2025年統(tǒng)編版2024選擇性必修1物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年統(tǒng)編版2024選擇性必修1物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、鋼琴的“中央C”即為C調(diào)do；頻率約為261.2Hz，則它發(fā)出的聲波（）

A.一邊做仰臥起坐一邊聽，由于多普勒效應，音調(diào)會有變化B.隔著門縫聽，聲音會變小，這是由于偏振現(xiàn)象造成的C.與北京交通臺103.9MHz相比，中央C頻率低、波長長D.假如琴邊古箏也有一根調(diào)到C調(diào)do的弦，由于構(gòu)造不同，它們無法發(fā)生共振2、如圖所示，三輛完全相同的小車a、b、c成一直線排列，靜止在光滑的水平面上，c車上有一小孩跳到b車上，接著又立即從b車跳到a車上，小孩跳離c車和b車時對地速度相同，他跳到a車上沒有走動便相對a車靜止；此后。

A.a、b兩車運動速率相等B.a、c兩車運動速率相等C.三輛車的速率關系vc＞va＞vbD.a、c兩車運動方向相同3、下列說法中正確的是（）A.根據(jù)F=可把牛頓第二定律表述為：物體動量的變化率等于它受的合外力B.力與力的作用時間的乘積叫做力的沖量，它反映了力的作用對時間的累積效應，是一個標量C.動量定理的物理實質(zhì)與牛頓第二定律是不同的D.玻璃杯掉在水泥地上易碎，是因為受到的沖量太大4、在光滑的水平面上，一質(zhì)量為m的小球A以初動能如與質(zhì)量為2m的靜止小球B發(fā)生碰撞，碰撞后A球停下，則撞后B球的動能（）A.0B.C.D.5、如圖所示，彈簧的一端固定在豎直墻上，質(zhì)量為m的光滑弧形槽靜止在光滑水平面上，底部與水平面平滑連接。一個質(zhì)量也為m的小球從槽上高h處由靜止開始自由下滑；下列判斷正確的是（）

A.在以后運動過程中，小球和槽組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒B.在下滑過程中，小球和槽之間的作用力對槽不做功C.被彈簧反彈后，小球能回到槽上高h處D.被彈簧反彈后，小球和槽都做速率不變的直線運動6、下列幾種運動沒有利用反沖的原理的是（）A.烏賊的逃生B.雞蛋“破”與“不破”的訣竅C.宇航員無繩太空行走D.氣球充氣后敞口釋放7、一根粗細均勻的彈性繩子，右端固定，S點上下振動；產(chǎn)生向右傳播的機械波，某時刻的波形如圖所示。下列說法中正確的是（）

A.波源振動的周期逐漸減小B.波的傳播速度逐漸減小C.各處的波長都相等D.此時刻質(zhì)點P的速度方向向上8、下列關于振動和波的分析中正確的是（）A.望遠鏡鏡筒越大，光進入鏡筒時衍射現(xiàn)象越不明顯，成像越清晰B.驅(qū)動力的頻率比系統(tǒng)的固有頻率大得越多，系統(tǒng)做受迫振動的振幅就越大C.兩列相干波發(fā)生干涉，波峰和波峰疊加位置的質(zhì)點，其位移始終為正的最大D.當觀測者遠離波源時，其觀測到波的頻率越來越大評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、如圖所示，圖甲為一列沿x軸傳播的簡諧波在時刻的波形.圖乙表示該波傳播的介質(zhì)中處的質(zhì)點a從時起的振動圖象；則（）

A.波沿x軸正方向傳播B.波傳播的速度為20m/sC.質(zhì)點a的加速度沿y軸負方向D.a質(zhì)點的振動方程為10、如圖，a、b、c、d是均勻媒質(zhì)中x軸上的四個質(zhì)點，相鄰兩點的間距依次為2m、4m和6m。一列簡諧橫波以2m/s的波速沿x軸正向傳播，在t=0時刻到達質(zhì)點a處，質(zhì)點a由平衡位置開始豎直向下運動，t=3s時a第一次到達最高點。下列說法正確的是（）

A.質(zhì)點b開始振動后，其振動周期為4sB.在t=5s時刻質(zhì)點c恰好到達最高點C.在t=6s時刻波恰好傳到質(zhì)點d處E.當質(zhì)點d向下運動時，質(zhì)點b一定向上運動E.當質(zhì)點d向下運動時，質(zhì)點b一定向上運動11、如圖所示，在一直立的光滑管內(nèi)放置一輕質(zhì)彈簧，上端O點與管口A的距離為2x0，一質(zhì)量為m的小球從管口由靜止下落，將彈簧壓縮至最低點B，壓縮量為x0，速度傳感器描繪小球速度隨時間變化如圖，其中0-t1時間內(nèi)圖線是直線，t1-t2時間內(nèi)正弦曲線一部分，不計空氣阻力，則（）

A.小球運動的最大速度為2B.小球運動到O點下方處的速度最大C.彈簧的勁度系數(shù)D.彈簧的最大彈性勢能為3mgx012、一束白光從頂角為θ的三棱鏡的一邊以較大的入射角i射入并通過三棱鏡后，在屏P上可得到彩色光帶，如圖所示，在入射角i逐漸減小到零的過程中；假如屏上的彩色光帶先后全部消失，則（）

A.紅光最先消失，紫光最后消失B.紫光最先消失，紅光最后消失C.折射后的出射光線向底邊BC偏折D.折射后的出射光線向頂角A偏折13、如圖所示，質(zhì)量為的小球A通過長為的輕繩懸掛于O點，某時刻將小球向左拉離一段距離使輕繩伸直且與豎直方向的夾角然后由靜止釋放，小球在懸點O正下方M處與質(zhì)量為的小球B發(fā)生彈性正碰。碰后B球沿光滑水平軌道MN向右運動并從N點滑上半徑為的豎直光滑圓弧軌道（圓弧軌道在N點處與水平軌道相切）。兩球均可視為質(zhì)點且碰撞時間極短，不計一切阻力。已知下列說法正確的是（）

A.碰后瞬間小球B的速度大小為0.5m/sB.小球A從碰后瞬間到第一次到達最高點所用時間為C.小球B從N點進入圓弧軌道到返回N點的過程所受合外力的沖量為0D.小球B從N點進入圓弧軌道到返回N點的過程所用時間為14、如圖甲所示，物塊A、B的質(zhì)量分別是和，A、B用輕彈簧拴接，放在光滑的水平面上，B右側(cè)與豎直墻壁相接觸。時，另有一物塊C以速度v向右運動，在時與A相碰，并立即與A粘在一起不再分開，C的圖像如圖乙所示。下列說法正確的是（）

A.C的質(zhì)量為B.B離開墻壁前彈簧具有的最大彈性勢能為C.時B將離開墻壁D.B離開墻壁后彈簧具有的最大彈性勢能為15、一種“光開關”的“核心區(qū)”如圖虛框區(qū)域所示，其中1、2是兩個完全相同的截面為等腰直角三角形的棱鏡，直角邊與虛框平行，兩斜面平行，略拉開一小段距離，在兩棱鏡之間可充入不同介質(zhì)以實現(xiàn)開關功能。單色光a從1的左側(cè)垂直于棱鏡表面射入，若能通過2，則為“開”，否則為“關”，已知棱鏡對a的折射率為2；下列說法正確的是（）

A.若不充入介質(zhì)，則能實現(xiàn)“關”功能B.若充入的介質(zhì)相對棱鏡是光疏介質(zhì)，則有可能實現(xiàn)“開”功能C.若充入的介質(zhì)相對棱鏡是光密介質(zhì)，則有可能實現(xiàn)“關”功能D.單色光a通過“光開關”后傳播方向一定改變16、如圖所示，截面為等腰三角形ABC的玻璃磚，頂角由a，b兩種光組成的復色光以射到AB側(cè)面的中點D，其中a光以最小的光程射到AC面，b光平行于BC邊射到AC面。已知AB長度為2L，光在真空中的傳播速度為c，則下列說法正確的是（）

A.a光的折射率小于b光的折射率B.a光的折射率為C.b光在AC面可能發(fā)生全反射D.使a、b光分別通過同一雙縫干涉裝置，b光條紋間距更大評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)17、如圖所示，質(zhì)量為m2的小球固定在豎直輕彈簧上，彈簧勁度系數(shù)為k，輕彈簧固定在質(zhì)量為m1的底座上，整個裝置置于水平地面上，拉小球使彈簧伸長一定長度，釋放后小球?qū)⒃谪Q直方向上做簡諧運動．振動過程中底座恰好不離開地面，已知重力加速度為g，則小球的最大加速度為____________；底座對地面的最大壓力大小為_____________；小球做簡諧振動的振幅為__________．

18、概念：描述周期性運動在一個運動周期中的______。19、一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖如圖（a）所示，簡諧橫波沿x軸正方向傳播。P、Q、M為介質(zhì)中三個質(zhì)點，圖（b）是質(zhì)點P的振動圖像，則質(zhì)點Q起振方向為___；該簡諧橫波的波速為___；這列簡諧橫波從t=0時刻開始經(jīng)過____s傳到平衡位置在x=24m的質(zhì)點M處。

20、如圖，立柱固定于光滑水平面上O點，質(zhì)量為M的小球a向右運動，與靜止于Q點的質(zhì)量為m的小球b發(fā)生彈性碰撞，碰后a球立即向左運動，b球與立柱碰撞能量不損失，所有碰撞時間均不計，b球恰好在P點追上a球，Q點為OP的中點，則a、b兩球在Q點碰后速度大小之比___；a、b球質(zhì)量之比為____。

21、如圖所示，一列簡諧橫波沿x軸傳播，實線為時刻的波形圖，此時平衡位置在的質(zhì)點P向y軸正方向運動，虛線為經(jīng)過0.7s后第一次出現(xiàn)的波形圖，則波沿x軸_______（填“正”或“負”）方向傳播，波的傳播速度為________質(zhì)點P的振動周期為________s。

22、如圖所示，小明同學和爸爸分別乘船A、B兩船在海邊游玩，A、B兩船相距27m，船可視為質(zhì)點。若水波以的速率均勻地從A點向B點傳播，第1個波峰經(jīng)過A點至第20個波峰經(jīng)過A點用時57s，將水波為簡諧橫波，則波長為______m；小明同學處于波峰時，他爸爸處于______（選“波峰”或“波谷”或“平衡位置”）。

23、一物體質(zhì)量為10kg，受到方向不變的力F＝30＋40t（SI）作用，在開始的兩秒內(nèi)，此力沖量的大小等于________________；若物體的初速度大小為10m/s，方向與力的方向相同，則在2s末物體速度的大小等于___________________。24、單擺是一種理想模型，能看做單擺的條件是：擺線不可伸長，擺線質(zhì)量遠______擺球質(zhì)量，擺線長度遠_____________擺球直徑（均填“大于”或“小于”）．單擺的擺角小于5°時，可看做簡諧運動，此時周期公式是__________．如圖所示，在一半徑為2.5m的光滑圓軌道上切下一段圓弧，放置于豎直平面內(nèi)，將一個小鋼珠置于圓軌道最低點附近并從靜止釋放．有同學說，這個小鋼珠運動到最低點的最短時間可以用單擺的周期公式去求，他說的有道理嗎？請判斷并分析說明．______________________

評卷人得分四、作圖題(共3題，共12分)25、細繩的一端在外力作用下從時刻開始做簡諧運動，激發(fā)出一列簡諧橫波，在細繩上選取15個點，圖為時刻各點所處的位置，圖為時刻的波形圖（T為波的周期）.請在圖中畫出時刻的波形圖________

26、某一簡諧橫波在時刻的波形圖如圖所示。若波向右傳播，畫出后和前兩個時刻的波的圖像。___________

27、某同學利用“插針法”測定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行。正確操作后，四枚大頭針的位置如圖所示，入射光線已畫出，補全光路圖及標出入射角i和折射角r。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共3分)28、為了驗證動量守恒定律，某同學使用如圖甲所示的氣墊導軌裝置進行實驗。其中G1、G2為兩個光電門，它們與數(shù)字計時器相連，當兩個剛性滑行器通過G1、G2光電門時，光束被滑行器上的擋光片遮擋的時間稱為光電門的擋光時間。預先測得滑行器連同擋光片的總質(zhì)量分別為M、m（M＞m），兩擋光片寬度為D（兩擋光片寬度相同）。該同學想在水平的氣墊導軌上；只利用以上儀器驗證動量守恒定律，請回答下列問題：

（1）實驗開始應先調(diào)節(jié)氣墊導軌下面的螺母，使氣墊導軌水平。在不增加其他測量器材的情況下，調(diào)水平的步驟是：接通氣墊導軌裝置的電源，調(diào)節(jié)導軌下面的螺母，若滑行器M放在氣墊導軌上的任意位置都能保持靜止，或者輕推滑行器M，M分別通過光電門G1、G2的時間_____；則導軌水平。

（2）用游標卡尺測量兩擋光片的寬度如圖乙所示，則D=________。

（3）將滑行器M靜置于兩光電門之間，將滑行器m置于光電門G1右側(cè)，用手推動m，使m獲得水平向左的速度經(jīng)過光電門G1并與M發(fā)生碰撞且被彈回，再次經(jīng)過光電門G1。光電門G1先后記錄的擋光時間為Δt11、Δt12，光電門G2記錄的擋光時間為Δt2。在本次實驗中，若表達式___________(用M、m、Δt11、Δt12、Δt2表示)在誤差允許的范圍內(nèi)成立，則動量守恒定律成立。評卷人得分六、解答題(共1題，共5分)29、如圖所示，一列水平向右傳播的簡諧橫波，波速大小v=0.6m/s，質(zhì)點P的平衡位置坐標x=0.96m。某時刻該波剛好傳到距點O點0.24m的位置；從該時刻開始計時。

(1)經(jīng)過多長時間，質(zhì)點P第一次到達波峰？

(2)經(jīng)過多長時間，質(zhì)點P第二次到達波谷？當質(zhì)點P第二次到達波谷時，質(zhì)點P通過的路程及在該時刻的位移為多少？

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由于波源與觀察者間的位置沒有發(fā)生變化；故頻率不變，音調(diào)不變，故A錯誤；

B．隔著門縫聽；聲音會變小，這是由于衍射現(xiàn)象造成的，故B錯誤；

C．由題可知“中央C”的頻率為261.2Hz小于北京交通臺的103.9MHz；故中央C頻率低；波長長，故C正確；

D．若古箏也有一根調(diào)到C調(diào)do的弦；則兩者頻率相同，可以發(fā)生共振，故D錯誤。

故選C。2、C【分析】【詳解】

當小孩從c跳到b時，設小孩的動量為p，則c獲得的動量大小也是p，故c的速度為此時小車b與小孩的動量大小為p，方向向左，當人再次從小車b上跳到小車a上時，由于小孩跳離的速度與c相同，即人跳離小車b的動量也是p，對小車b運用動量守恒定律可知，小孩跳離小車b后，小車b的動量為0，即小車b處于靜止狀態(tài)，當小孩跳到小車a上時，小孩與小車a的總量為p，故小車a的速度為故速度最大的是c，其次是小車a，再其次是小車b，B正確，AC錯誤；a、c兩車的運動方向是相反的；D錯誤．

【點睛】

本題運用動量守恒定律分析人與三車速度關系，這個結(jié)果與人跳躍多少次沒有關系，只要人最后落在a車上，a車的速率就小于c車的速率．3、A【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)動量定理得

解得

即物體動量的變化率等于合外力；故A正確；

B．力與力的作用時間的乘積叫做力的沖量；它反映了力的作用對時間的累積效應，是矢量，故B錯誤；

C．動量定理的物理實質(zhì)與牛頓第二定律是相同的；但有時用起來更方便。故C錯誤；

D．玻璃杯掉在水泥地上易碎；是因為玻璃杯與地面作用時間短，受到的沖擊力太大。故D錯誤。

故選A。4、B【分析】【詳解】

小球A與靜止小球B發(fā)生正碰，規(guī)定小球A的初速度方向為正方向，設撞后B球的速度大小為根據(jù)碰撞過程中動量守恒可得

碰后A球停下，即

解得

又

所以碰后B球的動能為

ACD錯誤；B正確。

故選B。5、D【分析】【詳解】

A．當小球與彈簧接觸后；小球與槽組成的系統(tǒng)在水平方向所受合外力不為零，系統(tǒng)在水平方向動量不守恒，故A錯誤；

B．小球在下滑過程中；槽要向左運動，小球和槽之間的相互作用力與槽的速度不垂直，所以對槽要做功，故B錯誤；

C．小球與槽組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，球與槽的質(zhì)量相等，小球沿槽下滑，球與槽分離后，小球與槽的速度大小相等，小球被反彈后球與槽的速度相等，小球不能滑到槽上，不能達到高度h處；故C錯誤；

D．小球脫離弧形槽后；槽向后做勻速運動，而小球反彈后也會做勻速運動，故D正確。

故選D。6、B【分析】【分析】

【詳解】

A．烏賊的逃生是利用噴出的水的反沖作用；屬于反沖運動，故A不符合題意；

B．雞蛋“破”與“不破”的訣竅；是增大作用時間，減小作用力，起到緩沖作用。故B符合題意；

C．宇航員無繩太空行走；是利用反沖的原理。故C不符合題意；

D．氣球充氣后敞口釋放；利用噴出的氣體的反沖作用而運動的，屬于反沖運動，故D不符合題意。

故選B。7、A【分析】【詳解】

ABC．波向右傳播，由波形圖可知，由振源振動形成的機械波的波長逐漸減小，由于同一種介質(zhì)中的波速不變，根據(jù)

可知波源振動的頻率變大；周期變小，故A正確，BC錯誤；

D．波向右傳播，由波形圖結(jié)合上下坡法可知，此時刻質(zhì)點P的速度方向向下；故D錯誤。

故選A。8、A【分析】【詳解】

A．發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象的條件是障礙物或孔的尺寸比波長小或差不多；望遠鏡鏡筒越大；光進入鏡筒時衍射現(xiàn)象越不明顯，成像越清晰，故A正確；

B．驅(qū)動力的頻率越接近物體的固有頻率時物體振動的振幅越大；故B錯誤；

C．當兩列波發(fā)生干涉時；如果兩列波波峰在某質(zhì)點相遇，則該質(zhì)點振動加強，振幅變大，但位移不是始終最大，故C錯誤。

D．根據(jù)多普勒效應；當波源與觀察者相互遠離時，觀察者接收到的頻率比波源的頻率小，故D錯誤。

故選A。二、多選題(共8題，共16分)9、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由乙圖，時刻，質(zhì)點a向上運動，在甲圖上，由波形的平移可以知道，該波沿x軸負方向傳播。故A錯誤；

B．依題意，質(zhì)點a的振動周期和波長為λ

則波速為

故B正確；

C．質(zhì)點a在時刻位于波谷，則時刻質(zhì)點a的加速度沿y軸正方向；故C錯誤；

D．由乙圖，有

故a質(zhì)點的振動方程為

故D正確。

故選BD。10、A:C:D【分析】【詳解】

B．設該波的周期為T，由題可得

解得T=4s

波從a傳到c的時間為

則在t=5s時刻質(zhì)點c已振動了2s，而c起振方向向下，故在t=5s時刻質(zhì)點c恰好經(jīng)過平衡位置向上；故B錯誤；

A．質(zhì)點b的振動周期等于a的振動周期；即為4s，故A正確；

C．a(chǎn)d間距離為12m，波在同一介質(zhì)中勻速傳播，則波從a傳到d的時間為

即在t=6s時刻波恰好傳到質(zhì)點d處；故C正確；

D．在4s-6s的時間間隔內(nèi)，質(zhì)點c已振動了1s-3s，質(zhì)點c正從波谷向波峰運動，即向上運動，故D正確；

E．bd相距10m；該波的波長λ=vT=2×4=8m

故bd相距xbd=

則bd相當于相距故有可能b、d同向運動；故E錯誤。

故選ACD。11、C:D【分析】【詳解】

A．設小球剛運動到O點時的速度為v，則有

解得小球接觸彈簧后先做加速運動，所以小球運動的最大速度大于

B．若小球從O點開始由靜止釋放，小球下落高度小于，設為，小球做簡諧運動，根據(jù)簡諧運動的對稱性可知，小球運動到O點下方處的速度最大?，F(xiàn)在因為小球從O點上方下落，速度最大時，彈簧的彈力與重力大小相等，彈簧的壓縮量不變?nèi)詾?，小于，因此小球運動到上方時速度最大，故B錯誤；

C．小球剛接觸彈簧時的加速度大小為g，方向豎直向下，當小球運動到關于平衡位置對稱點時，加速度大小也等于g，方向豎直向上，而此時小球還有向下的速度，還沒有到達最低點，當小球到達最低點時加速度將大于g，根據(jù)牛頓第二定律知

則，故C正確

D．當小球運動到最低點B時，彈性勢能最大，根據(jù)機械能守恒定律得，彈簧的最大彈性勢能為3mgx0，故D正確。

故選CD。12、B:C【分析】【詳解】

白光從AB面射入玻璃后，由于紫光偏折程度大，到達另一側(cè)面AC時的入射角較大，玻璃對紫光的折射率大，根據(jù)

可知其臨界角最小，故隨著入射角i的減小，進入玻璃后的各色光中紫光首先發(fā)生全反射不再從AC面射出，紅光最后消失，通過三棱鏡的光線經(jīng)兩次折射后，出射光線向三棱鏡底邊BC偏折；AD錯誤，BC正確。

故選BC。13、A:D【分析】【詳解】

A．小球A釋放后到碰前瞬間的過程中，由動能定理可得

解得

小球A，B發(fā)生彈性正碰，設碰后瞬間的速度分別為由動量守恒定律和機械能守恒定律可得

解得

故A正確。

B．擺角為5°、擺長為1m時，由動能定理可求得擺球到最低點時的速度大小為可知A碰后的運動不是簡諧運動，故B錯誤。

D．由動能定理可求得小球B在圓弧軌道上運動的高度為0.0125m，可知運動軌跡對應的圓心角小于5°，故小球B碰后在圓弧軌道上的運動是簡諧運動。小球B從N點進入圓弧軌道到返回N點的過程所用時間為

故D正確。

C．小球B從N點進入圓軌道到返回N點；速度反向，速度變化量不為0，動量變化量不為0，由動量定理可知，所受合外力的沖量大小不為0，故C錯誤。

故選AD。14、A:C:D【分析】【詳解】

A．取水平向右為正方向，由圖知，C與A碰前速度為，碰后速度，C與A碰撞過程動量守恒

得

選項A正確；

B．AC整體以向右擠壓彈簧，當速度減為零時彈簧的彈性勢能最大，由能量守恒得

選項B錯誤；

C．由能量守恒，當12s時AC整體以向左運動時彈簧恢復原長，B將離開墻壁，選項C正確；

D．B離開墻壁后AC通過彈簧帶動B向左加速，當ABC共速時彈簧最長，設此時速度大小為，由動量守恒定律

得

由能量守恒得

選項D正確。

故選ACD。15、A:B【分析】【詳解】

A．若不充入介質(zhì)，單色光a從1的左側(cè)垂直于棱鏡表面射入，在斜邊界面入射角為45°，由全反射的條件可知臨界角為

不充入介質(zhì)；就會產(chǎn)生全反射，光不能通過2，即不充入介質(zhì)，則能實現(xiàn)“關”功能，A正確；

B．若充入的介質(zhì)相對棱鏡是光疏介質(zhì)；單色光a將向下偏折，則有可能實現(xiàn)“開”功能，B正確；

C．若充入的介質(zhì)相對棱鏡是光密介質(zhì)；單色光a將向上偏折，則處于開狀態(tài)，不可能實現(xiàn)“關”功能，C錯誤；

D．單色光a通過“光開關”后傳播方向不會改變；D錯誤。

故選AB。16、A:B【分析】【詳解】

A．由題意知a、b光在玻璃磚的折射光線如圖所示。

在AB分界面處a光的折射角大于b光的折射角，由折射率定義式

可知a光的折射率小于b光的折射率；故A正確；

B．由圖分析可知，a光在AB分界面處的折射角為

代入數(shù)據(jù)可得a光的折射率為

故B正確；

C．通過圖中幾何條件分析可知，b光在AB分界面處的折射角與在AC分界面處的入射角相等，根據(jù)光路可逆的原理可知,b光在AC分界面處的折射角將仍為不會發(fā)生全反射，故C錯誤；

D．在玻璃磚中，a光的折射率小于b光的折射率，由此可知兩光的波長關系

雙縫干涉裝置中條紋間距

由此可知，使a、b光分別通過同一雙縫干涉裝置，a光條紋間距更大；故D錯誤。

故選AB。三、填空題(共8題，共16分)17、略

【分析】【詳解】

因為振動過程中底座恰好不離開地面，所以底座受到彈簧向上的拉力最大為在最高點彈簧的拉力最大，對小球受力分析，受到豎直向下的彈力以及重力作用，故根據(jù)牛頓第二定律可得小球運動到最低點時，底座對地面的壓力最大，根據(jù)簡諧運動的對稱性，在最低點小球受到的加速度為，方向向上，故解得彈簧對底座的作用力為底座對地面的最大壓力為在平衡位置時彈簧彈力等于小球的重力在最低點故解得．【解析】18、略

【分析】【詳解】

略【解析】狀態(tài)19、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]根據(jù)質(zhì)點P的振動圖像可知，質(zhì)點P起振的方向沿y軸負向，可知質(zhì)點Q起振方向也為y軸負向；該簡諧橫波的波長為λ=2m，周期為T=2s，則波速為

因t=0時刻波已經(jīng)傳到x=2.5m的位置，則要傳到x=24m處的M點還需要的時間【解析】沿y軸負方向1m/s21.5s20、略

【分析】【分析】

根據(jù)碰后再次相遇的路程關系，求出兩球碰后的速度大小之比。根據(jù)碰撞過程中動量、能量守恒列方程即可求出a、b球質(zhì)量之比

【詳解】

[1][2]設a、b兩球碰后速度大小分別為v1、v2。由題有：b球與擋板發(fā)生彈性碰撞后恰好在P點追上甲，則從碰后到相遇a、b球通過的路程之比為

根據(jù)得

以水平向右為正方向，兩球發(fā)生彈性碰撞，由動量守恒定律得

由機械能守恒定律得

解得

【點睛】

解答本題的突破口是根據(jù)碰后路程關系求出碰后的速度大小之比，要掌握彈性碰撞的基本規(guī)律：動量守恒和機械能守恒。解題要注意選擇正方向，用正負號表示速度的方向。【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]因時刻的P點沿y軸正方向運動，根據(jù)平移法，則波沿x軸負方向傳播；0～0.7s內(nèi)，波向x軸負方向傳播了7m，所以波速

由解得【解析】負100.822、略

【分析】【詳解】

[1]由題可知，波的周期

由波長公式可知

[2]由于AB的距離為波長的4.5倍，所以小明同學處于波峰時，他爸爸處于波谷?！窘馕觥?波谷23、略

【分析】【詳解】

[1]外力F隨時間均勻變化，則在開始的兩秒內(nèi)，此力沖量的大小為

[2根據(jù)牛頓第二定律

可知加速度隨時間均勻增加，加速度隨時間變化的圖像所圍的面積代表速度的變化量，則有

可得2s末物體速度的大小為【解析】140N·s24m/s24、略

【分析】【詳解】

[1][2]把單擺看作簡諧振動時；要忽略空氣阻力