2025年中圖版必修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年中圖版必修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，在光滑絕緣水平面上放置3個電荷量均為q(q>0)的相同小球，小球之間用勁度系數(shù)均為k0的輕質彈簧絕緣連接．當3個小球處在靜止狀態(tài)時，每根彈簧長度為l，已知靜電力常量為k，若不考慮彈簧的靜電感應，則每根彈簧的原長為（）

A.B.C.D.2、以下單位制中，單位均為基本單位的一組物理量是（）A.質量、速度、秒B.加速度、千克、米C.安培、位移、時間D.時間、質量、長度3、在物理學的重大發(fā)現(xiàn)中，科學家用到了許多物理思想與研究方法，關于所用研究方法的敘述中正確的是（）A.電學中引入點電荷的概念，突出帶電體的電荷量，采用了等效替代法B.根據(jù)速度定義式當時，就可以表示物體在該時刻的瞬時速度，采用了極限思維法C.若一個力的作用效果與另外兩個力的作用效果相同，這個力就是那兩個力的合力，采用了理想實驗法D.用比值法定義的概念在物理學中占相當大的比例，如電容加速度都是采用比值法定義的4、如圖所示，將帶正電的帶電體O置于鐵架臺旁，再把系在絕緣絲線上的帶電小球先后掛在位置；小球靜止時絲線與豎直方向的夾角依次變小。該實驗可以說明（）

A.兩電荷之間的庫侖力與兩電荷之間距離成反比B.兩電荷之間的庫侖力與兩電荷之間距離的平方成反比C.點電荷電場的電場強度與距點電荷的距離的平方成反比D.帶電小球離O越遠所受電場力越小，說明離O越遠電場強度越小5、如圖甲所示，在x軸上有一個點電荷Q（圖中未畫出），O、A、B為軸上三點，放在A、B兩點的試探電荷受到的靜電力與其所帶電荷量的關系如圖乙所示。以x軸的正方向為靜電力的正方向；則（）

A.A.B所受電場力方向相反B.點電荷Q一定為正電荷C.點電荷Q在B之間D.A點的電場強度大小為5×103N/C6、如圖所示，表示在一個電場中的a、b、c、d四點分別引入檢驗電荷時；測得檢驗電荷所受的電場力跟電荷量間的函數(shù)關系圖象，那么下列說法中正確的是（）

A.該電場是勻強電場B.a、b、c、d四點場強的大小關系是C.a、b、c、d四點場強的大小關系是D.無法判斷a、b、c、d四點場強的大小關系7、如圖所示，在等量異種電荷形成的電場中，畫一正方形ABCD，對角線AC與兩點電荷連線重合，兩對角線交點O恰為電荷連線的中點。下列說法正確的是（）

A.B、D兩點的電場強度大小相等，方向相反B.A點的電場強度大于C點的電場強度且兩點電場強度方向相同C.一電子沿B→C→O→D路徑移動到D點，電場力一直做正功D.一電子沿對角線B→O→D路徑移動，電場力不做功8、如圖所示，三個同心圓是點電荷Q周圍的三個等勢面，a、b、c分別是這三個等勢面上的點，且在同一條電場線上，這三個圓的半徑關系為則a、b、c三點的電場強度和電勢差的大小關系正確的是（）

A.B.C.D.9、某同學為測量電源電壓U和電阻R的阻值，連接如圖甲所示電路圖，圖乙為該同學根據(jù)上述設計的實驗電路利用實驗測出的數(shù)據(jù)繪出的U0﹣I圖線；電流表內阻不計，不計電源內阻，下列選項正確的是（）

A.電源電壓約為10VB.電源電壓約為1VC.電阻R的阻值約為80ΩD.電阻R的阻值約為10Ω評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、圖甲是工廠靜電除塵裝置的示意圖，煙氣從管口M進入，從管口N排出，當A、B兩端接直流高壓電源后；在電場作用下管道內的空氣分子被電離為電子和正離子，而粉塵在吸附了電子后最終附著在金屬管壁上，從而達到減少排放煙氣中粉塵的目的，圖乙是金屬絲與金屬管壁通電后形成的電場示意圖。下列說法正確的是()

A.金屬絲與管壁間的電場為勻強電場B.粉塵在吸附了電子后動能會增加C.粉塵在吸附了電子后電勢能會減少D.粉塵在吸附了電子后電勢能會增加11、沿某一電場方向建立x軸，電場僅分布在的區(qū)間內，其電場場強與坐標____的關系如圖所示。規(guī)定沿+x軸方向為電場強度的正方向，x=0處電勢為零。一質量為m、電荷量為+q的帶電粒子只在電場力作用下，沿x軸做周期性運動。以下說法正確的是（）

A.粒子在處的電勢能為B.粒子向右運動可以到達點C.動能與電勢能之和的最大值是D.一個周期內，在x>0區(qū)域的運動時間12、如圖所示的電路中，電池的電動勢為E，內阻為r，電路中的三個電阻的阻值均為R．在電鍵S處于閉合狀態(tài)下，若將電鍵S1由位置1切換到位置2，則()

A.電壓表的示數(shù)變小B.電池內部消耗的功率變大C.電池的總功率變小D.電池的效率變小13、將兩個相同的小量程電流表（表頭）分別改裝成兩個電流表A1、A2，已知電流表A1的量程大于A2的量程；改裝好后把它們按圖接入電路，則（）

A.電流表A1的偏轉角小于電流表A2的偏轉角B.電流表A1的偏轉角等于電流表A2的偏轉角C.電流表A1的讀數(shù)大于電流表A2的讀數(shù)D.電流表A1的讀數(shù)小于電流表A2的讀數(shù)14、在x軸上存在與x軸平行的電場，x軸上各點的電勢隨x點位置變化情況如圖所示．圖中－x1～x1之間為曲線；且關于縱軸對稱，其余均為直線，也關于縱軸對稱．下列關于該電場的論述正確的是()

A.x軸上各點的場強大小相等B.從-x1到x1場強的大小先減小后增大C.一個帶正電的粒子在x1點的電勢能大于在-x1點的電勢能D.一個帶正電的粒子在－x1點的電勢能小于在-x2點的電勢能15、如圖所示，豎直平面內存在一勻強電場，電場強度方向與水平方向間的夾角θ=60°，O、M為其中一條電場線上的兩點，一帶電粒子電荷量為q，不計重力，在O點以水平初速度v0進入電場，經(jīng)過時間t粒子到達與M在同一水平線上的N點，且OM=MN；則（）

A.UMO=UNMB.粒子帶負電C.帶電粒子在O點的電勢能小于在N點的電勢能D.由O到N運動過程中，電場力的功率增大16、如圖所示的是伏安法測電阻的部分電路，開關先后接通a和b時；觀察電壓表和電流表示數(shù)的變化，那么（）

A.若電壓表示數(shù)有顯著變化，測量R的值時，S應接bB.若電流表示數(shù)有顯著變化，測量R的值時，S應接bC.若S應接a，電阻的測量值小于真實值D.若S應接b，電阻的測量值大于真實值17、如圖所示的電路中，電源的輸出電壓恒為U；電動機M線圈電阻與電爐L的電阻相同，電動機正常工作，在相同的時間內，下列判斷正確的是（）

A.電爐放出的熱量與電動機放出的熱量相等B.電爐兩端電壓小于電動機兩端電壓C.電爐兩端電壓等于電動機兩端電壓D.電動機消耗的功率等于電爐消耗的功率18、下列關于電功、電功率和焦耳定律的說法中正確的是（）A.電功率越大，電流做功越快，電路中產生的焦耳熱一定越多B.W=UIt適用于任何電路，而只適用于純電阻電路C.在非純電阻電路中，UI>I2RD.焦耳熱Q=I2Rt適用于任何電路評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)19、如圖所示，一帶負電的導體球M放在絕緣支架上，把系在絕緣絲線上的帶電小球N掛在橫桿上。當小球N靜止時，絲線與豎直方向成角，由此推斷小球N帶_______電荷（選填“正”或“負”）?，F(xiàn)用另一與M完全相同的不帶電導體球與M接觸后移開，則絲線與豎直方向的夾角將_________（選填“變大”或“變小”）。

20、如圖所示電路，電源內阻不可忽略，電壓表、電流表均為理想電表，R1、R2均為定值電阻。開關S閉合后，在變阻器R0的滑動端向下滑動的過程中，電流表A的變化情況是__________；若電壓表V示數(shù)變化的絕對值為△U，電流表A示數(shù)變化的絕對值為△I，則的變化情況是__________，你判斷的理由是：_____________。

21、如圖所示，三根彼此絕緣的無限長直導線的一部分構成一個等邊三角形，O為三角形的中心，M、N分別為O關于導線的對稱點，當三根導線中通以大小相等、方向如圖的電流時，O點的磁感應強度的大小為B，M點磁感應強度的大小為則N點磁感應強度的大小為_________；若將導線中的電流撤去，而保持另兩根導線中的電流不變，則N點的磁感應強度的大小變?yōu)開_________．

22、電阻率：

（1）物理意義：反映了材料導電性能的好壞，電阻率越___________；表示這種材料的導電性能越好。

（2）決定因素：導體的材料和___________。

（3）金屬的電阻率：隨溫度的升高而___________。

（4）超導現(xiàn)象：某些材料當溫度特別低時，電阻可以降到___________的現(xiàn)象。23、長波的波長范圍為3000～30000m，短波的波長范圍為10～50m，則長波的頻率范圍是________，短波的頻率范圍是________。24、開發(fā)利用太陽能；將會滿足人類長期對大量能源的需求。太陽能的光熱轉換是目前技術最為成熟；應用最廣泛的形式。太陽能熱水器的構造示意圖如圖甲所示，下方是日光燈管似的集熱管，由導熱性能良好的材料制成，在黑色管和外面透明管間有空隙，并抽成真空，集熱管的下方是一塊光亮的鋁合金板子，做成凹凸狀的曲面。

試分析下列有關太陽能的利用問題：

(1)說明太陽能熱水器哪些結構與其功能相適應，水箱為何安裝在頂部而非下部？______

(2)圖中A是集熱器，B是儲水容器，在陽光直射下水將沿________時針方向流動，這是因為________。C是輔助加熱器，其作用是________。請在圖中適當位置安上進水閥門和出水閥門，并說明選擇位置的理由________。25、某實驗小組研究電容器的充電過程。將電容器與電動勢V的電源、阻值的定值電阻、內阻的電流傳感器連接成如圖甲所示電路?，F(xiàn)閉合開關S為電容器充電，電流傳感器接計算機顯示出電流I隨時間t變化的圖像。

（1）由I-t圖像數(shù)據(jù)計算，閉合開關S瞬間，定值電阻R兩端的電壓為____________V，充電過程中，定值電阻兩端的電壓逐漸____________（選填“變大”或“變小”），電源的內阻為____________Ω；

（2）充電過程中，電容器的電容____________（選填“變大”“不變”或“變小”）。由圖像可知，充電完畢后，電容器所帶電量____________（選填“大于”“等于”或“小于”）0.02C。26、空氣平行板電容器，電容為C，兩極板間距離為d。充電后，兩極板間相互作用力為F。則兩極板間的電勢差為_______，極板上的電荷為________。評卷人得分四、作圖題(共3題，共21分)27、如圖所示，磁感應強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內，左右各一半面積的范圍內，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規(guī)定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

28、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標出圖中各電荷的電性。

29、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。評卷人得分五、實驗題(共2題，共18分)30、某同學要測量如圖甲所示金屬圓環(huán)材料的電阻率，已知圓環(huán)的半徑為r。

（1）他用螺旋測微器測量圓環(huán)材料圓形橫截面的直徑d，如圖乙所示，則d=______mm；

（2）他先用多用電表粗測圓環(huán)的電阻，將多用電表歐姆擋調至“×100”，紅、黑表筆接在圓環(huán)同一直徑的兩端，指針偏轉如圖丙所示，讀出電阻的阻值約為______Ω；

（3）他再用如圖丁所示的電路測量該圓環(huán)的電阻，圖中圓環(huán)接入電路的兩點恰好位于一條直徑上，電壓表的量程為5V，開關S閉合后，電壓表右端接到a點時電壓表示數(shù)為4.5V、電流表示數(shù)為1.8mA，接到b點時電壓表示數(shù)為4.6V、電流表示數(shù)為1.6mA。為了減小電阻的測量誤差，他應該把電壓表的右端接在______（選填“a”或“b”）點進行實驗；則圓環(huán)接入電路的兩點間的電阻值為______Ω，此值______（選填“偏大”“偏小”或“準確”）。

（4）實驗中電流表的讀數(shù)為I，電壓表的讀數(shù)為U，金屬圓環(huán)材料電阻率的表達式為______。（用r、d、U、I表示）31、某同學欲測量一阻值大約為粗細均勻的漆包金屬線的電阻率。

(1)該同學用螺旋測微器測量金屬線的直徑，該螺旋測微器校零時的示數(shù)如圖（a）所示，然后測量金屬線的直徑時示數(shù)如圖（b）所示，則該金屬線的直徑應該為________mm。

該同學拿來一塊多用電表，表盤如圖（c）所示。若將多用電表的開關撥到歐姆檔的×1K檔，則歐姆表的內阻為________Ω。若用此多用電表的歐姆檔測量待測金屬線的電阻R，測量之前，應該將多用電表的開關撥到歐姆檔的________（填×10或×100）檔位。

(2)若用歐姆表的紅表筆接觸金屬線的左端點M，黑表筆接觸金屬線的右端點N，流經(jīng)金屬線的電流()

A.由M到NB.由N到M

(3)若該同學在測量金屬線直徑時，沒有完全去除漆包線表面的絕緣漆，這會使實驗測得該金屬線的電阻率與真實值相比________（填“偏大”或“偏小”）。評卷人得分六、解答題(共3題，共27分)32、如圖，照明電路的電壓為并聯(lián)了20盞電阻都是（正常發(fā)光時的電阻）的電燈，兩條輸電線的電阻都是只開10盞燈時；整個電路消耗的電功率；輸電線上損失的電壓和損失的電功率各是多大？20盞燈都打開時，情況又怎樣？

33、如圖所示的示波管，電子由陰極發(fā)射后，初速度可以忽略，經(jīng)加速后水平飛入偏轉電場，最后打在熒光屏上，電子電量大小為e，質量為m，已知加速電壓為U1，BC間偏轉電壓為U2，兩偏轉極板BC間距為d，板長為L，偏轉極板右側到熒光屏的距離為D；不計重力，求：

（1）電子射入偏轉電場U2時的速度大??；

（2）電子射出偏轉電場U2時的偏轉位移y的大??；

（3）電子打在熒光屏上的偏轉距離OP。

34、小明同學想用滿偏電流為Ig=1mA，電阻Rg=100Ω的表頭G改裝成歐姆表。他還選用了如下器材：電源：電動勢為E=1.5V，內阻r=0.5Ω；定值電阻：R0=1kΩ；滑動變阻器R：最大值為Rm=1kΩ；紅表筆和黑表筆各一支。

（1）請用小明選擇的器材幫他設計改裝歐姆表的電路圖（用題中所給器材符號表示）。

（2）用此歐姆表進行歐姆調零時，滑動變阻器R的阻值是多少？

（3）用此歐姆表測電阻時，表頭的電流為0.6mA，則測得的電阻Rx是多少？參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【詳解】

對第三個小球受力分析；第三個小球受三個力的作用；

它們的關系是

解得

所以彈簧的原長為

故B正確；ACD錯誤。

故選B。2、D【分析】【分析】

【詳解】

A．速度的單位是導出單位；另秒是基本單位，不是物理量，故A錯誤；

B．加速度的單位是導出單位；千克；米是基本單位，不是物理量，故B錯誤；

C．安培是基本單位；但不是物理量，故C錯誤；

D．時間；質量、長度的單位均為基本單位；故D正確。

故選D。3、B【分析】【詳解】

A．點電荷的概念；突出了帶電體的帶電荷量，忽略了帶電體的體積大小和形狀，運用了理想化模型的方法，故A錯誤；

B．根據(jù)速度定義式

當時間趨近于零時；表示瞬時速度，這里運用了極限思想，故B正確；

C．如果一個力的作用效果與另外兩個力的作用效果相同；這個力就是那兩個力的合力。這里采用了等效替代法。故C錯誤；

D．電容的定義式

是比值定義，加速度

是牛頓第二定律的表達式，才是加速度的定義式也是比值定義；故D錯誤。

故選B。4、D【分析】【詳解】

AB．兩電荷之間的庫侖力隨兩電荷之間距離的增大而減小；由于該實驗只是定性分析，沒有定量計算，不能說明兩電荷之間的庫侖力與兩電荷之間距離成反比或兩電荷之間的庫侖力與兩電荷之間距離的平方成反比，故AB錯誤；

C．該實驗可以說明點電荷電場的電場強度隨距點電荷的距離的增大而減?。挥捎谠搶嶒炛皇嵌ㄐ苑治?，沒有定量計算，不能說明點電荷電場的電場強度與距點電荷的距離的平方成反比，故C錯誤；

D．帶電小球離O越遠所受電場力越小，說明離O越遠電場強度越?。还蔇正確。

故選D。5、C【分析】【分析】

【詳解】

ABC．由圖乙知，正的試探電荷放在A點和負的試探電荷放在B點所受的靜電力的方向都沿x軸的正方向，說明點電荷Q為負電荷且在A；B之間；故A、B錯誤，C正確；

D．由圖像的斜率。

可知。

故D錯誤。

故選C。6、B【分析】【詳解】

由公式

可知，a、b、c、d四點場強方向相同，由F-q圖象的斜率大小等于場強的大小得知，四點的場強大小關系是Ed＞Ea＞Eb＞Ec；所以此電場是非勻強電場；

故選B。7、D【分析】【分析】

【詳解】

AB．由于B、D兩點處在等量異種電荷的中垂線上，且關于O點對稱，因此其電場強度大小相等，方向均水平向右，A點的電場強度與C點的電場強度大小相等；方向相同。故A、B錯誤；

C．電子沿B→C→O→D路徑移動到D點，先靠近負電荷，電場力做負功，后遠離負電荷，電場力做正功，因此電場力先做負功，后做正功，從O到D電場力不做功；C錯誤；

D．從B→O→D的過程中；移動的方向始終與電場線方向垂直，故電場力不做功，故D正確。

故選D。8、C【分析】【詳解】

點電荷產生的電場的場強為則三點的電場強度關系勻強電場中U=Ed，點電荷產生的電場可以用該公式定性分析，ab間的電場場強一定大于bc間的電場場強，所以故C正確ABD錯誤。

故選C。9、D【分析】【詳解】

由甲圖可知，該電路為串聯(lián)電路，電壓表測量R0兩端電壓，由乙圖可知，當I1=0.1A時，U0=8V。根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律可得

當I2=0.3A時，同理根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律可得

聯(lián)立可得

故選D。

【點睛】

解答動態(tài)電路問題，關鍵在于判斷電路的連接方式，確定電表的測量對象，再抓住電源電壓始終不變，再根據(jù)串并聯(lián)電路中電流電壓及電阻的規(guī)律結合歐姆定律等進行解答二、多選題(共9題，共18分)10、B:C【分析】【詳解】

A．由圖乙可知金屬絲與管壁間的電場是非勻強電場；A錯誤；

B．粉塵在吸附了電子后會加速向帶正電的金屬管壁運動；因此動能會增加，B正確；

CD．此時電場力對吸附了電子后的粉塵做正功；因此粉塵在吸附了電子后電勢能會減少，C正確，D錯誤。

故選BC。11、C:D【分析】【分析】

考查電場的能的性質；屬于綜合題。

【詳解】

A．O點為零電勢點，由圖像可知帶電粒子在x負半軸受到向右的靜電力，由-d到O做正功，即

故粒子在處的電勢能為選項A錯誤；

B．若粒子到達d點時速度恰好為0，則粒子將在電場力作用下經(jīng)過-d點沖出電場；不滿足題干中的周期性運動，故選項B錯誤；

C．要滿足粒子在x軸做周期性運動，則粒子活動范圍為（-d，），且在兩端點速度均為零，因此粒子的動能與電勢能之和的最大值是即為-d點的電勢能；選項C正確；

D．粒子在正半軸運動時間由減速和加速兩段組成，加速段有

故粒子在x>0區(qū)域的運動時間選項D正確。

故選CD。12、A:B:D【分析】【詳解】

根據(jù)題意可知，接1時，外電路的總電阻為1.5R，接2時，外電路的總電阻為

A．外電路的總電阻減小；所以干路電流增大，內電壓增大，路端電壓減小，A正確。

B．干路電流增大；所以電池內部消耗的功率變大，B正確。

C．干路電流增大；電池的總功率變大，C錯誤。

D．電池的效率

可知，干路電流增大，電池的效率減小，D正確13、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．在表頭旁并聯(lián)一個分流電阻可改裝為量程較大的電流表，電流表讀數(shù)為表頭電流與分流電阻電流之和，接入如圖電路后，由于表頭相同，流過表頭電流相同，故電流表A1的偏轉角等于電流表A2的偏轉角；A錯誤，B正確；

CD．電流表A1的量程較大，可知分流電阻較小，并聯(lián)時電壓相同，流過分流電阻的電流較大，即A1的讀數(shù)較大；C正確，D錯誤。

故選BC。14、B:D【分析】試題分析：φ-x圖象的斜率大小等于電場強度，故x軸上的電場強度不同，故A錯誤；從-x1到x1場強斜率先減小后增大，故場強先減小后增大，故B正確；由圖可知，場強方向均指向O，根據(jù)對稱性可知，一個帶正電的粒子在x1點的電勢能等于在-x1點的電勢能，故C錯誤；電場線指向O點，則負電荷由-x1到-x2的過程中電場力做正功，故電勢能減小，故帶負電的粒子在-x1點的電勢能大于在-x2的電勢能；故D正確；故選BD．

考點：電場強度；電勢及電勢能。

【名師點睛】本題關鍵要理解φ-t圖象的斜率等于場強，由電勢的高低判斷出電場線的方向，來判斷電場力方向做功情況，并確定電勢能的變化．15、B:D【分析】【詳解】

A．由于在勻強電場中，所以

故A錯誤；

B．根據(jù)粒子的運動軌跡可知；粒子所受電場力與電場方向相反，故粒子帶負電，故B正確；

C．粒子帶負電，從O到N電場力做正功，電勢能減小，則帶電粒子在O點的電勢能大于在N點的電勢能；故C錯誤；

D．由

由O到N運動過程中，粒子沿電場線方向的速度v增大；可知電場力的功率增大，故D正確。

故選BD。16、B:C:D【分析】【詳解】

AC．電壓表示數(shù)有明顯變化，說明電流表的分壓較大，說明待測電阻較小，應采用電流表外接法，即S接a，可減小誤差；此時電流的測量值偏大，根據(jù)

可知；電阻的測量值偏小，故A錯誤，C正確；

BD．電流表示數(shù)有明顯變化，說明電壓表的分流較大，待測電阻較大，應采用電流表內接法，即S接b，可減小誤差；此時電壓的測量值偏大，根據(jù)

可知；電阻的測量值偏大，故BD正確；

故選BCD。17、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．電動機M與電爐L串聯(lián)；電流相等，電阻相等，根據(jù)。

可知；電爐放出的熱量與電動機放出的熱量相等，A正確；

BC．設電動機M線圈電阻與電爐L的電阻均為R；電路中電流為I，根據(jù)歐姆定律得：電爐兩端的電壓。

電動機是非純電阻電路；其電壓。

則有。

所以電爐兩端電壓小于電動機兩端電壓；C錯誤B正確；

D．電動機消耗的功率。

電爐消耗的功率。

則。

即電動機消耗的功率大于電爐消耗的功率；D錯誤。

故選AB。18、B:C:D【分析】【詳解】

A．電功率公式

表示電功率越大，電流做功越快．對于一段電路，有

焦耳熱

可見Q與P、U、t、R都有關，所以P越大，Q不一定越大；A錯；

B．電功的定義式

適用于任何電路，而

只適用于純電阻電路，即

只適用于純電阻電路；B正確；

C．在非純電阻電路中，電流做的功等于焦耳熱和其他形式的能之和，所以

即

C正確；

D．焦耳熱的定義式

適用于任何電路；D正確。

故選BCD。三、填空題(共8題，共16分)19、略

【分析】【詳解】

[1]因M對N有斥力作用，因M帶負電，則由此推斷小球N帶負電荷。

[2]現(xiàn)用另一與M完全相同的不帶電導體球與M接觸后移開，則M帶電量減小，則對N的斥力減小，則絲線與豎直方向的夾角將變小?！窘馕觥控撟冃?0、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]．由電路圖可知，R2與R0并聯(lián)后與R1串聯(lián)，電壓表測量并聯(lián)支路的電壓，電流表測量R2的電流；當滑動端向下滑動時，滑動變阻器接入電阻減小，總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，總電流增大，R1和內阻r上的電壓變大，則并聯(lián)支路電壓減小，即電壓表V讀數(shù)減小，電流表A示數(shù)減?。灰騌2是固定電阻，則

可知不變?！窘馕觥孔冃〔蛔儯║=IR2，U’=I’R2，△U=△IR2,也可根據(jù)圖像）21、略

【分析】【詳解】

[1]．無限長直導線ab、cd、ef，構成一個等邊三角形，且三根導線中通以大小相等、方向如圖所示的電流，O為三角形的中心，且O點磁感應強度大小為B，因為直導線ab、cd關于O點對稱，所以這兩導線在O點的磁場為零，則磁感應強度大小B是由直導線ef產生的，而直導線ab、ef關于N點對稱，所以這兩根直導線的磁場為零，因此N點的磁感應強度大小為B．

[2]．因為M點的磁感應強度為B′=Bef+Bcd+Bab，又因為Bab=B，Bef與Bcd大小相等．當撤去導線ef，其余兩根導線在N點的磁感應強度大小為：Bab+Bcd=．【解析】B22、略

【分析】【詳解】

略【解析】小溫度增大023、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]已知長波波長范圍為3000～30000m，而波速c＝3.0×108m/s.由c＝λf

可知f1＝Hz＝1×105Hz＝100kHzf2＝Hz＝1×104Hz＝10kHz

則長波頻率在10～100kHz之間．

[2]同理由短波的波長范圍為10～50m，則頻率范圍是6～30MHz.【解析】①.10～100kHz②.6～30MHz24、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]日光燈管似的集熱管面積較大；便于吸收較多的太陽能；外有透明玻璃管，內有黑色管子，使陽光能直射入玻璃管而不易被反射；在黑色管和外面透明管間有空隙，并抽成真空，減少兩管間因空氣對流引起的熱損失，減少熱傳導；集熱管的下方是一塊光亮的鋁合金板子，做成凹凸一定的曲面，使周圍及穿過管隙的陽光盡量聚集在水管內；水箱安裝在頂部而非下部，便于水的對流。

（2）[2]圖中A是集熱器；B是儲水容器，在陽光直射下水將沿順時針方向流動。

[3]集熱器中的水被太陽光曬熱后密度變?。皇芨×ψ饔醚毓芟蛴疑戏竭\動。

[4]C是輔助加熱器；其作用是在陰天用電加熱的方式使水溫升高。

[5]在封閉的環(huán)形管道的左下方安上進水閥門，在貯水容器下方豎直管道上安上出水閥門，可使熱水流出，冷水得以補充。【解析】①.日光燈管似的集熱管面積較大，便于吸收較多的太陽能；外有透明玻璃管，內有黑色管子，使陽光能直射入玻璃管而不易被反射；在黑色管和外面透明管間有空隙，并抽成真空，減少兩管間因空氣對流引起的熱損失，減少熱傳導；集熱管的下方是一塊光亮的鋁合金板子，做成凹凸一定的曲面，使周圍及穿過管隙的陽光盡量聚集在水管內；水箱安裝在頂部而非下部，便于水的對流。②.順③.集熱器中的水被太陽光曬熱后密度變小，受浮力作用沿管向右上方運動④.在陰天用電加熱的方式使水溫升高⑤.在封閉的環(huán)形管道的左下方安上進水閥門，在貯水容器下方豎直管道上安上出水閥門，可使熱水流出，冷水得以補充。?25、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由I-t圖像數(shù)據(jù)計算，閉合開關S瞬間，定值電阻R兩端的電壓為UR=I0R=0.05×1996V=99.8V

[2][3]充電過程中，定值電阻兩端的電壓逐漸變小，電源的內阻為

（2）[4]充電過程中；電容器的電容不變。

[5]根據(jù)q=It可知，電容器帶電量等于I-t圖像的面積，則由圖像可知，充電完畢后，電容器所帶電量小于【解析】99.8變小2.8不變小于26、略

【分析】【詳解】

設電容器極板上的電荷為Q，板間場強為E，板間電壓為U，則有

解得【解析】四、作圖題(共3題，共21分)27、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過磁場的過程可分為三個階段，進入磁場階段（只有邊在磁場中），在磁場中運動階段（兩邊都在磁場中），離開磁場階段（只有邊在磁場中）。

①線框進入磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性增加，最后為

②線框在磁場中運動階段：對應，時間內，穿過線框的磁通量線性減小，最后為時間內，穿過線框的磁通量反向線性增加，最后為

③線框離開磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性減小，最后為

畫出圖像如圖所示。

【解析】見解析28、略

【分析】【分析】

【詳