2025年滬科版高三物理下冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版高三物理下冊月考試卷485考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、一物體從靜止出發(fā)；沿一條直線運動的v-t圖象如圖所示，下列說法中正確的是（）

A.物體一直沿一個方向運動B.物體的加速度的大小總是變化的C.物體做往返的運動，永遠不會停下來D.物體每次返回的路程都減少一點，所以最終會停下來2、如圖甲所示，理想變壓器原副線圈匝數(shù)比n1：n2=2：1，電表均為理想電表，兩個電阻均為1Ω，C是電容器，其擊穿電壓為V；圖乙為原線圈輸入電壓與時間的關系圖象，下列說法中正確的是（）

A.輸入電壓的頻率為50Hz，經(jīng)過變壓器后通過電阻的交流電頻率為25HzB.s斷開時電壓表的示數(shù)為1.41V，電流表的示數(shù)為0.35AC.s斷開時電壓表的示數(shù)為1V，電流表的示數(shù)為0.25AD.閉合開關s，電容器將被擊穿3、如圖所示，物體A用輕繩系住，輕繩的另一端跨過定滑輪用一力F拉住，并使A沿水平面做向右勻速運動，若A與水平面間的動摩擦因素為定值，則A在向右運動的過程中，拉力F的大小變化是（）A.一定一直增大B.一定一直減小C.可能先增大后減小D.可能先減小后增大4、如圖所示，物體A和B的重力分別為10N和3N，不計彈簧秤和細線的重力和一切摩擦，則下列選項正確的是（）A.彈簧秤所受的合力為7NB.地面對A的支持力為0NC.彈簧秤的讀數(shù)為6ND.彈簧秤的讀數(shù)為3N5、如圖所示，矩形線圈有N匝，長為a，寬為b，每匝線圈電阻為R，從磁感應強度為B的勻強磁場中以速度v勻速拉出來，那么，產(chǎn)生的感應電動勢和流經(jīng)線圈中的感應電流的大小應為（）A.E=Bav，I=B.E=NBav，I=C.E=Bav，I=D.E=NBav，I=6、【題文】如圖所示；滑塊A；B的質量均為m，A套在固定豎直桿上，A、B通過轉軸用長度為L的剛性輕桿連接，B放在水平面上并靠著豎直桿，A、B均靜止。由于微小的擾動，B開始沿水平面向右運動。不計一切摩擦，滑塊A、B視為質點。在A下滑的過程中，下列說法中正確的是。

A.A；B組成的系統(tǒng)機械能守恒。

B.在A落地之前輕桿對B一直做正功。

C.A運動到最低點時的速度為

D.當A的機械能最小時，B對水平面的壓力大小為2mg7、航天技術拓展了人類的視野，方便了人們的生活，下列關于人造地球衛(wèi)星和宇宙飛船的運動的描述中，正確的是（）A.人造地球衛(wèi)星繞地球運動的向心力由地球對它的萬有引力提供B.同步衛(wèi)星的運行速度大于第一宇宙速度C.同步衛(wèi)星只能在赤道的正上方，離地心的距離可按需要選擇不同值D.宇宙飛船內的航天員處于失重狀態(tài)是因為他沒有受到地球引力作用8、甲乙兩物體相距s，同時同向沿同一直線運動，甲在前面做初速度為零，加速度為a1的勻加速直線運動，乙在后面做初速度為v0，加速度為a2的勻加速直線運動，則下列說法錯誤的是（）A.若a1=a2，則兩物體可能相遇一次B.若a1＜a2，則兩物體可能相遇兩次C.若a1＞a2，則兩物體可能相遇兩次D.若a1＞a2，則兩物體也可相遇一次或不相遇評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)9、一臺電熨斗的電阻為400Ω，在220V的額定電壓下運行時，發(fā)熱消耗的電功率為____W．10、（2012春?寧強縣月考）在如圖所示的皮帶傳動裝置中，小輪O1的半徑是大輪O2半徑的一半，A、B、C、分別是大輪邊緣、小輪邊緣、大輪上的點，且C到轉軸O2的距離等于大輪半徑的一半．在此傳動裝置正常運轉（皮帶不打滑）的情況下；

（1）A、B、C運動的速度大小之比為____；

（2）A、B、C轉動的角速度速度之比為____；

（3）A、B、C的向心加速度之比為____．11、一輛汽車在平直公路上做直線運動先以速度v1行駛了三分之一的路程，接著又以v2=20km/h的速度跑完剩下的三分之二路程，如果汽車在全過程的平均速度是v=15km/h，則v1=______km/h。12、（2016春?豐城市校級期中）小明同學在學習了圓周運動的知識后，設計了一個課題，名稱為：快速測量自行車的騎行速度．他的設想是：通過計算踏腳板轉動的角速度，推算自行車的騎行速度．如圖是自行車的傳動示意圖，其中Ⅰ是大齒輪，Ⅱ是小齒輪，Ⅲ是后輪．當大齒輪Ⅰ（腳踏板）的轉速通過測量為n（r/s）時，則大齒輪的角速度是____rad/s．若要知道在這種情況下自行車前進的速度，除需要測量大齒輪Ⅰ的半徑r1，小齒輪Ⅱ的半徑r2外，還需要測量的物理量是____（名稱及符號）．用上述物理量推導出自行車前進速度的表達式為：____．13、安培力的大小當磁感應強度B的方向與導線方向成θ角時，F(xiàn)=____；這是一般情況下的安培力的表達式，以下是兩種特殊情況：

（1）當磁場與電流____時，安培力最大，F(xiàn)max=BIL．

（2）當磁場與電流____時，安培力等于零．14、真空中有兩個點電荷；電荷量均為q，當兩點電荷相距為L時，它們之間庫侖力的大小為F．

（1）若保持兩點電荷的電荷量不變，僅將它們之間的距離減小為，求它們之間的庫侖力的大小F1____；

（2）若保持兩點電荷之間的距離不變，僅將它們的電荷量都增大為2q，求它們之間的庫侖力的大小F2____．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)15、非晶體的結構跟液體非常相似，可以看成是黏滯性極大的液體．____．（判斷對錯）16、物體的平均速率為零，則物體一定處于靜止狀態(tài)．____．（判斷對錯）17、x-t圖象描述了物體的位移隨時間的變化規(guī)律．____．（判斷對錯）18、串聯(lián)電路中，電壓分配與電阻成反比．____．（判斷對錯）19、化學成分相同的物質只能生成同一種晶體．____．（判斷對錯）20、當達到動態(tài)平衡時，蒸發(fā)的速度不再改變，以恒速蒸發(fā)．____．（判斷對錯）21、電視機的顯象管中電子束每秒進行50場掃描____．評卷人得分四、畫圖題(共2題，共8分)22、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）23、在圖示中，物體A處于靜止狀態(tài)，請畫出各圖中A物體所受的彈力．評卷人得分五、綜合題(共4題，共12分)24、【題文】三根固定的光滑細桿，上套一個小滑環(huán)，從a外靜止釋放，判斷到b.c.d的時間關系。

(最高點為a，然后依次為bcd)25、

26、(1)鈻?OMN

為玻璃等腰三棱鏡的橫截面。ab

兩束可見單色光從空氣垂直射入棱鏡底面MN(

兩束光關于OO隆盲

對稱)

在棱鏡側面OMON

上反射和折射的情況如圖所示，則下列說法正確的是________A.在玻璃棱鏡中，a

光由MN

面射向MO

面的傳播時間大于b

光由MN

面射向NO

面的傳播時間B.在玻璃棱鏡中，aa光的傳播速度大于bb光的傳播速度C.若光束從玻璃棱鏡中射向空氣，則光束bb的臨界角比光束aa的臨界角小D.用同樣的裝置做“雙縫干涉”實驗，aa光的條紋間距小E.用aabb照射同一狹縫，aa光衍射現(xiàn)象更明顯(2)

如圖所示是一列沿x

軸方向傳播的機械波圖像，實線是t1=0

時刻的波形，虛線是t2=1s

時刻的波形，求：

壟脵壟脵該列波的周期和波速；壟脷

若波速為9m/s

其傳播方向如何？從t1

時刻起質點P

運動至波谷位置的最短時間是多少？27、如圖，在區(qū)域Ⅰ(0鈮?

x

鈮?

d

)

和區(qū)域Ⅱ(

d

<

x

鈮?2

d

)

內分別存在勻強磁場，磁感應強度大小分別為B

和2

B

，方向相反，且都垂直于Oxy

平面。一質量為m

、帶電荷量q

(

q

>0)

的粒子a

于某時刻從y

軸上的P

點射入?yún)^(qū)域Ⅰ，其速度方向沿x

軸正向。已知a

在離開區(qū)域Ⅰ時，速度方向與x

軸正方向的夾角為30鈭?

此時，另一質量和電荷量均與a

相同的粒子b

也從P

點沿x

軸正向射入?yún)^(qū)域Ⅰ，其速度大小是a

的1/3

不計重力和兩粒子之間的相互作用力。求：(1)

粒子a

射入?yún)^(qū)域Ⅰ時速度的大?。?2)

當a

離開區(qū)域Ⅱ時，a

、b

兩粒子的y

坐標之差。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】v-t圖象是反映物體的速度隨時間變化情況的，速度的正負表示速度的方向，圖線的斜率表示加速度，圖象與坐標軸的面積表示位移，本題中物體做往復運動，但幅度逐漸變?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈；根據(jù)速度的正負表示速度的方向；可知圖中物體的速度只有兩個相反的方向，故物體時而沿x軸正方向運動，時而沿x軸負方向運動，物體做往復運動．故A錯誤；

B；根據(jù)圖象的斜率表示加速度；可知，物體的加速度的大小不變，故B錯誤．

C；物體做往返的運動；圖象的幅度不斷減小，物體最終停止運動，故C錯誤．

D；由圖象知；質點每次返回的位移均小于前一運動周期的位移．故物體最終會靜止．故D正確；

故選：D2、C【分析】【分析】變壓器只改變電壓，不改變頻率，原副線圈的電壓之比等于匝數(shù)之比，電流值比等于匝數(shù)的反比，電壓表和電流表測量的都是有效值，電容器的擊穿電壓為最大值【解析】【解答】解：A；變壓器只改變電壓；不改變頻率，故頻率還是50Hz，故A錯誤；

B、原副線圈電壓之比等于匝數(shù)之比故，解得V2=1V；故B錯誤；

C、副線圈中的電流為，電流表的示數(shù)為；故C正確；

D、閉合后，電容器與電阻并聯(lián)，故最大電壓為；剛好不被擊穿，故D錯誤；

故選：C3、D【分析】【分析】對物體進行受力分析，由共點力的平衡條件可分析拉力的變化．【解析】【解答】解：在向右拉動的過程中；由于A越來越靠近滑輪，則繩子與豎直方向的夾角越來越大；設繩子與水平方向夾角為θ，物體做勻速直線運動；

由平衡條件得：Fcosθ=f；N+Fsinθ=mg，f=μN；

F==；

故在向右運動過程中；sin（α+θ）可能先增大后減小，也可能一直減??；F可能先減小后增大；也可能一直增大；

故選：D．4、D【分析】【分析】彈簧秤處于靜止狀態(tài)，所以彈簧秤受力是平衡的，需要注意的是彈簧秤的示數(shù)是鉤上的拉力或是一端受到的力．【解析】【解答】解：物體B處于靜止狀態(tài)；所以B受力是平衡的，即：B端的力大小為3N

又因為彈簧秤處于靜止狀態(tài)；所以彈簧秤受力是平衡的，B端受到的拉力是3N，雖然A的重力是10N，但為了和B端受力平衡，A端繩受的力是3N，而彈簧秤的合力為零．

彈簧秤的示數(shù)是鉤上的拉力或是一端受到的力；所以示數(shù)為：3N．故D正確．

故選：D5、D【分析】【分析】能根據(jù)E=BLv確定感應電動勢的大小，知首N匝線圈相當于N個電源進行串聯(lián)，故感應電動勢等于每一匝線圈產(chǎn)生感應電動勢的串聯(lián)，即E=NBLv，在計算感應電流的時候，每一匝線圈都有電阻R，故I=．【解析】【解答】解：如圖所示，在將線圈勻速拉出的過程中切割磁感線的導體長度為a，則據(jù)E=BLv知，每匝線圈產(chǎn)生感應電動勢E=Bav，對N匝線圈相當于N個線圈產(chǎn)生的感應電動勢的串聯(lián)，即整個線圈產(chǎn)生的總電動勢E總=NE=NBLv=NBav，對于線圈中的電流，根據(jù)歐姆定律有；每匝線圈的電阻為R，則N匝線圈的總電阻為NR，所以電流：

I=．

故選D．6、A|C【分析】【解析】

試題分析：A；由A、B組成的系統(tǒng)中只有動能和勢能相互轉化；系統(tǒng)機械能守恒；正確。

B；A到最低點時；B物體到達最右端，速度為0，分析它們的受力與運動情況：B先受到豎直桿向右的推力，導致B向右加速，當B的速度達到一定值時，桿又對B有向左的拉力作用，使B減速運動，當A落地時，B速度減為零，且即不向左又不向右運動；由于B受到桿的力先向右，后向左，而運動方向始終向右，所以桿對B先做正功，后做負功；錯誤。

C、由于A、B物體系統(tǒng)機械能守恒，而到最低點時，B物體速度為零，故根據(jù)機械能守恒定律有：可得正確。

D；由于AB系統(tǒng)機械能守恒；A機械能最小時，B的機械能最大，動能最大，由上述B選項分析可知，物體B先加速后減速，動能最大時，速度最大，加速度為零，此時桿的彈力為零，故B對水平面的壓力大小為mg；錯誤。

故選AC

考點：機械能守恒定律。

點評：該題突破口是系統(tǒng)機械能守恒（墻和地對球的彈力不做功），由繩物模型可知，B的速度沿桿方向的分速度等于桿的速度，越向下桿的運動速度越小，當A剛要到地面時桿的速度為零，即A落地瞬間B的速度為零；物體B一直向右，故B向右先加速后減速。【解析】【答案】AC7、A【分析】【分析】人造地球衛(wèi)星繞地球運動的向心力由地球對它的萬有引力提供的．第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的運行速度，同步衛(wèi)星的高度遠大于近地衛(wèi)星的高度，由可知，軌道越大，速度越小，所以同步衛(wèi)星的運行速度小于第一宇宙速度．同步衛(wèi)星的軌道是唯一的，在赤道的正上方，高度也一定．宇宙飛船內的航天員受到的地球引力提供向心力，處于失重狀態(tài)．【解析】【解答】解：A；地球對人造衛(wèi)星的萬有引力提供它繞地球做圓周運動所需要的向心力；故A正確．

B、根據(jù)萬有引力提供向心力，得；軌道越大，速度越小，第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的運行速度，故同步衛(wèi)星的運行速度小于第一宇宙速度．故B錯誤．

C；同步衛(wèi)星只能在赤道的正上方；離地心的距離也是確定的值，故C錯誤．

D；宇宙飛船內的航天員處于失重狀態(tài)；是由于地球對他的引力提供向心力，不是因為他沒有受到地球引力，故D錯誤．

故選：A．8、B【分析】【分析】分析兩物體的速度及加速度可知在相同時間內的位移關系，即可判斷兩物體能否相遇及相遇幾次．【解析】【解答】解：A；因加速度相同；而乙有初速度，則乙一定可以追上甲，且兩物體只能相遇一次，故A正確；

B、如果a1＜a2；因為乙有初速度，所以最后乙的速度會比甲的大，一定可以追上，追上后乙的速度大，那么甲不可能再追上，所以相遇一次，故B錯誤；

C、若a1＞a2；雖然甲的加速度大，但是由于乙有初速度，所以在速度相等前可能追上，也可能追不上，若速度相等時恰好追上，則相遇一次，如果追上時依然是乙車快，因為甲的加速度大，甲的速度最終還是反超乙車，即相遇兩次，故CD正確．

本題選錯誤的，故選：B．二、填空題(共6題，共12分)9、121【分析】【分析】電熨斗是純電阻電路，根據(jù)P=求解即可．【解析】【解答】解：電熨斗發(fā)熱消耗的電功率P===121W

故答案為：12110、2：2：12：1：14：2：1【分析】【分析】在皮帶傳動裝置中，皮帶不打滑，輪邊緣的線速度大小相等，同一輪上各點的角速度相等，由線速度、角速度、周期間的關系式及向心加速度公式分析答題．【解析】【解答】解：（1）A、B兩點線速度相等vA=vB=v，B、C兩點角速度相等ωB=ωC=ω，vC=ωRc=ω=；則三點線速度之比為2：2：1；

（2）A的角速度ωA===2ω；則三點的角速度之比為2：1：1；

（3）向心加速度a=ω2r；角速度之比為2：1：1，半徑之比為1：2：1，則4：2：1；

故答案為：（1）2：2：1；（2）2：1：1；（3）4：2：1．11、10【分析】解：設總路程是S．則汽車在全過程的平均速度為：

v==

代入數(shù)據(jù)解得：

v1=10km/h

故答案為：10。

根據(jù)一段時間內的平均速度等于位移與時間的比值，通過列式求解v1。

解決本題的關鍵要掌握平均速度的定義，知道全程的平均速度等于全程的位移與時間之比。本題的單位不必化成國際單位?！窘馕觥?012、2πn后輪半徑r32πn【分析】【分析】轉速的單位為轉/秒，即單位時間做圓周運動轉過的圈數(shù)，轉過一圈對應的圓心角為2π，所以角速度ω=轉速n×2π，由于大齒輪I和小齒輪II是通過鏈條傳動，所以大小齒輪邊緣上線速度大小相等，又小齒輪II和車輪III是同軸轉動，所以它們角速度相等，要知道車輪邊緣線速度的大小，則需要知道車輪的半徑；利用I和II線速度大小相等，II和III角速度相等，列式求III的線速度大小即可．【解析】【解答】解：轉速為單位時間內轉過的圈數(shù)，因為轉動一圈，對圓心轉的角度為2π，所以ω=rad/s=2πnrad/s，因為要測量自行車前進的速度，即車輪III邊緣上的線速度的大小，根據(jù)題意知：輪I和輪II邊緣上的線速度的大小相等，據(jù)v=Rω可知：r1ω1=r2ω2，已知ω1=2πn，則輪II的角速度ω2=ω1．因為輪II和輪III共軸，所以轉動的ω相等即ω3=ω2，根據(jù)v=Rω可知，要知道輪III邊緣上的線速度大小，還需知道輪III的半徑r3，其計算式v=r3ω3=2πn=2πn

故答案為：2πn，后輪半徑r3，2πn．13、BILsinθ垂直平行【分析】【分析】安培力的公式F=BIL，I是指于B的長度．【解析】【解答】解：安培力的大小當磁感應強度B的方向與導線方向成θ角時；F=BLIsinθ；

（1）當當磁場與電流垂直時sin90°=1，安培力最大，F(xiàn)max=BLI；

（2）當磁場與電流時；sin0=0，則安培力等于零；

故答案為：（1）BILsinθ；（2）垂直；平行．14、=4F=4F【分析】【分析】比較簡單，直接代入庫侖定律的公式F=即可．【解析】【解答】解：（1）由庫侖定律的公式：F=；

保持兩點電荷的電荷量不變，僅將它們之間的距離減小為，則有：F1==4F

（2）保持兩點電荷之間的距離不變，僅將它們的電荷量都增大為2q，它們之間的庫侖力大小為：F2=

故答案為：4F；4F．三、判斷題(共7題，共14分)15、√【分析】【分析】液體微觀結構理論：

（1）液體分子的排列更接近于固體；是密集在一起的，因而液體具有一定的體積，不易被壓縮。

（2）液體分子之間的相互作用不像固體中的微粒那樣強；液體分子只在很小的區(qū)域內做有規(guī)則的排列，這種區(qū)域是暫時形成的，邊界和大小隨時改變，有時瓦解，有時又重新形成，液體由大量的這種暫時形成的小區(qū)域構成，這種小區(qū)域雜亂無章地分布著，因而液體表現(xiàn)出各向同性。

（3）液體分子的熱運動與固體類似，主要表現(xiàn)為在平衡位置附近做微小的振動，但液體分子沒有長期固定的平衡位置，在一個平衡位置附近振動一小段時間以后，又轉移到另一個平衡位置附近去振動，即液體分子可以在液體中移動，這就是液體具有流動性的原因．【解析】【解答】解：由液體的結構知非晶體的結構進行比較可知；二者在很多的方面非常類似，可以看作是粘滯性極大的液體．該說法是正確的；

故答案為：√16、√【分析】【分析】平均速度是位移與時間的比值；平均速率是位移的路程與時間的比值．由此分析即可．【解析】【解答】解：平均速率是位移的路程與時間的比值；物體的平均速率為零，則物體的路程為0，物體一定處于靜止狀態(tài)．所以該說法是正確的．

故答案為：√17、√【分析】【分析】位移-時間圖象中的曲線反映了物體的位移隨時間變化的規(guī)律．由此分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)x-t圖象的意義可知；x-t圖象描述了物體的位移隨時間的變化規(guī)律，所以該說法是正確的．

故答案為：√18、×【分析】【分析】根據(jù)串并聯(lián)電路電流和電壓的規(guī)律進行分析，串聯(lián)電路中電壓與電阻成正比．【解析】【解答】解：串聯(lián)電路中電流相等；故電壓分配與電阻成正比；所以該說法是錯誤的．

故答案為：×19、×【分析】【分析】根據(jù)晶體的結構與特點可知，同種元素構成的固體，可能會由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體．【解析】【解答】解：由同種元素構成的固體；可能會由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體，例如石墨和金剛石．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×20、√【分析】【分析】液面上部的蒸汽達到飽和時，液體分子從液面飛出，同時有蒸汽分子進入液體中；從宏觀上看，液體不再蒸發(fā)．【解析】【解答】解：飽和蒸汽的平衡是一種動態(tài)平衡．當達到動態(tài)平衡時；液體分子從液面飛出，同時有蒸汽分子進入液體中；從宏觀上看，液體不再蒸發(fā)蒸發(fā)的速度不再改變，此時以恒速蒸發(fā)．所以該說法是正確的．

故答案為：√21、√【分析】【分析】根據(jù)顯像原理：顯像管尾部的電子槍發(fā)射的電子束被加速和控制后呈掃描狀轟擊屏幕上的熒光粉，使屏幕發(fā)光，結合交流電的頻率，即可求解．【解析】【解答】解：電子槍發(fā)射電子束擊在顯像管的屏幕上的彩色繭光粉上；它的電子束是逐行掃描的，速度非常的快，肉眼是看不出來的，電子束掃描的方向主是靠顯像管管頸上的偏轉線圈來控制的，交流電的頻率為50赫茲，因此電子束能在1秒內，打在熒光屏上50場畫面，所以顯象管中電子束每秒進行50場掃描；

故答案為：√．四、畫圖題(共2題，共8分)22、略

【分析】【解析】試題分析：由圖讀出波長，由波速公式求出周期．根據(jù)簡諧運動在一個周期內通過的路程，求出位移．采用波形平移的方法畫出7s時的波形圖．由圖直接可得波長根據(jù)得：7秒內波傳播的位移為：根據(jù)平移法，把波形沿傳播方向平移3.5米，如下圖實線：考點：畫波形圖【解析】【答案】圖形向左平移1.5m23、略

【分析】彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體，據(jù)此可得思路分析：彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體試題【解析】【答案】【解析】彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體，據(jù)此可得思路分析：彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體試題五、綜合題(共4題，共12分)24、略

【分析】【解析】設細桿與豎直方向的夾角為則其下滑的加速度為：

細桿的長度為：

則環(huán)下滑到底端的時間為：

與夾角大小無關，則環(huán)從這三根桿上下滑到底端的時間都相等?！窘馕觥俊敬鸢浮繒r間都相等25、略

【分析】【解析】由左手定則和平衡條件得：

BIL+2T－mg="0"①

4T－BIL－mg="0"②

由以上兩式解得B=mg/3IL【解析】【答案】B=mg/3IL26、（1）BCE

（2）解：

①由圖像知，波長λ＝4m

若波沿x軸正方向傳播，在Δt＝t2－t1＝1s內傳播了(n＝0，1，2，3，)

即

(n＝0，1，2，3，)

波速(n＝0，1，2，3，)

若波沿x軸負方向傳播，在Δt＝t2－t1＝1s內傳播了(n＝0，1，2，3，)

即

(n＝0，1，2，3，)

波速(n＝0，1，2，3，)

②若波速v＝9m/s，在Δt＝1s內傳播的距離(n取2)

所以波沿x軸正方向傳播，t＝0時刻質點P沿y軸正方向振動

由知，n＝2，

P點再經(jīng)過振動到波谷位置

【分析】(1)

【分析】由光路圖看出，b

光束在NO

面上發(fā)生了全反射，而a

光束在MO

面上沒有發(fā)生全反射，而入射角相同，則知b

光的臨界角小于b

光的臨界角，由sinC=1n

分析折射率的大小，由v=cn

判斷光在玻璃中速度的大小，從而分析出光束在玻璃磚中傳播時間的關系.

再確定出波長和頻率關系，結合衍射、干涉的條件和規(guī)律分析。本題的解題關鍵是根據(jù)全反射的條件分析臨界角的大小，確定折射率的大小，進一步分析光速、頻率、波長的大小?！窘獯稹緼BC.

由光路圖看出，b

光束在NO

面上發(fā)生了全反射，而a

光束在MO

面上沒有發(fā)生全反射，而入射角相同，說明b

光的臨界角小于a

光的臨界角，由sinC=1n

分析得知，玻璃對a

光的折射率小于b

的折射率，由v=cn

得知在玻璃磚中a

光的傳播速度比b

光大，則a

光束從進入玻璃磚到射到OM

的時間小于b

光束從進入玻璃磚到射到ON

的時間.

故A錯誤；BC正確；

D.由于玻璃對a

光的折射率小于b

的折射率小，則a

光的頻率比b

光的低，a

光的波長比b

光的長；而雙縫干涉條紋間距與波長成正比，所以a

光束的條紋間距大，故D錯誤；

E.波長越長越容易發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故a

光比b

光更容易發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象；故E正確。

故選BCE。(2)

本題關鍵要理解波的周期性，即每隔一個周期時間，波的圖象重復，得到波傳播的時間與距離的通項，再求解特殊值，是典型的多解問題，不能漏解。壟脵

由圖讀出波長.

由于波的傳播方向未知，要分沿x

軸正方向和沿x

軸負方向兩種情況研究：若波沿x

軸正方向傳播，在鈻?t=t22鈭?t11=1s

內傳播的最短距離為14婁脣

傳播距離表達式為x=(n+14)婁脣

若波沿x

軸負方向傳播，傳播的最短距離為34婁脣

傳播距離表達式為x=(n+34)婁脣

從而得到時間與周期的表達式，求出周期的通項，由v=婁脣T

求出波速的通項；壟脷

若波速為9m/s

由x=vt

求出波傳播的距離，由波形的平移法分析波的傳播方向；根據(jù)t=0

時刻P

質點的運動方向，求解質點P

運動到波谷的最短時間。

【解析】(1)BCE

(2)

解：壟脵

由圖像知，波長婁脣=4m

若波沿x

軸正方向傳播，在婁隴t=t22鈭?t11=1s

內傳播了x=(n+14)婁脣(n=0,1