2025年人教A版高二物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教A版高二物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)為1.5V，表示該電池（）A.一定有1.5J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變成電能B.在工作狀態(tài)下兩極間的電壓恒定為1.5VC.比電動(dòng)勢(shì)為1.2V的電池存儲(chǔ)的電能多D.將1C電量由負(fù)極輸送到正極過(guò)程中，非靜電力做了1.5J的功2、如圖所示，可以將電壓升高供給家用電燈的變壓器是：()A.B.C.D.3、一列簡(jiǎn)諧橫波沿某一直線傳播，A、B是該直線上相距1.2m的兩點(diǎn)，從波到達(dá)其中一點(diǎn)開(kāi)始計(jì)時(shí)，4s內(nèi)A完成8次全振動(dòng)，B完成10次全振動(dòng)，則該波的傳播方向及波速分別為（）A.方向由A向B，v=0.3m/sB.方向由B向A，v=0.3m/sC.方向由B向A，v=1.5m/sD.方向由A向B，v=1.5m/s4、電流的磁效應(yīng)揭示了電與磁的關(guān)系。下面四幅圖中描述磁場(chǎng)方向與電流方向之間的關(guān)系，其中磁感線分布正確的是（）A.B.C.D.5、如圖所示；帶負(fù)電的金屬環(huán)繞OO′以角速度ω旋轉(zhuǎn)，在環(huán)左側(cè)軸線上的小磁針最后靜止時(shí)（）

A.N極豎直向上B.N極豎直向下C.N極沿軸線向左D.N極沿軸線向右評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)6、模塊機(jī)器人具有三個(gè)部分，它們分別是____器，控制器和執(zhí)行器，如果模塊機(jī)器人有2種傳感器，3種控制方式，4種執(zhí)行器，那么從理論上可以有____種組合方式．7、面積S=0.5m2的閉合金屬圓環(huán)處于磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.4T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)磁場(chǎng)與環(huán)面垂直時(shí)，穿過(guò)環(huán)面的磁通量是____；當(dāng)磁場(chǎng)與環(huán)面平行時(shí)，穿過(guò)環(huán)面的磁通量是____；當(dāng)金屬圓環(huán)轉(zhuǎn)過(guò)180°與環(huán)面又垂直時(shí)，穿過(guò)環(huán)面的磁通量大小是____，相對(duì)于初位置，磁通量變化量的大小為_(kāi)___．8、如圖所示為“研究影響平行板電容器電容的因素”的實(shí)驗(yàn)裝置；在以下操作步驟中，靜電計(jì)指針的張角分別是怎樣變化的？請(qǐng)將答案填在相應(yīng)的橫線上．

①甲圖中將B板上移，靜電計(jì)的指針張角將____.（填“增大”或“減小”或“不變”）

②乙圖中將B板左移，靜電計(jì)的指針張角將____.（填“增大”或“減小”或“不變”）

③丙圖中將電介質(zhì)插入兩板之間，靜電計(jì)的指針張角將____.（填“增大”或“減小”或“不變”）

④本實(shí)驗(yàn)的研究方法是____．9、如圖所示，ab

是勻強(qiáng)電場(chǎng)中相距0.4m

的兩點(diǎn)，ab

間的電勢(shì)差為4.0隆脕102V

則勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為_(kāi)_______V/m

把一正電荷從a

點(diǎn)移到b

點(diǎn)；該電荷的電勢(shì)能將________(

選填“變大”“變小”或“不變”)

．

10、永動(dòng)機(jī)：第一類永動(dòng)機(jī)是不可能制成的，因?yàn)樗`反了________;

第二類永動(dòng)機(jī)也是不可能制成的，因?yàn)樗`反了________．11、用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器做測(cè)定勻變速直線運(yùn)動(dòng)的加速度實(shí)驗(yàn)中，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流的頻率是50Hz，得到一條紙帶(一部分)如圖所示，從0開(kāi)始，取1、2、3、4、5為五個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，紙帶旁放了一把刻度尺．（1）由圖可知，記數(shù)點(diǎn)2到0點(diǎn)的距離是________．（2）可以計(jì)算出小車的加速度的大小是________；方向是________．12、某電器元件上標(biāo)有“220V300婁脤F

”，這個(gè)電器元件是______.300婁脤F=

______F=

______pF

．13、右圖展示了等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線和等勢(shì)面，從圖中我們可以看出，A、B兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)______、電勢(shì)______，C、D兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)______、電勢(shì)______（以上四空均填“相同”或“不同”），一電子從A運(yùn)動(dòng)到B，電場(chǎng)力做______功（填“正”或“負(fù)”）。14、近年來(lái)我國(guó)建立了許多風(fēng)力發(fā)電廠．某臺(tái)風(fēng)力發(fā)電機(jī)的輸出功率為P，輸出電壓為U，則輸電線上的電流為_(kāi)_____．風(fēng)輪機(jī)葉片旋轉(zhuǎn)所掃過(guò)的面積為風(fēng)力發(fā)電機(jī)可接受風(fēng)能的面積．某臺(tái)風(fēng)力發(fā)電機(jī)風(fēng)輪機(jī)葉片的長(zhǎng)度為r，設(shè)空氣的密度為ρ，氣流速度為v，則在時(shí)間t內(nèi)風(fēng)輪機(jī)可以接受到的最大風(fēng)能為_(kāi)_____．評(píng)卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)15、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

17、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

19、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、證明題(共2題，共6分)20、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。21、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。評(píng)卷人得分五、作圖題(共3題，共15分)22、如圖所示，在圖(1)

中，G

為指針在中央的靈敏電流表，連接在直流電路中時(shí)的偏轉(zhuǎn)情況.

今使它與一線圈串聯(lián)進(jìn)行電磁感應(yīng)實(shí)驗(yàn)，則圖(2)

中的條形磁鐵的運(yùn)動(dòng)方向是______；圖(3)

中電流計(jì)的指針將向______偏轉(zhuǎn)；圖(4)

中的條形磁鐵上端為_(kāi)_____極．23、如圖所示為三個(gè)有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)；磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，方向分別垂直紙面向外；向里和向外，磁場(chǎng)寬度均為L(zhǎng)，在磁場(chǎng)區(qū)域的左側(cè)邊界處有一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形導(dǎo)體線框，總電阻為R，且線框平面與磁場(chǎng)方向垂直．現(xiàn)用外力F使線框以速度v勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，以初始位置為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，規(guī)定外力F向右為正．畫(huà)出外力F隨時(shí)間變化規(guī)律的圖象。

24、如圖1所示，在直導(dǎo)線上方放一小磁針．當(dāng)導(dǎo)線中通入電流時(shí)，發(fā)現(xiàn)小磁針的S極轉(zhuǎn)向讀者，請(qǐng)畫(huà)出導(dǎo)線中電流的方向．如圖2所示，通電導(dǎo)線由于受到磁場(chǎng)力而向左運(yùn)動(dòng)，畫(huà)出條形磁鐵的N、S極．

評(píng)卷人得分六、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共15分)25、某同學(xué)在一次實(shí)驗(yàn)中測(cè)量結(jié)果如圖；請(qǐng)讀出兩個(gè)測(cè)量結(jié)果。

（1）______mm（2）______cm．26、在描繪小燈泡的伏安特性曲線的實(shí)驗(yàn)中；實(shí)驗(yàn)室備有下列器材供選擇：

A．待測(cè)小燈泡“3V；2W”

B．電流表A1（量程3A；內(nèi)阻約為1Ω）

C．電流表A2（量程0.6A；內(nèi)阻約為5Ω）

D．電壓表V1（量程3V；內(nèi)阻約為10kΩ）

E．電壓表V2（量程15V；內(nèi)阻約為50kΩ）

F．滑動(dòng)變阻器風(fēng)（最大阻值為100n；額定電流50mA）

G．滑動(dòng)變阻器（最大阻值為10n；額定電流1A）

H．電源（電動(dòng)勢(shì)為4V；內(nèi)阻不計(jì)）

I．電鍵及導(dǎo)線等。

（1）電流表應(yīng)選用______；電壓表應(yīng)選______；滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用______（填器材前面的字母）

（2）在圖甲實(shí)物圖中；有部分線已連好，要求小燈泡的電壓從零開(kāi)始測(cè)量，請(qǐng)連成符合要求的完整的電路圖-

（3）開(kāi)關(guān)閉合之前，圖中滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)該置于______（選填“A端”；端”或'“AB中間”）

（4）某同學(xué)實(shí)驗(yàn)后作出的I-U圖象如圖乙所示，則當(dāng)燈泡兩端的電壓為2.4V時(shí)，燈泡的實(shí)際功率是______W（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）27、如圖為研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)裝置；部分導(dǎo)線已連接．

(1)

用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線將圖中未完成的電路連接好．

(2)

如果在閉合開(kāi)關(guān)時(shí)發(fā)現(xiàn)靈敏電流計(jì)的指針向右偏了一下；那么閉合開(kāi)關(guān)后，將原線圈迅速插入副線圈的過(guò)程中，電流計(jì)的指針將______偏轉(zhuǎn)；原線圈放在副線圈不動(dòng)時(shí)，指針將______偏轉(zhuǎn).(

填“向左”或“向右”或“不”)

(3)

某同學(xué)第一次將滑動(dòng)變阻器的滑片從變阻器的右端快速滑到左端，第二次將滑動(dòng)變阻器的滑片從變阻器的右端慢慢滑到左端，發(fā)現(xiàn)電流計(jì)的指針擺動(dòng)的幅度大小不同，第一次比第二次的幅度______(

填“大”或“小”)

原因是線圈中的______(

填“磁通量”或“磁通量的變化”或“磁通量的變化率”)

第一次比第二次的______.(

填“大”或“小”)

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】解：A；D、電源電動(dòng)勢(shì)的大小表征了電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大??；電動(dòng)勢(shì)在數(shù)值上等于將1C電量的正電荷從電源的負(fù)極移到正極過(guò)程中非靜電力做的功，即一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)為1.5V，表示該電池能將1C電量的正電荷由負(fù)極移送到正極的過(guò)程中，非靜電力做了1.5J的功，故D正確，A錯(cuò)誤；

B；工作狀態(tài)時(shí)兩極間的電壓為路端電壓；小于電源的電動(dòng)勢(shì)；故B錯(cuò)誤；

C；電動(dòng)勢(shì)大的說(shuō)明電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大；但電動(dòng)勢(shì)大的存儲(chǔ)的電能不一定多，故C錯(cuò)誤．

故選：D．

電源是一種把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，電動(dòng)勢(shì)E的大小等于非靜電力做的功與電量的比值，即E=其大小表示電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小，而與轉(zhuǎn)化能量多少無(wú)關(guān)．

電動(dòng)勢(shì)E大小表征電源把其它形式能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小，而電壓U大小表征電能轉(zhuǎn)化為其它形式的能的大小，要注意區(qū)分．【解析】【答案】D2、C【分析】略【解析】C

3、C【分析】解：據(jù)題；4s內(nèi)A完成8次全振動(dòng)，B完成10次全振動(dòng)，必定是從波到達(dá)B點(diǎn)開(kāi)始計(jì)時(shí)，波傳播的方向是從B到A。

周期為T(mén)===0.4s，波從B傳到A的時(shí)間為△t=2T=0.8s，則波速為v==

故選：C。

由題；4s內(nèi)A完成8次全振動(dòng)，B完成10次全振動(dòng)，可知，從波到達(dá)B點(diǎn)開(kāi)始計(jì)時(shí)，由時(shí)間求出一次全振動(dòng)的時(shí)間，即為周期．根據(jù)波從B傳到A的時(shí)間與距離，求出波速．

本題是突破口是“4s內(nèi)A完成8次全振動(dòng)，B完成10次全振動(dòng)”．質(zhì)點(diǎn)完成一次全振動(dòng)的時(shí)間即為一個(gè)周期．基礎(chǔ)題．【解析】C4、A【分析】解：A；根據(jù)安培定則可知；因電流方向向上，導(dǎo)線右側(cè)磁場(chǎng)方向垂直向里，而左側(cè)則是垂直向外，故A正確；

B；同理；根據(jù)安培定則可知，因電流方向從右旋轉(zhuǎn)到左，則螺線管內(nèi)部磁場(chǎng)方向由左向右，因此左端是S極，右端是N極，故B錯(cuò)誤；

C；同理；根據(jù)安培定則可知，因環(huán)形電流向里，則環(huán)形導(dǎo)線內(nèi)部磁場(chǎng)方向垂從右向左，故C錯(cuò)誤；

D；因電流豎直向下；依據(jù)安培定則可知，磁場(chǎng)方向應(yīng)該是順時(shí)針?lè)较?，故D錯(cuò)誤；

故選：A。

根據(jù)安培定則（或叫右手螺旋定則）；即可判定直導(dǎo)線，環(huán)形導(dǎo)線，及通電螺線管的磁場(chǎng)方向與電流方向的關(guān)系。

本題直接考查了安培定則的應(yīng)用，比較簡(jiǎn)單，要注意和左手定則以及右手定則的區(qū)別。【解析】A5、C【分析】解：帶負(fù)電金屬環(huán)；如圖所示的旋轉(zhuǎn)．則金屬環(huán)的電流方向與旋轉(zhuǎn)方向相反．再由右手螺旋定則可知磁極的方向：左端N極，右端S極．因此小磁針N極沿軸線向左．故C正確，ABD錯(cuò)誤；

故選：C

帶負(fù)電旋轉(zhuǎn)；則可知電流方向，再由右手螺旋定則可知磁極的方向，再根據(jù)磁極間的相互作用可知小磁針的偏轉(zhuǎn)方向．

本題考查右手螺旋定則及磁極間的相互作用，要求能熟練準(zhǔn)確的應(yīng)用右手螺旋定則．注意電流的方向與負(fù)電荷的運(yùn)動(dòng)方向相反．【解析】【答案】C二、填空題(共9題，共18分)6、略

【分析】

模塊機(jī)器人由傳感器；控制器和執(zhí)行器三個(gè)模塊組成；相當(dāng)于人的感覺(jué)器官、大腦和肌肉．

根據(jù)數(shù)學(xué)組合可知；若選擇一個(gè)傳感器，一個(gè)控制方式，則有四種組合，因此共有24種組合．

故答案為：傳感；24

【解析】【答案】模塊機(jī)器人由傳感器；控制器和執(zhí)行器三個(gè)模塊組成．

7、略

【分析】

當(dāng)磁場(chǎng)與環(huán)面垂直時(shí)，穿過(guò)環(huán)面的磁通量Φ1=BS=0.2Wb；當(dāng)磁場(chǎng)與環(huán)面平行時(shí)，沒(méi)有磁感線穿過(guò)圓環(huán)，則穿過(guò)環(huán)面的磁通量Φ2=0；當(dāng)金屬圓環(huán)轉(zhuǎn)過(guò)180°與環(huán)面又垂直時(shí)，穿過(guò)環(huán)面的磁通量大小是Φ3=BS=0.2Wb；金屬圓環(huán)轉(zhuǎn)過(guò)180°與環(huán)面又垂直時(shí)，磁通量變化量的大小為△Φ=2BS=0.4Wb．

故答案為：0.2Wb；0；0.2Wb；0.4Wb．

【解析】【答案】在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中；當(dāng)磁場(chǎng)與環(huán)面垂直時(shí)，穿過(guò)環(huán)面的磁通量Φ=BS；當(dāng)磁場(chǎng)與環(huán)面平行時(shí)，穿過(guò)環(huán)面的磁通量Φ=0；金屬圓環(huán)轉(zhuǎn)過(guò)180°與環(huán)面又垂直時(shí)，磁通量變化量的大小為△Φ=2BS．

8、增大增大減小控制變量法【分析】【解答】（1）根據(jù)C=，C=B板上移，S減小，C減小，Q不變，U增大，張角將增大；（2）B板左移，d增大，C減小，U增大，張角將增大；（3）插入電介質(zhì)，ε增大，電容C增大，U減?。粡埥菍p?。?）控制變量法．

故答案為：增大；增大、減小、控制變量法．

【分析】根據(jù)C=，C=聯(lián)合分析求解；研究某量與其他兩之間的關(guān)系時(shí)，常采用控制變量法．9、略

【分析】【分析】題中已知?jiǎng)驈?qiáng)電場(chǎng)中ab

間的電勢(shì)差和距離，根據(jù)電勢(shì)差與場(chǎng)強(qiáng)的關(guān)系式U=Edd

是兩點(diǎn)沿場(chǎng)強(qiáng)方向的距離求解場(chǎng)強(qiáng)；由W=qU

求出電場(chǎng)力做功，即可得到電勢(shì)能的變化。解決本題的關(guān)鍵是掌握U=Ed

和W=qU

兩個(gè)公式，知道d

是兩點(diǎn)沿場(chǎng)強(qiáng)方向的距離?！窘獯稹坑蒛=Ed

則得場(chǎng)強(qiáng)：E=Ud=4隆脕1020.4V/m=1000V/m

把正電荷從a

點(diǎn)移到b

點(diǎn)，電場(chǎng)力對(duì)正電荷做正功，則正電荷的電勢(shì)能將減小。故填：1000

減小。【解析】1000

減小10、能量守恒定律熱力學(xué)第二定律【分析】【分析】本題考查兩類永動(dòng)機(jī)。永動(dòng)機(jī)：第一類永動(dòng)機(jī)是不可能制成的，因?yàn)樗`反了能量守恒定律；第二類永動(dòng)機(jī)也是不可能制成的，因?yàn)樗`反了熱力學(xué)第二定律。解題的關(guān)鍵是知道永動(dòng)機(jī)的缺點(diǎn)?！窘獯稹坑绖?dòng)機(jī)：第一類永動(dòng)機(jī)是不可能制成的，因?yàn)樗`反了能量守恒定律；第二類永動(dòng)機(jī)也是不可能制成的，因?yàn)樗`反了熱力學(xué)第二定律。故答案為：能量守恒定律熱力學(xué)第二定律【解析】能量守恒定律熱力學(xué)第二定律11、略

【分析】【解析】【答案】（1）_____________________；（2）____________________；________。12、略

【分析】解：由儀器單位可知；該電器為電容器；

根據(jù)1F=106婁脤F=1012pF

知300婁脤F=3隆脕10鈭?4F=3隆脕108pF

．

故答案為：電容器；3隆脕10鈭?43隆脕108

．

明確元件所標(biāo)的信息可明確元件類型；再根據(jù)1F=106婁脤F=1012pF

即F婁脤FpF

進(jìn)制為106

進(jìn)行單位換算．

本題考查電容器的性質(zhì)和單位換算；要注意解決本題的關(guān)鍵知道F婁脤FpF

進(jìn)制為106

即1F=106婁脤F=1012pF

．【解析】電容器；3隆脕10鈭?43隆脕108

13、相同不同不同相同負(fù)【分析】解：由圖看出；A；B兩點(diǎn)處電場(chǎng)線疏密相同，即大小相同，方向相同，則A、B兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相同。

電場(chǎng)線從A指向B；A點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)。

CD是等量異種點(diǎn)電荷的中垂線上的兩點(diǎn)；電勢(shì)相同，場(chǎng)強(qiáng)不同，D點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于C場(chǎng)強(qiáng)。

一電子從A運(yùn)動(dòng)到B；電場(chǎng)力方向與運(yùn)動(dòng)方向相反，電場(chǎng)力做負(fù)功；

故答案為：相同；不同、不同、相同、負(fù)。

根據(jù)電場(chǎng)線的疏密判斷場(chǎng)強(qiáng)的大小；根據(jù)電場(chǎng)線的方向判斷電勢(shì)的高低。順著電場(chǎng)線電勢(shì)降低。等量異種點(diǎn)電荷的中垂線是一條等勢(shì)線。根據(jù)電場(chǎng)力方向與運(yùn)動(dòng)方向關(guān)系判斷做功正負(fù)。

本題首先要抓住電場(chǎng)線的物理意義：電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的相對(duì)大小，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低，其次，要了解等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)線與等勢(shì)面分布情況?！窘馕觥肯嗤煌煌嗤?fù)14、【分析】解：某臺(tái)風(fēng)力發(fā)電機(jī)的輸出功率為P，輸出電壓為U，則輸電線上的電流為：I=

在時(shí)間t內(nèi)通過(guò)風(fēng)輪機(jī)的最大空氣質(zhì)量為m=ρvtπr2．

時(shí)間t內(nèi)風(fēng)輪機(jī)可以接受到的最大風(fēng)能為E=mv2=?ρvtπr2?v2=

故答案為：．

t時(shí)間內(nèi)，在長(zhǎng)度為vt、垂直流向葉片旋轉(zhuǎn)面積截面積為πr2的范圍內(nèi)的空氣都能通過(guò)風(fēng)輪機(jī)；由m=ρV求出空氣質(zhì)量，根據(jù)能量守恒定律求最大風(fēng)能．

本題考查能量守恒定律的應(yīng)用能力，關(guān)鍵要建立模型，理清思路，比較簡(jiǎn)單．【解析】三、判斷題(共5題，共10分)15、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．16、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?7、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱?shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．18、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．19、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大小．四、證明題(共2題，共6分)20、略

【分析】見(jiàn)答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)21、略

【分析】見(jiàn)答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)五、作圖題(共3題，共15分)22、向下插入右N【分析】【分析】當(dāng)電流從電流計(jì)的左接線柱流入時(shí)，指針向左偏，根據(jù)楞次定律，結(jié)合感應(yīng)電流的方向判斷條形磁鐵是向上拔出還是向下插入。本題考查了楞次定律，根據(jù)楞次定律結(jié)合感應(yīng)電流的方向判斷條形磁鐵是向上拔出還是向下插入。【解答】

由圖11可知，當(dāng)電流從電流計(jì)的左接線柱流入時(shí)，指針向左偏，圖22中指針向左偏轉(zhuǎn)，可知感應(yīng)電流的方向是順時(shí)針，根據(jù)楞次定律知，條形磁鐵向下插入，圖33中，當(dāng)條形磁鐵NN極向下插入時(shí)，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向逆時(shí)針，則指針向右偏，圖44中指針向右偏，則感應(yīng)電流的方向逆時(shí)針，由安培定則可知，感應(yīng)磁場(chǎng)方向向上，由楞次定律可知，條形磁鐵向上拔出，即磁通量減小，那么下端為SS極，上端為NN極。

故答案為：

向下插入，右，NN

【解析】向下插入右N

23、解：在0～內(nèi)，只有一條邊切割，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E=BLv，線框所受的安培力方向向左，則外力F=方向向右．

在內(nèi)，有兩條邊切割，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=2BLv，線框所受的安培力方向向左，則外力F=方向向右．

在內(nèi)，只有一條邊切割，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E=BLv，線框所受的安培力方向向左，則外力F=方向向右．

F隨t的時(shí)間變化規(guī)律如圖所示．

答：外力F隨時(shí)間變化規(guī)律的圖象如圖所示．【分析】

根據(jù)切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式求出電動(dòng)勢(shì)的大??；結(jié)合歐姆定律和安培力公式求出安培力的大小，從而得出外力F的大小，根據(jù)右手定則判斷出感應(yīng)電流的方向，結(jié)合左手定則判斷出安培力的方向，從而確定外力F的方向．

此題電磁感應(yīng)中圖象的問(wèn)題，近幾年高考中出現(xiàn)的較為頻繁，解答本題關(guān)鍵要掌握法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、楞次定律、安培力公式等等知識(shí)，要知道當(dāng)線框左右兩邊都切割磁感線時(shí)，兩個(gè)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)方向相同，是串聯(lián)關(guān)系．【解析】解：在0～內(nèi)，只有一條邊切割，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E=BLv，線框所受的安培力方向向左，則外力F=方向向右．

在內(nèi)，有兩條邊切割，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=2BLv，線框所受的安培力方向向左，則外力F=方向向右．

在內(nèi)，只有一條邊切割，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E=BLv，線框所受的安培力方向向左，則外力F=方向向右．

F隨t的時(shí)間變化規(guī)律如圖所示．

答：外力F隨時(shí)間變化規(guī)律的圖象如圖所示．24、

【分析】【解答】（1）從圖中可以看出，發(fā)現(xiàn)小磁針的S極轉(zhuǎn)向讀者，則小磁針的北極向里偏轉(zhuǎn)，那么，此通電導(dǎo)線上方的磁感線方向垂直紙面向里，即此通電螺線管的N極在紙的里面，根據(jù)安培定則，用右手握住螺旋管，讓大拇指指向里面，四指的指向就是導(dǎo)線中的電流方向，是水平向左的．（2）通電導(dǎo)線由于受到磁場(chǎng)力而向左運(yùn)動(dòng)，根據(jù)左手定則，則有通過(guò)導(dǎo)線的磁場(chǎng)方向向上，因此磁鐵下端是S極，上端是N極．

答：如圖所示；

【分析】（1）通電導(dǎo)線周圍存在磁場(chǎng)，其磁場(chǎng)方向可以根據(jù)安培定則來(lái)判斷，用四指的方向代表電流的方向，那么大拇指所指的一端為通電螺線管的N極．磁場(chǎng)中的小磁針靜止時(shí)，北極所指的方向與該點(diǎn)磁感線的方向一致．（2）根據(jù)通電導(dǎo)線受到安培力，結(jié)合左手定則，即可求解．六、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共15分)25、略

【分析】解：1；螺旋測(cè)微器的固定刻度為1.5mm；可動(dòng)刻度為38.0×0.01mm=0.380mm，所以最終讀數(shù)為1.5mm+0.380mm=1.880mm，由于需要估讀，最后的結(jié)果可以在1.879～1.881之間．

2；游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為10mm；游標(biāo)尺上第22個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為22×0.02mm=0.44mm，所以最終讀數(shù)為：10mm+0.44mm=10.44mm=1.044cm．

故答案為：（1）1.879～1.881（2）1.044

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法；主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．

對(duì)于基本測(cè)量?jī)x器如游標(biāo)卡尺、螺旋測(cè)微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測(cè)量．【解析】1.879～1.881；1.04426、略

【分析】解：（1）燈泡額定電壓為3V，電壓表應(yīng)選D，燈泡額定電流I===0.66A；若采用3A量程則誤差較大，故只能采用0.6A量程進(jìn)行測(cè)量；本實(shí)驗(yàn)采用分壓接法，為方便實(shí)驗(yàn)操作應(yīng)選滑動(dòng)變阻器G．

（2）描繪燈泡伏安特性曲線；電壓與電流應(yīng)從零開(kāi)始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法；

電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻；電流表應(yīng)采用外接法，實(shí)物電路圖如圖所示．

（3）由圖可知，測(cè)量電路與滑動(dòng)變阻器左側(cè)并聯(lián)