m/s2．（取π2=9.86；結(jié)果保留三位有效數(shù)字）

（3）一位同學(xué)查閱資料得知，單擺在最大擺角θ較大時(shí)周期公式可近似表述為T=2π（1+sin2）．為了用圖象法驗(yàn)證單擺周期T和最大擺角θ的關(guān)系，他測(cè)出擺長為l的同一單擺在不同最大擺角θ時(shí)的周期T，并根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描繪出如圖2所示的圖線．根據(jù)所給周期公式可知，圖中的縱軸表示的是____，圖線延長后與橫軸交點(diǎn)的橫坐標(biāo)為____．25、（2015春?贛州期中）為了驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，某同學(xué)在墻壁上固定了豎直的標(biāo)尺，讓小鋼球在標(biāo)尺附近無初速釋放，然后啟動(dòng)數(shù)碼相機(jī)的連拍功能，連拍兩張照片的時(shí)間間隔為T，得到了如圖所示的照片．測(cè)量出A、B、C、D、E相鄰兩點(diǎn)間的距離依次為L1、L2、L3、L4；當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間．

①為了獲得鋼球在C位置的動(dòng)能，需要求得經(jīng)C位置時(shí)的速度vc，則vc=____（用字母表示）

②鋼球經(jīng)E位置時(shí)的速度表示為____．（填序號(hào)）

A．vE=4gTB．vE=C．vE=

③用B、E兩點(diǎn)驗(yàn)證鋼球的機(jī)械能是否相等，實(shí)際得到的關(guān)系式為mvE2-mvB2____mg（L2+L3+L4）（填“＞”、“＜”或“=”）．評(píng)卷人得分五、作圖題(共2題，共4分)26、物體A沿光滑斜面上勻速下滑；作出力的示意圖．

27、如圖所示，直角三棱鏡ABC的折射率為，棱鏡的角B為30°，今有一束平行于BC邊從斜邊D點(diǎn)入射的單色光，在BC上某點(diǎn)E發(fā)生全反射后，從AC邊上F點(diǎn)射出．已知BC邊的長度為2d；BD的長度為d，光在真空中的傳播速度為C．要求：

（1）作出光在三棱鏡中的光路圖；

（2）求發(fā)生全反射的點(diǎn)E與B點(diǎn)的距離；

（3）求光在三棱鏡中傳播的時(shí)間．評(píng)卷人得分六、計(jì)算題(共3題，共6分)28、（2016?濰坊校級(jí)模擬）如圖所示，坐標(biāo)系xOy在豎直平面內(nèi)，x軸沿水平方向．x＞0的區(qū)域有垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B1；第三象限同時(shí)存在著垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B2，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E．x＞0的區(qū)域固定一與x軸成θ=30°角的絕緣細(xì)桿．一穿在細(xì)桿上的帶電小球a沿細(xì)桿勻速滑下，從N點(diǎn)恰能沿圓周軌道運(yùn)動(dòng)到x軸上的Q點(diǎn)，且速度方向垂直于x軸．已知Q點(diǎn)到坐標(biāo)原點(diǎn)O的距離為l，重力加速度為g，B1=7E，B2=E．空氣阻力忽略不計(jì)；求：

（1）帶電小球a的電性及其比荷；

（2）帶電小球a與絕緣細(xì)桿的動(dòng)摩擦因數(shù)μ；

（3）當(dāng)帶電小球a剛離開N點(diǎn)時(shí)，從y軸正半軸距原點(diǎn)O為h=的P點(diǎn)（圖中未畫出）以某一初速度平拋一個(gè)不帶電的絕緣小球b，b球剛好運(yùn)動(dòng)到x軸與向上運(yùn)動(dòng)的a球相碰，則b球的初速度為多大？29、冰面對(duì)溜冰運(yùn)動(dòng)員的最大摩擦力為運(yùn)動(dòng)員重力的k倍，在水平冰面上沿半徑為R的圓周滑行的運(yùn)動(dòng)員，若依靠摩擦力充當(dāng)向心力，求安全速度最大為多少？30、一個(gè)質(zhì)量為M=0.20kg

的小球放在高度為h=5.0m

的固定在地面上的直桿頂端，它與頂端無摩擦。一顆質(zhì)量m=0.01kg

的子彈以婁脥0=5.0隆脕102m/s

的速度沿水平方向擊中小球，并穿過球心水平飛出，小球落地處離桿的距離為s=20m

求子彈落地處離桿的距離s/.(

重力加速度攏莽=10m/s2

子彈和小球的大小可忽略不計(jì))

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【分析】勻速圓周運(yùn)動(dòng)速度大小不變，方向變化，是變速運(yùn)動(dòng)．加速度方向始終指向圓心，加速度是變化的，是變加速運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：勻速圓周運(yùn)動(dòng)的加速度不為零；總是指向圓心，時(shí)刻改變，是變加速曲線運(yùn)動(dòng)，不是平衡狀態(tài)；故ACD錯(cuò)誤，B正確；

故選：B2、D【分析】【分析】閉合電鍵后，根據(jù)閉合電路歐姆定律比較出電容器上下兩端點(diǎn)的電勢(shì)高低，從而得出兩端的電勢(shì)差，確定電容器兩極板的帶電，從而得出電荷量．【解析】【解答】解：當(dāng)電鍵S閉合后至穩(wěn)定時(shí)；

R1電壓為U1=R1=4V，R3電壓為U3=R3=8V

所以電容器兩端電壓為U′=U1-U3=-4V

上極板電勢(shì)高，故此時(shí)電容器上極板帶正電，電荷量為Q2=CU′=8×10-6C

故選：D．3、A|D【分析】【解析】試題分析：A、由可知，增大d可以讓C減小；正確B、當(dāng)電容器兩極板間距離減小時(shí)，電容器電容減小，帶電荷量較少，電路中有電荷移動(dòng)，電阻R中有電流；錯(cuò)誤C、由于電容器兩端電壓不變，根據(jù)可知電容器兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度減??；錯(cuò)誤D、此過程電容器放電，電容器上極板所帶正電荷減少，電流從a流向b；正確故選AD考點(diǎn)：電容【解析】【答案】AD4、C【分析】解：從拋出第一個(gè)球再到回到手中；總共經(jīng)歷的時(shí)間為1.6s

一個(gè)球拋出后上拋和自由落體的時(shí)間相等，可以求得時(shí)間為0.8s

所以上升最大高度：h=12gt2=12隆脕10隆脕(0.8)2=3.2m

故ABD錯(cuò)誤，C正確．

故選C．

解答本題要掌握：豎直上拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)；尤其是對(duì)其運(yùn)動(dòng)“對(duì)稱性”的理解，然后利用位移公式求解．

本題考察了對(duì)基本運(yùn)動(dòng)規(guī)律的理解，對(duì)于高中所學(xué)運(yùn)動(dòng)模型如豎直上拋、平拋、圓周運(yùn)動(dòng)等要明確運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)和對(duì)應(yīng)規(guī)律．【解析】C

5、A【分析】解：手機(jī)處于靜止?fàn)顟B(tài)；受重力；支持力、吸引力和靜摩擦力而平衡，其中支持力、吸引力和靜摩擦力的施力物體都是支架，故根據(jù)平衡條件，這三個(gè)力的合力與重力平衡，大小為mg

方向是豎直向上；故A正確，BCD錯(cuò)誤；

故選：A

手機(jī)處于靜止?fàn)顟B(tài)；受重力；支持力、吸引力和靜摩擦力，受力平衡，根據(jù)平衡條件分析即可．

本題是共點(diǎn)力平衡問題；關(guān)鍵要掌握平衡條件的推論：幾個(gè)共點(diǎn)力作用于物體而平衡，其中任意幾個(gè)力的合力與剩余幾個(gè)力(

一個(gè)力)

的合力一定等值反向；

靈活運(yùn)用合成法、分解法、正交分解法列式分析．【解析】A

6、C【分析】【分析】當(dāng)空間某點(diǎn)到兩個(gè)波源的路程差為半波長的奇數(shù)倍時(shí)，振動(dòng)始終減弱；考慮數(shù)學(xué)知識(shí)，到兩點(diǎn)間的距離差值為一個(gè)確定值時(shí)，軌跡是雙曲線，考慮雙曲線與MN直線的交點(diǎn)即可．【解析】【解答】解：當(dāng)空間某點(diǎn)到兩個(gè)波源的路程差為半波長的奇數(shù)倍時(shí)；振動(dòng)始終減弱；

水波的波長為2m，S1S2=5m；當(dāng)?shù)絻蓚€(gè)波源的路程差為1m；3、5m時(shí)，振動(dòng)減弱；

路程差為1m是雙曲線；與岸邊有2個(gè)交點(diǎn)；

路程差為3m是雙曲線；與岸邊有2個(gè)交點(diǎn)；

路程差為5m是與S1、S2的連線平行的兩條射線；與岸邊有無數(shù)個(gè)交點(diǎn)；

由上分析可知；岸邊始終平靜的地方共有4處，故ABD錯(cuò)誤，C正確；

故選：C．7、A【分析】【分析】根據(jù)平衡條件，兩桿對(duì)球的支持力在垂直于兩桿決定的平面方向的分力之和等于mgcosθ．【解析】【解答】解：做出對(duì)球的受力分析示意圖；

由幾何關(guān)系知：mgcosθ=N

得：N=mg

故選：A．二、填空題(共9題，共18分)8、2：11：1【分析】【分析】平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的基本公式即可求解．【解析】【解答】解：平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)；則有：

h=

解得：t=；

所以；

平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)；則。

故答案為：2：1；1：19、2：2：11：2【分析】【分析】兩輪子靠摩擦傳動(dòng)，輪子邊緣上的點(diǎn)線速度大小相同，同軸轉(zhuǎn)動(dòng)的點(diǎn)具有相同的角速度；應(yīng)用ω=可解線速度之比；再求得角速度之比，利用T=即可求解．【解析】【解答】解：傳動(dòng)過程中，兩圓柱之間沒有打滑現(xiàn)象，說明A、B兩點(diǎn)的線速度相等，即vA=vB

B、C繞同一個(gè)軸轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度相等，rB：rC=2：1

根據(jù)ω=可知，vB：vC=2：1

所以vA：vB：vC=2：2：1

由A、C兩點(diǎn)的半徑和ω=，求得三點(diǎn)的角速度之比為ωA：ωC=2：1：1；

由T=得：TA：TC=2：1

故答案為：2：2：1；1：2．10、2.80不變【分析】【分析】1、當(dāng)“擋光圓柱”通過光電門時(shí)，光電門就記錄擋光的時(shí)間間隔，“擋光圓柱”寬度與擋光時(shí)間之比，可以近似認(rèn)為是“擋光圓柱”在該時(shí)刻的速度．v=．

2、觀察v2數(shù)據(jù)可知，為等差數(shù)列，公差為0.11．根據(jù)等比數(shù)列的知識(shí)可求得v2的關(guān)系式．【解析】【解答】解：當(dāng)n=5時(shí)，v=，則v2=1.6732≈2.80m2/s2．

觀察v2數(shù)據(jù)可知，為等差數(shù)列，公差為0.11．所以v2=3.24-0.11（n-1）；

所以當(dāng)n=15時(shí)，v2=1.70∴v=1.3m/s

因?yàn)関2=3.24-0.11（n-1），所以．

根據(jù)動(dòng)能定理知；動(dòng)能的變化量相同，則橫桿每轉(zhuǎn)動(dòng)一圈克服阻力所做的功不變．

故答案為：2.80，，不變．11、右eU不變【分析】【分析】光電管兩端所加的電壓為反向電壓，根據(jù)動(dòng)能定理求出光電子的最大初動(dòng)能，根據(jù)光電效應(yīng)方程判斷光電子最大初動(dòng)能的變化．【解析】【解答】解：①當(dāng)變阻器的滑動(dòng)端P向右移動(dòng)；反向電壓增大，光電子到達(dá)右端的速度變小，則通過電流表的電流變?。?/p>

②當(dāng)電流表電流剛減小到零時(shí)，電壓表的讀數(shù)為U，根據(jù)動(dòng)能定理得，；則光電子的最大初動(dòng)能為eU．

③根據(jù)光電效應(yīng)方程知，Ekm=hv-W0；知入射光的頻率不變，則光電子的最大初動(dòng)能不變．

故答案為：右，eU，不變．12、略

【分析】

懸線被燒斷前；根據(jù)平衡條件得。

對(duì)B物體：彈簧的拉力F1=mg；

對(duì)整體：懸線的拉力F2=2mg

當(dāng)懸線突然被燒斷的瞬間，F(xiàn)2=0，F(xiàn)1=mg，則此瞬間A的合力等于大小等于F2=2mg；

根據(jù)牛頓第二定律得。

對(duì)B：aB=

對(duì)A：aA=

故本題答案是：2g；0

【解析】【答案】懸線被燒斷前；物體B受到重力和彈簧的拉力而平衡，物體A受到重力；彈簧的拉力和懸線的拉力而平衡，根據(jù)平衡條件可求出彈簧的拉力和懸線的拉力．當(dāng)懸線突然被燒斷的瞬間，懸線的拉力突然減為零，而彈簧的彈力沒有來得及變化，根據(jù)牛頓第二定律求解．

13、（1）腦干毛細(xì)血管下丘腦

（2）肝糖原分解為葡萄糖及一些非糖物質(zhì)的轉(zhuǎn)化胰島素和胰高血糖素

（3）特異性化石燃料的燃燒【分析】【分析】本題主要考查了生命活動(dòng)調(diào)節(jié)的實(shí)例，準(zhǔn)確識(shí)記相關(guān)知識(shí)點(diǎn)是解題的關(guān)鍵?！窘獯稹浚?）呼吸中樞位于腦干。散熱的途徑主要是汗液的蒸發(fā)、皮膚毛細(xì)血管舒張和呼氣等方式散出，繼而維持體溫的相對(duì)穩(wěn)定，體溫調(diào)節(jié)中樞位于下丘腦。

（2）血糖的來源有：食物中的糖類消化、吸收，肝糖原分解和脂肪等非糖物質(zhì)轉(zhuǎn)化。長途騎行過程中，在只飲水未進(jìn)食的情況下，人體血糖含量仍然維持在0.9g/L左右，補(bǔ)充血糖的途徑有肝糖原分解為葡萄糖及一些非糖物質(zhì)的轉(zhuǎn)化。調(diào)節(jié)血糖最主要的激素有胰島素和胰高血糖素，胰島素是唯一降低血糖的激素，胰高血糖素具有升高血糖的能力，這兩種激素相互拮抗，共同維持血糖平衡。

（3）長期堅(jiān)持適度騎行可促進(jìn)人體內(nèi)淋巴細(xì)胞（T淋巴細(xì)胞、B淋巴細(xì)胞）數(shù)量增加，從而增強(qiáng)人體特異性免疫功能。同時(shí)可以減少化石燃料的燃燒，從而減少霧霾天氣的形成和減緩溫室效應(yīng)?！窘馕觥浚?）腦干毛細(xì)血管下丘腦（2）肝糖原分解為葡萄糖及一些非糖物質(zhì)的轉(zhuǎn)化胰島素和胰高血糖素（3）特異性化石燃料的燃燒14、靜電力庫侖力電荷量距離【分析】【分析】在真空中有兩個(gè)點(diǎn)電荷間的作用力遵守庫侖定律，根據(jù)庫侖定律求解．【解析】【解答】解：庫侖定律的內(nèi)容：真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷之間的相互作用力；即稱為靜電力或庫侖力，其跟它們電荷量的乘積成正比，跟它們距離的二次方成反比，作用力的方向在兩點(diǎn)電荷連線上．

故答案為：靜電力，庫侖力，電荷量，距離．15、高于【分析】【分析】火車轉(zhuǎn)彎時(shí)，為防止車輪邊緣與鐵軌間的摩擦，通常做成外軌略高于內(nèi)軌，使得火車按規(guī)定的速度行駛時(shí)，火車對(duì)軌道的合力垂直于軌道表面，否則會(huì)對(duì)其造成擠壓以致?lián)p壞，（這就是為什么在拐彎處會(huì)有規(guī)定速度的原因）所以火車重力與軌道支持面支持力的合力提供向心力，速度大于規(guī)定速度時(shí)，會(huì)擠壓外軌．【解析】【解答】解：當(dāng)火車以v的速度通過此彎路時(shí)；火車重力與軌道面支持力的合力恰好提供向心力，內(nèi)外軌都無壓力．此時(shí)支持力豎直分力與重力平衡，水平分力提供向心力，所以修鐵路時(shí)，在鐵路彎道處讓外軌高于內(nèi)軌．

故答案為：高于16、C【分析】【分析】正方形從相對(duì)S系沿x方向以接近光速勻速飛行的飛行器上運(yùn)動(dòng)，根據(jù)相對(duì)論效應(yīng)，沿速度方向正方形邊長縮短，而與速度垂直的方向邊長沒有變化．【解析】【解答】解：正方形從相對(duì)S系沿x方向以接近光速勻速飛行的飛行器上運(yùn)動(dòng)；根據(jù)相對(duì)論效應(yīng)可知，沿x軸方向正方形邊長縮短，而沿y軸方向正方形邊長沒有改變，則其形狀變成長方形．故C正確．A；B、D錯(cuò)誤．

故答案為：C．三、判斷題(共7題，共14分)17、×【分析】【分析】根據(jù)建立坐標(biāo)系的條件可知，建立坐標(biāo)系需要確定坐標(biāo)原點(diǎn)與正方向．由此方向解答即可．【解析】【解答】解：如果以高出地面0.8m的桌面位置為坐標(biāo)原點(diǎn)；選擇向下為正方向，則地面的坐標(biāo)為：x=0.8m．所以該說法錯(cuò)誤．

故答案為：×18、×【分析】【分析】根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=變形得到F與E的關(guān)系式，再分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=得：F=qE

可知電場(chǎng)力與電場(chǎng)強(qiáng)度和電荷量都有關(guān)；則電場(chǎng)力大的地方電場(chǎng)強(qiáng)度不一定大，故該判斷是錯(cuò)的．

故答案為：×．19、×【分析】【分析】液晶像液體一樣可以流動(dòng)，又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)．液晶是介于液態(tài)與結(jié)晶態(tài)之間的一種物質(zhì)狀態(tài)；液晶在外加電壓的影響下并不發(fā)光，而是由于液晶通電時(shí)，排列變得有秩序，使光線容易通過．【解析】【解答】解：液晶在外加電壓的影響下并不發(fā)光；而是由于液晶通電時(shí)，排列變得有秩序，使光線容易通過．所以該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×20、√【分析】【分析】同時(shí)晶體內(nèi)部排列有規(guī)則，而非晶體則沒有，但形狀不一定有規(guī)則．晶體分為單晶體和多晶體，單晶體具有各向異性，多晶體具有各向同性．【解析】【解答】解：晶體分為單晶體和多晶體．根據(jù)晶體的結(jié)構(gòu)的特點(diǎn)可知；單晶體由于內(nèi)部原子按空間點(diǎn)陣排列，排列規(guī)律相同，所以具有各向異性．故該說法是正確的．

故答案為：√21、×【分析】【分析】首先據(jù)波動(dòng)圖象讀出波長和求出周期，根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)和波的傳播特點(diǎn)分析質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況，然后再寫出振動(dòng)方程，與題干中的方程比較即可．【解析】【解答】解：該波是振幅是10cm，波速為10m/s，波長為4m，所以周期：T=s，角速度ω=；

該波向x軸的正方向傳播；由上下坡法可知，圖中P質(zhì)點(diǎn)在t=0時(shí)刻振動(dòng)的方向向下，所以振動(dòng)方程為y=-10sin5πt（cm），錯(cuò)誤．

故答案為：×22、√【分析】【分析】根據(jù)額定電壓和額定功率的概念進(jìn)行分析，即用電器正常工作時(shí)的電壓為額定電壓，在額定電壓下的功率為額定功率．【解析】【解答】解：因用電器正常工作時(shí)；電壓為額定電壓，在額定電壓下的功率為額定功率，所以額定功率與實(shí)際電壓無關(guān)，實(shí)際功率與工作時(shí)的電壓有關(guān)；

故答案為：√23、√【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律分析答題．【解析】【解答】解：物體速度變化的方向就是加速度的方向；由牛頓第二定律可知，加速度方向與物體受到的合外力的方向相，故說法正確；

故答案為：√．四、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共16分)24、D9.86sin2【分析】【分析】（1）根據(jù)單擺的周期公式得出重力加速度的表達(dá)式；逐項(xiàng)分析，得出重力加速度測(cè)量值偏大的原因；

（2）根據(jù)給出的數(shù)據(jù)；在坐標(biāo)系中畫出相應(yīng)的圖線，然后從中選取合適的點(diǎn)，求出圖線的斜率，然后結(jié)合重力加速度的表達(dá)式，求出重力加速度；

（3）結(jié)合單擺在最大擺角θ較大時(shí)周期公式推導(dǎo)出與T的一次函數(shù)關(guān)系式，從而分析判斷．【解析】【解答】解：（1）根據(jù)得，g=；

A；測(cè)擺長時(shí)；忘記了擺球的半徑，則擺長的測(cè)量值偏小，則重力加速度的測(cè)量值偏?。蔄錯(cuò)誤；

B；擺線上端懸點(diǎn)未固定；振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長度增加了，則擺長的測(cè)量值偏小，重力加速度測(cè)量值偏大．故B錯(cuò)誤；

C；開始計(jì)時(shí)時(shí)；秒表過早按下，則周期的測(cè)量值偏大，重力加速度的測(cè)量值偏?。蔆錯(cuò)誤；

D；實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動(dòng)次數(shù)記為50次；則周期測(cè)量值偏小，重力加速度測(cè)量值偏大．故D正確．

故選：D．

（2）以擺長L為橫坐標(biāo)，T2為縱坐標(biāo)，作出T2-L圖線如圖；

根據(jù)單擺的周期公式得，g=；

所以圖線的斜率k=

由圖可得：k=

所以：g=

（3）實(shí)驗(yàn)中得到的線性圖線，根據(jù)為T=2π（1+sin2），得sin2=，所以sin2與T成一次函數(shù)關(guān)系；

所以圖乙中的縱軸表示的是sin2，圖線延長后與橫軸交點(diǎn)的橫坐標(biāo)位

故答案為：（1）D；

（2）圖象如圖；9.86；

（3）sin2，．25、C＜【分析】【分析】根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度求出C點(diǎn)的速度以及E點(diǎn)的速度．

鋼球在下落過程中，由于阻力的存在，重力勢(shì)能的減小量大于動(dòng)能的增加量．【解析】【解答】解：①根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度知，．

②設(shè)E與下面一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離為x，因?yàn)橄嗟葧r(shí)間內(nèi)的位移之差△x=L3-L2，則x=L4+△x=L4+L3-L2；

則E點(diǎn)的速度；故選：C．

③因?yàn)殇撉蛳侣涞倪^程中受到阻力，鋼球動(dòng)能的增加量小于重力勢(shì)能的減小量，所以關(guān)系式為mvE2-mvB2＜mg（L2+L3+L4）．

故答案為：①②C③＜．五、作圖題(共2題，共4分)26、略

【分析】【分析】每一個(gè)力都有施力物體，按照受力的順序?qū)進(jìn)行受力分析．【解析】【解答】解：A受重力、支持力、推力F處于平衡，受力如圖所示．

答：受力如圖所示．27、略

【分析】【分析】（1）先根據(jù)折射定律；求出光線在AB面的折射角，由幾何知識(shí)求出光線在BC面上的入射角，由折射定律求得全反射的臨界角，畫出光路圖．

（2）根據(jù)幾何知識(shí)求解EB距離．

（3）運(yùn)用幾何知識(shí)求出光在三棱鏡中通過的路程S，由v=求出光在三棱鏡中傳播速度，由t=求解時(shí)間．【解析】【解答】解：（1）根據(jù)題意畫出光在三棱鏡中的光路圖如圖．

（2）由題圖知；光線在AB面上的入射角i=60°

由折射定律得n=，得sinr===，得r=30°=θ

由幾何知識(shí)可得：=2cosθ=2dcos30°=d

（3）==d

==2d-d=d

由幾何知識(shí)有i′=60°；∠CEF=30°

則===2d

故光在三棱鏡中傳播的路程為S=+=3d

光在三棱鏡中傳播的速度v==c

故光在三棱鏡中傳播的時(shí)間為t==

答：

（1）作出光在三棱鏡中的光路圖如圖；

（2）發(fā)生全反射的點(diǎn)E與B點(diǎn)的距離是d；

（3）光在三棱鏡中傳播的時(shí)間是．六、計(jì)算題