2025年牛津上海版高三物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年牛津上海版高三物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，在μ=0.2的粗糙水平面上，有一質量為10kg的物體以一定的速度向左運動，同時還有一水平向右的力F作用于物體上，其大小為10N，則物體受到的摩擦力為（g取10m/s2）（）A.大小為10N，方向向右B.大小為10N，方向向左C.大小為20N，方向向右D.大小為20N，方向向左2、一個物體受到四個力F1、F2、F3、F4作用而處于靜止狀態(tài)，當拆去F1后，余下三個力的合力大小和方向為（）A.大小等于F1，方向斜向右上方B.大小等于F1，方向與F1方向相同C.大小等于F2、F3、F4的大小之和，方向與F3方向相同D.大小等于F1，方向與F1方向相反3、一物體自t=0時開始做直線運動，其速度圖線如圖所示。下列選項正確的是A.在0—6s內，物體離出發(fā)點最遠為30mB.在0—6s內，物體經過的路程為40mC.在0—4s內，物體的平均速率為7.5m/sD.在5—6s內，物體所受的合外力做負功4、在反恐演習中，中國特種兵進行了飛行跳傘表演．某傘兵從靜止的直升飛機上跳下，在t時刻打開降落傘，在3t時刻以速度v2著地．傘兵運動的速度隨時間變化的規(guī)律如圖所示．下列結論正確的是（）

A.在0～t時間內加速度不變，在t一3t時間內加速度減小。

B.降落傘打開后；降落傘和傘兵所受的阻力越來越小。

C.在t～3t的時間內，平均速度

D.若第一個傘兵在空中打開降落傘時第二個傘兵立即跳下；則他們在空中的距離先增大后減小。

5、在“雙縫干涉測光的波長”的實驗中，以下說法正確的是（）A.要增加相鄰兩亮紋間的距離，可適當減小雙縫間距B.要觀察某單色光的干涉圖樣，白光源后應依此放濾光片、雙縫、單縫、光屏C.用紅光作為光源，遮住其中一條狹縫，屏上仍將呈現等間距的條紋D.不同單色光比較，暗紋間距越大，光從水進入空氣發(fā)生全反射的臨界角越小評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)6、一個已充電的電容器通過一個固定電阻放電，放電電流用電流傳感器側量，并在電腦屏幕上直接顯示電流隨時間變化的圖象，如圖所示．關于這個實驗，下列說法正確的是（）A.屏幕上顯示電流隨時間而均勻變化的圖象B.電流傳感器與普通電流表相比，能更靈敏地反映快速變化的電流C.放電過程中，電容器兩端的電壓隨時間變化的圖象與電流隨時間變化的圖象相似D.放電過程中，電容器電壓和電容都減小7、一長為L的絕緣細線，上端固定，下端拴一質量為m、帶電荷量為q的小球，處于如圖所示的水平向右的勻強電場中。開始時，將細線與小球拉成水平，小球靜止在A點，釋放后小球由靜止開始向下擺動，當細線轉過60°角時，小球到達B點速度恰好為零。（）A.B兩點的電勢差UAB=-B.B兩點的電勢差UAB=-C.小球所帶電荷q為正電荷D.小球到達B點時，細線對小球的拉力大小TB=8、中國國家航天局決定：中國將在2013年或稍后一個合適的時間對火星及其衛(wèi)星“火衛(wèi)一”進行探測．“火衛(wèi)一”在火星赤道正上方運行，若其繞行軌道可簡化為圓軌道，如圖中A軌道所示．假如我們國家發(fā)射的“火星探測器”環(huán)繞火星的軌道B穩(wěn)定后如圖所示，萬有引力常量G已知．則下列說法正確的是（）A.“火衛(wèi)一”的周期大于“火星探測器”的周期B.“火衛(wèi)一”的線速度大于“火星探測器”的線速度C.若想測出火星的質量只要測出“火星探測器”的運行周期即可D.“火衛(wèi)一”的向心加速度小于“火星探測器”的向心加速度9、做勻加速直線運動的質點先后經過A、B、C三點，已知AB之間的距離與BC之間的距離相等．質點在AB段和BC段的平均速度分別為20m/s和30m/s，根據以上所給的條件，可以求出（）A.質點在AC段的運動時間B.質點在AC段的平均速度C.質點的加速度D.質點在C點的瞬時速度10、關于勻變速直線運動，下列說法正確的是（）A.勻變速直線運動是加速度均勻變化的運動B.勻變速直線運動是速度隨時間均勻增加的運動C.勻變速直線運動是加速度保持不變的運動D.勻變速直線運動是速度隨時間均勻變化的運動11、如圖所示，斜劈形物體的質量為M，放在水平地面上，質量為m的粗糙物塊以某一初速度沿斜劈的斜而向上滑，至速度為零后又加速返回，而斜劈始終保持靜止．物塊m向上、向下滑動的整個過程中（）A.地面對斜劈M的摩擦力方向先向左后向右B.地面對斜劈M的摩擦力方向沒有改變C.地面對斜劈M的支持力等于（M+m）gD.物塊m向上、向下滑動時加速度大小不同評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)12、在光滑水平面上有一物體，受水平恒力F的作用由靜止開始運動，運動至t時刻F的方向突然變?yōu)橄喾炊笮〔蛔儯刮矬w回到原出發(fā)點，則需要的時間為t′=____．13、如圖所示，真空中有兩個帶電量分別為+4Q和-Q的點電荷固定在x坐標軸的x=0和x=4cm的位置上，則x坐標軸上x=____cm的位置電場強度為零；x坐標軸上x=6cm位置電場強度的方向沿x軸的____方向（此空填“正”或“負”）．

14、某運動員沿半徑為R的環(huán)形跑道，從A點起朝逆時針方向跑了1周，它的位移大小等于____，運動員在此過程中通過的路程為____．15、降落傘在下落一段時間后是勻速下降的，無風時跳傘運動員落地的速度為4m/s，現在有風的作用下可使運動員獲得水平方向3m/s的速度，則該運動員落地的速度大小為____m/s，方向為____．16、（2006?嘉定區(qū)一模）如圖所示，圖線表示作用在做直線運動的物體上的合外力與物體運動距離的對應關系，物體質量1kg，開始時處于靜止狀態(tài)，則當物體在外力的作用下，運動30m的過程中，合外力對物體做的功為____J，物體末速度為____m/s．17、某實驗小組利用如圖所示的實驗裝置來探究當合外力一定時，物體運動的加速度與其質量之間的關系．（1）由圖中刻度尺讀出兩個光電門中心之間的距離為s厘米，由圖中游標卡尺測得遮光條的寬度d=____厘米．該實驗小組在做實驗時，將滑塊從圖9所示位置由靜止釋放，由數字計時器可以讀出遮光條通過光電門1的時間△t1，遮光條通過光電門2的時間△t2，則滑塊經過光電門1時的瞬時速度的表達式v1=____，滑塊經過光電門2時的瞬時速度的表達式v2=____，則滑塊的加速度的表達式a=____．

。m（g）a（m/s2）2502.023001.653501.434001.255001.008000.63（2）在本次實驗中；實驗小組通過改變滑塊質量做了6組實驗，得到如下表所示的實驗數據．

通過計算分析上表數據后，得出的結論是在合外力不變的情況下，物體運動的加速度跟物體的質量成反比，如果想通過圖象法進一步確認自己的結論，須建立____（填a-m或a-）坐標系；根據實驗數據描點作圖，如果圖線是一條通過原點的直線，就可確認上述結論．

18、一個離地面30m高的小球由靜止開始做自由落體運動，落地后被地面粘住不再反彈，則小球到達地面時的速度大小為____m/s，小球從開始運動起的第一秒內、第二秒內、第三秒內位移之比為____（g取10m/s2）．19、物體做勻加速直線運動初速度V0=2m/s，加速度a=1m/s2，則第3秒末的速度是____m/s，第3秒的位移是____．20、（2013秋?連江縣校級期中）用30cm的細線將質量為4×10-3㎏的帶電小球P懸掛在O點下，當空中有方向為水平向右，大小為1×104N/C的勻強電場時，小球偏轉37°后處在靜止狀態(tài)．（Sin37°=0.6，cos37°=0.8）則分析小球的帶電性質為____電、小球的帶電量為____細線的拉力為____．評卷人得分四、實驗探究題(共3題，共18分)21、電學實驗中經常需要測量某電阻的阻值．

（1）測電阻的方法有多種，現在有一只標有“220V，40W”燈泡，它正常工作時的電阻為______Ω．若用多用電表中歐姆擋來測量這只燈泡的電阻，則測出的電阻應______燈泡正常工作時電阻（填“大于”“等于”“小于”）．

（2）請您用下列器材設計一個實驗；測定燈泡正常工作時的電阻值．

A．220V交流電源。

B．單刀雙擲開關一只。

C．電阻箱一只（0～999.9Ω；額定電流，0.5A）

D．固定電阻一只（0.5kΩ；額定電流0.3A）

E．交流電表一只（0～0.3A）

F．導線若干。

請在方框內畫出電路原理圖．22、某同學設計了一個測量金屬絲電阻率的實驗方案；實驗室提供的器材有：

A．電壓表VB．電流表AC．螺旋測微器D．米尺。

E．滑動變阻器RP（5Ω；2A）F．干電池組G．一個開關和導線若干。

他進行了以下操作：

（1）用多用電表粗測金屬絲的阻值：當用“×10Ω”擋時發(fā)現指針偏轉角度過大，為了得到比較準確的測量結果，請從下列選項中挑出合理的步驟，并按______（填代碼）的順序正確進行操作；最后完成讀數測量．

A．將選擇開關旋轉到歐姆擋“×1Ω”的位置B．將選擇開關旋轉到歐姆擋“×100Ω”的位置。

C．將兩表筆分別與被測電阻的兩根引線相接；正確讀數D．將兩表筆短接，重新進行歐姆調零。

（2）該網同學采用上述合理步驟測量后，表針指示靜止時如圖1所示，則金屬絲的阻值約為______Ω．

（3）請按照本題提供的實驗器材和實驗需要；在圖2虛線方框內畫出測量金屬絲電阻并在實驗時便于電壓調節(jié)范圍大的實驗電路圖。

（4）若測得金屬絲直徑為D，接入電路長度為L時，電壓表、電流表示數分別為U、I，則金屬絲的電阻率ρ=______．23、為了節(jié)能環(huán)保；一些公共場所使用光控開關控制照明系統(tǒng).

光控開關可采用光敏電阻來控制，光敏電阻是阻值隨著光的照度而發(fā)生變化的元件(

照度可以反映光的強弱，光越強照度越大，照度單位為lx)

．

(1)

某光敏電阻R

在不同照度下的阻值如下表；根據表中已知數據，在圖1

的坐標系中描繪出了阻值隨照度變化的曲線.

由圖象可求出照度為1.0lx

時的電阻約為______k婁賂

．

。照度/1x0.20.40.60.81.01.2電阻/k婁賂5.83.72.82.31.8(2)

如圖2

所示是街道路燈自動控制模擬電路；利用直流電源為電磁鐵供電，利用照明電源為路燈供電.

為達到天亮燈熄；天暗燈亮的效果，路燈應接在______(

填“AB

”或“BC

”)

之間．

(3)

用多用電表“隆脕10婁賂

”擋，按正確步驟測量圖中電磁鐵線圈電阻時，指針示數如圖3

所示；則線圈的電阻為______婁賂.

已知當線圈中的電流大于或等于2mA

時，繼電器的銜鐵將被吸合.

圖中直流電源的電動勢E=6V

內阻忽略不計，滑動變阻器有三種規(guī)格可供選擇：l(0隆蘆10婁賂,2A)2(0隆蘆200婁賂,1A)3(0隆蘆1750婁賂,0.1A).

要求天色漸暗照度降低至l.0lx

時點亮路燈，滑動變阻器應選擇______(

填R1R2R3).

為使天色更暗時才點亮路燈，應適當地______(

填“增大”或“減小”)

滑動變阻器的電阻．評卷人得分五、實驗題(共1題，共2分)24、利用圖甲所示的實驗裝置探究重物下落過程中動能與重力勢能的轉化問題．

（1）實驗操作步驟如下；請將步驟B補充完整：

A．按實驗要求安裝好實驗裝置；

B．使重物靠近打點計時器，接著先____，后____；打點計時器在紙帶上打下一系列的點；

C．圖乙為一條符合實驗要求的紙帶，O點為打點計時器打下的第一點．分別測出若干連續(xù)點A、B、C與O點之間的距離h1、h2、h3．

（2）已知打點計時器的打點周期為T，重物質量為m，重力加速度為g，結合實驗中所測得的h1、h2、h3，可得重物下落到B點時的速度大小為____，紙帶從O點下落到B點的過程中，重物增加的動能為____，減少的重力勢能為____．

（3）經過多次正確的實驗，總發(fā)現減少的重力勢能大于增加的動能，其原因是____．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【分析】滑動摩擦力的方向與物體的相對運動方向相反．物體在水平拉力作用下在水平面上運動時，物體對地面的壓力大小等于物體的重力大小，根據摩擦力公式f=μN求解滑動摩擦力大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓何矬w在水平向右的拉力作用在水平面上運動；物體對地面的壓力大小N=mg，滑動摩擦力大小為f=μN=0.2×10×10=20N．物體相對地面向左運動，所以滑動摩擦力的方向水平向右，故C正確，ABD錯誤；

故選：C．2、D【分析】【分析】物體受多力平衡，則多力的合力為零；則F2、F3、F4的合力與F1大小相等方向相反；當拆去F1后，從而即可求解余下三個力的合力大小和方向．【解析】【解答】解：由題意可知，四力的合力為零，則可知則F2、F3、F4的合力與F1大小相等方向相反；

當拆去F1后，余下三個力的合力大小為F1，和方向與F1方向相反；故D正確，ABC錯誤；

故選：D．3、B|C【分析】試題分析：0-5s，物體向正向運動，5-6s向負向運動，故5s末離出發(fā)點最遠，故A錯誤；由面積法求出0-5s的位移s1=35m，5-6s的位移s2=-5m，總路程為40m，故B正確；C．由面積法求出0-4s的位移s=30m，平均速度為：v==7.5m/s故C正確；D．由圖象知5～6s過程物體做勻加速，合力和位移同向，合力做正功，故D錯誤．故選BC．考點：速度時間圖像及功的概念。【解析】【答案】BC4、A|B|D【分析】

A、在0～t時間傘兵做勻加速直線運動，加速度不變，2t～3t時間內圖線的斜率逐漸減??；則加速度逐漸減小．故A正確．

B；設降落傘和傘兵的總質量為m；所受的阻力為f，加速度大小為a，根據牛頓第二定律得：f-mg=ma，得f=mg+ma，a逐漸減小，則f也逐漸減小．即降落傘和傘兵所受的阻力越來越?。蔅正確．

C、在t～3t的時間內，假設傘兵做勻減速直線運動，圖象為直線，其平均速度為根據“面積”等于位移可知，勻減速直線運動的位移大于傘兵實際運動的位移；

則平均速度v＜故C錯誤．

D；第一個傘兵在空中打開降落傘時的速度比第二個傘兵跳下時速度大；所以兩者距離逐漸變大，后來第二個人的速度大于第一個跳傘運動員時，兩者距離又減小，故D正確；

故選ABD

【解析】【答案】速度圖象傾斜的直線表示物體做勻加速直線運動，其加速度不變．根據斜率等于加速度，分析t～3t時間內加速度如何變化．根據牛頓第二定律分析阻力如何變化．根據“面積”等于位移，將在t～3t的時間內物體的位移與勻減速直線運動的位移進行比較，再分析平均速度與的大?。?/p>

5、A【分析】【分析】由△X=λ知，增大光屏上相鄰兩條亮紋之間的距離，可以增大縫與屏之間的距離，或換用更長波長的光．【解析】【解答】解：A、依據雙縫干涉條紋間距規(guī)律△X=λ可知要使干涉條紋的間距變大；需要改用波長更長的單色光或減小雙縫間距，故A正確；

B；依次是濾光片、單縫、雙縫、光屏；故B錯誤；

C；用紅光作為光源；遮住其中一條狹縫，出現單縫衍射，屏上仍將呈現不等間距的條紋在，故C錯誤；

D、暗紋間距越大，則光的波長越長，因此頻率越小，那么折射率越小，根據sinC=；可知，當光從水進入空氣發(fā)生全反射的臨界角越大，故D錯誤．

故選：A．二、多選題(共6題，共12分)6、BC【分析】【分析】根據I-t圖線得出電流與時間的變化規(guī)律，放電過程中，電容器的電容不變，結合Q的變化得出電壓U的變化．【解析】【解答】解：A；圖中I-t圖線不是傾斜直線；可知電流隨時間不是均勻變化的，故A錯誤．

B；電流傳感器與普通電流表相比；能更靈敏地反映快速變化的電流，故B正確．

C、根據U=知；C不變，U隨電量的變化而變化，在放電的過程中，電量在減小，則U在減小，電容器兩端的電壓隨時間變化的圖象與電流隨時間變化的圖象相似，故C正確．

D；放電過程中；電壓減小，電容不變．故D錯誤．

故選：BC．7、ACD【分析】解：A、小球由A到B過程中，由動能定理得：mgLsin60°+qUAB=0，解得：UAB=故A正確；

B、場強大小為：E=故B錯誤；

C；小球在B點收到水平向右的電場力；與電場方向相同，故小球帶正電，故C正確；

D、小球在AB間擺動，由對稱性得知，B處繩拉力與A處繩拉力相等，而在A處，由水平方向平衡有：FTA=Eq=mg，所以有：FTB=FTA=mg．故D正確；

故選：ACD。

（1）小球從A到B的過程中，重力做正功mgLsin60°，電場力做功為qUAB，動能的變化量為零，根據動能定理求解電勢差UAB；

（2）根據電場強度與電勢差的關系U=Ed求解場強。式中d是AB沿電場線方向的距離；d=L-Lcos60°。

（3）B點與A點堆成；細線對小球的拉力相等，根據A點受力平衡列式求解細繩對小球拉力。

本題考查帶電小球在復合場中運動，往往根據平衡判斷電場力方向從而判斷電性；根據平衡求解力；利用動能定理求解速度等問題。【解析】ACD8、AD【分析】【分析】火衛(wèi)一繞火星做圓周運動，知道了軌道半徑和周期，根據萬有引力提供向心力的基本公式即可分析．【解析】【解答】解：根據萬有引力提供向心力，有：=m=ma=m

A、T=2π；知道“火衛(wèi)一”的軌道大于“火星探測器”的軌道，所以“火衛(wèi)一”的周期大于“火星探測器”的周期．故A正確；

B、v=；知道“火衛(wèi)一”的軌道大于“火星探測器”的軌道，所以“火衛(wèi)一”的線速度小于“火星探測器”的線速度，故B錯誤；

C；若想測出火星的質量只要測出“火星探測器”的運行周期和運動的半徑即可．故C錯誤；

D、a=；知道“火衛(wèi)一”的軌道大于“火星探測器”的軌道，所“火衛(wèi)一”的向心加速度小于“火星探測器”的向心加速度，故D正確；

故選：AD．9、BD【分析】【分析】根據平均速度的定義式求出質點在AC段的平均速度，結合勻變速直線運動的公式和推論分析能否求出加速度和AC段的時間．【解析】【解答】解：A、設AB=BC=x，加速度為a，運動到A點的速度為v0，運動的時間分別為：t1和t2，則有：=20m/s

=30m/s

x=v0t1+at12

2x=v0（t1+t2）+a（t1+t2）2

5個未知數，4個方程，故無法求解質點在AC段運動的時間t1；質點的加速度a、質點在AC段的發(fā)生位移x；故AC錯誤。

B、質點在AC段的平均速度為；

根據勻變速直線運動規(guī)律得一段過程中平均速度等于該過程中初末速度和的一半，即；

質點在這個過程：=24m/s

質點在AB段：=20m/s

質點在BC段：=30m/s

解得vC=34m/s；故BD正確。

故選：BD10、CD【分析】【分析】勻變速直線運動的特點是加速度恒定不變．速度隨時間變化的運動【解析】【解答】解：勻變速直線運動可能是勻加速度也可能是勻減速直線運動；當加速度不變的直線運動，速度隨時間可能增大，也可能減小，速度水時間均勻變化的運動，故AB錯誤，CD正確．

故選：CD11、BD【分析】【分析】物體先減速上滑，后加速下滑，加速度一直沿斜面向下；對整體受力分析，然后根據牛頓第二定律求解地面對物體M的摩擦力和支持力；【解析】【解答】解：物體先減速上滑；后加速下滑，加速度一直沿斜面向下，對整體受力分析，受到總重力；支持力和向左的靜摩擦力，根據牛頓第二定律，有。

x分析：f=masinθ①

y分析：（M+m）g-N=（M+m）acosθ②

A；由①式；地面對斜面體的靜摩擦力方向一直未變，向左，故A錯誤；

B；由①式；地面對斜面體的靜摩擦力方向一直未變，向左，故B正確；

C；由②式；地面對物體M的支持力總小于（M+m）g，故C錯誤；

D、物體向上運動時，物體受到的摩擦力的方向向下，得：ma1=mgsinθ+μmgcosθ

物體向下滑動時，物體受到的摩擦力的方向向上，得：ma2=mgsinθ-μmgcosθ

所以m向上；向下滑動時加速度大小不同．故D正確；

故選：BD．三、填空題(共9題，共18分)12、（1+）t【分析】【分析】F反向后，加速度大小不變，方向改變，抓住兩段過程中位移的大小相等，方向相反，結合運動學公式進行求解．【解析】【解答】解：設開始在水平恒力F作用下的加速度為a，則ts內的位移x=；速度v=at；

將F反向后；加速度大小不變，方向改變，物體回到出發(fā)點，則位移大小相等，方向相反，根據位移時間公式有：

；

聯立解得t′=（1+）t

故答案為：（1+）t13、8負【分析】【分析】根據點電荷的場強公式，通過電場的疊加確定電場強度為零的位置以及x坐標軸上x=6cm位置電場強度的方向．【解析】【解答】解：設電場強度為零的位置距離原點為x；

則有：；

解得x=8cm．

x坐標軸上x=6cm位置，合場強E=；可知該點的場強方向沿x軸負方向．

故答案為：8，負．14、R【分析】【分析】路程是指物體所經過的路線的長度；所有路線的長度加起來就是路程；

位移是指物體從初位置指向末位置的有向線段，與物體怎么運動的無關．【解析】【解答】解：位移是指物體從初位置指向末位置的有向線段，無論物體運動多少周，初位置都是A，末位置就是B，所以物體的位移就是A指向B的直線，大小為R；

路程是指物體所經過的路線的長度，質點運動了1周，則路程就是一周加圓弧的長度；

即2πR+πR=；運動中的最大位移為直徑即2R；

故答案為：R；．

15、5與水平方向成53°【分析】【分析】將跳傘員的運動分解為豎直方向和水平方向，水平方向上的運動不影響豎直方向上的分運動，根據速度的合成求出跳傘員著地的速度大小和方向．【解析】【解答】解：根據平行四邊形定則，得：v==m/s=5m/s．

設落地速度與水平方向夾角為θ，則有：tan；

解得：θ=53°．

故答案為：5，與水平方向成53°．16、20020【分析】【分析】功是標量，合外力做功等于整個過程中做功的代數和．并由動能定理來確定物體的末速度．【解析】【解答】解：在20m內，合力做功W1=Fx1=8×20J=160J，在20m到30m內，合力做功W2=F′x2=4×10J=40J

所以整個過程合外力做功W=160+40J=200J．

由動能定理可知，；

解得：v=20m/s

故答案為：200；20．17、略

【分析】

（1）整刻度為0.5cm；游標尺的第2條刻線與上方刻線對齊，則游標尺讀數為：2×0.1mm=0.2mm=0.02cm，故最終讀數為：0.5cm+0.02cm=0.52cm；

短時間內的平均速度可以代替瞬時速度，故滑塊經過光電門1時的瞬時速度的表達式為塊經過光電門2時的瞬時速度的表達式為

滑塊做勻加速直線運動，根據速度位移關系公式，加速度為：

（2）探究加速度與質量的關系時，分別以a為縱坐標、為橫坐標作圖象；畫出一條過原點的傾斜直線，這樣就能直觀地看出其關系；

故答案為：（1）0.52，（2）a-．

【解析】【答案】（1）先讀整刻度數；再查游尺的第幾個刻度線與上邊的某個刻度線對齊，若是第N個，則用整刻度數+N×精度即為最終讀數；極短時間內的平均速度可以代替瞬時速度；然后根據速度位移公式列式求解加速度；

（2）在探究加速度與質量的關系時，分別以a為縱坐標、為橫坐標作圖象；畫出一條傾斜的直線，這樣就能直觀地看出其關系．

18、24.51：3：2【分析】【分析】小球做自由落體運動，由v2=2gh求的落地速度；由h=求的第1s，第二秒內，第三秒內的位移之比【解析】【解答】解：小球做自由落體運動，由v2=2gh得：

第一秒內的位移為：

第二秒內的位移為：

第三秒內的位移為：

故位移之比為：x1：x2：x3=1：3：2

故答案為：24.5，1：3：2．19、54.5m【分析】【分析】根據勻變速直線運動的速度時間公式求出第3s末的速度，結合位移時間公式求出第3s內的位移．【解析】【解答】解：第3s末的速度v=v0+at=2+1×3m/s=5m/s．

第3s內的位移==4.5m．

故答案為：5，4.5m．20、正3×10-6C5×10-2N【分析】【分析】對小球受力分析，根據帶電小球處于靜止狀態(tài)，結合力的合成或分解解決問題【解析】【解答】解：（1）由題意知小球受力平衡；小球受力如圖所示，可知小球帶正電．

（2）設小球帶電量為q；則Eq=mgtanθ得小球帶電量為：

q==3×10-6C

（3）此時細線的拉力為：T=T′==5×10-2N

答：（1）小球帶正電．

（2）小球的帶電量為3×10-6C

（3）此時細線的拉力5×10-2N．四、實驗探究題(共3題，共18分)21、略

【分析】解：（1）根據P=得到R==Ω=1210Ω；

燈泡正常發(fā)光時溫度可以達到一千多攝氏度；金屬阻（率）隨溫度升高而增大，故常溫下電阻較?。还视枚嘤秒姳硭鶞y出的電阻偏??；

（2）經過對實驗器材的分析可知；該題的思路是想法測量出燈泡的電壓，即可測量其工作狀態(tài)時的實際電阻值，在設計實驗的時候可以將燈泡和電阻箱并聯，單刀雙擲開關先接通小燈泡，使之正常發(fā)光；再接通電阻箱，調節(jié)電阻箱的電阻，當流過它們的電流相等時，則電壓相同，此時電阻箱的電阻就是小燈泡工作時的電阻．故實驗的原理圖如圖：

故答案為：（1）1210；小于；（2）如圖所示．

（1）燈泡正常發(fā)光時溫度可以達到一千多攝氏度；金屬阻（率）隨溫度升高而增大；

（2）解答該題的思路為想法測量出燈泡的電壓；即可測量其工作狀態(tài)時的實際電阻值，在設計實驗的時候可以將燈泡和電阻箱并聯．

對于實驗題，關鍵是明確實驗原理，本題采用的實驗方法為等效法，要注意明確實驗中沒有電壓表，故只能利用電阻箱實驗，同時在選擇滑動變阻器時要注意其最大允許電流．【解析】1210；小于22、略

【分析】解：（1）當用“×10Ω”擋時發(fā)現指針偏轉角度過大；說明所選檔位太大，為了得到比較準確的測量結果，應換用小擋，換用“×1Ω”擋，然后重新進行歐姆調零，再測電阻阻值，因此合理的實驗步驟為：ADC．

（2）歐姆表使用“×1Ω”擋；由圖1所示可知，金屬絲電阻阻值為15×1Ω=15Ω．

（3）金屬絲電阻約為15Ω；滑動變阻器最大阻值為5Ω，為測多組實驗數據，滑動變阻器應采用分壓接法，電流表內阻很小，約為零點幾歐姆，電壓表內阻很大，約為幾千甚至幾萬歐姆，電壓表內阻遠大于待測電阻阻值，電流表應采用外接法，實驗電路圖如圖所示：

（4）由歐姆定律可知，電阻R=由電阻定律得：R=ρ=ρ則電阻率ρ=．

故答案為：（1）ADC；（2）15；（3）電路圖如圖所示；（4）．

（1）應用歐姆表測電阻時要選擇合適的檔位；使指針指針中央刻度線附近，歐姆表換擋后要重新進行歐姆調零，然后再測電阻阻值．

（2）歐姆表指針示數與檔位的乘積是歐姆表示數．

（3）根據伏安法測電阻的