2025年蘇人新版必修3物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇人新版必修3物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、電磁場(chǎng)理論的建立，開拓了廣泛的現(xiàn)代技術(shù)應(yīng)用空間，促進(jìn)了現(xiàn)代社會(huì)的發(fā)展．建立電磁場(chǎng)理論的科學(xué)家是()A.牛頓B.愛迪生C.愛因斯坦D.麥克斯韋2、如圖均勻帶電的橡膠圓環(huán)半徑為帶電量為在其中心軸線上有點(diǎn)A，到環(huán)心的距離為不能認(rèn)為遠(yuǎn)小于想要推出A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小有些難度，但我們?nèi)钥筛鶕?jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式和有關(guān)電場(chǎng)的變化規(guī)律得出其電場(chǎng)強(qiáng)度表達(dá)式為：（）

A.B.C.D.3、下列關(guān)于能量守恒定律的認(rèn)識(shí)錯(cuò)誤的是（）A.某種形式的能減少，一定存在其他形式的能增加B.石子從空中落下，最后靜止在地面上，說明機(jī)械能消失了C.不需要任何外界的動(dòng)力而持續(xù)對(duì)外做功的機(jī)械——永動(dòng)機(jī)不可能制成D.某個(gè)物體的能量減少，必然有其他物體的能量增加4、如圖所示，a、b、c是正點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線上的三點(diǎn)，ab=bc，在a點(diǎn)處自由釋放一帶負(fù)電的試探電荷時(shí)，它沿直線向右做加速運(yùn)動(dòng)，依次經(jīng)過b、c點(diǎn).下列說法正確的是。

A.a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比b點(diǎn)的大B.a點(diǎn)的電勢(shì)比c點(diǎn)的低C.試探電荷在c點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能等于在b點(diǎn)時(shí)的兩倍D.試探電荷在b點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能等于在c點(diǎn)時(shí)的兩倍5、如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一個(gè)半徑的圓，該圓平面與電場(chǎng)方向平行，A、B、C、D四點(diǎn)將圓周等分為四段圓弧。已知A、B、O三點(diǎn)的電勢(shì)分別為若將一個(gè)質(zhì)子從O點(diǎn)移動(dòng)至圓周上；則在此過程中，電場(chǎng)力做正功的最大值為（）

A.B.C.D.6、如圖所示，平行板電容器與電動(dòng)勢(shì)為E的直流電源（內(nèi)阻不計(jì)）連接，下極板接地．一帶電油滴位于容器中的P點(diǎn)且恰好處于平衡狀態(tài)．現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動(dòng)一小段距離。

A.帶點(diǎn)油滴將沿豎直方向向上運(yùn)動(dòng)B.P點(diǎn)的電勢(shì)將降低C.帶點(diǎn)油滴的電勢(shì)能將減少D.若電容器的電容減小，則極板帶電量將增大7、用小量程電流表G改裝成大量程的某種電表；電路如圖所示。改裝后的電表是（）

A.電壓表，接兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，量程較大B.電壓表，接兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，量程較大C.電流表，接兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，量程較大D.電流表，接兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，量程較大8、如圖所示為閉合電路電源的輸出功率隨電流變化的圖象；由此圖象可以判斷（）

A.電源的內(nèi)耗功率最大為9WB.電源的效率最大為50%C.輸出功率最大時(shí)，外電路的總電阻為4ΩD.電源的電動(dòng)勢(shì)為12V評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、真空中，在x軸上的原點(diǎn)處和x＝6a處分別固定一個(gè)點(diǎn)電荷M、N，在x＝2a處由靜止釋放一個(gè)正點(diǎn)電荷P，假設(shè)電荷P只受電場(chǎng)力作用沿x軸方向運(yùn)動(dòng)，得到電荷P的速度與其在x軸上的位置關(guān)系如圖所示，則下列說法正確的是（）

A.點(diǎn)電荷M、N一定都是正電荷B.電荷P的電勢(shì)能一定是先減小后增大C.點(diǎn)電荷M、N所帶電荷量的絕對(duì)值之比為4∶1D.x＝4a處的電勢(shì)一定為零10、正方形abcd的四個(gè)頂點(diǎn)上分別固定電量均為的點(diǎn)電荷，電荷的正負(fù)如圖所示，A、B、C、D分別為正方形四條邊的中點(diǎn)．取無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，則()

A.A、C兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同B.C、D兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等C.B、D兩點(diǎn)的電勢(shì)不相等D.位于A、B兩點(diǎn)處電量為q的試探電荷電勢(shì)能均為零11、如圖所示，帶電小球a由絕緣細(xì)線PM和PN懸掛而處于靜止?fàn)顟B(tài)，其中PM水平，地面上固定一絕緣且內(nèi)壁光滑的圓弧細(xì)管道GH，圓心P與a球位置重合，管道底端H與水平地面相切，一質(zhì)量為m可視為質(zhì)點(diǎn)的帶電小球b從G端口由靜止釋放，當(dāng)小球b運(yùn)動(dòng)到H端時(shí)對(duì)管道壁恰好無壓力，重力加速度為g。在小球b由G滑到H過程中；下列說法中正確的是（）

A.小球b機(jī)械能逐漸減小B.小球b所受庫侖力大小為2mgC.細(xì)線PM的拉力先增大后減小D.小球b的加速度大小逐漸變大12、如圖所示，在豎直放置的半徑為R的光滑半圓弧絕緣細(xì)管的圓心O處固定一點(diǎn)電荷，將質(zhì)量為m，帶電量為+q的小球從圓弧管的水平直徑端點(diǎn)A由靜止釋放，小球沿細(xì)管滑到最低點(diǎn)B時(shí)，對(duì)管壁恰好無壓力，已知重力加速度為g；則下列說法正確的是（）

A.小球在B時(shí)的速率為B.小球在B時(shí)的速率小于C.固定于圓心處的點(diǎn)電荷在AB弧中點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為D.小球不能到達(dá)C點(diǎn)（C點(diǎn)和A在一條水平線上）13、如圖所示，A、B、C三個(gè)小球(可視為質(zhì)點(diǎn))的質(zhì)量分別為m、2m、3m，B小球帶負(fù)電，電荷量為q，A、C兩小球不帶電(不考慮小球間的電荷感應(yīng))，不可伸長(zhǎng)的絕緣細(xì)線將三個(gè)小球連接起來懸掛在O點(diǎn)，三個(gè)小球均處于豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為A.A；則以下說法正確的是()

B.靜止時(shí)，B兩小球間細(xì)線的拉力為5mg＋qEC.靜止時(shí)，B兩小球間細(xì)線的拉力為5mg－qEE.剪斷O點(diǎn)與A小球間細(xì)線瞬間，B兩小球間細(xì)線的拉力為E.剪斷O點(diǎn)與A小球間細(xì)線瞬間，B兩小球間細(xì)線的拉力為14、兩個(gè)較大的平行金屬板A、B相距為d，分別接在電壓為U的電源正、負(fù)極上，這時(shí)質(zhì)量為m；帶電油滴恰好靜止在兩極之間，如圖所示，在其它條件不變的情況下，那么在下列的過程中（）

A.如果保持連接電源，將兩極距離不變，非常緩慢地錯(cuò)開一些，電流計(jì)中電流從a流向bB.如果保持連接電源，將A板上移，油滴將向上加速運(yùn)動(dòng)C.如果斷開電源，A板上移，B板接地，油滴靜止不動(dòng)，油滴處電勢(shì)不變D.如果斷開電源，兩板間接靜電計(jì)，B板上移，靜電計(jì)指針張角變大15、如圖，在xOy平面內(nèi)，x≥0、y≥0的空間區(qū)域內(nèi)存在與平面平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為E=1.25×105V/m，在y<3cm空間區(qū)域內(nèi)存在與平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)?，F(xiàn)有一帶負(fù)電粒子，所帶電荷量q=2.0×10-7C，質(zhì)量為m=1.0×10-6kg，從坐標(biāo)原點(diǎn)O以一定的初動(dòng)能射出，粒子經(jīng)過P(4cm，3cm)點(diǎn)時(shí)，動(dòng)能變?yōu)槌鮿?dòng)能的0.2倍，速度方向平行于y軸正方向。最后粒子從y軸上點(diǎn)M(0，5cm)射出電場(chǎng)，此時(shí)動(dòng)能變?yōu)檫^O點(diǎn)時(shí)初動(dòng)能的0.52倍。不計(jì)粒子重力。則（）

A.P點(diǎn)電勢(shì)高于O點(diǎn)電勢(shì)B.O、M的電勢(shì)差UOM與O、P電勢(shì)差UOP的比值為13:5C.OP上與M點(diǎn)等電勢(shì)點(diǎn)的坐標(biāo)為（2.4cm，1.8cm）D.粒子從P到M的時(shí)間為0.002s16、一帶正電粒子僅在電場(chǎng)力作用下從靜止開始沿直線運(yùn)動(dòng)，其加速度隨時(shí)間變化的圖象如圖所示，tA、tB時(shí)刻粒子分別以速度vA、vB經(jīng)過A點(diǎn)和B點(diǎn)，A、B兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小分別為EA、EB，電勢(shì)分別為A、B；則可以判斷（）

A.EA=EBB.vA=vBC.A＞BD.A=B17、兩個(gè)點(diǎn)電荷Q1、Q2固定于x軸上，將一帶正電的試探電荷從足夠遠(yuǎn)處沿x軸負(fù)方向移近Q2（位于坐標(biāo)原點(diǎn)O）；在移動(dòng)過程中，試探電荷的電勢(shì)能隨位置的變化關(guān)系如圖所示．則下列判斷正確的是。

A.M點(diǎn)電勢(shì)為零，N點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零B.M點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零，N點(diǎn)電勢(shì)為零C.Q1帶負(fù)電，Q2帶正電，且Q2電荷量較小D.Q1帶正電，Q2帶負(fù)電，且Q1電荷量較小評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)18、如圖甲所示為一測(cè)量電解液電阻率的玻璃容器，P、Q為電極，設(shè)a=1m，b=0.2m，c=0.1m，當(dāng)里面注滿某電解液，且P、Q加上電壓后，其U-I圖線如圖乙所示，當(dāng)U=10V時(shí)，求電解液的電阻率ρ是_______Ω·m

19、如圖所示，質(zhì)量為m的帶電小球用絕緣絲線懸掛于O點(diǎn)，并處在水平向左廣大的勻強(qiáng)電場(chǎng)E中，小球靜止時(shí)絲線與豎直方向夾角為θ，則小球的帶電量為__________；若剪斷絲線帶電小球?qū)⒆鯻________運(yùn)動(dòng)．

20、如圖所示；豎直放置的長(zhǎng)直導(dǎo)線通以恒定電流，有一矩形線框與導(dǎo)線處于同一平面內(nèi)，讓線框向右平動(dòng)，線圈產(chǎn)生感應(yīng)電流的方向是_____。

21、如圖所示，A、B兩個(gè)帶異種電荷的小球分別被兩根絕緣細(xì)線系在木盒內(nèi)的一豎直線上，靜止時(shí)木盒對(duì)地面的壓力為細(xì)線對(duì)B的拉力為若將系B的細(xì)線斷開，剛斷開時(shí)木盒對(duì)地面的壓力等于____________；在B向上運(yùn)動(dòng)過程中，木盒對(duì)地面的壓力逐漸___________（填“變大”或“變小”）。

22、定義：組成黑體的振動(dòng)著的帶電微粒的能量只能是某一最小能量值ε的______，這個(gè)不可再分的______叫作能量子。23、如圖所示，一帶正電的導(dǎo)體球M放在絕緣支架上，把系在絕緣絲線上的帶電小球N掛在橫桿上。當(dāng)小球N靜止時(shí)，絲線與豎直方向成θ角由此推斯小球N帶______電荷（選填“正”或“負(fù)”）。現(xiàn)用另一與M完全相同的不帶電導(dǎo)體球與M接觸后移開，則絲線與豎直方向的夾角θ將________（選填“變大”或“變小”）。

24、A、B是某電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線上兩點(diǎn)，一正電荷僅在電場(chǎng)力作用下沿電場(chǎng)線從A點(diǎn)到B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過程中的v—t圖象如上圖所示．比較A、B兩點(diǎn)電勢(shì)φ的高低和場(chǎng)強(qiáng)E的大小：φA________φB，EA________EB．25、一電流表允許通過的最大電流（滿刻度電流）為表頭電阻若改裝成量程為的電流表，應(yīng)_______（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一個(gè)阻值為56.2Ω的電阻。若將改裝后的電流表再改裝成量程為的電壓表，應(yīng)再_______（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一個(gè)阻值為_______Ω的電阻。26、為了研究某種化學(xué)電源的性能，設(shè)計(jì)如圖所示電路，閉合所有開關(guān)，并改變滑動(dòng)變阻器阻值，觀察電壓表V1、V2示數(shù)的變化，得到如下數(shù)據(jù)：某一次的測(cè)量電壓表的讀數(shù)分別為改變滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭，向右滑動(dòng)一段距離，發(fā)現(xiàn)電流表讀數(shù)變?yōu)?.50A，電壓表V1讀數(shù)變化了0.4V，由上面數(shù)據(jù)可求：該電源電動(dòng)勢(shì)E=_________V；電源的內(nèi)阻為r=__________Ω。

評(píng)卷人得分四、作圖題(共2題，共10分)27、如圖所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)僅存在于邊長(zhǎng)為的正方形范圍內(nèi)，左右各一半面積的范圍內(nèi)，磁場(chǎng)方向相反。有一個(gè)邊長(zhǎng)為的正方形導(dǎo)線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場(chǎng)。從邊進(jìn)入磁場(chǎng)算起；規(guī)定剛開始時(shí)磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時(shí)間的變化圖像。

28、如圖所示是某電場(chǎng)中的電場(chǎng)線，請(qǐng)畫出點(diǎn)a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向和電荷-q在b點(diǎn)所受電場(chǎng)力的方向。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共6分)29、某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖甲的電路，其中RT為熱敏電阻，理想電壓表量程為3V（內(nèi)阻可視為無窮大），電流表量程為0.5A，內(nèi)阻RA=2.0Ω，R為電阻箱。

（1）實(shí)驗(yàn)小組首先利用該電路進(jìn)行描繪熱敏電阻的伏安特性曲線的實(shí)驗(yàn)；閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱，記錄不同情況下理想電壓表示數(shù)U1、電流表的示數(shù)I和電阻箱的阻值R，在I—U坐標(biāo)系中，將各組U1、I的數(shù)值標(biāo)記在相應(yīng)位置，可描繪出熱敏電阻的伏安特性曲線的一部分，如圖乙坐標(biāo)系中的曲線段所示。為了直接用測(cè)量數(shù)據(jù)作出圖像，完成該實(shí)驗(yàn)，應(yīng)將導(dǎo)線c端接在______（選填“a”或“b”）點(diǎn)；

（2）利用（1）中記錄的數(shù)據(jù)，通過計(jì)算可得電源的路端電壓U2，U2的計(jì)算式為______；（用U1、I、R和RA表示）

（3）該實(shí)驗(yàn)電路還可以用來測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，實(shí)驗(yàn)小組利用（2）中的公式，計(jì)算出各組的U2，將U2和I的數(shù)據(jù)也描繪在I—U坐標(biāo)系中，如圖乙中直線所示，根據(jù)圖像分析可知，電源的電動(dòng)勢(shì)E=______V，內(nèi)電阻r=______Ω；（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

（4）實(shí)驗(yàn)中，當(dāng)電阻箱的阻值調(diào)到3Ω時(shí)，熱敏電阻消耗的電功率P=______W。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）30、某學(xué)生用多用電表測(cè)一電壓表3V量程的內(nèi)阻；使用的實(shí)驗(yàn)器材有多用電表；電壓表。

（1）先將多用電表擋位調(diào)到電阻“×10”擋，再將紅表筆和黑表筆短接，調(diào)整_______（選填“機(jī)械調(diào)零”或“歐姆調(diào)零”）旋鈕；使指針指向“0Ω”。

（2）再將調(diào)節(jié)好的多用電表黑表筆和電壓表的_______（選填“3V”或“負(fù)”）接線柱相連；紅表筆正確連接另一接線柱。

（3）測(cè)量時(shí)發(fā)現(xiàn)萬用表的指針偏角過?。ㄏ鄬?duì)于電流0刻度），則應(yīng)換_______（選填“×100”或“×1”）擋位。

（4）換擋，正確操作后，讀數(shù)如圖乙所示，則被測(cè)電阻為_______kΩ。評(píng)卷人得分六、解答題(共3題，共30分)31、如圖所示，R為電阻箱，電壓表可視為理想電壓表。當(dāng)電阻箱讀數(shù)為R1=2Ω時(shí)電壓表讀數(shù)為U1=4V；當(dāng)電阻箱讀數(shù)為R2=5Ω時(shí)，電壓表讀數(shù)為U2=5V。求：

(1)電源的電動(dòng)勢(shì)E；

(2)電源的內(nèi)阻r。

32、如圖所示，BCDG是光滑絕緣的圓形軌道，位于豎直平面內(nèi)，軌道半徑為R，下端與水平絕緣軌道在B點(diǎn)平滑連接，整個(gè)軌道處在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)中?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m、帶正電的小滑塊可視為質(zhì)點(diǎn)置于水平軌道上，滑塊受到的電場(chǎng)力大小為滑塊與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為重力加速度為求：

(1)若滑塊從水平軌道上距離B點(diǎn)的A點(diǎn)由靜止釋放，滑塊到達(dá)圓心O正下方的B點(diǎn)時(shí)速度大?。?/p>

(2)改變s的大小，使滑塊恰好始終沿軌道滑行，且從G點(diǎn)飛出軌道；求滑塊在圓軌道上滑行過程中的最小速度大小；

(3)滿足(2)問條件的s的大小。

33、如圖所示，A，B兩端接在電壓恒定的電源上；現(xiàn)將S閉合后，則：

（1）AB兩端的總電阻為多大？

（2）10s內(nèi)通過橫截面積的電量為20C，則流過的電流為多大？

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【詳解】

麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，并建立了電磁場(chǎng)理論，故D正確，ABC錯(cuò)誤．2、D【分析】【分析】

【詳解】

設(shè)圓環(huán)上每一個(gè)點(diǎn)的電荷量為q，由對(duì)稱性可得，該點(diǎn)和在圓上與之對(duì)稱的點(diǎn)在A處的合電場(chǎng)強(qiáng)度大小為

則圓環(huán)在A處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為

故D正確；ABC錯(cuò)誤。

故選D。3、B【分析】【詳解】

A．由能量守恒定律可知；某種形式的能量減少，必然有其他形式的能增加；故A正確，不符合題意；

B．石子從空中下落時(shí)；停止在地面上，機(jī)械能減少，但變成了其它形式的能，沒有消失；故B錯(cuò)誤，符合題意；

C．永動(dòng)機(jī)不可能制成；因?yàn)樗`背了能量守恒定律；故C正確，不符合題意；

D．由能量守恒定律可知；某個(gè)物體能量減少，必然有其他物體能量增加；故D正確，不符合題意；

故選B。4、B【分析】【詳解】

AB．在正點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)線上a處自由釋放一個(gè)負(fù)試探電荷時(shí)，它沿直線向c點(diǎn)處運(yùn)動(dòng)，電荷受到的電場(chǎng)力向右，所以電場(chǎng)線的方向向左，即場(chǎng)源電荷在右側(cè)，所以a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比b點(diǎn)的小，a點(diǎn)的電勢(shì)比c點(diǎn)的低；故A錯(cuò)誤，B正確；

C．因?yàn)閳?chǎng)源電荷在右側(cè)，雖然ab=bc，所以Uab＜Ubc，由動(dòng)能定理知試探電荷在c點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能Ekc=q（Uab+Ubc），試探電荷在b點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能Ekb=qUab，Ekc≠2Ekb；故C錯(cuò)誤；

D．只有電場(chǎng)力做功時(shí)；發(fā)生動(dòng)能和電勢(shì)能的相互轉(zhuǎn)化，但總量不變，動(dòng)能不滿足2倍關(guān)系，則電勢(shì)能也不會(huì)滿足2倍關(guān)系，故D錯(cuò)誤；

故選B。5、B【分析】【詳解】

AB的中點(diǎn)的電勢(shì)為

因此O點(diǎn)與AB中點(diǎn)連線為等勢(shì)線，由于沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，故電場(chǎng)向的方向?yàn)锽A方向。若將一個(gè)質(zhì)子從O點(diǎn)移動(dòng)至圓周上，則在此過程中，電場(chǎng)力做正功的最大值為沿電場(chǎng)線方向移動(dòng)到圓上P點(diǎn)時(shí)電場(chǎng)力做的功；如圖所示。

根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)的性質(zhì)可知

代入數(shù)據(jù)解得

電場(chǎng)力做正功的最大值為

故選B。6、B【分析】【詳解】

A、將平行板電容器的上極板豎直向上移動(dòng)一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)得知板間場(chǎng)強(qiáng)減小，油滴所受的電場(chǎng)力減小，則油滴將向下運(yùn)動(dòng)．故A錯(cuò)誤．B、場(chǎng)強(qiáng)E減小，而P點(diǎn)與下極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點(diǎn)與下極板間電勢(shì)差將減小，而P點(diǎn)的電勢(shì)高于下極板的電勢(shì)，則知P點(diǎn)的電勢(shì)將降低．故B正確．C、由帶電油滴原來處于平衡狀態(tài)可知，油滴帶負(fù)電，P點(diǎn)的電勢(shì)降低，則油滴的電勢(shì)能將增加．故C錯(cuò)誤．D、根據(jù)Q=UC；由于電勢(shì)差不變，電容器的電容減小，故帶電量減小，故D錯(cuò)誤；故選B．

【點(diǎn)睛】本題運(yùn)用分析板間場(chǎng)強(qiáng)的變化，判斷油滴如何運(yùn)動(dòng)．運(yùn)用推論：正電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能大，而負(fù)電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能小，來判斷電勢(shì)能的變化．7、B【分析】【詳解】

若把小量程的電流表G改裝成大量程的電流表，根據(jù)并聯(lián)電路的分流原理，需要并聯(lián)電阻；若把小量程的電流表G改裝成大量程的電壓表，根據(jù)串聯(lián)電路分壓原理，需要串聯(lián)一個(gè)大電阻，由

可知串聯(lián)的電阻越大，量程就越大；所以由題圖可知，該改裝表為電壓表，接兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，量程較大，故選B。8、D【分析】【分析】

【詳解】

A．由P=I2r可得；隨著電流的增大，內(nèi)耗功率增大。故A錯(cuò)誤；

B．隨著電流的減小；電源的效率增大，最大可以接近100%，故B錯(cuò)誤；

CD．由圖可知，當(dāng)電流為1.5A時(shí)電源的輸出功率最大，這里內(nèi)耗功率等于輸出功率為9W，電源的效率為50%，這時(shí)電源總功率為18W，根據(jù)P=IE可得，電源的電動(dòng)勢(shì)為12V，由P=I2r可知；電源的內(nèi)阻為4Ω，由于不能明確外電路是否為純電阻電路，故無法求得電阻大小，故C錯(cuò)誤；故D正確。

故選D。二、多選題(共9題，共18分)9、A:B:C【分析】【詳解】

A．由圖象可知，點(diǎn)電荷的速度先增大后減小，則點(diǎn)電荷的動(dòng)能先增大后減小，說明電場(chǎng)力先做正功，后做負(fù)功，結(jié)合正電荷受到的電場(chǎng)力的方向與場(chǎng)強(qiáng)的方向相同可知，電場(chǎng)強(qiáng)度的方向先沿軸的正方向，后沿軸的負(fù)方向，根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線的特點(diǎn)與電場(chǎng)的疊加原理可知，點(diǎn)電荷一定都是正電荷；故A正確；

B．點(diǎn)電荷的動(dòng)能先增大后減小，由于只有電場(chǎng)力做功，所以點(diǎn)電荷的電勢(shì)能一定是先減小后增大；故B正確；

C．由圖可知，在處點(diǎn)電荷的速度最大，速度的變化率為0，說明了處的電場(chǎng)強(qiáng)度等于0．則與的點(diǎn)電荷在處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相反，根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式得：

所以，點(diǎn)電荷所帶電荷量的絕對(duì)值之比為故C正確；

D．由電勢(shì)的決定式和合電勢(shì)是代數(shù)和知處的電勢(shì)不為為零；故D錯(cuò)誤；

故選ABC。10、B:D【分析】【詳解】

A.以A點(diǎn)為例，a、d位置的兩個(gè)點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向指向d點(diǎn)，另外兩個(gè)點(diǎn)電荷在A點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度為根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)可知：方向指向a點(diǎn)，所以A點(diǎn)的總的合電場(chǎng)強(qiáng)度大小為方向指向d點(diǎn)；用同樣的方法能得到B、C、D四個(gè)點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小都為方向都沿所在正方形的邊指向負(fù)電荷一側(cè)，故A錯(cuò)誤，B正確；

C.以A點(diǎn)為例，a、d位置的兩個(gè)點(diǎn)電荷中垂線為一等勢(shì)線，無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，所以A點(diǎn)電勢(shì)也為零，同理另外兩個(gè)點(diǎn)電荷在A點(diǎn)產(chǎn)生的電勢(shì)也為零，故A點(diǎn)電勢(shì)為零，同理B、C、D四個(gè)點(diǎn)的電勢(shì)相等；且均為零，故C錯(cuò)誤；

D.位于A、B、C、D四個(gè)點(diǎn)處電量為q的試探電荷電勢(shì)能均為零，故D正確．11、C:D【分析】【詳解】

A．小球b所受庫侖力和管道的彈力始終與速度垂直，即只有重力做功，所以小球b機(jī)械能守恒；故A錯(cuò)誤；

B．對(duì)小球b運(yùn)動(dòng)過程應(yīng)用機(jī)械能守恒可得

由小球在H點(diǎn)時(shí)對(duì)管道壁恰好無壓力，根據(jù)牛頓第二定律可得

所以小球b受到的庫侖力F庫=3mg

在小球b沿圓弧運(yùn)動(dòng)過程中兩帶電小球的電荷量和間距不變，故小球b所受庫侖力大小始終為3mg；故B錯(cuò)誤；

C．設(shè)PN與豎直方向的夾角為α，對(duì)球a受力平衡，在豎直方向可得FPNcosα=mg+F庫sinθ

在水平方向可得F庫cosθ+FPNsinα=FPM

解得

下滑過程中θ從0增大90°，細(xì)線PM的拉力先增大后減小；故C正確；

D．設(shè)b與a的連線與水平方向成θ角，則有

任意位置加速度為向心加速度和切向加速度合成，即為

可知小球的加速度一直變大；故D正確。

故選CD。12、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．由A到B，由動(dòng)能定理得

解得

故A正確；B錯(cuò)誤；

C．在B點(diǎn)，對(duì)小球由牛頓第二定律得

將B點(diǎn)的速度帶入可得

故C正確；

D．從A到C點(diǎn)過程中電場(chǎng)力做功為零，所以小球能到達(dá)C點(diǎn)；故D錯(cuò)誤。

故選AC。13、A:C【分析】【詳解】

靜止時(shí)；對(duì)BC球整體進(jìn)行受力分析，則有：

T=2mg+3mg+Eq=5mg+Eq；故A正確，B錯(cuò)誤；

B球帶負(fù)電；相當(dāng)于在上述狀態(tài)下給B球瞬間施加一個(gè)豎直向下的電場(chǎng)力qE；

qE對(duì)A、B球整體產(chǎn)生一個(gè)豎直向下的分加速度

此時(shí)A、B球的加速度為（顯然＞g），C球以加速度g保持自由下落，以A球?yàn)檠芯繉?duì)象可得A、B球間細(xì)線的拉力為qE．故C正確；D錯(cuò)誤．

故選AC．

【點(diǎn)睛】

本題由整體法與隔離法相結(jié)合解題．14、A:C【分析】【詳解】

A．將兩極距離不變，非常緩慢地錯(cuò)開一些，根據(jù)

可知，電容減小。由

可知，A極板上的電荷量減少，則電流計(jì)中電流從a流向b。故A正確；

B．如果保持連接電源，將A板上移，根據(jù)

可知；電場(chǎng)強(qiáng)度減小，則合力向下，油滴將向下加速運(yùn)動(dòng)。故B錯(cuò)誤；

C．如果斷開電源，A板上移，根據(jù)

可得

可知電場(chǎng)強(qiáng)度不變，則油滴靜止不動(dòng)。B板接地，小球到B板的距離不變；則油滴處電勢(shì)不變。C正確；

D．如果斷開電源，兩板間接靜電計(jì)，B板上移，根據(jù)

可知；電場(chǎng)強(qiáng)度不變，則兩極板電勢(shì)差減小，因此靜電計(jì)指針張角變小。D錯(cuò)誤。

故選AC。15、C:D【分析】【詳解】

ABC．設(shè)粒子在O點(diǎn)時(shí)的初動(dòng)能為Ek，則在P點(diǎn)的動(dòng)能為0.2Ek，在M點(diǎn)的動(dòng)能為0.52Ek

粒子從O點(diǎn)到P點(diǎn)和從O點(diǎn)到M點(diǎn)的過程中，由動(dòng)能定理得-qUOP=0.2Ek-Ek

-qUOM=0.52Ek-Ek

則UOP：UOM=5：3

可得

則OP五等分，設(shè)OP上D點(diǎn)與M點(diǎn)電勢(shì)相等OD=3cmDP=2cm

沿OP方向電勢(shì)下降，則P點(diǎn)電勢(shì)低于O點(diǎn)電勢(shì)，由以上解得DN=1.8cmON=2.4cm

即OP上與M點(diǎn)等電勢(shì)點(diǎn)D的坐標(biāo)為（2.4cm；1.8cm），故，AB錯(cuò)誤，C正確；

D．OP與x軸的夾角α，則

由于OD=3cm而OMcos∠MOP=3cm

所以MD垂直于OP，由于MD為等勢(shì)線，即M、N兩點(diǎn)電勢(shì)相等，因此OP為電場(chǎng)線，方向從O到P，帶電粒子從P到M過程中做類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，在x軸方向上

加速度為

聯(lián)立解得t=0.002s

故D正確。

故選CD。16、A:C【分析】【詳解】

A．由圖像可知，經(jīng)過AB兩點(diǎn)的加速度相等，則根據(jù)qE=ma

可知，兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相等即EA=EB

選項(xiàng)A正確；

B．因a-t圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積等于速度的變化量，可知vA<vB

選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

CD．帶正電的粒子一直加速運(yùn)動(dòng)，可知電場(chǎng)線方向沿從A到B的方向，沿電場(chǎng)線電勢(shì)逐漸降低，可知A＞B

選項(xiàng)C正確；D錯(cuò)誤。

故選AC。17、A:C【分析】【詳解】

M點(diǎn)電勢(shì)能為零，則電勢(shì)為零；EP–x圖象的斜率=qE，則N點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零，A正確，B錯(cuò)誤．帶正電的試探電荷從距Q2較近處移近過程中，電勢(shì)能增大，從足夠遠(yuǎn)處移近時(shí)，電勢(shì)能先減小后增大，由正電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能大，說明Q2帶正電，Q1帶負(fù)電；由N點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零，有=又r1>r2，則Q1>Q2，C正確，D錯(cuò)誤．三、填空題(共9題，共18分)18、略

【分析】【詳解】

由圖乙可求得電解液的電阻為由圖甲可知電解液長(zhǎng)為截面積為結(jié)合電阻定律可得【解析】4019、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由于帶電小球向左偏；所受電場(chǎng)力方向向左，電場(chǎng)線方向也向左，則小球帶正電．分析小球的受力情況，作出受力圖如下圖所示。

根據(jù)平衡條件得

得

[2]如果將細(xì)線燒斷，小球受到重力和電場(chǎng)力，合力恒定，球沿合力方向即繩子方向向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)?！窘馕觥垦乩K方向向下做初速度為零的勻加速直線20、略

【分析】【詳解】

電流的方向向上，由安培定則可知線框所在處的磁場(chǎng)的方向垂直于紙面向里，當(dāng)線框向右運(yùn)動(dòng)時(shí)磁場(chǎng)減小，則穿過線框的磁通量減小，由楞次定律可知，線框內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電流沿順時(shí)針方向。【解析】順時(shí)針方向21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]細(xì)線斷開前，對(duì)整體(A、B和木盒)進(jìn)行受力分析，整體受重力Mg和地面的支持力F′N。根據(jù)共點(diǎn)力平衡的條件和牛頓第三定律得出。

細(xì)線斷開前；對(duì)小球B進(jìn)行受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡的條件得出。

若將系B的細(xì)線斷開，對(duì)小球B進(jìn)行受力分析，小球B受重力mg，向上的電場(chǎng)力F電剛斷開時(shí)，對(duì)A和木盒做為整體進(jìn)行受力分析，整體受重力M′g、地面的支持力FN′′、小球B對(duì)A的靜電力F電。運(yùn)用平衡條件得出。

由牛頓第三定律得木盒對(duì)地的壓力等于

[2]在B向上運(yùn)動(dòng)的過程中，小球B對(duì)A的電場(chǎng)力F電′增大；由。

得地面對(duì)木盒的支持力也在增大，根據(jù)牛頓第三定律知道木盒對(duì)地的壓力逐漸變大.【解析】變大22、略

【解析】①.整數(shù)倍②.最小能量值ε23、略

【分析】【詳解】

[1]球M與N相互排斥，M、N帶同種電荷，M帶正電，N也帶正電；

[2]小球N受重力mg、繩的拉力、庫侖力F，根據(jù)平衡條件可得庫侖力大小為F=mgtanθ

庫侖力

由于另一與M完全相同的不帶電導(dǎo)體球與M接觸后移開，因電量被平分，導(dǎo)致M的帶電量減小，則庫侖力小，偏角小，即角θ變小?！窘馕觥空冃?4、略

【分析】【分析】

【詳解】

從v-t圖象可以知道正電荷僅在電場(chǎng)力作用下沿電場(chǎng)線從A點(diǎn)到B點(diǎn)做加速度不斷減小的減速運(yùn)動(dòng)，故電荷在A點(diǎn)受到的電場(chǎng)力大于電荷在B點(diǎn)的電場(chǎng)力，故A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)；

由于電荷做減速運(yùn)動(dòng)，故電場(chǎng)力與速度方向相反，即電場(chǎng)力由B指向A，故電場(chǎng)線由B指向A，故B點(diǎn)電勢(shì)較高；【解析】＜＞25、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]把電流表改裝成大量程電流表；需要并聯(lián)一個(gè)阻值為56.2Ω的電阻；

[2][3]把電流表改裝成電壓表，需要串聯(lián)電阻，阻值為【解析】①.并聯(lián)②.串聯(lián)③.9950Ω26、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)閉合電路歐姆定律

[2]改變滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭，向右滑動(dòng)一段距離，外電阻減小，干路電流增大，路端電壓減小，第二次的路端電壓為

根據(jù)閉合電路歐姆定律

解得【解析】1.51四、作圖題(共2題，共10分)27、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過磁場(chǎng)的過程可分為三個(gè)階段，進(jìn)入磁場(chǎng)階段（只有邊在磁場(chǎng)中），在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)階段（兩邊都在磁