2025年湘教版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年湘教版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷911考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、某同學(xué)對(duì)著墻壁練習(xí)打網(wǎng)球，假定球在墻面上以25m/s的速度沿水平方向反彈，落地點(diǎn)到墻面的距離在10m至15m之間。略空氣阻力，取重力加速度g＝10m/s2。則球在墻面上反彈點(diǎn)的高度范圍是（）A.0.8m至1.8mB.0.8m至1.6mC.1.0m至1.6mD.1.0m至1.8m2、如圖所示,要使金屬環(huán)C向線圈A運(yùn)動(dòng),導(dǎo)線AB在光滑金屬導(dǎo)軌上應(yīng)()

A.向右作加速運(yùn)動(dòng)B.向左作加速運(yùn)動(dòng)C.向右作減速運(yùn)動(dòng)D.向左作勻速運(yùn)動(dòng)3、下列那組力有可能使物體處于平衡狀態(tài)()A.3N4N8N

B.3N5N1N

C.4N7N8N

D.7N9N1N

4、一個(gè)帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如果又順利垂直進(jìn)入另一磁感應(yīng)強(qiáng)度是原來(lái)磁感應(yīng)強(qiáng)度2

倍的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則()A.粒子的速率加倍，周期減半B.粒子的速率不變，軌道半徑也不變C.粒子的速率減半，軌道半徑變?yōu)樵瓉?lái)的1/4

D.粒子的速率不變，周期減半5、如圖所示，A

、B

、C

為勻強(qiáng)電場(chǎng)中的三個(gè)點(diǎn)，已知隆脧

CAB

=60鈭?

AB

=2

AC

=2cm

婁脮A

=0V

婁脮B

=鈭?8V

將一帶電量為q

=3隆脕10鈭?5C

的正電荷從A

點(diǎn)移到C

點(diǎn)，電場(chǎng)力做功6隆脕10鈭?5J

則下列說(shuō)法正確的是()

A.C

點(diǎn)電勢(shì)為2V

B.電場(chǎng)強(qiáng)度E

沿AB

方向由A

隆煤

B

，大小為400N/C

C.該正電荷在B

點(diǎn)具有的電勢(shì)能為24隆脕10鈭?4J

D.將該正電荷從C

點(diǎn)移到B

點(diǎn)，電勢(shì)能增加了1.8隆脕10鈭?4J

6、如圖A、B兩點(diǎn)電荷均帶正電，且電荷B的帶電量是電荷A的2倍，P點(diǎn)在A、B連線的中點(diǎn)，電荷A在P點(diǎn)形成的電場(chǎng)強(qiáng)度大小是E，則P點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)大小和方向分別是（）

A.3E，向左B.3E，向右C.E，向左D.E，向右7、下面與靜電現(xiàn)象無(wú)關(guān)的是(

)

A.磁鐵吸引鐵釘B.毛織地毯中夾有不銹鋼導(dǎo)電纖維C.雷電現(xiàn)象D.電視機(jī)工作時(shí)，屏表面很容易吸附灰塵評(píng)卷人得分二、填空題(共6題，共12分)8、手電筒中標(biāo)有“2.0V，0.80W”字樣的小燈泡正常發(fā)光時(shí)，通過(guò)的電流是____A；1分鐘內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體橫截面的電子數(shù)為_(kāi)___個(gè)．（已知e=1.6×10﹣19C）9、某位同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室使用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器：

（1）研究物體作自由落體運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)；有下列器材可供選擇：

鐵架臺(tái)、重錘、電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器及碳粉、紙帶若干、220V交流電源、天平、秒表其中不必要的一種器材是：______，缺少的一種器材是：______．

（2）測(cè)定勻變速直線運(yùn)動(dòng)的加速度實(shí)驗(yàn)中得到一段紙帶，是一次實(shí)驗(yàn)中記錄小車(chē)運(yùn)動(dòng)的紙帶，圖中A、B、C、D、E為相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)，（每相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間有1個(gè)打印點(diǎn)未標(biāo)出）該小車(chē)運(yùn)動(dòng)的加速度a=______m/s2，計(jì)數(shù)點(diǎn)D的瞬時(shí)速度vD=______m/s．（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）

10、如圖所示，在傾角為α的斜面的頂點(diǎn)將小球水平拋出，若拋出時(shí)的初速度較大，小球落到斜面上時(shí)的速度也較大，因此有人猜想：“小球落到斜面上的速度大小與平拋的初速度的大小成正比”．這個(gè)猜想是____（選填：“正確的”或“不正確的”）．也有人猜想：“小球落到斜面上的速度方向與斜面的夾角隨平拋的初速度大小的增大而增大”．這個(gè)猜想是____（選填：“正確的”或“不正確的”）．

11、如圖所示，一個(gè)邊長(zhǎng)L=10cm，匝數(shù)N=100匝的正方形線圈abcd在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁感線的對(duì)稱軸OO′勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.50T，角速度ω=10πrad/s，外電路電阻R=4.0Ω，線圈內(nèi)阻r=1.0Ω．

則線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的周期____，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值____；

線圈由圖中所示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)表達(dá)式____．

12、用______、______和接觸起電的方法都可以使物體帶電．13、一輛電動(dòng)摩托車(chē)沿著平直公路行駛，其v鈭?t

圖象如圖所示，該摩托車(chē)在前2s

內(nèi)做______直線運(yùn)動(dòng)，最后2s

內(nèi)做______直線運(yùn)動(dòng)，(

填“勻加速”、“勻減速”或“勻速”)

第2s

末的速度為_(kāi)_____m/s

．評(píng)卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)14、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）15、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

17、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

18、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

22、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、作圖題(共2題，共6分)23、（９分）有一個(gè)直流電動(dòng)機(jī),把它接入0.2V電壓的電路時(shí),電機(jī)不轉(zhuǎn),測(cè)得流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流是0.4A；若把電動(dòng)機(jī)接入2.0V電壓的電路中,電動(dòng)機(jī)正常工作,工作電流是1.0A,求電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的輸出功率多大?如果在電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí),轉(zhuǎn)子突然被卡住，電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率是多大？24、我們可以通過(guò)實(shí)驗(yàn)探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象中；感應(yīng)電流方向的決定因素和遵循的物理規(guī)律.

以下是實(shí)驗(yàn)探究過(guò)程的一部分．

(1)

如圖(1)

所示；當(dāng)磁鐵N

向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，發(fā)現(xiàn)電流表指針偏轉(zhuǎn).

若要探究線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流的方向，必須知道______．

(2)

如圖(2)

所示，實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)閉合開(kāi)關(guān)時(shí)，電流表指針向右偏.

閉合開(kāi)關(guān)穩(wěn)定后，若向左移動(dòng)滑動(dòng)觸頭，此過(guò)程中電流表指針向______偏轉(zhuǎn)；若將線圈A

抽出，此過(guò)程中電流表指針向______偏轉(zhuǎn)(

均選填“左”或“右”)

．評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)探究題(共2題，共10分)25、用如圖1的裝置，來(lái)驗(yàn)證碰撞過(guò)程中的動(dòng)量守恒．圖中PQ是斜槽，QR為水平槽．O點(diǎn)是水平槽末端R在記錄紙上的垂直投影點(diǎn)，A、B兩球的質(zhì)量之比mA：mB=3：1．先使A球從斜槽上某一高度處由靜止釋放；在水平地面的記錄紙上留下落點(diǎn)痕跡P，重復(fù)10次，得到10個(gè)落點(diǎn)．再把B球放在水平槽上的末端R處，讓A球仍從同一高度處由靜止釋放，與B球碰撞，碰后A；B球分別在記錄紙上留下各自的落點(diǎn)痕跡，重復(fù)10次．A、B兩球在記錄紙上留下的落點(diǎn)痕跡如圖2所示，其中卷尺的某整刻度點(diǎn)與O點(diǎn)對(duì)齊．

（1）2%驗(yàn)前應(yīng)調(diào)節(jié)軌道末段，使末段水平，目的是使小球離開(kāi)軌道后做______運(yùn)動(dòng)．每次實(shí)驗(yàn)時(shí)由靜止釋放A球，______（填“要”或“不要”）從同一位置釋放．若將質(zhì)量小的球由高出釋放，讓它碰質(zhì)量大的靜止小球，則該實(shí)驗(yàn)的誤差將______．

（2）碰撞后A球的水平射程應(yīng)取______cm．

（3）本實(shí)驗(yàn)的原理是：若能夠證明式子______（用示意圖中的字母表示）成立，即可證明動(dòng)量守恒定律．26、某同學(xué)要測(cè)量一新材料制成的均勻圓柱體的電阻率婁脩

完成下列部分步驟：

(1)

用游標(biāo)為20

分度的卡尺測(cè)量其長(zhǎng)度；如圖甲所示，由圖可知其長(zhǎng)度為_(kāi)_____mm

(2)

用螺旋測(cè)微器測(cè)量其直徑；如圖乙所示，由圖可知其直徑為_(kāi)_____mm

(3)

用多用電表的電阻“隆脕10

”擋按正確的操作步驟測(cè)此圓柱體的電阻；表盤(pán)的示數(shù)如圖丙所示，則該電阻的阻值約為_(kāi)_____婁賂

(4)

該同學(xué)想用伏安法更精確地測(cè)量其電阻R

現(xiàn)有的器材及其代號(hào)和規(guī)格如下：

待測(cè)圓柱體電阻R

電流表A1(

量程0隆蘆4mA

內(nèi)阻約50婁賂)

電流表A2(

量程0隆蘆15mA

內(nèi)阻約30婁賂)

電壓表V1(

量程0隆蘆3V

內(nèi)阻約10k婁賂)

電壓表V2(

量程0隆蘆15V

內(nèi)阻約25k婁賂)

直流電源E(

電動(dòng)勢(shì)4V

內(nèi)阻不計(jì))

滑動(dòng)變阻器R1(

阻值范圍0隆蘆15婁賂

允許通過(guò)的最大電流2.0A)

滑動(dòng)變阻器R2(

阻值范圍0隆蘆2k婁賂

允許通過(guò)的最大電流0.5A)

開(kāi)關(guān)S

導(dǎo)線若干。

為使實(shí)驗(yàn)誤差較??；要求測(cè)得多組數(shù)據(jù)進(jìn)行分析，請(qǐng)?jiān)谔摼€框中畫(huà)出測(cè)量的電路圖，并標(biāo)明所用器材的代號(hào)。

評(píng)卷人得分六、計(jì)算題(共3題，共27分)27、如圖所示是一個(gè)半球形透明物體的側(cè)視圖，現(xiàn)在有一細(xì)束單色光沿半徑OA

方向入射，保持入射方向不變，不考慮光線在透明物體內(nèi)部的反射。(1)

將細(xì)光束平移到距O

點(diǎn)33R

處的C

點(diǎn)，此時(shí)透明體左側(cè)恰好不再有光線射出，求透明體對(duì)該單色光的折射率；(2)

若細(xì)光束平移到距O

點(diǎn)0.5R

處，求出射光線與OA

軸線的交點(diǎn)距O

點(diǎn)的距離。28、一個(gè)質(zhì)量m=2kg

的小球，從H1=5m

處自由下落，與地面碰撞后又跳起H2=3.2m

全部過(guò)程歷時(shí)T=2s

試問(wèn)：小球?qū)Φ孛娴淖矒袅槎啻螅?g=10m/s2)

29、氫原子處于基態(tài)時(shí)，原子的能量為E1=-13.6eV，當(dāng)處于n=3的激發(fā)態(tài)時(shí)，能量為E3=-1.51eV；則：

（1）當(dāng)氫原子從n=3的激發(fā)態(tài)躍遷到n=1的基態(tài)時(shí)；向外輻射的光子的波長(zhǎng)是多少？

（2）若要使處于基態(tài)的氫原子電離；至少要用多大頻率的電磁波照射原子？

（3）若有大量的氫原子處于n=3的激發(fā)態(tài)，則在躍遷過(guò)程中可能釋放出幾種頻率的光子？其中最長(zhǎng)波長(zhǎng)是多少？參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】試題分析：球做平拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向上：x=v0t；由初速度是25m/s，水平位移是10m至15m之間，所以球的運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是0.4s-0.6s之間，在豎直方向上自由落體：所以可以求得高度的范圍是0.8m至1.8m，所以A正確?？键c(diǎn)：平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律.【解析】【答案】A2、C【分析】【分析】要使金屬環(huán)C向線圈A運(yùn)動(dòng),則必須穿過(guò)C的磁通量減?。籄中的磁場(chǎng)減弱，即A中的電流減小，故AB導(dǎo)致磁通量增大，C導(dǎo)致磁通量減小，D導(dǎo)致磁通量不變，故選C。

【點(diǎn)評(píng)】關(guān)鍵是知道在什么情況下C將向A運(yùn)動(dòng)。3、C【分析】【分析】三力平衡時(shí)；三力可以組成首位相連的三角形，故要使三力的合力為零，應(yīng)保證任意兩力之和可以大于等于第三力，任意兩力之差小于等于第三力。

判斷三力能否平衡可以利用數(shù)學(xué)中三邊組成平行三角形的方法，只要三邊能組成三角形，則合力一定能為零?！窘獯稹緼.3N

與4N

的合力最大值為7N

最小值為1N

不可以與8N

的力平衡，故A錯(cuò)誤；

B.3N

和5N

合成時(shí)；最大8N

最小2N

不可能與1N

合成平衡，故B錯(cuò)誤；

C.4N

和7N

合成時(shí)；最大11N

最小3N

可能與8N

合成平衡，故C正確；

D.7N

和9N

合成時(shí)；最大16N

最小2N

不可能與1N

合成平衡，故D錯(cuò)誤。

故選C。

【解析】C

4、D【分析】【分析】洛侖茲力對(duì)電荷永不做功，故洛侖茲力不會(huì)改變速度大小，只會(huì)改變運(yùn)動(dòng)的方向，洛侖茲力變化時(shí)，半徑、周期都會(huì)隨之變化。帶電粒子在磁場(chǎng)中速度不變，在洛侖茲力的作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛侖茲力的變化可得出半徑及周期的變化?！窘獯稹?/p>

帶電粒子進(jìn)入2B

的磁場(chǎng)中時(shí)，洛侖茲力加倍，但速度不變，則由Bqv=mv2R

可得r=mvqB

粒子的半徑減為原來(lái)的一半；周期T=2婁脨mqB

由題意知周期T

減半，故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D?！窘馕觥緿

5、B【分析】【分析】

A.根據(jù)UAC=WACq

和UAC=婁脮A鈭?婁脮C

可求出C

點(diǎn)電勢(shì)；B.若過(guò)C

點(diǎn)作AB

的垂線，則交點(diǎn)D

為AB

的四等分點(diǎn)，可知D

點(diǎn)電勢(shì)為鈭?2vCD

為等勢(shì)線根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，可以得出場(chǎng)強(qiáng)E

的方向，根據(jù)E=Ud

可以求出場(chǎng)強(qiáng)E

大小；

C.根據(jù)EP=婁脮q

可以求出正電荷在B

點(diǎn)具有的電勢(shì)能；

D.根據(jù)WCB=UCBq

就可以求出WCB

電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減少。

此題是對(duì)靜電場(chǎng)中電勢(shì)、電勢(shì)能以及電場(chǎng)強(qiáng)度的考察，熟練把握電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直這一性質(zhì)，就可以得出場(chǎng)強(qiáng)E

的方向，進(jìn)而根據(jù)E=Ud

求出E

【解答】

A.設(shè)AC

之間的電勢(shì)差為UAC

則UAC=WACq=6隆脕10?53隆脕10?5=2VUAC=婁脮A鈭?婁脮C

將婁脮A=0V

代入得：0鈭?婁脮C=2V

得：婁脮C=鈭?2v.

故A錯(cuò)誤；

B.若過(guò)C

點(diǎn)作AB

的垂線；則交點(diǎn)D

為AB

的四等分點(diǎn)，可知D

點(diǎn)電勢(shì)為鈭?2VCD

為等勢(shì)線，場(chǎng)強(qiáng)垂直CD

即電場(chǎng)強(qiáng)度E

沿AB

方向由A隆煤B

E=UABAB=80.02=400V/m

故B正確；

C.根據(jù)EP=婁脮q

將婁脮B=鈭?8Vq=3隆脕10鈭?5C

代入得：

EPB=(鈭?8)隆脕3隆脕10鈭?5J=鈭?2.4隆脕10鈭?4J

故C錯(cuò)誤。

D.UCB=婁脮C鈭?婁脮B=6VWCB=UCBq=(3隆脕10鈭?5隆脕6)J=1.8隆脕10鈭?4J

所以電場(chǎng)力做正功；電勢(shì)能減少1.8隆脕10鈭?4J

故D錯(cuò)誤。

故選B。

【解析】B

6、C【分析】【詳解】

根據(jù)題意，電荷A在P點(diǎn)形成的電場(chǎng)強(qiáng)度大小是E，由庫(kù)侖定律可知，電荷B在P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小是2E，方向與A電荷在該處相反，即為水平向左，根據(jù)電場(chǎng)的疊加原理，可知，在P點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)大小和方向分別是：E，水平向左，故C正確，ABD錯(cuò)誤。7、A【分析】解：A

磁鐵吸引鐵釘；是磁場(chǎng)對(duì)鐵釘?shù)淖饔?，不是靜電現(xiàn)象，符合題意；

B；毛織地毯中夾有的不銹鋼導(dǎo)電纖維可以用來(lái)導(dǎo)走由于摩擦而使毛織地毯所帶的電荷；與靜電現(xiàn)象有關(guān)，不符合題意；

C；雷電現(xiàn)象時(shí)劇烈的放電現(xiàn)象；與靜電現(xiàn)象有關(guān)，不符合題意；

D；電視機(jī)工作時(shí)；屏幕表面有靜電荷，靜電荷把空氣中的灰塵吸引到屏幕表面上，是靜電現(xiàn)象，不符合題意．

故選：A

．

分析各現(xiàn)象的形成原因；然后判斷各現(xiàn)象的成因是否與靜電現(xiàn)象有關(guān)，然后答題．

了解日常生活中常見(jiàn)的靜電現(xiàn)象，知道各現(xiàn)象的成因，有助于解答該類(lèi)習(xí)題．【解析】A

二、填空題(共6題，共12分)8、0.401.5×1020【分析】【解答】由題可知小燈泡電壓U=2.0V，功率P=0.8W

由P=UI得，I==0.4A；

每分鐘通過(guò)導(dǎo)體橫截面電子的電量q=It，所以1分鐘內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體橫截面的電子數(shù)N==1.5×1020個(gè)；

故答案為：0.40；1.5×1020

【分析】小燈泡在額定電壓下時(shí)正常發(fā)光，功率為額定功率．由額定功率與額定電壓求出電流．每個(gè)電子的電量為e，求出每分鐘通過(guò)導(dǎo)體橫截面電子的電量，再求出電子的個(gè)數(shù)．9、略

【分析】解：（1）實(shí)驗(yàn)要測(cè)量重力加速度，根據(jù)公式△x=aT2；需要刻度尺測(cè)量位移；

故不需要天平；秒表；缺少刻度尺；

（2）由于每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)沒(méi)有畫(huà)出；所以相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔T=0.1s；

設(shè)A到B之間的距離為x1，以后各段分別為x2、x3、x4；

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大??；

得：x3-x1=2a1T2

x4-x2=2a2T2

為了更加準(zhǔn)確的求解加速度；我們對(duì)兩個(gè)加速度取平均值。

得：a=（a1+a2）

即小車(chē)運(yùn)動(dòng)的加速度計(jì)算表達(dá)式為：

a==m/s2=2.00m/s2

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過(guò)程中的平均速度；可以求出打紙帶上D點(diǎn)時(shí)小車(chē)的瞬時(shí)速度大小．

vD==m/s=2.10m/s

故答案為：（1）天平；秒表；刻度尺；（2）2.00；2.10．

從實(shí)驗(yàn)?zāi)康?；?shí)驗(yàn)原理角度出發(fā)得到待測(cè)量；確定實(shí)驗(yàn)器材．

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大??；根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過(guò)程中的平均速度，可以求出打紙帶上D點(diǎn)時(shí)小車(chē)的瞬時(shí)速度大小．

要提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)問(wèn)題的能力，在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的理解與應(yīng)用．注意單位的換算．【解析】天平、秒表；刻度尺；2.00；2.2110、略

【分析】

（1小球落到斜面上時(shí)有：tanθ=

所以豎直方向速度為vy=gt=2vtanθ

所以速度為V==V

所以速度小球落到斜面上的速度大小與平拋的初速度的大小成正比．

（2）假設(shè)落地時(shí)V與垂直方向Vy夾角γ

α=γ-β

sinγ=

Vy=gt

sinγ=tanα

所以γ不變；是個(gè)定量。

與初速度無(wú)關(guān)．

故選：正確的；不正確的．

【解析】【答案】首先利用好平拋運(yùn)動(dòng)在水平放上的勻速運(yùn)動(dòng)和豎直方向的自由落體運(yùn)動(dòng)；又物體落在斜面上，利用好斜面夾角的關(guān)系求解即可．

11、0.2s15.7e=15.7cos10πt【分析】【解答】根據(jù)公式：T===0.2S；

根據(jù)Em=NBωS；可得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值：

Em=100×0.5×0.1×0.1×10πv=15.7（v）

由于線框垂直于中性面開(kāi)始計(jì)時(shí)；

所以電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值的表達(dá)式：e=15.7cos10πt

故答案為：0.2s，15.7，e=15.7cos10πt

【分析】由周期和角速度關(guān)系可求得周期；根據(jù)Em=NBωS求出最大值，再寫(xiě)出電動(dòng)勢(shì)和電流的瞬時(shí)表達(dá)式；12、略

【分析】解：接觸起電；摩擦起電是電荷從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體；而使物體帶電．感應(yīng)起電是電荷從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分，而使物體帶電．

故使物體帶電的方法共有三種分別為摩擦起電；感應(yīng)起電和接觸起電．

故答案為：靜電感應(yīng)；摩擦起電。

使物體帶點(diǎn)的方式有：接觸起電；摩擦起電是電荷從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體；而使物體帶電．感應(yīng)起電是電荷從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分，而使物體帶電．

解決本題的關(guān)鍵知道使物體帶電的三種方式：接觸起電﹑摩擦起電和感應(yīng)起電．【解析】靜電感應(yīng)；摩擦起電13、略

【分析】解：前2s

內(nèi)速度時(shí)間圖象是一條傾斜的直線；說(shuō)明摩托車(chē)的速度均勻增大，則知摩托車(chē)在前2s

內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，最后2s

內(nèi)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)；

由圖象可知；第2s

末的速度為2m/s

．

故答案為：勻加速；勻減速，2

．

速度時(shí)間圖象的斜率代表物體的加速度；由速度圖象與時(shí)間圖象可直接讀出速度，分析車(chē)的運(yùn)動(dòng)情況．

本題主要考查了速度鈭?

時(shí)間圖象的應(yīng)用，知道速度時(shí)間圖象的斜率代表物體的加速度，根據(jù)圖象的形狀能分析物體的運(yùn)動(dòng)情況．【解析】勻加速；勻減速；2

三、判斷題(共9題，共18分)14、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．15、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．16、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．17、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?8、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．19、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類(lèi)似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大小．

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．20、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．22、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大小．四、作圖題(共2題，共6分)23、略

【分析】試題分析：把它接入0.2V電壓的電路時(shí),電機(jī)不轉(zhuǎn)，可求電動(dòng)機(jī)線圈電阻r＝電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)電動(dòng)機(jī)的輸入功率P入＝UI＝2.0W，電動(dòng)機(jī)線圈的熱功率P熱＝I2r=0.5W,輸出功率P出＝P入－P熱＝1.5W。若電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)轉(zhuǎn)子突然卡住，電能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，則熱功率P熱＝考點(diǎn)：本題考查功率的計(jì)算。【解析】【答案】1.5W，8W24、略

【分析】解：(1)

如圖甲所示；當(dāng)磁鐵的N

極向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，發(fā)現(xiàn)電流表指針偏轉(zhuǎn)，若要探究線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流的方向，必須知道電流表指針偏轉(zhuǎn)方向與電流方向間的關(guān)系．

(2)

如圖乙所示；實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)閉合開(kāi)關(guān)時(shí)，穿過(guò)線圈B

的磁通量增加，電流表指針向右偏；電路穩(wěn)定后，若向左移動(dòng)滑動(dòng)觸頭，通過(guò)線圈A

的電流增大，磁感應(yīng)強(qiáng)度增大，穿過(guò)線圈B

的磁通量增大，電流表指針向右偏轉(zhuǎn)；若將線圈A

抽出，穿過(guò)線圈B

的磁通量減少，電流表指針向左偏轉(zhuǎn)．

故答案為：(1)

電流表指針偏轉(zhuǎn)方向與電流方向間的關(guān)系；(2)

右；左．

(1)

要探究感應(yīng)電流方向；應(yīng)該知道電流表指針偏轉(zhuǎn)方向與電流方向間的關(guān)系．

(2)

根據(jù)題意確定電流表指針偏轉(zhuǎn)方向與磁通量變化的關(guān)系；然后根據(jù)磁通量的變化判斷指針的偏轉(zhuǎn)方向．

探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象實(shí)驗(yàn)，在實(shí)驗(yàn)前應(yīng)明確電流表指針偏轉(zhuǎn)方向與電流方向間的關(guān)系；本題無(wú)法直接利用楞次定律進(jìn)行判斷電流方向，但是可以根據(jù)題意得出產(chǎn)生使電流表指針右偏的條件，即可不根據(jù)繞向判出各項(xiàng)中應(yīng)該出現(xiàn)的現(xiàn)象．【解析】電流表指針偏轉(zhuǎn)方向與電流方向間的關(guān)系；右；左五、實(shí)驗(yàn)探究題(共2題，共10分)25、略

【分析】解：（1）為了研究平拋運(yùn)動(dòng)我們采用讓小球平拋的方向；利用水平位移求解水平初速度，故必須保證小球做平拋運(yùn)動(dòng)；為了保證每次實(shí)驗(yàn)入射球的速度相等，每次釋放小球均應(yīng)從同一位置由靜止開(kāi)始釋放；要用質(zhì)量大的球去碰質(zhì)量小的球；若用輕球去碰重球，則輕球會(huì)反彈，然后再返回后做平拋運(yùn)動(dòng)，會(huì)增大實(shí)驗(yàn)誤差；

（2）A小球和B小球相撞后；B小球的速度增大，A小球的速度減小，碰撞前后都做平拋運(yùn)動(dòng)，高度相同，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，所以速度大的水平位移就大，而碰后A的速度小于B的速度，所以碰撞后A球的落地點(diǎn)距離O點(diǎn)最近，所以碰撞后A球的水平射程應(yīng)取OM的長(zhǎng)度，故水平射程為：16.50-2=14.50cm；

（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可得：mAv0=mBv1+mAv2；

由已測(cè)量的物理量為：mA、mB；OM、OP、ON．

又因下落時(shí)間相同，即可求得：maOP=maOM+mbON；故只需驗(yàn)證此等式相等；即可證明動(dòng)量守恒定律；

故答案為：（1）平拋；要；較大；

（2）14.50；

（3）maOP=maOM+mbON

A小球和B小球相撞后；B小球的速度增大，A小球的速度減小，所以碰撞后A球的落地點(diǎn)距離O點(diǎn)最近，讀數(shù)時(shí)取平均值，只有當(dāng)小球做平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)才能用水平位移表示為水平速度，計(jì)算出碰撞前后動(dòng)量的值即可求解。

掌握兩球平拋的水平射程和水平速度之間的關(guān)系，是解決本題的關(guān)鍵，注意理解動(dòng)量守恒定律的條件，才能準(zhǔn)確掌握本實(shí)驗(yàn)應(yīng)注意的事項(xiàng)．【解析】平拋；要；較大；14.50；maOP=maOM+mbON26、略

【分析】解：(1)

游標(biāo)卡尺的固定刻度讀數(shù)為100mm

游標(biāo)尺上第3

個(gè)刻度游標(biāo)讀數(shù)為0.05隆脕3m=0.15mm

所以最終讀數(shù)為：100mm+0.15mm=100.15mm

(2)

螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為2.0mm

可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01隆脕9.5mm=0.0935m

所以最終讀數(shù)為：2.0mm+0.095mm=2.095mm

(3)

該電阻的阻值約為22.0隆脕10婁賂=220婁賂

(4)

要精確測(cè)量電阻R

采用分壓式接法，故滑動(dòng)變阻器選擇小電阻R1

測(cè)量電路中；電壓表選擇小量程讀數(shù)誤差小，故選V1

估算最大電流：I=3V220惟=0.0136A=13.6mA

故電流表選擇A2

由于RARV=30隆脕10隆脕1000=547.7婁賂>R

故電阻R

是小電阻，大內(nèi)小外，采用電流表外接法誤差??；

故電路圖如圖所示：

故答案為：(1)100.15(2)2.093鈭?2.097(3)220(4)

如圖所示。

(1)

游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)；不需估讀；

(2)

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)；在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀；

(3)

用歐姆表測(cè)電阻的讀數(shù)為指針示數(shù)乘以倍率；當(dāng)指針指在中央附近時(shí)測(cè)量值較準(zhǔn)確；

(4)

電路分為測(cè)量電路和控制電路兩部分；控制電路采用分壓式接法，控制電路采用安培表外接法來(lái)減小誤差。

測(cè)量電阻最基本的原理是伏安法，電路可分為測(cè)量電路和控制電路兩部分設(shè)計(jì)。測(cè)量電路要求精確，誤差小，可根據(jù)電壓表、電流表與待測(cè)電阻阻值倍數(shù)關(guān)系，選擇電流表內(nèi)、外接法?？刂齐娐逢P(guān)鍵是變阻器的分壓式接法或限流式接法。在兩種方法都能用的情況下，為了減小能耗，選擇限流式接法?！窘馕觥?00.152.095220

六、計(jì)算題(共3題，共27分)27、(1)3(2)3R【分析】(1)

如圖甲所示，光束由C

處水平射入，在B

處發(fā)生全反射，隆脧OBC

為臨界角由臨界角公式：sinC=33RR=33

解得：n=1sinC=3

(2)

如圖乙所示，光束由D

點(diǎn)水平射入，在E

點(diǎn)發(fā)生折射，入射角為隆脧OED=婁脕

，折射角為隆脧NEF=婁脗

，折射率n=sin婁脗sin婁脕=3

sin婁脕=12

以上兩式聯(lián)立，解得：sin婁脗=32

婁脗=60鈭?

由幾何關(guān)系可知：隆脧FOE=婁脕

，隆脧OFE=婁脗鈭?婁脕=婁脕

，則出射光線與OA

軸線的交點(diǎn)F

與O

點(diǎn)的距離為：OF=2Rcos30鈭?=3R

【解析】(1)3

(2)3R

28、略

【分析】

根據(jù)位移時(shí)間公式分別求出上升和下降的時(shí)間；從而得出球與地面接觸的時(shí)間，對(duì)全過(guò)程運(yùn)用動(dòng)量定理，求出球?qū)Φ孛娴淖矒袅Γ?/p>

在用動(dòng)量定理解題的時(shí)候要注意動(dòng)量定理是矢量式，能夠合理地選擇研究過(guò)程，列式求解，難度中等．【解析】解：設(shè)下落；上升分別用時(shí)t1

和t2

根據(jù)H1=12gt12

解得：t1=2隆脕510s=1s